2025年四川省阿坝州中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2025年四川省阿坝州中考物理试卷(含详细答案解析)，共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.在日常生活中，下列估测符合实际情况的是( )
A. 人的正常体温约为20∘CB. 教室内课桌的高度约为1.5m
C. 一名中学生的质量约为500kgD. 一节新干电池电压约为1.5V
2.2024年茂县羌历年无人机表演活动中，空中无人机群组成“天下九寨沟，大美阿坝州”字样，如图所示。表演时，给无人机传递信息利用的是( )
A. 电磁波B. 光纤C. 次声波D. 超声波
3.羌笛是我国古老的民族传统乐器，距今已有2000多年历史。能分辨出羌笛的声音，依据的是( )
A. 音色B. 响度C. 音调D. 声速
4.2000多年前，《墨经》中就记载了光的直线传播、光的反射等现象。下列光现象中，由于光的直线传播形成的是( )
A. 透镜成像B. 小孔成像C. 水中倒影D. 雨后彩虹
5.“安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识，下列做法中不符合安全用电原则的是( )
A. 电线着火时应先切断电源再设法灭火B. 照明电路中开关应接在火线上
C. 多个大功率用电器同时使用一个插座D. 不使用用电器时应断开其电路
6.若尔盖草原夏日的清晨，露珠像一颗颗珍珠挂在草尖上。露珠形成时发生的物态变化是( )
A. 凝固B. 液化C. 升华D. 汽化
7.2025年5月29日凌晨，长征三号乙运载火箭点火升空，飞行18分钟后，将天问二号送入地球至小行星2016HO3转移轨道，正式开启地外小行星探测与采样返回之旅。关于火箭上升过程中的运动，下列说法正确的是( )
A. 以地面为参照物，发射塔是运动的B. 以火箭为参照物，发射塔是静止的
C. 以地面为参照物，天问二号是静止的D. 以火箭为参照物，天问二号是静止的
8.下列生活场景中，属于防止惯性造成危害的是( )
A. 开车前系好安全带
B. 纸飞机在空中飞行
C. 跳远起跳前助跑
D. 撞击锤柄套牢锤头
9.“金沙水拍云崖暖，大渡桥横铁索寒”，重走长征路的小张站在泸定桥上，感慨红军飞夺泸定桥的艰险。下列说法正确的是( )
A. 抬起一只脚时小张对桥面的压力会变大
B. 小张对桥面的压力与他受到的重力是一对平衡力
C. 小张对桥面的压力与他受到的重力是一对相互作用力
D. 小张对桥面的压力和桥面对他的支持力是一对相互作用力
10.使用各种简单机械，可以使我们的工作和生活更省力、更方便。下列工具中属于省力杠杆的是( )
A. 筷子B. 托盘天平
C. 钳子D. 镊子
11.国家倡导绿色出行，鼓励使用电动汽车。电动汽车的动力装置是电动机，如图所示的四个实验中，能体现电动机工作原理的是( )
A.
B.
C.
D.
12.考虑到安全方便和节能环保，学校楼道的照明灯使用了光控、声控开关，光控开关在光线不足时闭合，声控开关在有声音时闭合。下列电路中，能实现在光线不足且有声音时灯才亮的是( )
A. B.
C. D.
13.如图所示，在2025年春节联欢晚会上，机器人手持手绢欢快地扭秧歌。抛出的手绢在加速下落过程中( )
A. 重力势能不变
B. 重力势能转化为动能
C. 动能减小
D. 重力势能变大
14.小唐同学在测量某种液体的密度时，先测出液体及烧杯的总质量(如图甲)，然后将烧杯中的液体倒入量筒(如图乙)，再测出此时烧杯的质量(如图丙)。下列说法正确的是( )
A. 量筒中液体的质量是154.2gB. 量筒中液体的质量是114.2g
C. 量筒中液体的体积是40mLD. 被测液体的密度是3.86g/cm3
15.五一假期，小明及家人去黄龙景区游玩，发现了很多与光有关的现象，下列说法正确的是( )
A. 雪山呈现日照金山的奇观，说明雪山是光源
B. 湖水看起来要比实际的浅，是因为光的反射
C. 景区地面上出现树的影子，是因为光的折射
D. 小明清晰看见雪山，其视网膜上成的是实像
16.某学校物理兴趣小组用控制变量的方法比较a、b两种液体的比热容ca和cb。他们在实验室让质量相同的a、b两种液体吸收相同的热量后，液体a的温度从20∘C升高到50∘C，液体b的温度从10∘C升高到70∘C，a、b两种液体均未沸腾。由此可知( )
A. ca>cbB. ca2f时，得到倒立、缩小的实像。晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜；视网膜相当于光屏。
此题考查光源的概念、光的直线传播、光的折射、眼睛的视物原理等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
16.【答案】A
【解析】解：ABC、a的温度变化量为Δta=50∘C−20∘C=30∘C，b的温度变化量为Δtb=70∘C−10∘C=60∘C，ab两种液体的质量相同，吸收相同的热量，根据Q=cmΔt可知比热容c与温度变化量Δt成反比，Δtb>Δta，所以ab液体的比热容ca>cb，故A正确，BC错误；
D、ab两种液体的质量相同，吸收相同的热量，根据Q=cmΔt可知比热容c与温度变化量Δt成反比，所以cacb=ΔtbΔta=60∘C30∘C=2，所以ca=2cb，故D错误。
故选：A。
根据Q=cmΔt可知液体a和b的比热容大小关系。
本题考查比热容的知识，属于中档题。
17.【答案】AC
【解析】解：A、由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×4m=8m，
绳子自由端移动的速度：v=st=8m20s=0.4m/s，故A正确；
BCD、拉力做的总功：W总=Fs=250N×8m=2000J，
拉力做的有用功：W有=Gh=400N×4m=1600J，
该过程的机械效率：η=W有W总=1600J2000J=80%，
故C正确、BD错误。
故选：AC。
A、由图可知n=2，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据速度公式得出绳子自由端移动的速度；
BCD、根据W总=Fs得出拉力做的总功，根据W有=Gh得出拉力做的有用功，根据效率公式得出该过程的机械效率。
本题考查有关动滑轮的功和机械效率公式的应用，难度不大。
18.【答案】AC
【解析】解：水能、风能、太阳能、地热能，在自然界中可以不断再生、连续利用，是可再生能源，故AC正确，BD错误。
故选：AC。
从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源；
人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；
在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源。
本题考查了能源的分类，属于基础题。
19.【答案】BC
【解析】解：AC、由电路图可知，三电阻串联，电压表测R2和滑动变阻器R3他们两端的总电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器R3的滑片P自B端向A端移动过程中变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误，C正确；
B、根据U=IR可知，R1两端的电压变大，由题可知电源电压保持不变，则R2和滑动变阻器R3他们两端的总电压变小，即电压表示数变小，故B正确；
D、电源电压不变，电流变大，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选：BC。
(1)由电路图可知，三电阻串联，电压表测R2和滑动变阻器R3他们两端的总电压，电流表测电路中的电流；
(2)将滑动变阻器R3的滑片P自B端向A端移动过程中变阻器接入电路中的电阻变小，接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流和R2和滑动变阻器R3他们两端的总电压变化；
(3)根据P=UI可知电路消耗总功率的变化。
本题考查的是滑动变阻器对电路中电流、电压的调节情况。分析问题的关键是判断滑动变阻器在电路中的接法以及电压表和电流表测得的是谁的电压和电流。
20.【答案】热传递 扩散
【解析】解：(1)茶叶吸收热量，温度升高，内能增加，是能量转移的过程，因此这是通过热传递的方式改变了茶叶的内能；
(2)茶香四溢，是茶香分子运动到空气中，是扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
(1)根据热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程分析煮茶叶时增加内能的方式；
(2)不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
本题考查了改变物体内能的方式和扩散现象，难度不大。
21.【答案】甲 凹透镜
【解析】解：能模拟近视眼成像的光路图是甲，远处来的光成像在视网膜的前方，应配戴凹透镜制成的眼镜来矫正近视眼。
故答案为：甲；凹透镜。
近视眼是由于晶状体太厚或者眼球的前后径太长，远处来的光成像在视网膜的前方；应该佩戴合适的凹透镜来矫正。
本题考查的是近视眼的成因及矫正，属于基础题目。
22.【答案】绝缘体 正电
【解析】解：通常情况下，玻璃不容易导电，是绝缘体，用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带正电。
故答案为：绝缘体；正电。
(1)自然界存在两种电荷，正电荷和负电荷。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
(2)容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查导体的性质、摩擦起电的实质，注意从题干中获取有用信息是解题的关键，比较简单。
23.【答案】小于 升力
【解析】解：(1)根据流体压强与流速的关系：流体流速越大，压强越小；流速越小，压强越大，歼−20机翼上方空气流速比下方大，因此机翼上方的空气压强小于下方的空气压强；
(2)飞机水平飞行时，机翼上方空气压强小于下方空气压强，上下方存在压强差，这个压强差使飞机获得了升力。
故答案为：小于；升力。
(1)运用流体压强与流速的关系以及飞机升力的形成原理；流体流速与压强的反向关系，流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
(2)机翼上方空气压强小于下方空气压强，上下方存在压强差，这个压强差使飞机获得了升力。
本题核心是理解流体压强与流速的关系，以及飞机升力的形成原理。
24.【答案】4.8×107 下沉
【解析】解：(1)驱逐舰排开水的质量：m排=4.8×103t=4.8×106kg，
驱逐舰受到的浮力：F浮=G排=m排g=4.8×106kg×10N/kg=4.8×107N；
(2)驱逐舰在海洋中行驶时，处于漂浮状态，浮力等于重力；
驱逐舰在长江中行驶时，仍然处于漂浮状态，浮力仍然等于重力；
所以驱逐舰从海洋驶入长江时，所受的浮力不变，
由阿基米德原理可得：V排=F浮ρ液g，由于液体密度变小，故排开水的体积增大，它会下沉一些。
故答案为：4.8×107；下沉。
(1)根据题中条件要算浮力，可利用阿基米德原理进行计算。阿基米德原理告诉我们：浸在液体中的物体所受的浮力大小等于它排开的液体所受的重力，题中已经告诉我们驱逐舰的排水量，则根据公式G排=m排g即可算出驱逐舰排开水的重力，即为浮力；
(2)驱逐舰在海洋和长江中行驶时，都处于漂浮状态，所受的浮力都等于重力，结合阿基米德原理分析确定吃水深度变化。
本题考查了学生对阿基米德原理的了解以及对物体浮沉条件及其应用的掌握，是一道对基础知识的考查。在计算过程中，要注意质量单位的换算。
25.【答案】200 8
【解析】解：推力所做的功为：W=Fs=20N×10m=200J；
推力做功的功率为：
P=Wt=200J20s=10W。
故答案为：200；8。
知道水平推力的大小和前进的距离，根据W=Fs求出推力做的功，根据公式P=Wt求出推力做功的功率。
本题考查了功和功率的计算，是一道基础题。
26.【答案】12 120
【解析】解：(1)当闭合S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表的示数是0.4A，
根据欧姆定律可得电源电压：U=U1=I1R1=0.4A×30Ω=12V；
(2)当S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，电流表的示数是0.5A，
根据并联电路电流规律可得通过R2的电流：I2=I−I1=0.5A−0.4A=0.1A，
根据欧姆定律可得电阻R2的阻值：R2=U2I2=U1I2=12V0.1A=120Ω。
故答案为：12；120。
(1)当闭合S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律可得电源电压；
(2)当S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律可得通过R2的电流，根据欧姆定律可得电阻R2的阻值。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，难度不大，是基础题。
27.【答案】
【解析】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。如图所示：
在作凸透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
28.【答案】
【解析】解：小球所受重力方向竖直向下，作用在小球的重心上，如图所示：
重力是物体由于地球的吸引而受到的力，其方向竖直向下，根据力的示意图的画法作图。
本题考查重力的方向、作用点和离得示意图的画法，是基础题。
29.【答案】串联； 断开开关；正； 更换规格不同的灯泡
【解析】(1)电流表应与待测的那部分电路串联。
(2)在测量A处的电流时，发现电流表的指针反向偏转，则电流表的正负接线柱接反，他应该立即断开开关，然后改变连线方式，使电流从电流表的正接线柱流入。
(3)为得出普遍规律，测出A、B、C三处电流大小后，他应该更换规格不同的灯泡，多次实验得出结论。
故答案为：(1)串联；(2)断开开关；正；(3)更换规格不同的灯泡。
(1)电流表与待测电路串联；
(2)测量电流时，电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电流表指针会反向偏转；
(3)为得出普遍规律，他应该更换规格不同的灯泡或不同规格的电源，多次实验得出结论。
本题考查“探究并联电路电流的特点”实验，有一定难度。
30.【答案】匀速；等于； 压力大小； 越大
【解析】(1)用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块受平衡力的作用，由二力平衡知识可知，此时木块所受的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
(2)分析比较甲、乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数大，即摩擦力大，故可以可出滑动摩擦力的大小可能与压力大小有关；
(3)分析比较甲、丙两次实验，压力大小相同，丙中接触面粗糙，测力计示大，即摩擦力大，可得出结论：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：(1)匀速；等于；(2)压力大小；(3)越大。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
31.【答案】减小； N； 16； 10
【解析】(1)从图乙可知，压敏电阻R的阻值随着压力的增大而减小”。
(2)控制电路中，开关S闭合时，根据安培定则可知电磁铁的上端是N极。
(3)小刘同学想将触发B的最小质量设置为50kg，此时压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，
从图乙可知压敏电阻的阻值R=20Ω；
控制电路中，闭合开关，滑动变阻器和定值电阻串联，电流表测量电路电流，
根据欧姆定律可知总电阻R总=UI=Ω，
根据电阻串联的特点可知应调节滑动变阻器R0的阻值为R0=R总−R=36Ω=20Ω=16Ω。
(4)滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω时，压敏电阻的阻值为36Ω，从图乙可知压力大小为100N，
故能触发B的最小质量m=Gg=Fg=100N10N/kg=10kg。
故答案为：(1)减小；(2)N；(3)16；(4)10。
(1)从图乙可知，压敏电阻R的阻值随着压力的增大的变化情况”。
(2)控制电路中，开关S闭合时，根据安培定则可知电磁铁的上端极性。
(3)小刘同学想将触发B的最小质量设置为50kg，根据F=G=mg得出此时压力，从图乙可知压敏电阻的阻值；
控制电路中，闭合开关，滑动变阻器和定值电阻串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知总电阻，根据电阻串联的特点可知应调节滑动变阻器R0的阻值。
(4)滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω时，压敏电阻的阻值为36Ω，从图乙可知压力大小，根据m=Gg=Fg得出能触发B的最小质量。
本题考查电磁继电器的有关知识，有一定难度。
32.【答案】越野车通过鹧鸪山隧道的时间为0.11h；
下车休息时，越野车对地面的压强为2×105Pa
【解析】(1)由v=st可得：越野车通过鹧鸪山隧道的时间为：
t=sv=8.8km80km/h=0.11h；
(2)越野车的重力为：
G=mg=2.4×103kg×10N/kg=2.4×104N，
越野车静止时对地面的压力为：
F=G=2.4×104N，
下车休息时，越野车对地面的压强为：
p=FS=2.4×104N0.12m2=2×105Pa。
答：(1)越野车通过鹧鸪山隧道的时间为0.11h；
(2)下车休息时，越野车对地面的压强为2×105Pa
(1)利用速度公式的变形公式t=sv求出越野车通过鹧鸪山隧道的时间；
(2)知道汽车质量，利用G=mg求其重力，汽车静止时对地面的压力等于其重力，知道受力面积，利用p=FS
求出下车休息时，越野车对地面的压强。
本题考查了重力公式、速度公式、压强定义式的应用，关键是知道水平面上的物体对水平面的压力大小等于其重力大小。
33.【答案】发热元件R1的阻值是4Ω
S接1时，杯垫工作10s产生的热量为360J
【解析】(1)由图可知，开关S接2时，两个定值电阻串联，电流表测量电路中的电流，I=1A，
根据欧姆定律可得电路的总电阻：R总=UI=12V1A=12Ω，
由串联电路电阻规律可得，R1的阻值：R1=R总−R2=12Ω−8Ω=4Ω；
(2)当开关S接1时，电路为R1接在电源两极的简单电路，
因为电路为纯电阻电路，所以杯垫工作10s产生的热量：Q=W=U2R1t=(12V)24Ω×10s=360J。
答：(1)发热元件R1的阻值是4Ω。
(2)S接1时，杯垫工作10s产生的热量为360J。
(1)由图可知，开关S接2时，两个定值电阻串联，根据欧姆定律和串联电路规律计算R1的阻值；
(2)当开关S接1时，电路为R1接在电源两极的简单电路，根据Q=W=U2Rt计算杯垫工作10s产生的热量。
本题考查串联电路规律、欧姆定律和电功(电热)计算公式的应用，是基础题。
34.【答案】A中未放入B时，水对A底部的压强为1×103Pa；
液面再次达到标记处时，加入钩码的个数为10个；
平衡后水对A底部压强p水与ρc的关系式为p水=(1×103+0.125ρC)Pa
【解析】(1)测量C的质量时，先在A中注入10cm深的水，则水对A底部的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa；
(2)将物体C竖直缓慢放入B中，平衡时B又竖直下降了5cm，设容器A中液面上升的高度为Δh，此时容器A中液面上升的体积等于B排开水体积的增加量，即SAΔh=SB(Δh+5cm)，即100cm2×Δh=50cm2×(Δh+5cm)，
解得：Δh=5cm，
B排开水体积的增加量为：
ΔV排=SAΔh=100cm2×5cm=500cm3，
B增加的浮力为：
ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×500×10−6m3=5N，
因B处于漂浮状态，增加的浮力等于增加的重力，即物体C的重力为GC=ΔF浮=5N，
物体C的质量为mC=GCg=5N10N/kg=0.5kg=500g，
则加入钩码的个数为：
n=mCm0=500g50g=10个；
(3)物体C的体积为VC=(0.05m)3=1.25×10−4m3，
GC=mCg=ρcgVC，
物体C放入B中，A中水面上升的高度为Δh′，则B排开水的体积增加量ΔV排′=SAΔh′，
物体C放入B中，B受到的浮力增加量为：
ΔF浮′=ρ水gΔV排′，
B始终处于漂浮状态，即GC=ΔF浮′，
则A中水面上升的高度为：
Δh′=ΔV排SA=ΔF浮ρ水gSA=GCρ水gSA=ρCgVCρ水gSA，
水对A底部的压强为：
p水=ρ水g(h+Δh′)=ρ水gh+ρ水gΔh′=ρ水gh+ρ水g×ρCgVCρ水gSA=1×103Pa+ρC×10N/kg×1.25×10−4m3100×10−4m2=(1×103+0.125ρC)Pa。
答：(1)A中未放入B时，水对A底部的压强为1×103Pa；
(2)液面再次达到标记处时，加入钩码的个数为10个；
(3)平衡后水对A底部压强p水与ρc的关系式为p水=(1×103+0.125ρC)Pa。
(1)根据p=ρ水gh求出A中未放入B时水对A底部的压强；
(2)将物体C竖直缓慢放入B中，平衡时B又竖直下降了5cm，设容器A中液面上升的高度为Δh，此时容器A中液面上升的体积等于B排开水体积的增加量，即SAΔh=SB(Δh+5cm)，据此求出液面上升的高度和B排开水体积的增加量，根据阿基米德原理求出B增加的浮力，据此求出物体C的重力，然后求出加入钩码的个数；
(3)物体C放入B中，A中水面上升的高度为Δh′，根据阿基米德原理和浮沉条件求出A中水面上升的高度，利用液体压强公式写出平衡后水对A底部压强p水与ρc的关系式。
本题考查了液体压强和浮力公式的综合应用，难度较大。