2025年四川省德阳市中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2025年四川省德阳市中考物理试卷(含详细答案解析)，共16页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.元旦节期间，小明一家人决定从成都到德阳游览东湖山公园。下列数据符合实际的是( )
A. 成都到德阳的距离约50mB. 一双运动鞋的质量约10kg
C. 小明正常步行的速度约1.1m/sD. 元旦节期间东湖山的平均气温约35∘C
2.我国民族乐器种类繁多，展示了中华民族的智慧和创造力。人们能区分二胡和竹笛的声音，依据的是声音的( )
A. 音色B. 响度C. 音调D. 频率
3.小刘用焦距为10cm的凸透镜探究成像规律。当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，蜡烛在光屏上所成的像是( )
A. 倒立、等大的实像B. 倒立、放大的实像C. 倒立、缩小的实像D. 正立、放大的虚像
4.2025年5月24日，世界乒乓球锦标赛混双决赛中，我国选手获得混双冠军，他们实现了世乒赛混双三连冠。关于比赛下列说法正确的是( )
A. 乒乓球在上升过程中，相对球台是静止的
B. 乒乓球竖直上升到最高点时处于平衡状态
C. 击球时，球拍对球的力大于球对球拍的力
D. 将乒乓球向上抛出后，球能继续向上运动是因为球具有惯性
5.荡秋千的过程可简化为一个球的摆动过程。如图所示，用细线把一个小球悬挂起来，小球由A点静止释放后，将在A、C两点之间来回摆动(不计空气阻力)，下列说法正确的是( )
A. 小球在C点时，动能最大
B. 小球在B点时，重力势能最大
C. 小球从A点运动到C点的过程中，重力势能先增大后减小
D. 小球从A点运动到B点的过程中，动能增大，重力势能减小
6.小东家楼栋单元门设有门禁系统，他回家时需在门禁处进行人脸识别成功或输入密码正确后，该单元门(电动机)自动打开。若人脸识别成功相当于闭合开关S1，输入密码正确相当于闭合开关S2，则下列电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7.如图所示为测风速仪的工作原理简化图，装有挡风板和滑片P的轻质滑块与轻质弹簧套在滑杆MN上，弹簧左端固定，右端与滑块相连，R0为定值电阻，AB为电阻丝，滑片P与电阻丝AB接触良好。无风时，滑片P在A处；有风时，滑块与滑片P一起向左移动。闭合开关S，当风速增大时下列分析正确的是( )
A. 风速越大，电流表示数越小
B. 电压表示数变小，电流表示数变大
C. 电压表示数与电流表示数的比值变大
D. 电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值ΔUΔI变小
8.图甲为通过灯泡L和定值电阻R的电流与其两端电压关系的图像。把它们按图乙接入电路，闭合开关S，电流表示数为0.2A，下列选项正确的是( )
A. 电源电压为1.5VB. 定值电阻R的阻值为10Ω
C. 通过灯泡L的电流为0.2AD. 灯泡L的实际功率为0.9W
二、填空题：本大题共5小题，共20分。
9.我国古代著作《天工开物》中记录了古代劳动者“煮海水制盐”的方法，制盐过程中水逐渐减少的原因是水发生了______(填物态变化名称)，此过程要______热。
10.2024年12月26日，我国首架第六代战斗机试飞成功，若它以2倍声速(v声=340m/s)匀速直线飞行10s，则它通过的路程为______m。我国自主研发生产出了世界上最薄的“手撕钢”，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”，其厚度只有1.5×10−3cm，密度为7.9g/cm3，则面积大小为2×103cm2的“手撕钢”的质量为______g。
11.小阳在家使用天然气灶为家人煮面条，他将初温为20∘C、质量为2kg的水加热至沸腾(一个标准大气压下)，该过程中水吸收的热量是______ J，水吸收的热量相当于完全燃烧2.24×10−2m3天然气放出的热量，则天然气的热值为______J/m3。[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
12.塔吊是工程建设中常用的装置，其起吊部分的结构可简化为如图所示的滑轮组。用200N的拉力F，将480N的重物在10s内竖直匀速提升2m，则拉力F的功率为______ W，该滑轮组的机械效率为______。
13.如图所示，电源电压恒定为6V，定值电阻R0=10Ω，R1=20Ω，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω。若闭合开关S和S2，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，R1在5min内产生的热量为______ J；若闭合开关S和S1，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为______。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
14.如图所示一束光从空气斜射向透明玻璃，发生了折射和反射现象，请作出折射光线的大致位置和反射光线。
15.小王在体育课上做俯卧撑，若将他的身体看作为杠杆，脚尖作为支点O，简化模型如图所示，A点为重心，请画出重力示意图及F1的力臂L1。
16.请将图中的空调专用插座正确地接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
17.电与磁之间存在着相互联系，彰显物理现象的对称之美。
(1)如图甲所示，导线通电后小磁针发生偏转，断电后小磁针复位。实验表明通电导线周围存在______。
(2)如图乙所示为水位自动报警器的原理图。当水位到达金属块A时，______灯亮，控制电路中电磁铁的上端为______极(选填“S”或“N”)。
(3)如图丙所示，电路中的开关为单刀双掷开关。
①将开关掷于1，观察到导体棒ab运动，说明______(选填字母)；
A.电路中产生了感应电流
B.通电导体在磁场中受力的作用
②将开关掷于2，使导体棒ab向右运动，观察到灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以______(选填字母)。
A.保持磁体不动，使导体棒ab向左运动
B.将磁体的磁极对调，使导体棒ab向左运动
18.小海同学利用木块、木板、毛巾、砝码、弹簧测力计按如图所示装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。
(1)图甲、乙和丙三次实验中须沿水平方向______拉动木块，根据二力平衡得出滑动摩擦力的大小；图乙中弹簧测力计示数F2为______ N；
(2)图甲和图乙两组实验表明，当接触面粗糙程度相同时，接触面受到的______越大，滑动摩擦力越大；图______和图丙两组实验表明，当接触面受到的压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)图丁中木板向右匀速直线运动，弹簧测力计的示数F4为0.6N、F5为2.8N，则地面与木板之间的滑动摩擦力大小为______ N。
19.某实验小组在测量未知电阻Rx阻值的实验中，用到的实验器材有：学生电源、未知电阻Rx、电压表、电流表、开关、滑动变阻器、导线若干。
(1)请画一根导线把图甲所示的实验电路补充完整，并且使滑动变阻器接入电路的阻值最大；
(2)电路连接正确后，闭合开关，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是未知电阻Rx______(选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后闭合开关，当电流表示数为0.3A时，电压表示数如图乙所示，由该组数据初步计算被测电阻Rx的阻值为______Ω；通过调节滑动变阻器，测得多组电压值和电流值，最后算出Rx的电阻平均值，这样做的目的是______；
(4)完成上述实验后，实验小组的同学利用阻值已知的定值电阻R0和另一个电压表V0，设计了如图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的阻值。
①闭合开关，调节滑片的位置，使电压表V的示数为______ V；
②保持滑片位置不变，读出电压表V0的示数为2.0V；
③计算出小灯泡正常发光时的阻值RL=______R0。
五、计算题：本大题共2小题，共19分。
20.在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω。闭合开关S1，断开开关S2，电流表A1的示数如图乙所示；闭合开关S1和S2，电流表A2的示数为1.2A，求：
(1)电源电压U；
(2)闭合开关S1和S2，电阻R2的电功率；
(3)闭合开关S1和S2，通电2min，电路消耗的电能。
21.如图甲所示，“国之重器”起重船起吊重物时，需通过抽水机将一侧水舱里的水抽向另一侧水舱来保持起重船平衡。如图乙所示，小兰设计了一种采用力传感器感知抽水量的长方体水舱模型，水舱中装有V=0.014m3的水，其底面积S=0.04m2。A是固定在顶端的力传感器，能够显示A对B的压力或拉力的大小；B是质量和体积均可忽略的细直硬杆，不考虑B的形变，B的上端与力传感器A连接，下端与物体C连接；物体C是质量m=0.5kg、底面积SC=0.01m2的圆柱体。用抽水机将水抽出的过程中，力传感器示数F的大小随抽出水的体积V变化的图像如图丙所示。当物体C的下端刚好露出水面，此时已抽出水的体积V抽=0.01m3。已知ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)物体C的重力；
(2)物体C完全浸没时排开水的体积；
(3)当力传感器示数为2N时，水对水舱模型底部的压强。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、成都到德阳的距离约108km，故A不符合实际；
B、一双运动鞋的质量约为0.4kg，故B不符合实际；
C、小明走路的速度约为1.1m/s，故C符合实际；
D、元旦节期间东湖山的平均气温约在10∘C∼15∘C之间，故D不符合实际。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对路程、质量、速度、温度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】A
【解析】解：人们能区分二胡和竹笛的声音，依据的是声音的音色，因为音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
本题考查了音色，比较简单。
3.【答案】C
【解析】解；根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像。已知凸透镜焦距f=10cm，由图可知蜡烛到凸透镜的距离(物距)u=50cm−20cm=30cm，即u>2f，所以此时蜡烛在光屏上所成的像是倒立、缩小的实像，应用于照相机原理。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像。
本题考查凸透镜的成像规律。解题关键明确物距与焦距的关系。
4.【答案】D
【解析】解：A、乒乓球在上升过程中，与球台的位置发生了变化，所以乒乓球相对球台是运动的，故A错误。B、乒乓球竖直上升到最高点时，只受到重力作用，受力不平衡，不是处于平衡状态，故B错误。
C、击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力，大小相等，故C错误。
D、将乒乓球向上抛出后，球能继续向上运动是因为球具有惯性，要保持原来的运动状态，故D正确。故选：D。
(1)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(2)乒乓球竖直上升到最高点时，只受到重力作用，受力不平衡，不是处于平衡状态。
(3)相互作用的两个力大小相等，方向相反。
(4)将乒乓球向上抛出后，球能继续向上运动是因为球具有惯性，要保持原来的运动状态。
本题考查运动与静止的相对性及力的相互性，平衡状态的判断及运用惯性解释现象。
5.【答案】D
【解析】解：AB、小球由A点静止释放后，将在A、C两点之间来回摆动，不计空气阻力，小球在B点的速度最大，高度最小，在C点速度为零，高度最大，所以小球在C点时，重力势能最大，动能最小；小球在B点时，动能最大，重力势能最小，故AB错误；
CD、小球从A点运动到C点的过程中，质量不变，高度先减小后增大，故重力势能先减小后增大；小球从A点运动到B点的过程中，质量不变，速度增大，高度减小，故动增大，重力势能减小，故C错误、D正确。
故选：D。
物体的动能与速度和质量有关，在质量不变时，速度越大，动能越大，速度越小，动能越小；
物体的重力势能与高度和质量有关，在质量不变时，高度越大，重力势能越大，高度越小，重力势能越小；
小球由A点静止释放后，将在A、C两点之间来回摆动，不计空气阻力，小球在B点的速度最大，高度最小，在C点速度为零，高度最大，据此可知各点的动能、重力势能的大小情况和运动过程中的能量变化情况。
本题考查动能和势能的影响因素，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：根据题意可知小东输入密码正确或人脸识别成功(相当于闭合对应的开关)，此时电动机工作，门被打开，这说明两个开关中任意一个开关闭合，电动机都能工作，这是说明两个开关是并联的，然后与电动机串联在电路中，故B正确。
故选：B。
根据题意分析电动机与两个开关的连接，然后选出正确的电路图。
本题考查根据要求设计电路，关键是明确两个开关的连接方式。
7.【答案】B
【解析】解：由电路图知两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
ABC、闭合开关S，当风速增大时滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，由I=UR知电路中的电流变大，电流表的示数变大；
由于滑动变阻器接入电路的电阻变小，由串联电路的分压作用知滑动变阻器两端的电压变小，电压表的示数变小，电压表示数与电流表示数的比值变小，故AC错误，B正确；
D、设滑片移动前后，电路中的电流分别为I1、I2，
电压表的示数分别为：U1=U−I1R0，U1′=U−I2R0，
则电压表示数变化量：ΔU=U1−U1′=U−I1R0−(U−I2R0)=(I2−I1)R0=ΔIR0可知，V示数的变化量与A示数的变化量的比值：ΔUΔI=R0的阻值，则其比值不变，故D错误。
故选：B。
由电路图知两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)闭合开关S，当风速增大时滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由I=UR判断出电路中电流的变化，根据串联电路的分压作用判断出滑动变阻器两端电压的变化，进而判断出电压表示数与电流表示数比值的变化；
(2)设滑片移动前后，电路中的电流分别为I1、I2，根据欧姆定律表示出电压表的示数，进而表示出电压表示数变化量，最后判断出V示数的变化量与A示数的变化量比值的变化。
本题考查学生对欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
8.【答案】D
【解析】解：A、闭合开关S，此时电阻R与小灯泡L并联在电路中，电流表测量电阻R电流，IR=0.2A，此时电阻R两端的电压为UR=3V，电源电压U=UR=3V，故A错误；
B、由图甲根据欧姆定律可得，定值电阻R的阻值：R=URIR=3V0.2A=15Ω，故B错误；
C、由图可知，电阻R与小灯泡L并联在电路中，小灯泡电压3V时，小灯泡电流是0.3A，故C错误；
D、灯泡L的实际功率为：PL=ULIL=3V×0.3A=0.9W，故D正确。
故选：D。
(1))只闭合开关S，此时电阻R与小灯泡L并联在电路中，由图甲可求定值电阻R的阻值；
已知电流表示数，可知此时通过电阻R的电流，根据并联电路电流特点；
分别求出小灯泡与定值电阻R两端的电压，进而求出电源电压，进而可求可知此时通过灯泡L的电流；
(4))由图甲根据P=UI求出小灯泡的实际功率
此题考查了电功率公式的应用、串联电路和并联电路的规律、欧姆定律、图像的分析，从图像中获取有用的信息是关键。
9.【答案】汽化 吸
【解析】解：我国古代著作《天工开物》中记录了古代劳动者“煮海水制盐”的方法，制盐过程中水逐渐减少的原因是水发生了汽化(蒸发)现象，此过程要吸热。
蒸发是指在任何温度下都能进行的，一般发生在液体表面的汽化现象。在煮海水制盐过程中，通过加热使海水温度升高，加快了水分的蒸发，海水中的水分由液态变为气态，从而使水逐渐减少。而液体变为同温度的气体时需要吸收热量。
故答案为：汽化；吸。
物质从液态变为气态的过程叫作汽化，‌这一过程需要吸收热量。‌
本题考查汽化吸热，属于基础题。
10.【答案】6800 23.7
【解析】解：战斗机的速度：v=2×340m/s=680m/s，
匀速直线飞行10s，通过的路程：s=vt=680m/s×10s=6800m；
“手撕钢”的体积是：V=Sh=0.2m2×1.5×10−3×10−2m=3×10−6m3，
m=ρV=7.9×103kg/m3×3×10−6m3=0.0237kg=23.7g。
故答案为：6800；23.7。
利用速度公式求路程；利用V=Sh求体积，知道密度，再利用m=ρV求其质量。
本题考查速度公式、密度公式的运用，比较综合
11.【答案】6.72×105 3×107
【解析】解：(1)一个标准大气压下，水的沸点为100∘C，即水的末温t=100∘C，
水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0 )=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2kg×(100∘C−20∘C)=6.72×105J；
(2)由题知：Q放=Q吸=6.72×105J得，天然气的热值：
q=Q放V=6.72×105J2.24×10−2m3=3×107J/m3。
故答案为：6.72×105；3×107。
(1)知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；
(2)知道天然气的体积和天然气完全燃烧放出的热量，利用热值定义式计算天然气的热值。
本题考查了学生对吸热公式热值定义式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
12.【答案】120 80%
【解析】解：由图可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数为n=3，
拉力F做的总功：W=Fs=Fnh=200N×3×2m=1200J，
拉力F的功率：P=W总t=1200J10s=120W；
拉力做的有用功：W有=Gh=480N×2m=960J，
该滑轮组的机械效率：η=W有W总=960J1200J×100%=80%。
故答案为：120；80%。
由图可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数，根据W=Fs=Fnh求拉力F做的总功，根据P=Wt求拉力F的功率；
根据W=Gh求拉力做的有用功，根据η=W有W总求该滑轮组的机械效率。
本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一。
13.【答案】240 1：2
【解析】解：(1)由图可知，当闭合开关S和S2，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可得，
电路中的电流：I=UR总=UR1+R中=6V20Ω+12×20Ω=0.2A，
R1在5min内产生的热量：Q=I2R1t=(0.2A)2×20Ω×5×60s=240J；
(2)当闭合开关S和S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当R接入电路的阻值越大时，电路中的电流越小，根据串联电路的分压关系可知，R两端的电压越大，
根据电压表量程可知R两端的最大电压为U大=3V，
根据串联电路的电压关系可知R0两端的最小电压为U小=U−U大=6V−3V=3V，
根据欧姆定律可得，电路中的最小电流：I小=I0=U小R0=3V10Ω=0.3A；
当R接入电路的阻值越小时，电路中的电流越大，
根据电流表的量程可知，电路中的最大电流为I大=0.6A，
电源电压恒定不变，则根据P=UI可得电路的最小电功率和最大电功率之比：
P小：P大=I小：I大=0.3A：0.6A=1：2。
故答案为：240；1：2。
(1)由图可知，当闭合开关S和S2，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律求电路中的电流，根据Q=I2Rt求R1在5min内产生的热量；
(2)当闭合开关S和S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当R接入电路的阻值越大时，电路中的电流越小，根据串联电路的分压关系可知，R两端的电压越大，根据电压表量程可知R两端的最大电压，根据串联电路的电压关系可知R0两端的最小电压，根据欧姆定律求电路中的最小电流；当R接入电路的阻值越小时，电路中的电流越大，根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P=UI可得电路的最小电功率和最大电功率之比。
本题考查焦耳定律、欧姆定律和电功率的计算，以及串联电路的特点，难度适中。
14.【答案】
【解析】解：首先过入射点垂直于界面做出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中作出反射光线；再根据光从空气斜射入其它透明介质中，折射角小于入射角，在法线左侧的玻璃中作出折射光线，如图所示：
光的反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，按反射定律的内容作出反射光线；
光的折射规律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，据此作出折射光线。
光斜射到两种透明介质的界面上，一般要发生反射和折射，反射与入射在同一种介质中，要按反射定律作图；折射与入射在不同的介质中，要按折射定律去作图。
15.【答案】
【解析】解：人受到的重力是竖直向下的，人受重力的作用点在A点，由此画出人所受重力的示意图；
过支点O向力F1的作用线作垂线段，即为支持力F1的力臂L1，如图所示：
重力的方向竖直向下，即垂直于水平面向下，已知人体重心在B点，由此画出人受到重力的示意图；
力臂的画法：过支点向力的作用线作垂线段。
本题考查了力的示意图和力臂的画法，力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
16.【答案】见解析。
【解析】解：根据“左零右火、中间接地”的原则，空调专用插座正确地接入家庭电路中连线如下：。
根据“左零右火、中间接地”的原则，空调专用插座正确地接入家庭电路中。
本题考查了三孔插座使用内容的掌握情况。
17.【答案】磁场； 红；S； B；A
【解析】(1)通电后小磁针发生偏转，断电后小磁针复位。实验表明通电导体周围存在磁场；
(2)当水位到达金属块A时，一般的水是导体，AB之间导通，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，动触点向下运动，接通红灯电路，断开绿灯电路。
控制电路的电源右端为正极时，根据安培定则，电磁铁的上端为S极，下端为N极；
(3)①将开关掷于1，观察到导体棒ab运动，说明通电导体在磁场中受力的作用，故选B；
②将开关掷于2，使导体棒ab向右运动，观察到灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以
A、保持磁体不动，使导体棒ab向左运动，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计指针会发生向右偏转，故选A；
②保持磁体不动，将导体ab水平向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以将磁体的磁极对调或导体ab向左运动，两者不能同时改变，故B不符合题意。
故答案为：(1)磁场；(2)红；S；(3)B；A。
(1)通电导体周围存在磁场；通电导体在磁场中会受到力的作用；
(2)根据电磁继电器的基本原理和安培定则来进行分析；
(3)①通电导体在磁场中受力的作用；
②掌握产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关。
此题是探究通电导线周围的磁场、电磁铁、电磁感应现象的实验，是一道综合题。
18.【答案】匀速直线；1.2； 压力；乙； 2.2
【解析】(1)图甲、乙和丙三次实验中须沿水平方向匀速直线拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡得出滑动摩擦力的大小等于拉力大小；图乙中弹簧测力计分度值为0.1N，示数F2为1.2N；
(2)图甲和图乙两组中，乙中压力大，实验表明，当接触面粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，要控制压力相同，图乙和图丙两组实验表明，当接触面受到的压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)图丁中木板向右匀速直线运动，木块相对地面处于静止状态，受到的摩擦力与测力计的拉力为一对平衡力，大小相等，方向相反，因弹簧测力计的示数F4为0.6N，故木块受到的摩擦力大小为0.6N，方向向右，由力的相互性，长木板受到木块施加的摩擦力方向向左，大小为0.6N，根据力的平衡，因F5为2.8N，则地面与木板之间的滑动摩擦力大小为
f=2.8N−0.6N=2.2N。
故答案为：(1)匀速直线；1.2；(2)压力；乙；(3)2.2。
(1)根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)分别分析木块和长木板的受力情况，根据力的平衡及力的相互性得出地面与木板之间的滑动摩擦力大小。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和力的相互性，体现了对过程和方法的考查。
19.【答案】； 断路； 5；减小误差； 54
【解析】(1)由图知，为使滑动变阻器接入电路的阻值最大，应选择接线柱B与Rx的左侧接线柱相连，如图所示：
；
(2)电路连接正确后，闭合开关，电流表无示数，说明电路有断路，电压表有示数，说明与之并联的Rx断路了；
(3)由图乙知，电压表使用小量程，分度值0.1V，示数为1.5V，
由欧姆定律可得，测电阻Rx=UI=Ω；
这样做的目的是减小误差；
(4)图丙中，L与R0串联，电压表V测灯泡两端电压，V0测R0两端电压。
①闭合开关，调节滑片的位置，当电压表V的示数等于灯泡额定电压2.5V时，灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，读出电压表V0的示数为2.0V；
③由串联电路特点和欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电流：
IL=I0=U0R0=2VR0，
所以小灯泡正常发光时的阻值RL=U额IL=2.5V2VR0=54R0。
故答案为：(1)见解答过程；(2)断路；(3)5；减小误差；(4)54。
(1)根据使滑动变阻器接入电路的阻值最大，确定变阻器的接线柱，将其与定值电阻串联在电路。
(2)电流表无示数，电路可能出现断路，再根据电压表示数分析判断；
(3)由图乙读出电压表示数，根据欧姆定律计算Rx的阻值；测量型实验多次测量的目的是为了减小误差；
(4)为测小灯泡正常发光时的阻值，首先要使其正常发光，再根据串联电路特点和欧姆定律计算出灯泡的电阻。
本题是伏安法测电阻的实验，考查了实物图的连接、电路故障的分析、电表读数以及串联电路特点和欧姆定律的应用，难度适中。
20.【答案】电源电压U为6V；
电阻R2的电功率为5.4W；
通电2min，电路消耗的电能为864J
【解析】(1)闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1工作，
电流表A1的示数即为通过R1的电流，即I1=0.3A，
由I=UR可知，电源电压U=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
(2)闭合开关S1和S2，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流I1=0.3A，电流表A2测量干路电流I=1.2A，根据并联电路的电流特点可知，通过R2的电流I2=I−I1=1.2A−0.3A=0.9A；
电阻R2的电功率：P=UI2=6V×0.9A=5.4W；
(3)通电2min，电路消耗的电能：W=UIt=6V×1.2A×2×60s=864J。
答：(1)电源电压U为6V；
(2)电阻R2的电功率为5.4W；
(3)通电2min，电路消耗的电能为864J。
(1)闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1工作，电流表A1的示数即为通过R1的电流，利用欧姆定律求出电源电压；
(2)闭合开关S1和S2，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流，根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，再利用电功率公式计算电功率；
(3)利用电能公式计算电路消耗的电能。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功率、电能的应用，是一道基础综合题。
21.【答案】物体C的重力为5N；
物体C完全浸没时排开水的体积为2×10−3m3；
当力传感器示数为2N时，水对水舱模型底部的压强为1.7×103Pa或1.3×103Pa
【解析】(1)物体C的重力为：
GC=mCg=0.5kg×10N/kg=5N；
(2)当物体完全浸没时，由图可知杆对物体C的压力为F=15N，则物体受到的浮力为：
F浮=G+F=5N+15N=20N，
物体C完全浸没时排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−3m3；
(3)当物体C的下端刚好露出水面，剩余水的体积V剩=V−V抽=0.014m3−0.01m3=0.004m3；
C的下端离水舱模型低部的距离为：
h0=V剩S=；
当力传感器示数为2N时
①若杆对物体C的压力为F1=2N，此时的浮力为：
F浮1=G+F1=5N+2N=7N，
物体C排开水的体积为：
V排1=F浮1ρ水g=7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7×10−4m3；
物体C浸在水中的深度为：
h1=V排1S=7×10−4m30.01m2=0.07m；
此时水舱中水的深度：
H=h0+h1=0.1m+0.07m=0.17m；
剩余的水对舱底的压强：
p=ρ水gH=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.17m=1.7×103Pa；
②若杆对物体C的拉力为F2=2N，此时的浮力为：
F浮2=G−F2=5N−2N=3N，
物体C排开水的体积为：
V排2=F浮2ρ水g=3N1.0×103kg/m3×10N/kg3×10−4m3；
物体C浸在水中的深度为：
h2=V排2S=3×10−4m30.01m2=0.03m；
此时水舱中水的深度：
H′=h0+h2=0.1m+0.03m=0.13m；
剩余的水对舱底的压强：
p′=ρ水gH′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.13m=1.3×103Pa；
答：(1)物体C的重力为5N；
(2)物体C完全浸没时排开水的体积为2×10−3m3；
(3)当力传感器示数为2N时，水对水舱模型底部的压强为1.7×103Pa或1.3×103Pa。
(1)根据G=mg算出物体C的重力；
(2)当物体完全浸没时，由图可知杆对物体C的压力为F=15N，根据平衡力算出物体受到的浮力，根据阿基米德原理算出物体C完全浸没时排开水的体积；
(3)当物体C的下端刚好露出水面，根据V剩=V−V抽算出剩余水的体积；由V=Sh算出C的下端离水舱模型低部的距离；
当力传感器示数为2N时，①若杆对物体C的压力为F1=2N，根据F浮1=G+F1算出此时的浮力，根据阿基米德原理可得物体C浸在水中的体积；由V=Sh浸在水中的深度，进而算出此时水舱中水的深度，由压强公式算出剩余的水对舱底的压强，同理算出。若杆对物体C的拉力为F2=2N时剩余的水对舱底的压强。
本题考查液体压强公式的应用，浮力公式的计算。