山东省潍坊市2025年中考物理真题附同步解析答案

这是一份山东省潍坊市2025年中考物理真题附同步解析答案，共19页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．2025年4月29日，神舟十九号飞船的返回舱搭载三名航天员返回东风着陆场，搜救直升机迅速确定返回舱落点，工作人员帮助航天员安全出舱。搜救直升机发出的声音“震耳欲聋”，下列说法正确的是
A．“震耳欲聋”是因为音调高
B．“震耳欲聋”是因为响度大
C．“震耳欲聋”是因为人听到了超声波
D．直升机乘员佩戴耳罩是为了防止噪声产生
【答案】B
【解析】【解答】AB、 “震耳欲聋”描述的是声音的响度大，故A错误，B正确；
C、超声波，人耳无法听到，故C错误；
D、 直升机乘员佩戴耳罩是在声音的接收环节减弱噪声， 故D错误。
综上选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
2．“安全用电，珍爱生命”，下列做法符合安全用电原则的是
A．禁止用铜丝、铁丝等导线代替保险丝
B．使用试电笔时，笔尖接触被测导线，手指接触笔尖
C．家庭中长时间同时使用多个大功率用电器
D．在触电事故的现场，第一时间用手去拉触电者
【答案】A
【解析】【解答】A、铜丝、铁丝电阻率低、熔点高，无法在电流过大时及时熔断，不能起到保险作用，该选项符合安全用电原则。
B、 使用试电笔时，笔尖接触被测导线，手指应接触笔尾的金属体，该选项不符合安全用电原则。
C、 长时间同时使用多个大功率用电器，会使电路中总电流过大，可能引发火灾等危险，该选项不符合安全用电原则。
D、 在触电事故现场，第一时间先切断电源或用绝缘物体将触电者与带电部分分离，该选项不符合安全用电原则。
故选A。
【分析】 本题考查安全用电的常识，需掌握保险丝的作用、试电笔的正确使用、大功率电器的使用限制以及触电急救的方法，通过对每个选项对应知识点的分析来判断是否符合安全原则。
3．五一假期，小芳爸爸开车带一家人前往世界风筝公园，汽车行驶中，小芳看到路边一交通标志如图所示，下列说法正确的是
A．以行驶的汽车为参照物，该标志是静止的
B．从该标志到世界风筝公园的路程为80km
C．汽车行驶的速度越大，其惯性越大
D．汽车沿直线匀速行驶时，处于平衡状态
【答案】D
【解析】【解答】A、汽车和标志牌的运动状态不同，所以二者相对运动，故A错误；
B、据图可知， 该标志到世界风筝公园的路程为20km ，故B错误；
C、惯性和质量有关，和速度无关，故C错误；
D、 汽车沿直线匀速行驶时 ，受到平衡力，处于平衡状态，故D正确。
综上选D。
【分析】 本题综合考查运动与静止的相对性、交通标志含义、惯性的性质及平衡状态的判定。解题关键是准确把握各知识点的核心概念：运动与静止的相对性需关注参照物；交通标志要区分限速、限重、路程等类型；惯性只与质量有关；平衡状态需满足合力为零。
4．学校举行春季中学生运动会，下列有关运动项目的数据，最符合实际的是
A．立定跳远的成绩约为2mB．跑完1000m 的用时约为2min
C．单手投掷的铅球质量约为30kgD．1min完成跳绳的数目约为600个
【答案】A
【解析】【解答】A、 立定跳远的成绩约为2.5m左右，故A正确；
B、跑完1000m的时间为3.5min，B错误；
C、铅球的质量为4kg，故C错误；
D、 1min完成跳绳的数目约为200个 ，故C错误。
综上选A。
【分析】 本题考查对生活中常见物理量的估测能力，解题关键是结合生活经验，明确各运动项目数据的合理范围，从而判断选项正误。
5．对下列四幅图片所涉及物理知识的解读，正确的是
A．图甲中运动员手部涂镁粉是为了减小摩擦力
B．图乙中用钳子剪断铁丝，钳子是费力杠杆
C．图丙中验电器张开的两片金属箔带异种电荷
D．图丁中的通电螺线管右端为N极
【答案】D
【解析】【解答】A、 图甲中运动员手部涂镁粉是为了增加接触面的粗糙程度，进而增加摩擦力，故A错误；
B、钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，所以动力小于阻力，属于省力杠杆，故B错误；
C、同种电荷相同排斥，导致验电器金属箔张开，故C错误；
D、根据安培定则可知， 用右手握住通电螺线管，使四指指向电流方向，则大拇指所指的一端为螺线管的N极 ，通电螺线管的右端为N极，故D正确。
综上选D。
【分析】 本题综合考查摩擦力、杠杆、电荷、电磁铁等知识点，解题关键是准确掌握各知识点的核心概念与规律，通过逐一分析选项得出正确结论。
6．某银行进人柜台大门实行刷脸和密码双重验证。刷脸验证通过后开关S1闭合，密码验证通过后开关S2闭合，两次验证都通过后开门电动机M工作，大门打开：用于监控大门的摄像照明灯L须常亮，R为保护电阻。下列电路设计符合要求的是
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】【解答】 刷脸验证通过后开关S1闭合，密码验证通过后开关S2闭合，两次验证都通过后开门电动机M工作， 所以两个开关属于串联，控制电动机的通断，灯泡常亮，所以和电动机互不影响，属于并联，电阻R保护电路位于干路，所以B正确，ACD错误。综上选B。
【分析】 本题关键是理解“常亮”对应支路无开关，“双重验证”对应支路开关串联。通过对各选项电路结构与元件工作逻辑的匹配度分析，确定符合要求的电路。
7．运动员郑钦文在巴黎奥运会上为我国赢得了首枚奥运网球单打项目金牌.某次发球，她在。点将球击出，击球后网球运动的频闪照片如图所示，球触地弹起后运动的最高点为c，触地过程中有一部分机械能转化成了内能，6点与c点等高，则
A．网球在b点的动能为零
B．网球在b点的机械能等于在c点的机械能
C．网球在b点的动能大于在c点的动能
D．网球由b点运动到c点，减小的重力势能全部转化为动能
【答案】C
【解析】【解答】A、网球在b点时有速度，所以有动能；故A错误；
BCD、 网球触地过程中，有一部分机械能转化为内能（如摩擦产生的热量），导致机械能减少 ，所以b的机械能大于c，bc等高所以重力势能相同，b的机械能大于c，所以b的动能大于c，故BD错误，C正确；综上选C。
【分析】 本题关键在于理解机械能的组成（动能与重力势能）、能量转化（机械能与内能的转化）以及动能和重力势能的影响因素。通过分析各点的运动状态、高度变化及能量损失情况，逐一判断选项的正误。
8．如图甲所示，电动机通过滑轮组沿斜面匀速拉动重为900N的货物，电动机的输出功率恒为240W。0~10s内货物运动的路程随时间变化关系如图乙所示，货物被提升的高度为2m。不计滑轮重、绳重及滑轮与绳的摩擦，则0~10s内
A．斜面对货物的支持力做功为1800J
B．电动机对绳子的拉力为600N
C．货物受到斜面的摩擦力为150N
D．滑轮组的机械效率为80%
【答案】C
【解析】【解答】A、斜面提供的支持力和货物移动方向相互垂直，做功为0，故A错误；
B、 电动机的输出功率恒为240W ，缠绕在动滑轮的绳子数为4，所以绳子移动的距离为4×4m=16m，时间为10s，所以绳子移动速度为v=，所以F=，故B错误
CD、有用功总功，机械效率，D错误，额外功W额=W-W有=2400J-1800J=600J.所以摩擦力f=，C正确。
综上选C。
【分析】 本题综合考查斜面与滑轮组的力学问题，需熟练运用做功公式、功率公式、机械效率公式及受力平衡分析。解题关键是明确各物理量的对应关系（如拉力与速度的关系、有用功与总功的定义），通过公式推导和选项验证确定正确答案。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9．如图所示，玻璃瓶内装有少量的水，用塞子塞紧，并用气筒向瓶内打气。当打气到一定程度时，塞子会从瓶口跳起，同时瓶内出现大量的“白气”；这时再迅速将塞子塞上，并快速向瓶内再次打气，看到“白气”很快消失。下列分析正确的是
A．塞子从瓶口跳起前，瓶内气体的内能减小
B．塞子从瓶口跳起过程中，瓶内气体对外做功
C．瓶内出现的“白气”是水蒸气
D．再次打气时“白气”消失，发生的物态变化是汽化
【答案】B,D
【解析】【解答】A、 塞子从瓶口跳起前 ，机械能转换为空气的内能，所以内能增加，故A错误；
B、 塞子从瓶口跳起过程中 ，空气内能转换为瓶塞的机械能，故B正确；
C、白气属于水蒸气遇冷液化形成的小液体，故C错误；
D、白气消失属于液态汽化为气体，故D正确。
综上选BD。
【分析】 本题需结合做功对物体内能的影响、液化的概念及汽化的概念来分析每个选项。要明确做功改变物体内能的规律（外界对物体做功，物体内能增加；物体对外界做功，物体内能减少），以及液化（气体变为液体）和汽化（液体变为气体）的物态变化特点。
10．如图所示，是某兴趣小组自制的简易电动机。一块纽扣强磁铁的上端磁极吸附在一根铁钉的底部，铁钉的尖端竖直地吸在一节干电池的正极上；将导线一端接在电池负极，若另一端接在磁铁上，铁钉和磁铁就会沿图示方向转动。整个实验电路电阻较小，下列分析正确的是
A．铁钉中电流的方向是从尖端指向底部
B．铁钉和磁铁转动时，机械能转化为电能
C．电路中电流较大，不能长时间进行实验
D．若将磁铁的上下磁极调换，铁钉和磁铁仍沿图示方向转动
【答案】A,C
【解析】【解答】A、据图可知，电池的正极为铁钉子的尖端，所以电流方向为尖端流向底部，故A正确；
B、 铁钉和磁铁转动时 ，是通电导体在磁场中受到力的作用，属于电能转换为机械能，故B错误；
C、实验电路的电阻较小，电源电压不变，根据欧姆定U=IR计算可知，电路的电流较大， 大电流易导致元件过热损坏，因此不能长时间进行实验，C选项 正确；
D、通电导体在磁场中受到力作用和磁场的磁极以及电流方向有关，所以单独 将磁铁的上下磁极调换，铁钉和磁铁仍沿图示方向反向转动，故D错误。
综上选AC。
【分析】 本题需结合电动机的工作原理（通电导体在磁场中受力）、电流方向判断、能量转化及磁场对运动方向的影响来分析各选项。
11．某兴趣小组的同学用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律，其中“F”形光源的高度为4.0cm。调节光源、凸透镜和光屏，使它们的中心高度相同。将光源放在凸透镜左侧适当位置，调整右侧光屏到凸透镜的距离，使光屏上呈现清晰的像，进行多次实验，分别测出物距=和像的高度h，实验数据如下表.下列说法正确的是
A．该凸透镜的焦距为12.0cm
B．第1次实验的成像特点与投影仪相同
C．第3次实验光屏上呈现“”形状的像
D．第4次实验的像距大于第6次实验的像距
【答案】A,B,D
【解析】【解答】A、物距等于像距，等于二倍焦距时，物像大小相等，物高4cm，像高4cm，物距为24.0cm，所以焦距为12.0cm，故A正确；
B、第一次实验，物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，像为倒立的放大的实像，应用有投影仪，故B正确；
C、第三次实验，物距等于二倍焦距，像为倒立的等大的实像，倒立的意思为左右上下均倒置（光屏透光），所以呈现的像为，故C错误；
D、透镜成实像时，遵循物远像近像变小的规律， 第4次实验物距小于第六次，所以 第4次实验的像距大于第6次实验的像距 ，故D正确。
综上选ABD。
【分析】 本题核心是利用“物距等于2倍焦距时像与物等大”确定焦距，再结合“物距与焦距的范围对应成像特点（倒立放大、倒立等大、倒立缩小）”及“物距越大像距越小”的规律，逐一分析选项。
12．某同学设计了如图甲所示的电路测量物体质量，电源电压不变，R0为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随所受压力大小的变化规律如图乙所示，电流表的量程为0~0.6A。在R上放置轻质托盘，闭合开关S，15kg的物体静止放在托盘上时电流表的示数为0.2A，R的功率为P1；再放上15kg的物体，稳定后电流表的示数变化了0.1A，R的功率为P2。g取10N/kg，托盘重力忽略不计，下列说法正确的是
A．托盘上不放物体时电流表的示数为0.12A
B．该电路能测量的物体质量最大为55kg
C．P1：P2=4：9
D．若电流表的示数为0.4A，则被测物体的质量为40kg
【答案】B,D
【解析】【解答】A、托盘上放15kg的物体，电流表示数为0.2A，此时压敏电阻为50Ω， 再放上15kg的物体，此时压敏电阻为30Ω，根据串联电阻规律可知，总电阻变小，电流变大，此时电流为0.3A.前后两次可列解得R0=10Ω，U=12V，所以当托盘上不放物体时 ，压敏电阻为100Ω，根据欧姆定律计算，故A错误；
B、电路电流最大为0.6A，根据欧姆定律计算压敏最小电阻R0min=，对应物体的重力为550N，结合重力公式可知最大质量为55kg，故B正确；
C、由A分析可知，故C错误；
D、 若电流表的示数为0.4A， 总电阻，据图可知，此时物体的重力为400N，所以质量为。
【分析】 本题需结合压敏电阻的阻值 - 压力关系、欧姆定律及电功率公式来分析各选项。首先明确电路为串联，总电压不变，通过压力变化确定压敏电阻阻值变化，进而计算电流、功率及质量。
三、作图题：本题有2个小题，共6分。
13．如图所示是吸附在竖直墙壁上的吸盘，吸盘与墙壁间的空气被完全挤出。请画出：(⑴吸盘所受重力G和摩擦力/的示意图：⑵吸盘所受大气压力F的示意图。
【答案】
【解析】【解答】物体受到重力方向竖直向下，摩擦力方向竖直向上，大气压垂直墙壁指向墙，据此作图：
【分析】 重力 G：方向竖直向下，作用在吸盘的重心；
- 摩擦力 f ：因吸盘静止，摩擦力与重力平衡，方向竖直向上，作用在吸盘与墙壁的接触面；
- 大气压力F ：由大气压强产生，方向垂直于墙壁指向吸盘，作用在吸盘与墙壁的接触面。
14．如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，从光源S发出的一条光线经水面反射后射向凸透镜，经凸透镜折射后与主光轴平行。
⑴画出S在水中所成的像S'；
⑵将该条光线的光路补充完整；
⑶标出凸透镜左侧的焦点F。
【答案】
【解析】【解答】（1）做S关于水面对称的S'，（2）（3）经过凸透镜折射后平行射出的光线，则入射光线会经过焦点，连接S‘和凸透镜的交点，交水面交界处于点F，点F即为焦点，如图所示：
【分析】 本题综合考查平面镜成像、光的反射定律及凸透镜的光学性质。解题关键是熟练运用“像与物关于镜面对称”“反射角等于入射角”“平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点”等规律，通过作图完成像、光路和焦点的确定。
四、实验题：本题有3个小题，共24分。
15．某同学利用家庭中的有关器材，开展科学探究活动，请根据其实验操作，回答相关问题。
（1）探究平面镜成像的特点，实验装置如图甲所示，通过移动未点燃的蜡烛，找到点燃蜡烛的像的位置。
①家中有如下器材，为确保实验效果，应选择的器材是 (选填“A”，"B"，"C”或“D")：
A.薄玻璃板
B.厚玻璃板
C.薄平面镜
D.厚平面镜
②实验过程中，将光屏放置在点燃蜡烛的像的位置，直接观察光屏，发现光屏上并
没有承接到蜡烛的像，说明平面镜所成的像为 (选填“实像”或“虚像”)。
（2）探究水在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图乙所示，向电水壶中加入常温水，盖上盖板后闭合开关，测量水的温度并观察水中发生的现象。
①水在沸腾前，温度不断升高：水在沸腾后，温度 。
②整个实验过程用时过长，请写出一条改进的措施： 。
【答案】（1）A；虚像
（2）保持不变；减少电水壶中的水量
【解析】【解答】（1） 探究平面镜成像的特点 应该选择薄玻璃板，玻璃板相对于平面镜透光，既能观察像又能观察物，薄玻璃板相对于厚玻璃板可以避免厚玻璃板成双像的缺点，故A正确，BCD错误。
综上选A；
光屏上没有像，说明平面镜成虚像；
（2） 水在沸腾前，温度不断升高：水在沸腾后，温度 不变，减少水量可以减小水沸腾的时间。
【分析】 第1小问①：探究平面镜成像特点时，需选择能透光且成像清晰的器材，薄玻璃板可同时满足透光（便于确定像的位置）和成像（反射成像），厚玻璃板易产生双像干扰，平面镜无法透光难以确定像的位置，据此分析选择；第1小问②：根据光屏能否承接像判断像的类型，实像能被光屏承接，虚像不能，结合实验现象分析；第2小问①：依据水沸腾的特点，沸腾前吸热温度上升，沸腾后吸热温度保持不变，据此填空；第2小问②：实验时间过长需减少加热时间，可通过减少水的质量、提高初始水温、增加加热功率等方式实现，据此思考改进措施。
16．在“伏安法测电阻”的实验中，某同学准备了下列器材：待测电阻R、干电池两节(每节电压为1.5V)、滑动变阻器R1(10Ω1A)、滑动变阻器R2(20Ω0.5A)、电流表、电压表、开关、导线若干。
（1）请用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求闭合开关后滑片向右移动时电流表的示数变大 ；
（2）正确连接好电路后，为了减小实验误差，他调整滑片进行了三次测量，测量的数据如下表所示。
根据实验数据，回答下列问题：
①待测电阻R的阻值为 Ω（结果保留1位小数）：
②实验中选择的滑动变阻器应为 (选填“R1"或"R2")：
③第3次测量，滑动变阻器连人电路的阻值为 Ω（结果保留1位小数）。
【答案】（1）
（2）10.1；R2；4.1
【解析】【解答】（1） 闭合开关后滑片向右移动时电流表的示数变大，所以电阻变小，所以采用右下角连接，作图如下：
（2）根据欧姆定律U=IR计算三次的电阻分别为，三次的平均值为；根据串联分压可知，变阻器最大分的电压为1.79V，大于定值电阻的电压，所以变阻器电阻大于定值电阻的阻值10Ω，选择R2；第三次实验变阻器的电压为0.86V，电流为0.21A，所以变阻器电阻R=.
【分析】 本题围绕“伏安法测电阻”展开，第1小问需理解滑动变阻器的连接对电流的影响；第2小问①利用多次测量平均值减小误差，②通过计算滑动变阻器所需最大阻值选择合适器材，③结合串联电路特点计算滑动变阻器连入阻值。解题关键是掌握“伏安法”原理、串联电路规律及滑动变阻器的使用。
17．某同学利用带有刻度的杠杆、量筒、弹簧测力计、细线、小桶，设计实验测量某品牌洗衣液的密度，进行了如下操作：
①将杠杆置于桌面上，调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡；
②将装有洗衣液的小桶悬挂在杠杆右侧，左侧用弹簧测力计对杠杆施加竖直向下的拉力，两侧细线拴接位置如图甲所示，杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为4.0N；
③将小桶中一部分洗衣液倒入量筒，测得其体积为100mL，剩余部分挂回原位置，竖直向下拉动弹簧测力计，杠杆在水平位置再次平衡时，弹簧测力计的示数如图乙所示。
请回答下列问题：
（1）实验中三次杠杆平衡时，均位于水平位置，目的是 。
（2）图乙中弹簧测力计的示数为 N；
（3）根据测量数据，g取10N/kg，洗衣液的密度为 kg/m3；
（4）该同学整理器材时发现，摆放杠杆的桌面不水平，左侧比右侧略高一点，该因素对密度测量结果的影响是：____(选填“A”、“B” 或“C")。
A．导致测量结果偏大
B．导致测量结果偏小
C．对测量结果没有影响
【答案】（1）便于测量力臂的大小
（2）3.6
（3）1.2×103
（4）C
【解析】【解答】(1) 当杠杆处于水平位置平衡时，力臂等于支点到力的作用线的垂直距离，此时可通过杠杆上的刻度直接读取力臂长度，便于后续计算。因此目的是便于测量力臂。
(2)弹簧测力计分度值为0.1N，示数为3.6N；
（3）由 ② 列杠杆平衡方程4.0N×24cm=G桶+液×8cm，解得G桶=12N；由 ② 列杠杆平衡方程3.6N×24cm=G桶+残液×8cm，解得G桶+残液=10.8N，所以到处的洗衣液为1.2N，根据重力公式计算可知质量为0.12kg，体积为100×10-6m3，所以密度为。
（4） 摆放杠杆的桌面不水平，左侧比右侧略高一点 ，每次测量前均调平杠杆，所以对测量结果无影响，故C正确，ABC错误。
综上选C。
【分析】 （1）杠杆平衡条件为F1L1=F2L2，水平位置平衡时力臂可直接通过刻度读取，分析此操作目的；
(2)观察弹簧测力计分度值，读取图乙中示数；
(3)利用杠杆平衡条件结合密度公式，通过两次测量的力与力臂关系推导洗衣液密度；
(4)分析桌面不水平时杠杆自身重力对力臂的影响，判断对密度测量结果的作用。
五、计算题：本题有3个小题，共30分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分。
18．某款纯电新能源汽车进行道路测试，以72km/h的速度匀速直线行驶，共持续行驶10min，行驶时汽车所受阻力为600N，其电动机工作的效率为80%。求：
（1）汽车行驶的路程s；
（2）汽车牵引力做的功W牵；
（3）电动机消耗的电能W电。
【答案】（1）解：汽车行驶速度 v=72km/h=20m/s
汽车行驶时间 t=10min=600s
汽车行驶的路程 s=vt=20m/s ⅹ600s=1.2ⅹ104 m
（2）解： 因为汽车做匀速直线运动，所以牵引力大小等于阻力大小F=600N
牵引力做的功 W牵=F牵s= 600N ⅹ1.2ⅹ104 m= 7.2ⅹ106J
（3）解： 已知电动机工作的效率η=80%
电动机消耗的电能
【解析】【分析】（1）汽车行驶速度 v；汽车行驶时间 t；汽车行驶的路程 s=vt；
（2）汽车做匀速直线运动，所以牵引力大小等于阻力大小；牵引力做的功 W牵=F牵s；
（3）已知电动机工作的效率η=80%；电动机消耗的电能 .
19．如图甲所示，柱形容器的质量m0=0.2kg，底面积s=2×102m2，静置于水平桌面，其底部放置边长l=10cm的正方体物块。向容器中慢慢注人水，当水的深度h1=8cm时，物块与容器之间恰好无弹力，g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0X103kg/m3 。
（1）求水的深度h1=8cm时，物块受到的浮力F浮=：
（2）求物块的密度ρ：
（3）求水的深度h2=4cm时，容器对桌面的压强p；
（4）若注水前，将物块用轻质弹簧悬挂，使物块与容器之间恰好无弹力，如图乙所示。已知该弹簧弹力大小F跟其伸长量（或压缩量）之间的关系如图丙所示，向容器中慢慢注人水，直到水面与物块上表面平齐，求水面与物块上表面平齐时水的深度h3。
【答案】（1）解： 水的深度h1=8cm时，物块排开水的体积V排=l2h1=(10ⅹ10-2m)2ⅹ8ⅹ10-2m=8ⅹ10-4m3
物块受到的浮力F浮=ρ水gV_排=1.0X103kg/m3 ⅹ10N/kgⅹ8ⅹ10-4m3=8N。
（2）解：水的深度h1=8cm时，物块受重力G物和浮力F浮
物块受力平衡G物=F浮=8N
物块的质量
物块的体积V=l3=(10ⅹ10-2m)3=1ⅹ10-3m3
物块的密度
（3）解：水的深度h2=4cm时，注入水的质量m水=ρ水(s-l2)h2=1.0X103kg/m3 ⅹ2ⅹ10-2m2-(10ⅹ10-2m)2]ⅹ4ⅹ10-2m=0.4kg
容器对桌面的压力F=(m+m水+m0)g=(0.8kg+0.4kg+0.2kg)ⅹ10N/kg=14N
容器对桌面的压强
（4）解：注水前，弹簧处于伸长状态，物块受到重力G物和弹簧的弹力F1
物块受力平衡F1=G物=8N
结合图丙可知，弹簧的伸长量x1=6cm
水面与物块上表面平齐，物块受到的浮力F'浮=ρ水gV=1.0X103kg/m3 ⅹ10N/kgⅹ1ⅹ10-3m3=10N
此时弹簧处于压缩状态，物块受到重力G物、浮力F'浮和弹簧的弹力F2
物块受力平衡G物+F2=F'浮
F2=F'浮-G物=10N-8N=2N
结合图丙可知，弹簧的压缩量x2=1.5cm
则水的深度h3=x1+x2+l=6cm+1.5cm+10cm=17.5cm
则水的深度h3=x1+x2+l=6cm+1.5cm+10cm=17.5cm
【解析】【分析】（1）水的深度h1=8cm时，物块排开水的体积V排，根据F浮=ρ水gV排计算物块受到的浮力F浮；
（2）水的深度h1=8cm时，物块受重力G物等于浮力F浮，物块的质量，物块的体积V；所以物块的密度；
（3）水的深度h2时，注入水的质量m水=ρ水(s-l2)h2；容器对桌面的压力F=(m+m水+m0)g；根据压强公式计算容器对桌面的压强。
（4）注水前，弹簧处于伸长状态，物块受到重力G物等于弹簧的弹力F1；结合图丙可知，弹簧的伸长量x1；物块受到的浮力F'浮=ρ水gV；此时弹簧处于压缩状态，受力分析可知G物+F2=F'浮；弹簧的压缩量x2；水的深度h3=x1+x2+l。
20．随着生活水平提高，人们对饮用水的温度需求不断提升。如图所示是物理兴趣小组设计的一款四档位即热式热水器的筒化电路图，电源电压U=220V，R、R1、R2是用于加热的电热丝，R1=22Ω，R2=55Ω。在热水器容器中倒入常温饮用水后，通过开关S、S1、S2可控制相关电热丝工作，实现四个不同加热档位的切换，加热档位和对应的功率如表格所示，加热档位1、2、3、4的功率依次增大，热水器的出水温度依次升高。已知只闭合开关S时，热水器处于加热档位1的工作状态；开关S、S1、S2全部闭合时，热水器处于加热档位4的工作状态。水的比热容c=4.2×103/(kg·℃)，水的密度ρ水=1.0X103kg/m3 。
（1）求电热丝R的阻值；
（2）求档位2的加热功率P2；
（3）已知热水器处于档位3的工作状态时，出水温度为80℃，若水的初温为25℃，出水0.88L用时105s，求档位3工作的效率；
（4）若某款家用插排允许通过的最大电流为16A，分析说明此热水器能不能接人该插排实现档位4的正常工作。
【答案】（1）解： 只闭合开关s，热水器处于档位1的工作状态，此时只有电热丝R工作
（2）解： 当闭合开关S和S2时，电热丝R和R2井联，此时热水器处于档位2的工作状态，电热丝R2的功率
加热档位2的功率P2=P1+PR2=220W+880W=1100W
（3）解： 当闭合开美S和S1，电热丝R和R1并联，此时热水器处于档位3的工作状态，电热丝R1的功率
加热档位3的功率P3=P1+PR1=220W+2200W=2420W
用时105s消耗的电能为W=P3t =2420Wⅹ105s=2.541 x 108J
0.88L水的体积V=0 88 X 10-3m3
水的质量m=ρ水V=1x103kg/m3x0.88 x 10-3m3=0.88kg
水温升高55℃吸收的热量Q=cm∆t=4.2 X103J/( kg℃) x0，88kg x55℃ =2.0328 x 108J
档位3工作的效率
（4）解： 档位4工作时，电热丝R、R1和R2并联
档位4的加热功率P加=220W+2200W+880W=3300W
档位4工作时的电流
未超过该插排的最大电流，能实现档位4的正常工作··.·
【解析】【分析】（1）只闭合开关s，热水器处于档位1的工作状态，此时只有电热丝R工作；
当闭合开关S和S2时，电热丝R和R2井联，此时热水器处于档位2的工作状态，电热丝R2的功率；加热档位2的功率P2=P1+PR2；
（3）当闭合开美S和S1，电热丝R和R1并联，此时热水器处于档位3的工作状态，电热丝R1的功率；加热档位3的功率P3=P1+PR1；用时105s消耗的电能为W=P3t ；0.88L水的体积V；水的质量m=ρ水V；水温升高55℃吸收的热量Q=cm∆t；档位3工作的效率；
（4）档位4工作时，电热丝R、R1和R2并联；档位4的加热功率P加；档位4工作时的电流；据此分析是否能正常工作。实验次数
1
2
3
4
5
6
物距µ/cm
20.0
22.0
24.0
26.0
28.0
30.0
像高h/cm
6.0
4.8
4.0
3.4
3.0
2.7
次数
电压(U/V)
电流(I/A)
1
1.21
0.12
2
1.52
0.15
3
2.14
0.21
加热档位
加热功率
档位1
P1=220W
档位2
P2未知
档位3
P3未知
档位4
P4未知