2025年广东省广州市名校中考二模物理试题（解析版）

这是一份2025年广东省广州市名校中考二模物理试题（解析版），共19页。试卷主要包含了单选题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1. 如图所示为一款爆闪警示灯，太阳能电池板给蓄电池充电，蓄电池再给LED红蓝灯供电。下列说法正确的是（ ）
A. 当太阳能电池板给蓄电池充电时，蓄电池相当于电源
B. 太阳能来自于太阳内部发生的核聚变
C. 电能是一级能源
D. 太阳能电池板的主要材料硅属于导体
【答案】B
【解析】A．太阳能电池板给蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器，故A错误；
B．太阳能是由太阳内部氢原子发生核聚变释放出巨大核能而产生的，故B正确；
C．电能是由其他能量转化而来，属于二级能源，故C错误；
D．太阳能电池板的主要材料硅是半导体材料，具有单向导电性，故D错误。
故选B。
2. 敲击甲、乙、丙三个音叉，将发出的声音输入到已经调试好的同一示波器上，甲、乙、丙三个声音的波形如图所示，若甲声波的响度为80dB，频率为400Hz，下列说法正确的是（ ）
A. 乙声波的频率是800Hz
B. 丙声波的响度160dB
C. 敲击乙音叉的力度比甲大，乙音叉音调较高
D. 丙音叉每分钟振动次数比甲多
【答案】D
【解析】A．对比甲、乙两图可知，发出声音的频率相同，甲声波的频率为400Hz，则乙声波的频率也为400Hz，故A错误；
B．对比甲、丙两图可知，发出声音的振幅相同，响度相同，甲声波的响度为80dB，则丙声波的响度也为80dB，故B错误；
C．对比甲、乙两图可知，乙图振动的振幅较大，所以敲击乙音叉的力度比甲大，即乙音叉发出声音的响度较大；对比甲、乙两图可知，发出声音的频率相同，甲声波的频率为400Hz，则乙声波的频率也为400Hz，故甲、乙音叉的音调相同，故C错误；
D．对比甲、丙两图可知，丙图波形个数较多，说明丙振动较快，所以丙音叉每分钟振动次数比甲多，故D正确。
故选D。
3. 如图所示是一种静电喷涂枪，通电后，它可以使涂料微粒带上负电荷；当涂料喷出后，更易形成分散的雾状微粒，并均匀分布到被喷涂的工件上。下列说法正确的是（ ）
A. 喷涂枪口与被喷涂工件之间形成向左电流
B. 涂料微粒带上负电的原因是因为得到了正电荷
C. 涂料喷出后更易形成分散的雾状是因为同种电荷相互排斥
D. 若被喷涂工件带上负电荷，能使喷涂效果更好
【答案】C
【解析】A．由题意可知，喷涂枪口与被喷涂工件之间电子向左运动，电流方向与电子定向移动方向相反，则喷涂枪口与被喷涂工件之间形成向右的电流，故A错误；
B．电子带负电，涂料微粒带上负电的原因是因为得到了负电荷，故B错误；
C．涂料喷出后都带负电荷，更易形成分散的雾状是因为同种电荷相互排斥，故C正确；
D．若被喷涂工件带上负电荷，根据同种电荷相互排斥，会导致喷涂效果更差，故D错误。
故选C。
4. 固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 甲为固态，由甲到乙是凝华过程B. 乙为液态，由乙到丙是汽化过程
C. 丙为气态，由丙到甲是液化过程D. 丙为液态，由乙到丙是熔化过程
【答案】C
【解析】由图像可知，丙放热变为甲，甲放热为乙，故甲是液态、乙是固态、丙是气态，所以甲到乙是凝固，乙到丙是升华，丙到甲是液化。故ABD错误，C正确。
故选C。
5. 如图所示家庭电路中的某一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合S1，灯L1亮；②断开S1，闭合S2，灯L2不亮；③再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光．若电路中只有一处故障，则是（ ）
A. 灯L2短路
B. 灯L2所在支路开路
C. c、d两点间开路
D. c点左侧的零线开路
【答案】C
【解析】A．断开S1，闭合S2，灯L2不亮，灯L2不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路， 若灯L2短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡L1也不会发光，a、b两个接线点上，试电笔的氖管都不会发光，故A错误；
B．若灯L2所在支路开路，d点氖管不发光，故B错误；
C．若c、d两点间开路，灯泡L2与零线不能构成闭合电路，电路中没有电流，灯泡不会发光，但d点会通过灯泡L2与火线间接相连，试电笔的氖管会发光，故C正确．
D．闭合S1，灯L1亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝→a→S1→L1→c以及c点左侧的零线都没有断路，故D错误；
6. 安徽中小学生进行体能测试中有一个项目为坐位体前屈，进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是小明设计的模拟电路。下列说法正确的是（ ）
A. 闭合开关不推动时，电路中的电流为零
B. 向前推的距离越大，电压表示数越大
C. 向前推的距离越大，电路的总功率越大
D. 此电路设计中，用电压表示数反映测量成绩
【答案】C
【解析】由电路图可知，滑动变阻器R1与R2串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流。
A．闭合开关不推动时，变阻器的最电阻与R2串联，电路的电阻较大，电路中的电流较小，但不会为零，故A错误；
BC．向前推的距离越大，变阻器R1连入电路的电阻越小，根据串联电阻的规律，电路的电阻越小，根据欧姆定律可知，电流表示数越大，根据U=IR，R2的电压越大，由串联电路电压的规律，电压表示数越小；根据P=UI，因电源电压不变，电路的电流变大，故向前推的距离越大，电路的总功率越大，故B错误，C正确；
D．向前推距离越大，电压表示数越小，电流表示数越大，故用电流表示数反映测量成绩，故D错误。
故选C。
7. 如图，是一颗在太空中以速度v绕地球匀速运行的卫星，A、B是卫星上的两个喷气发动机。为了操控卫星的运行，地面控制中心需要向其发送指令，指令编码如表。如果控制中心向卫星发送编码为“11011、10001”的指令。下列分析正确的是（ ）
A. 控制中心是通过超声波向卫星发送指令的
B. 卫星收到并执行该指令前运动状态不变
C. 卫星收到并执行该指令时卫星受到沿速度v方向的作用力
D. 卫星收到并执行该指令后沿速度v的方向做减速运动
【答案】D
【解析】A．电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播，控制中心是通过电磁波向卫星发送指令的，故A错误；
B．卫星收到并执行该指令前运动方向发生改变，运动状态发生改变，故B错误；
CD．由表格可知：“11011，10001”的指令是发动机B点火。由图知，卫星向右运动。发动机B点火后向右侧喷出气流。由于力的作用是相互的，喷出的气流对卫星产生向左的反作用力，所以卫星做减速运动，故C错误，D正确。
故选D。
8. 用如图甲所示的电水壶（内胆为圆柱形）给壶中的水加热，水的质量和体积分别用m、V表示，水对壶底的压力和压强分别用F和p表示。水的密度随温度变化的图像如图乙所示。把壶中的水从20℃加热到90℃的过程中，关于各物理量与温度关系的描述，下列图像正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．电水壶给壶中的水加热，水的质量保持不变，图像应为一条水平直线，故A错误；
B．壶中水的质量不变，由图乙可知水的密度随温度变化图像是一条曲线，根据，水的密度随温度变化的图像也应是一条曲线，故B错误；
C．电水壶内胆为圆柱形，水对壶底的压力大小等于其重力大小，水的质量不变，重力不变，对壶底的压力大小也不变，图像为一条水平直线，故C正确；
D．电水壶内胆为圆柱形，根据，水对壶底的压力大小不变，水壶底面积不变，对底部的压强大小也不变，图像应为一条水平直线，故D错误。故选C。
9. 如图，在盛水的容器中，用力将一木块浸没在水底，撤去力后，木块在水中上浮且能跳出水面、在此过程中，木块的动能和势能都发生变化，不计水的阻力，则下列说法正确的是（ ）
A. 力刚撤去时，木块的势能转化为动能，跳出水面后木块的动能转化为势能
B. 力刚撤去时，木块的势能和动能都增加
C. 木块上升过程中，还是浸没在水里时，浮力不变，水对木块底部压力也不变
D. 木块离开水面后，合力不为零，机械能不变
【答案】B
【解析】AB．用力将一木块浸没在水底，力刚撤去后，木块在水中快速上浮，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，不是两者的相互转化，故A错误，B正确；
C．木块上升过程中，还是浸没在水里时，由阿基米德原理可知，浮力不变；由可知，水对木块底部的压强变小，由可知，水对木块底部压力变小，故C错误；
D．木块离开水面后，只受重力和空气阻力作用，合力不为零，机械能变小，故D错误。
故选B。
10. 如图，定值电阻和灯泡L接在电路中，灯泡L的额定电压为，闭合、断开时，电压表和电流表的示数如图所示，、都闭合时，电流表的示数为，流过L的电流为，则下列说法正确的是（ ）
A. 定值电阻的阻值是
B. 闭合后，L的阻值为
C. 闭合前后，电压表示数不变电流表示数变大
D. 、都闭合时，L的电功率为
【答案】D
【解析】A．闭合、断开时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，图中电压表选用的量程，分度值为，示数为，因此电源电压为。此时电流表示数为，所以R的阻值为
故A错误；
C．、都闭合时，R与灯泡并联，电流表测干路电流，由于此时电流表的示数为，由并联电路的电流特点可知，通过R的电流
由欧姆定律可知，R两端的电压
由并联电路的电压特点可知，此时电压表的示数
因此闭合前后，电压表的示数减小，电流表的示数增大，故C错误；
B．由欧姆定律可知，L的阻值
故B错误；
D．、都闭合时，L的电功率
故D正确。故选D。
二、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
11. 如图甲所示，溢水杯装有4℃的水，此时水刚好不流出。已知水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图乙所示。不考虑水的物态变化和溢水杯的热胀冷缩。（g取）
（1）杯中水温上升到15℃的过程中，杯底受到水的压强如何变化？答：_______。
（2）当水温为15℃时，在水中放入体积为的物体，物体在水中悬浮。（不考虑物体热胀冷缩）
①物体所受浮力_______N；
②若水温降至0℃，物体静止时会_______（选填“沉底”“悬浮”或“漂浮”），物体所受浮力_______（选填“”）。
【答案】（1）变小 （2）9.992 漂浮 =
【解析】【小问1详解】
溢水杯中装满水，当水温上升到15℃的过程中，根据图像知，密度减小，体积变大，故溢出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知水对杯底的压强减小。
【小问2详解】
[1]根据浮力公式计算物体受到的浮力F浮15℃=ρ液gV排=0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=9.992N
[2]水温降低到0℃，密度增加，所以浮力变大，大于物体重力，导致物体漂浮，此时重力等于浮力。
[3]物体的重力不变，悬浮和漂浮时的浮力均等于重力，所以两种情况下的浮力相等。
12. 如图1，用电阻分别为、的加热器给质量相同的甲、乙液体加热（），假设该过程中加热器产生的热量全部被液体吸收，电源电压相同。这两种液体的温度—加热时间的图线如图2所示：
（1）同一时刻，________（选填“甲”或“乙”）液体的分子运动更剧烈；
（2）小明分析得出：加热相同时间，产生的热量比少。你认为小明的说法是否正确？________，你的判断依据是什么？________________________________________；
（3）测得流过、的电流分别为2A、1A，若甲、乙液体内加热器的加热功率分别为、，可以判断________（选填“>”“=”“”、“=”或“ 不会 变小 见解析
【解析】【小问1详解】
[1][2]用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受向下的重力和向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力f1=G=6N，方向竖直向上。
【小问2详解】
[1]在图2中，木块与木板之间接触面的粗糙程度相同，此时的压力等于木块的重力与压力F1的和，则压力变大，所以受到的摩擦力f2>f1。
[2]若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止。
[3]此时木块与木板间的压力变小，接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力f3与f2相比将变小。
[4]此时木块受的力有：竖直向下的重力G、垂直于木板向上的支持力F和滑动摩擦力f3，此时的竖直方向的重力与支持力是一对平衡力，大小相等，示意图如下：
14. 如图所示是我国自主研制的新型伞兵突击车，满载时的质量为1.2t，车轮与水平地面总接触面积为0.1m2。某次测试中，该车满载在平直公路上匀速直线行驶10km用时500s，发动机的输出功率恒为27.6kW。问：
（1）该车使用的汽油燃料属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；该车的轮胎做得宽大，是通过增大______的方法，减小对路面的压强；
（2）该车满载静止在水平地面时，对地面的压强是多少______；（g取10N/kg）
（3）若发动机的效率为30%，完成此次测试至少需要消耗多少kg汽油______？（q汽油=4.6×107J/kg）
【答案】（1）不可再生 受力面积 （2）1.2×105Pa （3）1kg
【解析】（1）[1]汽油从石油中提炼而来，是化石燃料，使用后不可能在短期内得到恢复的，因此是不可再生能源。
[2]该车的轮胎做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小对地面的压强。
（2）[3]该车满载静止在水平地面时，对地面的压力为
F=G=mg=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N
对地面的压强为
（3）[4]发动机做功为
W=Pt=27.6×103W×500s=1.38×107J
汽油完全燃烧放出的热量为
消耗汽油的质量为
四、综合题：本大题共4小题，共40分。
15. 按要求完成下列各小题。
（1）如图1甲所示，将透明薄壁方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向发出一束红光。未注水时，在侧壁上A点处得到一个光点。
①注入一定量的水后，光点移至B点处，同时发现在水面下方的侧壁上C点处出现光点。请在图1乙中，通过作图确定B点的大概位置和C点的位置。______
②适当减少水槽中水的质量时，B处的光点______选填“上移”或“下移”；同时B光点与它在水中像的距离______选填“变大”、“不变”或“变小”。
（2）如图2所示，AB是发光体，凸透镜用“”表示焦距为15cm，光心为O。
①画出A发出a、b两条入射光线经凸透镜后的折射光线。______
②画出AB的像。______
③若将凸透镜向左平移15cm，AB所成的像与AB相比，是放大的，还是缩小的？______；是正立的，还是倒立的？______。
④若将凸透镜换成凹透镜，则光线b经过凹透镜后，将______选填“靠近主光轴”、“远离主光轴”或“不改变光的传播方向”。
【答案】（1） 下移 变大
（2）
放大 倒立 不改变光的传播方向
【解析】【小问1详解】
[1]水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置；如下图所示：
[2]适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向左偏移，所以B点会向下移动。
[3]水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同；B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离变大，所以B光点与它在水中像的距离变大。
【小问2详解】
[1]凸透镜焦距，光心为O，则图中凸透镜左边焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如下图所示：
[2]上面两条光线反向延长线的交点为A的像点，从画出主光轴的垂线，可得AB的像，如下图所示：
[3][4]若将凸透镜向左平移15cm，此时物距，根据凸透镜成像规律可得，当物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像。
[5]若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
16. 甲图横杆可视为乙图静止的杠杆，不计摩擦和杆的质量，为动力，灯重为G，
（1）①画出的力臂；②画出阻力；___________
（2）写出阻力臂的表达式___________（用、、G表示），此时杠杆为___________（选填“等臂”“省力”“费力”）杠杆；
（3）若灯的悬挂点远离支点O，杠杆仍在原位置静止，则动力___________（选填“变大”“变小”“不变”）。
【答案】（1） （2） 费力 （3）变大
【解析】（1）[1]从支点O作FA作用线的垂线，垂线段长为其力臂lA，灯绳对杠杆的拉力是阻力FB，如图所示：
（2）[2][3]由杠杆平衡条件得到FAlA=FBlB FAlA=GlB
由图可知，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
（3）[4]若灯的悬挂点远离支点O，阻力臂变大，阻力不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知动力变大。
17. 如图甲为新型电饭锅，它能智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。小明了解到电饭锅的简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，和为温控开关，其中有A、B两个触点，可实现“高温”“中温”和“低温”三挡的转换。当闭合，连接触点A时，处于高温挡，高温功率1100W。已知，问：
（1）处于高温挡时，电饭锅正常工作时电路中的总电流？处于高温挡时，电饭锅经过产生的热量？
（2）电阻的阻值？
（3）当断开，连接触点B时，处于低温挡，求此时电路的总功率？
（4）处于中温挡时，开关是如何连接：______。
【答案】（1）5A （2）220Ω （3）176W （4）开关S1闭合、S2连接触点B
【解析】【小问1详解】
高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流
处于高温挡时，电饭锅经过产生的热量
【小问2详解】
由电路图知，当闭合，连接触点A时，处于高温挡，此时电阻R1和R2并联，通过R1的电流
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流
R2的阻值
【小问3详解】
由电路图知道，当断开，连接触点B时，处于低温挡，电阻串联，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻
此时电路的总功率
【小问4详解】
根据图丙知道，中温挡的功率比高温挡功率小，比低温挡功率大，由知道，中温挡下，电路的总电阻小于低温挡下的总电阻、大于高温挡下的总电阻，当开关闭合、连接触点B时，电路中只有R1工作，电路的总电阻较小，消耗的电功率较大，电饭锅处于中温挡。
18. 我国载人潜水器“奋斗者”号突破万米深潜。潜水器内氧气浓度过低会影响内部人员的生命安全。氧气可通过电解水的方式来制备。某科创小组设计了氧气浓度报警装置，其简化电路未连接完整如图甲所示。气敏箱可等效为一个电阻，其阻值R与氧气浓度c的关系如图乙所示。闭合开关，当氧气浓度时，绿灯正常发光；当时，红灯正常发光。已知电源电压及两灯的额定电压均为，电磁铁线圈的电阻忽略不计。
（1）电解水制备氧气的过程中，电能主要转化为______能。
（2）图甲中的A灯为______选填“红”或“绿”灯。
（3）闭合开关S，当时，通过电磁铁线圈的电流为______A。
（4）请根据文中信息，用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整，要求导线不能相交为接线柱。
【答案】（1）化学 （2）绿 （3） （4）见解析
【解析】【小问1详解】
电解水制备氧气的过程中，消耗电能，发生化学反应，则电能转化为化学能。
【小问2详解】
由图乙可知：气敏箱阻值R随氧气浓度c的增加而增大，所以，当氧气浓度时，气敏箱的阻值R逐渐变大，根据欧姆定律可知通过电磁铁的电流变小，由于电磁铁的磁性随电流的减小而减弱，所以，此时电磁铁的磁性变弱，衔铁在弹簧的拉力下与上静触点接线柱连接，则A灯发光，由于当氧气浓度其绿灯正常发光；所以，图甲中的A灯为绿灯，则B灯为红灯。
【小问3详解】
图乙可知：气敏箱的阻值R与氧气浓度c是一次函数，设为，
由图乙可知当时，当时，
则-------①
-------②
解得，；所以
当时，气敏箱的阻值
通过电磁铁线圈的电流
【小问4详解】
由于图中只有一个电源，并且电磁铁与气敏箱的电路与灯泡互不影响，故应并联连接，如图所示：
指令
编码
发动机A
00100
发动机B
11011
点火
10001
熄火
01110