2026届高考生物一轮基础复习训练24 自由组合定律的解题规律及应用

这是一份2026届高考生物一轮基础复习训练24 自由组合定律的解题规律及应用，共11页。试卷主要包含了单项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

一、单项选择题
1.（2025·河南名校联盟）假定4对等位基因（均为完全显性关系）分别控制4对相对性状，且4对等位基因的遗传遵循自由组合定律，基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，F1再自交得到F2，则F2中与亲本表型相同的个体所占的比例为（ ）
A. 3256 B. 5256 C. 5128 D. 41128
2.（2025·四川内江高三月考）两对独立遗传的等位基因（A/a和B/b，且两对基因为完全显性）分别控制豌豆的两对相对性状。植株甲与植株乙进行杂交，下列相关叙述正确的是（ ）
A. 若子二代出现9:3:3:1的分离比，则两亲本的基因型为AABB×aabb
B. 若子一代出现1:1:1:1的表型比，则两亲本的基因型为AaBb×aabb
C. 若子一代出现3:1:3:1的表型比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb
D. 若子二代出现3:1的分离比，则两亲本可能的杂交组合有4种情况
3.（2024·山东枣庄模拟）某自花传粉植物，有紫花和白花性状，受细胞核基因控制。选择某紫色植株自交，所得子代数量足够多，统计发现F1中开白花植株的比例为716，其余均开紫花（不考虑基因突变和互换）。下列相关分析不正确的是（ ）
A. 若受两对等位基因控制，对亲本植株进行测交，则子代中白花植株的比例为34
B. 若受两对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有1136的植株开白花
C. 若受一对等位基因控制，可能是杂合子植株产生的某种配子中有67不参与受精
D. 若受一对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有29的植株开白花
4.（2025·河北唐山月考）豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，种子的圆粒（R）对皱粒（r）为显性，两对基因独立遗传。某课外兴趣小组用黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆进行杂交实验，对其子代性状的统计结果如图所示。下列相关分析错误的是（ ）
A. 杂交所用黄色圆粒豌豆的基因型为YYRr
B. 子代豌豆中基因型为YyRr的比例为12
C. 子代中黄色皱粒豌豆所占比例为116
D. 子代中黄色圆粒豌豆自交的后代可有4种表型
5.（2025·湖南永州模拟）玉米通常是雌雄同株异花植物，但也有雌雄异株类型。研究发现玉米的性别受独立遗传的两对等位基因控制，雌花花序由B控制，雄花花序由T控制，基因型为bbtt的个体为雌株。下列说法正确的是（ ）
A. 与玉米性别有关的基因型有9种，其中4种表现为雌株
B. 以雌雄同株玉米作母本与雄株杂交时需对母本去雄→套袋→传粉→再套袋
C. 纯合雌株与纯合雄株杂交，若F1均为雌雄同株，则F1自交产生的F2雌株中纯合子占12
D. BBtt与bbTt杂交得到F1，F1自交产生的F2性状分离比是9:20:3
6.（2025·烟台模拟）某雌雄同株植物的花色性状由三对独立遗传的等位基因（A和a、B和b、C和c）控制。当有两个A基因时开白花，只有一个A基因时开乳白花，三对基因均为隐性时开金黄花，其余情况开黄花。下列叙述错误的是（ ）
A. 黄花植株的基因型有8种
B. 白花植株自交后代全部开白花
C. 基因型为AaBbCc的植株测交，后代中乳白花占12
D. 基因型为AaBbCc的植株自交，后代黄花中纯合子占364
7.（2025·河南开封高三测试）某植物的花色受一对等位基因控制，抗病和易感病受另一对等位基因控制，两对等位基因独立遗传。现以红花抗病植株和白花易感病植株为亲本杂交，F1均为红花抗病，F1自交产生F2，拔除F2中的全部白花易感病植株，让剩余的植株自交产生F3，F3中的白花植株所占的比例为（ ）
A. 12 B. 13 C. 38 D. 16
8.（2025·江西九校联考）人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的，二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法错误的是（ ）
A. 夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B. 基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为916
C. 一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，可能生下听觉正常的孩子
D. 耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
9.已知子代基因型及比例为YYRr:YYrr:YyRr:Yyrr:yyRr:yyrr=1:1:2:2:1:1，按自由组合定律推测双亲的基因型是（ ）
A. yyRR×YYRr B. yyRr×YyRr
C. YyRr×Yyrr D. YyRR×Yyrr
10.玉米种子颜色由三对等位基因控制，符合基因自由组合定律。A、C、R基因同时存在时为有色，其余基因型都为无色。一棵有色种子的植株Z与三棵植株杂交得到的结果为：AAccrr×Z→有色:无色=1:1；aaCCrr×Z→有色:无色=1:3；aaccRR×Z→有色:无色=1:1。Z植株的基因型为（ ）
A. AaCCRr B. AACCRr C. AaCcrr D. AaCcRR
11.某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色（红色和黄色）受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（ ）
A. 若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种，基因型4种
B. 若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表型
C. 若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为13，而所有植株中的纯合子约占14
D. 若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占38
12.某种蝴蝶紫翅（P）对黄翅（p）是显性，绿眼（G）对白眼（g）为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 上述亲本的基因型是PpGg×PPgg
B. 上述亲本的基因型是PpGg×ppgg
C. F1紫翅白眼个体自交（基因型相同个体间的交配），其中纯合子所占比例是23
D. F1紫翅白眼个体自交（基因型相同个体间的交配），其中纯合子所占比例是12
13.人体耳垂离生（A）对连生（a）为显性，眼睛棕色（B）对蓝色（b）为显性，两对基因自由组合。一个棕眼耳垂离生的男性与一个蓝眼耳垂离生的女性婚配，生了一个蓝眼耳垂连生的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼耳垂离生、蓝眼耳垂连生的概率分别是（ ）
A. 14，18 B. 18，18 C. 38，18 D. 38，12
14.（2024·全国新课标卷）某种二倍体植物的P1和P2植株杂交得F1，F1自交得F2。对个体的DNA进行PCR检测，产物的电泳结果如图所示，其中①~⑧为部分F2个体，上部2条带是一对等位基因的扩增产物，下部2条带是另一对等位基因的扩增产物，这2对等位基因位于非同源染色体上。下列叙述错误的是（ ）
A. ①②个体均为杂合体，F2中③所占的比例大于⑤
B. 还有一种F2个体的PCR产物电泳结果有3条带
C. ③和⑦杂交子代的PCR产物电泳结果与②⑧电泳结果相同
D. ①自交子代的PCR产物电泳结果与④电泳结果相同的占12
15.某哺乳动物的毛色由3对位于常染色体上、独立遗传的等位基因决定。A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素，B基因编码的酶可使褐色素转化为黑色素，D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行交配，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄:褐:黑=52:3:9的数量比，则下列说法错误的是（ ）
A. 亲本组合是AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd
B. F2中表型为黄色的个体基因型有21种
C. F2褐色个体相互交配会产生一定数量的黑色个体
D. F2褐色个体中纯合子的比例为13
二、非选择题
16.（2025·四川成都模拟）现有两种耐高温水稻甲（aaBB）和水稻乙（AAbb）。研究人员用甲、乙和野生型（不耐高温）进行如下杂交实验。回答下列问题。
（1）从杂交组合①②都能够判断耐高温是由________（填“显性”或“隐性”）基因控制的性状。根据杂交组合①和②的F2的性状及比例________（填“能”或“不能”）判断控制甲和乙耐高温的两对基因符合自由组合定律。
（2）①②③杂交组合的F1的基因型分别是________、________、________。
（3）若杂交组合③的F2不耐高温:耐高温=1:1，说明甲和乙的耐高温基因在________（填“同一”或“不同”）对同源染色体上，则F2耐高温植株的基因型为________。
17.（2025·重庆渝中模拟）某植物的花色有红色和白色两种。花瓣中相关色素形成机制如图所示。现有甲、乙、丙三株基因型不同的白花纯合子。为探究甲、乙、丙植株的基因型，研究者分别取甲、乙、丙的花瓣在缓冲液中研磨，得到了甲、乙、丙花瓣的细胞研磨液，并用这些研磨液进行以下实验。
①取甲、乙、丙的细胞研磨液在室温下静置后发现均无颜色变化。
②室温下将甲、乙两种细胞研磨液充分混合，混合液变成红色。
③室温下将甲、丙两种细胞研磨液充分混合，混合液颜色无变化。
④室温下将乙、丙两种细胞研磨液充分混合，混合液颜色无变化。
⑤将甲、乙两种细胞研磨液先加热煮沸，冷却后再混合，混合液颜色无变化。
⑥将甲的细胞研磨液煮沸，冷却后与乙的细胞研磨液混合，发现混合液变成了红色。
（1）根据实验结果推断甲、丙的基因型分别是________。
（2）实验②中，两种细胞研磨液混合后变成了红色，推测可能的原因是________。
（3）将乙的细胞研磨液煮沸，冷却后与甲的细胞研磨液混合，发现混合液颜色________，推测可能的原因是________。
（4）现取红花植株丁和白花植株丙杂交，F1全为红花，F1自交，统计自交后代表型及比例都近似如下结果：红花:白花=3:1。不考虑突变和致死。出现该结果原因是________。
请设计一个实验加以验证，写出实验思路并预期实验结果：________。
一、单项选择题
答案：D
解析：
基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，则F1的基因型为AaBbCcDd。F1自交得到F2，其中与AABBCCDD表型相同的个体基因型为A_B_C_D_，占F2的比例为(34)4=81256；与aabbccdd表型相同的个体基因型为aabbccdd，占F2的比例为(14)4=1256。因此，F2中与亲本表型相同的个体所占比例为81256+1256=41128。
答案：D
解析：
9:3:3:1可拆分为(3:1)(3:1)，子一代基因型为AaBb，两亲本基因型可为AABB×aabb或AAbb×aaBB，A错误；
1:1:1:1可拆分为(1:1)(1:1)，亲本基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb，B错误；
3:1:3:1可拆分为(3:1)(1:1)，亲本基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb，C错误；
子二代出现3:1的分离比，说明子一代一对等位基因为杂合、另一对为纯合，可能的杂交组合有4种（如AABB×aaBB、AABB×AAbb等），D正确。
答案：D
解析：
若受两对等位基因控制，亲本为AaBb，测交后代紫花（AaBb）:白花（Aabb、aaBb、aabb）=1:3，A正确；
F1紫花植株（19AABB、29AaBB、29AABb、49AaBb）自交，白花比例为29×14+29×14+49×716=1136，B正确；
若受一对等位基因控制，假设A配子67不育（可育比例17），则A:a=1:7，后代白花（aa）占716，C正确；
F1紫花基因型及比例为AA:Aa=1:8，自交后代白花（aa）占89×14=29？ 实际应为89×716=718，D错误。
答案：C
解析：
子代黄色:绿色=1:0（亲本YY×yy），圆粒:皱粒=3:1（亲本Rr×Rr），故黄色圆粒亲本为YYRr，绿色圆粒为yyRr；
子代YyRr比例为1×12=12；
黄色皱粒（Yyrr）比例为1×14=14，C错误；
子代黄色圆粒（YyRR、YyRr）自交可产生4种表型，D正确。
答案：C
解析：
雌株基因型为B_tt、bbtt（3种），雄株为bbT_（2种），雌雄同株为B_T_（4种），共9种基因型，A错误；
玉米雌雄同株异花，母本无需去雄，仅套袋即可，B错误；
纯合雌株（BBtt或bbtt）×纯合雄株（bbTT）→F1（BbTt），F2雌株（B_tt、bbtt）中纯合子（BBtt、bbtt）占12，C正确；
BBtt×bbTt→F1（12BbTt、12Bbtt），F1自交后代比例为9:3:4，D错误。
答案：D
解析：
花色基因型共27种：白花（AA____，9种）、乳白花（Aa____，9种）、金黄花（aabbcc，1种）、黄花（8种），A正确；
白花（AA）自交后代仍为AA，全为白花，B正确；
AaBbCc测交，乳白花（Aa____）占12，C正确；
AaBbCc自交，黄花（aa____排除aabbcc）占1564，纯合子（aaBBCC、aaBBcc、aabbCC）占364，故黄花中纯合子占315=15，D错误。
答案：B
解析：
亲本AABB×aabb→F1（AaBb），F2去除aabb后，花色基因型比例为AA:Aa:aa=4:8:3；
自交产生F3白花（aa）的比例为815×14+315=13。
答案：B
解析：
听觉正常需D_E_，DdEe双亲后代正常占916，耳聋占716，B错误；其余选项均正确。
答案：C
解析：
拆分基因：YY:Yy:yy=1:2:1（亲本Yy×Yy），Rr:rr=1:1（亲本Rr×rr），故双亲为YyRr×Yyrr。
答案：A
解析：
有色需A_C_R_，结合杂交结果：
AAccrr×Z→1:1→Z为CcRR或CCRr；
aaCCrr×Z→1:3→Z为AaRr；
aaccRR×Z→1:1→Z为AaCC。
综上，Z基因型为AaCCRr。
答案：B
解析：
AaRr自交，表型为大花瓣红、大花瓣黄、小花瓣红、小花瓣黄、无花瓣（共5种），B错误；其余选项正确。
答案：C
解析：
亲本紫翅:黄翅=3:1（Pp×Pp），绿眼:白眼=1:1（Gg×gg），故亲本为PpGg×Ppgg；
F1紫翅白眼（13PPgg、23Ppgg）自交，纯合子占13+23×12=23。
答案：C
解析：
亲本基因型为BbAa×bbAa，再生育：
蓝眼离生（bbA_）概率12×34=38；
蓝眼连生（bbaa）概率12×14=18。
答案：D
解析：
F1为AaBb，①（AaBB）自交后代与④（如AABB）电泳结果相同的占14，D错误；其余选项正确。
答案：C
解析：
F2褐色个体基因型为Aabbdd、AAbbdd，相互交配后代无黑色（A_B_dd），C错误；其余选项正确。
二、非选择题
答案：
（1）隐性；不能
（2）AaBB、AABb、AaBb
（3）同一；AAbb、aaBB
解析：
（1）甲、乙与野生型杂交，F2耐高温占14，说明耐高温为隐性性状；仅通过①②无法判断两对基因是否独立遗传。
（2）野生型基因型为AABB，故①F1为AaBB，②F1为AABb，③F1为AaBb。
（3）若F2比例为1:1，说明两对基因位于同一对同源染色体上，F2耐高温基因型为AAbb、aaBB。
答案：
（1）AAbb、aabb
（2）一种含中间产物，另一种含酶2，混合后生成红色物质
（3）无变化；煮沸使酶2失活
（4）A、B基因连锁；实验思路：F1与丙测交，统计表型比例；预期结果：红花:白花=1:1
解析：
（1）红花基因型为A_B_，甲（AAbb）×乙（aaBB）混合变红，丙（aabb）与甲、乙混合均不变色。
（2）甲产酶1和中间产物，乙产酶2，混合后中间产物→红色物质。
（3）煮沸使乙的酶2失活，无法催化反应。
（4）F1（AaBb）自交比例为3:1，说明A、B连锁，测交验证可得1:1比例。
杂交组合
F1
F2
①
甲×野生型
F1
自
交
不耐高温∶耐高温＝3∶1
②
乙×野生型
不耐高温∶耐高温＝3∶1
③
甲×乙
不耐高温∶耐高温＝？