湖南省长沙市宁乡市2024-2025学年八年级下学期6月期末物理试题

这是一份湖南省长沙市宁乡市2024-2025学年八年级下学期6月期末物理试题，共15页。试卷主要包含了选择题，实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
1．如图在门上A、B、C三点处用同样大小的力推门，感觉到推门的难易程度完全不一样，这是因为（ ）
A．在A点推门时，动力臂最大B．力的作用效果与作用点无关
C．在C点推门时，动力臂最大D．A点推门时，阻力最小
2．一个力F1的大小为10N，另一个力F2的大小为14N，它们都沿着东西方向，向东还是向西并不确定。那么它们的合力F的大小和方向不可能的是（ ）
A．24N 向东B．24N 向西C．14N 向西D．4N 向东
3．同学们都知道地球上的所有物体都受到了重力作用，现在设想一下，假设重力消失，下列情况不可能出现的是（ ）
A．水可能会由低处流向高处B．物体将没有惯性
C．将会没有重力势能物理量D．人们将不会有“恐高”的感受
4．下列物体所受力是平衡力的是（ ）
A．小明用力推汽车，没有推动的汽车 B．匀速转弯的汽车
C．自由下落的苹果 D．慢慢被推开的房门
5．如图是厨房中的抽油烟机工作时情景，下列说法错误的是（ ）
A．风扇转速越快，效果越好
B．风扇转动，将油烟吸入机器内
C．电动机带动风扇转动，将进入扇口的油烟排出厨房
D．扇叶转动处的空气流速变大，压强变小，油烟在大气压的作用下压向扇口
6．同样重的铜块甲和乙，甲浸没在水中，乙浸没在煤油中，哪个受到了浮力大（ ）(ρ水>ρ煤油)
A．甲B．乙
C．一样大D．不知道铜的密度，无法确定
7．在2025年2月14日这个冰雪交融的日子里，第九届亚洲冬季运动会（亚冬会）的女子冰壶项目迎来了最终的高潮，经过激烈的比拼，中国队荣获银牌。下面是冰壶比赛的场地示意图。运动员在A点推动静止的冰壶前进，到B点时松手，冰壶滑行到C点静止，这个过程中，关于做功和能量的说法错误的是（ ）
A．A点到B点推力做了功 B．A点到C点推力一直在做功
C．B点到C点动能减小 D．A点到C点全程，动能先增大后减小
8．下列关于功率和机械效率的说法，正确的
A．功率越大，机械效率就越小
B．功率越大，机械效率就越大
C．功率表示做功的快慢，机械效率表示有用功占总功的百分比
D．功率和机械效率只有在使用机械时，才有一定的关系
9．小明在探究“水在沸腾前后温度变化的特点“时，作出如图所示的水的沸腾图像，由图像可知，正确的是
A．当时大气压高于1标准大气压 B．当时大气压低于1标准大气压
C．当时大气压等于1标准大气压 D．无法判断当时大气压与1标准大气压的关系
10．在“研究物体能动能跟哪些因素有关”的实验中，让质量不同的钢球从同一高度由静止开始滚下，目的是（ ）
A．控制速度不变，探究动能与质量的关系 B．控制重力势能不变
C．控制速度不变，探究动能与高度的关系 D．控制质量不变，探究动能与速度的关系
11．如图所示，潜水员在海水中潜行时，他携带的气瓶可以对身上的背心进行充气或放气。下列分析正确的是（ ）
A．潜水员通过改变浮力实现上浮下沉的
B．对背心进行放气后，潜水员受到海水的浮力变大
C．潜水员要借助背心上浮时，需要给背心充气
D．对背心进行放气后，潜水员受到的浮力小于排开海水的重力
12．同学们都知道1912年4月奥林匹克级邮轮—泰坦尼克号在其首航时触碰了漂浮在海水中的冰山而沉没，由此次事件我们能得知（ ）
A．冰山的密度大于海水密度 B．冰山受到的浮力等于冰山的重力
C．冰山受到的浮力大于冰山的重力 D．冰山上面还可以载一定量重物而不会沉底
二、填空题（本大题共5小题，共20分)
13．一辆汽车静止在水平公路上，其重力为1.4×105N，则汽车受到的支持力为 N。这两个力的合力是 N。
14．一个物体重500N，如果用一个定滑轮提起它，需要用力 N，如果用一个动滑轮提起它，又要用力 N。(以上均不计摩擦、滑轮的自重和绳重）
15．一个金属体竖直悬挂在弹簧测力计下面，读数为5.4N，当将其浸没于水中后弹簧测力计读数为3.4N，则这个金属体受到的浮力为 N，金属体的体积为 m3。(ρ水=1x103kg/m3，g取10N/kg)
16．如下图所示，用4N的水平拉力拉着木块在水平桌面上做匀速直线运动，当拉力变为6N 时，木块受到的摩擦力为 N，摩擦力的方向是 （“水平向左”或“水平向右”)
17．如图是周老师的一个饮水杯，它是双层玻璃杯，具有美观大方，保温效果好等特性，里层玻璃是一个盛水的内胆，标准的一个空心圆柱形，盛满水时，水深有15cm，水的体积为450mL，请问此时水对玻璃杯内胆底的压强是 Pa，压力是 N.
三、实验探究题（本大题共4小题，共28分）
18．如图所示，这是探究刻度和质量分布均匀的杠杆平衡条件的实验情景。(钩码都一样）
（1）实验开始，杠杆静止时如图甲所示，杠杆处于 状态（选填“平衡”或“非平衡”），调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，便于测量 。
（2）如图乙所示，在调平衡的杠杆A点挂两个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个质量均为50g的钩码，我们发现，此时杠杆平衡，杠杆A点受到的钩码的拉力F1与杠杆B点受到的钩码的拉力F2是 力。(选填“平衡”或“非平衡”）
19．为了“研究同一直线上两个力的共同作用效果”，某同学利用一根橡皮筋、细线、弹簧测力计等器材进行实验。实验中，他先将橡皮筋的一端固定，然后在另一端系上细线，并用弹簧测力计沿同一方向拉伸橡皮筋，每一次实验橡皮筋拉伸的长度L相等，请仔细观察和比较图中的操作和弹簧测力计的示数，然后归纳得出初步结论：
（1）实验中，每次都将橡皮筋拉伸的长度相等的目的是让每次实验的力的 相同；
（2）比较图(a)和(b）(或（a）和（c）可知：如果一个力的作用效果与跟这个力同一直线上同方向另外两个力共同作用的效果 时，则这个力的大小就是另外那两个力大小的 。
20．如图在探究“压力的作用效果与哪些因素有关”的实验中，小明利用所提供的器材（小桌、海绵、砝码、木板）设计了图甲、乙、丙三个实验，请你根据已学过的压强知识分析：
（1）若要探究压力的作用效果与受力面积大小的关系，应选用 来比较：
（2）通过比较图甲、乙，说明 压力的作用效果越明显。
21．小李用矿泉水瓶做实验：
（1）如图甲，他用水平力推瓶子，瓶子由静止沿桌面平稳的移动，说明了力可以改变物体的 ：如图乙，小李用力捏瘪了空矿泉水瓶，说明了力可以使物体发生 。
（2）他向空矿泉水瓶倒入一些温水，然后拧紧瓶盖，过一会发现瓶子也发生了如图乙所示现象—变瘪了，说明了 的存在；
（3）他在矿泉水瓶中装水，在侧壁扎了三个小孔，观察到如图丙所示的现象，说明了①液体对 也有压强；②同种液体深度 ，压强越大。
四、综合应用题（本大题共3小题，第22题2分，第23题6分，第24题8分，共16分）
22．如图，相同的两块橡皮叠放在水平桌面上，请在图中画出橡皮B所受的重力示意图。
23．2025年的蛇年春晚，一群人形机器人穿着大红袄，在舞台上扭起东北秧歌，转手绢、抛飞巾，那叫一个灵活，简直跟真人似的。这让我们感叹中国科技发展的迅速与强大。人形机器人的部分参数如下表所示。求：(g取 10N/kg)
（1）人形机器人所受的重力：
（2）人形机器人静止双脚站立时对地面的压强。
24．如图所示，某学校升旗时的情景，旗手利用固定在旗杆顶部的定滑轮通过下拉绳索匀速竖直向上提升重为20N的国旗（不包括固定国旗的钢棍和绳索），所用的竖直拉力为40N，国旗上升的高度为20m，用时20s。求：
（1）旗手所做的有用功W有
（2）旗手所用拉力做功的功率P；
（3）定滑轮的机械效率η。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】力的三要素及力的示意图；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】ABCD、分别在A、B、C处用同样大小的力推门，力的大小相等、方向相同，感受推门的难易程度并不相同，即作用效果不同，这表明力的作用效果与力的作用点有关，且在A点推门时，阻力、阻力臂相同，动力臂最大，由杠杆平衡条件，可知在A点时用力最小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。由杠杆平衡条件可知，F1L1=F2L2，阻力、阻力臂不变，动力臂最大，动力最小。
2．【答案】C
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】ABCD、物体在水平方向上受到F1=10N，F2=14N的两个力，如果方向相同，合力为10N+14N=24N；如果方向相反，合力为14N-10N=4N，与力F2的方向相同，故C选项不可能。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】同一直线上二力的合成，当其方向相同时，其合力的大小等于两个力的大小之和；当其方向相反时，其合力的大小等于两个力的大小之差，且合力的方向总是跟较大的那个力的方向相同。
3．【答案】B
【知识点】动能和势能的概念；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A、假设重力消失，水可能会由低处流向高处，故A可能出现，不符合题意；
B、物体处于失重时，物体的惯性与质量有关，质量不会消失。惯性就不会消失，故B不可能出现，符合题意；
C、假设物体受到的重力消失，物体就没有重力势能，故C可能出现，不符合题意；
D、在失重状态下，人不会由于重力向下坠落，人们将不会有“恐高”的感受，故D可能出现，不符合题意。
故选：B。
【分析】（1）由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，在重力的作用下，水从高处流向低处。
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
（3）物体由于受到重力的作用且处于一定的高度所具有的能量叫重力势能。
（4）在失重状态下，人不会由于重力向下坠落。
4．【答案】A
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．小明用力推汽车，没有推动的汽车，汽车仍然静止，处于平衡状态，汽车所受的力是平衡力，故A符合题意；
B．匀速转弯的汽车，运动方向不断变化，处于非平衡状态，所受力是非平衡力，故B不符合题意；
C．自由下落的苹果，速度不断变大，处于非平衡状态，所受力是非平衡力，故C不符合题意；
D．慢慢被推开的房门，运动状态发生改变，处于非平衡状态，所受力是非平衡力，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】平衡状态一共有两种情况，物体处于静止状态或匀速直线运动状态。受力物体处于平衡状态时，受到的力是平衡力。
5．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、风扇转速越快，扇叶转动处空气流速越大，压强越小，与外界大气压的压力差越大，吸入油烟的效果越好，故A正确；
BD、风扇转动使扇叶处空气流速变大，压强变小，而周围大气压较大，油烟在大气压的作用下被压入机器内，不是风扇转动直接将油烟吸入，故B错误、D正确；
C、分析电动机带动风扇转动，扇叶转动使空气流动，将进入扇口的油烟排出厨房，故C正确。
故选：B。
【分析】流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强大。
6．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理
【解析】【解答】ABCD、同样重的两个铜块甲和乙，甲浸没在水中，乙浸没在煤油中，两个铜块等重，根据G=mg=ρVg可知它们的体积相等，排开液体的体积相等，因 ρ水>ρ煤油 ，根据F浮=ρ液gV排可知，甲受到的浮力大，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】同样重的两个铜块甲和乙，甲浸没在水中，乙浸没在煤油中，两个铜块等重，根据G=mg=ρVg可知它们的体积相等，排开液体的体积相等；根据F浮=ρ液gV排，通过分析液体密度之间的关系和排开液体的体积的关系，判断物体所受浮力的大小关系。
7．【答案】B
【知识点】动能的影响因素；是否做功的判断
【解析】【解答】AB、在冰壶由A到B的过程中，运动员对冰壶向前的推力，冰壶在推力的作用下向前移动了距离，运动员对冰壶做了功；由B到C的过程中，运动员不再对冰壶施加力，运动员对冰壶不做功，故A错误，B正确。
CD、从A到B，冰壶由静止到运动，速度变大，故质量一定时，动能变大；从B到C冰壶不再受运动员的推力，由于惯性继续向前运动，受到摩擦力的作用，速度变小，故动能变小，故CD错误。
故选B。
【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动了距离。
（2）影响动能大小的因素有质量和速度；质量一定时，速度越大，动能越大。
8．【答案】C
【知识点】功率的概念；机械效率
【解析】【解答】ABCD、功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，大小与做功多少和时间有关；机械效率是有用功与总功的比值。即功率与机械效率没有关系，故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。
9．【答案】B
【知识点】沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】ABCD、由图像可知，水的沸点为98℃，由于标准大气压下水的沸点为100℃，气压越低，沸点越低，因此该实验室大气压低于标准大气压，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】1标准大气压下水的沸点为100℃；气压越低，沸点越低，分析图像中的水的沸点，据此分析判断。
10．【答案】A
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】ABCD、实验中让不同质量的钢球从斜面上相同的高度由静止滚下，小球撞击木块前的速度相同，质量不同，可以研究动能大小与质量的关系，故A正确，BCD错误。故选：A。
【分析】当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证运动速度相同。
11．【答案】A,C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABC、当对背心进行充气后，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，则受到的浮力变大，大于潜水员的重力，开始上浮；
当对背心进行放气后，排开液体的体积变小，根据F浮=ρ液gV排可知，则受到的浮力变小，小于潜水员的重力，开始下沉；故潜水员是通过改变浮力实现上浮下沉的，故AC正确，B错误；
D、根据阿基米德原理可知，浸在液体中的物体所受浮力大小等于它排开液体所受重力，所以对背心进行放气后，受到的浮力等于排开海水的重力，故D错误。
故选：AC。
【分析】（1）潜水员在水中的总重力不变，但是可以通过向背心充放气，改变背心的体积，从而改变排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排分析判断浮力变化情况。
（2）阿基米德原理：浸在液体中的物体所受浮力大小等于它排开液体所受重力。
12．【答案】B,D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、冰山漂浮，根据物体的浮沉条件可知，冰山的密度要小于海水的密度，故A错误；
BC、巨大的冰山能漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知，冰山受到的浮力等于冰山的重力，故B正确，C错误；
D、由于冰山漂浮，浮力等于冰山的重力，当冰山浸入液体体积越大所受浮力越大，当冰山承载一定重力的物体，恰好完全浸没时，承载的物体的重力等于冰山原本露出水面的部分所受的浮力，当物体重力大于这部分重力时，冰山会下沉，故D正确。
故选：BD。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件分析冰山的密度与海水密度的关系；
（2）根据物体的浮沉条件分析冰山所受浮力与重力的关系；
（3）根据阿基米德原理分析冰山受到的浮力的大小；物体漂浮时，受力平衡；
13．【答案】1.4×105；0
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】 （1）一辆汽车静止在水平公路上，处于平衡状态，受到重力和支持力的作用，故支持力等于重力，即F=G= 1.4×105N；
（2）由于物体是平衡状态，且只受重力和支持力，故两个力的合力为0。
故答案为：1.4×105；0。
【分析】（1）平衡状态指物体处于静止状态或匀速直线运动状态；当物体处于平衡状态且只受两个力的作用时，这两个力是平衡力；二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
（2）物体处于平衡状体时，所受合力为0。
14．【答案】500；250N
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答】（1） 不计摩擦、滑轮的自重和绳重 ，使用定滑轮将它提起时，所用拉力等于物体的重力，是500N；
（2）使用动滑轮将它提起，所用拉力是物体重力的一半，为250N。
故答案为：500；250N。
【分析】使用定滑轮时不省力，只能改变力的方向；使用动滑轮可以省一半的力。
15．【答案】2；2 x 10-4
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】（1）物体浸没在水中所受浮力为：F浮=G-F示=5.4N-3.4N=2N；
（2）物体浸没在水中时，排开水的体积等于物体体积，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得物体体积为：V物=V排=F浮ρ液g=2Nρ水=1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3。
故答案为：2；2 x 10-4。
【分析】（1）利用称重法F浮=G-F示计算解答。
（2）物体浸没时，排开水的体积等于物体体积，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算解答。
16．【答案】4；水平向左
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）拉力为4N，拉动木块做匀速直线运动，所以摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，f=F=4N；
当拉力为6N时，木块对水平桌面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力仍为4N，此时木块将做加速运动；
（2）木块向右运动，摩擦力方向与相对运动方向相反，摩擦力方向水平向左。
故答案为：4；水平向左。
【分析】（1）根据二力平衡条件分析摩擦力的大小；影响滑动摩擦力的大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度，若压力大小和接触面粗糙程度不变，则滑动摩擦力大小不变；
（2）摩擦力的方向与相对运动方向相反。
17．【答案】1500；4.5
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】（1）水对玻璃杯内胆底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15×10-2m=1500Pa；
（2）由V=Sh可知，玻璃杯内胆的底面积：S=Vℎ=450cm315cm=30cm2=3×10−3m2，由p=FS可知，水玻璃杯内胆底的压力：F=pS=1500Pa×3×10-3m2=4.5N。
故答案为：1500；4.5。
【分析】（1）根据p=ρgh求出水对玻璃杯内胆底的压强；
（2）根据V=Sh求出玻璃杯内胆的底面积，根据p=FS求出水玻璃杯内胆底的压力。
18．【答案】（1）平衡；测量力臂
（2）3；非平衡
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）第1空，杠杆静止在如图位置，所以杠杆处于平衡状态；
第2空，通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡再进行实验，这样做是为了在实验中便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）第1空，设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得，2G×3L=nG×2L，所以，n=3，所以在B处挂3个钩码；
第1空，则杠杆A点受到的钩码的拉力F1=G=mg=2×0.05kg×10N/kg=1N，杠杆B点受到的钩码的拉力F2=G=mg=3×0.05kg×10N/kg=1.5N，即F1＜F2，且两个力方向相同，没有在一条直线上，所以杠杆A点受到的钩码的拉力F1与杠杆B点受到的钩码的拉力F2是非平衡力。
故答案为：（1）平衡；力臂；（2）3；非平衡。
【分析】（1）杠杆静止或匀速转动，杠杆都处于平衡平衡状态；调节好以后，仍要使杠杆平衡，是为了便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）根据杠杆平衡条件分析；平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
19．【答案】（1）作用效果相同
（2）相同；之和
【知识点】力的作用效果；力的合成与应用
【解析】【解答】（1） 由实验目的可知，每次都将橡皮筋拉伸的长度相等的目的是让每次实验力的作用效果相同；
（2） 比较图 (a)和(b） 图(b）中两弹簧测力计的拉力之和与图a弹簧测力计拉力相等，且 共同作用的效果相同， 由此可知：同一直线上方向相同两个力的共同作用效果可以由一个力替代，这个力的大小等于两个力大小之和。
故答案为：（1）作用效果；（2）相同；之和。
【分析】（1）由控制变量法可知， 研究同一直线上两个力的共同作用效果 时，必须控制力的作用效果相同，分析判断两次所受力的关系；
（2）分析图b、c所示实验，根据力的大小与力的作用效果分析答题。
20．【答案】（1）乙、丙
（2）受力面积一定时，压力越大
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）若要探究压力的作用效果与受力面积大小的关系，应控制压力的大小不变，应选用 乙、丙来比较；
（2）通过比较图甲、乙，受力面积一定，乙中压力大，压力作用效果明显，说明 受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
故答案为：（1）乙、丙；（2）受力面积一定时，压力越大。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
21．【答案】（1）运动状态；形变
（2）大气压
（3）容器侧壁；深度越深
【知识点】力的作用效果；液体压强的特点；大气压强的存在
【解析】【解答】（1） 第1空，他用水平力推瓶子，瓶子由静止沿桌面平稳的移动， 瓶子在力的作用下运动状态发生了改变，故可说明力可以改变物体的运动状态；
第2空，用力捏空矿泉水瓶，发现瓶子变瘪了，这说明：力可以使物体发生形变；
（2） 他向空矿泉水瓶倒入一些温水， 瓶内空气温度温度升高，体积变大，故会排出一部分空气，使瓶内空气密度变小，从而使瓶内气压变小，在外界大气压的作用下，瓶子变瘪了；
（3） 第1空，观察到如图丙所示的现象， 可知，说明液体对容器的侧壁也有压强；
第2空，最小面小孔的水喷出的最远，说明液体压强随深度的增加而增大，所以下孔流出的水喷得较远。
故答案为：（1）运动状态；形变；（2）大气压；（3）容器侧壁；深度越深。
【分析】（1）力的作用效果：使物体发生形变，改变物体的运动状态；
（2）气体压强随气体密度变小而减小；
（3）液体内部向各个方向都有压强；越往下的孔流出的水喷得越急，说明深度越大，液体产生的压强越大。
22．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向是竖直向下的，从橡皮B的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【分析】根据重力的方向是竖直向下的，从物体重心做竖直向下的力即可。
23．【答案】（1）机器人的质量为48kg，人由重力公式可知， 人形机器人所受的重力：
G=mg=48kg×10N/kg=480N
（2）解：人形机器人静止双脚站立时对地面的压力等于自身重力，人形机器人静止双脚站立时对地面的压强p=FS=480N2×100×10−4m2=2.4×104Pa
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）机器人的质量为48kg，根据G=mg计算人形机器人所受的重力；
（2）人形机器人静止双脚站立时对地面的压力等于自身重力，根据p=FS计算人形机器人静止双脚站立时对地面的压强。
24．【答案】（1）旗手所做的有用功为：
W有=Gh=20N×20m=400J；
（2）国旗旗杆顶部的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力，但是可以改变力的方向，因此旗手下拉的绳端移动距离等于国旗上升的高度，即s=h=20m，旗手所用拉力做的功为
W总=Fs=Fh=40N×20m=800J，则旗手所用拉力做功的功率为：
P=W总t=800J20s=40W
（3）解：定滑轮的机械效率为：η=W有W总=W有W总=400J800J=50%。
【知识点】功率的计算；机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据W有=Gh求出旗手所做的有用功；
（2）国旗旗杆顶部的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力，但是可以改变力的方向，因此旗手下拉的绳端移动距离等于国旗上升的高度，根据W总=Fs=Fh求出旗手所用拉力做的功，利用P=Wt求出旗手所用拉力做功的功率；
（3）根据η=W有W总求出定滑轮的机械效率。人形机器人的部分参数
质量（整机)
48kg
身高
1.8米
一只脚掌的实际触地面积
10-2m2
行走速度
1.5m/s