2025年中考数学第三次模拟考试卷：物理（内蒙古卷）（解析版）

这是一份2025年中考数学第三次模拟考试卷：物理（内蒙古卷）（解析版），共12页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，实验题，作图题，分析与交流题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（本题共 6 小题，每小题 2 分，共 12 分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）
1．下列估测最接近实际的是（ ）
A．人体的体积约为 50dm3
B．人体的正常体温约为 38.5℃
C．任何介质中声速都约为 340m/s
D．一节蓄电池电压约为 36V
【答案】A
【解析】A．人体质量约50kg，人体密度约1.0×103kg/m3，由ρ= mV =50kg1.0×103kg/m3 =0.05m3 =50dm3，故A正确；
B．人体正常体温不超过37.2℃，38.5℃处于高烧状态，故B选项错误；
C．声音在15℃空气中传播速度约为340m/s，一般情况下，声速一般随温度升高而增大，声音在固体中的传播速度大于在液体中的传播速度，而在液体中的传播速度又大于在气体中的传播速度，故C选项错误‌；
D．一节新蓄电池电压2V，一节新干电池电压1.5V，故D选项错误。
2．如图所示是关于爷爷用放大镜看《论语》时场景，下列说法正确的是（ ）
A. 看到物体变大是因为光的反射
B. 看到物体变大是因为物体变大
C. 看到物体变大是因为光的折射
D. 看到物体变大是因为对光有发散作用
【答案】C
【解析】书本上反射光源的光经过凸透镜和空气进入到人眼，光线发生偏折，属于光的折射。所以C选项正确；A选项错误；
看到物体变大，是因为物距小于一倍焦距，人眼看到物体的虚像，物体没有变大，原理如图所示，故B选项错误；
D. 放大镜是凸透镜，对光有会聚作用。所以D选项错误。
3．下列生活中的现象与物态变化的对应关系中正确的是（ ）
A. 水烧开时壶嘴出现“白气”﹣﹣汽化
B. 夏天晾在室内的湿衣服变干﹣﹣升华
C. 冬天窗玻璃上会出现冰花﹣﹣凝固
D. 加在饮料中的冰块逐渐变小﹣﹣熔化
【答案】D
【解析】A．“白气”是壶内高温的水蒸气遇周围冷空气液化而形成的，故A选项错误；
B．湿衣服变干时，水由液体变为气态，是汽化现象，故B选项错误；
C．冰花是空气中水蒸气遇冷凝华形成，故C选项错误；
D．冰块变小时由固态变成液态，是熔化现象，所以D选项正确。
4．如图所示是小明滑滑板车的场景，用力蹬地滑板车向前滑行，停止蹬地后滑板车会慢慢停下来。这是因为（ ）
A．滑板车失去了惯性
B. 力改变了滑板车的运动状态
C. 滑板车受到了平衡力的作用
D. 没有力继续维持滑板车的运动
【答案】B
【解析】A. 惯性是物体的属性，不能失去，所以A选项错误；
B．滑板车慢慢停下来，速度减小，运动状态发生改变，是因为受到阻力的作用，所以说力改变了物体的运动状态，B选择正确；
C. 滑板车水平方向只受摩擦力作用，不是平衡力，故C选项错误；
D. 根据牛顿第一定律可知，物体在不受力时可以做匀速直线远动，物体的运动不需要力来维持，故D选项错误。
点睛：本题考查对力于运动的理解，物体处于静止或匀速直线运动状态时，运动状态不改变，受平衡力或不受力，合外力等于0；当物体处于加速、减速或转弯状态时，运动状态发生改变，受非平衡力，合外力大于0；所以物体运动状态改变必受力（非平衡力）的作用，即力是改变物体运动状态的原因。
5．下列关于家庭电路和安全用电的说法中，正确的是（ ）
A. 家庭电路中的空气开关跳闸，一定是发生了短路
B. 控制用电器的开关应该接在零线和用电器之间
C. 使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体
D. 为了方便，可以在一个插座上同时使用多个大功率用电器
【答案】C
【解析】A. 家庭电路中，空气开关跳闸可能原因有两个：一是用电器总功率过大、二是短路，所以A选项错误；
B. 火线与大地之间电压220V，家庭电路连接时控制电路的开关应该接在火线与用电器之间，这样在检修电路时断开开关，切断火线，可防止发生触电事故，故B选项错误；
C. 使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，这样使人体、试电笔和大地形成一个回路，以便检测电路中是否有电流通过，故C选项正确；
D. 会造成电路中的总功率过大，从而引起干路中的电流过大，根据焦耳定律可知，导线中将产生大量的热量，从而使导线发热，并燃烧引起火灾，故D选项错误。
6．在如图所示的简单机械中，属于费力机械的是（ ）

A．斜面 B．滑轮组 C．独轮车 D．理发剪
【答案】D
【解析】A. 斜面是省力机械；若通过长度为 L 的斜面提升该物体，忽略摩擦做功时，根据功的原理，Gh = FL，由于 L 大于 h，所以 F 小于 G，即通过斜面提升物体可以省力，故A选项不符题意。
B. 滑轮组是省力机械；根据杠杆原理，动滑轮的动力臂是阻力臂的两倍，所以在不计摩擦和动滑轮重力的情况下，使用动滑轮提升物体时，所用的拉力是物体重力的一半，即F= 1/2G，达到了省力的效果,故B选项不符题意。
C. 如图所示，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，动力小于阻力，是省力杠杆；
O
L1
F1
F2
F
L1 G L2
L2
O
D. 理发剪使用时，手距离支点比较近，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，是费力杠杆，故选D选项；
二、多项选择题（本题共 2 小题，每小题 3 分，共 6 分。每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，全部选对得 3 分，选对但不全的得 1 分，不选或选错的得 0 分）
7．下列关于压强说法错误的是（ ）
如图是自制压强计，用它还可以制成高度仪，若瓶中装满水，还可制成液体温度计
如图是机翼的截面图，飞机获得升力是因为其上表面空气流速小于下表面空气的流速
如图所示装置中，水受到重力的方向竖直向下，因此不会对探头产生向上的压强
D. 如图是嫦娥四号探月器，其静止时对月球和地球水平表面产生的压强相等
【答案】BCD
【解析】A. 选项A中图片为自制压强计，原理P里气=P大气+ρ液gh，瓶内气压不变，当大气压随海拔升高而减小，根据公式，管内液柱高度变高，故可作高度仪，A选项正确；
飞机机翼模型上凸下平，空气在相同的时间内通过机翼上表面的路程长，有公式v=st 可知，机翼上表面的位置空气流速大，压强小，机翼下表面的位置空气流速小，压强大，在压强差的作用下使飞机获得向上的升力，故B选项错误；
液体内部压强是由于液体具有重力和流动性产生的，因此液体向各个方向都有压强，故C选项错误；
探月器静止时，其受到压力等于自身重力，它在月球上的重力小于地球上的重力，因此它在月球上的压力小于地球上的压力，根据公式P=FS 可知，在受力面积一定时，它对月球的压强小于对地球的压强，故D. 选项错误。
8．如图所示电路，甲、乙两灯分别标有"6V，6W"和"6V，3W"字样，电源电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（ ）
A. 只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为1：2
B. 只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D. 控制开关连接电路整个过程中，电路的总功率最小为3W
【答案】AB
【解析】甲灯丝电阻R甲=U甲2P甲=(6V)26W=6Ω，乙灯丝电阻R乙=U乙2P乙=(6V)23W=12Ω，
只闭合S1时，甲乙两灯串联在电源电压6V的电路中，串联电路中电流处处相等，由公式P=I2R得，两灯实际功率之比：P甲：P乙=R甲：R乙=6Ω：12Ω=1:2，故A选项正确；
只闭合S2、S3时，甲乙两灯并联在电源电压6V的电路中，并联电路中总电压等于各支路两端电压，由公式P=U2R得，两灯实际功率之比：P甲：P乙=R乙：R甲=12Ω：6Ω=2:1，故B选项正确；
只闭合S1、S2时，甲灯被短路，只有乙灯连入电路，U乙实=U乙额=6V，所以P总=P乙额=3W，故C选项错误；
整个电路链接过程中分为并联、串联、只有乙灯连入和短路四种情况，由P=U2R可知，在电路总电压一定时，总电阻越大，总功率越小，因此甲乙两灯串联时，总电阻最大值Rmax=6Ω+12Ω=18Ω，总功率最小值Pmin=U2Rmax=（6V）218Ω=2W，故D选项错误；
三、填空题（本题共 2小题，每小题1分，共 2 分）
9. 在某智能家居系统中，一款智能音箱的发声频率可调节，当调节其音调旋钮，使发声频率从200Hz变为400Hz时，若音箱电路中的电流随频率变化规律为I = 0.01f（f为发声频率，单位：Hz；I为电流，单位：A），音箱内部电阻(R = 20欧姆)保持不变，音箱两端的电压变化______V 。
【答案】40
【解析】由I=0.01f，当f1 = 200Hz时，可得I1 = 0.01×200A = 2A，同理I2=4A；
根据欧姆定律可知U1=I1R=2A20Ω=40V，同理U2=80V；电压变化量ΔU=U2−U1=80V-40V=40V；
10. 四川舰（舷号 51），于 2024 年 12 月 27 日在上海下水。满载排水量超 5 万吨，采用柴联合动力，最大航速可达 25-30 节（约15m/s），舰岛采用双舰岛结构，安装了电磁弹射轨道，是全球首次在两栖攻击舰上应用。某次出行任务中，四川舰漂浮水面上，四川舰的底面积约为5000m2，搭载固定翼飞机、无人机等多种舰载机共2000t后，吃水深度（舰浸在水中深度）增加了______m。（ρ海水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）
【答案】0.4
【解析】因为四川舰漂浮，根据物体漂浮条件F浮=G，搭载舰载机后增加的浮力等于重力增加量ΔF=ΔG，排开液体质量增加量等于物重增加量Δm排=Δm物=2000t=2×106kg，排液体体积增加量ΔV排=Δm排ρ水=2×106kg1.0×103kg/m3=2000m3；四川舰可近似看作长方体，根据ΔV排=SΔh得，吃水深度增加了Δh=ΔV排S=2000m35000m2=0.4m；
四、实验题（本题共 3 小题，11小题5分，12小题6分，13小题8分，共 19分）
11．在 “探究平面镜成像的特点” 实验中：
（1）实验时用玻璃板代替平面镜，目的是____________。
（2）在玻璃板前放置点燃的蜡烛 A，将未点燃的蜡烛 B 放在玻璃板后并移动，直到蜡烛 B 与蜡烛 A 的像完全重合，这说明像与物______。
（3）为了探究平面镜成像的虚实情况，将一张白卡片竖直放在蜡烛 B 所在的位置，应在玻璃板______（选填 “前” 或 “后”）观察白卡片上是否有蜡烛 A 的像。
（4）改变蜡烛 A 的位置，重复上述实验，在白纸上记录像与物的位置，如图所示，用刻度尺分别测出它们到玻璃板的距离，并进行比较，进一步分析得出结论：像与物______。这个过程中重复实验的目的是______。
【答案】 （1）便于确定像的位置 （2）大小相等 （3）后 （4）到平面镜的距离相等 得出普遍规律
【解析】（1）不便于确定像的位置玻璃板是透明的，在物体一侧既能看到物体在玻璃板中所成的像，又能透过玻璃板看到放在像位置处的另一物体（如未点燃的蜡烛）；
（2）蜡烛B与蜡烛A大小完全相等，蜡烛B等效于蜡烛A 的像，重合后表示蜡烛A与蜡烛A的像大小相等；
（3）平面镜所成的像是虚像，是由反射光线的反向延长线会聚而成的。蜡烛 A 发出的光经玻璃板反射后，反射光线进入人眼，人眼逆着反射光线的方向看去，感觉好像光是从玻璃板后面的像点发出的。当把白卡片放在蜡烛 B 所在位置（即像的位置）时，由于虚像不是实际光线会聚而成，因此白卡片上是观察不到像的；所以在玻璃板前看到白卡片上是否有像，会受到镜面反射虚像的干扰，只有在玻璃板后，从原本观察到虚像的位置去看白卡片，才能判断白卡片上是否能承接蜡烛 A 的像，以此来探究平面镜成像的虚实情况。如果在白卡片上不能承接到像，来判定平面镜成的是虚像。
（4）通过用刻度尺测量像与物到玻璃板的距离并进行比较，会发现每次测量的结果都是像到玻璃板的距离与物到玻璃板的距离相等，所以可以得出像与物到平面镜的距离相等的结论。只进行一次实验，可能会因为某些偶然因素导致结果不准确，通过改变蜡烛 A 的位置，多次重复实验，可以获取多组数据，观察在不同情况下像与物的位置关系，从而排除这些偶然因素的影响，使结论更具普遍性和可靠性，避免结论的片面性和偶然性。
12．在 “探究浮力的大小跟哪些因素有关” 的实验中，小明用弹簧测力计、圆柱体、两个装有适量水和盐水的相同烧杯，进行了如图所示的实验。
（1）由图甲和图乙可知，圆柱体受到的重力是______N。
（2）由图乙和图丙可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力是______N。
（3）比较图______可知，浮力的大小与液体的密度有关。通过图中乙和戊的探究，不能得到浮力大小与液体密度是否有关，原因是______。
（4）比较图丙和图丁可知，圆柱体浸没在水中时，受到浮力的大小与它浸没在水中的深度______（选填 “有关” 或 “无关”）。
（5）根据图中数据，可计算出圆柱体的密度为______kg/m³。
【答案】 （1） 3 （2）2 （3）甲、丁、戊 没有控制物体排开液体体积相同 （4）无关 （5）1.5×103
【解析】（1）如图甲，弹簧测力计示数3N，根据二力平衡知识，此时弹簧测力计的拉力等于圆柱体的重力，所以圆柱体受到的重力G=3N；
图丙中圆柱体浸没在水中弹簧测力计示数1N，根据称重法测浮力F浮=G-F示=3N-1N=2N；
要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度。图丁中圆柱体浸没在水中，图戊中圆柱体浸没在盐水中，液体密度不同，且圆柱体排开液体的体积都等于自身的体积，是相同的，所以比较图丁和戊可知浮力的大小与液体的密度有关。而图乙和戊中，乙图圆柱体没有浸没，排开液体体积小于戊图中圆柱体排开液体的体积，存在两个变量（液体密度和排开液体体积），所以不能得到浮力大小与液体密度是否有关；
图丙和图丁中，圆柱体都浸没在水中，深度不同，但弹簧测力计的示数相同，根据称重法测浮力F浮=G-F示，可知圆柱体受到的浮力大小相等，所以圆柱体浸没在水中时，受到浮力的大小与它浸没在水中的深度无关。
根据阿基米德原理F浮=ρgV排，G=mg，ρ=mV ，浸没时，V排=V物得，
ρ物=m物V物=m物V排=G物gF浮ρ液g=G物F浮ρ液=3N2N×1.0×103kg/m3=1.5×103kg/m3
13．在 “测量小灯泡的电功率” 实验中，电源电压为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V。
（1）如图甲所示，闭合开关后，发现只有电压有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
（2）连接电路时，开关应______。
（3）正确连接后，闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因可能是______。
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片 P，当电压表的示数如图乙所示，要测小灯泡额定功率，滑片应该向______（选填“左”或“右”）端滑动。
（5）图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图象，根据图象可知，小灯泡的额定功率为______W。分析图丙可知，实验过程中小灯泡的电阻发生变化，电阻变化的主要原因是 。
（6）实验结束后，小科对测量结果进行分析，考虑到电压表中也有电流通过，则该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比______（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。
（7）若要继续探究电流与电压的关系，需要补充的实验器材是______。
【答案】（1） （2）断开 （3）灯丝断路 （4）左
（5）0.625 灯丝电阻随温度变化而变化/灯丝电阻随温度升高而增大 （6）偏大 （7）多个不同阻值的定值电阻
【解析】（1）电流通过开关分两路，一路灯，另一路电流表，因为灯与电流表串联，所以这两条线必有一条错误，拆掉挨着电流表的线连电源负极，使电流表正负接线柱接反，电压表与滑动变阻器并联，不符题意；所以拆掉挨着灯的线，将灯的左端连电源负极，这样保证灯与滑动变阻器串联，电压表并联在灯的两端。
（2）连接电路时，开关应断开。这样做是为了防止在连接电路过程中出现短路等意外情况，损坏电路元件，同时也保证操作人员的安全。
（3）因为小灯泡断路时，电路中没有电流通过，所以电流表无示数；而电压表通过滑动变阻器、电流表与电源两极相连，能测量电源电压，所以有示数。
（4）图像乙中小灯泡实际电压1.8V，要测小灯泡额定功率，需使小灯泡两端电压达到额定电压2.5V。由串联电路分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，使小灯泡两端电压增大，所以滑片应该向左端滑动。
（5）由图丙可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.25A，根据P=UI，可得小灯泡的额定功率P=2.5V×0.25A=0.625W。因为小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，在不同电压下，通过小灯泡的电流不同，小灯泡的实际功率不同，灯丝温度不同，所以电阻也不同。
（6）实验中，由于电压表与小灯泡并联，电压表中有电流通过，根据P=UI可知，所测电流比通过小灯泡的实际电流偏大，而电压测量准确，所以该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比偏大；
（7）若要继续探究电流与电压的关系，需要控制电阻不变，改变电阻两端的电压和通过电阻的电流。因此，需要补充的实验器材是多个不同阻值的定值电阻。通过更换不同阻值的定值电阻，多次测量，得到多组电压和电流值，从而探究电流与电压的关系。
五、作图题（每题1分，共2分）
14．在图中画出合适的透镜
【答案】
【解析】凹透镜对光有发散作用，原本会聚程度较大的光经过凹透镜后，其会聚程度减小，在一定程度上可以说变得更接近平行光。
15．已知通电螺线管中电流方向，标出小磁针的N极

【答案】
【解析】如图根据安培定则，右手四指指向电流方向，握住螺线管，可知螺线管右端N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端为S极，则小磁针的右端为N极。
六、分析与交流题（本题共 2小题，每小题4分，共 8 分）
16．阅读短文《太阳能》，回答问题。
太阳能是太阳内部连续不断辐射出的能量。太阳每秒钟照射到地球上的能量相当于3.5×108t水温度降低100℃放出的能量。目前，人类利用太阳能主要有三种方式：光热转换，如太阳能热水器，主要由集热器、水箱和支架三部分组成；光电转换，通过太阳能电池板把太阳能直接转化为电能；光化学转换，例如利用太阳能分解水制氢。太阳能具有清洁无污染、可再生等优点，但也存在能量密度低、受天气和昼夜影响大等局限性。
太阳能来源于太阳内部的___________反应；（选题“核聚变”或“核裂变”）
太阳每秒钟照射到地球上的能量_________J；
（3）太阳能热水器的集热器将太阳能转化为___________能；
（4）随着科技的飞速发展，太阳能的高效利用离不开众多创新技术：新型钙钛矿太阳能电池通过优化材料晶体结构，大幅提升了_________（选填 “光电转换效率” 或 “光热转换效率”）；
【答案】（1）核聚变 （2）1.47×1017 （3）内能 （4）光电转换效率
【解析】（1）太阳内部温度极高、压力极大，氢原子核在这样的条件下会发生聚变反应，四个氢核聚变成一个氦核，在这个过程为核聚变；而核裂变是重核分裂成中等质量的核的过程，通常在地球上的核电站中发生，不是太阳能的来源；
（2）水放热Q=cmΔt = 4.2×10³J/（kg・℃）×3.5×1011kg×100℃ = 1.47×1017J
（3）太阳能热水器的集热器吸收太阳辐射的能量，使水的温度升高，内能增加，所以是将太阳能转化为内能。
（4）而光热转换效率主要涉及的是将太阳能转化为热能的效率，与钙钛矿太阳能电池的主要功能和优化方向不符。
17．火箭点火发射时，若高温火焰向下喷射到发射台上，发射台就会被烧毁。为了保护发射台，在它的底部建造了一个大水池，从而巧妙地解决了这个技术问题。
（1）火箭发射时，底部喷出的庞大的白色气团是由什么组成的？它是怎样形成的？
（2）分析“大水池”对发射台起到保护作用的道理。
【答案】（1）火箭发射时,底部喷出的庞大的白色气团是由小水珠组成的。它是由水池里的水汽化后又降温液化成小水珠漂浮在空气中成的。
（2）水汽化吸热，降低了发射台所承受的温度，避免发射台因温度过高而被烧毁。
七、计算题（本题共 2小题，18小题5分，19小题6分，共 11 分）
18．截至2024年底，中国新能源汽车年产销量迈上千万辆级台阶，新能源汽车产销量连续10年位居全球第一。如图所示，某品牌新能源汽车总质量为1000kg，该车在水平公路上匀速行驶时受到的阻力是车重的0.1倍，若它以50km/h速度匀速行驶距离2km，在此过程中消耗氢气20g（q氢气=1.4×108J/kg）求：
（1）汽车匀速行驶时受到的牵引力做功；(g=10N/kg)
（2）汽车匀速行驶时的机械效率。（结果保留到千分位）
【答案】（1）汽车总重力：G=mg=1000kg×10N/kg=10000N
汽车牵引力：F=f=0.1G=0.1×10000N=1000N
汽车牵引力做功：W=Fs=1000N×2000m=2×10 6J
（2）氢气燃烧放热：Q=m氢q氢=20×10-3kg×1.4×108J/kg=2.8×106J
汽车机械效率η=WQ=2×106J2.8×106J≈71.4%
19．如图甲为某电饭锅的简化电路原理图，R1和R2为加热电阻，且阻值保持不变，R1＝44Ω，S为靠近加热盘的感温开关，1、2是开关连接的触点，加热盘温度达到103℃时，S自动切换到保温状态。某次煮饭时，仅将电饭锅接入220V的电路，按下开关S与触点1连接，加热了5min，S自动切换到保温状态，保温时，图乙所示电能表的转盘在3min内转过15转。求：
（1）加热状态时，电饭锅消耗的电能。
（2）电饭煲的保温功率。
（3）R2的阻值。
【答案】（1）加热状态时，开关S与触点1连接，此时只有R 1接入电路，电路消耗电能W=U2Rt=（220V）244Ω×5×60s=3.3×105J；
（2）保温时，转盘在3min内转过15转，电饭煲消耗的电能W保=15r3000r/kW·h=0.05kW·h=0.05×3.6×106J=1.8×104J；
电饭煲保温时功率P=Wt=1.8×104J3×60s=100W
保温状态时，开关S与触点2连接，R 1和R2串联，由P=U2R得，总电阻R总=U2P=（220V）2100W=484Ω；
电阻R2=R总-R1=484Ω-44Ω=440Ω