2025年河北省石家庄市中考一模物理试题 （原卷版+解析版）（中考模拟）

这是一份2025年河北省石家庄市中考一模物理试题 （原卷版+解析版）（中考模拟），共25页。
2.答题前，考生务必将姓名、考号等内容填写在试卷和答题卡的相应位置。
3.所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4.答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑；答非选择题时，请在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
5.考试结束时，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1. 下列生活中的估测符合实际的是（ ）
A. 正常人的心脏跳动一次用时约为3s
B. 中学生佩戴的眼镜质量约为200g
C. 石家庄市六月份的平均气温约为10℃
D. 篮球架上篮圈距地面的高度约为3m
2. 下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A. 声音在真空中传播速度最快
B. 汽车倒车雷达是通过电磁波传递信息的
C. 吹笛子时用手指按不同的笛孔是为了改变音调
D. 学校周围路段禁止鸣笛是在声音的传播过程中减弱噪声
3. 将擀好面条放入沸腾的汤锅后，面条很快变熟。下列分析正确的是（ ）
A. 煮面时，香气四溢，表明分子在不停地做无规则运动
B. 煮面时，锅边冒出的“白气”是水蒸气，属于汽化现象
C. 面条从锅中吸收热量，主要通过做功的方式增加内能
D. 汤锅中的水沸腾后继续加热，水的温度持续升高
4. 图所示是一款多孔插座，其技术参数为：额定电压220V，最大电流10A。下列说法正确的是（ ）
A. 插座使用时可用湿布擦去表面灰尘
B. 手机充电完成后应及时将充电器拔下
C. 插座中多组插孔之间的连接方式是串联
D. 标有“220V 3000W”的空调可使用该插座
5. 如图甲所示，小红和同学正在踢毽子。小红先后以速度大小相同的初速度分别沿竖直向上和斜向上方向将毽子踢出，如图乙所示（忽略空气阻力）。下列说法正确的是（ ）

A. 毽子上升过程中，踢力对它做功
B. 踢出的毽子向上运动的过程中，毽子的惯性减小
C. 毽子竖直上升能到达最高点高于斜向上能到达的最高点
D. 落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力
6. 如图所示，小明在超市买了个篮球放在小车里，拉着小车在水平地面上行走。下列分析不正确的是（ ）
A. 小明拉着小车向左起步时，篮球受到向右的摩擦力
B. 若小车与篮球间光滑，小车起步时篮球相对于地面保持静止
C. 小明拉着小车向左减速时，篮球受到向右的摩擦力
D. 小明拉着小车在水平地面上匀速直线运动时，篮球在水平方向不受力
7. 我国独立自主设计建造的“福建舰”航空母舰采用的是先进的电磁弹射技术。电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，从而弹射器推动舰载机使其加速。图所示的选项中与其原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
8. 图所示是探究凸透镜成像规律的装置。凸透镜的焦距，此时在图中光屏上恰好能成清晰的像（光屏未画出）。下列说法正确的是（ ）
A. 光屏在区域Ⅱ上成倒立、放大的像，符合投影仪的成像原理
B. 保持透镜位置不动，将蜡烛和光屏都靠近透镜适当距离，光屏上可成倒立等大的像
C. 保持蜡烛和光屏不动，只将透镜向左移动适当距离可以得到倒立、放大的实像
D. 靠近透镜左侧加一老花镜片，将蜡烛向左移动适当距离，可能在区域Ⅱ成清晰的像
9. 如图所示，小明用甲、乙两装置匀速提升质量为的物体。滑轮的质量均为，相同的时间内物体被提升的高度均为。下列说法正确的是（ ）
A. 绳子自由端的拉力一定为
B. 两个拉力做的额外功相等
C. 、两个拉力做功的功率比值为3∶2
D. 若不计绳重和摩擦，两种装置的机械效率均为
10. 图甲所示是利用热敏电阻测量温度的电路，图乙所示是热敏电阻的阻值随温度变化的关系图。电路中电源电压保持不变，热敏电阻的测温量程在~。在时，热敏电阻的阻值与滑动变阻器的滑片恰好在中点时的电阻相等，且此时灵敏电流表示数为。闭合开关，下列分析正确的是（ ）
A. 电源电压为
B. 保持变阻器滑片不动，随着温度减小电流表的示数变小，电路总功率变小
C. 保持变阻器的滑片在中点，电路中电流为时，热敏电阻的温度为
D. 若变阻器的滑片在右端不动，在热敏电阻的测温范围内，电路总功率的范围为0.18W~0.45W
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11. 小明关闭家里的其他所有用电器，只用一台电热水壶烧水，经过水沸腾，观察到电能表的指示灯正好闪烁了150次，电能表的信息如图所示。该段时间内电热水壶消耗的电能为______________J，实际功率为______________W。
12. 周日，小明在公园游玩。他站在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云中游”的现象，其中看到的“云”是光的______________现象；一条小鱼在点，请在答题卡图中画出小明在岸上点（眼睛的位置）观察到鱼（点）的大致光路图。______________
13. 在2024年巴黎奥运会上中国跳水梦之队包揽了跳水项目的全部金牌。如图所示，运动员在起跳前，跳板的______________转化为运动员的动能。从刚离开跳板到向下落水的过程，运动员动能的变化情况是______________。
14. 如图甲所示，饮料从弯折的吸管被吸到嘴里，是利用______的作用；如图乙所示，对吸管吹气，吸管中的水会上升，是因为流体中流速越大的位置压强越______（选填“大”或“小”）。
15. 随着我国具有完全自主知识产权的第三代百万千瓦级核电站——华龙一号的建设，我国的核电技术已经居于世界领先地位，核电站中的核反应堆是通过可控________（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能的。在发电过程中，核电站的蒸汽轮机将蒸汽的内能转化为__________能，再通过发电机进而转化为电能。
16. 图所示为“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验操作过程。实验中，液体压强是用U形管两侧液面__________来表示的；通过比较A、B、C三个步骤，可得出结论：__________；若想探究液体压强与液体密度的关系，请简述操作过程（可添加器材）：__________。
17. 如图A所示，在研究“不同物质的温度变化与吸热关系”的实验中，在两个相同烧杯中分别放入质量和初温都相同的甲、乙两种液体，两个加热器完全相同。如图B所示为两种液体温度随加热时间变化的图像。______（选填“甲液体”或“乙液体”）更适合做暖气片内的导热介质；甲、乙的比热容之比为______。
18. 为测定某牛奶的密度，小明在实验室进行了如下实验。
（1）将托盘天平放在水平工作台上，游码移到标尺的“0”刻度线处，发现指针静止在图甲所示位置，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节，使指针指在分度盘的中央。
（2）将装有适量牛奶的烧杯放在天平的左盘，加减砝码，天平重新平衡时如图乙所示，烧杯和牛奶的总质量为______g；将烧杯中的部分牛奶倒入量筒，测得烧杯和剩余牛奶的质量为40.9g。
（3）量筒内的牛奶液面如图丙所示。可得出牛奶的密度为=______。
（4）上述实验中，有少量牛奶溅到量筒内壁，未静置就直接读出牛奶体积，则测得牛奶的密度______（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
【拓展】小明设计了另一种测牛奶密度的方案继续实验，如图所示，请将实验过程补充完整。
①先用一个小杯子装一定量的水，放在大烧杯的水面上漂浮，沿水面的位置在小杯子侧壁标记为A。再将小杯子中的水全部倒入量筒，测得体积为。
②再向该小杯子倒入少量牛奶，放在大烧杯的水面上漂浮，接着用滴管滴入牛奶，直至______，再将小杯子中的牛奶全部倒入量筒，测得体积为。
③牛奶的密度为=______（用、、表示）。
19. 图所示为测量电阻Rx的实验电路。电源电压为6V保持不变，三种滑动变阻器的规格分别为R1“20Ω1A”、R2“30Ω2A”、R3“50Ω1A”。
（1）请在答题卡图中用笔画线代替导线将实验电路连接完整（要求滑片向左移动电流表示数变小）；
（2）连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，而电压表示数为零，两电表均完好，产生这一现象的原因可能是______；
（3）除故障后继续实验，记录的实验数据见下表。分析数据可知，滑动变阻器的滑片不断向______（选填“A”或“B”）移动，得出电阻Rx=______Ω；
（4）该实验所选滑动变阻器的规格及选择理由是______。
【拓展】为测出小灯泡正常发光时电阻RL，小明设计如图所示的电路继续实验。小灯泡的额定电压为2.5V、定值电阻R0已知。操作如下：
①闭合S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑片位置不变，______（填写开关通断情况），记录电压表示数为U1；
③小灯泡正常发光时的电阻RL=______（用R0、U1和已知量表示）。
20. 如图是汽车起重机吊货物时的场景。汽车起重机自重为2×105N，吊臂长度可在10~30m之间调节，汽车起重机可以吊起距支点O水平距离4~20m范围内的重物，汽车起重机工作时与水平地面的总接触面积为2m2（不计吊臂重、滑轮重和绳重）。
（1）求汽车起重机未吊货物时对水平地面的压强；
（2）若将质量为20t的货物在10s内匀速竖直提升3m，求此过程中汽车起重机克服货物重力做功的功率；
（3）若汽车起重机动力系统A允许提供的动力与动力臂乘积的最大值为1.5×106N·m，求在动力与动力臂的乘积最大时允许吊起重物的重力范围。
21. 如图所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，另有阻值为20Ω的定值电阻R1和滑动变阻器R2.
（1）闭合开关S，若电路的MN间仅连入R1，求10s内电流通过R1所做的功W1。
（2）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联连入MN间，滑片在某一位置时，电流为0.3A，求滑动变阻器接入电路的阻值。
（3）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，电流表的示数为I串；若将电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，电流表的示数为I并。在电路安全的情况下，I并与I串的最小差值为0.36A，I并与I串的最大差值为2.25A。求滑动变阻器R2的最大阻值和R2允许通过的最大电流。
2025年石家庄市初中毕业年级教学质量检测
物理试卷
注意事项：1.本试卷共6页，总分60分，考试时间60分钟。
2.答题前，考生务必将姓名、考号等内容填写在试卷和答题卡的相应位置。
3.所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4.答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑；答非选择题时，请在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
5.考试结束时，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1. 下列生活中的估测符合实际的是（ ）
A. 正常人的心脏跳动一次用时约为3s
B. 中学生佩戴的眼镜质量约为200g
C. 石家庄市六月份的平均气温约为10℃
D. 篮球架上的篮圈距地面的高度约为3m
【答案】D
【解析】
【详解】A．正常人的心脏跳动一次用时约为1s，故A不符合题意；
B．中学生佩戴的眼镜质量约为30g，故B不符合题意；
C．石家庄市六月份，夏天，的平均气温约为30℃，故C不符合题意；
D．篮球架上的篮圈距地面的高度与一层楼高近似，约为3m，故D符合题意。
故选D。
2. 下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A. 声音在真空中传播速度最快
B. 汽车倒车雷达是通过电磁波传递信息的
C. 吹笛子时用手指按不同的笛孔是为了改变音调
D. 学校周围路段禁止鸣笛是在声音的传播过程中减弱噪声
【答案】C
【解析】
【详解】A．声音的传播需要介质，在真空中不能传播，故A错误；
B．倒车雷达利用超声波传递信息的，故B错误；
C．吹笛子时用手指按不同的笛孔，改变了空气柱的长度，从而改变空气柱振动的频率，进而改变声音的音调，故C正确；
D．控制噪声的途径有：声源处、传播过程中、人耳处。学校周围路段禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选C。
3. 将擀好的面条放入沸腾的汤锅后，面条很快变熟。下列分析正确的是（ ）
A. 煮面时，香气四溢，表明分子在不停地做无规则运动
B. 煮面时，锅边冒出的“白气”是水蒸气，属于汽化现象
C. 面条从锅中吸收热量，主要通过做功方式增加内能
D. 汤锅中的水沸腾后继续加热，水的温度持续升高
【答案】A
【解析】
【详解】A．煮面时香气四溢，是因为面的香味分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，故A正确；
B．煮面时锅边冒出的 “白气”，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，不是汽化现象，故B错误；
C．面条从锅中吸收热量，是通过热传递的方式增加内能，不是做功，故C错误；
D．水沸腾的特点是继续吸热，但温度保持不变，所以汤锅中的水沸腾后继续加热，水的温度不会持续升高，故D错误。
故选A。
4. 图所示是一款多孔插座，其技术参数为：额定电压220V，最大电流10A。下列说法正确的是（ ）
A. 插座使用时可用湿布擦去表面灰尘
B. 手机充电完成后应及时将充电器拔下
C. 插座中多组插孔之间的连接方式是串联
D. 标有“220V 3000W”的空调可使用该插座
【答案】B
【解析】
【详解】A．生活用水是导体，插座使用时不可用湿布擦去表面灰尘，因为这样容易触电，故A错误；
B．手机充电完成后应及时将充电器拔下。因为长时间将充电器插在插座上会导致微电流通过，使充电器持续发热，加速器件老化，甚至可能引发火灾隐患，故B正确；
C．插座上连接的各用电器之间可单独工作，互不影响，是并联的，所以插座中多组插孔之间的连接方式是并联，故C错误；
D．插座允许接入的最大电功率
所以标有“220V 3000W”空调不可使用该插座，故D错误。
故选B。
5. 如图甲所示，小红和同学正在踢毽子。小红先后以速度大小相同的初速度分别沿竖直向上和斜向上方向将毽子踢出，如图乙所示（忽略空气阻力）。下列说法正确的是（ ）

A. 毽子上升过程中，踢力对它做功
B. 踢出的毽子向上运动的过程中，毽子的惯性减小
C. 毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点
D. 落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力
【答案】C
【解析】
【详解】A．毽子上升过程中，不再受到踢力作用，所以踢力对它不做功，故A错误；
B．惯性大小与物体质量有关。踢出的毽子向上运动的过程中，毽子质量不变，惯性不变，故B错误；
C．两种情况下毽子的初始速度相同，初始动能相同。忽略空气阻力，毽子的机械能不变，毽子竖直上升到最高点时，速度为零，动能为零，毽子的初始动能全部转化为重力势能；斜向上方向将毽子踢出，毽子在最高点时，速度不为零，毽子的初始动能有一部分转化为重力势能。所以毽子竖直向上到最高点时的重力势能大于斜向上到最高点时的重力势能，毽子质量不变，则毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点，故C正确；
D．落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对相互作用力，故D错误。
故选C。
6. 如图所示，小明在超市买了个篮球放在小车里，拉着小车在水平地面上行走。下列分析不正确的是（ ）
A. 小明拉着小车向左起步时，篮球受到向右的摩擦力
B. 若小车与篮球间光滑，小车起步时篮球相对于地面保持静止
C. 小明拉着小车向左减速时，篮球受到向右的摩擦力
D. 小明拉着小车在水平地面上匀速直线运动时，篮球在水平方向不受力
【答案】A
【解析】
【详解】A．小明拉着小车向左起步时，由于惯性，篮球有保持原来的静止状态的特性，相对小车有向右运动的趋势，所以篮球受到向左的摩擦力，故A错误，符合题意；
B．若小车与篮球间光滑，由于惯性，篮球有保持原来的静止状态的特性，小车起步时篮球相对于地面保持静止，故B正确，不符合题意；
C．小明拉着小车向左减速时，由于惯性，篮球有保持原来的运动状态即速度和方向不变的特性，篮球有向左运动的趋势，篮球受到向右的摩擦力，故C正确，不符合题意；
D．小明拉着小车在水平地面上匀速直线运动时，由于惯性，篮球有保持原来的运动状态即速度和方向不变的特性，篮球与小车没有相对运动的趋势，不受摩擦力作用，篮球在水平方向不受力，故D正确，不符合题意。
故选A。
7. 我国独立自主设计建造的“福建舰”航空母舰采用的是先进的电磁弹射技术。电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，从而弹射器推动舰载机使其加速。图所示的选项中与其原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】电磁弹射器在强磁场中通电后受到强大的磁场力作用，运用了通电导体在磁场中受力的作用而运动的原理工作的，相当于电动机。
A．通电时小磁针发生偏转，表明通电导体周围存在磁场，属于电流的磁效应，故A不符合题意；
B．通电后，导体在磁场中受力而运动，表明通电导体在磁场中受力的作用，属于电动机工作原理，故B符合题意；
C．闭合开关，当导体ab左右运动时，感应电流表指针发生偏转，表明电路中有电流，属于电磁感应现象，与发电机原理相同，故C不符合题意；
D．通电后螺线管周围存在磁场，磁场特征与条形磁体相似，属于电流的磁效应，故D不符合题意。
故选B。
8. 图所示是探究凸透镜成像规律的装置。凸透镜的焦距，此时在图中光屏上恰好能成清晰的像（光屏未画出）。下列说法正确的是（ ）
A. 光屏在区域Ⅱ上成倒立、放大的像，符合投影仪的成像原理
B. 保持透镜位置不动，将蜡烛和光屏都靠近透镜适当距离，光屏上可成倒立等大的像
C. 保持蜡烛和光屏不动，只将透镜向左移动适当距离可以得到倒立、放大的实像
D. 靠近透镜左侧加一老花镜片，将蜡烛向左移动适当距离，可能在区域Ⅱ成清晰的像
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，物距
已知凸透镜的焦距，则，根凸透镜成像特点可知，烛焰成倒立、缩小的实像，利用此原理制成了照相机，故A错误；
B．凸透镜成实像时，物近像远像变大。保持透镜位置不动，将蜡烛靠近透镜适当距离，光屏远离凸透镜适当距离，光屏上可成倒立等大的像，故B错误；
C．由于折射时光路是可逆的，保持蜡烛和光屏不动，只将透镜向左移动适当距离可以得到倒立、放大的实像，故C正确；
D．老花镜片是凸透镜，凸透镜对光有会聚作用，使烛焰的像靠近凸透镜，再将蜡烛向左移动适当距离，像成在一倍焦距和二倍焦距之间，可能在区域Ⅰ成清晰的像，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，小明用甲、乙两装置匀速提升质量为的物体。滑轮的质量均为，相同的时间内物体被提升的高度均为。下列说法正确的是（ ）
A. 绳子自由端的拉力一定为
B. 两个拉力做的额外功相等
C. 、两个拉力做功的功率比值为3∶2
D. 若不计绳重和摩擦，两种装置的机械效率均为
【答案】D
【解析】
【详解】A．虽然物体质量相同，动滑轮质量相同，且乙图中绳子段数比甲图多，但由于摩擦及绳重的大小不知道，所以绳子自由端的拉力大小无法判断，故A错误；
B．两个拉力对动滑轮做的功及克服摩擦及绳重做的功属于额外功，物体被提升的高度，动滑轮同样被提升相同高度，所以对动滑轮做的额外功相同；但由于不知道摩擦及绳重，克服摩擦及绳重做的功无法比较，所以两个拉力做的额外功大小无法比较，故B错误；
C．因为摩擦及绳重大小不知道，所以拉力做的功大小无法比较，功率大小关系无法比较，故C错误；
D．若不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
故D正确。
故选D。
10. 图甲所示是利用热敏电阻测量温度的电路，图乙所示是热敏电阻的阻值随温度变化的关系图。电路中电源电压保持不变，热敏电阻的测温量程在~。在时，热敏电阻的阻值与滑动变阻器的滑片恰好在中点时的电阻相等，且此时灵敏电流表示数为。闭合开关，下列分析正确的是（ ）
A. 电源电压为
B. 保持变阻器滑片不动，随着温度减小电流表的示数变小，电路总功率变小
C. 保持变阻器的滑片在中点，电路中电流为时，热敏电阻的温度为
D. 若变阻器的滑片在右端不动，在热敏电阻的测温范围内，电路总功率的范围为0.18W~0.45W
【答案】B
【解析】
【详解】A．由乙图可知，温度为50℃时，热敏电阻的阻值为100Ω，与滑动变阻器的滑片恰好在中点时的电阻相等，则滑动变阻器此时的阻值为100Ω，滑动变阻器的最大阻值为200Ω，两个电阻串联连接，则总电阻R总=Rt+R=100Ω+100Ω=200Ω
由欧姆定律变形式可得电源电压U=IR总=0.03A×200Ω=6V
故A错误；
B．因为温度减小热敏电阻的阻值变大，由公式可知，电路中的电流变小，再根据公式P=UI可知，电路的总功率变小，故B正确；
C．变阻器的滑片在中点时其电阻为100Ω，电路中电流为时，由欧姆定律公式变形式可得电路的总电阻
则热敏电阻的阻值Rt=R总-R=300Ω-100Ω=200Ω
由乙图可知，热敏电阻的温度为40℃，故C错误；
D．变阻器的滑片在右端时，其电阻为200Ω，热敏电阻的测温量程在0℃~60℃，由乙图可知，其阻值范围在0~600Ω，当其阻值最小时，由电功率公式可得电路的最大电功率
最小电功率
所以电路总功率的范围为0.045W~0.18W，故D错误。
故选B。
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11. 小明关闭家里的其他所有用电器，只用一台电热水壶烧水，经过水沸腾，观察到电能表的指示灯正好闪烁了150次，电能表的信息如图所示。该段时间内电热水壶消耗的电能为______________J，实际功率为______________W。
【答案】 ①. 1.8×105 ②. 500
【解析】
【详解】[1]该段时间内电热水壶消耗的电能为
[2]电热水壶的实际功率为
12. 周日，小明在公园游玩。他站在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云中游”的现象，其中看到的“云”是光的______________现象；一条小鱼在点，请在答题卡图中画出小明在岸上点（眼睛的位置）观察到鱼（点）的大致光路图。______________
【答案】 ①. 反射 ②.
【解析】
【详解】[1]小明看到的“云在水中飘”，是由于云反射的光线经过平静的湖面反射后进入人眼所形成的虚像，这是光的反射现象。
[2]观察鱼的光路图绘制要点：鱼的实际位置为A点，光线从水中斜射入空气时会发生折射（折射角大于入射角）。人眼在B点逆着折射光线看过去，会看到鱼的虚像A'（位置比实际鱼的位置要浅）。如图所示：
13. 在2024年巴黎奥运会上中国跳水梦之队包揽了跳水项目的全部金牌。如图所示，运动员在起跳前，跳板的______________转化为运动员的动能。从刚离开跳板到向下落水的过程，运动员动能的变化情况是______________。
【答案】 ①. 弹性势能 ②. 先变小后变大
【解析】
【详解】[1]运动员起跳前，跳板发生弹性形变，具有弹性势能，在恢复原状的过程中，跳板的弹性势能转化为运动员的动能。
[2]从刚离开跳板到向下落水的过程，运动员先上升，速度减小，质量不变，动能减小；到达最高点后下落，速度变大，质量不变，动能变大，所以动能先减小后变大。
14. 如图甲所示，饮料从弯折的吸管被吸到嘴里，是利用______的作用；如图乙所示，对吸管吹气，吸管中的水会上升，是因为流体中流速越大的位置压强越______（选填“大”或“小”）。
【答案】 ①. 大气压 ②. 小
【解析】
【详解】[1]用吸管吸饮料时，先把吸管内的空气吸走，使吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下，饮料就被压进吸管进而被吸到嘴里，所以是利用大气压的作用。
[2]对吸管A吹气时，吸管B上方空气流速增大，根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，吸管B上方压强变小，而吸管B下方大气压不变，在大气压的作用下，吸管B中的水会上升。
15. 随着我国具有完全自主知识产权的第三代百万千瓦级核电站——华龙一号的建设，我国的核电技术已经居于世界领先地位，核电站中的核反应堆是通过可控________（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能的。在发电过程中，核电站的蒸汽轮机将蒸汽的内能转化为__________能，再通过发电机进而转化为电能。
【答案】 ①. 核裂变 ②. 机械
【解析】
【15题详解】
[1]核电站中的核反应堆是利用可控核裂变来释放核能的。核裂变是重核分裂成较轻核的过程，能产生大量能量且便于控制。核聚变目前难以实现可控利用。
[2]在核电站发电过程中，蒸汽轮机利用蒸汽的内能推动轮机转动，将内能转化为机械能，之后机械能再由发电机转化为电能。
16. 图所示为“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验操作过程。实验中，液体压强是用U形管两侧液面__________来表示的；通过比较A、B、C三个步骤，可得出结论：__________；若想探究液体压强与液体密度的关系，请简述操作过程（可添加器材）：__________。
【答案】 ①. 高度差 ②. 同种液体内部同一深度，各个方向的压强相等 ③. 将探头放入同一深度的盐水，观察U形管两侧液面的高度差（答案合理即可）
【解析】
【详解】[1]液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，即采用了转换法。
[2]通过比较A、B、C三个步骤知道，深度相同，探头的朝向不同，U形管两侧液面高度差相同，压强相同。可得出结论：在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
[3]若想探究液体压强与液体密度的关系，要控制深度相同，改变液体的密度，操作过程为：在探头放在和D实验相同深度的盐水中，比较U形管两侧液面的度差。
17. 如图A所示，在研究“不同物质的温度变化与吸热关系”的实验中，在两个相同烧杯中分别放入质量和初温都相同的甲、乙两种液体，两个加热器完全相同。如图B所示为两种液体温度随加热时间变化的图像。______（选填“甲液体”或“乙液体”）更适合做暖气片内的导热介质；甲、乙的比热容之比为______。
【答案】 ①. 甲液体 ②. 2∶1
【解析】
【详解】[1]由图B可知，用相同的加热器加热相同时间，甲、乙两种液体吸收的热量相同，甲升高的温度小于乙升高的温度，根据公式可知，甲液体的比热容大于乙液体的比热容，所以甲液体更适合做暖气片内的导热介质。
[2]由图B可知，甲、乙温度从20℃升高到50℃，甲加热时间为40s，乙加热时间为20s，甲吸收的热量是乙的2倍，且甲乙质量相同，根据公式可知，甲的比热容是乙的2倍，所以甲、乙的比热容之比为2∶1。
18. 为测定某牛奶的密度，小明在实验室进行了如下实验。
（1）将托盘天平放在水平工作台上，游码移到标尺的“0”刻度线处，发现指针静止在图甲所示位置，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节，使指针指在分度盘的中央。
（2）将装有适量牛奶烧杯放在天平的左盘，加减砝码，天平重新平衡时如图乙所示，烧杯和牛奶的总质量为______g；将烧杯中的部分牛奶倒入量筒，测得烧杯和剩余牛奶的质量为40.9g。
（3）量筒内的牛奶液面如图丙所示。可得出牛奶的密度为=______。
（4）上述实验中，有少量牛奶溅到量筒内壁，未静置就直接读出牛奶体积，则测得牛奶的密度______（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
【拓展】小明设计了另一种测牛奶密度的方案继续实验，如图所示，请将实验过程补充完整。
①先用一个小杯子装一定量的水，放在大烧杯的水面上漂浮，沿水面的位置在小杯子侧壁标记为A。再将小杯子中的水全部倒入量筒，测得体积为。
②再向该小杯子倒入少量牛奶，放在大烧杯的水面上漂浮，接着用滴管滴入牛奶，直至______，再将小杯子中的牛奶全部倒入量筒，测得体积为。
③牛奶的密度为=______（用、、表示）。
【答案】（1）右 （2）72.4
（3）1.05×103
（4） ①. 大于 ②. 水面达到小杯子侧壁的标记A处 ③.
【解析】
【小问1详解】
指针偏左说明左侧质量偏大，应将平衡螺母向右调节，使天平平衡。
【小问2详解】
天平示数m=50g+20g+2.4g=72.4g
【小问3详解】
量筒中牛奶质量m=72.4g-40.9g=31.5g
体积V=30mL=30cm³
密度=1.05g/cm³=1.05×10³kg/m³
【小问4详解】
[1]牛奶溅出导致测得体积偏小，由可知密度测量值大于真实值。
[2]需使两次排开水的体积相同，故应使水面再次达到标记A处。
[3]根据漂浮条件，知道两次浮力相等：ρ水gV₁=ρ牛奶gV₂ ，故ρ牛奶=。
19. 图所示为测量电阻Rx的实验电路。电源电压为6V保持不变，三种滑动变阻器的规格分别为R1“20Ω1A”、R2“30Ω2A”、R3“50Ω1A”。
（1）请在答题卡图中用笔画线代替导线将实验电路连接完整（要求滑片向左移动电流表示数变小）；
（2）连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，而电压表示数为零，两电表均完好，产生这一现象的原因可能是______；
（3）除故障后继续实验，记录的实验数据见下表。分析数据可知，滑动变阻器的滑片不断向______（选填“A”或“B”）移动，得出电阻Rx=______Ω；
（4）该实验所选滑动变阻器的规格及选择理由是______。
【拓展】为测出小灯泡正常发光时的电阻RL，小明设计如图所示的电路继续实验。小灯泡的额定电压为2.5V、定值电阻R0已知。操作如下：
①闭合S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑片位置不变，______（填写开关通断情况），记录电压表示数为U1；
③小灯泡正常发光时电阻RL=______（用R0、U1和已知量表示）。
【答案】（1） （2）待测电阻Rx短路
（3） ①. B ②. 10
（4） ①. 见详解 ②. 闭合S、S2断开S1 ③.
【解析】
【小问1详解】
滑片向左移动电流表示数变小，表明接入电阻变大，滑动变阻器下端应接入右端接线柱，如图所示
【小问2详解】
闭合开关，发现电流表有示数，表明电路中不存在断路，可能存在短路，而电压表示数为零，表明电压表测量范围内存在短路，故产生这一现象的原因可能是待测电阻Rx短路。
【小问3详解】
[1][2]分析数据可知，电路中电流不断变大，表明接入电阻不断减小，故滑动变阻器滑片不断向B移动，得出电阻为
【小问4详解】
[1]选R3“50Ω1A”，由第一组数据，则滑动变阻器至少为50Ω，故选R3。
[2]①闭合S、S1，断开S2，电压表测灯泡两端电压，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑片位置不变，闭合S、S2断开S1，电压表测灯泡和定值电阻R0的总电压，记录电压表示数为U1；则电路中电流为
[3]③小灯泡正常发光时的电阻为
20. 如图是汽车起重机吊货物时的场景。汽车起重机自重为2×105N，吊臂长度可在10~30m之间调节，汽车起重机可以吊起距支点O水平距离4~20m范围内的重物，汽车起重机工作时与水平地面的总接触面积为2m2（不计吊臂重、滑轮重和绳重）。
（1）求汽车起重机未吊货物时对水平地面的压强；
（2）若将质量为20t的货物在10s内匀速竖直提升3m，求此过程中汽车起重机克服货物重力做功的功率；
（3）若汽车起重机动力系统A允许提供的动力与动力臂乘积的最大值为1.5×106N·m，求在动力与动力臂的乘积最大时允许吊起重物的重力范围。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
汽车起重机未吊货物时对水平地面的压强为
【小问2详解】
起重机对货物的拉力为F拉=G物=20×103kg×10N/kg=2×105N
起重机提升货物的速度为
起重机对货物做功的功率为
【小问3详解】
由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，G物L物=F动L动，即保持不变，当最小时，允许的G物最大，最小为，则
解得，当最大时，允许的G物最小，最大为，则
解得
所以重物的重力的范围
21. 如图所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，另有阻值为20Ω的定值电阻R1和滑动变阻器R2.
（1）闭合开关S，若电路的MN间仅连入R1，求10s内电流通过R1所做的功W1。
（2）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联连入MN间，滑片在某一位置时，电流为0.3A，求滑动变阻器接入电路的阻值。
（3）若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN间，电流表的示数为I串；若将电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入MN间，电流表的示数为I并。在电路安全的情况下，I并与I串的最小差值为0.36A，I并与I串的最大差值为2.25A。求滑动变阻器R2的最大阻值和R2允许通过的最大电流。
【答案】（1）
（2）
（3）滑动变阻器的最大阻值为，允许通过的最大电流为
【解析】
【小问1详解】
若电路的MN间仅连入R1此时电路中电流
10秒内电流通过R1所做的功
【小问2详解】
电流表示数为，此时电路的总电阻为
根据串联电路电阻的特点可知，此时滑动变阻器的阻值为
【小问3详解】
当并联电路的干路电流最小（滑动变阻器接入阻值最大），串联电路的电流最大（此时滑动变阻器接入阻值为0），此时与的差值最小，即
由欧姆定律可得
代入数据可得
解得滑动变阻器的最大阻值为。当并联电路的干路电流最大，串联电路的电流最小（此时滑动变阻器接入阻值最大）时，此时与的差值最大，即
①若此时电流表示数最大可以达到，则
代入数据
解得此时（舍去，若未讨论此种情况也可）
②并联电路最大电流为，即
代入数据可得
解得允许通过的最大电流为。因此滑动变阻器的最大阻值为，允许通过的最大电流为。
序号
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
I/A
0.10
0.20
0.30
040
0.50
序号
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
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4.0
5.0
I/A
0.10
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