2025年辽宁省抚顺市顺城区中考二模物理试题

这是一份2025年辽宁省抚顺市顺城区中考二模物理试题，共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验题，计算题，科普阅读题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．月牙岛2025年新春夜游记现场，霓虹灯海绚烂夺目，游客们驻足拍照，热闹非凡。下列光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．路面留下游人斑驳的影子
B．游客的身上映衬着多彩的颜色
C．光束穿过冰雕，形状产生微妙变化
D．游客们开心地与吉祥物拍照的合影
【答案】B
【详解】A．路面留下游人斑驳的影子是由于光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．不透明物体的颜色由它反射的光的颜色决定，游客的身上映衬着多彩的颜色是因为它反射了各种色光，故B符合题意；
C．光束穿过冰雕，形状产生微妙变化，是因为光发生了折射，故C不符合题意；
D．游客们开心地与吉祥物拍照的合影，照相机的工作原理是凸透镜成像，利用了光的折射，故D不符合题意。
故选B。
2．生活处处是物理，留心观察皆学问。下列描述的热现象中，需要放热的是（ ）
A．晾晒的湿衣服变干B．夏天吃冰激凌解热
C．冬天地上出现白霜D．衣柜中樟脑丸变小
【答案】C
【详解】A．晾晒的湿衣服变干，是蒸发现象，吸收热量，故A不符合题意；
B．夏天吃冰激凌，冰激凌是固态的，吃到嘴里后变为液态，是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；
C．冬天地上出现白霜，是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故C符合题意；
D．衣柜里的樟脑丸变小，是由固态直接变成气态，是升华现象，升华吸热，故D不符合题意。
故选C。
3．2025年央视春晚中，藏族歌舞《格桑花开》不仅是一场视觉的享受，更是藏族文化的生动展现。下列说法中正确的是（ ）
A．表演者发出的声音是由空气振动产生的
B．前排观众听到的声音大，是因为听到声音的音调高
C．伴奏演员按琴弦的不同位置是为了改变琴弦的音色
D．表演者的歌声是通过空气传到观众耳朵中的
【答案】D
【详解】A．表演者发出的声音是由声带振动产生的，故A错误；
B．前排观众听到的声音大，是因为听到声音的响度大，故B错误；
C．伴奏演员按琴弦的不同位置是为了改变琴弦的音调，故C错误；
D．声音的传播需要介质，固体、液体和气体都是传播声音的介质，表演者的歌声是通过空气传到观众耳朵中的，故D正确。
故选D。
4．2025年农历新年来临之际，暴雪席卷抚顺地区，给人们的出行带来了极大的不便，给道路交通带来了严重影响，相关部门采取各种措施保障交通安全。下列说法正确的是（ ）
A．图甲：在结冰地段撒沙子可以增大摩擦
B．图乙：撒融雪剂可以提高冰的熔点
C．图丙：雪地上的汽车打滑，是因为压力变小了
D．图丁：汽车在冰雪路面要慢速行驶，因为速度越大惯性越大
【答案】A
【详解】A．在结冰地段撒沙子，沙子会使接触面变得粗糙，在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，从而防止车辆打滑，保障交通安全，故A正确；
B．撒融雪剂的目的是降低冰的熔点，使冰在较低的温度下就能熔化，从而清除道路上的积雪和冰，而不是提高冰的熔点。故B错误；
C．汽车对地面的压力等于汽车自身的重力，在雪地上行驶时，汽车的重力不变，所以汽车对地面的压力也不变。雪地上的汽车打滑，是因为雪地表面比较光滑，接触面的粗糙程度减小，在压力不变的情况下，摩擦力减小，导致汽车轮胎与地面之间的摩擦力不足以提供汽车行驶所需的牵引力，从而使汽车打滑，而不是因为压力变小。故C错误；
D．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与物体的速度大小无关。汽车在冰雪路面要慢速行驶，是因为在冰雪路面上，汽车轮胎与地面的摩擦力较小，如果车速过快，在遇到紧急情况时，汽车由于惯性不能及时停下来，容易发生交通事故，而不是因为速度越大惯性越大。故D错误。
故选A。
5．我国自行研制的第三艘航空母舰福建号采用了最先进的电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力而快速起飞。下列各图能正确反映电磁弹射器工作原理的是（ ）

A． B．
C． D．
【答案】C
【详解】依题意电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力运动，与电动机原理相同。
A．图A是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B．图B是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B不符合题意；
C．图C有电源，通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，故C符合题意；
D．图D没有电源，是探究电磁感应现象的实验，故D不符合题意。
故选C。
6．安全用电是中学生必备基本常识，下列关于家庭电路和安全用电说法正确的是（ ）
A．家庭电路着火迅速用冷水浇灭
B．大功率用电器也可以使用二脚插头
C．发生触电事故，应先切断电源再进行抢救
D．控制用电器的开关应接在零线和用电器之间
【答案】C
【详解】A．家庭电路着火应迅速切断电源，再进行灭火，故A错误；
B．大功率用电器必须使用三脚插头，通过三孔插座来进行接地，防止漏电时发生触电事故，故B错误；
C．发生触电事故，应先切断电源，使人脱离电路，再进行抢救，故C正确；
D．控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，断开开关时使用电器与电路断开，故D错误。
故选C。
二、多选题
7．能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于能源、信息和材料，下列说法中正确的是（ ）
A．我国南海蕴藏大量的“可燃冰”，属于可再生能源
B．我国北斗卫星导航系统利用超声波向地面传递信息
C．核电站是利用核裂变释放出的能量来发电的
D．飞机采用碳纤维材料来减轻机身质量是利用该材料密度小
【答案】CD
【详解】A．可燃冰不能短时间内再次获得，它属于不可再生能源，故A错误；
B．超声波无法在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，我国北斗卫星导航系统利用电磁波向地面传递信息，故B错误；
C．获取能源的方法：核聚变和核裂变，核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故C正确；
D．体积一定的物体，密度越小，质量越小，所以飞机机身采用碳纤维材料是因为碳纤维具有较小的密度，故D正确。
故选CD。
8．2024年6月25日，嫦娥六号返回器携带来自月背的月壤安全着陆在内蒙古预定区域，实现了世界首次月球背面采样返回，再次创造了中国航天的世界记录。下列说法正确的是（ ）
A．以下落的返回器为参照物，地面是运动的
B．返回器减速下落过程受到的力是平衡力
C．返回器下落时所受重力方向始终竖直向下
D．返回器进入大气层，外壳温度升高是通过做功的方式改变内能的
【答案】ACD
【详解】A．以下落的返回器为参照物，地面的位置发生了变化，是运动的，故A正确；
B．返回器减速下落过程，它的速度在减小，运动状态发生了改变，受到的力是非平衡力，故B错误；
C．重力的方向总是竖直向下的，返回器下落时所受重力方向始终竖直向下，故C正确；
D．返回器进入大气层，与大气摩擦，克服摩擦做功，内能增大，外壳温度升高，是通过做功的方式改变内能的，故D正确。
故选ACD。
9．如图所示电路电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从端滑到端的过程中，得到、中某电阻的关系图像如图所示。则（ ）
A．电源电压等于
B．的阻值为
C．滑动变阻器的取值范围是
D．P向端滑动过程中，电压表与电流表示数的比值变小
【答案】BC
【详解】AB．由电路图可知，闭合开关时，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压。当滑片P在b端时，R2接入电路的电阻为零，其两端电压也为零，电路中的电流最大，由此可知图中的U-I图像是R2的U-I图像。当滑片P位于a端时，R2接入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，由欧姆定律可知电路中的电流最小，由欧姆定律和串联电路的电压规律可得，电源电压为U=U1+U2=IaR1+4V=0.2A×R1+4V①
当P在b端时，电源电压为U=IbR1=0.6A×R1②
电源电压不变，由①②可得U=6V，R1=10Ω，故A错误，B正确；
C．当滑片P在b端时，R2接入电路的电阻为零；当滑片P位于a端时，R2接入电路的电阻最大，其最大阻值为
即滑动变阻器的取值范围是0~20Ω，故C正确；
D．由可知，电压表V1与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，所以该比值不变，故D错误。
故选BC。
三、填空题
10．如图所示，小猫掉进泡沫堆后全身沾满泡沫，这种情景是 现象，泡沫带电是因为电荷发生了 。
【答案】 摩擦起电 转移
【详解】[1]带电体具有吸引轻小物体的特点，小猫掉进泡沫堆后全身沾满泡沫，这种情景是摩擦起电现象，带电的猫毛吸引轻小物体泡沫。
[2]摩擦起电的本质是不同物质束缚电子的本领不同，从而电荷发生了转移，泡沫带电是因为电荷发生了转移。
11．许多博物馆会在较为精巧的文物前放置凸透镜，如图所示。通过凸透镜看到的像是正立、 的虚像。文物和它的像在凸透镜的 侧。
【答案】 放大 同
【详解】[1][2]精巧的文物前放置的凸透镜起放大镜的作用，文物放在焦点之内，在凸透镜的同一侧成正立、放大的虚像。
12．如图是一辆户外便携式折叠露营小推车，车轮宽大，是为了减小对地面的 。露营车拉杆角度可以调节，若把拉杆固定在竖直方向，当拉杆下的车轮遇到障碍时，需向上提把手，这时露营车可视为 杠杆。
【答案】 压强 省力
【详解】[1] 露营小推车的车轮宽大，是为了通过增大受力面积来减小对地面的压强。
[2]若把拉杆固定在竖直方向，当拉杆下的车轮遇到障碍时，需向上提把手，这时离拉杆远的车轮的轴为支点，车的重力为阻力，动力臂大于阻力臂，露营车可视为省力杠杆。
13．科技改变未来也改变了我们的生活，给我们的生活带来翻天覆地的变化。图中为“扫地机器人”和“擦窗机器人”工作时的情景：“扫地机器人”工作时扇叶带动内部空气流动起来，使内部气压 ，利用内外气压差将地面垃圾吸入“扫地机器人”内部的集尘袋。“擦窗机器人”的“腹部”有吸盘，擦窗时，它的真空泵会将吸盘内的空气向外抽出，在 作用下吸在竖直玻璃上。
【答案】 减小 大气压
【详解】[1]机器人吸尘的工作原理是通过电机转动带动内部空气流速加快压强减小，从而将杂物吹入吸尘器内。
[2]擦窗机器人工作时，真空泵将吸盘内的空气抽出，使泵内气压小于外界大气压，在大气压力的作用下，“擦窗机器人”能吸在竖直玻璃上。
14．今年热映的《哪吒2》是一部“讲科学的神话故事”电影。电影中：哪吒通过借助风火轮反向发力实现灵活多变的战斗动作，说明力能改变物体的 ；敖丙在深海水中真情流露热泪盈眶，但他的眼泪是往上方流的，说明深海海水密度 敖丙眼泪的密度。
【答案】 运动状态 大于
【详解】[1]哪吒通过借助风火轮反向发力实现灵活多变的战斗动作，即哪吒的风火轮的运动方向和速度大小都发生了改变，说明力能改变物体的运动状态。
[2]眼泪往上方流，由物体的浮沉条件可知，泪珠的密度小于海水的密度，即深海海水密度大于敖丙眼泪的密度。
15．如图实验装置，其中，。只闭合，可探究电流产生热量与 的关系。闭合和，若通过的电流为，通电电阻产生的热量为 J。
【答案】 电阻 4
【详解】[1]只闭合S1时，R1、R2串联，电流和通电时间相等，电阻不同，所以可以探究电流产生热量与电阻的关系。
[2]闭合S1和S2，R2、R3先并联，再和R1串联，通过R1的电流为通过R2、R3电流的和，由于R2=R3，所以通过R2、R3的电流相同，且等于通过R1的电流一半，所以通过R2的电流为
通电电阻产生的热量为Q2=I22R2t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J
四、作图题
16．爱养花的小宇，为了使家里的花能茁壮成长，他想让室外太阳光照射到A处的平面镜上，反射后射到盆中花上的B处，如图所示。请你在图中把光路补充完整，并补画出平面镜。
【答案】
【详解】连接AB为反射光线，然后作出入射光线和反射光线夹角的角平分线为法线，再作一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置。如图所示：
17．雷锋是青年模范人物。雷锋精神是中华民族传统美德和民族精神在社会主义建设时期的具体体现。如图是一尊放在展台上的雷锋同志纪念石像。请画出石像对展台的压力的示意图。
【答案】
【详解】石像对展台的压力作用在展台上，方向垂直于桌面向下，作用点在石像与展台的接触面的中点处，从压力的作用点做垂直于展台向下的力，并标出F，如图所示：
五、实验题
18．如图甲是“探究冰的熔化特点”实验的装置示意图。
(1)实验时应该选择颗粒 （选填“较大”或“较小”）的冰块进行实验，烧杯中的水面应 试管中的冰面；
(2)小明根据实验数据作出冰加热时温度随时间变化的图像如图乙所示，分析图像可知，冰是 （选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是 ；熔化前后图线的倾斜程度不同，原因是冰和水的 不同；
(3)若冰全部熔化成水后继续用酒精灯不断地加热，试管中的水最终 （选填“会”或“不会”）沸腾。
【答案】(1) 较小 高于
(2) 晶体 冰在熔化过程中温度保持不变 比热容
(3)不会
【详解】（1）[1]在探究冰的熔化特点实验中，为了使冰块受热均匀，应选择颗粒较小的冰块。因为较小的冰块与热源的接触面积相对更均匀，能更好地吸收热量，避免因冰块内部温度不均匀而影响实验结果。
[2]烧杯中的水面应高于试管中的冰面。这样做的目的是让试管中的冰能够充分受热，保证冰在熔化过程中能持续从周围的水中吸收热量。如果水面低于冰面，试管中的冰可能无法完全浸没在水中，导致受热不均匀，影响实验效果。
（2）[1][2]从图像乙可以看出，冰在熔化过程中有一段时间温度保持不变。晶体具有固定的熔点，在熔化过程中会吸收热量但温度保持不变，直到全部熔化后温度才会继续升高；而非晶体没有固定的熔点，在熔化过程中温度会持续升高。所以根据图像中冰在熔化时温度不变的特点，可以判断冰是晶体。
[3]熔化前后图线的倾斜程度不同，是因为冰和水的比热容不同。在吸收相同热量的情况下，比热容大的物质温度升高得慢，比热容小的物质温度升高得快。冰熔化成水后，状态发生了变化，比热容也发生了改变，导致在相同时间内温度升高的幅度不同，所以图线的倾斜程度不同。
（3）当烧杯中的水沸腾时，温度保持不变，这个温度就是水的沸点。试管中的水从烧杯中的水吸收热量，当试管中的水温度达到烧杯中水的沸点时，由于两者之间没有温度差，试管中的水无法继续从烧杯中的水吸收热量，所以试管中的水虽然达到了沸点，但不能继续吸热，也就无法沸腾。
19．如图所示是小杨探究“平面镜成像时像与物的关系”的装置，玻璃板固定在刻度线处。
(1)小杨选取两支完全相同的蜡烛A、B，是为了探究像与物的 关系；选用玻璃板代替平面镜，主要是便于 ；
(2)由于使用的玻璃板较厚，小杨观察到明亮程度不同的两个像，较暗的像离蜡烛A （选填“较近”或“较远”），这两个像的大小 。
(3)小杨想用照相机拍摄实验现象，相机 （选填“能”或“不能”）拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的像。
【答案】(1) 大小 确定像的位置
(2) 较远 相等
(3)能
【详解】（1）[1]选取两支完全相同的蜡烛A、B，将蜡烛B放在玻璃板后面移动，直到与蜡烛A的像完全重合。由于两支蜡烛完全相同，那么蜡烛B的大小就等于蜡烛A像的大小，这样就可以比较像与物的大小关系。
[2]平面镜是不透明的，无法透过平面镜看到后面的物体，也就无法确定像的位置。而玻璃板是透明的，既能反射光线成像，又能透过光线看到玻璃板后面的物体，这样就可以在玻璃板后面找到蜡烛A像的位置，所以选用玻璃板代替平面镜主要是便于确定像的位置。
（2）[1]光线射到玻璃上，要发生反射和折射。玻璃有两个表面，前表面直接反射，较亮，所以其中距离观察者较近的像较亮，距离观察者较远的像较暗；远处的像是后表面反射形成的，蜡烛的光线进入玻璃前表面发生一次折射，在后表面反射回来，这是一次反射，反射的光线从玻璃到空气又要发生折射，这是第二次折射。能量损失较大，所以较暗的像离蜡烛A较远。
[2]由于平面镜成像的特点是像与物大小相等，这两个像都是由蜡烛A通过玻璃板反射形成的，所以这两个像的大小是相等的。
（3）相机可以捕捉到玻璃板反射的光线，因此能拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的像。
20．如图所示，琳琳同学用压强计研究液体内部的压强。
(1)通过观察U形管中两边液面的 来判断液体压强的大小；
(2)在实验前，用手多次按压金属盒橡皮膜，发现U形管两液面的高度有明显变化，这说明 ；
(3)如图甲、乙，保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，根据实验现象可以初步得出结论：在同种液体中，相同深度，液体内部向各个方向的压强 ；
(4)比较甲、丙两次实验，观察到的现象是 ，可以初步得出结论：在同种液体中，液体 越大，液体压强越大；
(5)将U形管中装入清水，为了便于读数，在U形管上标了刻度值，在U形管右管有一个指示液面位置的实心红色浮标，如图丁，未测量时，U形管内水面刚好与相平，某次实验中当探头放入某液体中，浮标指示在处，之间的距离为，则此时U形管左右液面上方气体压强差为 。（，取）
【答案】(1)高度差
(2)装置不漏气
(3)都相等
(4) 丙图中U形管液面的高度差较大 深度
(5)600
【详解】（1）根据转换法，液体压强大小是通过U形管内两边液面的高度差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大。
（2）按压金属盒橡皮膜，发现U形管两液面有明显变化，能灵活升降，说明装置不漏气。
（3）如图甲、乙，保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管内两边液面的高度差相同，根据实验现象可以初步得出结论：在同种液体中，相同深度，液体内部向各个方向的压强都相等。
（4）[1][2]比较甲、丙两次实验，液体的密度相同，丙图中金属盒在水中的深度较深，U形管液面的高度差较大，液体压强较大，可以得到：在同种液体中，液体深度越大，液体压强越大。
（5）如图丁所示，当探头放入某液体中，ab右管液面升高3cm，则左管液面下降3cm，左右两管液面相差6cm，则U形管左右液面上方气体压强差为
21．某实验小组同学在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，实验室提供的器材有电压表、电流表、开关、两节新干电池、标有字样的小灯泡和标有“ ”字样的滑动变阻器。
(1)请用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整，要求闭合开关后，滑片P向左端移动时小灯泡变亮：
(2)连接好电路后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，且电压表无示数，电流表有示数，则出现故障的原因可能是 ；
(3)排除故障后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定电流为 A，此时小灯泡的电阻约为 Ω（小数点后保留一位小数）；
(4)实验小组继续用图甲所示装置来探究“电流与电阻的关系”。分别把阻值为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻接入原小灯泡的位置，当将阻值为5Ω的定值电阻接入时，电流表示数如图丙所示，然后，小科将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，应向 滑动滑片，使电压表示数为 V。为完成探究“电流与电阻关系”的实验，滑动变阻器的最大阻值应不小于 Ω。
【答案】(1)
(2)灯泡短路
(3) 0.24 10.4
(4) 右 1 40
【详解】（1）滑片P向左移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
（2）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡始终不亮，且电压表的示数为零，则出现故障的原因可能是小灯泡短路。
（3）[1][2]当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，小灯泡的电阻为
（4）[1][2]图丙中电流表接入的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故读数为0.2A，则定值电阻两端电压为UV=I1R1=0.2A×5Ω=1V
将10Ω的电阻接入电路，由串联分压可知电压表的示数变大，为使电压表的示数不变，需要增大变阻器两端的电压，由串联分压可知增大变阻器连入电路的电阻，滑片向右移动，使电压表示数为1V。
[3]电阻两端电压始终保持1V不变，电源由两节新干电池组成，电源电压是3V，根据串联电路分压的规律，滑动变阻器分得电压为U滑=3V-1V=2V
滑动变阻器的电压为电压表示数的2倍，所以当接入20Ω的电阻时，滑动变阻器接入电路中的电阻为R滑=2R=2×20Ω=40Ω
所以为了完成实验，滑动变阻器的最大阻值不能小于40Ω。
六、计算题
22．随着科技的发展，机器人被广泛应用。如图所示，是某大型宾馆的智能送物机器人。她的质量为，最大负重，移动速度为（，。
(1)若机器人空载静止在水平地面上，车轮与地面接触总面积为，则机器人对地面的压强是多少?
(2)若机器人以最快的速度运动到距离它的电梯口需要多长时间?
(3)机器人抬着重的货物乘坐电梯从一楼到六楼用时，此过程中电梯对机器人做功的功率是多少?（设每层楼高）
【答案】(1)4×105Pa
(2)10s
(3)1200W
【详解】（1）机器人的重力G机器人=m机器人g=40kg×10N/kg=400N
若机器人空载静止在水平地面上，机器人对地面的压力F= G机器人=400N
机器人对地面的压强
（2）若机器人以最快速度运动到距离12m 的电梯口需要时间
（3）此过程中电梯对机器人做的功W=Gh=(G机器人+G物)h=(400N+50N)×5×3.2m=7200J
此过程中电梯对机器人做功的功率
23．彤彤家里有一台电热锅，它的一些参数如表中所示，加热功率有高、低两个挡位，其内部简化电路如图甲所示。
(1)电热锅在高挡位正常工作时，电路中的电流是多大?
(2)电热锅在低挡位时的电功率是多大?
(3)爱动脑的彤彤把原电热锅内部简化电路设计成如图乙所示，也有高、低两个挡位。已知该电热锅允许通过的最大电流为，请判断乙图电路是否合理，并通过计算说明原因。
【答案】(1)5A
(2)484W
(3)见解析
【详解】（1）由图甲可知，当双触点开关置于0、1时，加热电阻、串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，电热锅处于低温挡；当双触点开关置于1、2时，被短路，电路为只有的简单电路，电路中的总电阻最小，由可知，功率最大，电热锅处于高温挡；电热锅在高挡位正常工作时，电路中的电流是
（2）电热锅在低挡位时电路中的总电阻
电热锅在低挡位时的电功率是
（3）在图乙中，当双触点开关置于1、2时，加热电阻、并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最小，电热锅处于高温挡。此时通过的电流为
通过的电流为
电路中的总电流为
，所以乙图电路合理。
七、科普阅读题
24．变频空调机
空调机中有被称为“冷媒”的物质，利用它的物态变化可以实现室内、外热量的转移。如图所示是空调机制冷系统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在管内循环。压缩机的转速越大。“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强。压缩机的转速由供电频率决定。“变频空调”是与传统供电频率不变的“定频空调“相比较而产生的概念，与“定频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速，达到控制“冷媒”流量的目的。变频空调机开始工作时，以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机随即处于低速持续运转状态，维持室温基本不变。
表一表示某型号变频空调机的“冷媒”流量与变频器供电频率之间的对应关系。表二表示该型号变频空调及部分参数之间的对应关系，其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和：能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比。
表一：
表二：
(1)空调机工作时，当液态“冷媒” （填物态变化名称）时，需要 热量；
(2)空调压缩机是利用 的方法使“冷媒”发生物态变化的；
(3)根据表一数据，变频器供电频率越大，空调机的制冷能力越 。表二中空调机额定制冷量为 W，在额定状态下工作，可以使 的空气温度下降6℃。[空气的比热容]
【答案】(1) 汽化 吸收
(2)压缩体积
(3) 强 2660 266
【详解】（1）[1][2]空调机工作时，液态“冷媒”变成气态，属于汽化现象，汽化吸热，所以当液态“冷媒”汽化时，需要吸收热量。
（2）根据题意可知，空调压缩机是利用压缩体积的方法使“冷媒”发生物态变化的。
（3）[1]根据表一数据，变频器供电频率越大，流量越大，空调机的制冷能力越强。
[2]因能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比，所以额定制冷量为
[3]在额定状态下工作的制冷量为
根据可知，空气的质量为
额定电压
加热电阻
加热电阻
频率
30
50
70
90
110
130
流量
38
72
106
140
174
208
最小
额定
最大
输入功率
130
700
1400
制冷量
650
3600
能效比
---
3.80
---