2025年辽宁省鞍山市育才中学中考三模物理试题

这是一份2025年辽宁省鞍山市育才中学中考三模物理试题，共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．辽宁省鞍山市素有“评书之乡”的美称。小明的爷爷每天吃晚饭时都要用老式的收音机听评书。今晚收音机刚打开，爷爷就立即说这是单前芳的《百年风云》。下列有关说法不符合物理原理的是（ ）
A．爷爷听出评书演员是单前芳，是依据声音的音色
B．爷爷听到的评书声音是收音机内的扬声器纸盆振动产生的
C．收音机接受鞍山广播电台的信号是无线电波，属于电磁波
D．收音机的扬声器工作原理跟发电机工作原理相同
【答案】D
【详解】A． 不同发声体的结构不同，发出声音的音色不同， 爷爷听出评书演员是单前芳，是依据声音的音色，故A不符合题意；
B．声音是由物体振动产生的，爷爷听到的评书声音是收音机内的扬声器纸盆振动产生的，故B不符合题意；
C． 广播电台和电视台都是利用电磁波来传递信号的。收音机接受鞍山广播电台的信号是无线电波，属于电磁波，故C不符合题意；
D． 发电机的制作原理是电磁感应，而扬声器的工作原理是磁场对电流有力的作用，故D符合题意。
故选D。
2．小组同学做对比实验，如图所示，在甲、乙两个相同杯子中分别放入适量的冰块和干冰块。放置一段时间后，发现杯内物块均变小。甲杯内有液体出现，外壁有小水珠生成；乙杯内仍然是干燥的，外壁有一层薄霜生成。下面分析正确的是（ ）
A．冰块变小是凝固现象，干冰变小是升华现象
B．冰块变小需要吸热，干冰变小需要吸热
C．小水珠生成是汽化现象，薄霜生成是凝华现象
D．小水珠生成需要放热，薄霜生成需要吸热
【答案】B
【详解】A．冰块变小是因为冰（固态水）在室温下熔化成水（液态），这是熔化现象，而不是凝固。干冰变小是因为固态二氧化碳直接变成气态二氧化碳，这是升华现象。故A错误；
B．冰块变小（熔化）需要从周围环境吸收热量，使得冰的温度升高并熔化成水。干冰变小（升华）也需要吸收热量，使得固态二氧化碳直接变成气态。故B正确；
C．小水珠生成是因为空气中的水蒸气遇到冷的杯子外壁液化成液态水，这是液化现象，而不是汽化。薄霜生成是因为空气中的水蒸气在冷的杯子外壁直接凝结成固态冰晶，这是凝华现象。故C错误；
D．小水珠生成（液化）是放热过程，因为水蒸气液化成液态水时会释放热量。薄霜生成（凝华）也是放热过程，因为水蒸气直接变成固态冰晶时会释放热量。故D错误。
故选B。
3．物理科技小组在做探究凸透镜成像规律的实验过程中，某次实验操作时，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像，则下列说法错误的是（ ）
A．将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，光屏上的像会偏上
B．将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与照相机成像的性质相同
C．将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上成清晰的像时，该像的性质与投影仪成像的性质相同
D．将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，调整光屏与凸透镜的距离，烛焰在光屏上可成清晰的正立、放大的虚像
【答案】D
【详解】A．将凸透镜取下来，并将凸透镜向上移动，凸透镜的光心也随之上移，由于过光心光线传播方向不改变，导致像的位置也相应向上移动。因此，光屏上的像会偏上，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，光具座标尺的分度值是1cm，像距
物距
烛焰在光屏上恰好成清晰的倒立、等大的实像，此时u=v=2f=20.0cm，故凸透镜的焦距f=10.0cm，将蜡烛放置在光具座的25cm刻度线处，此时物距
满足u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，故B正确，不符合题意；
C．将蜡烛放置在光具座的35cm刻度线处，此时物距，满足成倒立、放大的实像，投影仪是根据这个原理制成的，故C正确，不符合题意；
D．将蜡烛放置在光具座的45cm刻度线处，此时物距，满足，即物体在凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像，但虚像不能呈现在光屏上，故D错误，符合题意。
故选D。
4．目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站，其示意图如图所示。下列说法中错误的是（ ）
A．太阳能是太阳内部氢原子核裂变释放出的能量
B．太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源
C．太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律
D．利用微波实现“无缆传输”，微波是一种电磁波
【答案】A
【详解】A．太阳能是太阳内部氢原子核聚变释放出的能量，故A错误，符合题意；
B．太阳能使用时不产生有害物质，是一种清洁、无污染的能源，而且可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，故B正确，不符合题意；
C．自然界的一切物理现象都遵循能量守恒定律，太空电站工作过程中依然遵循能量守恒定律，故C正确，不符合题意。
D．利用微波实现“无缆传输”，微波是一种波长较短的电磁波，故D正确，不符合题意。
故选A。
5．图甲是机场内正在匀速运行的水平行李传送带，图乙是其俯视示意图，与传送带保持相对静止的行李箱M、N运动到如图位置时，下列分析正确的是（ ）
A．此时M不受摩擦力
B．此时N受力平衡
C．此时N不受摩擦力
D．M对传送带的压力和M受到的重力是一对平衡力
【答案】A
【详解】A．由图可知，行李箱M做匀速直线运动，处于平衡状态，受到重力和支持力是平衡力，没有受到摩擦力，故A正确；
BC．N运动的方向发生改变，处于非平衡状态，受到非平衡力，N受到摩擦力的作用，故BC错误；
D．M对传送带的压力和M受到的重力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选A。
6．下图甲是某品牌的插座面板，将其正确接入家庭电路后，如图乙所示。当闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机可以接在该插座上使用B．若指示灯断路，该插座还可以使用
C．用试电笔测试插座的右孔，氖管不发光D．为了保持清洁，可用湿抹布擦拭插座面板
【答案】B
【详解】A．家用洗衣机有金属外壳，容易发生漏电，应接入三孔插座，故洗衣机不可以接在该插座上，故A错误；
B．指示灯和插座是并联的，这意味着它们各自独立工作，互不影响。因此，即使指示灯断路，插座仍然可以正常使用，故B正确；
C．该插座的右孔接在火线上，用试电笔测试插座的右孔，氖管会发光，故C错误；
D．由于水是导体，用湿抹布擦拭插座面板可能会导致触电事故。因此，为了安全起见，我们不应该用湿抹布擦拭插座面板。故D错误。
故选B。
二、多选题
7．如图所示为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R＝10Ω，R0为湿敏电阻，R0随环境湿度的增加而减少，R0的阻值变化范围为10~20Ω，闭合开关S，当环境的湿度增加时，下列说法错误的是（ ）
A．电压表示数变小
B．电压表示数与电流表示数的比值不变
C．经过R0的最大电流为0.2A
D．R电功率变化范围是0.6~0.9W
【答案】ACD
【详解】由图得，湿敏电阻R0与定值电阻R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R的电压。
A．闭合开关S，当环境的湿度增加时，R0随环境湿度的增加而减少，电路电阻变小，由欧姆定律得，电路电流变大，定值电阻R的电压变大，则电压表示数变大，故A错误，符合题意；
B．电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，则比值不变，故B正确，不符合题意；
C．当R0的阻值10Ω时，电路电阻最小，此时电路电流最大，串联电路中电流处处相等，则经过R0的最大电流为
故C错误，符合题意；
D．R电功率最大为
当R0的阻值20Ω时，电路电阻最大，此时电路电流最小，串联电路中电流处处相等，则经过R的最小电流为
R电功率最小为
R电功率变化范围是0.8~0.9W，故D错误，符合题意。
故选ACD。
8．2022年4月21日，中国海军055型万吨驱逐舰鞍山舰（舷号103）参加实战化训练。如图所示，鞍山舰标准排水量9000吨，满载排水量12300吨，最大航速为32节（约59km/h），g取10N/kg。下列有关鞍山舰的说法不正确的是（ ）
A．鞍山舰满载时，所受浮力为1.23×105N
B．鞍山舰以最大航速航行20min，航行路程约19.7km
C．舰载无人机飞离鞍山舰的过程中，浮力对鞍山舰不做功
D．鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，其受到的浮力不变，排开海水质量增大
【答案】ACD
【详解】A．鞍山舰满载时，所受浮力为
故A错误，符合题意；
B．鞍山舰以最大航速航行20min，由得，航行路程约
故B正确，不符合题意；
C．舰载无人机飞离鞍山舰的过程中，鞍山舰在浮力的方向移动一定的距离，则浮力对鞍山舰做功，故C错误，符合题意；
D．鞍山舰从密度较大的海域驶入密度较小的海域时，鞍山舰受到的浮力均等于重力，鞍山舰的重力不变，则其受到的浮力不变，由得，鞍山舰排开海水质量不变，故D错误，符合题意。
故选ACD。
9．如图，甲、乙两个透明容器内均装有质量为100g、初温为25℃的某种绝缘液体，甲、乙中都有一段电阻丝，R1＝5Ω，R2＝R3＝10Ω，电源电压18V。当只闭合开关S1，通电120s后，甲中温度计的示数为29℃。已知R1、R2在实验过程中的加热效率都是75%。则以下判断正确的是（ ）
A．电流通过R1产生的热量是8640J
B．液体的比热容为1.62×103J/（kg•℃）
C．当闭合开关S1和S2时，R1两端电压等于R3两端电压
D．当闭合开关S1和S2时，R1和R2产生热量的电热功率之比为4∶1
【答案】BC
【详解】A．图得，只闭合开关S1，R1、R2串联，电流表测量电路电流。
电路电流为
串联电路中电流处处相等，电流通过R1产生的热量是
故A错误；
B．得，甲容器中液体吸收的热量为
由得，液体的比热容为
故B正确；
C．当闭合开关S1和S2时，R2、R3并联后再与R1串联，由并联电路特点得，由于并联电路各支路两端的电压相等，R2、R3的阻值相等，由欧姆定律得，R2、R3的电流相等，由并联电路特点得，
R3阻值为R1阻值的2倍，由欧姆定律得，R1两端电压等于R3两端电压，故C正确；
D．当闭合开关S1和S2时， 由得，R1和R2产生热量的电热功率之比为
故D错误。
故选BC。
三、填空题
10．如图所示为氢气爆炸实验装置，向纸杯中通入适量的氢气与空气混合，用火柴点燃气体，发生爆炸，纸杯被崩起。在氢气爆炸实验中，将氢气燃烧释放的内能转化为纸杯的 能，此过程与汽油机的 冲程相同。
【答案】 机械 做功
【详解】[1][2]在氢气爆炸实验中，将氢气燃烧对纸杯做功，氢气燃烧产生的内能转化为纸杯的机械能。汽油机的做功冲程中，燃料燃烧产生的高温高压气体推动活塞向下运动，气体的内能转化为机械能。因此在氢气爆炸实验中能量转化与汽油机的做功冲程的能量转化相同。
11．水平桌面上有两个质量相同的容器，底面积相同，分别装有质量相等的甲、乙两种液体，将三个体积相同的物体A、B、C分别投入到容器中，物体静止时的状态如图所示（物体A对容器底有压力），此时两容器中液面相平。放入物体后，两个容器对水平桌面的压强分别是p1和p2，则p1 p2，甲、乙液体对容器底的压力分别为F3和F4，则F3 F4。
【答案】 ＞ ＞
【详解】[1]由图得，甲液体的体积小于乙液体的体积，甲、乙液体的质量相等，由得
A在甲液体中沉底，则
B在甲液体中悬浮，则
C在乙液体中漂浮，则
则
物体A、B、C的体积相同，由得
容器的质量相同，甲、乙液体的质量相等，则放入物体后，甲容器的总质量大于乙容器的总质量，放入物体后，容器对水平桌面的压力等于容器、物体、液体的总重力，由得，甲容器对水平桌面的压力较大；甲乙容器的底面积相同，由得，两个容器对水平桌面的压强
[2]两容器中液面相平，则放入物体后，甲乙液体的深度相同，由于
由得，甲乙液体对容器底部的压强
甲乙容器的底面积相同，由得，甲、乙液体对容器底的压力
12．往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，若实际用力为500N，重物受到的摩擦力为 N。另一斜面的机械效率为80%，应用它可以用100N的力，匀速地沿斜面拉起重400N的物体，则斜面的高与长度之比为 。
【答案】 100 1∶5
【详解】[1]工人做的有用功为
工人所做的总功为
工人做的额外功为
根据可得，重物受到的摩擦力为
[2]设斜面的高为h′，长度为s′，工人做的有用功为
工人所做的总功为
则该斜面的机械效率为
则斜面的高与长度之比为
四、作图题
13．爱学习爱劳动，小张常帮妈妈做家务。如图甲是小张用笤帚在水平地面扫地，如图乙是简化图，以O为支点，作用在A点的动力为F1。请在图乙中画出作用在笤帚上B点摩擦力的示意图及其力臂l2。
【答案】
【详解】由图知，用笤帚在水平地面扫地时，笤帚相对水平地面地面向左运动，B点受到的摩擦力f方向水平向右，据此画出B点受摩擦力示意图；从支点O作摩擦力作用线的垂线，垂线段为其力臂l2，如图所示：
14．利用两个相同的单刀双掷开关A和B，小明设计了一个电路，使电动机通过控制开关的操作，既能正转，也能反转（说明：如图中开关A既可与“1”触点接通，也可与“2”触点接通）．在虚线框内把未完成的电路图补充完整．
【答案】
【详解】电动机要转动，电动机必须连入有电源的电路中，电动机旋转方向的改变通过改变电流的方向来实现．当A点接触点1时，控制电路的单刀双掷开关B接1，若要电流方向改变， A点接触点2时，控制电路的单刀双掷开关B接2就可以，完整的电路图如下：
五、实验题
15．在“探究平面镜成像特点”的实验中，同学们通过小组讨论提出了三种测量像的大小的方案：
方案一：用刻度尺紧贴平面镜，测量像的高度，如图甲所示。
方案二：用刻度尺紧贴物体，通过平面镜中的“刻度尺”测量像的高度，如图乙所示。
方案三：将平面镜换成玻璃板，在玻璃板后移动刻度尺，直至刻度尺紧贴像，测量像的高度，如图丙所示。
(1)方案一中，像的高度测量值比真实值偏小，原因是 ；
(2)你认为方案二 （选填“合理”或“不合理”），请说明理由： ；
(3)方案三，换用玻璃板是为了确定虚像的 。此方案中 （选填“需要”或“不需要”）透过玻璃板读数；
(4)小明利用方案三测出了如表所示数据：
分析数据，可得出结论： 。
【答案】(1)见解析
(2) 不合理 见解析
(3) 位置 需要
(4)平面镜所成像的大小与物体到平面镜的距离无关
【详解】（1）方案一中，刻度尺的刻度线没有紧贴像，且离像有一段距离，由于视角问题会造成像的高度测量值比真实值偏小。
（2）[1][2]方案二：用刻度尺紧贴物体，通过平面镜中的“刻度尺”测量像的高度，由于平面镜中的“刻度尺”是虚像，刻度尺测量的是物体的高度而不是像的高度，所以此方案不合理。
（3）[1][2]方案三，换用玻璃板是因为玻璃板既能成像，又能透光，便于确定像的位置；此方案中需要透过玻璃板读数，因为平面镜成的是虚像，只有透过玻璃板才能看到像。
（4）由表可知，在误差允许的范围内，随着物体到玻璃板的距离改变，像的高度和宽度均不变，可得：平面镜所成像的大小与物体到平面镜的距离无关。
16．以下是探究杠杆平衡条件的实验，实验中使用的是等质量的钩码，杠杆每一格长度为1cm。
(1)实验前杠杆静止时如图甲所示，若要将其调整到水平位置平衡，应将左边的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调；
(2)如图乙，在A点挂2个钩码，在B点挂 个钩码，可使杠杆在水平位置平衡；
(3)如图乙，保持左侧悬挂钩码的位置和数量不变，调节右侧悬挂钩码的数量和位置，使杠杆始终在水平位置平衡，记录对应的力F和力臂L₁大小，绘制成图像如图丙所示，图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积 （填“相等”或“不相等”）；
(4)如图丁所示，用弹簧测力计代替钩码，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的拉力F 1.5N（选填“>”、“=”或“
(5) A 偏小
【详解】（1）如图甲所示，杠杆右端下沉，根据杠杆左高左调，右高右调，因此应将平衡螺母向左端移动。
（2）设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，由杠杆的平衡条件知
2G×3L=nG×2L
解得n=3，即在B位置挂上3个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出
F2l2=F1l1=3N×2cm=1N×6cm=6N·cm
图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
（4）由图丙力F和力臂l大小可得动力与动力臂的乘积
F1l1=3N×2cm=6N·cm
由图乙可得
4G×3cm=6N·cm
解得G=0.5N；假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆的平衡条件
F左l左=F左l右
即
4G×3L=F×4L
解得
F=3G=3×0.5N=1.5N
由图可知弹簧测力计向左倾斜，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，即弹簧测力计的示数大于1.5N。
（5）[1]使用杆秤称较重的物体时，物体的重力变大，在秤砣重力不变的情况下，根据杠杆平衡的条件可知，需要增大秤砣重力的力臂，减小物体重力的力臂，由图可知，应选择A提纽。
[2]若秤砣上沾有泥土，则秤砣的质量会变大，在重物重力和其力臂不变的情况下，根据杠杆平衡的条件可知，秤砣的重力会变大，相应的力臂就会变小，则读数也会变小，因此称量结果偏小。
17．如图甲所示，是探究“电流与电阻的关系”实验。电源电压恒为7.5V，滑动变阻器的最大阻值100Ω。
(1)图乙是未连接好的电路，滑片已处于合适位置，请在图中用笔画线代替导线连接好电路。要求：滑片向左滑动时，定值电阻的电功率变大。
(2)某小组利用5Ω、10Ω和15Ω的定值电阻，按照实验要求进行试验，根据实验数据绘制成如图丙所示的图象。根据图象信息可知：实验中用5Ω的电阻完成实验后，直接将5Ω的电阻换成10Ω，为保证电压表的示数为 V不变，应将滑动变阻器的滑片向移动 （选填“左”或“右”）。
(3)该小组同学想增加定值电阻再多做几次实验，由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过 Ω
(4)实验室备有下列器材：
A．待测定值电阻Rx：阻值在7～9Ω之间
B．滑动变阻器：最大阻值约20Ω
C．定值电阻R0；阻值10Ω
D．电流表A：两个量程0～0.6A，0～3A
E．电源E：电源电压U恒为4V
F．单刀双掷开关（双向开关）S及导线若干为了测出待测电阻Rx的电阻，设计了图所示的电路。
①小亮设计的实验操作主要步骤是：
I．将开关掷向a，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，使A表的指针指到表盘上某一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I1）
Ⅱ．将开关掷向b，移动滑动变阻器的滑片至另一位置，使A表的指针指到表盘上另一适当位置；读出电路稳定后A表的示数（记为I2）
②王瑞认为小亮设计的步骤Ⅱ中有不妥当之处，请你帮小亮写出正确的步骤Ⅱ： ；
③按正确的操作，他们顺利的测出了Rx的电阻。请你写出用测得的物理量I1、I2和已知物理量U、R0表示的Rx的表达式Rx＝ 。
【答案】(1)
(2) 2.5 右
(3)50
(4) 保持变阻器的滑片位置不动将开关掷向b，读出电路稳定后A表的示数（记为I2）
【详解】（1）根据，定值电阻的电功率变大，电流中的电流增大，电源电压不变，电路总电阻减小，滑片向左滑动时，滑动变阻器阻值减小，滑动变阻器应接左下接线柱，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：
（2）[1][2]由图丙知，电压表的示数应为
根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V。
（3）由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
当滑动变阻器最大阻值100Ω接入电路中时，电路中最小电流为
定值电阻的最大值为
由题中信息可知，所选用的定值电阻不能超过50Ω。
（4）[1]S掷向b时，测出电路电流I2，电源电压为
所以
S掷向a时，测出电路电流I1，电源电压为
有三个未知量，无法表示出Rx，要测出Rx，应保持滑动变阻器的滑片不变，当S掷向b时，读出电路稳定后A表的示数（记为I2）。
[2]由电源电压不变可知
整理可得
解得
18．每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。鞍山市育才中学的物理科技小组围绕“监测水位”主题设计了多个监测水位的方案，进行多种“项目化设计”活动。
【项目分解】（1）设计水位监测系统；（2）设计水位报警系统。
【项目实施】
方案1、光学水位自动监测系统设计
如图甲所示是浩然设计的光学水位自动监测装置，在水面上方水平放置刻度尺，现一束光经反射后的光斑在A处，若水面上升则反射的光斑会向A的 （选填“左侧”或“右侧”）偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断水位。
方案2、水位监测的力电整合设计
如图乙所示为大鹏设计的浮力水位监测电路，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒水位达到警戒值。R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图丙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丁所示。大鹏结合代数的函数知识分析得出水位显示仪的刻度 （选填“均匀”或“不均匀”）的结论，再进一步分析得出滑动变阻器的最大电功率是 W；当水位达到警戒水位时，电压表的示数为 V。
【项目拓展】
方案3、水位监测与报警电路的整合设计
如图戊所示是小雯设计兼有水位监测和报警的电路，绿灯为安全指示灯，电铃和红灯为报警器，R1为定值电阻，R2为竖直放置、粗细均匀且足够长的电阻棒，滑片P可以在电阻棒上自由滑动，并与浮子用竖直的绝缘杆连接，可随着浮子的上下移动而改变电阻棒R2接入电路的阻值，从而可通过电流表的示数来反映水位的高低。当滑片P指向R2的中点时，水位达到警戒值，电磁铁吸下衔铁报警。当减小R1的阻值，警戒水位会变 （选填“高”或“低”）。通过正在工作的电灯的电流 （选填“是”或“不是”）连续的。
【展望与优化】
同学们展开“头脑风暴”，充分利用学过的物理知识，积极参与探究活动，学研结合，创新无限，期待我们能获得更多突破性的科研成果。
【答案】 左侧 不均匀 0.45 4 低 不是
【详解】[1]由于光源位置不变，则入射光线方向不变，即激光射入的角度不变，水面上升时，入射点左移，根据光的反射定律可知反射角不变，故光斑位置左移。
[2][3][4]由图甲可知，闭合开关，定值电阻R0和滑动变阻器R滑串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压；当变阻器接入电路的阻值为0时，电路为定值电阻的简单电路，由欧姆定律可知电路中的电流最大，由图丙可知电路中的最大电流为0.3A，此时定值电阻两端的电压为6V，故电源电压为6V， 根据欧姆定律可知定值电阻R0的阻值
接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图可知，……①
……②
两式联立可得，
则接入电路的阻值随水位的变化关系：
由此可知水位显示仪的刻度是不均匀的。
当水位达到警戒水位25cm时，滑动变阻器接入电路的电阻为
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，电路的总电阻
根据欧姆定律可得通过电路的电流
串联电路的电流相等，电压表示数就为
滑动变阻器消耗的功率
所以，当时，滑动变阻器的功率最大，为
[5]电磁铁刚好吸下衔铁的电流不变，电源电压不变，由欧姆定律可知电路的总电阻不变，若减小R1的阻值，电阻棒R2的阻值会增大，滑片P会向下移动，警戒水位会变低。
[6]该电路报警时，红灯和电铃并联接入电路中，通过灯泡有电流，通过电铃的电磁铁有电流，电磁铁会吸引衔铁，斜铁把工作电路断开，灯泡不发光，通过灯泡和电铃无电流，电磁铁不具有磁性，衔铁在弹簧的作用下恢复原状，接通工作电路，所以该电路报警时，通过正在工作的电灯的电流是不连续的。
六、综合题
19．小明家购置一台如图甲所示的电热油汀取暖器，简称电热油汀，额定电压为220V，电热丝的电阻为44Ω，简化电路如图乙所示。该电热油汀的工作物质是一种油，质量为20kg，密度为，比热容为。
（1）电热油汀的额定电流是多少？
（2）不计热量损失，电热油汀正常工作10min，油升高的温度是多少？
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他将标有“6A 176Ω”字样的电位器串联在电路中，改装后的简化电路图如图丙所示。改装后电热油汀的实际加热功率的最小值是多少？
（4）工作物质用油而不用水，除了油的密度小，电热油汀轻便以外，还有什么优点？
【答案】 5A 16.5℃ 44W 见解析
【详解】（1）[1]电热油汀的额定电流
（2）[2]不计热量损失，油吸收的热量
Q吸=W=UIt=220V×5A×10×60s=6.6×105J
油升高的温度
（3）[3]根据题意可知，电位器和电热丝串联，当电位器接入电路中的阻值最大时，电路中的电阻最大，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻
R总=R1+R2=44Ω+176Ω=220Ω
根据欧姆定律可知，电路中的最小电流
改装后电热油汀的实际加热功率的最小值
P小=I小2R1=(1A)2×44Ω=44W
（4）[4]油的比热容小于水的比热容，相同质量的油和水相比，吸收相同的热量，油升高的温度较大，即升温更快。
物体到玻璃板的距离/cm
2.00
4.00
6.00
8.00
10.00
像的高度/cm
4.03
4.00
4.00
4.01
4.00
像的宽度/cm
1.80
1.79
1.80
1.82
1.80