广东省2024-2025学年高三下学期第一次调研考试化学试卷（解析版）

这是一份广东省2024-2025学年高三下学期第一次调研考试化学试卷（解析版），共26页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁， 如图所示的化合物具有消炎作用等内容，欢迎下载使用。
1.答卷前，考生务必将自己所在的市(县、区)、学校、班级、姓名、考场号、座位号和考生号填写在答题卡上，将条形码横贴在每张答题卡的“条形码粘贴处”。
2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：
一、选择题：本题共16小题，共44分。第1~10小题，每小题2分；第11~16小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 中华传统礼仪文化源远流长。下列古代梳妆用品中，主要由无机非金属材料制成的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】B
【解析】A．大米制妆粉主要成分为糖类，属于有机物，A错误；
B．缠枝牡丹纹玉梳，主要成分为无机非金属材料，B正确；
C．铜镜属于金属材料，C错误；
D．金累丝凤簪属于金属材料，D错误；
故选B。
2. 智能电车行业已经成为广东经济发展的新引擎。下列关于电车的说法正确的是
A. 高压快充平台中的材料属于共价晶体
B. 辅助驾驶系统的智能芯片主要成分为
C. 电池充电时能量转化形式为化学能转化为电能
D. 电池中分隔正负极活性物质的聚乙烯隔膜为纯净物
【答案】A
【解析】A．材料属于共价晶体，具有很高的熔点，A正确；
B．智能芯片主要成分为，B错误；
C．电池充电时能量转化形式为电能转化为化学能，C错误；
D．聚乙烯为高聚物，属于混合物，D错误；
故选A。
3. 我国的造船历史绵亘数千年。下列说法不正确的是
A. 新石器时代广泛使用的独木舟和木筏，其材料的主要成分为天然高分子
B. 隋朝大龙舟采用榫接结合铁钉钉联的制作方法，铁元素位于周期表的d区
C. 我国制造的第一艘出口船“长城”号货轮，其燃料柴油由煤干馏得到
D. 我国核动力货船将采用钍基熔盐反应堆技术，的中子数为142
【答案】C
【解析】A．独木舟和木筏，其材料的主要成分为纤维素，属于天然高分子，A项正确；
B．铁元素原子序数为26，位于周期表的第Ⅷ族，属于d区，B项正确；
C．货轮的燃料柴油主要由石油蒸馏得到，C项错误；
D．的质子数为90，中子数为232-90=142，D项正确；
答案选C。
4. 岭南自古盛产甘蔗，糖业发达，广府人因地制宜，创造出独特的“糖水文化”。下列说法不正确的是
A. 蔗糖和麦芽糖互为同分异构体
B. 绿豆沙中含有的酚类物质具有还原性
C. 甘蔗汁净化过程中加入的石灰乳属于电解质
D. 蒸煮制作鲜奶炖蛋的过程涉及蛋白质的变性
【答案】C
【解析】A．蔗糖和麦芽糖的分子式均为C12H22O11，但结构不同，蔗糖分子中不含醛基，麦芽糖分子中含有醛基，二者互为同分异构体，A正确；
B．酚类物质中含有酚羟基，酚羟基易被氧化，所以酚类物质具有还原性，B正确；
C．石灰乳是氢氧化钙的悬浊液，属于混合物，而电解质是在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物，混合物既不是电解质也不是非电解质，C错误；
D．蛋白质在加热、紫外线、强酸、强碱、重金属盐等条件下会发生变性，蒸煮制作鲜奶炖蛋的过程中，蛋白质受热发生变性，D正确；
故选C。
5. 我国科学家研发了一种新型玻璃相硫化物固体电解质材料，并采用该材料研制出具有优异快充性能和超长循环寿命的全固态锂硫电池，该电池两极的材料分别为锂单质和硫单质。放电时，下列说法不正确的是
A. 锂作电池负极B. 正极发生还原反应
C. 电子由锂电极经外电路流向硫电极D. 电解质中阳离子向负极移动
【答案】D
【解析】A．锂活泼作电池负极，A正确；
B．正极得电子，发生还原反应，B正确；
C．电子由负极（锂电极）经导线流向正极（硫电极），C正确；
D．电解质中阳离子由负极向正极移动，D错误；
故选D。
6. 分离和提纯是化学实验中的重要环节。下列实验方法能达到实验目的的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】A
【解析】A．苯酚钠溶液与苯不互溶，会分层，苯的密度比水小，在上层，苯酚钠溶液在下层，可通过分液的方法进行分离，该装置为分液操作装置，能达到实验目的，A正确；
B．受热易分解为NH3和HCl，遇冷又会重新化合生成，而NaCl受热不分解，若用蒸发的方法，会分解损失，不能达到除去中NaCl的目的，B错误；
C．乙酸乙酯（沸点）和乙醇（沸点）的沸点相近，直接蒸馏难以分离完全，应加入饱和碳酸钠溶液，振荡、静置分层后分液，再对有机层进行蒸馏得到乙酸乙酯，C错误；
D．淀粉胶体和食盐水都能透过滤纸，不能用过滤的方法分离，应采用渗析的方法，利用半透膜分离胶体和溶液，D错误；
故选A。
7. “光荣属于劳动者，幸福属于劳动者”。下列劳动项目与所述化学知识没有关联是
A. AB. BC. CD. D
【答案】B
【解析】A．X射线衍射实验可以区分晶体和非晶体，两者X射线衍射图谱有区别，晶体的X射线衍射图谱中有明锐的衍射峰，而非晶体没有，A不合题意；
B．用氧炔焰切割金属，是因为乙炔与氧气反应可以放出大量热，与乙炔可以发生加成反应无关，B合题意；
C．能与碘单质反应，方程式为，反应中表现还原性，C不合题意；
D．玻璃是将纯碱、石灰石和石英砂按一定配比投入玻璃窑中熔融制得，方程式为：，D不合题意；
故选B。
8. 时，1体积的水可溶解约2体积的氯气。下列实验现象不能证明氯气与水发生了化学反应的是
A. 试管内液面上升B. 出现白色沉淀C. 仅湿润布条褪色D. 新制氯水
【答案】A
【解析】A．由题目信息可知，氯气能溶于水，也可以使试管内液面上升，不能证明氯气和水发生了反应，A错误；
B．硝酸酸化的硝酸银溶液中产生白色沉淀，说明产生了氯离子，从而证明氯气和水发生了反应，B错误；
C．干燥的氯气不能使干燥的红布条褪色，仅湿润的红布条褪色，说明产生了漂白性物质，证明氯气和水发生了反应，C错误；
D．新制氯水，说明产生了氢离子，说明生成了酸性物质，证明氯气和水发生了反应，D正确；
故选A。
9. 如图所示的化合物具有消炎作用。关于该化合物，下列说法不正确的是
A. 含有3种含氧官能团
B. 三个苯环可能共平面
C. 能与氨基酸反应
D. 该化合物与足量的反应可生成
【答案】D
【解析】A．含有羧基、醚键、羟基3种含氧官能团，A正确；
B．三个苯环通过碳碳单键连接，碳碳单键可旋转，故可能共平面，B正确；
C．含有羧基，能与氨基酸反应，C正确；
D．该化合物含有1ml羧基和1ml羟基与足量的反应可生成，D错误；
故选D。
10. 火法冶炼粗铜涉及反应，粗铜经过电解精炼得到纯铜。设为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是
A. 含有的质子数目为
B. 含有的键数目为
C. 上述反应中，完全反应，转移的电子数目为
D. 的溶液中含有的数目为
【答案】B
【解析】A．物质的量是0.5ml，含有的质子数目为，A错误；
B．含有2个δ键，含有的δ键数目为，B正确；
C．上述反应中， S元素化合价由-2价升高到+4价，失6个电子，完全反应，转移的电子数目为，C错误；
D．会水解，故的溶液中含有的数目小于，D错误；
故选B。
11. 部分含或物质的分类与相应化合价关系如图所示。下列推断不合理的是
A. b无法直接转化为f
B. e(硫酸盐)的水溶液可用于水体的净化
C. 可存在的转化
D. 若a和d含同种元素，则保存d溶液时可加入少量a
【答案】C
【解析】当为铝元素时：a为Al单质，c为Al2O3，e为+3价的铝盐，g为Al(OH)3；
当为铁元素时：a为Fe单质，b为FeO，c为Fe2O3，d为+2价的亚铁盐，e为+3价的铁盐，f为Fe(OH)2，g为Fe(OH)3，据此回答。
A．b为FeO，f为Fe(OH)2，FeO难溶于水，不能直接与水反应生成Fe(OH)2，不符合题意，A错误；
B．e为+3价的铁盐（硫酸盐）或e为+3价的铝盐，其水溶液中Fe3+或Al3+水解生成氢氧化铁或氢氧化铝胶体，氢氧化铁或氢氧化铝胶体具有吸附性，可用于水体的净化，不符合题意，B错误；
C．当c为Fe2O3，Fe2O3与NaOH不反应，不能实现的转化，当c为氧化铝时，e为四羟基合铝酸钠，不能与氢氧化钠反应生成氢氧化铝，故不存在选项中的转化关系，符合题意，C正确；
D．若a和d含同种元素，即a为Fe，d为亚铁盐，亚铁离子易被氧化，保存亚铁盐溶液时，加入少量Fe，可以防止亚铁离子被氧化，D错误；
故选C。
12. 下列陈述Ⅰ与陈述Ⅱ均正确，且具有因果关系的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】B
【解析】A．根据越弱越水解的原理可知，的水解程度较大，是因为碳酸的二级电离常数较小，与其溶解度无关，A错误；
B．离子半径：，离子半径越小，晶格能越大，熔点越高，所以熔点：，B正确；
C．硫酸和盐酸都是强酸，氯化钠固体与浓硫酸共热反应制备氯化氢气体说明硫酸的沸点高于氯化氢，C错误；
D．苯基为吸电子基团，使羟基中的O−H极性变强，故苯酚具有弱酸性，D错误；
故选B。
13. 浓硫酸与蔗糖的“黑面包”实验十分有趣。实验小组按如图所示装置(铝箔的作用是便于实验后清洗圆底烧瓶)进行实验，向圆底烧瓶中滴入浓硫酸。下列说法正确的是
A. 圆底烧瓶中的铝箔不与浓硫酸反应
B. 圆底烧瓶内白色固体变黑，说明浓硫酸具有吸水性
C. 浸有品红溶液的棉花褪色，说明浓硫酸具有强氧化性
D. 溶液中出现黄色浑浊，说明浓硫酸具有酸性
【答案】C
【解析】常温下铝箔会与浓硫酸发生钝化反应，浓硫酸使得蔗糖脱水生成碳，浓硫酸和碳发生氧化还原反应生成二氧化硫、二氧化碳气体，二氧化硫使浸有品红溶液的棉花褪色，证明二氧化硫具有漂白性，二氧化硫进入硫化钠反应生成S沉淀，证明二氧化硫具有氧化性，二氧化硫进入氢氧化钠中进行尾气处理，据此回答；
A．常温下铝箔会与浓硫酸发生钝化反应，在铝箔表面形成一层致密的氧化膜，阻止反应进一步进行，并非不反应，A错误；
B．圆底烧瓶内白色固体变黑，是因为浓硫酸将蔗糖中H、O按2:1的比例脱去，体现了浓硫酸的脱水性，而不是吸水性，B错误；
C．浸有品红溶液的棉花褪色，是因为浓硫酸与蔗糖反应生成了二氧化硫，二氧化硫具有漂白性，能使品红褪色。浓硫酸中S元素化合价降低，生成二氧化硫，体现了浓硫酸的强氧化性，C正确；
D．溶液中出现黄色浑浊，是因为浓硫酸与蔗糖反应生成的二氧化硫与溶液反应生成了硫单质。在这个过程中，浓硫酸中S元素化合价降低，体现的是浓硫酸的强氧化性，而不是酸性，D错误；
故选C。
14. 一种可提高电池整体性能的电解液添加剂的结构如图所示。该添加剂所含的5种元素均为短周期元素，其中基态的核外电子只有1种空间运动状态，X仅与M、E、Z位于同一周期。下列说法正确的是
A. 简单氢化物的沸点：
B. X单质与M单质加热时反应生成
C. 结构中所有原子均满足8电子稳定结构
D. 和的空间结构均为正四面体形
【答案】D
【解析】基态的核外电子只有1种空间运动状态，其核外价电子排布为1s2，故X为Li，X仅与M、E、Z位于同一周期，位于第二周期，根据原子的成键个数可知，E为C，M为O，Z为F，整个阴离子显-1价，故Y为P。
A．根据分析，E为C，M为O，Z为F，简单氢化物分别为：，H2O和HF中均存在氢键，1个H2O中含2个氢键，氢键数目多，沸点最高，A错误；
B．X为Li，M为O，两者加热时生成Li2O，B错误；
C．如图所示，Y形成6根键，不满足8电子结构，C错误；
D．E为C，Z为F，Y为P，CF4和的价层电子对数均为4，空间构型均为正四面体，D正确；
故选D。
15. 一定温度下，向一恒容密闭容器中充入等物质的量的X和Y气体，发生反应。容器内各气体的物质的量浓度c与反应时间t的关系如图所示。下列说法正确的是
A. 时，X的物质的量分数逐渐减小
B. 时，X和Y物质的量浓度之比为
C. 时，体系达到平衡状态
D. 其他条件不变，时减小容器体积，再次平衡后Y的物质的量浓度可能变为d点
【答案】D
【解析】A．起始时充入等物质的量的X和Y气体，反应中X和Y的化学计量数之比为1:2，时，X、Y都在消耗，且Y消耗的量是X的2倍。设起始X、Y物质的量均为n，反应消耗X的物质的量为a，则消耗Y的物质的量为2a，X的物质的量分数，所以X的物质的量分数始终不变，A错误；
B．时，虽然图中X和Z的物质的量浓度相等，但根据化学方程式，消耗Y的量是X的2倍，起始X和Y物质的量相等，所以此时X和Y物质的量浓度之比不为，B错误；
C．反应速率之比等于化学计量数之比，达到平衡时，正逆反应速率相等，应该是时，体系达到平衡状态，C错误；
D．其他条件不变，时减小容器体积，压强增大，平衡正向移动，但由于容器体积减小，根据勒夏特列原理，平衡移动只能减弱而不能抵消这种改变，所以再次平衡后Y的物质的量浓度增大，可能变为d点，D正确；
故选D。
16. 一种厌氧氨氧化菌生物电解池处理生活含氮废水的工作原理如图所示。下列说法不正确的是
A. 与导电碳布相连的一极为电源的负极
B. 反应一段时间后，阴极区和阳极区溶液的均减小
C. 理论上每将处理为，阳极区溶液减少
D. 若该电池在高温下工作，其处理废水的效率会下降
【答案】C
【解析】左侧电极上转化为，转化为，N元素化合价升高，左侧为阳极，阳极总反应为，右侧为阴极，电极反应为，据此解答。
A．由分析可知，导电碳刷作阳极，故导电碳布是阴极，与导电碳布相连的一极为电源的负极，故A正确
B．阳极总反应为，转移电子数目与迁移到右侧阴极区的H＋数目相等，因此随着反应进行，阳极区氢离子浓度增大，pH减小；阴极发生为，转移电子数目与迁移过来的H＋数目相等，因此随着反应进行，阴极区氢离子浓度增大，pH减小；故B正确；
C．理论上每将处理为，转移6ml电子，生成1ml N2(28g)逸出，同时有6ml H＋(6g)迁移到右侧阴极区，因此阳极区溶液质量减少28g+6g =34g，故C错误；
D．若该电池在高温下工作，厌氧氨氧化菌催化效果降低甚至失去活性，其处理废水的效率会下降，故D正确；
故选C。
二、非选择题：本题共4小题，共56分。
17. 对金属腐蚀机理与防护措施的研究是工程材料领域的重要课题。
Ⅰ．铁片酸化腐蚀速率影响因素的探究
（1）盐酸的配制
配制的盐酸，下列仪器中需要用到的有_______。
（2）铁片酸化腐蚀速率影响因素的探究
兴趣小组同学取的盐酸和一定浓度的缓蚀剂，按下表所示配制系列反应试液，向试液中分别加入形状、质量均相同的打磨后的洁净铁片进行酸化腐蚀实验，后取出铁片，移取浸出液，加入过量还原剂后，用标准溶液滴定至终点。已知滴定过程中只发生反应。记录的数据如下表所示。
①滴定前若不向浸出液中加过量还原剂，可能会导致测定的铁片酸化腐蚀的速率_______(填“偏大”或“偏小”)
②表格中_______；若，则两种实验条件下铁片酸化腐蚀的速率之比_______。
③实验结果表明，其他条件相同时，盐酸浓度越大，铁片酸化腐蚀的速率越快。证明该结论的依据为_______(用含或的关系式表示)。
Ⅱ．铁片吸氧腐蚀的探究
兴趣小组同学在学习“吸氧腐蚀”时进行了如图甲所示实验：将溶液滴在一块光亮清洁的铁板表面上，一段时间后发现，液滴覆盖的圆周中心区(a)被腐蚀而变暗，在液滴中心和边缘的中间区域形成棕色铁锈环(b)。小组同学猜想该现象是由液滴中心和边缘处的溶解氧含量的差异引起的。
（3）小组同学向棕色铁锈环(b)外侧滴加酚酞试液，酚酞试液变红，变红的原因为_______(用电极反应式表示)；铁锈环(b)形成的过程为_______。
（4）小组同学设计图乙所示实验装置进一步验证猜想：a、b电极分别为_______、_______(填“铁片”“铜片”或“石墨”)；闭合开关K，_______(填实验操作和现象)，说明金属发生吸氧腐蚀，其他条件相同时，氧气浓度大的一极为正极。
【答案】（1）BD （2） ①. 偏小 ②. 5.0 ③. ④.
（3） ①. ②. 由液滴中心向(b)区迁移，由液滴边缘向(b)区迁移，与在(b)区形成再进一步氧化、脱水形成铁锈
（4） ①. 铁片或铜片 ②. 铁片或铜片 ③. 往A(或B)烧杯中持续通入氧气，电流计指针发生偏转，A(或B)烧杯中酚酞试液变红
【解析】实验Ⅰ目的探究影响铁片酸化腐蚀速率的因素，实验原理为形状、质量均相同的打磨后的洁净铁片在不同温度、不同浓度的盐酸缓蚀剂中腐蚀相同时间后，取浸出液，通过标准溶液滴定的浓度来探究温度、浓度对铁片酸化腐蚀速率的影响；
实验Ⅱ目的探究铁片吸氧腐蚀的原理，铁片、溶液、及溶解的氧气构成原电池，为负极，发生，正极电极反应为，溶液中、移向正极，、移向负极，，，脱水形成铁锈。
（1）配制的盐酸，需要使用的仪器有量筒、烧杯、玻璃棒、500mL容量瓶、胶头滴管，A为坩埚、B为容量瓶、C为酸式滴定管、D为胶头滴管，需要用到的仪器选BD；
故答案为：BD；
（2）①滴定前若不向浸出液中加过量还原剂，浸出液中含有的被空气中的氧气氧化为，使滴定消耗的标准溶液减小，测得的浓度偏小，即导致测定的铁片酸化腐蚀的速率偏小；
②影响速率有多个因素，实验需控制单一变量，ⅰ与ⅱ温度不同、反应试液总体积及盐酸体积相同、缓蚀剂体积相同，则探究温度对速率的影响，ⅲ与ⅳ温度相同、缓蚀剂体积不相同，则应控制反应试液总体积及盐酸体积相同，探究缓蚀剂浓度不同时对速率的影响，则使x=100.0、y=5.0，总体积为105.0，同时达到ⅱ与ⅲ温度相同、反应试液总体积相同、缓蚀剂体积相同、盐酸体积不相同，探究盐酸浓度对速率的影响，故y=5.0；根据，浸出液中，ⅲ浸出液中与ⅳ浸出液，则；
③使x=100.0、y=5.0，总体积为105.0，达到ⅱ与ⅲ温度相同、反应试液总体积相同、缓蚀剂体积相同、盐酸体积不相同，探究盐酸浓度对速率的影响，故能证明其他条件相同时，盐酸浓度越大，铁片酸化腐蚀的速率越快，依据为；
故答案为：①偏小；②5.0；；③；
（3）根据上述分析可知，铁片吸氧腐蚀原理为原电池原理，铁锈环(b)外侧滴加酚酞试液，酚酞试液变红，说明该区呈碱性，即发生正极反应；铁锈环(b)形成的过程为负极生成的由液滴中心向正极迁移，正极生成的由液滴边缘向负极迁移，与在(b)区形成再进一步氧化、脱水形成铁锈；
故答案为：；由液滴中心向(b)区迁移，由液滴边缘向(b)区迁移，与在(b)区形成再进一步氧化、脱水形成铁锈；
（4）设计原电池装置，探究溶解氧含量不同金属发生吸氧腐蚀，即在相同条件下，氧气浓度大的一极为正极，则控制原电池两极金属相同，向其中一区通入氧气，增大氧气浓度，通过测定该区溶液是否有生成，判断金属发生吸氧腐蚀，故该装置图中，a、b两电极都选择相同的金属，铁片或铜片，实验操作向其中一个烧杯通入氧气，观察电流表指针是否偏转，酚酞溶液是否变红；
故答案为：铁片或铜片；铁片或铜片；往A(或B)烧杯中持续通入氧气，电流计指针发生偏转，A(或B)烧杯中酚酞试液变红。
18. 对电解制锰过程中产生的复合硫酸盐[成分为和]进行回收利用具有较高的经济价值与环保价值，相关工艺流程如图所示。
已知：室温下，；；。
（1）气态化合物a的化学式为_______。
（2）“沉淀1”时，室温下将“浸液1”的调至9.5，得到沉淀，此时浸液中的浓度为_______。
（3）草酸镁晶体在足量空气中充分“焙烧”时发生反应的化学方程式为_______。
（4）“浸出2”中加入溶液的目的为_______。
（5）“浸出3”后，铅元素以的形式存在，该过程中涉及铅元素的反应的离子方程式为_______；“浸渣3”的主要成分为_______(填化学式)。
（6）将“沉淀1”中所得的焙烧，可制得锰的某种氧化物，其立方晶胞结构如图中A所示(和O原子省略)，晶胞棱长为。A可看作是i、ii两种基本单元交替排列而成。
①该氧化物的化学式为_______。
②设该氧化物最简式的式量为，则晶体密度为_______(列出计算式，为阿伏加德罗常数的值)。
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）将和转化为能与酸反应的和，便于后续和的分离、回收处理
（5） ①. ②.
（6） ①. ②.
【解析】将复合硫酸盐[成分为和]进行低温焙烧，复合硫酸盐中含有，低温焙烧时，铵盐受热分解，分解产生的气态化合物a为，将固体进行加水浸出，和能溶于水，故进入浸液1中，通入氨气调节pH值，由，转化为沉淀，再加入，得到，在空气中焙烧得到MgO；难溶的和进入浸渣1，向浸渣1中加入溶液进行浸出2，将和转化为能与酸反应的和，得到含和的浸渣2，向浸渣2中加入HCl和NaCl进行浸取3，与反应生成含的浸液3和含的浸渣3，据此回答。
（1）复合硫酸盐中含有，低温焙烧时，铵盐受热分解，分解产生的气态化合物a为；
（2）室温下将 “浸液1” 的pH调至9.5，则，根据，可得；
（3）草酸镁晶体在足量空气中充分 “焙烧”，C元素被氧气氧化为CO2，根据原子守恒和得失电子守恒配平化学方程式为；
（4）由可知，PbCO3的溶解度小于PbSO4，加入溶液可发生沉淀转化，将和转化为能与酸反应的和，便于后续和的分离、回收处理；
（5）“浸出3” 后，铅元素以的形式存在，“浸渣2” 主要含，加入HCl、NaCl，发生反应的离子方程式为；复合硫酸盐中含，加入转化为，再加入HCl、NaCl，转化为AgCl沉淀，所以 “浸渣3” 的主要成分为AgCl；
（6）①计算Mn原子个数：在晶胞中，i、ii两种基本单元交替排列，一个晶胞中含有8个基本单元。每个i单元中Mn原子个数为（1个位于体心，4个位于顶点，顶点原子被8个晶胞共用）；每个ii单元中Mn原子个数为（4个位于顶点）。则一个晶胞中Mn原子总数为个；计算O原子个数：每个i单元中O原子个数为4个，每个ii单元中O原子个数为4个，所以一个晶胞中O原子总数为个，因此，Mn与O原子个数比为，该氧化物的化学式为；
②由①可知一个晶胞中含有8个 “”，根据m = nM，晶胞质量(Mr为该氧化物最简式的式量，为阿伏加德罗常数的值)，已知晶胞棱长为，根据正方体体积公式（a为棱长），则晶胞体积，根据密度公式，可得晶体密度。
19. 的资源化利用是化学领域关注的热点。
Ⅰ．利用合成甲醇是资源化利用的一种途径。催化与反应制甲醇的化学方程式为，反应机理如图甲所示(★表示氧空位)，反应进程如图乙所示(吸附在催化剂表面的物质用*标注，代表过渡态)。
（1）与同主族，则基态原子价层电子的轨道表示式为_______。
（2）下列说法正确的是_______。
A. 该反应在低温下能自发进行
B. 催化剂能提高甲醇的平衡产率
C. “吸附a”与“氢化”两个步骤消耗的分子数之比为
D. 降低步骤的能垒，能有效加快甲醇的生成速率
（3）恒容密闭容器中和的起始浓度分别为和，一定温度下只发生反应时反应达到平衡，平衡体系中的物质的量分数为b，则内_______(用含a、b和t的式子表示)。
（4）恒定总压和碳氢投料比，在不同温度下反应相同时间后含碳主产物甲醇的产率如图所示。
①图中Q点对应的产率_______(填“是”或“不是”)该温度下甲醇的平衡产率，理由为_______。
②当温度高于时，甲醇的产率随温度下降的原因可能为_______(写两条)。
Ⅱ．捕获有助于实现碳中和。海洋是地球上最大的“碳库”，海水中存在的主要碳平衡关系如图所示。
已知：①；。
②25℃时，海水的，表层海水中。
（5）时，表层海水中浓度最大的含碳微粒为_______(填“”“”或“”)。
（6）海洋中形成珊瑚礁(主要成分为)可能涉及反应。请从化学平衡的角度，通过计算判断该反应进行的趋势大小：_______(平衡常数可反映反应的趋势。一般认为时，反应基本能完全进行；时，则反应很难进行)。
【答案】（1） （2）AC
（3）
（4） ①. 不是 ②. 该反应为放热反应，降低温度，平衡正向移动，Q点温度低于，甲醇的平衡产率应高于时的 ③. 温度升高，催化剂的活性降低；或温度升高，主反应逆向移动；或温度高于，促进了副反应的进行等
（5）
（6）值已经很接近，该反应进行的趋势很大
【解析】（1）Ga是第31号元素，基态Ga原子价层电子排布式为4s24p1，轨道表示式；
（2）A．由图可知，该反应为放热、熵减反应，，，可自发，故需要低温下自发，A正确；
B．催化剂不影响化学平衡，不能提高甲醇的平衡产率，B错误；
C．“吸附a” 消耗1个，“氢化”消耗2个（生成甲基和水），两个步骤消耗的分子数之比为，C正确；
D．降低最后一步的能垒（能垒最大），能有效加快甲醇的生成速率，D错误；
故选AC；
（3）根据已知可列三段式，，，；
（4）①放热反应，若在平衡状态，温度升高，平衡逆向移动，甲醇的产率降低，图中甲醇的产率还在升高，故Q点所示的条件下，反应还未达到平衡状态；该反应为放热反应，降低温度，平衡正向移动，Q点温度低于，甲醇的平衡产率应高于时的；
②温度升高，催化剂的活性降低；或温度升高，主反应逆向移动；或温度高于，促进了副反应的进行等；
（5）时，二氧化碳溶于水形成碳酸，表层海水中碳酸以第一步电离为主，故浓度最大的含碳微粒为；
（6）值已经很接近，该反应进行的趋势很大；
20. 利用化合物vii合成轮胎橡胶的粘合剂间苯二酚甲醛树脂，可解决轮胎生产过程中的环保问题。合成vii的路线如下(加料顺序、反应条件略)。
（1）化合物ii的分子式为_______，化合物vi的名称为_______。
（2）反应①中，1分子化合物i与2分子x反应生成化合物ii，原子利用率为100%。已知x为链状烃，则x的结构简式为_______。
（3）化合物y为v的同分异构体，可与溶液发生显色反应，核磁共振氢谱上峰面积之比为，y的结构简式为_______(写一种)。
（4）根据化合物v的结构特征，分析预测其可能的化学性质，完成下表。
（5）关于上述合成路线中相关物质及转化，下列说法正确的有_______。
A. 反应④中有键和键的断裂
B. 反应⑤中有σ键的断裂和形成
C. 化合物iv易溶于水，因为其能与水分子形成氢键
D. 化合物vii中碳原子均采取杂化，分子中仅含1个手性碳原子
（6）以1-戊烯和间苯二酚为含碳原料，利用反应⑤的原理，合成化合物viii。
基于你设计的合成路线，回答下列问题：
①最后一步反应中，有机反应物为间苯二酚和_______(写结构简式)。
②若相关步骤涉及卤代烃制烯烃，则其化学方程式为_______(注明反应条件)。
③从1-戊烯出发，第一步的化学方程式为_______(写一个即可，注明反应条件)。
【答案】（1） ①. ②. 苯乙烯或乙烯基苯
（2）
（3）或 （4） ①. ，浓硫酸、加热 ②. 酯化反应或取代反应 ③. ，加热或酸性溶液 ④. 或 （5）BC
（6） ①. ②. ③. 或
【解析】本题在题目信息的指引下，按顺序思考即可。如由合成，考虑题中所给信息“原子利用率为100%” 可知该反应可能是加成反应，而非取代等反应类型；再看信息“1分子化合物i与2分子x反应生成化合物ii，已知x为链状烃”，则可以判断x的结构简式为CH3-CH=CH2。反应②、③的原理题目中没有要求，反应④通过对比反应前后结构简式的变化，可以判断出该反应是醇在浓硫酸、加热条件下发生的消去反应。同理，可以判断反应⑤为加成反应。
（1）化合物ii的分子式为C12H18；化合物vi的命名如果以苯环为母体，则可命名为乙烯基苯，如果以链烃为母体，可命名为苯乙烯。
（2）结合题中反应信息，“原子利用率为100%” 可初步判断该反应是加成反应，信息“1分子化合物i与2分子x反应生成化合物ii，已知x为链状烃”，则可以判断x的结构简式为CH3-CH=CH2。
（3）化合物y为v的同分异构体，可与FeCl3溶液发生显色反应，可知在y中含有结构酚羟基，再对比v的组成，可以判断在苯环上还需要再补上两个碳原子，且不增加不饱和度。存在两种可能，一是乙基，也可能是两个甲基。根据题目信息“核磁共振氢谱上峰面积之比为 6:2:1:1”考虑至少有6个氢原子“等效”，想到应该在苯环上加上两个位置对称的甲基，于是符合条件的化合物y的两种可能结构为：或。
（4）结合化合物v的官能团——醇羟基（—OH）的化学性质，可知由生成的反应试剂、条件是：CH3COOH ，浓硫酸、加热，反应类型为酯化反应或取代反应；如果发生氧化反应，常见有两种方式，一种是催化氧化，所需反应试剂和反应条件为：Cu、O2，加热，所得生成物为：；另一种是使用酸性高锰酸钾溶液等强氧化剂，既可以使醇羟基被氧化，也可以氧化与苯环直接相连的碳氢键，氧化的产物为。
（5）A．观察反应④的特点，发现它是醇的消去反应，反应过程中断裂C-O键和C-H键，O-H键未发生断裂，A错误；
B．观察反应⑤的特点，发现它是苯环上与羟基邻对位的碳氢键断裂与碳碳双键发生的加成反应，在苯环有有C-H σ键的断裂和C—Cσ键的形成，B正确；
C．根据题意“化合物iv易溶于水”是已知结论，要求对其进行解释，观察该分子的结构特点，发现羟基是亲水基团，因为其能与水分子形成氢键，C正确；
D．化合物vii中苯环上碳原子均采取 sp2 杂化，另外两个碳原子采用sp3杂化，这两个碳原子中与苯环相连的碳原子为手性碳原子，D错误；
答案选BC。
（6）对比反应物1-戊烯和间苯二酚与生成物viii的结构特点，判断该合成路线先加成、消去以调整碳碳双键位置，然后再发生加成反应，合成过程为或 。
①根据以上分析，最后一步反应中，有机反应物为间苯二酚和；
②若相关步骤涉及卤代烃制烯烃，则其化学方程式为：。
③从1-戊烯出发，第一步的化学方程式为：
或。
A．大米制妆粉
B．缠枝牡丹纹玉梳
C．瑞兽葡萄铜镜
D．金累丝凤簪
A．分离苯酚钠溶液和苯
B．除去中的
C．分离乙酸乙酯(沸点)和乙醇(沸点)
D．分离淀粉胶体和食盐水
选项
劳动项目
化学知识
A
化学研究员：通过X射线衍射实验区分晶体和非晶体
晶体的X射线衍射图谱中有明锐的衍射峰，而非晶体没有
B
机械工程师：用氧炔焰切割金属
乙炔可以发生加成反应
C
食品质检师：用碘标准溶液检验食品中的含量
具有还原性
D
玻璃制造员：将纯碱、石灰石和石英砂按一定配比投入玻璃窑中熔融
选项
陈述Ⅰ
陈述Ⅱ
A
室温下，物质的量浓度相同的和溶液中，的水解程度大于
室温下，的溶解度大于
B
熔点：
离子半径：
C
浓和固体反应可制备
酸性强于
D
苯酚中苯环使羟基中的键极性变小
苯酚具有弱酸性
实验序号
温度
反应试液
(溶液)/
V(盐酸)/
V(缓蚀剂)/
i
303
50.0
55.0
0
ii
323
50.0
55.0
0
iii
323
x
y
0
iv
323
100.0
0
5.0
序号
反应试剂、条件
反应形成的新结构
反应类型
①
_______
_______
②
_______
_______
氧化反应(生成有机产物)