安徽A10联盟2024-2025学年高二下学期2月开年考试（B卷）物理试卷（解析版）

这是一份安徽A10联盟2024-2025学年高二下学期2月开年考试（B卷）物理试卷（解析版），共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的4个选项中，有且只有一项是符合题目要求的。
1. 下列实验中主要用到的科学方法与“探究加速度与力、质量的关系”所用科学方法不同的是（ ）
A. 探究两个互成角度的力的合成规律
B. 探究影响电荷间相互作用力的因素
C. 研究影响平行板电容器电容大小的因素
D. 探究感应电流产生的条件
【答案】A
【解析】“探究加速度与力，质量的关系”实验和“探究影响电荷间相互作用力的因素”、“研究影响平行板电容器电容大小的因素”、“探究感应电流产生的条件”实验均采用了控制变量的科学方法，而“探究两个互成角度的力的合成规律”采用的等效替代法，故采用的科学方法不同的是A实验。
2. 如图所示，一个三角形导体线圈ABC位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，AB边与导线平行。已知到无限长直导线的距离为处的磁感应强度大小（为常量）。下列说法正确的是（ ）
A. 在这个平面内，线圈远离导线移动，线圈中没有感应电流
B. 在这个平面内，线圈平行于导线左右移动，线圈中有感应电流
C. 仅使导线中电流的大小随时间均匀增大，线圈中没有感应电流
D. 仅让线圈绕AB边向纸面内转动，线圈中有感应电流
【答案】D
【解析】A．线圈远离导线移动时，穿过闭合回路的磁通量减小，线圈中有感应电流，故A错误；
B．线图平行于导线左右移动，穿过闭合回路的磁通量不变，线圈中没有感应电流，故B错误；
C．导线中的电流大小改变，穿过闭合回路的磁通量改变，线圈中一定有感应电流，故C错误；
D．线圈绕AB边向纸面内转动，穿过闭合回路的线圈磁通量变化，线图中有感应电流，故D正确。
故选D。
3. 某学校的科学兴趣小组利用所学知识设计了一个电容式压力传感器，如图所示。将电容器可动电极（上极板）与静电计连接，下极板图定，上极板在压力作用下会向下移动，引起电容的变化，压力越大，移动距离越大（设两电极始终不接触），上极板带正电且电荷量保持不变，为极板间的一点。在上极板受到的压力变大时，下列说法正确的是（ ）
A. 电容器的电容变小B. 极板间电场强度变大
C. 点的电势不变D. 静电计指针张角变大
【答案】C
【解析】A．根据
在受到的压力变大时，减小，则电容器电容C变大，故A错误；
B．极板带电量不变，根据极板间电场强度
可知场强不变，故B错误；
C．电场强度不变，和固定电极的距离不变，点电势不变，故C正确；
D．极板上受到的压力变大时，变小，电容C变大，Q一定，根据Q=CU可知极板间电压U变小，静电计指针张角变小，故D错误。
故选C。
4. 如图所示，A、B是真空中水平放置的一对平行金属板，极板A、B间的电压恒定。一质量为、电荷量为的正离子紧贴着极板A沿板面的方向射入电场。射入电场时的初动能为，恰好从B板边缘射出电场。另有一质量为、电荷量为的负离子以相同的初动能紧贴着极板B沿板面的方向进入电场。不计带电粒子的重力和正、负离子间的相互作用力，下列说法正确的是（ ）
A. 负离子恰好从A板边缘射出
B. 正、负离子射出电场时，动能相等
C. 正、负离子在电场中的运动时间相同
D. 若正、负离子同时射入电场，运动过程中二者不可能相遇
【答案】D
【解析】A．根据
可知负离子的偏转距离是正离子的二分之一，负离子不是恰好从A板边缘射出，故A错误；
B．根据电场力做功公式
知，正负粒子射出电场时偏转距离不同，电场力对正负离子做功不同，由动能定理得，射出电场时两离子动能不同，故B错误；
C．两离子射入电场的初速度不同，根据
可知，在电场中的运动时间不同，故C错误；
D．两离子射入电场的初速度不同，若同时射入，不可能相遇，故D正确。
故选D。
5. 一弹簧振子如图甲所示，以O为平衡位置，在水平方向a、b间做简谐运动，取向右为正，其振动图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A. t=0.3s时，振子的速度最大且方向向右
B. t=0.2s时，振子的加速度最大且方向向右
C. t=0.15s时，振子的速度方向与加速度方向相反
D. t=0.1s和t=0.3s时，振子的速度相同
【答案】C
【解析】A．t=0.3s时，振子位于平衡位置，振子速度最大且方向向左，故A错误；
B．t=0.2s时，振子位于正向位移最大处，根据
可知t=0.2s时，振子的加速度最大且方向向左，故B错误；
C．由图可知，t=0.15s时，振子的速度方向向右，加速度方向向左，故t=0.15s时，振子的速度方向与加速度方向相反，故C正确；
D．在t=0.1s与t=0.3s两个时刻，振子的速度大小相同，方向相反，则速度不相同，故D错误。
故选C。
6. 如图所示的电路，电源的电动势、内阻，直流电动机内阻为，额定功率为3W，滑动变阻器的调节范围为。现闭合开关，调节使图中电源输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作，下列说法正确的是（ ）
A. 滑动变阻器接入电路的阻值为
B. 滑动变阻器接入电路的阻值为
C. 电动机的额定电压为2V
D. 电动机的热功率为2W
【答案】B
【解析】AB．电源内外电压相等时输出功率最大，电路中电流为
路端电压
电动机两端电压
等于路端电压，所以滑动变阻器接入电路的阻值为0，故A错误，B正确；
CD．电动机额定电压为3V，热功率
故CD错误。
故选B。
7. 如图为一只小蜜蜂掉入水中同时挥动双翅留下的水面波纹简化图（振动频率固定），图中实线表示波峰，虚线表示波谷，c和f分别为ae和bd的中点，则在a、b、c、d、e、f六点中，下面的判断正确的是（ ）
A. 振动加强的点是a、e、c
B. 此时刻位移为零的点是a、b、d
C. 图示时刻e位置为两列波相遇的加强点，再经过半个周期该位置将变为减弱点
D. f点位置与两列波波源的距离之差为波长λ的整数倍
【答案】A
【解析】A．、、位于两波源连线的中垂线上，且为两波的波谷叠加；为两波的波峰叠加，所以、、均为振动加强点，故A正确；
B．此时刻，为两波的波谷叠加，位移为最大；、均为波峰和波谷叠加，位移最小，为两波振幅之差，故B错误；
C．图示时刻位置为两列波相遇的加强点，始终为振动加强点，故C错误；
D．若f点位置与两列波波源的距离之差为波长λ的整数倍，则由题意可知，点为振动加强点；又因为f为bd的中点，、均为振动减弱点，则，点不可能为振动加强点，故D错误。
故选A。
8. 如图所示的电路中，电源电动势恒定，内阻不计，为滑动变阻器，、为定值电阻，且。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动后，理想电压表、、的示数变化量的绝对值分别为、、，理想电流表示数变化量的绝对值为，下列说法中正确的是（ ）
A. 电压表示数变大B. 电压表示数减小
C. D. 增大
【答案】C
【解析】AB．滑片P向下滑动后接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，电源电动势不变，则总电流减小，两端电压减小，电压表示数减小，两端电压减小，根据U3=E-IR3可知电压表示数增大，故AB错误；
C．因为
可得
根据U3=E-IR3
可得
由于，故
故C正确；
D．根据闭合电路欧姆定律
可得
不变，故D错误。
故选C。
二、多选题：本大题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的4个选项中，有多项符合题目要求，全对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
9. 如图所示，正三角形ABC的边长为，为三角形的几何中心，为AB边的中点，在，两点各固定一个带正电，电荷量为的点电荷，点固定一个带负电，电荷量为的点电荷。已知静电力常量为，下列说法正确的是（ ）
A. 电子在点受到的电场力沿OC指向
B. 点的电势低于点的电势
C. 点场强大小为
D. 质子在点电势能大于在点的电势能
【答案】BC
【解析】AC．根据电场叠加原理可得，点的场强方向由指向，大小为
电子在点受到的电场力沿CO指向O，故A错误，C正确；
BD．质子由运动到，电场力做负功，电势能增大，所以点的电势低于点的电势，故B正确，D错误。
故选BC。
10. 如图所示，一个半径为圆环竖直放置在水平向右的匀强电场中，为圆心，环内有两根管道AB和AC，半径AO与竖直直径BC成角。一质量为、带电最为的带正电绝缘光滑小球（直径略小于管道直径），从A点由静止释放，沿管道AB和AC到达圆周的时间相同。已知重力加速度为，带电小球可视为点电荷，下列说法正确的是（ ）
A. 匀强电场的电场强度大小为
B. 小球沿管道AB运动的时间为
C. 小球沿管道从A到B的过程中机㭜能逐渐减小
D. 小球沿管道从A到C的过程中机㭜能逐渐增大
【答案】AD
【解析】AB．设AC与BC的夹角为，则沿AC下滑到C点时
其中
沿AB上滑到B点时
其中
解得
可得
所以匀强电场的电场强度大小为
小球沿管道AB运动的时间为
故A正确，B错误；
C．从A到B电场力做正功，小球电势能减小，机械能增大，故C错误；
D．从A到C电场力做正功，小球电势能减小，机械能增大，故D正确。
故选AD。
三、非选择题：本题共5小题，共58分。
11. 利用图甲所示实验装置来验证动量守恒，其中A、B是两个大小相同、质量不同的小球，实验过程中，先不放B球，让A球从固定斜槽上点由静止释放，在水平面上得到一个落点位置；然后把B球放置在斜槽末端，使A球再次从斜槽上点静止释放，与B球发生正碰后，在水平面上又得到两个落点位置。我们把三个落点位置分别标记为、、。
（1）为了确认两个小球的直径相同，该同学用10分度的游标卡尺对它们的直径进行了测量，某次测量的结果如图乙所示，其读数为______cm；
（2）关于该实验，下列说法正确的是______；（填选项前字母）
A. 斜槽的末端不一定要水平B. 斜槽的轨道必须是光滑的
C. 必须测出斜槽末端的高度D. 的质量必须大于B的质量
（3）若实验操作正确，已知点为小球平抛起点在水平面上投影，测量出水平位移OM、ON、OP的长度分别为、、、A、B两球质量分别为、，除动量守恒以外，若____________成立，则碰撞为弹性碰撞。
【答案】（1）1.05 （2）D （3）（或）
【解析】（1）根据游标卡尺读数规则可知，小球的直径为
（2）ABC．在实验过程中，需要小球A两次沿斜槽滚到末端时的速度都相同，不需要光滑的条件，也不需要测出斜槽末端的高度，但是必须保证斜槽末端水平，故ABC错误；
D．小球A与B发生正碰时，为使小球A在碰后不反弹，要求小球A的质量大于小球B的质量，故D正确。
故选D。
（3）设碰前A小球速度为，碰后两球速度分别为，，则若动量守恒则
因为平抛时间t相等，则
即
若为弹性碰撞，则满足
即
通过化简得到（或）。
12. 学校的物理兴趣小组同学要测量未知电阻的阻值，进行如下操作：
（1）该小组同学先用欧姆表“”倍率粗测电阻，结果发现欧姆表指针的偏转角度过大，为了测量结束比较准确，应将选择开关拨到______（填“”或“”）倍率，再将红、黑表笔短接进行欧姆调零，再次测量电阻，欧姆表指针所指位置如图所示，则被测电阻的阻值为______；
（2）为精确测量电阻的阻值，小组成员又准备了以下器材：
A．电源，电动势约为12.0V。内阻可忽略不计
B．电流表，量程为，内阻为
C．电流表，量程为，内阻约为
D．定值电阻，阻值为
E．滑动变阻器，最大阻值为
F．单刀单掷开关S、导线若干
①该小组同学利用现有器材完成实验，要求尽量减小误差，每个表的示数不小于量程的，应该把电流表与电阻______（填“”或“”）串联。测量中要求电表示数从零开始调节，请在下面方框中画出测量电阻的实验电路原理图（图中的元件用题干中相应的字母标注）_______；
②若某次测量中电流表的示数为，电流表的示数为，则由已知量和测量量得出______。
【答案】（1） （2） 97
【解析】（1）[1][2]欧姆表指针的偏转角度过大，表明通过欧姆表的电流较大，即所测电阻阻值较小，为了减小读数误差，需要使得指针指在欧姆表的中央刻线附近，则需要换用低倍率挡位，即应将选择开关拨到“”倍率；
根据欧姆表的读数规律，该读数为。
（2）①在尝试设计电路中，很容易设计出图a所示的测量电路，当电流表的读数为量程的，即120mA时，可知通过电流表的电流超过其量程，所以不满足实验要求。
另一种测量电路如图b所示，电流表和待测电阻的串联阻值约是，和定值电阻的比约为5:1，通过电流表的电流最大时，图b电路中电流表的电流也达到最大，所以这个电路符合要求，然后连接滑动变阻器来进行调节测量多组数据即可．所以应该把电流表和电阻串联。又因为测量中要求电表示数从零开始调节，最终的电路图如图c所示。
②根据电路知识有
整理可得
代入数据计算可得
13. 在光滑绝缘水平面上有一可视为质点、带正电的滑块。现将滑块所处区域加上水平向右的匀强电场，让滑块从静止开始做匀加速直线运动。经过一段时间以后，立即把电场换成反向的匀强电场，又经过的时间滑块回到初始位置。
（1）求两电场的电场强度大小之比；
（2）求时刻和时刻滑块速率之比
【答案】（1） （2）
【解析】（1）设刚开始运动时电场强度大小为，加速度大小为，电场反向后场强大小为，加速度大小为，时刻滑块速度大小为，则从开始运动到回到初始位置过程中，根据匀变速直线运动规律可得，
两式联立可解得
设滑块带电量为，质量为，再根据牛顿第二定律：，
易得：
（2）设时刻滑块速度大小为，选择水平向右为正方向，由匀变速直线运动速度公式可得：
再结合，可得出：
又因为
所以可得速率之比：
14. 一简谐波的波源位于坐标原点，波源振动后时第一次形成如图所示的波形图。
（1）求该波的波长和传播速度大小
（2）在给出的坐标图上画出波在时刻的波形图；
（3）求从至处的质点的运动路程。
【答案】（1） （2） （3）30cm
【解析】（1）由图可知
所以
波速v为
（2）波的周期
由于
经过一个周期波刚好传到质点处，根据周期性可得时刻的波形图如图所示
（3）波传播到处所需的时间
从至时间内处质点振动的时间
处质点的运动路程
15. 如图所示，A、B两球用轻质弹簧连接，静置于光滑水平地面上，长度为的不可伸长的轻质细绳一端拴住C球，另一端系在A球正上方的点，点与A球相随也为。把C球拉到如图所示的水平位置，细绳刚好伸直。现把C球从静止释放，C球到达最低点时细绳刚好被拉断，C、A两球发生正碰并粘在一起。已知A、B、C三个球大小相同、质是均为、均可视作质点，不计空气阻力，重力加速度大小为。
（1）求细绳所能承受的最大拉力；
（2）求弹簧最短时的弹性势能；
（3）当B球第一次达到最大速度时，A、C球共同运动的时间为，求此时B球的位移大小。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）设C球到达最低点时速度为，细绳最大拉力为，对球C，由动能定理有
在最低点，由牛顿第二定律
两式联立可得
（2）设A、C两球碰撞结束瞬间共速为，C球的初速度方向为正方向，规定向右为正方向，由动量守恒有
解得
设三球共速时速度大小为，有
联立解得
当弹簧被压缩至最短时，由能量守恒定律得此时弹性势能为
联立解得
（3）设运动过程中A、C两球速度为，B球速度为，由动量守恒有
整理得
其中，、分别表示B球第一次达到最大速度时，A、C两球和B球的位移，由于B球第一次达到最大速度时，弹簧恢复到原长，则
联立解得