四川省成都外国语学校2024届高三下学期高考模拟（二）数学（文科）试题 含解析

这是一份四川省成都外国语学校2024届高三下学期高考模拟（二）数学（文科）试题 含解析，共22页。试卷主要包含了 已知函数若，则m的值为， 函数在的图象大致为， 已知数列满足且，则等内容，欢迎下载使用。
本试卷满分150分，考试时间120分钟.
注意事项：
1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、座位号和准考证号填写在答题卡上.
2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.
3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】求出集合B，利用交集的定义可求得集合.
【详解】因为，
所以.
故选：A
2. 已知复数满足，其中为虚数单位，则复数的虚部是（ ）
A. B. C. 1D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据题意，利用复数的运算法则，求得，结合复数的概念，即可求解.
【详解】由复数，可得，
所以复数的虚部是．
故选：B．
3. 已知平面向量，，且，则（ ）
A. 2B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用平面向量平行的坐标运算公式即可.
【详解】因为，，且，所以，
解得，所以D正确.
故选：D.
4. 已知函数若，则m的值为（ ）
A. B. 2C. 9D. 2或9
【答案】C
【解析】
【分析】由题可得或，即求.
【详解】∵函数，，
∴或，
解得.
故选：C.
5. 如下图，在边长为的正方形内有不规则图形. 向正方形内随机撒豆子，若撒在图形内和正方形内的豆子数分别为，，则图形面积的估计值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据落到不规则图形和正方形中的点的个数，得到概率，即得到两者的面积的比值，根据所给的正方形的边长，求出面积，根据比值得到要求的面积的估计值．
【详解】解：∵由题意知在正方形中随机投掷个点，则个点中有个点落入中，
∴不规则图形的面积：正方形的面积，
∴不规则图形的面积正方形的面积
．
故选：C．
6. 函数在的图象大致为
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】当时，，令，即在区间只有一个零点，故应排除答案A、B、D，应选答案C ．
7. 已知抛物线上一点到其准线及对称轴的距离分别为3和，则（ ）
A. 2B. 2或4C. 1或2D. 1
【答案】B
【解析】
【分析】
由题意，得到，结合抛物线方程，即可求出结果.
【详解】因为抛物线上一点到其准线及对称轴的距离分别为3和，
所以，即，代入抛物线方程可得，
整理得，解得或.
故选：B.
8. 设命题，使是幂函数，且在上单调递减；命题，则下列命题为真的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据特称命题与全称命题判断命题的真假，从而可得“或”、“且”、“非”命题的真假得结论.
【详解】对于命题，当时，函数，是幂函数，且在上单调递减，故命题为真命题；
对于命题，当时，，不满足，故命题为假命题．
所以“”为真命题，“”为假命题，“”为假命题，“”为假命题．
故选：A．
9. 已知数列满足且，则（ ）
A. 3B. C. -2D.
【答案】B
【解析】
【分析】由已知可得数列递推式，求出其前面几项，可得数列的周期，由此可求得答案.
【详解】由题意数列满足，则，
故由，得，
由此可知数列的周期为4，
故，
故选：B
10. 设函数为偶函数，且当时，，则不等式的解集为（ ）
A B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
利用导数判断函数在的单调性，然后根据奇偶性判断在的单调性，再利用单调性与奇偶性结合求解不等式.
【详解】当时，，所以，因为，所以，即，所以函数在上单调递增，又因为函数为上的偶函数，所以函数在上单调递减，在上单调递增，则不等式，等价于，所以或.
故选：D.
【点睛】对于求值或范围的问题，一般先利用函数的奇偶性得出区间上的单调性，再利用其单调性脱去函数的符号“”，转化为解不等式(组)的问题，若为偶函数，则．
11. 将函数的图象上所有点的横坐标缩短到原来的，纵坐标不变，得到函数的图象．若在上有且仅有3个极值点，则的取值范围为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】先根据题意得出函数，当时，，要使在上有且仅有3个极值点，需满足，解不等式即可.
【详解】由题可知，，当时，．
因为在上有且仅有3个极值点，所以，解得，
所以的取值范围为：．
故选：C.
12. 设，是双曲线：左、右焦点，以线段为直径的圆与直线在第一象限交于点，若，则双曲线的离心率为（ ）
A. B.
C. D. 2
【答案】A
【解析】
【分析】首先推得为等腰三角形，再由三角形的内角和定理和三角函数的诱导公式和二倍角的正切公式，结合渐近线的斜率和离心率公式，计算可得所求值．
【详解】由题意可得，
即有为等腰三角形，
设，
则，
所以
即为，
所以，
故选：A
【点睛】关键点点睛：由题意得出为等腰三角形，在三角形中利用三角函数，建立关于的方程，是求出离心率的关键，属于中档题.
二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
13. _______．
【答案】##0.25
【解析】
【分析】利用诱导公式和倍角公式求解.
【详解】．
故答案为：
14. 直线与圆交于两点，则_____________.
【答案】
【解析】
【分析】由圆的方程求出圆心坐标与半径，再由点到直线的距离公式求圆心到直线的距离，再由垂径定理求弦长．
【详解】解：由圆，得，
则圆心坐标为，半径为2．
圆心到直线的距离，
．
故答案为：．
【点睛】本题考查直线与圆位置关系的应用，考查点到直线距离公式的应用，利用垂径定理求弦长．
15. 若函数存在极值点，则实数a的取值范围为________．
【答案】
【解析】
【分析】求导，根据题意知方程有两个不等的实根，可得出，从而得解.
【详解】因为，可得，
因为函数存在极值点，所以有两不等实根，
则，解得或，
所以的取值范围是.
故答案为：.
16. 高斯是德国著名的数学家，近代数学的奠基者之一，享有“数学王子”的称号，用其名字命名的“高斯函数”为：设，用表示不超过的最大整数，则称为“高斯函数”，例如：，.已知数列满足，，，若，为数列的前项和，则_________.
【答案】
【解析】
【分析】由题意可得，数列构成以2为首项，2为公比的等比数列，求得，利用累加法求得，进而得，利用裂项相消法可求得.
【详解】由，得.
又，所以数列构成以2为首项，2为公比的等比数列，
所以.
又，累加得，
即，
所以.
又因为满足上式，所以，所以.
因为，所以，
即，所以.
故.
所以.
故答案为：.
三、解答题：共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生依据要求作答.
（一）必考题：共60分.
17. 《中国诗词大会》是中央电视台于2016年推出的大型益智类节目，中央电视台为了解该节目的收视情况，抽查北方与南方各5个城市，得到观看该节目的人数（单位：千人）如茎叶图所示，但其中一个数字被污损．
（1）若将被污损的数字视为0~9中10个数字中的一个，求北方观众平均人数超过南方观众平均人数的概率；
（2）该节目的播出极大激发了观众学习诗词的热情，现在随机统计了4位观众每周学习诗词的平均时间（单位：小时）与年龄（单位：岁），并制作了对照表（如下表所示）；
由表中数据分析，与呈线性相关关系，试求线性回归方程，并预测年龄为60岁的观众每周学习诗词的平均时间．
附：回归方程中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为．
【答案】（1）
（2）；425小时
【解析】
【分析】（1）求出两组数据的平均数，推出的范围，然后求解概率．
（2）求出样本中心坐标，求出回归直线的斜率以及截距，然后求解即可．
【小问1详解】
设污损的数字为，由北方观众平均人数超过南方观众平均人数得
即
；
【小问2详解】
，，
，
又，，
，
，
，
时，．
答：年龄为60岁的观众每周学习诗词的平均时间大约为4.25小时．
18. 在①；②；③；这三个条件中任选一个，补充在下面的问题中，并解答问题.
在中，内角，，的对边分别为，，，且满足______.
（1）求；
（2）若的面积为，为的中点，求的最小值.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）若选①，利用正弦定理将边化角，再由两角和的正弦公式及诱导公式得到，即可得解；若选②，根据平方关系及诱导公式得到，再利用正弦定理将角化边，最后由余弦定理计算可得；若选③，利用正弦定理将角化边，再由余弦定理将边化角，即可得解；
（2）由面积得，结合余弦定理和基本不等式求最值.
【小问1详解】
若选择①：，
由正弦定理可得，
又，，故，，
所以，又，故.
若选择②：，
则，
由正弦定理可得，
故，
又，故.
若选择③ ；
由正弦定理可得，
再由余弦定理得，即，
，．
【小问2详解】
，又，
在中由余弦定理，
，
当且仅当时取等号，
的最小值为．
19. 已知球内接正四棱锥的高为，、相交于，球的表面积为，若为中点.

（1）求证：平面；
（2）求三棱锥的体积.
【答案】（1）证明见解析
（2）
【解析】
【分析】（1）依题意可得，即可得证；
（2）由球的表面积求出球的半径，由正四棱锥的性质可知球心必在上，连接，利用勾股定理求出，即可求出，再由为中点得到到平面的距离为，最后由计算可得.
【小问1详解】
依题意底面为正方形，、相交于，
所以为的中点，又为中点，
所以，
又平面，平面，
所以平面.
【小问2详解】
设球的半径为，由球的表面积公式，
解得（负值舍去），
设球心为，在正四棱锥中，高为，则必在上，
连接，则，，，
则在，则，即，
解得（负值舍去），
则，所以，
又为中点，平面且，所以到平面的距离为，
所以.

20. 已知椭圆C：的离心率为，且过点．
（1）求的方程：
（2）点，在上，且，，为垂足．证明：存在定点，使得为定值．
【答案】（1）；（2）详见解析.
【解析】
【分析】（1）由题意得到关于的方程组，求解方程组即可确定椭圆方程.
（2）方法一：设出点，的坐标，在斜率存在时设方程为, 联立直线方程与椭圆方程，根据已知条件，已得到的关系，进而得直线恒过定点，在直线斜率不存在时要单独验证，然后结合直角三角形的性质即可确定满足题意的点的位置.
【详解】（1）由题意可得：，解得：，
故椭圆方程为：.
(2)［方法一］：通性通法
设点，
若直线斜率存在时，设直线的方程为：，
代入椭圆方程消去并整理得：，
可得，，
因为，所以，即，
根据,代入整理可得：
，
所以，
整理化简得，
因为不在直线上，所以，
故，于是的方程为，
所以直线过定点直线过定点.
当直线的斜率不存在时，可得，
由得：，
得，结合可得：，
解得：或（舍）.
此时直线过点.
令为的中点，即，
若与不重合，则由题设知是的斜边，故，
若与重合，则，故存在点，使得定值.
［方法二］【最优解】：平移坐标系
将原坐标系平移，原来的O点平移至点A处，则在新的坐标系下椭圆的方程为，设直线的方程为．将直线方程与椭圆方程联立得，即，化简得，即．
设，因为则，即．
代入直线方程中得．则在新坐标系下直线过定点，则在原坐标系下直线过定点．
又，D在以为直径的圆上．的中点即为圆心Q．经检验，直线垂直于x轴时也成立．
故存在，使得．
［方法三］：建立曲线系
A点处的切线方程为，即．设直线的方程为，直线的方程为，直线的方程为．由题意得．
则过A，M，N三点的二次曲线系方程用椭圆及直线可表示为（其中为系数）．
用直线及点A处的切线可表示为（其中为系数）．
即．
对比项、x项及y项系数得
将①代入②③，消去并化简得，即．
故直线的方程为，直线过定点．又，D在以为直径的圆上．中点即为圆心Q．
经检验，直线垂直于x轴时也成立．故存在，使得．
［方法四］：
设．
若直线的斜率不存在，则．
因为，则，即．
由，解得或（舍）．
所以直线的方程为．
若直线的斜率存在，设直线的方程为，则．
令，则．
又，令，则．
因为，所以，
即或．
当时，直线的方程为．所以直线恒过，不合题意；
当时，直线的方程为，所以直线恒过．
综上，直线恒过，所以．
又因为，即，所以点D在以线段为直径的圆上运动．
取线段的中点为，则．
所以存在定点Q，使得为定值．
【整体点评】（2）方法一：设出直线方程，然后与椭圆方程联立，通过题目条件可知直线过定点，再根据平面几何知识可知定点即为的中点，该法也是本题的通性通法；
方法二：通过坐标系平移，将原来的O点平移至点A处，设直线的方程为，再通过与椭圆方程联立，构建齐次式，由韦达定理求出的关系，从而可知直线过定点，从而可知定点即为的中点，该法是本题的最优解；
方法三：设直线，再利用过点的曲线系，根据比较对应项系数可求出的关系，从而求出直线过定点，故可知定点即为的中点；
方法四：同方法一，只不过中间运算时采用了一元二次方程的零点式赋值，简化了求解以及的计算．
21. 已知函数.
（1）讨论函数单调性；
（2）当时，求证：.
【答案】（1）见解析（2）见解析
【解析】
【分析】
（1）根据的导函数进行分类讨论单调性
（2）欲证，只需证，构造函数，证明，这时需研究的单调性，求其最大值即可
【详解】解：（1）的定义域为，
，
① 当时，由得，由，得，
所以在上单调递增，在单调递减；
②当时，由得，由，得，或，
所以在上单调递增，在单调递减，在单调递增；
③当时，，所以在上单调递增；
④当时，由，得，由，得，或，
所以在上单调递增，在单调递减，在单调递增.
（2）当时，欲证，只需证，
令，，则，
因存在，使得成立，即有，使得成立.
当变化时，，的变化如下：
所以.
因为，所以，所以.
即，
所以当时，成立.
【点睛】考查求函数单调性的方法和用函数的最值证明不等式的方法，难题.
（二）选考题：共10分.请考生在第22，23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.
[选修4-4：坐标系与参数方程]
22. 在平面直角坐标系xOy中，曲线的参数方程为（为参数），直线l的参数方程为（t为参数），以坐标原点为极点，x轴的非负半轴为极轴，取相同的长度单位，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为．
（1）求曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程；
（2）已知点P的极坐标为，直线l与曲线相交于E，F两点，直线l与曲线相交于A，B两点，且，求实数m的值．
【答案】（1），
（2）
【解析】
【分析】（1）由消参法可得曲线的普通方程，根据极坐标和直角坐标之间的转化公式可得曲线的直角坐标方程；
（2）求得点P直角坐标，判断点P位置，结合曲线方程，求得，利用直线的参数方程中参数的几何意义求得的值，结合，即可求得答案.
【小问1详解】
曲线的参数方程为（为参数），
则，
即曲线的普通方程为．
因为，所以，
则曲线的直角坐标方程为．
【小问2详解】
因为点P的极坐标为，所以点P的直角坐标为，则点P在直线l上，
且点P为曲线：的圆心，所以．
因为直线l的标准参数方程为（s为参数），
将其代入曲线的直角坐标方程中，得，,
设A，B两点对应的参数分别为，，则,
则，，故．
又，所以．
[选修4-5：不等式选讲]
23. 已知函数，．
（1）当时，求不等式的解集；
（2）当时，函数的最小值为，若，，均为正数，且，求的最大值．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）将函数写成分段函数，再分类讨论分别得到不等式组，解得即可；
（2）利用绝对值三角不等式求出的最小值，即可得到，再由柯西不等式计算可得.
【小问1详解】
当时，
所以不等式等价于或或，
解得或或，
综上可得不等式的解集为.
小问2详解】
当时，
当且仅当，即时取等号，
所以，
又，，均为正数，所以，
所以，当且仅当，即、时取等号，
所以的最大值为.
年龄
20
30
40
50
每周学习诗词的平均时间
3
3.5
3.5
4
0
单调递增
单调递减