2025年中考第二次模拟考试卷：物理（北京卷）（解析版）

这是一份2025年中考第二次模拟考试卷：物理（北京卷）（解析版），共17页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验探究题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单项选择题（下列每题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每题2分）
1．下列生活情景中，属于通过做功途径改变物体内能的是
A．锯木头时锯条会变热B．饮料放入冰箱冷藏室会变凉
C．夏天阳光照射时感觉火热D．烧红的铁块放入水中会变凉
【答案】A
【详解】A．锯木头时锯条会变热，是摩擦生热，是通过做功途径改变物体内能，符合题意；
B．饮料放入冰箱冷藏室会变凉是热量发生了传递现象，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意；
C．夏天阳光照射时感觉火热，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意；
D．烧红的铁块放入水中会变凉是热量发生了传递现象，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意．
2．下列说法错误的是（ ）

A．甲图：排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B．乙图：爬到泰山之巅，自制气压计液柱高度会降低
C．丙图：用吸管把饮料“吸”入嘴里，是利用了大气压
D．丁图：房屋的地基增大了受力面积，减小了压强
【答案】B
【详解】A．洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口、底部连通，利用了连通器原理，故A正确，不符合题意；
B．爬到泰山之巅，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分液体被压入玻璃管，因此管内液柱的高度会升高，故B错误，符合题意；
C．人喝饮料时，嘴内的气压小于嘴外部的大气压，饮料在大气压力的作用下，被吸入嘴中，故C正确，不符合题意；
D．房屋的地基的面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确，不符合题意。
故选B。
3．以下家用电器中，消耗的电能主要转化为机械能的是（ ）
A．洗衣机B．电饭锅C．电烤箱D．日光灯
【答案】A
【详解】A．洗衣机主要将电能转化为机械能，故A符合题意；
B．电饭锅工作时主要把电能转化为内能，故B不符合题意；
C．电烤箱工作时主要把电能转化为内能，故C不符合题意；
D．日光灯工作时主要把电能转化为光能，故D不符合题意。
故选A。
4．下列设备中利用了电磁感应原理的是（ ）
A．电吹风B．电动机C．动圈式话筒D．电磁铁
【答案】C
【详解】A．电吹风的主要部件之一是电动机，利用了磁场对电流的作用，不是利用电磁感应原理，故A不符合题意；
B．电动机利用了磁场对电流的作用，不是利用电磁感应原理，故B不符合题意；
C．动圈式话筒是利用闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，即利用了电磁感应原理，故C符合题意；
D．电磁铁是利用电流的磁效应来工作的，不是利用电磁感应原理，故D不符合题意。
故选C。
5．图为空调工作时制冷剂流动图示，制冷剂经过 A和B时会发生物态变化，在变化前后都具有流动性，它在 B中发生的物态变化为（ ）
A．熔化B．升华C．液化D．汽化
【答案】D
【详解】制冷剂经过 A和B时会发生物态变化，在变化前后都具有流动性，所以是液态和气态间变化，B处需要吸热，是液态变成气态，即汽化，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
6．牛顿坐在苹果树下深思，一个熟透的苹果掉在地上。关于苹果加速下落的过程，下列分析正确的是（ ）
A．重力势能转化为动能，动能增加
B．动能转化为重力势能，动能减小
C．动能转化为重力势能，重力势能增加
D．无能量的转化，重力势能和动能不变
【答案】A
【详解】苹果从树上落下过程中，质量不变，速度变大，故动能增加，同时其高度降低，故重力势能减小，故A正确，BCD错误。
故选A。
7．如图是一名运动员投掷飞镖时的场景，他将飞镖按图示虚线方向投出，整个过程不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A．飞镖在空中会一直沿虚线方向飞行，击中P点
B．飞镖在空中飞行过程中，运动员对飞镖做了功
C．飞镖在空中飞行过程中，机械能先增大后减小
D．飞镖在空中飞行过程中，机械能保持不变
【答案】D
【详解】A．将飞镖按图示虚线方向投出，飞镖受重力作用，由于重力的方向竖直向下，飞镖不做直线运动，故不能击中靶上的P点，故A错误；
B．飞镖在空中飞行过程中，运动员对飞镖没有力的作用，所以运动员对飞镖没有做功，故B错误；
CD．飞镖在空中飞行过程中只受重力作用，不计空气阻力，飞镖的机械能保持不变，重力势能转化为动能，故C错误，D正确。
故选D。
8．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变小，灯L变亮B．电压表示数变小，灯L变暗
C．电压表示数变大，灯L变亮D．电压表示数变大，灯L变暗
【答案】D
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，由可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故ABC错误，D正确．
9．空气炸锅通过加热管（用电阻表示）来加热空气，并通过风机（用M表示）把高温空气吹到锅内来加热食物。如图所示的某款空气炸锅工作时，当温度达到设定温度，温控开关自动断开，加热管停止工作；当工作时间达到设定时间，定时开关自动断开，整个电路停止工作。其工作原理简化电路图合理的是（ ）

A． B．
C． D．
【答案】A
【详解】当温度达到设定温度，温控开关自动断开，加热管停止工作，这说明开关能控制加热电阻，该电路为并联电路；当工作时间达到设定时间，定时开关自动断开，整个电路停止工作，这说明开关能控制整个电路，在干路中，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10．如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（ ）
A．涂料颗粒因为得到电子而带负电
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥
D．喷涂时形成的电流方向是从喷嘴到工件
【答案】D
【详解】A．涂料颗粒带负电是因为得到了电子，故A正确，A不符合题意；
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引，故B正确，B不符合题意；
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥，故C正确，C不符合题意；
D．喷嘴喷出的涂料颗粒带负电，工件带正电，喷涂时正负电荷中和，负电荷从喷嘴向工件移动，电流的方向是从工件到喷嘴，故D错误，D符合题意。
故选D。
11．如图所示，水平地面上放置着两个底面积不同的轻质圆柱形容器甲和乙（S甲＜S乙），分别盛有两种液体A和B，液面高度相同．容器底部用细线拉着相同实心物体C，浸没在液体中（ρC＜ρA＜ρB）．当细线剪断，待物体C静止后，甲和乙容器中液体对容器底部的压强变化量分别为△P甲和△P乙，则下列关系正确的是（ ）
A．△P甲可能大于△P乙B．△P甲可能小于△P乙
C．△P甲可能等于△P乙D．以上三种情况都有可能
【答案】D
【详解】容器底部用细线拉着相同实心物体C，浸没在液体中后，与没有放物体C时相比，甲液面上升高度为，乙液面上升高度为；当细线没有被剪断时，因为ρC＜ρA＜ρB，所以C漂浮在甲、乙两种液体中F浮=G．由公式F浮=ρ液gV排，与没有放物体C时相比，甲液面上升高度为，乙液面上升高度为；当细线没有被剪断后，甲和乙容器中液体深度变化量分别为
△h甲=，△h乙=
甲和乙容器中液体对容器底部的压强变化量分别为△P甲=
和△P乙=
由于ρC＜ρA＜ρB，故，同时S甲＜S乙，所以△P甲与△P乙无法比较．故答案选D。
12．利用地震产生的纵波和横波的传播速度不同，可以监测震源的位置。如图为某次地震发生时产生的纵波和横波传播的距离s随时间t变化的图像，一地震监测站监测到这两种波到达监测站的时间间隔为10s。下列分析错误的是（ ）
A．纵波和横波均匀速传播
B．纵波的传播速度为5km/s
C．纵波比横波先到达监测站
D．震源距离监测站50km
【答案】D
【详解】A．根据题图可知地震的纵波和横波的路程与时间的关系图像是一条倾斜直线，所以纵波和横波都是匀速传播，故A正确，不符合题意；
B．根据题图可知在0至20s内，纵波传播的距离为100km，故纵波的传播速度为
故B正确，不符合题意；
C．根据题图可知，在0至25s内，横波的传播距离为75km，故横波的传播速度为
由于地震的震源到监测站的距离恒定，且，根据可知，纵波比横波先到达监测站，故C正确，不符合题意；
D．假设震源到地震监测站的距离为s，这两种波传播到监测站的时间间隔为，横波传播到监测站的时间为
纵波传播到监测站的时间为
根据题意可知
即
故D错误，符合题意。
故选D。
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）13．下列关于信息和能源的说法，正确的是（ ）
A．光纤通信是光在光导纤维中发生多次折射来传递信息的
B．电磁波传递信息时可以不通过介质
C．风能、水能和太阳能都是一次能源和可再生能源
D．能量的转化是守恒的，所以能源取之不尽、用之不竭
【答案】BC
【详解】A．光纤通信是利用光在光导纤维中发生反射来迅速传递信息的，故A错误；
B．电磁波的传播不需要介质，真空也能传播，故B正确；
C．风能、水能、太阳能可以从自然界直接源源不断的获取，所以都是一次能源和可再生能源，故C正确；
D．能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以需要节约能源，故D错误。
故选BC。
14．如图所示，晚间弹射模型飞机，其上面发光二极管发出明亮的光，使人们便于找到落下的飞机，关于这一情景下列说法中正确的是（ ）
A．机翼上凸下平，在飞行时获得了向上的升力
B．模型飞机被弹射出，动能转化为弹性势能
C．模型飞机在最高位置的大气压小于地面的大气压
D．模型飞机上的发光二极管是由超导材料制成的
【答案】AC
【详解】A．机翼上方凸下平，机翼上方空气流速大，压强小于机翼下方，故产生一个向上的压强差，产生向上的升力，故A选项正确；
B．模型飞机被弹射出，是弹簧的弹性势能转化为了飞机的动能，故B选项错误；
C．模型飞机飞到最高的位置，空气比较稀薄，最高位置的大气压小于地面的大气压 ，故C选项正确；
D．发光二极管是由半导体硅制成，故D选项错误。
故选AC。
15．如图甲所示电路，电源电压恒定，灯泡标有“8V”的字样，闭合开关S，滑动变阻器的滑片在A点时，电压表V1的示数为12V，图乙是滑动变阻器的滑片从A点移到最右端的过程中，电压表V2的示数与滑动变阻器连入电路阻值之间变化关系的图象，在这一过程中，下面分析正确的是

A．灯泡的额定功率为8W
B．灯泡的电阻为8Ω
C．电路消耗的最大功率为12W
D．2min电路至少做功1200J
【答案】ACD
【分析】A、分析电路的连接及各表测量的量，由图乙，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片在A时灯的电压（确定灯的发光情况）和变阻器连入电路中的电阻，根据串联电路电压的规律，求变阻器的电压，由欧姆定律求出电路中的电流即最大电流，根据 求灯的额定功率；
B、根据欧姆定律可求出灯正常发光时（即滑片在A时）的电阻大小，根据影响灯丝电阻的大小分析；
C、根据电路中的最大电流，根据 求电路消耗的最大功率；
D、当滑片移动至最右端时，变阻器连入电路中的电阻最大，由欧姆定律确定电路中的电流最小，由图乙知电压表V2的示数，由串联电路电压的规律求出变阻器的电压，根据欧姆定律求出通过变阻器的电流即最小电流，根据 求2分钟电路至少做的功．
【详解】A、由电路图可知，灯泡与变阻器串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测灯泡的电压，电流表测电路中的电流；滑片在A点时，电压表V1的示数为12V，则电源电压为12V；滑片在A时，变阻器连入电路中电阻最小，根据分压原理可知，变阻器的电压最小，灯的电压最大，则灯的电压最大为，此时灯泡正常发光，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压： ，由图乙可知，此时变阻器的电阻为 ，则通过变阻器的电流：，串联电路电流处处相等，则灯的额定电流 ，
所以，灯的额定功率： ；故A正确；
B、由 可得，滑片在A点时灯泡的电阻：，当滑片从A向右移动的过程中，由图乙可知，电压表V2示数减小，即灯的电压减小，通过的灯电流减小，灯泡的实际功率变小，灯丝的温度降低，灯的电阻变小，小于8Ω，B错误；
C、滑片在A点时，变阻器连入电路中的电阻最小，电路的总电阻最小，电路中电流最大，由A项解答可知，电路的最大电流为I大=1A，则电路消耗的最大功率: ，故C正确；
D、当滑片移动至最右端时，变阻器连入电路中的电阻最大，由图乙可知，此时电路中的电流最小，由图乙知,此时电压表V2的示数即灯的电压为2V，
由串联电路电压的规律可得，变阻器两端的电压： ，
根据欧姆定律可得，此时电路中的最小电流即通过变阻器的电流：,则2min电路至少做功： ．故D正确．
故选ACD．
三、实验探究题（共28分，20题3分，其余每空1分）
16．用如图甲所示电路测量小灯泡的额定功率，小灯泡上标有“3.8V”的字样，额定功率约1W，滑动变阻器R0的规格是“20Ω 1A”，电源电压恒为6V。
(1)请用笔画线代替导线，将如图甲所示实物电路连接完整（要求导线不交叉，滑片向右移，灯光变亮） ( )
(2)电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是( )
A．更换小灯泡
B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
(4)小华刚准备拆除电路结束实验时，同组的小红提出，在调节滑片使灯正常发光过程中，电压表的示数很难准确显示3.8V，可能因此造成一定的测量误差。她认为可以在小华第(3)步实验的基础上，对电路稍作改动，能提高测量数据的精确度。请帮小红补全测量步骤（补全步骤时必须准确阐述接法和操作要点）：
a．断开开关， ；
b．闭合开关， ，并读出此时电流表的示数；
c．计算出灯的额定功率。
【答案】 见解析所示 C 1.14 电压表换用“- 3”接线柱，并联在滑动变阻器两端 移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.2V
【详解】(1)[1]滑片向右移，灯光变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，由图乙知，电流表选用小量程串联在电路，小灯泡上标有“3.8V"的字样，表示灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，如图所示：
(2)[2]电路连接正确后，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，电阻过大，故接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
(3)[3]当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率
(4)[4][5]电压表选用大量程，分度值为0.5V，故在调节滑片使灯正常发光过程中，电压表的示数很难准确显示3 8V，可能因此造成一定的测量误差，根据串联电路电压的规律，当变阻器的电压为
2.2V小于3V，而电压表小量程分度值为0.1V时，对电路稍作改动，能提高测量数据的精确度：
a．断开开关，电压表换用“- 3”接线柱，并联在滑动变阻器两端；
b．闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.2V，并读出此时电流表的示数；
c．计算出灯的额定功率。
17．在以下几个实验中，请回答问题；

(1)如甲图所示，用力将活塞迅速下压，玻璃筒内硝化棉燃烧起来，该过程与热机的 冲程相同；
(2)利用如图乙所示的装置探究固体物质熔化时温度的变化规律，在0～35min内对物质加热，得到如图乙所示的温度随时间变化的图像，该物质的熔点为 ℃，熔化过程持续了大约 min；
(3)如图丙所示，为完成“探究平面镜成像特点”实验，小铭同学选择了如图所示的实验装置。小铭把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，小铭应在 （选填“A”或“B”）蜡烛一侧观察玻璃板中的像，移去蜡烛B，在其原位放上一块光屏，说明平面镜所成的像是 （选填“实像”或“虚像”）。
【答案】(1)压缩
(2) 80 15
(3) A 虚像
【详解】（1）用力将活塞迅速下压，玻璃筒内硝化棉燃烧起来，这一特点与汽油机的压缩冲程相同，都是将机械能转化为内能。
（2）[1]熔化时，固定不变的温度即为熔点，该物质熔化时的温度是熔点，为80℃。
[2]该固体从第10min开始熔化，到第25min结束熔化，熔化时间为15min。
（3）[1]实验时，平面镜成像的原理是光的反射，A发出的光线经过平面镜反射后，进入人眼，逆着反射光线看到像，而反射光线主要集中在A侧，故小铭同学应在A这一侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像。
[2]在其所在的位置放置一光屏，没有承接到像，说明蜡烛A经平面镜所成的像是虚像。
18．如图所示是“探究某固体熔化时温度变化规律”的实验装置。
①安装实验装置应该遵循 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；
②开始实验后，某一时刻温度计的示数如图乙所示为 ℃；
③根据实验数据绘制了固体熔化时温度随时间变化图像如图丙所示，由图像可知该固体属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
【答案】 自下而上 37 晶体
【详解】①[1]酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，且不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以安装实验器材的顺序是自下而上。
②[2]温度计的分度值是1℃，刻度值上大下小为零上温度，温度计的示数为37℃。
③[3]由图象知，该物质在熔化过程中，温度保持50℃不变，有熔点，所以该物质为晶体。
19．如图甲是用电流表和电压表测量定值电阻R阻值的实物电路图。
（1）连接好电路，闭合开关S，发现电流表的指针向零刻度线的左边偏转，接下来的操作步骤是： ；
（2）排除故障后，闭合开关S，移动变阻器的滑片P至某一位置，此时电压表示数为2V，电流表示数如图乙，则定值电阻R为 Ω；
（3）如图的电路，电源电压U恒为3V，R为滑动变阻器，定值电阻为10Ω，灵敏电流计G的量程为0~30mA。若把电流计表盘的刻度重新标注，将待测电阻接在A、B两端，便可直接读出所测电阻的阻值。完成下列实验步骤：
①把A、B两端直接连接在一起，移动滑动变阻器的滑片P，使电流计的指针偏转到最大刻度处，此时滑动变阻器连入电路的阻值为 Ω，电流计表盘的最大刻度处标注的示数为 Ω；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，把某定值电阻接在A、B两端，电流计指针刚好处于中间刻度线处，则接入的定值电阻阻值为 Ω；
③把另一待测的电阻接在A、B两端，电流计示数为，表盘指针对应的示数应标注为。则 Ω（用U、、、表示）。
【答案】 见详解 将电流表正负接线柱对调 10 90 0 100
【详解】
（1）[2]若连接好电路后，闭合开关发现电流表的指针向零刻度线的左边偏转，说明电流表正负接线柱接反了，故接下来的正确操作步骤：将电流表正负接线柱对调。
（2）[3]闭合开关，移动变阻器的滑片P至某位置，此时电压表示数为2V，电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则定值电阻R的阻值为
（3）[4]把A、B两端直接连接在一起，移动滑动变阻器的滑片P，使电流计的指针偏转到最大刻度处，即此时电路电流为30mA，此时电路的总阻值为
定值电阻R0为10Ω，由串联电路的电阻规律得，此时滑动变阻器连入电路的阻值R1为
R1=R总-R0=100Ω-10Ω=90Ω
[5]电流计表盘的在最大刻度处，即电路中的电流最大，总阻值最小，所以A、B两端直接连接在一起时，则电流计表盘的最大刻度处标注的示数为0Ω。
[6]保持滑动变阻器滑片P位置不变，把某定值电阻接在A、B两端，电流计指针刚好处于中间刻度线处，即0.15mA，此时电路的总电阻为
由串联电路的电阻规律得，接入的定值电阻阻值为
R'0=R'总-R总=200Ω-100Ω=100Ω
[7]当把另一待测的Rx接在A、B两端，Rx与R0串联， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以电路中的电流
所以
20．竹蜻蜓是一种中国传统民间玩具。竹蜻蜓由两部分组成，一是竹柄，二是“翅膀”，如图所示。玩时用双手一搓竹柄，竹蜻蜓的“翅膀”旋转，将空气向下推，然后双手一松，竹蜻蜓就飞向了天空，过一会落回地面。请用所学知识解释竹蜻蜓向上飞起和落回地面的原因。
【答案】见详解
【详解】由于物体间力的作用是相互的，竹蜻蜓的“翅膀”旋转，将空气向下推，竹蜻蜓对空气有一个向下的力，同时空气也会对竹蜻蜓有一个向上的推力，使竹蜻蜓飞向天空；但由于竹蜻蜓受到竖直向下的重力作用，所以最终会落回地面。
四、科普阅读题（共4分）
21．阅读下面的短文，回答问题。
光电效应是物理学中一个重要而神奇的现象，光电现象由德国物理学家赫兹于1887年发现，而正确的解释为爱因斯坦所提出。光电效应分为光电子发射、光电导效应和阻挡层光电效应，又称光生伏特效应。前一种现象发生在物体表面，又称外光电效应。后两种现象发生在物体内部，称为内光电效应。外光电效应是指被光激发产生的电子逸出物质表面的现象。只有入射光的频率高于一定值时，才能激发电子逸出物质表面。内光电效应是指被光激发所产生的电荷仍在物质内部运动，但使物质的导电能力发生变化或在物体两端产生电压的现象。
光敏电阻器是利用半导体的光电效应制成的一种电阻值随入射光的强弱而改变的电阻器；光敏电阻可应用在各种自动控制装置和光检测设备中，如生产线上的自动送料、自动门装置、航标灯、路灯、应急自动照明、自动给水停水装置等方面。
利用太阳能的最佳方式是光伏转换，就是利用光伏效应，使太阳光射到硅材料上产生电流直接发电。光伏产业正日益成为国际上继IT、微电子产业之后又一爆炸式发展的行业。
（1）外光电效应会从物质中激发出带 （选填“正电”或“负电”）的粒子。
（2）如图是电磁波波谱图。如果蓝光照射到某金属表面能产生外光电效应，则下列光照射该金属也一定能产生外光电效应是 。
A．红光，红外线 B．红外线，紫外线 C．紫光，紫外线 D．黄光，紫光
（3）太阳能电池是依据 （选填“内”或“外”）光电效应工作的。
（4）现在楼道内一般不再使用声控开关，而用红外感应开关替代。白天光控开关断开，夜晚光线暗时，光控开关闭合；当有人进入楼道内时，红外感应开关闭合，没人时红外感应开关断开。下列关于楼道内路灯电路设计合理的是 （光控开关用光表示，红外感应开关用红表示）。
（5）公共场所严禁吸烟，小明设计了一种简易烟雾报警控制器如图所示，电路中R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照的增强而减小，烟雾增大到一定程度使电压表V的指针偏转到某区域时触发报警系统，S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，电压表V的示数将 （选填“增大”或“减小”）；为了使控制器在烟雾较淡时就触发报警器，可以 （填“增大”或“减小”）R0的阻值。
【答案】 负电 C 内 A
【详解】（1）[1]被光激发产生的电子即带负电的粒子逸出物质表面的现象称为外光电效应。
（2）[2]由电磁波谱可知，红外线、红光、黄光、蓝光、紫光、紫外线的波长依次减小，由c＝λf的变形式f＝可知，红外线、红光、黄光、蓝光、紫光、紫外线的频率依次增大，因只有入射光的频率高于一定值时，才能激发电子逸出物质表面，所以，蓝光照射到某金属表面能产生外光电效应，则紫光和紫外线照射该金属也一定能产生外光电效应；故选C。
（3）[3]太阳能电池是在物体两端产生电压的现象，属于内光电效应。
（4）[4]经分析可知，光控开关和红外感应开关串联控制灯泡，由安全用电的原则可知开关应控制火线，结合现象可知A符合。
五、计算题（共8分。每题4分）
22．一辆氢气动力试验汽车所受的重力为1.5×104N，10min内汽车在平直路面上匀速行驶了1.2×104m，消耗了0.15kg的氢气，此过翟汽车发动机产生的牵引力为1．O×103N，行驶时汽车轮胎与地面接触的总面积为0.1m2．(氢气的热值取1.4×108J/kg，g取1ON/kg)求：
(1)汽车对地面的压强；
(2)汽车在此过程中的速度；
(3)汽车发动机的效率．
【答案】(1) (2)
(3)
【详解】解：（1）汽车对地面的压力等于其重力 F=G=1.5×104N，
汽车对地面的压强
（2）汽车的速度
（3）汽车牵引力所做的功，
氢气燃烧放出的热量Q=qm=1.4×108J/kg×0.15kg=2.1×107J
因此汽车发动机的效率
答：（1）汽车对地面的压强为．（2）汽车在此过程中的速度为20m/s．（3）汽车发动机的效率为57.1%．
23．如图所示，R1=25Ω，小灯泡L的规格为“2.5V 0.75W”，电源电压保持不变。
（1）S1、S2都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压。
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数变为0.6A，求R2消耗的电功率以及1min内电路消耗的电能。
【答案】（1）10V；（2）2W，360J
【详解】解：（1）由图可知，当Sl、S2都断开时，R2断路，灯泡L与R1串联，此时灯泡L正常发光，则此时电路中的电流为
I=0.3A
则R1两端电压为
U1=IR1=0.3A×25Ω=7.5V
电源电压为
U=UL+U1=2.5V+7.5V=10V
（2）当S1、S2都闭合时，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测干路电流，即干路电流为0.6A。此时通过R1的电流为
I1'=0.4A
则通过R2的电流为
I2=I总-I1'=0.6A-0.4A=0.2A
R2消耗的电功率为
P2=UI2=10V×0.2A=2W
1min内电路消耗的电能为
W=UI总t=10V×0.6A×60s=360J
答：（1）电源电压为10V；
（2）S1、S2都闭合时，R2消耗的电功率为2W，1min内电路消耗的电能为360J。