沪教版物理九年级下册全册综合测试题1

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沪教版物理九年级下册全册综合测试题一 、单选题（本大题共10小题，共30分）1.（3分）在家庭电路中，有一种带指示灯的按键开关如图中虚线框所示，使用时发现，当开关断开时，照明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光；当开关闭合时，只有照明灯甲发光。根据这种开关的控制特性可以判断(    )A. 甲灯的电阻略小于乙灯的电阻 B. 甲灯的电阻远小于乙灯的电阻C. 甲灯的电阻略大于乙灯的电阻 D. 甲灯的电阻远大于乙灯的电阻2.（3分）下列关于能量转化的说法，正确的是( )A. 图中，风力发电将空气的动能转化为电能B. 图中，拉开的弹弓将石子弹出的过程，弹性势能增大C. 图中，乘坐自动扶梯匀速上升的过程中机械能守恒D. 图中，水平路面上疾驰的汽车，将重力势能转化为动能3.（3分）一块手机用的锂电池，上面标明电压为3.7V，容量为1130mA⋅ℎ，它充满电后，大约存储的电能是( )A. 4.181J B. 4.181×103JC. 1.5×104J D. 15kW⋅ℎ4.（3分）2018年2月9日，中国最先进的隐形(在雷达中无法显示)战斗机歼−20服役，中国步入世界空军强国之列。如图是歼−20机群在训练飞行，那么(    )A. 飞机过后在空中“拉出的白线”是汽化形成的B. 飞机能够隐形是因为吸收所有色光，肉眼看不见C. 机群保持图示队形行进时，各飞机间处于相对静止D. 机群突然加速前进，瞬间飞行员受到惯性作用会向前倾5.（3分）对如图所示四幅图中涉及的物理知识及相应解释合理的是（ ）A.  闭合开关，小磁针N极向右偏转B.  磁场能产生电流C.  麦克风（动圈式话筒）应用了磁场对电流的作用D.  线圈匝数一定时，通过电磁铁的电流越大其磁性越弱6.（3分）如图所示，该实验反映的是下列哪个设备的工作原理（ ） A. 电磁铁 B. 发电机 C. 电动机 D. 电磁继电器7.（3分）（中）甲、乙两个用电器的电压之比为2：1，电流之比为1：2，通电时间之比为5：4，则两个用电器消耗的电能之比为( )。A. 5∶1 B. 5：4 C. 4：5 D. 5：88.（3分）如图所示的小制作中，将电风扇的两个接线柱与灯泡相连，此装置中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光的工作原理是( ) A. 通电线圈周围存在磁场 B. 电磁感应C. 通电线圈能在磁场中转动 D. 磁极间相互作用9.（3分）灯 L1标有“12V 6W”，灯 L2标有“6V 6W”，如图所示，两灯串联后接在电压为 U 的电路中，每个灯泡的实际电压没有超过它的额定电压，则(    )A. 两灯实际功率之比为 2：1B. 当电压U为18V时，灯 L1、L2均正常发光C. 电压U的最大值为 18VD. 灯L2两端电压与电压 U 之比为 1：510.（3分）要使电炉的功率减小为原来的一半，下列措施中可行的是（ ）A. 电压不变，把电炉丝剪去一半 B. 电流不变，把电炉丝剪去一半C. 电炉丝不变，把电压减为原来的一半 D. 电炉丝不变，把电流减为原来的一半二 、填空题（本大题共5小题，共8分）11.（1分）如图所示电能表的示数为____kW•h．12.（1分）1度电可供额定功率为25瓦的灯泡正常发光____小时．13.（2分）奥斯特实验表明，通电导线和磁体一样，周围存在着____．在磁场中的某-点，小磁针静止时其____（选填“南”或“北”）极所指的方向就是该点的磁场方向．14.（2分）通电螺线管和磁体A磁极附近磁感线分布如图所示，小磁针处于静止状态。则b端为小磁针的______极，d端为电源的______极。15.（2分）用吸管吸饮料利用了 ______ 的作用．食物也是一种“燃料”，不断地在人体内释放化学能，化学能转化为 ______ 能，使人的体温保持在37℃左右．三 、实验题（本大题共1小题，共10分）16.（10分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的最大阻值40Ω．（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接（要求滑片P向C端滑动时，变阻器电阻变小）；（2）同学们进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是 （选填“小灯泡断路”、“小灯泡短路”或“滑动变阻器处断路”）；（3）某次实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向 （选填“A” 或“B”）端移动滑片，同时视线应注意观察 （选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，示数为 A，则小灯泡的额定功率是 W．（4）某同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻的阻值不能大于______Ω.四 、作图题（本大题共1小题，共10分）17.（10分）如图所示，根据小磁针静止时的指向，请在图中标出螺线管的N、S极和螺线管中的电流方向。五 、计算题（本大题共3小题，共30分）18.（10分）请标出图中地磁场的磁感线方向，以及地球的N、S极． 19.（10分）养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。如图是某款养生壶及其铭牌，求： (1)养生壶正常工作时的电阻； (2)若正常工作时，养生壶加热效率为90%，将1kg水从20℃加热到80℃需要多长时间；[c水=4.2×103J(kg⋅℃)](3)用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时养生壶工作的实际电功率是多大？(设养生壶的电阻和加热效率不变)20.（10分）在图中，标出磁体的N，S极和磁感线的方向． 答案和解析1.【答案】B;【解析】解：当开关闭合时，电路为甲灯泡的简单电路且甲灯发光，说明甲灯泡无短路现象；  当开关断开时，甲乙两灯泡串联，且照明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光，说明此时电路是通路，  因串联电路各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，  所以此时甲灯泡的实际功率远小于乙灯泡的实际功率，根据P=I2R可知，甲灯的电阻远小于乙灯的电阻。  故选：B。 当开关断开时，甲乙两灯泡串联，乙灯泡发出微光说明电路是通路；当开关闭合时，电路为甲灯泡的简单电路且灯甲发光说明甲灯泡无短路现象；根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小和P=I2R判断两灯泡的电阻关系。 该题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据开关闭合前后甲灯泡的亮暗判断其无短路现象，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断两电阻的大小关系。2.【答案】A;【解析】解： A、风力发电将空气的动能转化为电能，故A正确； B、拉开的弹弓将石子弹出的过程中，橡皮筋弹性形变减小，其弹性势能减小，故B错误； C、乘坐自动扶梯匀速上升的过程中，乘客的质量不变，速度不变，动能不变，高度增大，重力势能增大，机械能等于动能与势能之和，所以机械能增大，故C错误； D、水平路面上疾驰的汽车，高度不变，重力势能不变，因此不是重力势能转化为动能，故D错误。 故选：A。 (1)判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量。 (2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，弹性势能的影响因素是物体弹性形变的程度，据此判断。 通过四个实例考查了能量的转化，在做这类题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少了，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。3.【答案】C;【解析】解：电池的容量为1130mA⋅ℎ， 所以手机锂电池充满电后，储存的电荷量： 根据I=Qt可知，Q=It=1130×10−3A×3600s=4068C， 充电电流所做的功： W=UIt=UQ=3.7V×4068C=15051.6J≈1.5×104J，即大约储存了1.5×104J的电能。 故选：C。 知道电池的容量，根据I=Qt求出电池储存的电荷量，根据W=UIt=UQ求出电流做的功即为储存的电能。 此题主要考查电能的计算，难度不大。4.【答案】C;【解析】解：A、飞机的发动机排出的暖湿热气体遇到高空冷空气，使暖湿热气体温度降低液化成小水滴形成白色的雾气，此过程属于液化现象，故A错误。  B、歼20具有隐身功能，是因为雷达发出的电磁波会被它表面吸收，而不是它能吸收所有可见光，故B错误；  C、由图可知，战机编队整齐飞过上空，以任意一架战机为参照物，其他战机与旁边的战机之间没有位置变化，其他战机是静止的，故C正确；  D、机群突然加速前进，瞬间飞行员由于惯性要保持原来的运动状态，所以会向后倾，而不是受到惯性作用，因为惯性不是力，故D错误。  故选：C。 (1)液化是由气态变成液态的过程，液化过程需要放热。液化的方法有两个：降低温度和压缩体积。  (2)雷达是通过发射和接收电磁波来发现飞机的，  (3)被研究的物体与参照物之间的相对位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；  (4)一切物体都具有保持原来运动状态不变的特性，这种特性叫惯性。 此题是一道力学综合题，考查了运动和静止的相对性、惯性等，考查的知识点较多，难度不大，熟练掌握基本规律是解答的关键。5.【答案】A;【解析】解：A、闭合开关，根据安培定则知，通电螺线管的左端是S极，右端是N极，根据同名磁极相互排斥，所以小磁针的N极会向右偏转．符合题意． B、如图，是奥斯特实验，奥斯特实验表明电流周围存在磁场．不符合题意． C、麦克风（动圈式话筒）应用了电磁感应原理工作的．不符合题意． D、在铁芯和匝数相同时，电流越大，电磁铁磁性越强．不符合题意． 故选A．6.【答案】B;【解析】解：观察题干中的图可知：该实验中无电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即是电磁感应现象，是发电机原理图．故ABD不符合题意． 故选B．7.【答案】B;【解析】略8.【答案】B;【解析】 此题主要考查电磁感应原理，能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键。 当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象。   装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，相当于线圈在磁场中转动切割磁感线，会产生感应电流，引起灯泡发光，是利用电磁感应现象的原理工作的，故B正确，ACD错误。 故选B。9.【答案】D;【解析】解：(1)根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为： I1=P1U1=6W12V=0.5A，I2=P2U2=6W6V=1A， 由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为： R1=U1I1=12V0.5A=24Ω，R2=U2I2=6V1A=6Ω； (2)两灯串联后接在电压为 U 的电路中，因串联电路中各处的电流相等， 所以，由P=I2R可得，两灯泡的实际功率之比：P1P2=I2R1I2R2=R1R2=24Ω6Ω=41，故A错误； (3)两灯串联后接在电压U为18V的电路中，此时电路中的电流I=UR1+R2=18V24Ω+6Ω=0.6A， 该电流均不等于两灯的额定电流，所以两灯泡不可能同时正常发光，故B错误；  (4)因串联电路中各处的电流相等，且要保证每个灯泡的实际电压不超过它的额定电压， 所以，电路中的最大电流I大=I1=0.5A，则电源电压的最大值： U总大=I大(R1+R2)=0.5A×(24Ω+6Ω)=15V，故C错误； 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，灯L2两端电压与电压U之比：U2′U=IR2I(R1+R2)=R2R1+R2=6Ω24Ω+6Ω=15，故D正确。 故选：D。 (1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=PU分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出电阻； (2)根据串联电路的电流特点和P=I2R判断两灯泡的实际功率之比； (3)两灯串联后接在电压为U的电路中，通过的最大电流只能是两个灯泡额定电流中最小的，根据灯泡正常发光时的电流和额定电流相等判断两灯泡是否可以同时正常发光，再根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压的最大值，最后根据欧姆定律和电阻的串联得出灯L2两端电压与总电压U之比。 该题考查串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是会根据串联电路的电流特点判断两灯串联时电路的最大电流是两者额定电流最小的。10.【答案】B;【解析】解：A、由公式P=可知，电压不变，电阻电炉丝剪去一半，电阻变为原来的，电功率变为原来的二倍，故A不符合题意． B、由公式P=I2R可知，电流不变，把电炉丝剪去一半，电阻变为原来的，电功率变为原来的一半，故B符合题意． C、由公式P=可知，电炉丝不变，把电压减为原来的一半，电功率变为原来的，故C不符合题意． D、由公式P=I2R可知，炉丝不变，把电流减为原来的一半，电功率变为原来的，故D不符合题意． 故选B．11.【答案】89.5;【解析】解：电能表示数是89.5kW•h． 故答案为：89.5．12.【答案】40;【解析】解：功率：P=25W=0.025kW． 时间：t===40h． 故答案为：40．13.【答案】磁场;北;【解析】解：奥斯特发现，通电导体周围也存在着磁场； 磁场的方向可根据小磁针受力方向确定，我们规定小磁针静止时其北极所指的方向为该点磁场方向． 故答案为：磁场，北14.【答案】S ; 负 ;【解析】解：由于在磁体外部磁感线从磁体的北极出来，回到南极，所以左边磁体A为S极，右边通电螺线管的左端为S极，则右端N极；根据磁极之间的作用规律，小磁针的a端为N极、b端为S极；由安培定则可知，大拇指指向右端N极，四指环绕方向为电流方向，电流从螺线管的左边流入、右边流出，则c为正极、d为负极。  故答案为：S；负。 (1)在磁体外部，磁感线从磁体的北极出来回到南极，据此确定A的极性和通电螺线管的NS极；  (2)利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；利用安培定则确定螺线管中电流的方向、电源的正负极。 该题考查了磁感线的方向、磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则的应用，注意电流从电源正极流出、负极流入。15.【答案】大气压;内;【解析】解：用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压；  食物所提供的化学能可以转化为人体需要的内能，维持身体能量平衡．  故答案为：大气压；内．  吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里；  内能与温度有关，温度越高，内能越大，人体的温度不变，说明人体需要一定的能量，人体吃的食物可以产生能量提供给人体．  该题考查大气压的利用及能量的转化，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释，分析时不要说成“被吸上来”，而是“被外界的大气压压上来．16.【答案】（1）见解析(电压表、电流表、滑动变阻器各占分值．要求选择正确量程)；（2）小灯泡断路；（3）A；电压表；0.24；0.6；（4）20;【解析】（1）根据电路图连接实物电路，先将串联的元件连接好，最后将电压表并联在灯泡两端．小灯泡的功率很小，所以电流很小，电流表可选择0～0.6A的量程；小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选择0～3V的量程，如图所示：①灯泡短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；②灯泡发生断路，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，符合题意；③变阻器断路，电流表和电压表都无示数，不符合题意；根据已知条件，电压表示数为1.8V，说明小灯泡两端的电压太小，应减小滑动变阻器两端的电压，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V，根据丙图，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.24A，所以小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；（4）电源电压为6V，电阻两端电压为2V，滑动变阻器分压为4V，是定值电阻两端电压的两倍，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的两倍，滑动变阻器最大阻值为40欧姆，因此定值电阻最大阻值为20欧姆．17.【答案】解：小磁针的左端N极靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极。再结合图示的螺线管的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向是从左端流入右端流出。如下图所示： ;【解析】 根据小磁针的NS极，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；再结合螺线管的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中电流方向。 安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、N极的指向，告诉其中的两个可以确定第三个。18.【答案】解： 地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极极附近；且在磁体外部磁感线是从磁体的N极出发，回到S极的； 故答案为： ．;【解析】（1）地球周围存在磁场；地磁北极在地理南极附近、地磁南极在地理北极极附近； （2）磁体外部的磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极的．19.【答案】解： （1）由P=U2R可得，养生壶正常工作时的电阻： R=U2P=(220V)21000W═48.4Ω。 （2）水吸收的热量： Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（80℃-20℃）=2.52×105J， 由η=Q吸W可得，养生壶消耗的电能： W=Q吸W=2.52×105J90%=2.8×105J， 由P=Wt可得，养生壶工作时间： t=WP=2.8×105J1000W=280s； （3）在用电高峰时，U实际=198V，设养生壶的电阻和加热效率不变， 此时养生壶工作的实际电功率P实际=U实际2R=(198V)248.4Ω=810W。 答：（1）养生壶正常工作时的电阻为48.4Ω； （2）将1kg水从20℃加热到80℃需要280s长时间； （3）此时养生壶工作的实际电功率是810W。;【解析】 (1)已知养生壶的额定功率和额定电压，由电功率公式的变形公式可以求出养生壶的电阻；  (2)已知水的质量、水的比热容和水温的变化，利用热量公式求出水吸收的热量；  求出电热水壶产生的热量，然后应用功率公式的变形公式求出电热水壶正常工作的时间。  (3)设养生壶的电阻和加热效率不变，已知实际电压，然后可求实际电功率。 本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活息息相关，使学生觉得学了物理有用，在应用时要注意应结合题意选择合适的计算公式。20.【答案】解：第一图中由小磁针的指向可知磁感线的方向向左，因磁感线由N极指向S极，故右侧为N极； 第二图中小磁针N极向右，即磁感线的方向向右，左侧为N极； 第三图中电流由左侧流入，由安培定则可知，电磁铁的左侧为N极． 故答案为： ;【解析】前两图由小磁针的指向可判出磁感线的方向，由磁感线的方向可判出磁极的方向；第三图中由电流方向利用安培定则可判出磁极方向及磁感线的方向．型号CH−M16额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.2LU2R1212U2R1414WP1kW•h0.025kW