2019年—2024年中考数学真题分类训练——专题六：一次函数

这是一份2019年—2024年中考数学真题分类训练——专题六：一次函数，共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1.（衢州）如图，正方形的边长为4，点是的中点，点从点出发，沿移动至终点，设点经过的路径长为，的面积为，则下列图象能大致反映与函数关系的是
A.B.
C.D.
【答案】C
2.（聊城）某快递公司每天上午9：00-10：00为集中揽件和派件时段，甲仓库用来揽收快件，乙仓库用来派发快件，该时段内甲、乙两仓库的快件数量y（件）与时间x（分）之间的函数图象如图所示，那么当两仓库快递件数相同时，此刻的时间为
A.9：15B.9：20C.9：25D.9：30
【答案】B
3.（杭州）已知一次函数y1=ax+b和y2=bx+a（a≠b），函数y1和y2的图象可能是
A.B.
C.D.
【答案】A
4.（邵阳）一次函数y1=k1x+b1的图象l1如图所示，将直线l1向下平移若干个单位后得直线l2，l2的函数表达式为y2=k2x+b2.下列说法中错误的是
A.k1=k2B.b1b2D.当x=5时，y1>y2
【答案】B
5.（绍兴）若三点（1，4），（2，7），（a，10）在同一直线上，则a的值等于
A.–1B.0C.3D.4
【答案】C
6.（杭州）已知一次函数和，函数和的图象可能是
A.B.C.D.
【答案】A
7.（梧州）直线y=3x+1向下平移2个单位，所得直线的解析式是
A.y=3x+3B.y=3x-2C.y=3x+2D.y=3x-1
【答案】D
8.（临沂）下列关于一次函数的说法，错误的是
A.图象经过第一、二、四象限B.随的增大而减小
C.图象与轴交于点D.当时，
【答案】D
9.（苏州）若一次函数（为常数，且）的图象经过点，，则不等式的解集为
A.B.C.D.
【答案】D
10.（绍兴）若三点，，在同一直线上，则的值等于
A.-1B.0C.3D.4
【答案】C
11.（扬州）若点P在一次函数的图象上，则点P一定不在
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
【答案】C
二、填空题
12.（杭州）某函数满足当自变量x=1时，函数值y=0，当自变量x=0时，函数值y=1，写出一个满足条件的函数表达式__________.
【答案】y=–x+1.
13.（江西）在平面直角坐标系中，A，B，C三点的坐标分别为（4，0），（4，4），（0，4），点P在x轴上，点D在直线AB上，若DA=1，CP⊥DP于点P，则点P的坐标为__________.
【答案】（2，0）或（2-2，0）或（2+2，0）
14.（金华）元朝朱世杰的《算学启蒙》一书记载：“今有良马日行二百四十里，驽马日行一百五十里.驽马先行一十二日，问良马几何日追及之.”如图是两匹马行走路程s关于行走时间t的函数图象，则两图象交点P的坐标是__________.
【答案】（32，4800）
15.（杭州）某函数满足当自变量时，函数值；当自变量时，函数值，写出一个满足条件的函数表达式__________.
【答案】或或等.
16.（鄂州）在平面直角坐标系中，点P（x0，y0）到直线Ax+By+C=0的距离公式为：d=，则点P（3，-3）到直线的距离为__________.
【答案】
17.（郴州）某商店今年6月初销售纯净水的数量如下表所示：
观察此表，利用所学函数知识预测今年6月7日该商店销售纯净水的数量约为__________瓶.
【答案】150
18.（潍坊）当直线经过第二、三、四象限时，则的取值范围是__________.
【答案】
19.（烟台）如图，直线y=x+2与直线y=ax+c相交于点P（m，3），则关于x的不等式x+2≤ax+c的解为__________.
【答案】x0的解集为__________.
【答案】x，求x的取值范围；
（2）当x.结合图象，直接写出k的取值范围.
解：（1）当时，，
根据题意，得，解得.
（2）当x=1时，y=x−3=−2，
把（1，−2）代入y1=kx+2得k+2=−2，解得k=−4，
当−4≤ky2；
当0y2.
∴k的取值范围是：且.
25.（乐山）如图，已知过点B（1，0）的直线l1与直线l2：y=2x+4相交于点P（-1，a）.
（1）求直线l1的解析式；
（2）求四边形PAOC的面积.
解：（1）∵点P（-1，a）在直线l2：y=2x+4上，
∴2×（-1）+4=a，即a=2，
则P的坐标为（-1，2），
设直线l1的解析式为：y=kx+b（k≠0），
那么，
解得.
∴l1的解析式为：y=-x+1.
（2）∵直线l1与y轴相交于点C，
∴C的坐标为（0，1），
又∵直线l2与x轴相交于点A，
∴A点的坐标为（-2，0），则AB=3，
而S四边形PAOC=S△PAB-S△BOC，
∴S四边形PAOC=.
26.（天门）某农贸公司销售一批玉米种子，若一次购买不超过5千克，则种子价格为20元/千克，若一次购买超过5千克，则超过5千克部分的种子价格打8折.设一次购买量为x千克，付款金额为y元.
（1）求y关于x的函数解析式；
（2）某农户一次购买玉米种子30千克，需付款多少元？
解：（1）根据题意，得①当0≤x≤5时，y=20x；
②当x>5，y=20×0.8（x-5）+20×5=16x+20.
（2）把x=30代入y=16x+20，
∴y=16×30+20=500；
∴一次购买玉米种子30千克，需付款500元.
27.（台州）如图1，某商场在一楼到二楼之间设有上、下行自动扶梯和步行楼梯.甲、乙两人从二楼同时下行，甲乘自动扶梯，乙走步行楼梯，甲离一楼地面的高度（单位：m）与下行时间（单位：s）之间具有函数关系，乙离一楼地面的高度（单位：m）与下行时间（单位：s）的函数关系如图2所示.
（1）求关于的函数解析式；
（2）请通过计算说明甲、乙两人谁先到达一楼地面.
解：（1）设关于的函数解析式是，
，解得，，
即关于的函数解析式是.
（2）当时，，得，
当时，，得，
∵，
∴甲先到达地面.
28.（常德）某生态体验园推出了甲、乙两种消费卡，设入园次数为x时所需费用为y元，选择这两种卡消费时，y与x的函数关系如图所示，解答下列问题：
（1）分别求出选择这两种卡消费时，y关于x的函数表达式；
（2）请根据入园次数确定选择哪种卡消费比较合算.
解：（1）设y甲=k1x，根据题意得5k1=100，解得k1=20，∴y甲=20x；
设y乙=k2x+100，根据题意得：20k2+100=300，解得k2=10，∴y乙=10x+100.
（2）①y甲10，当入园次数大于10次时，选择乙消费卡比较合算.
29.（山西）某游泳馆推出了两种收费方式.
方式一：顾客先购买会员卡，每张会员卡200元，仅限本人一年内使用，凭卡游泳，每次游泳再付费30元.
方式二：顾客不购买会员卡，每次游泳付费40元.
设小亮在一年内来此游泳馆的次数为x次，选择方式一的总费用为y1（元），选择方式二的总费用为y2（元）.
（1）请分别写出y1，y2与x之间的函数表达式.
（2）小亮一年内在此游泳馆游泳的次数x在什么范围时，选择方式一比方式二省钱.
解：（1）当游泳次数为x时，方式一费用为：y1=30x+200，方式二的费用为：y2=40x.
（2）由y120时，选择方式一比方式二省钱.
30.（北京）在平面直角坐标系xOy中，直线l：y=kx+1（k≠0）与直线x=k，直线y=-k分别交于点A，B，直线x=k与直线y=-k交于点C.
（1）求直线l与y轴的交点坐标；
（2）横、纵坐标都是整数的点叫做整点，记线段AB，BC，CA围成的区域（不含边界）为W.
①当k=2时，结合函数图象，求区域W内的整点个数；
②若区域W内没有整点，直接写出k的取值范围.
解：（1）令x=0，y=1，
∴直线l与y轴的交点坐标（0，1）.
（2）由题意，A（k，k2+1），B（，-k），C（k，-k），
①当k=2时，A（2，5），B（-，-2），C（2，-2），
在W区域内有6个整数点：（0，0），（0，-1），（1，0），（1，-1），（1，1），（1，2）；
②直线AB的解析式为y=kx+1，
当x=k+1时，y=-k+1，则有k2+2k=0，
∴k=-2，
当0>k≥-1时，W内没有整数点，
∴当0>k≥-1或k=-2时W内没有整数点.
31.（湖州）某校的甲、乙两位老师同住一小区，该小区与学校相距2400米.甲从小区步行去学校，出发10分钟后乙再出发，乙从小区先骑公共自行车，途经学校义骑行若干米到达还车点后，立即步行走回学校.已知甲步行的速度比乙步行的速度每分钟快5米.设甲步行的时间为（分），图1中线段和折线分别表示甲、乙离开小区的路程（米）与甲步行时间（分）的函数关系的图象；图2表示甲、乙两人之间的距离（米）与甲步行时间（分）的函数关系的图象（不完整）.根据图1和图2中所给信息，解答下列问题：
（1）求甲步行的速度和乙出发时甲离开小区的路程；
（2）求乙骑自行车的速度和乙到达还车点时甲、乙两人之间的距离；
（3）在图2中，画出当时关于的函数的大致图象.（温馨提示：请画在答题卷相对应的图上）
解：（1）由题意，得：甲步行的速度是（米/分），
∴乙出发时甲离开小区的路程是（米）.
（2）设直线的解析式为:，
∵直线过点，
∴，
解得，
∴直线的解析式为:，
∴当时，，
∴乙骑自行车的速度是（米/分）.
∵乙骑自行车的时间为（分），
∴乙骑自行车的路程为（米）.
当时，甲走过的路程是（米），
∴乙到达还车点时，甲、乙两人之间的距离是（米）.
（3）乙步行的速度为：80-5=75（米/分），
乙到达学校用的时间为：25+（2700-2400）÷75=29（分），
当25≤x≤30时s关于x的函数的大致图象如图所示.
32.（绍兴）如图是某型号新能源纯电动汽车充满电后，蓄电池剩余电量y（千瓦时）关于已行驶路程x（千米）的函数图象.
（1）根据图象，直接写出蓄电池剩余电量为35千瓦时时汽车已行驶的路程.当0≤x≤150时，求1千瓦时的电量汽车能行驶的路程.
（2）当150≤x≤200时，求y关于x的函数表达式，并计算当汽车已行驶180千米时，蓄电池的剩余电量.
解：（1）由图象可知，蓄电池剩余电量为35千瓦时时汽车已行驶了150千米.
1千瓦时的电量汽车能行驶的路程为：（千米）；
（2）当150≤x≤200时，设y关于x的函数表达式为y=kx+b（k≠0），
把点（150，35），（200，10）代入表达式，
得，
∴，
∴y=–0.5x+110，
当x=180时，y=–0.5×180+110=20.
答：当150≤x≤200时，函数表达式为y=–0.5x+110，当汽车已行驶180千米时，蓄电池的剩余电量为20千瓦时.
33.（宁波）某风景区内的公路如图1所示，景区内有免费的班车，从入口处出发，沿该公路开往草甸，途中停靠塔林（上下车时间忽略不计）.第一班车上午8点发车，以后每隔10分钟有一班车从入口处发车.小聪周末到该风景区游玩，上午7：40到达入口处，因还没到班车发车时间，于是从景区入口处出发，沿该公路步行25分钟后到达塔林.离入口处的路程y（米）与时间x（分）的函数关系如图2所示.
（1）求第一班车离入口处的路程y（米）与时间x（分）的函数表达式.
（2）求第一班车从入口处到达塔林所需的时间.
（3）小聪在塔林游玩40分钟后，想坐班车到草甸，则小聪最早能够坐上第几班车？如果他坐这班车到草甸，比他在塔林游玩结束后立即步行到草甸提早了几分钟？（假设每一班车速度均相同，小聪步行速度不变）
解：（1）由题意得，可设函数表达式为：y=kx+b（k≠0），
把（20，0），（38，2700）代入y=kx+b，得，解得，
∴第一班车离入口处的路程y（米）与时间x（分）的函数表达为y=150x–3000（20≤x≤38）；
（2）把y=1500代入y=150x–3000，解得x=30，
30–20=10（分），
∴第一班车从入口处到达塔林所需时间10分钟；
（3）设小聪坐上了第n班车，
则30–25+10（n–1）≥40，解得n≥4.5，
∴小聪坐上了第5班车，
等车的时间为5分钟，坐班车所需时间为：1200÷150=8（分），
步行所需时间：1200÷（1500÷25）=20（分），
20–（8+5）=7（分），
∴比他在塔林游玩结束后立即步行到草甸提早了7分钟.
34.（温州）如图，在平面直角坐标系中，直线yx+4分别交x轴、y轴于点B，C，正方形AOCD的顶点D在第二象限内，E是BC中点，OF⊥DE于点F，连结OE.动点P在AO上从点A向终点O匀速运动，同时，动点Q在直线BC上从某一点Q1向终点Q2匀速运动，它们同时到达终点.
（1）求点B的坐标和OE的长.
（2）设点Q2为（m，n），当tan∠EOF时，求点Q2的坐标.
（3）根据（2）的条件，当点P运动到AO中点时，点Q恰好与点C重合.
①延长AD交直线BC于点Q3，当点Q在线段Q2Q3上时，设Q3Q=s，AP=t，求s关于t的函数表达式.
②当PQ与△OEF的一边平行时，求所有满足条件的AP的长.
解：（1）令y=0，则x+4=0，
∴x=8，
∴B（8，0），
∵C（0，4），
∴OC=4，OB=8，
在Rt△BOC中，BC4，
又∵E为BC中点，
∴OEBC=2；
（2）如图1，作EM⊥OC于M，则EM∥CD，
∵E是BC的中点，
∴M是OC的中点，
∴EMOB=4，OEBC=2，
在正方形OADC中，CD=OC=4，
∵∠CDN=∠NEM，∠CND=∠MNE
∴△CDN∽△MEN，
∴1，
∴CN=MN=1，
∴EN，
∵S△ONEEN•OFON•EM，
∴OF，
由勾股定理得：EF，
∴tan∠EOF，
∴，
∵nm+4，
∴m=6，n=1，
∴Q2（6，1）；
（3）①∵动点P、Q同时作匀速直线运动，
∴s关于t成一次函数关系，设s=kt+b，
∵当点P运动到AO中点时，点Q恰好与点C重合，
∴t=2时，CD=4，DQ3=2，
∴s=Q3C2，
∵Q3（–4，6），Q2（6，1），
∴t=4时，s5，
将或代入得，解得：，
∴s；
②（i）当PQ∥OE时，如图2，∠QPB=∠EOB=∠OBE，
作QH⊥x轴于点H，则PH=BHPB，
Rt△ABQ3中，AQ3=6，AB=4+8=12，
∴BQ36，
∵BQ=6s=67t，
∵cs∠QBH，
∴，
∴BH=14–3t，
∴PB=2BH=28–6t，
∴t+28–6t=12，解得t；
（ii）当PQ∥OF时，如图3，过点Q作QG⊥AQ3于点G，过点P作PH⊥GQ于点H，
由△Q3QG∽△CBO得：Q3G：QG：Q3Q=1：2：，
∵Q3Q=s，
∴Q3Gt–1，GQ=3t–2，
∴PH=AG=AQ3–Q3G=6–（t–1）=7t，
∴QH=QG–AP=3t–2–t=2t–2，
∵∠HPQ=∠CDN，
∴tan∠HPQ=tan∠CDN，
∴2t–2，
解得t，
（iii）由图形可知PQ不可能与EF平行，
综上，当PQ与△OEF的一边平行时，AP的长为或.
日期
1
2
3
4
数量（瓶）
120
125
130
135
一次购买数量/kg
30
50
150
…
甲批发店花费/元
300
…
乙批发店花费/元
350
…