2024年浙江省杭州西兴中学九年级数学第一学期开学经典模拟试题【含答案】

这是一份2024年浙江省杭州西兴中学九年级数学第一学期开学经典模拟试题【含答案】，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）
1、（4分）已知一个直角三角形的两边长分别为3和4，则第三边长的平方是（ ）
A．25 B．7 C．5和7 D．25或7
2、（4分）顺次连接对角线互相垂直且相等的四边形各边中点所围成的四边形是（ ）
A．矩形B．菱形C．正方形D．平行四边形
3、（4分）若a＞b，则下列不等式成立的是（ ）
A．B．a＋5＜b＋5C．－5a＞－5bD．a－2＜b－2
4、（4分）将抛物线 y=x2向右平移 2 个单位长度，再向上平移 3 个单位长度后，得到的抛物线的解析式为（ ）
A．y=（x﹣2）2+3B．y=（x﹣2）2﹣3
C．y=（x+2）2+3D．y=（x+2）2﹣3
5、（4分）如图，在Rt△DEF中，∠EFD＝90°，∠DEF＝30°，EF＝3cm，边长为2cm的等边△ABC的顶点C与点E重合，另一个顶点B（在点C的左侧）在射线FE上．将△ABC沿EF方向进行平移，直到A、D、F在同一条直线上时停止，设△ABC在平移过程中与△DEF的重叠面积为ycm2，CE的长为xcm，则下列图象中，能表示y与x的函数关系的图象大致是（ ）
A．B．
C．D．
6、（4分）如图，在矩形ABCD中，已知，，折叠纸片使AB边与对角线AC重合，点B落在点F处，折痕为AE，则EF的长为
A．2B．3C．4D．5
7、（4分）如图，为外一点，且于点，于点，若，则的度数为( )
A．B．
C．D．
8、（4分）如图，从一张腰长为60cm，顶角为120°的等腰三角形铁皮OAB中剪出一个最大的扇形OCD，用此剪下的扇形铁皮围成一个圆锥的侧面（不计损耗），则该圆锥的高为（ ）
A．10cmB．15cmC．10cmD．20cm
二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
9、（4分）如图，正方形ABCD的边长为6，点E，F分别在AB，AD上，若CE=，且∠ECF=45°，则CF的长为__________．
10、（4分）甲、乙两位选手各射击10次，成绩的平均数都是9.2环，方差分别是，，则____选手发挥更稳定．
11、（4分）如图，矩形ABCD的边AB与y轴平行，顶点A的坐标为（1，2），点B与点D在反比例函数的图象上，则点C的坐标为__．
12、（4分）如图，直线 y=﹣2x+2 与 x 轴、y 轴分别交于 A、B 两点，把△AOB 绕点 A 顺时针旋转 90°后得 到△AO′B′，则直线 AB′的函数解析式是_____．
13、（4分）在实数范围内分解因式：x2﹣3＝_____．
三、解答题（本大题共5个小题，共48分）
14、（12分）学校组织初二年级学生去参加社会实践活动，学生分别乘坐甲车、乙车，从学校同时出发，沿同一路线前往目的地．在行驶过程中，甲车先匀速行驶1小时后，提高速度继续匀速行驶，当甲车超过乙车40千米后停下来等候乙车，两车相遇后，甲车和乙车一起按乙车原来的速度匀速行驶到达目的地．如图是甲、乙两车行驶的全过程中经过的路程y（千米）与出发的时间x（小时）之间函数关系图象．根据图中提供的信息，解答下列问题：
（1）甲车行驶的路程为______千米；
（2）乙车行驶的速度为______千米／时，甲车等候乙车的时间为______小时；
（3）甲、乙两车出发________小时，第一次相遇；
（4）甲、乙两车出发________小时，相距20千米．
15、（8分）在课外活动中，我们要研究一种四边形--筝形的性质．
定义：两组邻边分别相等的四边形是筝形（如图1）．
小聪根据学习平行四边形、菱形、矩形、正方形的经验，对筝形的性质进行了探究．
下面是小聪的探究过程，请补充完整：
（1）根据筝形的定义，写出一种你学过的四边形满足筝形的定义的是 ；
（2）通过观察、测量、折叠等操作活动，写出两条对筝形性质的猜想，并选取其中的一条猜想进行证明；
（3）如图2，在筝形ABCD中，AB=4，BC=2，∠ABC=120°，求筝形ABCD的面积．
16、（8分）如图，在平面直角坐标系中，已知点A（2，3）、B（6，3），连接AB．如果对于平面内一点P，线段AB上都存在点Q，使得PQ≤1，那么称点P是线段AB的“附近点”．
（1）请判断点D（4.5，2.5）是否是线段AB的“附近点”；
（2）如果点H （m，n）在一次函数的图象上，且是线段AB的“附近点”，求m的取值范围；
（3）如果一次函数y=x+b的图象上至少存在一个“附近点”，请直接写出b的取值范围．
17、（10分）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°．
（1）求作：△ABC的一条中位线，与AB交于D点，与BC交于E点．（保留作图痕迹，不写作法）
（2）若AC＝6，AB＝10，连结CD，则DE＝_ ，CD＝_ ．
18、（10分）已知：如图，在菱形ABCD中， BE⊥AD于点E，延长AD至F，使DF=AE，连接CF．
（1）判断四边形EBCF的形状，并证明；
（2）若AF=9，CF=3，求CD的长．
B卷（50分）
一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
19、（4分）在一条笔直的公路上有A、B、C三地，C地位于A、B两地之间，甲车从A地沿这条公路匀速驶向C地，乙车从B地沿这条公路匀速驶向A地，在甲车出发至甲车到达C地的过程中，甲、乙两车各自与C地的距离y（km）与甲车行驶时间t（h）之间的函数关系如图所示．下列结论：①甲车出发2h时，两车相遇；②乙车出发1.5h时，两车相距170km；③乙车出发h时，两车相遇；④甲车到达C地时，两车相距40km．其中正确的是______（填写所有正确结论的序号）．
20、（4分）将一次函数y=2x+4的图象向下平移3个单位长度，相应的函数表达式为_____．
21、（4分）直线与轴的交点坐标为__．
22、（4分）如图，每个小正方形边长为1，A、B、C是小正方形的顶点，则AB2＝_____，∠ABC＝_____°．
23、（4分）当时，分式的值是________.
二、解答题（本大题共3个小题，共30分）
24、（8分）如图，在四边形ABCD中，AC⊥CD，若AB=4，BC=5，AD=2，∠D=30°，求四边形ABCD的面积．
25、（10分）如图，在平行四边形ABCD中，边AB的垂直平分线交AD于点E，交CB的延长线于点F，连接AF，BE.试判断四边形AFBE的形状，并说明理由．
26、（12分）（1）已知一组数据8,3,m,2的众数是3，求出这组数据的平均数；
（2）解方程：.
参考答案与详细解析
一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）
1、D
【解析】
已知直角三角形的两边长，但未明确这两条边是直角边还是斜边，所以求第三边的长必须分类讨论，即4是斜边或直角边的两种情况，然后利用勾股定理求解．
【详解】
解：①若4是直角边，则第三边x是斜边，由勾股定理，得42+32=x2，所以x2=25；
②若4是斜边，则第三边x为直角边，由勾股定理，得x2=42-32，所以x2=7；
故x2=25或7.
故选D.
本题考查了利用勾股定理解直角三角形的能力，当已知条件中没有明确哪是斜边时，要注意讨论，一些学生往往忽略这一点，造成丢解．
2、C
【解析】
根据三角形中位线定理得到所得四边形的对边都平行且相等，那么其为平行四边形，再根据邻边互相垂直且相等，可得四边形是正方形．
【详解】
解：、、、分别是、、、的中点，
，，EH=FG=BD，EF=HG=AC，
四边形是平行四边形，
，，
，，
四边形是正方形，
故选：C．
本题考查的是三角形中位线定理以及正方形的判定，解题的关键是构造三角形利用三角形的中位线定理解答．
3、A
【解析】
根据不等式的性质逐项分析即可.
【详解】
不等式的两边同时除以一个正数，不等号的方向不变，故A正确.
不等式的两边同时加上或减去一个数，不等号的方向不变，故B、D错误；
不等式的两边同时乘以一个负数，不等号的方向改变，故C错误.
故选A.
本题考查了不等式的性质：①把不等式的两边都加(或减去)同一个整式，不等号的方向不变；②不等式两边都乘(或除以)同一个正数，不等号的方向不变；③不等式两边都乘(或除以)同一个负数，不等号的方向改变．
4、A
【解析】
直接根据平移规律，即可得到答案.
【详解】
解：将抛物线y=x2向右平移 2 个单位长度，再向上平移 3 个单位长度，
得：y=（x﹣2）2+3；
故选项：A.
此题主要考查了函数图象的平移，要求熟练掌握平移的规律：左加右减，上加下减．并用规律求函数解析式．
5、A
【解析】
分0≤x≤2、2＜x≤3、3＜x≤4三种情况，分别求出函数表达式即可求解．
【详解】
解：①当0≤x≤2时，如图1，
设AC交ED于点H，则EC＝x，
∵∠ACB＝60°，∠DEF＝30°，
∴∠EHC＝90°，
y＝S△EHC＝×EH×HC＝ECsin∠ACB×EC×cs∠ACB＝CE2＝x2，
该函数为开口向上的抛物线，当x＝2时，y＝；
②当2＜x≤3时，如图2，
设AC交DE于点H，AB交DE于点G，
同理△AHG为以∠AHG为直角的直角三角形，
EC＝x，EB＝x﹣2＝BG，则AG＝2﹣BG＝2﹣（x﹣2）＝4﹣x，
边长为2的等边三角形的面积为：2×＝；
同理S△AHG＝（4﹣x）2，
y＝S四边形BCHG＝S△ABC﹣S△AHG＝﹣（x﹣4）2，
函数为开口向下的抛物线，当x＝3时，y＝，
③当3＜x≤4时，如图3，
同理可得：y＝﹣[（4﹣x）2+（x﹣3）2]＝﹣x2+4x﹣，
函数为开口向下的抛物线，当x＝4时，y＝；
故选：A．
本题考查的是动点问题的函数图象，此类题目通常需要分不同时间段确定函数的表达式，进而求解．
6、B
【解析】
求出AC的长度；证明设为，得到；列出关于的方程，求出即可解决问题．
【详解】
解：四边形ABCD为矩形，
，；
由勾股定理得：，
；
由题意得：
，
；设为，
，；
由勾股定理得：
，解得：，
．
故选：B．
该题主要考查了翻折变换的性质、勾股定理等几何知识点及其应用问题；解题的关键是灵活运用翻折变换的性质、勾股定理等几何知识点来分析、判断、推理或解答
7、C
【解析】
首先由四边形内角和定理求出∠C=130°，然后根据平行四边形对角相等可得答案.
【详解】
解：∵EB⊥BC，ED⊥CD，，
∴∠EBC＝90°，∠EDC＝90°，
∴在四边形EBCD中，∠C=360°-∠EBC-∠EDC-∠E=360°-90°-90°-50°=130°，
∴在中=∠C=130°，
故选：C.
本题考查了四边形的内角和定理，平行四边形的性质，熟练掌握相关性质定理是解题关键．
8、D
【解析】
根据等腰三角形的性质得到OE的长，再利用弧长公式计算出弧CD的长；设圆锥的底面圆的半径为r，根据圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，可求出r；接下来根据圆锥的母线长、底面圆的半径以及圆锥的高构成直角三角形，利用勾股定理可计算出圆锥的高.
【详解】
过O作OE⊥AB于E，如图所示.
∵OA=OB=60cm，∠AOB=120°，
∴∠A=∠B=30°，
∴OE= OA=30cm，
∴弧CD的长==20π，
设圆锥的底面圆的半径为r，则2πr=20π，
解得r=10，
∴由勾股定理可得圆锥的高为：cm.
故选D.
本题考查了勾股定理，扇形的弧长公式，圆锥的计算，圆锥的侧面展开图为扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长.
二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
9、
【解析】
如图，延长FD到G，使DG=BE；
连接CG、EF；
∵四边形ABCD为正方形，
在△BCE与△DCG中，
，∴△BCE≌△DCG(SAS)，
∴CG=CE，∠DCG=∠BCE，∴∠GCF=45°，
在△GCF与△ECF中，
，∴△GCF≌△ECF(SAS)，∴GF=EF，
∵CE=3，CB=6，∴BE=，∴AE=3，
设AF=x,则DF=6−x,GF=3+(6−x)=9−x，
∴EF= ，∴(9−x)²=9+x²，∴x=4，即AF=4，
∴GF=5，∴DF=2，
∴CF= = ,
故答案为：.
点睛：本题考查了全等三角形的判定与性质，勾股定理的知识点，构建三角形，利用方程思想是解答本题的关键.
10、甲
【解析】
根据方差越大波动越大越不稳定，作出判断即可．
【详解】
解：∵S甲2=0.015，S乙2=0.025，
∴S乙2＞S甲2，
∴成绩最稳定的是甲．
故答案为：甲．
本题考查方差的意义．方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．
11、（3，6）．
【解析】
设B、D两点的坐标分别为（1，y）、（x，2），再根据点B与点D在反比例函数的图象上求出xy的值，进而可得出C的坐标．
【详解】
解：∵四边形ABCD是矩形，顶点A的坐标为（1，2），
∴设B、D两点的坐标分别为（1，y）、（x，2），
∵点B与点D在反比例函数的图象上，
∴y=6，x=3，
∴点C的坐标为（3，6）．
故答案为（3，6）．
本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，熟知反比例函数中k=xy为定值是解答此题的关键．
12、y=0.5x−0.5
【解析】
令x=0，求得点B的坐标，令y=0，求得点A的坐标，由旋转的性质可知：AO′=AO，O′B′=OB，从而可求得点B′的坐标．
【详解】
令x=0得y=2，则OB=2，令y=0得，x=1，则OA=1，
由旋转的性质可知：O′A=1,O′B′=2.
则点B′(3,1).
设直线AB′的函数解析式为y=kx+b，
把(1,0)(3,1)代入解析式,可得 ，
解得： ，
所以解析式为：y=0.5x−0.5；
此题考查一次函数图象与几何变换，解题关键在于求出A,B的坐标.
13、
【解析】
把3写成的平方，然后再利用平方差公式进行分解因式．
【详解】
解：x2﹣3＝x2﹣（）2＝（x+）（x﹣）．
本题考查平方差公式分解因式，把3写成的平方是利用平方差公式的关键．
三、解答题（本大题共5个小题，共48分）
14、560 80 0.5 2 1， 3，4.25.
【解析】
(1)根据函数图象中的数据可以写出甲行驶的路程；
(2)根据函数图象中的数据可以求得乙车行驶的速度和甲等候乙车的时间；
(3)根据函数图象中的数据可以计算出甲、乙两车第一次相遇的时间；
(4)根据题意可以计算出两车相距20千米时行驶的时间.
【详解】
(1)由图象可得，
甲行驶的路程为560千米，
故答案为： 560；
(2) 乙车行驶的速度为：5607=80千米/时， 甲车等候乙车的时间为：4080=0.5小时，
故答案为：80，0.5；
(3) a=32080=4， c=320+40=360，
当时，甲车的速度是: (360-60) (4-1) =100千米/时，
设甲、乙两车c小时时，两车第一次相遇，80c=60+100 (c-1)，
解得，c=2，
故答案为：2；
(4) 当甲、乙两车行驶t小时时，相距20千米，
当时，80t-60t=20，得t=1，
当时，，解得t=1（舍去），t=3，
当时，360-80t=20，解得t=4.25，
综上，当甲、乙两车行驶1小时、3小时或4.25小时，两车相距20千米，
故答案为：1，3，4.25.
此题考查一次函数的应用，正确理解函数图象的意义，根据图象提供的信息正确计算是解题的关键.
15、（1）菱形；（2）筝形是轴对称图形；筝形的对角线互相垂直；筝形的一组对角相等．证明见解析；（3）4．
【解析】
（1）根据筝形的定义解答即可；
（2）根据全等三角形的判定和性质证明；
（3）连接AC，作CE⊥AB交AB的延长线于E，根据正弦的定义求出CE，根据三角形的面积公式计算即可．
【详解】
（1）∵菱形的四条边相等，
∴菱形是筝形，
故答案为：菱形；
（2）筝形是轴对称图形；筝形的对角线互相垂直；筝形的一组对角相等．
已知：四边形ABCD是筝形，
求证：∠B=∠D，
证明：如图1，连接AC，
在△ABC和△ADC中，
，
∴△ABC≌△ADC，
∴∠B=∠D；
（3）如图2，连接AC，作CE⊥AB交AB的延长线于E，
∵∠ABC=120°，
∴∠EBC=60°，又BC=2，
∴CE=BC×sin∠EBC=，
∴S△ABC=×AB×CE=2，
∵△ABC≌△ADC，
∴筝形ABCD的面积=2S△ABC=4．
本题考查的是筝形的定义和性质、菱形的性质、全等三角形的判定和性质，正确理解筝形的性质、熟记锐角三角函数的定义是解题的关键．
16、（1）点D（4.5，2.5）是线段AB的“附近点”；
（2）m的取值范围是；
（3）b的取值范围是
【解析】
（1）点P是线段AB的“附近点”的定义即可判断.
（2）首先求出直线y=x-2与线段AB交于（，3）分①当m≥时，列出不等式即可解决问题.
（3）如图，在Rt△AMN中，AM=1，∠MAN=45°，则点M坐标（2-，3+），在Rt△BEF中，BE=1，∠EBF=45°，则点E坐标（6+，3-），
分别求出直线经过点M点E时的b的值，即可解决问题.
解：（1）∵点D到线段AB的距离是0.5，
∴0.5<1，
∴点D（4.5，2.5）是否是线段AB的“附近点”；
（2）∵点H（m，n）线段AB的“附加点”，点H（m，n）在直线y=x-2上，
∴n=m-2；
直线y=x-2 线段AB交于（，3）.
①当m≥时，有n=m-2≥3，
又AB∥x轴，∴此时点H（m、n）到线段AB的距离是n-3.
∴0≤n-3，∴≤m≤5.
综上所述，≤m≤5.
（3）如图，在Rt△AMN中，AM=1，∠MAN=45°，则点M坐标（2-，3+），

在Rt△BEF中，BE=1，∠ENF=45°，则点E坐标（6+，3-），
当直线y=x+b经过点M时，b=1+，
当直线y=x+b经过点E时，b=-3-，
∴-3-≤b≤1+.
“点睛”本题考查一次函数综合题、线段AB的“附近点”的定义等知识，解题的关键是理解题意，学会分类讨论，学会利用特殊点解决问题，属于中档压轴题.
17、（1）作图见解析；（2）3，1 .
【解析】
（1）作边AB的中垂线，交AB于D，过点D作DE⊥BC，垂足为E，连接DE即可．
（2）根据三角形的中位线定理直接得出DE的长，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，求出CD．
【详解】
（1）如图．
（2）∵DE是△ABC的中位线，
∴DE=AC，
∵AC=6，
∴DE=3，
∵AB=10，CD是Rt△斜边上的中线等于斜边的一半，
∴CD=1，
故答案为3，1．
本题考查了基本作图，以及三角形的中位线定理、勾股定理，是基础知识要熟练掌握．
18、（1）四边形EBCF是矩形，证明见解析；（2）CD =5
【解析】
（1）由菱形的性质证得EF=BC，由此证明四边形EBCF是平行四边形.，再利用BE⊥AD即可证得四边形EBCF是矩形；
（2）设CD=x，根据菱形的性质及矩形的性质得到DF=9-x，再利用勾股定理求出答案.
【详解】
（1）四边形EBCF是矩形
证明：∵四边形ABCD菱形，
∴AD=BC，AD∥BC.
又∵DF=AE，
∴DF+DE=AE+DE，
即：EF = AD.
∴ EF = BC.
∴四边形EBCF是平行四边形.
又∵BE⊥AD，
∴ ∠BEF=90°.
∴四边形EBCF是矩形.
（2） ∵ 四边形ABCD菱形，
∴ AD=CD.
∵ 四边形EBCF是矩形，
∴ ∠F=90°.
∵AF=9，CF=3，
∴设CD=x， 则DF=9-x，
∴ ，
解得：
∴CD =5.
此题考查菱形的性质，矩形的判定定理及性质定理，勾股定理，熟记各定理是解题的关键.
一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）
19、②③④．
【解析】解：①观察函数图象可知，当t=2时，两函数图象相交，∵C地位于A、B两地之间，∴交点代表了两车离C地的距离相等，并不是两车相遇，结论①错误；
②甲车的速度为240÷4=60（km/h），乙车的速度为200÷（3.5﹣1）=80（km/h），∵（240+200﹣60﹣170）÷（60+80）=1.5（h），∴乙车出发1.5h时，两车相距170km，结论②正确；
③∵（240+200﹣60）÷（60+80）=（h），∴乙车出发h时，两车相遇，结论③正确；
④∵80×（4﹣3.5）=40（km），∴甲车到达C地时，两车相距40km，结论④正确．
综上所述，正确的结论有：②③④．
故答案为：②③④．
点睛：本题考查了一次函数的应用，根据函数图象逐一分析四条结论的正误是解题的关键．
20、y=2x+1
【解析】
分析：直接根据函数图象平移的法则进行解答即可．
详解：将一次函数y=2x+4的图象向下平移3个单位长度，相应的函数是y=2x+4-3=2x+1；
故答案为y=2x+1．
点睛：本题考查的是一次函数的图象与几何变换，熟知“上加下减”的法则是解答此题的关键．
21、，
【解析】
令y=0,求出x的值即可得出结论
【详解】
，
当时，，得，
即直线与轴的交点坐标为：，，
故答案为：，
此题考查一次函数图象上点的坐标特征，解题关键在于令y=0
22、10 1．
【解析】
连接AC，根据勾股定理得到AB2，BC2，AC2的长度，证明△ABC是等腰直角三角形，继而可得出∠ABC的度数．
【详解】
连接AC．
根据勾股定理可以得到：AB2＝12+32＝10，
AC2＝BC2＝12+22＝5，
∵5+5＝10，即AC2+BC2＝AB2，
∴△ABC是等腰直角三角形，
∴∠ABC＝1°．
故答案为：10，1．
考查了勾股定理及其逆定理，判断△ABC是等腰直角三角形是解决本题的关键．
23、2021
【解析】
先根据平方差公式对分式进行化简，再将 代入即可得到答案.
【详解】
==(a+2)，将代入得原式=2019+2=2021.
本题考察平方差公式和分式的化简，解题的关键是掌握平方差公式和分式的化简.
二、解答题（本大题共3个小题，共30分）
24、10+
【解析】
先运用勾股定理求出AC的长度，从而利用勾股定理的逆定理判断出△ABC是直角三角形，然后可将S四边形ABCD=S△ABC+S△ACD进行求解．
【详解】
解：在△ACD中，AC⊥CD，AD=2，∠D=30°，
∴AC=，
∴CD=，
在△ABC中，AB2+BC2=42+52=41，AC2=41，
∴AB2+BC2=AC2，
∴△ABC是直角三角形，且∠ABC=90°，
∴S四边形ABCD=S△ABC+S△ACD=AB·BC+AC·CD=10+．
本题考查了勾股定理及其逆定理，解答本题的关键是判断出△ABC是直角三角形．
25、四边形AFBE是菱形，理由见解析.
【解析】
由平行四边形的性质得出AD∥BC，得出∠AEG=∠BFG，由AAS证明△AGE≌△BGF，由全等三角形的性质得出AE=BF，由AD∥BC，证出四边形AFBE是平行四边形，再根据EF⊥AB，即可得出结论．
【详解】
解：四边形AFBE是菱形，理由如下：
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD∥BC，
∴∠AEG=∠BFG，
∵EF垂直平分AB，
∴AG=BG，
在△AGE和△BGF中，
，
∴△AGE≌△BGF（AAS）；∴AE=BF，
∵AD∥BC，
∴四边形AFBE是平行四边形，
又∵EF⊥AB，
∴四边形AFBE是菱形．
故答案为：四边形AFBE是菱形，理由见解析.
本题考查了平行四边形的性质、菱形的判定方法、全等三角形的判定与性质、线段垂直平分线的性质；熟练掌握平行四边形的性质，证明三角形全等是解题的关键．
26、（1）4；（2）.
【解析】
（1）根据众数的定义求出m,即可求出平均数；
（2）根据因式分解求解即可.
【详解】
（1）解：∵一组数据8，3，，2的众数为3，
∴，
∴这组数据的平均数：．
（2）.
(x+3)（x+1）=0
．
本题考查的是平均数和解二次方程，熟练掌握众数和因式分解是解题的关键.
题号
一
二
三
四
五
总分
得分