[物理][三模]2024年安徽省淮南市潘集区中考试题(解析版)

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注意事项：
1.物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。
2.试卷g取
一、填空题（每空2分，共20分）
1. 如图所示，编钟是我国春秋战国时期的乐器，用大小相同的力度敲击大小不同的编钟能发出不同 ______ （选填“音调”“响度”或“音色”）的声音。
【答案】音调
【解析】用同样大小的力敲击大小不同的编钟发出声音的振幅相同，频率不同，所以编钟发出声音的响度相同，但音调不同。
2. 如图，是用零刻度已磨损的刻度尺测物体的长度，被测物体的长度是___________cm。
【答案】
【解析】由图可知，该刻度尺的分度值为0.2cm，物体左端对应的刻度为3.00cm，右端对应的刻度为6.20cm，所以该物体的长度为
3. 原子是构成物质的一种微粒，借助外部能量，可以使外层电子从原子脱离，原子失去电子后成为带______（选填“正或负”）电的粒子。
【答案】正
【解析】原子借助外部能量，可以使外层电子从原子脱离，原子失去电子后，因缺少电子带正电。
4. 如图所示，由通电螺线管的磁感线方向可知，电流表的上端为___________接线柱。
【答案】正
【解析】由图磁感线可知，螺线管左端为N极，右端S极，根据安培定则，电流左进右出，所以电流表的上端为正接线柱。
5. 2024年4月25日“神州十八号载人飞船”发射成功，并与“空间站”完成自动交会对接，如图所示，若以“空间站”为参照物，“神州十八号”处于___________状态。
【答案】静止
【解析】“神州十八号”与“空间站”进行对接，必须是相对静止，才容易对接，所以两者在空中飞行的速度大小和方向必须相同，两者之间的相对位置不变，处于相对静止状态。即：若以“空间站”为参照物，“神州十八号”处于静止状态。
6. 如图，拉力F通过滑轮组将正方体金属块从水中匀速拉出至水面上方一定高度处。金属块上表面刚露出水面直至全部露出水面的过程中，该滑轮组的机械效率___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】变大
【解析】金属块上表面刚露出水面直至全部露出水面的过程中，排开水的体积变小，所受的浮力变小，匀速拉出时，金属块受到向上的拉力和浮力及向下重力的作用，三个力是平衡力，则拉力变大，相当于滑轮组提升的物重变大，所做的有用功变大，而额外功不变，则机械效率变大。
7. 太阳能被称为“绿色能源”已被广泛利用。某太阳能热水器内装有质量为100kg、温度为20℃的水，在太阳照射一段时间后，水温升高到60℃，则水吸收的热量是___________J。
【答案】
【解析】水吸收的热量
8. 停车场入口处常用横杆来控制车辆的进出 ，如图甲所示。我们可以把该装置简化成如图乙所示的杠杆。若横杆AB粗细相同、质量分布均匀，重G=120N，AB=2.8m ，AO=0.3 m。要使横杆AB保持水平平衡，需在A端施加竖直向下的力F=________N。
【答案】440
【解析】横杆AB粗细相同、质量分布均匀，则横杆的重心在AB中点，故重力G的力臂为
力F的力臂
由杠杆平衡条件得
解得
故需在A端施加竖直向下的力为440N。
9. 某家用电热壶有“加热”和“保温”两个档位，其简化电路如图所示，、是电热丝，，。开关S接“2”时，通电5min，电流通过产生的热量为___________J。
【答案】600
【解析】由电路图知，开关接2时，两个电阻串联在电路中，电路的总电阻
R=R1+R2=1050Ω+50Ω=1100Ω
电路中的电流
通电5min，电流通过R2产生的热量
10. 如图所示，把标有“6V，6W”字样的灯泡L接入电源电压恒为9V的电路中，为使灯泡L正常发光，需要串联的定值电阻R0=_______。
【答案】3Ω
【解析】由“6V，6W”字样知道，灯泡正常发光的额度电压6V，额定功率为6W，由P=UI可知，灯泡正常发光时的电流是
由图知道，灯泡L与电阻R0 串联，所以，当灯泡正常发光时，R0 两端的电压是
UR =U-UL =9V-6V=3V
又因为串联电路中电流处处相等，所以
IR =IL =1A
故R0 的阻值是
二、单项选择题（每题2分，共14分，把答案的序号填入指定表格）
11. “二十四节气”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气涉及的物态变化及吸、放热情况，说法正确的是（ ）
A. “白露”节气，露形成是升华现象
B. “寒露”节气，露的形成要吸收热量
C. “霜降”节气，霜的形成是凝华现象
D. “大雪”节气，雪的形成要吸收热量
【答案】C
【解析】A．露的形成是液化，故A错误；
B．“寒露”节气，露的形成是液化，要放出热量，故B错误；
C．“霜降”节气，霜的形成是从气体变为固体，故是凝华现象，故C正确；
D．雪的形成属于凝华，凝华放热，故D错误。
故选C。
12. 下面是小丹同学物理笔记本上择录的几句话：其中记录正确的是（ ）
（1）用力推车，车未动是因为推力小于摩擦力；
（2）钻木取火是利用做功的方法增加内能；
（3）质量相等0℃的水和冰内能一样大；
（4）驾驶员系安全带是为了减小驾驶员的惯性；
（5）光是电磁波；
（6）凸透镜既可以成等大实像也可以成等大的虚像；
（7）气体的流速越快压强越小；
（8）超声波可以在真空传播。其中记录正确的是（ ）
A. （1）（2）（7）B. （2）（5）（7）
C. （2）（3）（4）D. （5）（6）（7）
【答案】B
【解析】（1）用力推车，车未动，处于静止，所受的水平方向的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，此话错误；（2）钻木取火时，需要克服摩擦做功，是通过做功方式改变内能的，此话正确；（3）质量相等的0摄氏度的水和冰的分子间距不同，分子势能不同，所以内能不一样，此话错误；（4）驾驶员系安全带是为了减小惯性带来的危害，不能减小驾驶员的惯性，此话错误；（5）电磁波包括光、微波等，此话正确；（6）凸透镜可成倒立、等大的实像，也可成正立放大的虚像，不能成等大的虚像，此话错误；（7）根据流体压强的特点可知，气体流速大的位置压强小，此话正确；（8）声音不可以在真空中传播，所以超声波不能在真空中传播，此话错误。故ACD错误，B正确。
故选B。
13. 如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平做匀速直线运动，则下列结论中正确的是（ ）
A. A受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力
B. B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力
C. B物体受到的摩擦力为0
D. 若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大
【答案】C
【解析】A．A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；
B．B受到的重力与A对B的支持力是作用在作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力，故B错误；
C．AB同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0，故C正确；
D．若增大拉力F，A对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以A与地面的摩擦力不变，故D错误。
14. 体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在（ ）
A. a、c两点的动能相等B. a点的机械能比d点机械能大
C. a点动能比d点动能大D. b点的动能最大
【答案】A
【解析】AB．不计空气阻力，机械能守恒，a、c两点高度相同，重力势能相同，动能相同，故A符合题意，B不符合题意；
C．a比d高，a重力势能大，机械能守恒，所以d动能大，故C不符合题意；
D．b点最高，重力势能最大，动能最小，故D不符合题意。
故选A。
15. 如图所示电路，闭合开关S后，发现灯泡L1、L2均不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，则该电路中的故障是（ ）
A. L1断路B. L1短路C. L2断路D. L2短路
【答案】C
【解析】图中两灯泡串联，闭合开关S后，发现两灯泡均不亮，电流表示数为零，说明电路中有断路故障；电压表测L2两端电压，其示数等于电源电压，说明电压表能连接到电源两端，则断路的位置出现在与电压表并联的部分电路，即L2断路。
16. 如图所示的磁悬浮地球仪，在地球仪底端有一个磁铁，在底座内部有一个金属线圈，线圈通电后，地球仪可悬浮在空中。下列说法正确的是（ ）
A. 地球仪周围存在磁场，同时也存在磁感线
B. 地球仪周围的磁场分布是均匀的
C. 地球仪周围各点的磁场方向都相同
D. 地球仪是利用同名磁极相互排斥的原理悬浮的
【答案】D
【解析】A．磁场真实存在，磁感线真实不存在，故A错误；
B．地球仪周围磁场强度不同，磁场不均匀，故B错误；
C．地球仪周围的磁场方向不同，故C错误；
D．地球仪可悬浮在空中是利用同名磁极相互排斥的原理，故D正确。
故选D。
17. 如图是某电子温度计的工作原理图，R0是定值电阻，R是热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图所示。闭合开关S后，当温度降低时，下列分析正确的是（ ）
A. 电压表示数变大，电路总功率变小
B. 电压表的示数变大，电路总功率变大
C. 电压表示数变小，R0功率变小
D. 电压表示数变小，R0功率变大
【答案】C
【解析】由电路图可知，热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压。由图象可知，热敏电阻阻值随温度的升高而减小，所以当温度降低时，热敏电阻的阻值增大，因此电路中的总电阻增大，电源电压不变，由可知，电路中的电流变小，R0的阻值不变，则定值电阻R0两端的电压变小，电压表的示数变小；根据可知，R0的功率变小。根据可知，电源电压不变，总电流变小。则总功率变小，故C正确，ABD错误。
故选C。
三、实验探究题（第18题4分，第19题4分，第20题8分，共16分）
18. 如图所示的实验装置，可以用来研究光从水中斜射到与空气的分界面时所发生的光现象。
（1）使入射角在一定范围内由小变大，我们会观察到三条光线都向水面靠近，会发现___________（选填“入射光线”、“反射光线”、“折射光线”）先到达水面；
（2）这时折射角是___________度。
【答案】（1）折射 （2）90
【解析】（1）[1]由图可知，光线是从水射向空气，由光的折射规律可知，折射角总是大于相应的入射角，由反射定律可知反射角等于入射角，因此折射角大于反射角。当入射角在一定范围内由小变大时，因此我们会观察到三条光线都向水面靠近，折射光线先到达水面。
（2）[2]当入射角增大到某一值时，折射角会达到最大值，该最大值是，继续增大入射角，将会发现不再有折射光线，而只存在反射光线，这种现象在光学上被称作全反射。
19. 实验小组利用天平、量筒和烧杯等器材测量牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量，通过加减砝码的操作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示，接下来他应该___________（选填序号）；
A.向左调节平衡螺母 B.移动游码 C.取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示，读出量筒中牛奶的体积；
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，读出烧杯和剩余牛奶的总质量；
（4）小明测量牛奶密度为___________。
【答案】（1）C （4）
【解析】（1）[1] ]当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针向右偏，作说明加入的砝码太多了，应去掉最小的砝码，调节标尺上的游码，直到横梁平衡，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（4）[2]量筒的分度值为2mL，则量筒中牛奶的体积为40mL=40cm3；由图丙知，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为2.0g，烧杯和剩余牛奶的总质量为
则量筒内牛奶的质量为
根据密度公式可得，牛奶的密度为
20. 在“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，电源电压3V且恒定，定值电阻R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，滑动变阻器规格为“25Ω，2A”。
（1）请根据图甲的电路图将图乙所示的实物连接完整______；（导线不允许交叉）
（2）连接好电路，把滑动变阻器的滑片P移动到阻值最大处。闭合开关后，无论怎样移动滑片P都发现：电压表有示数并保持不变，电流表始终无示数。其原因可能是电阻R________；
（3）在探究电流与电压关系时，得到如表所示电流I随电压U变化的数据，据此得出结论：电阻一定时，______；
（4）在探究电流与电阻关系时，将10Ω电阻换成15Ω电阻，为保持定值电阻两端电压不变，需要将滑动变阻器滑片P向________（选填“左”或“右”）侧移动。
【答案】（1） （2）断路 （3）电流与电压成正比 （4）左
【解析】（1）[1]据图甲的电路图可知电压表与定值电阻R并联，图中已经把电压表的正接线柱和R的左侧连接，则应该把电压表的负接线柱和R的右侧连接，如图
（2）[2]电流表始终无示数，可能是电路断路；电压表有示数并保持不变，说明电压表和电源串联，与电压表并联的支路以外的电路是完好的，即与电压表并联的支路断路了，可能是R断路。
（3）[3]在探究电流与电压关系时，由表格中数据可知，
电压和电流的比值一定，所以可得结论，电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[4]研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，变阻器与定值电阻串联，将10Ω电阻换成15Ω电阻，根据串联电路的分压规律可知电压表的示数变大，为保持定值电阻两端电压不变，要增大变阻器分压，即增大变阻器电阻，所以滑片左移。
四、计算与简答题（第21题5分，第22题7分，第23题8分，共20分）
21. 在一次跳伞表演中，运动员在的时间内竖直向下匀速降落了。若运动员和降落伞作为整体受到的重力为，求这个整体在该过程中：
（1）所受阻力的大小；
（2）所受重力做功的功率。
【答案】（1）1000N；（2）6000W
【解析】解：（1）有题可知，运动员在做匀速直线运动，故受到的阻力与重力是一对平衡力，故阻力为
（2）重力做的功为
所受重力做功的功率为
答：（1）所受阻力的大小1000N；
（2）所受重力做功的功率为6000W。
22. 如图所示，将边长为5cm实心正方体木块轻轻放入装满水的溢水杯中，木块静止时，从杯中溢出水的质量为0.1kg（水的密度为，g取）。求：
（1）木块的密度；
（2）木块下表面受到水的压强；
（3）要使木块全部浸没水中，需在木块在上表面施加竖直向下多少N的压力。
【答案】（1）；（2）；（3）0.25N
【解析】解：（1）根据阿基米德原理可知，木块受到的浮力为
因为漂浮，木块浮力等于木块重力，所以木块的重力为
木块的质量为
木块的密度为
（2）因为木块漂浮，木块下表面受到水向上的压力等于浮力，木块下表面受到水的压强
（3）木块浸没受到浮力为
要使木块全部浸没水中，需在木块在上表面施加竖直向下的压力为
答：（1）木块的密度为；
（2）木块下表面受到水的压强为；
（3）要使木块全部浸没水中，需在木块在上表面施加竖直向下0.25N的压力。
23. 2021年4月底中国承诺力争2030年前实现碳达峰、2060年前实现碳中和，此项目标远远短于发达国家。益众公司积极行动起来开展照明灯具升级换代实验（如图），L是“220V 100W”的白炽灯泡，P是“220V 10W”的节能灯。实验表明当“开关S1断开、S2闭合”时的照明效果与“S1闭合、S2断开”时相同。公司决定厂房内“1个P灯替代2个L灯”。求：
（1）S1闭合、S2断开时电路A处的电流（结果保留小数点后两位）；
（2）“S1断开、S2闭合”工作1h比“S1闭合、S2断开”工作1h节省多少J的电能；
（3）公司厂房内原有1000个L灯按“决定”替换成500个P灯，若公司每年生产300天，每天工作10h，这些电力均为燃煤发电，所用燃料煤热值为3×107J/kg，发电效率为40%，求益众公司每年因此项改进减少燃煤消耗的质量。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】解：（1）S1闭合、S2断开时，白炽灯被短路，只有节能灯P接在电路中，此时电路A处的电流
（2）S1闭合、S2断开时，白炽灯被短路，电路中只有节能灯P接在电路中，此时电路工作1h消耗的电能为
S2闭合、S1断开时，节能灯被短路，两个白炽灯并接在电路中，此时电路工作1h消耗的电能为
所以“S1断开、S2闭合”工作1h比“S1闭合、S2断开”工作1h节省的电能为
（3）1000个L灯按“决定”替换成500个P灯，益众公司每年节约的电能为
由可得，燃煤完全燃烧释放的热量为
燃煤消耗的质量为
答：（1）S1闭合、S2断开时电路A处的电流为；
（2）“S1断开、S2闭合”工作1h比“S1闭合、S2断开”工作1h节省的电能；
（3）益众公司每年因此项改进减少燃煤消耗的质量为。
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.0
1.4
2.0
电流I/A
0.1
0.14
0.2