还剩4页未读，
继续阅读
所属成套资源：2025版高考物理全程一轮复习训练题（85份）
成套系列资料，整套一键下载
2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练四十静电场中的能量
展开
这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练四十静电场中的能量，共7页。试卷主要包含了[2023·天津卷]，[2023·全国乙卷]，[2023·山东卷]，解析等内容，欢迎下载使用。
1．[2024·广东中山市高三检测]如图所示，雷雨天带有负电的乌云飘过一栋建筑物上空时，在避雷针周围形成电场，电场的等差等势面a、b、c、d分布情况如图所示，在等势面中有A、B、C三点．下列说法中正确的是( )
A．避雷针附近的电场是匀强电场
B．A点的电场强度比B点小
C．a、b、c、d等势面中a的电势最低
D．有一带负电的雨点从乌云中下落，静电力做正功
2.
[2024·海南省一模]电鳗是放电能力极强的淡水鱼类，具有“水中高压线”的称号．电鳗体内从头到尾都有一些类似小型电池的细胞，这些细胞就像许多叠在一起的叠层电池，这些电池(每个电池电压约0.15伏)串联起来后，在电鳗的头和尾之间就产生了很高的电压，此时在电鳗的头和尾的周围空间产生了类似于等量异种点电荷(O为连线的中点)的强电场．如图所示，虚线为该强电场的等势线分布，实线ABCD为以O点为中心的正方形，点A和D、点B和C分别在等势线上．则下列说法正确的是( )
A．电鳗的头部带正电
B．A点与B点的电场强度相同
C．B点与D点的电场强度相同
D．负电荷沿正方形对角线从C点向A点运动过程中，电势能减小
3．(多选)[2023·天津卷]
如图，在一个固定的正点电荷产生的电场中，一个正试探电荷q两次以大小相等、方向不同的初速度从P点出发，分别抵达M点、N点，且q在M、N点时的速度大小也相等，则下列说法正确的是( )
A.P点电势高于M点电势
B．M点电势高于N点电势
C．q从P点运动到M点一直做减速运动
D．M、N两点处的电场强度大小相等
4．(多选)[2023·全国乙卷]
在O点处固定一个正点电荷，P点在O点右上方．从P点由静止释放一个带负电的小球，小球仅在重力和该点电荷电场力作用下在竖直面内运动，其一段轨迹如图所示．M、N是轨迹上的两点，OP>OM，OM＝ON，则小球( )
A．在运动过程中，电势能先增加后减少
B．在P点的电势能大于在N点的电势能
C．在M点的机械能等于在N点的机械能
D．从M点运动到N点的过程中，电场力始终不做功
5．(多选)某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示．在O点由静止释放一个负电荷，该负电荷仅受电场力的作用，则在－x0～x0区间内( )
A．电场强度没有发生变化
B．电场强度发生了变化
C．负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变
D．负电荷将沿x轴负方向运动，加速度逐渐减小
6．(多选)如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ＝60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM＝MN，则( )
A．UMO＝UNM
B．粒子带负电
C．带电粒子在O点的电势能小于在N点的电势能
D.由O到N运动过程中，电场力的功率增大
7．(多选)[2023·山东卷]
如图所示，正六棱柱上下底面的中心为O和O′，A、D两点分别固定等量异号的点电荷，下列说法正确的是( )
A．F′点与C′点的电场强度大小相等
B．B′点与E′点的电场强度方向相同
C．A′点与F′点的电势差小于O′点与D′点的电势差
D．将试探电荷＋q由F点沿直线移动到O点，其电势能先增大后减小
8．[2024·甘肃张掖高台县第一中学模拟]某电场等势面分布情况如图所示，A、B分别为场中两点，一带电粒子(仅受电场力作用)在此电场中的轨迹如虚线所示，下列判断正确的是( )
A．带电粒子带负电
B．带电粒子在B点的加速度大于在A点的加速度
C.带电粒子运动到B点的速度大于在A点的速度
D.负的点电荷在B点由静止释放，只在电场力的作用下电荷将沿着等势面e运动
9．(多选)如图甲所示，以等量正点电荷连线的中点作为原点，沿中垂线建立x轴，x轴上各点的电场强度E随x变化的图像如图乙所示．下列说法正确的是( )
A．x＝－4 m处电势等于x＝4 m处电势
B．x＝－4 m处电场强度与x＝4 m处电场强度相同
C.将电子从x轴上x＝4 m处由静止释放，仅在静电力作用下电子从x＝4 m处运动到x＝0处的过程中，电子做加速度减小的加速运动
D．将电子从x轴上x＝0.6 m处由静止释放，仅在静电力作用下电子从x＝0.6 m处运动到x＝0处的过程中，电子做加速度减小的加速运动
素养提升练
10．[2023·浙江6月]AB、CD两块正对的平行金属板与水平面成30°角固定，竖直截面如图所示．两板间距10 cm，电荷量为1.0×10－8 C、质量为3.0×10－4 kg的小球用长为5 cm的绝缘细线悬挂于A点．闭合开关S，小球静止时，细线与AB板夹角为30°；剪断细线，小球运动到CD板上的M点(未标出)，则( )
A．MC距离为5 eq \r(3) cm
B．电势能增加了 eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J
C．电场强度大小为 eq \r(3)×104 N/C
D．减小R的阻值，MC的距离将变大
11．(多选)[2024·四川南充统考三模]如图甲，x轴位于粗糙绝缘的水平面上，电荷量为QA、QB的两个点电荷固定在x轴上相距6L的A、B两点．质量为m、电荷量为q的带负电的小滑块(可视为质点)从x＝－L处由静止释放，沿x轴正方向运动，在x＝2L处开始反向运动，滑块在不同位置所具有的电势能Ep如图乙，P点是图线最低点．滑块与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g.下列结论正确的是( )
A．两固定点电荷均为正电荷
B．QA＝4QB
C．x＝L处电势最低
D．从x＝－L到x＝2L，电势升高 eq \f(3μmgL,q)
课时分层精练（四十） 静电场中的能量
1．解析：匀强电场的等势线应是一簇平行线，由题图可知避雷针附近的电场不是匀强电场，故A错误；等差等势面越密集电场强度越大，所以A点的电场强度比B点大，故B错误；乌云带负电，则电场线终止于乌云，根据沿电场线方向电势降低可知a、b、c、d等势面中a的电势最高，故C错误；有一带负电的雨点从乌云中下落，雨点所受静电力方向与速度方向夹角小于90°，静电力做正功，故D正确．
答案：D
2．解析：根据等量异种点电荷的电场线由正极发出，终止于负极，沿电场线方向电势降低，电场线与等势线垂直，可知电鳗尾部带正电，故A错误；A点与B点关于中垂线左右对称，电场强度大小相等，方向不同，故B错误；B点与D点关于O点对称，B点与D点的电场强度相同，故C正确；负电荷从C点沿对角线运动到A点过程中，电场力做负功，电势能增大，故D错误．故选C.
答案：C
3．解析：由题意可知正试探电荷q两次以大小相等、方向不同的初速度从P点出发，分别到达M点和N点，且其在M、N点时的速度大小相等，则这两个过程中试探电荷动能的变化量相等，即电场力做的功相等，由W＝qU可知P、M两点的电势差和P、N两点的电势差相等，故M、N两点的电势相等，B错误；由图可知，正试探电荷q从P点运动到N点的轨迹向右弯曲，则可以判断出试探电荷q在P点受到的电场力方向向右，又根据正试探电荷q从P点运动到M点的轨迹为直线可判断出q从P点到M点，其所受的电场力沿PM方向，所以q从P点到M点一直做加速运动，电场力一直做正功，P点电势高于M点电势，A正确，C错误；由于M、N两点的电势相等，则M、N两点在同一等势面上，又点电荷产生的电场中，等势面是一系列的同心球面，所以M、N两点到固定正点电荷的距离相等，由点电荷的场强公式E＝ eq \f(kQ,r2)可知，M、N两点处的电场强度大小相等，D正确．
答案：AD
4．解析：由题知，OP>OM，OM＝ON，则根据点电荷的电势分布情况可知φM＝φN>φP
则带负电的小球在运动过程中，电势能先减小后增大，且EpP>EpM＝EpN
则带负电的小球在M点的机械能等于在N点的机械能，A错误、BC正确；
从M点运动到N点的过程中，电场力先做正功后做负功，D错误．故选BC.
答案：BC
5．解析：φx图像的斜率表示电场强度大小，在－x0～x0区间内φx图像的斜率不变，可知－x0～x0区间内电场强度的大小不变，沿电场线电势降低可知在－x0～x0区间内电场强度方向为沿x轴负方向，故电场强度没有发生变化，故A正确，B错误；在－x0～x0区间内电场强度方向为沿x轴负方向，且大小不变，负电荷受到的电场力方向与场强方向相反，故负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变，故C正确，D错误．故选AC.
答案：AC
6．解析：由于在匀强电场中，所以UMO＝EdOM，UNM＝EdNMcs θ＝ eq \f(1,2)UMO，故A错误；
根据粒子的运动轨迹可知，粒子所受电场力与电场方向相反，故粒子带负电，故B正确；
粒子带负电，从O到N电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；
由P＝Fv＝Eqv
由O到N运动过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大，可知电场力的功率增大，故D正确．故选BD.
答案：BD
7．解析：将六棱柱的上表面拿出
由几何条件可知正电荷在OF中点K的场强方向垂直OF，则K点的合场强与OF的夹角为锐角，在F点的场强和OF的夹角为钝角，因此将正电荷从F移到O点过程中电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，D正确；
由等量异种电荷的电势分布可知
φA′＝φ>0，φD′＝－φ<0，φO′＝0，φF′>0
因此φA′－φF′＝φ－φF′<φO′－φD′＝φ
C正确；
由等量异种电荷的对称性可知F′和C′电场强度大小相等，B′和E′电场强度方向不同，A正确，B错误．故选ACD.
答案：ACD
8．解析：电场强度方向与等势面垂直，且由高电势点指向低电势点方向，根据图像可知电场方向整体方向向外，而带电粒子所受电场力方向指向轨迹弯曲一侧，根据轨迹可知，电场力方向与电场方向相同，可判定粒子带正电，故A错误；图中相邻等势线之间的电势差相等，而等差等势面的疏密程度能够间接反映场强大小，根据图像可知，带电粒子在B位置电场线分布比A点稀疏一些，则粒子在B处的电场强度小于A处的电场强度，可知带电粒子在B点的加速度小于在A点的加速度，故B错误；带电粒子带正电，A点电势大于B点电势，根据WAB＝qUAB＝q（φA－φB）>0可知，粒子从A到B电场力做正功，电势能减小，动能增大，速度增大，即带电粒子运动到B点的速度大于在A点的速度，故C正确；场强方向与等势面垂直，故点电荷受到的电场力方向与等势面垂直，只在电场力的作用下电荷由静止释放不可能沿着等势面e运动，故D错误．故选C.
答案：C
9．解析：结合图像和电场力做功可得：电子从x＝－4 m处到x＝4 m处电场力做功为零，x＝－4 m处电势等于x＝4 m处电势，A正确；
由图像乙可见x＝－4 m处电场强度与x＝4 m处电场强度等值反向，B错误；
由图像乙可见x＝4 m处到x＝0 m处，电场强度是先增大后减小，由qE＝ma可得：将电子从x轴上x＝4 m处由静止释放，电子从x＝4 m处移动到x＝0 m处的过程中，电子先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，C错误；
因为 eq \f(\r(2),2)＝0.707>0.6，可见将电子从x轴上x＝0.6 m处由静止释放，电子从x＝0.6 m处移动到x＝0 m处的过程中，电子做加速度减小的加速运动，D正确．
答案：AD
10．解析：根据平衡条件和几何关系，对小球受力分析如图所示
根据几何关系可得T＝qE
T sin 60°＋qE sin 60°＝mg
联立解得T＝qE＝ eq \r(3)×10－3 N
剪断细线，小球合力方向与T等大反向，小球沿AM方向做匀加速直线运动，如图所示
根据几何关系可得LMC＝d tan 60°＝10 eq \r(3) cm
故A错误；
根据几何关系可得小球沿着电场力方向的位移
x＝（10－5sin 30°） cm＝7.5 cm
与电场力方向相反，电场力做功为
W电＝－qEx＝－ eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J
则小球的电势能增加 eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J，故B正确；
电场强度的大小
E＝ eq \f(qE,q)＝ eq \r(3)×105 N/C
故C错误；
减小R的阻值，极板间的电势差不变，极板间的电场强度不变，所以小球的运动不会发生改变，MC的距离不变，故D错误．故选B.
答案：B
11．解析：由图乙知，物块在x＝L处电势能最低，根据公式Ep＝－φq 可得，在x＝L处电势最高，且物块在此处所受静电力左右平衡，则两固定点电荷均为负电荷，A、C错误；
由以上分析知，在x＝L处物块所受静电力左右平衡，则k eq \f(QAq,[L－（－3L）]2)＝k eq \f(QBq,（3L－L）2)
解得QA＝4QB
B正确；
从x＝－L到x＝2L，静电力对物块做功为W电，此过程对物块用动能定理，有－μmg×3L＋W电＝0－0
解得W电＝U×（－q）＝3μmgL
即x＝－L与x＝2L处的电势差为U＝－ eq \f(3μmgL,q)
所以，从x＝－L到x＝2L，电势升高 eq \f(3μmgL,q)，D正确．
故选BD.
答案：BD
1．[2024·广东中山市高三检测]如图所示，雷雨天带有负电的乌云飘过一栋建筑物上空时，在避雷针周围形成电场，电场的等差等势面a、b、c、d分布情况如图所示，在等势面中有A、B、C三点．下列说法中正确的是( )
A．避雷针附近的电场是匀强电场
B．A点的电场强度比B点小
C．a、b、c、d等势面中a的电势最低
D．有一带负电的雨点从乌云中下落，静电力做正功
2.
[2024·海南省一模]电鳗是放电能力极强的淡水鱼类，具有“水中高压线”的称号．电鳗体内从头到尾都有一些类似小型电池的细胞，这些细胞就像许多叠在一起的叠层电池，这些电池(每个电池电压约0.15伏)串联起来后，在电鳗的头和尾之间就产生了很高的电压，此时在电鳗的头和尾的周围空间产生了类似于等量异种点电荷(O为连线的中点)的强电场．如图所示，虚线为该强电场的等势线分布，实线ABCD为以O点为中心的正方形，点A和D、点B和C分别在等势线上．则下列说法正确的是( )
A．电鳗的头部带正电
B．A点与B点的电场强度相同
C．B点与D点的电场强度相同
D．负电荷沿正方形对角线从C点向A点运动过程中，电势能减小
3．(多选)[2023·天津卷]
如图，在一个固定的正点电荷产生的电场中，一个正试探电荷q两次以大小相等、方向不同的初速度从P点出发，分别抵达M点、N点，且q在M、N点时的速度大小也相等，则下列说法正确的是( )
A.P点电势高于M点电势
B．M点电势高于N点电势
C．q从P点运动到M点一直做减速运动
D．M、N两点处的电场强度大小相等
4．(多选)[2023·全国乙卷]
在O点处固定一个正点电荷，P点在O点右上方．从P点由静止释放一个带负电的小球，小球仅在重力和该点电荷电场力作用下在竖直面内运动，其一段轨迹如图所示．M、N是轨迹上的两点，OP>OM，OM＝ON，则小球( )
A．在运动过程中，电势能先增加后减少
B．在P点的电势能大于在N点的电势能
C．在M点的机械能等于在N点的机械能
D．从M点运动到N点的过程中，电场力始终不做功
5．(多选)某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示．在O点由静止释放一个负电荷，该负电荷仅受电场力的作用，则在－x0～x0区间内( )
A．电场强度没有发生变化
B．电场强度发生了变化
C．负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变
D．负电荷将沿x轴负方向运动，加速度逐渐减小
6．(多选)如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ＝60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM＝MN，则( )
A．UMO＝UNM
B．粒子带负电
C．带电粒子在O点的电势能小于在N点的电势能
D.由O到N运动过程中，电场力的功率增大
7．(多选)[2023·山东卷]
如图所示，正六棱柱上下底面的中心为O和O′，A、D两点分别固定等量异号的点电荷，下列说法正确的是( )
A．F′点与C′点的电场强度大小相等
B．B′点与E′点的电场强度方向相同
C．A′点与F′点的电势差小于O′点与D′点的电势差
D．将试探电荷＋q由F点沿直线移动到O点，其电势能先增大后减小
8．[2024·甘肃张掖高台县第一中学模拟]某电场等势面分布情况如图所示，A、B分别为场中两点，一带电粒子(仅受电场力作用)在此电场中的轨迹如虚线所示，下列判断正确的是( )
A．带电粒子带负电
B．带电粒子在B点的加速度大于在A点的加速度
C.带电粒子运动到B点的速度大于在A点的速度
D.负的点电荷在B点由静止释放，只在电场力的作用下电荷将沿着等势面e运动
9．(多选)如图甲所示，以等量正点电荷连线的中点作为原点，沿中垂线建立x轴，x轴上各点的电场强度E随x变化的图像如图乙所示．下列说法正确的是( )
A．x＝－4 m处电势等于x＝4 m处电势
B．x＝－4 m处电场强度与x＝4 m处电场强度相同
C.将电子从x轴上x＝4 m处由静止释放，仅在静电力作用下电子从x＝4 m处运动到x＝0处的过程中，电子做加速度减小的加速运动
D．将电子从x轴上x＝0.6 m处由静止释放，仅在静电力作用下电子从x＝0.6 m处运动到x＝0处的过程中，电子做加速度减小的加速运动
素养提升练
10．[2023·浙江6月]AB、CD两块正对的平行金属板与水平面成30°角固定，竖直截面如图所示．两板间距10 cm，电荷量为1.0×10－8 C、质量为3.0×10－4 kg的小球用长为5 cm的绝缘细线悬挂于A点．闭合开关S，小球静止时，细线与AB板夹角为30°；剪断细线，小球运动到CD板上的M点(未标出)，则( )
A．MC距离为5 eq \r(3) cm
B．电势能增加了 eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J
C．电场强度大小为 eq \r(3)×104 N/C
D．减小R的阻值，MC的距离将变大
11．(多选)[2024·四川南充统考三模]如图甲，x轴位于粗糙绝缘的水平面上，电荷量为QA、QB的两个点电荷固定在x轴上相距6L的A、B两点．质量为m、电荷量为q的带负电的小滑块(可视为质点)从x＝－L处由静止释放，沿x轴正方向运动，在x＝2L处开始反向运动，滑块在不同位置所具有的电势能Ep如图乙，P点是图线最低点．滑块与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g.下列结论正确的是( )
A．两固定点电荷均为正电荷
B．QA＝4QB
C．x＝L处电势最低
D．从x＝－L到x＝2L，电势升高 eq \f(3μmgL,q)
课时分层精练（四十） 静电场中的能量
1．解析：匀强电场的等势线应是一簇平行线，由题图可知避雷针附近的电场不是匀强电场，故A错误；等差等势面越密集电场强度越大，所以A点的电场强度比B点大，故B错误；乌云带负电，则电场线终止于乌云，根据沿电场线方向电势降低可知a、b、c、d等势面中a的电势最高，故C错误；有一带负电的雨点从乌云中下落，雨点所受静电力方向与速度方向夹角小于90°，静电力做正功，故D正确．
答案：D
2．解析：根据等量异种点电荷的电场线由正极发出，终止于负极，沿电场线方向电势降低，电场线与等势线垂直，可知电鳗尾部带正电，故A错误；A点与B点关于中垂线左右对称，电场强度大小相等，方向不同，故B错误；B点与D点关于O点对称，B点与D点的电场强度相同，故C正确；负电荷从C点沿对角线运动到A点过程中，电场力做负功，电势能增大，故D错误．故选C.
答案：C
3．解析：由题意可知正试探电荷q两次以大小相等、方向不同的初速度从P点出发，分别到达M点和N点，且其在M、N点时的速度大小相等，则这两个过程中试探电荷动能的变化量相等，即电场力做的功相等，由W＝qU可知P、M两点的电势差和P、N两点的电势差相等，故M、N两点的电势相等，B错误；由图可知，正试探电荷q从P点运动到N点的轨迹向右弯曲，则可以判断出试探电荷q在P点受到的电场力方向向右，又根据正试探电荷q从P点运动到M点的轨迹为直线可判断出q从P点到M点，其所受的电场力沿PM方向，所以q从P点到M点一直做加速运动，电场力一直做正功，P点电势高于M点电势，A正确，C错误；由于M、N两点的电势相等，则M、N两点在同一等势面上，又点电荷产生的电场中，等势面是一系列的同心球面，所以M、N两点到固定正点电荷的距离相等，由点电荷的场强公式E＝ eq \f(kQ,r2)可知，M、N两点处的电场强度大小相等，D正确．
答案：AD
4．解析：由题知，OP>OM，OM＝ON，则根据点电荷的电势分布情况可知φM＝φN>φP
则带负电的小球在运动过程中，电势能先减小后增大，且EpP>EpM＝EpN
则带负电的小球在M点的机械能等于在N点的机械能，A错误、BC正确；
从M点运动到N点的过程中，电场力先做正功后做负功，D错误．故选BC.
答案：BC
5．解析：φx图像的斜率表示电场强度大小，在－x0～x0区间内φx图像的斜率不变，可知－x0～x0区间内电场强度的大小不变，沿电场线电势降低可知在－x0～x0区间内电场强度方向为沿x轴负方向，故电场强度没有发生变化，故A正确，B错误；在－x0～x0区间内电场强度方向为沿x轴负方向，且大小不变，负电荷受到的电场力方向与场强方向相反，故负电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变，故C正确，D错误．故选AC.
答案：AC
6．解析：由于在匀强电场中，所以UMO＝EdOM，UNM＝EdNMcs θ＝ eq \f(1,2)UMO，故A错误；
根据粒子的运动轨迹可知，粒子所受电场力与电场方向相反，故粒子带负电，故B正确；
粒子带负电，从O到N电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；
由P＝Fv＝Eqv
由O到N运动过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大，可知电场力的功率增大，故D正确．故选BD.
答案：BD
7．解析：将六棱柱的上表面拿出
由几何条件可知正电荷在OF中点K的场强方向垂直OF，则K点的合场强与OF的夹角为锐角，在F点的场强和OF的夹角为钝角，因此将正电荷从F移到O点过程中电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，D正确；
由等量异种电荷的电势分布可知
φA′＝φ>0，φD′＝－φ<0，φO′＝0，φF′>0
因此φA′－φF′＝φ－φF′<φO′－φD′＝φ
C正确；
由等量异种电荷的对称性可知F′和C′电场强度大小相等，B′和E′电场强度方向不同，A正确，B错误．故选ACD.
答案：ACD
8．解析：电场强度方向与等势面垂直，且由高电势点指向低电势点方向，根据图像可知电场方向整体方向向外，而带电粒子所受电场力方向指向轨迹弯曲一侧，根据轨迹可知，电场力方向与电场方向相同，可判定粒子带正电，故A错误；图中相邻等势线之间的电势差相等，而等差等势面的疏密程度能够间接反映场强大小，根据图像可知，带电粒子在B位置电场线分布比A点稀疏一些，则粒子在B处的电场强度小于A处的电场强度，可知带电粒子在B点的加速度小于在A点的加速度，故B错误；带电粒子带正电，A点电势大于B点电势，根据WAB＝qUAB＝q（φA－φB）>0可知，粒子从A到B电场力做正功，电势能减小，动能增大，速度增大，即带电粒子运动到B点的速度大于在A点的速度，故C正确；场强方向与等势面垂直，故点电荷受到的电场力方向与等势面垂直，只在电场力的作用下电荷由静止释放不可能沿着等势面e运动，故D错误．故选C.
答案：C
9．解析：结合图像和电场力做功可得：电子从x＝－4 m处到x＝4 m处电场力做功为零，x＝－4 m处电势等于x＝4 m处电势，A正确；
由图像乙可见x＝－4 m处电场强度与x＝4 m处电场强度等值反向，B错误；
由图像乙可见x＝4 m处到x＝0 m处，电场强度是先增大后减小，由qE＝ma可得：将电子从x轴上x＝4 m处由静止释放，电子从x＝4 m处移动到x＝0 m处的过程中，电子先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，C错误；
因为 eq \f(\r(2),2)＝0.707>0.6，可见将电子从x轴上x＝0.6 m处由静止释放，电子从x＝0.6 m处移动到x＝0 m处的过程中，电子做加速度减小的加速运动，D正确．
答案：AD
10．解析：根据平衡条件和几何关系，对小球受力分析如图所示
根据几何关系可得T＝qE
T sin 60°＋qE sin 60°＝mg
联立解得T＝qE＝ eq \r(3)×10－3 N
剪断细线，小球合力方向与T等大反向，小球沿AM方向做匀加速直线运动，如图所示
根据几何关系可得LMC＝d tan 60°＝10 eq \r(3) cm
故A错误；
根据几何关系可得小球沿着电场力方向的位移
x＝（10－5sin 30°） cm＝7.5 cm
与电场力方向相反，电场力做功为
W电＝－qEx＝－ eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J
则小球的电势能增加 eq \f(3,4) eq \r(3)×10－4 J，故B正确；
电场强度的大小
E＝ eq \f(qE,q)＝ eq \r(3)×105 N/C
故C错误；
减小R的阻值，极板间的电势差不变，极板间的电场强度不变，所以小球的运动不会发生改变，MC的距离不变，故D错误．故选B.
答案：B
11．解析：由图乙知，物块在x＝L处电势能最低，根据公式Ep＝－φq 可得，在x＝L处电势最高，且物块在此处所受静电力左右平衡，则两固定点电荷均为负电荷，A、C错误；
由以上分析知，在x＝L处物块所受静电力左右平衡，则k eq \f(QAq,[L－（－3L）]2)＝k eq \f(QBq,（3L－L）2)
解得QA＝4QB
B正确；
从x＝－L到x＝2L，静电力对物块做功为W电，此过程对物块用动能定理，有－μmg×3L＋W电＝0－0
解得W电＝U×（－q）＝3μmgL
即x＝－L与x＝2L处的电势差为U＝－ eq \f(3μmgL,q)
所以，从x＝－L到x＝2L，电势升高 eq \f(3μmgL,q)，D正确．
故选BD.
答案：BD
相关试卷
2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练四运动学图像： 这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练四运动学图像，共7页。试卷主要包含了5 m/s2等内容，欢迎下载使用。
2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练二十抛体运动： 这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练二十抛体运动，共6页。试卷主要包含了2 m、h≈2，33 m/s＝33等内容，欢迎下载使用。
2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练九力的合成与分解： 这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练九力的合成与分解，共7页。试卷主要包含了解析等内容，欢迎下载使用。
