2024年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理三模试卷

这是一份2024年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理三模试卷，共33页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1．（2分）以下实验操作符合要求的是（ ）
A．测量物体长度
B．测量水温
C．测物体质量
D．识别火线和零线
2．（2分）哈尔滨一年四季美景如画，下面四幅图中属于凝华现象的是（ ）
A．草叶上的露珠B．屋檐下的冰锥
C．树叶上的白霜D．山谷间云雾
3．（2分）下面应用与对应的物理知识不正确的是（ ）
A．确定不规则物体重心——二力平衡条件
B．平面镜成像——光的折射定律
C．限流装置——利用电磁铁
D．盘山公路——斜面省力
4．（2分）如图，在光屏上得到了清晰的像，P是2倍焦距处，以下说法正确的是（ ）
A．为使像移到光屏中心，只需将烛焰向下移动
B．此时成像规律是电影放映机成像原理
C．烛焰移到B点，无论怎样移动光屏，都接收不到像
D．成实像时，在光屏上发生镜面反射
5．（2分）小东对下列声现象进行分析，其中错误的是（ ）
A．甲：音响播放乐曲，看到火焰晃动，说明声音具有能量
B．乙：拨动琴弦，优美的琴声来自于琴弦的振动
C．丙：用大小不同的力敲击杯子，声音的响度不同
D．丁：噪声强度显示仪可以消除噪声
6．（2分）如图所示的“吸引”现象中，由大气压强引起的是（ ）
A．塑料吸盘吸在墙壁上
B．毛皮摩擦后的橡胶棒吸引纸屑
C．挤压后两个铅块吸在一起
D．磁性黑板擦吸在黑板上
7．（2分）在小东的笔记上，记录了下面的内容，不正确的是（ ）
A．①古人利用滚动而不是滑动搬运巨石，利用滚动摩擦远小于滑动摩擦
B．②小东和小红匀速竖直向上提起水桶，此时桶受平衡力作用
C．③装水的瓶子保持静止时，瓶子受到的重力与它受到的摩擦力平衡
D．④增大鞋底的粗糙程度，是为了增大人走路时，鞋与地面的有益摩擦
8．（2分）小东对物理知识的应用，说法正确的是（ ）
A．导线芯选铜或铝制作——减少电热损失
B．沙漠越野车宽大轮胎——增大压强
C．冰比同温的水冷却效果好——冰的比热容大
D．飞机机翼上凸下平——利用浮力
9．（2分）小东对物理知识的归纳整理中正确的是（ ）
A．物理量及单位
B．能源及规律
C．炊具及原理
D．仪器及原理
10．（2分）如图所示，用相同的滑轮和绳子分别组成甲、乙两个滑轮组，分别用甲、乙两个滑轮组在相同时间内将重为G的物体匀速提升相同的高度，不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．绳自由端的拉力F甲＜F乙
B．拉力所做的功W甲＞W乙
C．拉力的功率P甲＞P乙
D．滑轮组的机械效率η甲＝η乙
（多选）11．（2分）如图，灯泡L1“3V 3W”，灯泡L2“3V 1.5W”，电源电压4.5V，不计灯丝电阻变化，闭合开关，以下分析不正确的是（ ）
A．灯L2比灯L1亮
B．通过灯L1、L2的电流之比为2：1
C．L2的实际功率为1.5W
D．电路消耗的总功率2.25W
（多选）12．（2分）小东分析上表中的数据，其说法正确的是（ ）
A．汽车的冷却液可以选水
B．质量相等的铜块和铝块，铜块的体积较大
C．体积相等的铜块和铝块，放出相等热量，铝块温度降低得较多
D．质量相等的铜块和铝块，升高相同温度，铝块吸热较多
二、非选择题（共46分）
13．（2分）手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用 （选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的，通话中利用声音的 来分辨是哪位熟悉的人。
14．（2分）哈尔滨的初夏，丁香花盛开，芳香四溢，这是分子无规则运动引起的 现象；若以走过花丛的行人为参照物，丁香树是 （选填“静止”或“运动”）的。
15．（2分）如图，用手压课本并抽出直尺，手对书的压力和书对手支持力是一对 （选填“平衡”或“相互作用”）力，当手压课本的力越大时，抽出直尺需要的力就越大，说明滑动摩擦力大小与 有关。
16．（2分）如图甲，小东用一个凸透镜观察洗手液的商标，根据成像情况可知物距u与焦距f的关系为 、如图乙的成像原理可应用于 （选填“照相机”或“放大镜”）。
17．（2分）如图，城市清洁车在水平路面上匀速行驶，在清扫垃圾过程中，能把路面上的垃圾直接装入车厢，不计燃油质量变化，清洁车总的机械能 。汽车在刹车过程中，机械能转化为地面和轮胎的 。
18．（2分）太阳能是清洁能源，某太阳能热水器每天能使500kg的水从10℃升高30℃，则这些水吸收的热量是 、 m3的天然气放出的热量。【c＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝7×107J/m3】
19．（2分）小东利用弹簧测力计、装水的烧杯，验证“铁球受浮力”。实验过程如图甲、乙、丙：比较 图中信息，能证明铁球受浮力；丙图中铁球受到浮力大小为 N。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
20．（2分）如图，额定功率为5W的LED灯与60W的白炽灯，白炽灯选用“钨”金属做灯丝，是因为其 （选填①比热容大；②熔点高；③电阻小）；两灯正常工作时，相等时间内电流所做的功之比为 。
21．（2分）如图所示的电路，电源电压12V，电流表：0～3A，电压表：0～15V。开关闭合，移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，则R＝ Ω，该电路最大功率是 W。
22．（2分）如图，在烧瓶中分别装入200g的液体，用带有温度计的胶塞密封，串联接入电路中。对比烧瓶A与烧瓶 ，可探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”：通电一段时间后，瓶中液体都没有沸腾， 瓶中的液体升温最慢。
23．（2分）如图甲所示，小红恰好能通过纸筒和平面镜看到手表的像。请在乙图中画出通过纸筒和平面镜看到“手表”的光路图。
24．（2分）如图所示，小亮用滑轮组将装修材料运到楼上，请用笔画线帮他组装最省力的滑轮组。
25．（5分）在“探究冰的熔化特点”实验中，将质量相等的碎冰分别装入两个试管，小东用温度和室温相同的水给碎冰加热，小红用酒精灯加热。（室温恒定）
（1）实验前，桌面上的温度计示数如图甲，此时环境温度为 ℃。
（2）小东的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是 。
①将装有冰的试管放入水中
②使用碎冰
③对冰进行搅拌
④温度计的玻璃泡不接触试管
（3）他们根据实验数据分别绘制出图象乙、丙，则小红绘制的图象是 。分析图象发现：AB时段内的温度变化比CD时段内的温度变化快，其根本原因是 ；图象BC段冰熔化过程中，温度不变，于是小东认为“冰的熔化过程不需要吸热”。为了验证他的想法是否正确，用小东实验装量，设计以下两种方案，其中合理的是 。
①将正在熔化的冰从水中取出，再放回水中，观察前后冰熔化情况。
②将另一只温度计放入烧杯的水中，观察冰熔化时水温变化情况。
26．（5分）小东探究“杠杆的平衡条件”。（不计转轴与杆的摩擦，每个钩码0.5N，每小格1cm）
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置静止平衡，应将平衡螺丝向 调节。实验过程中，改变两端悬挂钩码的个数和位置，如图乙使杠杆在水平位置平衡，主要是为了便于测量 大小。
（2）实验数据记录如下
①分析数据可得出结论： （表达式表示）；
②分析数据可知杠杆转动情况是由“力和力臂的乘积”决定的。挂钩码前，调节平衡螺丝使杠杆在水平位置平衡，主要是排除杠杆自重对转动的影响，请你简要说明是怎样实现的。
（3）用弹簧测力计、钩码配合进行探究，得出杠杆平衡条件更具有普遍性，在如图丙中，用量程为0～5N的弹簧测力计在 处（选填“A”、“B”或“C”）用竖直向上且大小为 N的力拉杠杆，可以使其在水平位置平衡。
27．（6分）小东用下面电路测量Rx的电阻（图1）。电源电压恒为4V。
（1）实验原理 。
（2）实验中把收集的数据填入表格中。在完成第3次实验后，要获取第4次数据滑动变阻器滑片P应向 移动；测量5组数据的目的是 ，计算得出Rx＝ Ω。
（3）小东根据表中数据和题中信息，画出了电路总功率和定值电阻功率与电流的P﹣I关系图象（图2）。结合实验操作过程和上述信息分析发现：Rx的电功率变化规律是 ，滑动变阻器的功率变化的规律 。
28．（6分）某款油电混合动力小汽车，具有省油、能量利用率高等特点，其相关信息如下表。
该车以“中速”匀速行驶150km，用时2.5小时，消耗汽油7kg。行驶过程中，内燃机既向车轮提供动力，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进。
（1）该车行驶时“中速”是多少km/h？
（2）该车空载静止时，对水平地面的压强是多少？
（3）在水平道路“中速”匀速行驶过程中：
①若牵引力为1000N，牵引力做的功是多少焦耳？
②假设汽油完全燃烧所释放能量的一半转化为牵引力做功和给蓄电池充电，此过程最终使蓄电池增加了多少能量E？（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝7×107J/m3）
2024年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（1～10题单选题，11～12多选题，每小题2分，共24分）
1．（2分）以下实验操作符合要求的是（ ）
A．测量物体长度
B．测量水温
C．测物体质量
D．识别火线和零线
【分析】（1）用刻度尺测长度时，让刻度尺有刻度的一面紧贴被测部分，测量的始端与0刻度线对齐；
（2）温度计使用时玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（3）使用天平称量物体时按照左物右码的原则；
（4）使用测电笔时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
【解答】解：A、用刻度尺测长度时，视线应与尺面垂直，且物体的左端应与刻度尺的零刻度线对齐，故A错误；
B、在使用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡不能触碰容器底部，故B错误；
C、使用天平称量物体时左盘放物，右边放砝码，故C错误；
D、使用测电笔时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了刻度尺、天平、温度计、测电笔的使用，属于基础知识。
2．（2分）哈尔滨一年四季美景如画，下面四幅图中属于凝华现象的是（ ）
A．草叶上的露珠B．屋檐下的冰锥
C．树叶上的白霜D．山谷间云雾
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A错误；
B、冰锥是水遇冷凝固形成的，属于凝固现象，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C正确；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下面应用与对应的物理知识不正确的是（ ）
A．确定不规则物体重心——二力平衡条件
B．平面镜成像——光的折射定律
C．限流装置——利用电磁铁
D．盘山公路——斜面省力
【分析】（1）根据二力平衡条件分析；
（2）平面镜成像是光的反射形成的；
（3）电磁铁利用电流的磁效应工作的；
（4）斜面可以省力。
【解答】解：A、确定重心的方法是利用重力与拉力在同一直线上，即二力平衡条件确定的，故A正确；
B、平面镜成像是光的反射形成的，故B错误；
C、限流装置利用电流的磁场即电磁铁工作的，故C正确；
D、盘山公路是斜面的应用，可以省力，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查二力平衡、光的反射、电流的磁效应、斜面的应用，属于中档题。
4．（2分）如图，在光屏上得到了清晰的像，P是2倍焦距处，以下说法正确的是（ ）
A．为使像移到光屏中心，只需将烛焰向下移动
B．此时成像规律是电影放映机成像原理
C．烛焰移到B点，无论怎样移动光屏，都接收不到像
D．成实像时，在光屏上发生镜面反射
【分析】（1）根据过光心的光线传播方向不变分析回答；
（2）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（3）根据u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接；
（4）从不同角度能看到光屏上的像，说明光在光屏上发生了漫反射。
【解答】解：A、为使像移到光屏中心，根据过光心的光线传播方向不变可知，只需将烛焰向上移动，故A错误；
B、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误；
C、烛焰移到B点，此时物距u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接，因此无论怎样移动光屏，都接收不到像，故C正确；
D、从不同角度能看到光屏上的像，说明光在光屏上发生了漫反射，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
5．（2分）小东对下列声现象进行分析，其中错误的是（ ）
A．甲：音响播放乐曲，看到火焰晃动，说明声音具有能量
B．乙：拨动琴弦，优美的琴声来自于琴弦的振动
C．丙：用大小不同的力敲击杯子，声音的响度不同
D．丁：噪声强度显示仪可以消除噪声
【分析】（1）声音可以传递信息和能量。
（2）声音是由物体的振动产生的。
（3）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
（4）噪声监测仪只能显示噪声的等级，不能减弱噪声。
【解答】解：A、音响播放乐曲，看到火焰晃动，说明声音具有能量，故A正确；
B、拨动琴弦，优美的琴声来自于琴弦的振动，故B正确；
C、用大小不同的力敲击杯子，振幅不同，声音的响度不同，故C正确；
D、噪声强度显示仪不可以消除噪声，只能显示噪声的等级，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查的是声音可以传递信息和能量；知道声音产生的条件；知道响度和减弱噪声的基本方法。
6．（2分）如图所示的“吸引”现象中，由大气压强引起的是（ ）
A．塑料吸盘吸在墙壁上
B．毛皮摩擦后的橡胶棒吸引纸屑
C．挤压后两个铅块吸在一起
D．磁性黑板擦吸在黑板上
【分析】（1）吸盘吸在墙壁上由于大气压的作用；
（2）用摩擦的方法可以使物体带电；带电体具有吸引轻小物体的性质；
（3）分子间存在相互作用的引力与斥力；
（4）磁铁能够吸引硬币，说明磁铁与硬币之间存在着相互作用的引力。
【解答】解：A．吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用的是大气压，故A符合题意；
B．毛皮摩擦后的橡胶棒上了电荷，能吸引纸屑，是由静电引起的，与大气压无关，故B不合题意；
C．挤压后两个铅块吸在一起，是由于分子间存在相互作用的引力，不易分开，与大气压无关，故C不合题意；
D．磁性黑板擦吸在黑板上，是由于磁体具有吸引铁钴镍等金属的性质，与大气压无关，故D不合题意。
故选：A。
【点评】此题考查了磁力、摩擦起电现象、分子间的作用力以及大气压等知识，属于基础知识的整合。
7．（2分）在小东的笔记上，记录了下面的内容，不正确的是（ ）
A．①古人利用滚动而不是滑动搬运巨石，利用滚动摩擦远小于滑动摩擦
B．②小东和小红匀速竖直向上提起水桶，此时桶受平衡力作用
C．③装水的瓶子保持静止时，瓶子受到的重力与它受到的摩擦力平衡
D．④增大鞋底的粗糙程度，是为了增大人走路时，鞋与地面的有益摩擦
【分析】（1）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
（2）物体在平衡力的作用下处于平衡状态；
（3）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
【解答】解：A、古人利用滚动而不是滑动搬运巨石，是因为滚动摩擦远小于滑动摩擦，故A正确；
B、小东和小红匀速竖直向上提起水桶，此时桶处于平衡状态，受平衡力作用，故B正确；
C、装水的瓶子保持静止时，瓶子和水受到的总重力与它受到的摩擦力是一对平衡力，摩擦力大于瓶子自身的重力，故C错误；
D、走路时，鞋与地面间的摩擦是有益摩擦，增大鞋底的粗糙程度，可以在压力一定时，增大鞋与地面的有益摩擦，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了减小和增大摩擦的方法、平衡状态和平衡力的判断等，属力学基础题。
8．（2分）小东对物理知识的应用，说法正确的是（ ）
A．导线芯选铜或铝制作——减少电热损失
B．沙漠越野车宽大轮胎——增大压强
C．冰比同温的水冷却效果好——冰的比热容大
D．飞机机翼上凸下平——利用浮力
【分析】（1）根据焦耳定律分析；
（2）压力一定时，增大受力面积可以减小压强；
（3）熔化需要吸热；
（4）流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小。
【解答】解：A．当电路电流一定时，导线芯选铜或铝制作，可以减小电阻，相同时间产生的热量减小，减少电热损失，故A正确；
B．沙漠越野车宽大轮胎，是压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故B错误；
C．冰比同温的水冷却效果好，因为冰熔化成同温度的水需要吸热，故C错误
D．机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，不是利用浮力，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查焦耳定律、流体的压强、熔化吸热以及减小压强的方法，属于综合题。
9．（2分）小东对物理知识的归纳整理中正确的是（ ）
A．物理量及单位
B．能源及规律
C．炊具及原理
D．仪器及原理
【分析】（1）热量和电能的单位都是什么；
（2）一次能源和二次能源的区别；
（3）常见的连通器有啥，省力杠杆和费力杠杆的特点都是什么；
（4）温度计的原理是什么，验电器的原理是什么。
【解答】解：A热量的单位是焦耳，电能的单位也是焦耳，故A错误；
B一次能源是指，直接从自然界获得，没有经过二次加工的能源，太阳能和核能都属于一次能源；任何能量的转化和转移，都要遵循能量守恒定律，故B正确；
C茶壶是常见的连通器之一，杠杆属于费力杠杆，它的动力臂短，阻力臂长，故C错误；
D温度计的原理是液体热胀冷缩，验电器的原理是同种电荷互相排斥，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了常见物品的原理，物理量的单位，能量守恒定律等知识，要注意积累物理常识。
10．（2分）如图所示，用相同的滑轮和绳子分别组成甲、乙两个滑轮组，分别用甲、乙两个滑轮组在相同时间内将重为G的物体匀速提升相同的高度，不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．绳自由端的拉力F甲＜F乙
B．拉力所做的功W甲＞W乙
C．拉力的功率P甲＞P乙
D．滑轮组的机械效率η甲＝η乙
【分析】（1）不计绳重及摩擦，由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，由F＝（G+G动）分析拉力大小；
（2）利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同；
（3）利用功率公式判断拉力做功功率的大小关系；
（4）根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。
【解答】解：A、甲滑轮组有两段绳子承担物重，乙滑轮组有三段绳子承担物重，不计绳重及摩擦，F甲＝（G+G动），F乙＝（G+G动），则F甲＞F乙，A错误；
B、因忽略绳重与摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，且两滑轮组将物体提升相同高度，由W有＝Gh可知，两滑轮组做的有用功相等．利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，则两滑轮组拉力做的总功相等，即W甲＝W乙，B错误；
C、两滑轮组拉力所做功相同，做功时间相同，所以两个滑轮组拉力的功率相同，即P甲＝P乙，C错误；
D、两滑轮组做的有用功即为克服物重所做的功，因此有用功相同、总功相同，故两滑轮组的机械效率相同，D正确。
故选：D。
【点评】本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。
（多选）11．（2分）如图，灯泡L1“3V 3W”，灯泡L2“3V 1.5W”，电源电压4.5V，不计灯丝电阻变化，闭合开关，以下分析不正确的是（ ）
A．灯L2比灯L1亮
B．通过灯L1、L2的电流之比为2：1
C．L2的实际功率为1.5W
D．电路消耗的总功率2.25W
【分析】（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，由P＝可以分别计算出它们的电阻；
根据欧姆定律计算出电路中电流；
（2）由图可知两灯泡串联，串联电路中电流处处相等；
（3）根据欧姆定律计算出电路中的电流，根据P＝UI计算出电路消耗的总功率、L2的实际功率。
【解答】解：A、由P＝可得，L1的电阻为R1＝＝＝12Ω，
L2的电阻为R2＝＝＝6Ω，
由P＝UI＝I2R可得，灯L1比灯L2亮，故A错误；
B、由图可知两灯泡串联，串联电路中电流处处相等，通过灯L1、L2的电流之比为1：1，故B错误；
C、电路中的电流，I＝＝＝0.25A，
L2的实际功率为P2'＝I2R2＝（0.25A）2×6Ω＝0.375W，故C错误；
D、电路消耗的总功率：P＝UI＝4.5V×0.25A＝1.125W，故D错误。
故选：ABCD。
【点评】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。要求会灵活应用欧姆公式及其变形式，以及电功率计算公式的推导式。
（多选）12．（2分）小东分析上表中的数据，其说法正确的是（ ）
A．汽车的冷却液可以选水
B．质量相等的铜块和铝块，铜块的体积较大
C．体积相等的铜块和铝块，放出相等热量，铝块温度降低得较多
D．质量相等的铜块和铝块，升高相同温度，铝块吸热较多
【分析】水的比热容较大大，冷却效果好；
m＝ρV可知质量相等的铜块和铝块，密度大的体积就小；
Q＝cmΔt；
【解答】解：A、汽车的冷却液可以选水，因为水比热容大，故A正确；
B、质量相等的铜块和铝块，铜块的体积较小，m＝ρV，密度和体积成反比，故B错误；
C、体积相等的铜块和铝块铜块质量大，根据公式Q＝cmΔt＝cρVΔt；可得放出相等热量，Δt铜＜Δt铝，故C正确；
D、根据公式Q＝cmΔt，质量相等的铜块和铝块，升高相同温度，铝块吸热较多，故D正确；
故选：ACD。
【点评】本题考查了比热容得概念及计算，属于基础题目。
二、非选择题（共46分）
13．（2分）手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用 电磁波 （选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的，通话中利用声音的 音色 来分辨是哪位熟悉的人。
【分析】手机是通过电磁波传递信息的；音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
【解答】解：手机是现代生活或工作中通信重要设备。手机通话是利用电磁波传递信息的，通话中利用声音的音色来分辨是哪位熟悉的人。
故答案为：电磁波；音色。
【点评】本题考查电磁波的应用及音色的应用，要求学生应熟记相关知识点。
14．（2分）哈尔滨的初夏，丁香花盛开，芳香四溢，这是分子无规则运动引起的 扩散 现象；若以走过花丛的行人为参照物，丁香树是 运动 （选填“静止”或“运动”）的。
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变。
【解答】解：丁香花盛开，芳香四溢，闻到花香，说明分子不停地做无规则运动，是扩散现象；若以走过花丛的行人为参照物，丁香树的位置发生了改变，所以是运动的。
故答案为：扩散；运动。
【点评】本题以常见的现象为内容，考查了分子的运动及物体运动和静止的判断，这是两种不同的运动，应注意区分。
15．（2分）如图，用手压课本并抽出直尺，手对书的压力和书对手支持力是一对 相互作用 （选填“平衡”或“相互作用”）力，当手压课本的力越大时，抽出直尺需要的力就越大，说明滑动摩擦力大小与 （接触面受到的）压力大小 有关。
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上.
（2）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
【解答】解：手对书的压力和书对手支持力同时作用在书和手上，符合相互作用力的特点，因此是一对相互作用力；
当手压课本的力越大时，接触面的粗糙程度没有改变，抽出直尺需要的力就越大，说明滑动摩擦力大小与（接触面受到的）压力大小有关、
故答案为：相互作用；（接触面受到的）压力大小。
【点评】此题考查平衡力和相互作用力辨别、摩擦力大小的影响因素。平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。不同点：平衡力是一个受力物体，发生在两个物体之间；相互作用力是两个受力物体，发生在两个物体之间。
16．（2分）如图甲，小东用一个凸透镜观察洗手液的商标，根据成像情况可知物距u与焦距f的关系为 u＜f 、如图乙的成像原理可应用于 照相机 （选填“照相机”或“放大镜”）。
【分析】凸透镜成像的几种情况何应用：
当u＞2f 时，2f＞v＞f在另一侧光屏上得到一个倒立、缩小的实像，应用于照相机；
当2f＞u＞f 时，v＞2f，在另一侧光屏上得到一个倒立、放大的实像，应用于投影仪；
当u＜f 时，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像，应用于放大镜。
【解答】解：如图所示，将手指靠近凸透镜，看到的是正立、放大的虚像，由凸透镜成像规律可知，物距小于一倍焦距，即物距u与焦距f的关系为u＜f，
如图乙可知，光屏上得到一个倒立、缩小的实像，由凸透镜成像规律可知，此时u＞2f 时，2f＞v＞f在另一侧光屏上得到一个倒立、缩小的实像，应用于照相机。
故答案为：u＜f；照相机。
【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用，难度不大。
17．（2分）如图，城市清洁车在水平路面上匀速行驶，在清扫垃圾过程中，能把路面上的垃圾直接装入车厢，不计燃油质量变化，清洁车总的机械能 变大 。汽车在刹车过程中，机械能转化为地面和轮胎的 内能 。
【分析】机械能是动能和势能的总和；动能和质量、速度有关；
重力势能和质量、高度有关；
刹车时机械能转化为地面和轮胎的内能。
【解答】解：城市清洁车在水平路面上匀速行驶，在清扫垃圾过程中，能把路面上的垃圾直接装入车厢，不计燃油质量变化，动能增加，势能增加，机械能变大，汽车在刹车过程中，机械能转化为地面和轮胎的内能。
故答案为：变大；内能。
【点评】本题考查了机械能及能量转化、机械能的概念，属于基础题目。
18．（2分）太阳能是清洁能源，某太阳能热水器每天能使500kg的水从10℃升高30℃，则这些水吸收的热量是 6.3×107J 、 0.9 m3的天然气放出的热量。【c＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝7×107J/m3】
【分析】根据热量公式计算水吸收的热量；
利用热值公式计算天然气的体积。
【解答】解：水吸收的热量为：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×500kg×30℃＝6.3×107J
根据Q吸＝Q放，根据Q放＝qV，则需要消耗的天然气的体积为：
故答案为：6.3×107J；0.9。
【点评】本题考查了热量公式和热值公式的应用，基础性的计算。
19．（2分）小东利用弹簧测力计、装水的烧杯，验证“铁球受浮力”。实验过程如图甲、乙、丙：比较 甲、乙 图中信息，能证明铁球受浮力；丙图中铁球受到浮力大小为 3 N。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】（1）由图甲、乙、丙图中测力计的示数及铁球的状态，对铁球受力分析来证明其受到浮力的作用；
（2）由甲、丙两图可知，铁球排开水的体积，根据F浮＝ρ液gV排求铁球受到的浮力。
【解答】解：（1）由图甲可知，铁球受到拉力与重力二力平衡，即重力为10N，由图乙可知，当铁球部分浸入水中时，铁球受到的拉力小于重力，而铁球仍处于平衡状态，则铁球还受到水对它竖直向上的力，即浮力；而图丙中，铁球已沉底，受到烧杯底对它竖直向上的支持力，不能直接证明铁球受到浮力。故比较甲、乙图中信息，能证明铁球受浮力；
（2）由甲、丙两图可知，铁球在丙中排开水的体积：V排＝800cm3﹣500cm3＝300cm3＝3×10﹣4m3，
丙图中铁球受到浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣4m3＝3N。
故答案为：甲、乙；3。
【点评】本题考查浮力的判断与计算，注意由于在丙图中，铁球已沉底，不能运用称重法来求浮力。
20．（2分）如图，额定功率为5W的LED灯与60W的白炽灯，白炽灯选用“钨”金属做灯丝，是因为其 ② （选填①比热容大；②熔点高；③电阻小）；两灯正常工作时，相等时间内电流所做的功之比为 1：12 。
【分析】（1）白炽灯利用灯丝加热到白炽状态发光，必须承受很高的温度；
（2）根据W＝Pt计算电功之比。
【解答】解：（1）白炽灯利用灯丝加热到白炽状态，即温度达到2000℃以上发光的，因而灯丝必须熔点很高；
（2）额定功率为5W的LED灯与60W的白炽灯，两灯正常工作时，根据W＝Pt，相等时间内电流所做的功之比等于电功率之比，即W：W'＝P：P'＝5W：60W＝1：12。
故答案为：熔点；1：12。
【点评】本题考查电能的计算与白炽灯灯丝特点，属于基础题。
21．（2分）如图所示的电路，电源电压12V，电流表：0～3A，电压表：0～15V。开关闭合，移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，则R＝ 3 Ω，该电路最大功率是 36 W。
【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，根据串联电路电压规律计算定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值；
串联电路各处电流相等，根据电流表的量程确定通过电路的最大电流，根据P＝UI计算该电路最大功率。
【解答】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
移动滑片P，使电压表示数为9V，此时电流表示数为1A，根据串联电路电压规律可知定值电阻两端的电压：U0＝U﹣UV＝12V﹣9V＝3V，
定值电阻的阻值：R0＝＝＝3Ω；
串联电路各处电流相等，根据电流表的量程可知通过电路的最大电流为3A，
所以该电路最大功率是P＝UI＝12V×3A＝36W。
故答案为：3；36。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
22．（2分）如图，在烧瓶中分别装入200g的液体，用带有温度计的胶塞密封，串联接入电路中。对比烧瓶A与烧瓶 B ，可探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”：通电一段时间后，瓶中液体都没有沸腾， A 瓶中的液体升温最慢。
【分析】（1）根据控制变量法的要求控制液体的种类相同，电阻丝阻值不同，温度升高越高表示电热丝产生的热量越多，采用了转换法；
（2）根据Q＝I2Rt和Q＝cmΔt进行分析。
【解答】解：根据控制变量法，控制电流和通电时间相同，只改变电阻大小，电流产生的热量是通过加热相同液体，液体升高的温度来反映，选择图中烧瓶A与烧瓶B的电阻串联来探究电流通过导体产生的热量与导体电阻大小的关系；
将图中三个烧瓶内的电阻串联起来，通过的电流相同，通电一段时间后，由Q＝I2Rt可知，A中电阻较小，A中产生的热量最少，液体吸热最小，A瓶中的水升温比烧瓶B的水慢。
烧瓶B、C中电阻丝产生的热量相同，由Q＝cmΔt可知，吸收的热量和质量都相同时，比热容越小，温度变化越快，因此C瓶煤油中温度计的示数大；由以上分析可得，烧瓶A中的液体升温最慢。
故答案为：B；A。
【点评】本题考查了学生对焦耳定律、吸热公式的掌握和运用等，难度适中。
23．（2分）如图甲所示，小红恰好能通过纸筒和平面镜看到手表的像。请在乙图中画出通过纸筒和平面镜看到“手表”的光路图。
【分析】利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出手表的对称点，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和眼睛确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
【解答】解：作出手表A点的对称点A′，即为像点，连接A′、B（眼睛）点交平面镜于点O，O为入射点，连接AO为入射光线，连接OB为反射光线，如图所示：
【点评】注意作图题要规范、清晰、合理。光路图中要标明方向，光路图中实线、虚线要分清。实际存在的光线要用实线，辅助线及虚像用虚线。
24．（2分）如图所示，小亮用滑轮组将装修材料运到楼上，请用笔画线帮他组装最省力的滑轮组。
【分析】滑轮组可以省力也可以改变力的方向，根据题目对拉力方向的要求进行解答。
【解答】解：由图可知，小亮站在地面上，要想运用滑轮组将装修材料运输到楼上，拉力方向向下，一个动滑轮最多绕三股绳子，所以要从动滑轮的上挂钩绕起，依次绕过下面的定滑轮、动滑轮和上面的定滑轮，如图所示：
【点评】对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用看，不能死记硬背最省力的绕线方法。
25．（5分）在“探究冰的熔化特点”实验中，将质量相等的碎冰分别装入两个试管，小东用温度和室温相同的水给碎冰加热，小红用酒精灯加热。（室温恒定）
（1）实验前，桌面上的温度计示数如图甲，此时环境温度为 27 ℃。
（2）小东的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是 ④ 。
①将装有冰的试管放入水中
②使用碎冰
③对冰进行搅拌
④温度计的玻璃泡不接触试管
（3）他们根据实验数据分别绘制出图象乙、丙，则小红绘制的图象是 乙 。分析图象发现：AB时段内的温度变化比CD时段内的温度变化快，其根本原因是 水的比热容大于冰的比热容 ；图象BC段冰熔化过程中，温度不变，于是小东认为“冰的熔化过程不需要吸热”。为了验证他的想法是否正确，用小东实验装量，设计以下两种方案，其中合理的是 ② 。
①将正在熔化的冰从水中取出，再放回水中，观察前后冰熔化情况。
②将另一只温度计放入烧杯的水中，观察冰熔化时水温变化情况。
【分析】（1）根据温度计刻度线上的数值顺序和分度值确定温度值；
（2）④属于温度计的使用规则，其余三项目的均为受热均匀；
（3）小红用酒精灯加热，碎冰熔化时间短；根据Q＝cm△t和相等时间吸热相同确定比热容的关系；根据熔化特点是吸热。
【解答】（1）分度值是1℃而且温度计刻度线的数值往上是变大，所以示数是27℃；
（2）④属于温度计的使用规则与受热是否均匀无关，所以选择④；
（3）小红用酒精灯加热，碎冰吸热快用时短，所以绘制的图像是乙；碎冰状态变化，质量不变，CD段温度变化是AB段的二倍，吸热确是5倍，再根据Q＝cm△t分析可得水的比热容大于冰的比热容；熔化的特点是吸热，所以用另一只温度计测量烧杯中水温，观察温度是否下降，确定碎冰熔化是否吸热，因此将一只温度计放入烧杯的水中，观察冰熔化时水温变化，温度计示数下降，说明熔化吸热。
故答案为：（1）27；（2）④；（3）乙，水的比热容大于冰的比热容，②
【点评】本题是对晶体熔化实验的考查，考查温度计的读数、实验操作注意事项、转化法的实际运用以及晶体熔化的特点，学生容易在转化法的实际运用上出错，如果（3）问中不仅分析温度变化快的原因，再考查通过图像得出冰的比热容会更好
26．（5分）小东探究“杠杆的平衡条件”。（不计转轴与杆的摩擦，每个钩码0.5N，每小格1cm）
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置静止平衡，应将平衡螺丝向 左 调节。实验过程中，改变两端悬挂钩码的个数和位置，如图乙使杠杆在水平位置平衡，主要是为了便于测量 力臂 大小。
（2）实验数据记录如下
①分析数据可得出结论： F1L1＝F2L2 （表达式表示）；
②分析数据可知杠杆转动情况是由“力和力臂的乘积”决定的。挂钩码前，调节平衡螺丝使杠杆在水平位置平衡，主要是排除杠杆自重对转动的影响，请你简要说明是怎样实现的。
（3）用弹簧测力计、钩码配合进行探究，得出杠杆平衡条件更具有普遍性，在如图丙中，用量程为0～5N的弹簧测力计在 A 处（选填“A”、“B”或“C”）用竖直向上且大小为 1.2 N的力拉杠杆，可以使其在水平位置平衡。
【分析】（1）探究杠杆平衡时，杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，消除杠杆自重对实验的影响；
（2）①结合杠杆的平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂分析解答；
②调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心与支点重合，杆重对应的力臂为零，力和力臂的乘积为零，对杠杆转动没有影响；
（3）左侧钩码对杠杆的作用力向下，使杠杆沿逆时针转动，则弹簧测力计施加的力使杠杆沿顺时针转动，保持杠杆平衡；杠杆平衡条件F1L1＝F2L2计算出弹簧秤的示数，判断弹簧测力计的位置。
【解答】解：（1）如图甲所示，杠杆右端下沉，其左端偏高，说明杠杆右侧偏重，应将平衡螺母向左端移动，使杠杆在水平位置平衡。
杠杆在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；把支点定在杠杆的中心，杠杆的重心在支点处，是为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。
（2）①结合表格数据可知杠杆的平衡条件为：F1L1＝F2L2；
②调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心与支点重合，杆重对应的力臂为零，力和力臂的乘积为零，对杠杆转动没有影响；
（3）图丙中，钩码对杠杆的作用力使杠杆沿逆时针转动，现欲用弹簧测力计沿竖直向上的力拉杠杆，要保持杠杆保持平衡状态，则弹簧测力计的作用力应使杠杆沿顺时针转动，所以要作用在杠杆的左端；
丙图中钩码的重力G＝mg＝4×0.05kg×10N/kg＝2N；
由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得：
如果拉力在B点，则F＝＝＝6N，因为弹簧测力计的量程为0～5N，拉力超过了测力计的量程；
如果拉力在A点，则F＝＝＝1.2N，拉力没有超过弹簧测力计的路程，故弹簧测力计在A处竖直向上拉杠杆，可以使其在水平位置平衡，获取实验数据。
故答案为：（1）左；力臂；（2）①F1L1＝F2L2；②调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心与支点重合，杆重对应的力臂为零，力和力臂的乘积为零，对杠杆转动没有影响；（3）A；1.2。
【点评】本题主要考查对“探究杠杆平衡条件”的实验内容的了解。杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，即F1L1＝F2L2；运用此条件进行杠杆平衡的计算。
27．（6分）小东用下面电路测量Rx的电阻（图1）。电源电压恒为4V。
（1）实验原理 欧姆定律的变形公式R＝ 。
（2）实验中把收集的数据填入表格中。在完成第3次实验后，要获取第4次数据滑动变阻器滑片P应向 A 移动；测量5组数据的目的是 计算出每一组 Rx 的阻值，再求平均值 ，计算得出Rx＝ 10 Ω。
（3）小东根据表中数据和题中信息，画出了电路总功率和定值电阻功率与电流的P﹣I关系图象（图2）。结合实验操作过程和上述信息分析发现：Rx的电功率变化规律是 Rx 的电功率随通过的电流增大而增大，且不均匀 ，滑动变阻器的功率变化的规律 滑动变阻器的电功率随通过的电流增大先变大后变小 。
【分析】（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式；
（2）根据表中数据比较第3次和第4次R0两端的电压，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据测电阻的多次测量含义分析；
（3）根据表中数据分析电功率与其电流的定量关系；根据图像中A、A'的物理意义结合串联电路中电路消耗的总功率等于各部分用电器消耗的电功之和分析解答。
【解答】解：（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式：R＝；
（2）由表格中数据可知，在第3次实验中，R0两端的电压为2.0V，第4次实验中，R0两端的电压为2.5V，因为串联电路具有分压作用，完成第3次实验后，应增大R0两端的电压，所以应减小滑动变阻器分得的电压，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，所以滑片应向A移动到适当位置。测电阻是测出具体数值，多次测量的目的是取平均值减小误差。
根据表格数据，R＝＝＝＝＝＝＝10Ω；
因而平均值是10Ω；
（3）Rx 的电功率随通过的电流增大而增大，且不均匀，由题图乙可知，图中A点代表消耗的总功率，A'点代表的是定值电阻的功率，因为在串联电路中电路消耗的总功率等于各部分用电器消耗的电功之和，所以AA'代表的是滑动变阻器的电功率。滑动变阻器的电功率随通过的电流增大先变大后变小。
故答案为：（1）欧姆定律的变形公式R＝；（2）A；计算出每一组 Rx 的阻值，再求平均值（减小误差）；10；（3）Rx 的电功率随通过的电流增大而增大，且不均匀；滑动变阻器的电功率随通过的电流增大先变大后变小。
【点评】本题考查伏安法测电阻与电功率的分析，属于中档题。
28．（6分）某款油电混合动力小汽车，具有省油、能量利用率高等特点，其相关信息如下表。
该车以“中速”匀速行驶150km，用时2.5小时，消耗汽油7kg。行驶过程中，内燃机既向车轮提供动力，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进。
（1）该车行驶时“中速”是多少km/h？
（2）该车空载静止时，对水平地面的压强是多少？
（3）在水平道路“中速”匀速行驶过程中：
①若牵引力为1000N，牵引力做的功是多少焦耳？
②假设汽油完全燃烧所释放能量的一半转化为牵引力做功和给蓄电池充电，此过程最终使蓄电池增加了多少能量E？（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝7×107J/m3）
【分析】（1）根据速度公式求出该车行驶时“中速”；
（2）已知汽车的质量，利用G＝mg求其重力；汽车空载静止时对水平地面的压力等于重力，已知总接触面积（受力面积），利用压强公式求对水平地面的压强；
（3）①根据功的计算公式W＝Fs即可求出牵引力做的功；
②动力电池储存的电能等于汽油完全燃烧所释放能量的一半减去牵引力做功。
【解答】解：（1）该车行驶时“中速”是：v＝＝＝60km/h；
（2）汽车的重力：G＝mg＝1200kg×10N/kg＝12000N，
汽车静止时对水平地面的压力：F＝G＝12000N
车轮与地面总接触面积S＝0.096m2，
该车空载静止时，对水平地面的压强：p＝＝＝1.25×105Pa；
（3）①牵引力做功W＝Fs＝1000N×150×103m＝1.5×108J；
②由题意可得，动力电池储存的电能：
E＝Q放﹣W＝mq汽油﹣W＝×（7kg×7×107J/kg）﹣1.5×108J＝3.4×108J。
答：（1）该车行驶时“中速”是60km/h；
（2）该车空载静止时，对水平地面的压强是1.25×105Pa；
（3）①若牵引力为1000N，牵引力做的功是1.5×108J；
②此过程最终使蓄电池增加了3.4×108J能量E。
【点评】本题考查学生对速度公式、燃料燃烧放出热量公式，做功公式的理解和灵活运用。
物质
密度（kg/m3）
比热容[J/（kg•℃）]
水
1.0×103
4.2×103
铜
8.9×103
0.39×103
铝
2.7×103
0.88×103
次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
动力F2/N
动力臂L2/cm
杠杆转动情况
1
2
3.0
1
6.0
水平静止
2
1
4.0
1.5
3.0
右端下降
3
1.5
2.0
3
1.0
水平静止
4
2
2.0
3
1.0
左端下降
实验次数
1
2
3
4
5
电流/A
0.10
0.15
0.20
0.25
0.30
电压/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电阻Rx/Ω





驱动模式
纯电动
低速
油电混动
中速
纯燃油
高速
汽车质量
1200kg
车轮与地面总接触面积
0.096m2
物质
密度（kg/m3）
比热容[J/（kg•℃）]
水
1.0×103
4.2×103
铜
8.9×103
0.39×103
铝
2.7×103
0.88×103
次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
动力F2/N
动力臂L2/cm
杠杆转动情况
1
2
3.0
1
6.0
水平静止
2
1
4.0
1.5
3.0
右端下降
3
1.5
2.0
3
1.0
水平静止
4
2
2.0
3
1.0
左端下降
实验次数
1
2
3
4
5
电流/A
0.10
0.15
0.20
0.25
0.30
电压/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电阻Rx/Ω
10
10
10
10
10
驱动模式
纯电动
低速
油电混动
中速
纯燃油
高速
汽车质量
1200kg
车轮与地面总接触面积
0.096m2