2023年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理二模试卷(含答案)

这是一份2023年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理二模试卷(含答案)，共20页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

2023年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理二模试卷
一、选择题
1．国产大飞机C919采用碳纤维材料减轻机身质量，因为碳纤维材料具有较小的（　　）
A．弹性 B．密度 C．硬度 D．导热性
2．下列科学家与其重要发现对应正确的是（　　）
A．法拉第——电磁感应现象
B．奥斯特——电流的热效应
C．阿基米德——测定1标准大气压值
D．伯努利——连通器原理
3．下面描述的事例中，是为了减小压强的是（　　）
A．啄木鸟有尖锐的喙
B．剪刀有锋利的刃
C．越野汽车装有宽大的轮子
D．冰壶运动时摩擦冰面
4．江、河、湖、海及大地表层中的水不断蒸发变成水蒸气，升入高空的水蒸气温度降低凝成小水滴或凝成小冰晶悬浮在空中，这就是云。两个“凝成”所指的物态变化分别是（　　）
A．液化 凝华 B．汽化 升华
C．凝固 凝华 D．升华 熔化
5．如图的光现象中，由于光的折射形成的是（　　）
A．屏上的皮影 B．水中的倒影
C．水里的“折筷” D．镜中的花瓶
（多选）6．生活中，我们应“珍爱生命，规范用电”。下列说法正确的是（　　）
A．家庭电路中空气开关“跳闸”一定是电路发生了短路
B．漏电保护器仅在有漏电时起保护作用，在电流过大时不起保护作用
C．家庭照明电路中，开关必须接在灯和零线之间
D．家庭用电中发现有人触电，应先立即切断电源
7．如图四个实验，说法正确的是（　　）
A．图甲实验，演示磁场对电流有力作用
B．图乙实验，演示电流具有磁效应
C．图丙实验，用左手判断出了通电螺线管的磁极
D．图丁实验，演示在磁场中可获得电流
8．小明想用天平测出20g水：先用正确方法测出空烧杯的质量如图甲所示，然后在右盘中增加20g砝码，接着向烧杯中注入一定量的水，指针位置如图乙所示。接下来的操作应该是（　　）

A．向左调节平衡螺母至天平平衡
B．向左移动游码至天平平衡
C．用滴管向烧杯中加水至天平平衡
D．用滴管从烧杯中取水至天平平衡
9．在空间站里航天员王亚平做了“浮力消失”的实验。在失重环境下，她将乒乓球用吸管轻轻压入水中后，抽出吸管后乒乓球静止不动，如图甲所示。在地面实验室同学们做了同样的实验，乒乓球却迅速上浮直至漂浮，如图乙所示。下列说法中不正确的是（　　）

A．图甲中乒乓球所受合力为零，运动状态不改变
B．图甲中乒乓球具有惯性，图乙中乒乓球不具有惯性
C．图乙中乒乓球上浮时所受的浮力大于所受的重力
D．图乙中乒乓球浮出水面后水对容器底部的压强变小
10．电子拉力计的简化原理如图。滑动变阻器的滑片与弹簧上端固定在一起，同方向升降。闭合开关后，下列说法正确的是（　　）

A．电流表的示数随拉力增大而增大
B．电压表的示数随拉力增大而增大
C．滑动变阻器接入的电阻值随拉力增大而增大
D．定值电阻R0消耗的电功率随拉力增大而减小
11．甲、乙、丙三个小球的质量m和体积V如下表所示。将它们浸没在水中释放，在其稳定后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的是（　　）
小球
甲
乙
丙
m/g
30
40
50
V/cm3
60
50
20
A．F甲＞F乙＞F丙 B．F甲＞F丙＞F乙
C．F丙＞F乙＞F甲 D．F乙＞F甲＞F丙
12．如图所示的电路，两个开关都闭合后，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω。下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为6V
B．电阻R1的阻值为20Ω
C．电路消耗的总功率为1.5W
D．当断开开关S2，电流表A1示数不变，A2示数变大
三、非选择题：（36-51题，共计46分，未注明分值的题目每空1分。）
13．妈妈在方厅看电视时，声音和光均不断地向妈妈传递 　 　，使妈妈获取知识或得到消遣；卧室里小明听出了电视里有二胡演奏声，小明是通过二胡的 　 　判断出来的。
14．2022年5月30日，我国首座潮光互补型光伏电站并网发电，通过光伏发电、潮汐发电实现“日月同辉”。发电站分别把太阳能和月亮潮汐能转化为 　 　。太阳能和潮汐能都属于 　 　能源。
15．热量总是从高温物体传到低温物体，而不可能自发地从低温物体传到高温物体；水从高处往低处流下后，无法自发回到同样的高度处。说明能量在转移或转化的过程中具有 　 　性。
16．如图甲所示，将两个铅柱底部削平，然后紧压在一起，两个铅柱就结合在一起，甚至在下面还可挂上一个重物，此现象说明分子间存在 　 　；如图乙所示，用手晃动试管中的沙子，发现试管中温度计的示数升高了，说明对物体 　 　，物体的内能会增大。

17．如图，在探究平面镜成像特点的实验中，玻璃板和蜡烛竖直放置在水平桌面上，蜡烛高度为10cm，蜡烛到玻璃板的距离为20cm，像的高度为 　 　cm，蜡烛到像的距离为 　 　cm。

18．如图所示，右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，结果两只小船将同时向 　 　（选填“相同”或“相反”）方向移动，这说明物体间 　 　。

19．如图，在探究凸透镜成像特点的实验中，蜡烛到凸透镜距离如图所示，光屏在图示位置接收到清晰的像，则图中物距为 　 　cm，光屏上像的性质为 　 　。

20．如图甲，同一弹簧受到大小相同的力后产生不同的效果，甲图说明影响力的作用效果因素是 　 　；如图乙，大小相同的压力对海绵也产生不同的效果，乙图说明压力的作用效果影响因素是 　 　。
21．如图，我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功探底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。“奋斗者”号在深水内下潜过程中所受水的浮力 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”，潜水器体积不变），当潜至水下10000米深处受到海水的压强为 　 　Pa。（ρ海水＝1.03×103kg/m3，g＝10N/kg）

22．某燃气热水器使用天然气作为燃料，若使用中消耗掉0.02m3的天然气，则这些天然气完全燃烧放出的热量为 　 　J（q天然气＝4.2×107J/m3）。在不计热损失的情况下，这些热量可供5kg室温的水，温度升高 　 　℃。
23．用一条光线照射凸透镜，折射光线恰好经过凸透镜另一侧焦点，然后经水平地面上的平面镜反射，请在图中补全光路图。

24．请在图中画出重物所受重力的示意图及杠杆在图示位置平衡时动力F的力臂L。

25．在探究“水沸腾规律”的实验中：

（1）实验装置如图甲所示，该装置中有一处明显错误是：　 　。
（2）调整好装置进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，则温度计的示数为 　 　。
（3）丙图中，图像A、B是两个实验小组根据实验数据绘出的图像。t1和t2分别是两个小组水开始沸腾的时刻，实验过程发现水沸腾时停止加热，水停止沸腾，再结合图像可总结出水沸腾的规律是：水沸腾时 　 　。两个实验小组用相同实验装置进行的实验，图像不同的原因是 　 　。
（4）从丙图的图像还可以看出，水温较低时升温比较快，而水温较高时升温比较慢，其主要原因是：随着水的温度升高，　 　（填序号）。
A.水的质量变少了
B.水的比热容变小了
C.相同时间热量散失变多了
D.相同时间酒精灯火焰传递给水的热量变多了
26．在“探究影响滑轮组机械效率高低因素”的实验中：
（1）小明用a、b、c三个实验装置收集到的数据如下表：
实验次数
钩码重G/N
钩码提升高度h/m
拉力F/N
拉力通过距离s/m
机械效率η
1
2.0
0.1
1.0
0.3
67%
2
3.0
0.1
1.35
0.3
74%
3
3.0
0.1
1.0
0.5

请计算出表中第3次实验滑轮组机械效率为 　 　。从图中数据分析，第3次实验是利用 　 　装置做的实验。
（2）分析1、2两次实验数据可得出的结论：　 　。
（3）分析表中2、3两组实验数据并结合实验装置图，总结出影响滑轮组机械效率不同的因素还有：绳重、摩擦及 　 　。
（4）小明想继续探究“滑轮组机械效率与重物被提升高度是否有关”，小聪说不用实验探究了，从理性探究就可获得结论，请你替小聪写出理性探究过程。

27．在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为3V，小灯泡U额为2.5V。

（1）如图甲所示的实物电路连接中，发现有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线将电路连接正确。
（2）电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的I﹣U图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 　 　W，实验中滑动变阻器的规格选择的是 　 　。
A.5Ω，1A
B.25Ω，2A
C.50Ω，2A
（3）完成实验后，小明又设计出一种测量小灯泡额定电功率方案，如图丙所示电路，电源选用的是电压为U且恒定的学生电源，小灯泡额定电压为U额，R0电阻已知。请完成下面的实验过程：
①电路无误后，闭合开关S，将开关S0拨至“1”，调节变阻器滑片直至电压表示数为 　 　；
②再将开关S0拨至“2”，变阻器滑片不动，读出电压表示数为U0；则小灯泡额定电功率表达式P额＝　 　。
③讨论交流：若步骤②中，在将开关S0拨至“2”时，不小心将滑片向右碰动了少许，其他操作正确，请分析这将对测量结果造成怎样的影响？说明理由。
28．纯电动汽车是节能环保能量转化效率更高的新能源汽车。如图是某厂家开发的纯电动汽车，为了比较这款电动汽车与同型号燃油汽车的能量转化效率及节能情况，对它们进行了测试，部分测试数据如下表（测试过程视为匀速直线运动），则：（q汽油＝4.5×107J/kg）
项目
能源种类
测试距离
牵引力
百公里耗能
能量转化为机
械能的效率
耗能费用
纯电动汽车
电能
100km
600N
20kW•h
？
20×0.8＝16元
燃油汽车
汽油
100km
600N
？
30%
耗油量×8元
（1）测试过程中，纯电动汽车牵引力所做的功是多少？
（2）纯电动汽车的将电能转化为机械能的效率是多少？
（3）燃油汽车百公里耗油多少千克？（保留一位小数）


2023年黑龙江省哈尔滨市香坊区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1．【解答】解：根据ρ＝可知，体积一定的物体，密度越小，质量越小，所以机身采用碳纤维材料是因为碳纤维具有较小的密度。
故选：B。
2．【解答】解：A、在奥斯特发现电生磁现象的基础上，法拉第发现了磁生电——电磁感应现象，故A正确；
B、奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误；
C、托里拆利实验测得1个标准大气压值，故C错误；
D、伯努利原理就是流体压强与流速的关系，不是连通器原理，故D错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、啄木鸟有尖锐的喙，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不合题意。
B、剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B不合题意。
C、越野汽车装有宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C符合题意。
D、冰壶运动时摩擦冰面，使冰融化，在冰面上形成一层水膜，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故D不合题意。
故选：C。
4．【解答】解：水蒸气的温度降低凝成小水滴是液化；水蒸气的温度降低凝成小冰晶是凝华；故A正确。
故选：A。
5．【解答】解：A、屏上的皮影是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B、平静的水面相当于平面镜，桥在水中的倒影属于平面镜成像，平面镜成像原理，属于光的反射现象，故B不符合题意；
C、水里的“折筷”，是由光的折射形成的，故C符合题意；
D、镜中的花瓶，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：C。
6．【解答】解：
A、空气开关跳闸是由电路中电流过大造成的，可能是短路也可能是用电器的总功率过大，故A错误；
B、漏电保护器一般是在电路发生对地漏电现象时才会自动跳闸，而电路中电流过大不会跳闸，故B正确；
C、在照明电路中，电灯的开关应接在火线和灯泡之间，这样断开开关时，灯泡处才不会有电，故C错误；
D、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人在救援时可能直接或间接接触火线，发生触电事故，一定先切断电源，故D正确。
故选：BD。
7．【解答】解：
A、该装置中线圈切割磁感线能产生感应电流，是电磁感应现象，故A错误；
B、该装置是奥斯特实验，演示的是电流的磁效应，说明电流周围存在磁场，故B正确；
C、图丙实验，应该用右手（安培定则）判断通电螺线管的磁极，故C错误；
D、图中通电导体在磁场中受力运动，不是演示在磁场中获得电流，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：由图乙可知，指针偏向分度盘的右侧，表示左盘内水的质量小于20g，由于需要取20g水，因此不能改变右盘中砝码的质量和游码的位置，在测量过程中更不能移动平衡螺母，所以只能用滴管向烧杯中加水，直至天平平衡，故C正确。
故选：C。
9．【解答】解：A、图甲中乒乓球处于静止状态，所受合力为零，运动状态不改变，故A正确；
B、由于任何物体在任何情况下都有惯性，所以图甲、乙中乒乓球都具有惯性，故B错误；
C、根据浮沉条件知，图乙中乒乓球上浮时，所受的浮力大于所受的重力，故C正确；
D、在乒乓球露出水面后，排开水的体积减小，水面距离容器底的高度减小，则水对容器底的压强减小，故D正确。
故选：B。
10．【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
AC、当拉力增大时，滑片上移，AP部分电阻丝的长度减小，则变阻器接入电路中的电阻减小，电路的总电阻减小，由I＝可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故A正确，C错误；
B、当拉力增大时，变阻器接入电路中的电阻减小，由串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压减小，即电压表的示数减小，故B错误；
D、当拉力增大时，变阻器接入电路中的电阻减小，电路中的电流增大，由P＝UI＝I2R可知，定值电阻R0消耗的电功率增大，故D错误。
故选：A。
11．【解答】解：根据表格中的数据，利用公式ρ＝可知，三个小球的密度分别为：ρ甲＝0.5g/cm3、ρ乙＝0.8g/cm3、ρ丙＝2.5g/cm3；
甲、乙的密度小于水的密度，所以甲、乙都漂浮在水中，根据物体的浮沉条件可知：F甲＝G甲＝m甲g＝30×10﹣3kg×10N/kg＝0.3N，F乙＝G乙＝m乙g＝40×10﹣3kg×10N/kg＝0.4N；
丙的密度大于水的密度，丙在水中下沉，根据阿基米德原理可知，丙受到的浮力为：F丙＝ρ水gV排＝ρ水gV丙＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3＝0.2N；
由此可知，F乙＞F甲＞F丙。
故选：D。
12．【解答】解：闭合开关S1、S2，两电阻并联，电流表A1测量干路电流，示数为0.5A，电流表A2测量通过R2的电流，示数为0.3A。
A、根据并联电路的电压特点可知电源电压等于电阻R1两端的电压，也等于电阻R2两端的电压，
根据欧姆定律可知电源电压U＝U1＝U2＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V，故A错误；
B、因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流：I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.3A＝0.2A；
根据欧姆定律可知电阻R1的阻值R1＝＝＝15Ω，故B错误；
C、电路消耗的总功率为P＝UI＝3V×0.5A＝1.5W，故C正确；
D、根据并联电路的电流特点可知，通过R1的电流I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，故D错误；
A、若断开开关S2，电路为R2的简单电路，电流表A1、A2测量R2的电流，因R2两端的电压不变，R2的阻值不变，
根据I＝可知通过R2的电流不变，即电流表A2的示数不变，由于电流表A1原来测量干路的电流，所以电流表A1示数变小，故D错误。
故选：C。
三、非选择题：（36-51题，共计46分，未注明分值的题目每空1分。）
13．【解答】解：声音和光均不断地向妈妈传递信息，妈妈据此获得知识和消遣；不同的发声体，其音色不同，小明是通过二胡的音色判断出来的。
故答案为：信息；音色
14．【解答】解：发电站分别把太阳能和月亮潮汐能转化为电能。太阳能和潮汐能都属于可再生能源。
故答案为：电能；可再生。
15．【解答】解：热量总是自发地从高温物体传到低温物体，而不可能自发地从低温物体传到高温物体，说明能量的转移和转化具有方向性。
故答案为：方向。
16．【解答】解：将两个铅柱底部削平，然后紧压在一起，两个铅柱就结合在一起，甚至在下面还可挂上一个重物，此现象说明分子间存在引力；
用手晃动试管中的沙子，发现试管中温度计的示数升高了，说明对物体做功，物体的内能增大，温度升高。
故答案为：引力；做功。
17．【解答】解：根据平面镜成像特点，像和物体大小相等，已知蜡烛的高度为10cm，所以像的高度为10cm。
像和物体关于平面镜对称，已知蜡烛与玻璃板之间的距离为20cm，所以像到玻璃板的距离为20cm，蜡烛到像的距离为20cm+20cm＝40cm。
故答案为：10；40。
18．【解答】右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，由于力的作用是相互的，所以两只小船将同时向相反方向移动，同时也说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：相反；力的作用是相互的。
19．【解答】解：根据图示可知，光具座的分度值为1cm，此时的物距为50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm；
由图可知，此时的像距为15.0cm，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像
故答案为：30.0；倒立缩小实像。
20．【解答】解：同一弹簧受到大小相同，而方向不同的力后产生不同的效果，甲图说明影响力的作用效果因素是力的方向；如图乙，受力面积不同，大小相同的压力对海绵也产生不同的效果，乙图说明压力的作用效果影响因素是受力面积。
故答案为：力的方向；受力面积。
21．【解答】解：“奋斗者”号在水下下潜的过程，排开海水的体积不变，根据F浮＝ρ海水gV排可知所受的浮力不变；
当“奋斗者”号下潜至水下10000m深处时，受到海水的压强是：
p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1.03×108Pa。
故答案为：不变；1.03×108。
22．【解答】解：
（1）天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq天然气＝0.02m3×4.2×107J/m3＝8.4×105J；
（2）由题知，不计热损失，水吸收的热量Q吸＝Q放＝8.4×105J，
由Q吸＝cmΔt得水升高到的温度：
Δt＝＝＝40℃。
故答案为：8.4×105；40。
23．【解答】解：（1）图中提供的是经凸透镜折射后的折射光线，该折射光线过凸透镜的焦点，根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，对应的入射光线应与主光轴平行；
（2）图中的折射光线入射到平面镜上，先过入射点垂直平面镜画出法线（用虚线），然后根据反射角等于入射角，在法线右侧画出反射光线，如图所示：

24．【解答】解：
（1）重力的方向是竖直向下的，过物体的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示；
（2）从支点O作力F作用线的垂线段，即为动力F的力臂L，如下图所示：

25．【解答】解：（1）图中温度计的玻璃泡碰到容器侧壁，是错误的；
（2）图乙温度计的分度值是1℃，根据图示可知，温度计的读数时96℃；
（3）由图丙知，水沸腾时，不断吸收热量，保持96℃不变，所以96℃是水的沸点；水沸腾时的温度特点：温度不变；
如丙图，A、B组得到两种不同图象，两个小组水初温相同，开始沸腾的时间不同，根据Q＝cmΔt知，可能是水的质量不同。
（4）从丙图的图像还可以看出，水温较低时升温比较快，而水温较高时升温比较慢，分析一下原因：
在沸腾前水的质量不变，故A错误；水的比热容是物质的特性，大小不变，故B错误；温度差增大，1min时间水向空气传递的热量增加，故C正确；相同时间酒精灯传递给水的热量不变，故D错误，故选C。
故答案为：（1）温度计的感温泡碰触到容器底；（2）96℃；（3）吸热温度保持不变；水的质量不同；（4）C。
26．【解答】解：
（1）第3次实验滑轮组机械效率为：
η＝＝＝×100%＝60%；
实验3，物体升高0.1m，绳子自由端移动0.5m，说明物体和动滑轮有5段绳子承担，所以实验3数据是由c滑轮组进行的；
（2）实验1和2中，滑轮组相同，实验2提升的重物大于实验1，机械效率也更高，说明：使用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；
（3）实验2和3中，物体的重力相同，滑轮组不相同，且实验3中动滑轮的重力大，机械效率低，说明：物体的重力相同，动滑轮越重，机械效率低；
（4）因滑轮组s＝nh 则由滑轮组效率η＝＝＝＝知滑轮组机械效率与重物被提升高度无关。
故答案为：（1）60%；C；（2）同一滑轮组，提升的物重越重，滑轮组的机械效率越高；（3）动滑轮重；（4）因滑轮组s＝nh 则滑轮组效率η＝＝＝＝知，滑轮组机械效率与重物被提升的高度无关。
27．【解答】解：（1）在本实验中电流表、小灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表并联在小灯泡两端，而图甲中电压表串联在电路中，滑动变阻器与小灯泡并联，这都是错误的，由此电路改接后如下图所示：
；
（2）根据图乙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是：
P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W；
由图象可知，当电压表示数最小为0.5V时，电路的最小电流为0.1A，此时变阻器接入电路的阻值最大，
由串联电路的特点及欧姆定律可得，滑动变阻器的最大电阻为：
R滑＝，故变阻器的规格应选择B
（3）①电路无误后，闭合开关S，将开关S0拨至“1”，此时灯泡、滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，电压表测量滑动变阻器和定值电阻的电压，则若要灯泡正常发光，应使其两端分压为额定电压U额，因此可以通过调节变阻器滑片直至电压表示数为U﹣U额；
②再将开关S0拨至“2”，变阻器滑片不动，此时仍是灯泡、滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，电压表测量定值电阻的电压，读出电压表示数为U0，
则由欧姆定律I＝可求出经过定值电阻的电流为I＝＝，而串联电路电流处处相等，因此此时灯的额定电流大小等于经过定值电阻的电流，
根据P＝UI可求出灯的额定功率P额＝U额I额＝。
③讨论交流：若步骤②中，在将开关S0拨至“2”时，不小心将滑片向右碰动了少许变阻器连入阻值变大，则电路总电阻变大，而电源电压不变，根据I＝可知电路中的电流变小，即值变小，根据P＝分析可知测量结果会偏小。
故答案为：（1）见上图；（2）0.625；B；（3）①U﹣U额；②；③测量结果将偏小；滑片向右碰动了少许，变阻器连入阻值变大，则电路总电阻变大，而电源电压不变，根据I＝可知电路中的电流变小，即值变小，根据P＝分析可知测量结果会偏小。
28．【解答】解：（1）纯电动汽车牵引力所做的功是：
W有＝Fs＝600N×100×103m＝6×107J；
（2）消耗的电能为：
W电＝20kW•h×3.6×106J/kW•h＝7.2×107J；
纯电动汽车的能量转换效率是：
η1＝＝×100%≈83.3%；
（3）汽油车与电动汽车牵引力所做的功都相同为6×107J；
则汽油车百公里消耗的总能量为：
Q总＝＝＝2×108J；
汽油的质量为：
m汽油＝＝≈4.4kg。
答：（1）纯电动汽车牵引力所做的功是6×107J；
（2）纯电动汽车的能量转换效率是83.3%；
（3）燃油汽车百公里耗油4.4千克。