2024年山东省滨州市阳信县中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年山东省滨州市阳信县中考物理一模试卷（含详细答案解析），共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列估测与实际情况相符的是( )
A. 一张课桌的高度约为75cm
B. 教室里饮水机配套的桶装矿泉水的质量为5kg
C. 普通人步行的速度约为5m/s
D. 一盏日光灯工作时的电流约0.6A
2.如图所示是我国春秋战国时代的乐器--编钟。关于编钟下列说法正确的是( )
A. 悠扬的编钟声是由钟的振动产生的
B. 大小不同的钟振动幅度相同时，发声的音调相同
C. 敲钟时，用力越大钟声在空气中的传播速度越大
D. 通过钟声能判断钟是否破损只利用了声波传递能量
3.如图所示，滑雪场地内的造雪机在进行人工造雪。其工作原理是：将水注入一个专用喷嘴或喷枪，在那里接触到高压空气，高压空气将水流分割成细小的水滴并喷入寒冷的外部空气中，这些细小的水滴在低温空气中遇冷变成“雪”飘下。在造“雪”过程中，水所发生的物态变化是( )
A. 液化B. 凝华C. 汽化D. 凝固
4.如图是“探究某物质熔化和凝固规律”的实验图象，下列说法正确的是( )
A. 该物质的凝固点是60℃
B. 在BC段，该物质处于固液共存状态
C. 在DE段，该物质吸收热量，温度逐渐降低
D. 在EF段，该物质温度保持不变，内能也不变
5.在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的图线如图所示。图线中A、B、C三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应。则下列说法正确的是( )
A. 蜡烛处于AB间某一位置时，成倒立缩小的实像
B. 蜡烛处于BC间某一位置时，成倒立放大的实像
C. 将蜡烛从C移动到B的过程中，所成像逐渐增大
D. 将蜡烛从B移动到A的过程中，所成像逐渐减小
6.如图所示，是小慧同学掷实心球的场景，图中虚线表示球的运动轨迹，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后继续运动到d点停止。下列说法正确的是( )
A. 球从a点上升到b点，是因为受到惯性作用
B. 球在b点受到的合力为零
C. 球从b点下落到c点，运动状态不断改变
D. 球最终到d点停止，说明物体运动需要力来维持
7.如图是我国自主研发的C919大型商用客机。下列关于客机的相关物理知识，说法正确的是( )
A. 客机宽大的轮子，减小了客机着陆时对地面的压力
B. 客机在高空受到的大气压强比在地面受到的大气压强要大
C. 飞机在跑道上滑行时，飞机对地面的压力与地面对飞机的支持力是一对平衡力
D. 客机升空是利用了“流体在流速大的地方压强小”的原理
8.如图所示，两个滑梯高度相等。小玲分别从①号直梯和②号旋转滑梯上端滑到地面，发现从①号滑梯滑到地面时获得的速度比从②号滑梯滑到地面时获得的速度大。如果小玲所受重力做功分别为W1和W2，克服摩擦力做功为W′1和W′2，则下列说法正确的是( )
A. W1>W2B. W1W′2D. W′19.如图所示，这是一款迷你台灯扇，它既可以照明又可以吹风且互不影响。由于扇叶转动时和空气之间发生摩擦起电现象，长时间使用后扇叶会吸附很多灰尘。下列说法正确的是( )
A. 摩擦时，正电荷在扇叶和空气之间发生了转移
B. 台灯扇中的发光二极管和电动机在电路中是并联的
C. 扇叶和灰尘一定带异种电荷
D. 台灯扇中的发光二极管是由超导材料制成的
10.如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V读数与电流表A2读数的比值变小
B. 电压表V读数与电流表A1读数的比值变大
C. 电流表A2读数变小；电压表V读数变大
D. 电流表A1读数与电流表A2读数的差变大
11.如图，关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 甲图：两孔插座和三孔插座的作用是完全相同的
B. 乙图：白炽灯泡的螺丝套(外壳)既可接火线，也可接零线
C. 丙图：站在绝缘凳上的人一只手接触带电的火线，人不会触电
D. 丁图：手握紧试电笔的金属杆，接触接火线的插孔，氖管才发光
12.腕力球是一种人工动力装置，纯机械不用电池。手握腕力球运动时，使球芯加速旋转，同时球内的LED灯会发光(如图)。装置工作时能使灯发光的原理与图中的实验原理相同的是( )
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
13.如图所示的四种传统特色美食：冰糖葫芦、北京烤鸭、豆汁儿、焦圈。冰糖葫芦制作时糖稀遇冷变硬，晶莹剔透；北京烤鸭驰名中外，用果木燃料烤制，散发一种特殊的香气；豆汁儿和焦圈更是北京久负盛名的传统风味小吃。下列说法中正确的是( )
A. 凝：糖稀遇冷变硬是因为糖分子停止了运动
B. 烤：果木燃烧放热，将化学能转化为内能
C. 煮：豆汁儿在火上煮的过程，是利用热传递的方式使其内能增加
D. 炸：家用普通油炸锅通常用铁制造而成，主要因为铁的比热容大
14.如图甲所示，工人用动滑轮提升重物。第一次，将质量为70kg的重物以0.1m/s的速度匀速提升，竖直向上作用在绳子自由端的拉力F所做的功W随时间t的变化关系如图乙中a所示。第二次，将另一重物以0.2m/s的速度匀速提升，拉力F所做的功W随时间t的变化关系如图乙中b所示。不计绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是( )
A. 第一次提升重物时，绳子自由端的拉力F大小为400N
B. 第一次提升重物时，工人在20s内所做的功为1600J
C. 第二次提升重物时，动滑轮对重物做功的功率为60W
D. 先后两次提升重物时，该动滑轮的机械效率之比为21：16
15.某商场为了统计出入商场的人流量，在大门前安装计数装置简化电路图，如图甲所示。其中S为激光源，R1为光敏电阻(有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大)，R0为定值保护电阻。其两端的电压随时间变化的图像如图乙所示。已知计数器电路的电源电压恒为3V，保护电阻R0的阻值为20Ω。则( )
A. 电压表示数为2V时，计数器会计数一次
B. 有人通过商场大门时，光敏电阻R1的阻值为40Ω
C. 有人通过商场大门和没有人通过商场大门电路的电流之比为1：2
D. 在0−3秒内光敏电阻消耗的电能为0.3J
三、填空题：本大题共3小题，共6分。
16.2022年12月，全球单机容量最大功率百万千瓦水轮发电机组、引领世界水电的超级工程——白鹤滩水电站(如图)全部机组投产发电，成为仅次于三峡水电站的全球第二大水电站和清洁能源生产基地。所谓水电站，就是把水的机械能(简称“水能”)转化成______的工厂；水电站发电所用的能源——水的机械能属于______(选填“可再生能源”或“不可再生能源”)。
17.2022年5月10日凌晨，“天舟四号”货运飞船搭载“长征七号遥五”运载火箭升空，8点54分与“天和”核心舱精准对接，万里穿针也能轻盈优雅。飞船运行过程中，通过______(选填“电磁波”或“超声波”)与地面遥控中心进行信息传递。飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船是______的。
18.一天晚上，小明正在学习，突然，电灯熄灭了，小明想：电灯为什么熄灭？可能是灯丝断了。这个过程中，“电灯为什么熄灭？”属于科学探究的______环节，“可能是灯丝断了”属于科学探究的______环节。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
19.如图所示，将一物体用力推出后，物体沿粗糙水平面向右减速滑动。请在图中画出该物体在减速滑动时所受摩擦力的示意图。
20.请画出由S点发出的光经过凸透镜后的折射光线。
五、实验探究题：本大题共3小题，共22分。
21.如图所示是探究平面镜成像特点的实验装置。
(1)用玻璃板代替平面镜进行实验，是为了便于______。实验时在白纸上画一条直线，将玻璃板______放在白纸上并与直线重合。
(2)在玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，人眼在______(选填“A”或“B”)侧观察，直至看到蜡烛B与蜡烛A的像重合。
(3)实验时，将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，它的像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)实验中若用物理书本挡在玻璃板的后面，______看到蜡烛A的像；若移走蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，光屏上______成蜡烛的像。(选填“能”或“不能”)
22.妈妈担心从市场买回的一桶色拉油是地沟油，小丽为解除妈妈的顾虑，在网上查得优质色拉油的密度在0.91×103kg/m3∼0.93×103kg/m3之间，地沟油的密度0.94×103kg/m3∼0.95×103kg/m3之间，她决定用测密度的方法鉴别油的品质。
(1)小丽的实验步骤如下：
A.将托盘天平放于水平台上，移动游码至标尺零刻线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使横梁水平平衡；
B.用天平称出空烧杯的质量为10g；
C.往烧杯中倒入适量的色拉油，将装色拉油的烧杯放在左盘，在右盘加减砝码并移动游码，天平平衡时所用砝码和游码的位置如图乙所示，则烧杯和色拉油的总质量为______ g；
D.将烧杯中的色拉油全部倒入量筒中，如图丙所示，量筒内色拉油的体积是______cm3；
(2)小丽计算出色拉油的密度为______g/cm3，由此，小丽判断色拉油的品质是______的(选填“合格”或“不合格”)；
(3)分析小丽同学的实验过程，你认为测量结果______(选填“偏大”或“偏小”)。小丽通过反思后想到：其实不需要增加器材也不需要添加额外的步骤，只要将上面的实验步骤顺序稍加调整就会大大减少上述实验的误差，她想到的实验方案是：
A.用天平测出空烧杯的质量m1；
B.如图丁B所示，向烧杯中倒入适量的色拉油，用天平测出烧杯和色拉油的总质量m2；
C.如图丁C所示，将烧杯中的部分色拉油倒入量筒中，测出这部分色拉油体积V；
D.用天平测出烧杯和剩余色拉油的质量m3；
①以上操作中有一项是多余的，该操作是______(只写序号)；
②则色拉油的密度表达式ρ=______(用已测物理量表示)。
23.小欧和小阳同学想用“伏安法”来测量定值电阻Rx的阻值，于是他们在学校实验室里借了一些器材，连接了如图甲所示的电路，电源电压恒定不变。
(1)连接电路时，开关应处于______状态。
(2)用笔画线代替导线将图甲所示电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大。
(3)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至最______端(选填“左”或“右”)，此时，滑动变阻器在电路中除了能保护电路外，还有一个重要作用是______。
(4)正确连接电路后，闭合开关前，看到电流表的指针指向零刻度线的左侧，造成这一现象的原因是______。
(5)闭合开关后，当电压表示数为2.6V时，电流表示数如图乙所示，则此时的电流值为______ A，计算Rx的阻值为______Ω，接下来他移动滑片，又测出两次对应的电压和电流值，并求出电阻，多次实验的目的是______。
A.求平均值减小误差
B.寻找普遍规律
六、计算题：本大题共2小题，共20分。
24.小明在实验室模拟研究浮箱种植的情境。他将薄壁柱形容器置于水平桌面上，A是边长为10cm密度均匀的正方体浮箱模型，通过一根长为5cm的细线连接着底面积为25cm2的柱形物体B，先将A、B两物体叠放在容器中央，物体B未与容器底紧密接触，然后缓慢向容器中注水，注水过程中正方体A一直保持竖直状态。当水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，如图甲所示，此时物体B对容器底的压力为1.7N；继续向容器中注水，整个注水过程中正方体A所受浮力F与水的深度h的关系图象如图乙所示，水未溢出。(细线不可伸长，且质量、体积不计)求：
(1)图甲所示水对容器底的压强；
(2)物体B的密度；
(3)图乙中ℎ 2的值。
25.图甲是某品牌身高、体重测量仪。学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0∼15V，电流表A1量程为0∼0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动，其接入电路的阻值与接入电路的长度成正比，电源UB的电压为4V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示。同时闭合开关S1、S2，身高h1=160cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为36A，身高h2=140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A.求：
(1)小明的重力；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值；
(3)电源UA的电压；
(4)小李站上去后电压表示数为13.5V，求小李的身高。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一张课桌的高度约为75cm，故A正确；
B、教室里饮水机配套的桶装矿泉水的质量为15kg，故B错误；
C、普通人步行的速度约为1.1m/s，故C错误；
D、一盏日光灯工作时的电流约0.2A，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、质量、速度、电流的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】A
【解析】解：
A、敲击钟时发出的声音是由钟振动而产生的，故A正确；
B、大小不同的钟振动幅度相同时，发声的音调不同，故B错误；
C、敲击大小不同的钟发出的声音在空气中的传播速度相同，故C错误；
D、通过钟声能判断钟是否破损是利用了声音可以传递信息，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；
(3)声音在同温度的同种均匀介质中传播速度是相同的；
(4)音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
本题通过“编钟”考查声音的产生、乐音的响度、音色和音调的区别，注重了物理知识应用能力的考查。
3.【答案】D
【解析】解：由题意知，“细小的水滴在低温空气中遇冷变成雪”，此过程中液态的水变成固态的雪，所以是凝固过程。
故选：D。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
4.【答案】B
【解析】解：A、EF为该物质的凝固过程，对应的温度是45℃，因此凝固点为45℃，故A错误；
B、在BC段，该物质处于熔化过程中，不断吸热，但温度不变，处于固液共存状态，故B正确；
C、在DE段，该物质放出热量，温度逐渐降低，故C错误；
D、EF段是该物质的凝固过程，温度保持不变，此过程放出热量，内能减小，故D错误。
故选：B。
(1)物质凝固过程温度不变，这个不变的温度即为该物质的凝固点；
(2)晶体在熔化过程中温度不变，处于固液共存态；
(3)DE段为液态，放出热量，温度降低；
(4)晶体在凝固时，放出热量，但温度不变。
本题考查的是对熔化和凝固图象的理解，根据图象分辨晶体和非晶体，并能分析出各自在熔化过程中的特点是解决该题的关键。中考对这个知识点的要求是比较高的。
5.【答案】C
【解析】【解答】(1)由图象知，u=v=2f=20cm，凸透镜成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距：f=10cm。
(2)物距大于一倍焦距时，凸透镜成实像。
A、蜡烛处于AB间某一位置时，2f>u>f，成倒立、放大的实像。选项错误。
B、蜡烛处于BC间某一位置时，u>2f，成倒立、缩小的实像。选项错误。
C、将蜡烛从C移动到B的过程中，物距大于一倍焦距时，凸透镜成实像。物距减小，像距增大，像变大。选项正确。
D、将蜡烛从B移动到A的过程中，物距大于一倍焦距时，凸透镜成实像。物距减小，像距增大，像变大。选项错误。
故选：C。
【分析】(1)根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，判断凸透镜的焦距。
(2)根据物距和焦距，判断凸透镜成像情况：
u>2f，成倒立、缩小的实像。
2f>u>f，成倒立、放大的实像。
u(3)凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大。
6.【答案】C
【解析】解：A、球从a点上升到b点，是因为球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、球在b点受到重力和阻力作用，运动状态改变，受到的合力不为零，故B错误；
C、球从b点下落到c点，运动速度和运动方向不断改变，运动状态不断改变，故C正确；
D、球最终到d点停止，说明力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力来维持，故D错误。
故选：C。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)物体受到的合力为0时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
(3)物体保持静止状态或匀速直线运动状态时运动状态不变；
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题考查了力学中的多个知识点，正确理解相关的物理概念和物理规律是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、客机宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小客机对地面的压强，故A错误；
B、大气压随着高度的增加而减小，所以客机在高空所受的大气压强，比地面附近的大气压强小，故B错误；
C、飞机在跑道上滑行时，飞机对地面的压力与地面对飞机的支持力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、客机机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)大气压随着高度的增加而减小。
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)流体流速越大的位置，压强越小。
本题考查流体流速与压强的关系、大气压与高度的关系、减小压强的方法，是一道综合题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
8.【答案】D
【解析】解：无论小玲分别从①号直梯和②号旋转滑梯上端滑到地面，小玲的重力不变，滑梯的高度不变，由W=Gh可知，小玲两次中重力做的功相等，故W1=W2；
小玲的质量不变，刚滑下时的高度相同，重力势能相同，动能相同，机械能相同；从①号滑梯滑到地面时获得的速度比从②号滑梯滑到地面时获得的速度大，质量不变，所以从①号滑梯滑到地面时的动能大，从②号滑梯滑到地面时的动能小，在底部的重力势能相同，所以从②滑下时克服摩擦力所做的功多，即W′1故选：D。
根据W=Gh比较重力做功的大小关系；根据动能、重力势能的大小变化分析克服摩擦力做功的大小关系。
本题考查了重力做功的大小，关键是判断两次重力和高度的关系。
9.【答案】B
【解析】解：A、摩擦时，在扇叶和空气之间发生转移的是负电荷，故A错误；
B′、可以照明又可以吹风且互不影响，台灯扇的发光二极管和电动机在电路中应是并联的，故B正确；
C、两个物体相互吸引，有两种情况：带异种电荷或一个带电另一个不带电，故C错误；
D、发光二极管主要由硅、锗等半导体材料制成，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电的实质是电子的转移；
(2)并联电路互不影响；
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质；两个物体相互吸引，有两种情况：带异种电荷或一个带电另一个不带电；
(4)发光二极管主要由硅、锗等半导体材料制成。
本题考查了摩擦起电的实质、串并联电路的组成、半导体材料的应用，属于基础题目。
10.【答案】A
【解析】解：
闭合开关S后，R1与R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量滑动变阻器所在支路的电流，电压表测量电源电压；
当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表A2示数变大；
并联电路各支路独立工作、互不影响，所以通过R1的电流不变；因为干路中的电流等于支路电流的和，所以干路中的电流变大，即A1的示数变大，而电压表测量电源电压，因此电压表示数不变；
A、因为电压表V读数不变，电流表A2读数变大，所以电压表V读数与电流表A2读数的比值变小，故A正确；
B、因为电压表V读数不变，电流表A2读数变大，所以电压表V读数与电流表A1读数的比值变小，故B错误；
C、综合分析电流表A2读数变大；电压表V读数不变，故C错误；
D、根据并联电路的电流特点可知，电流表 A1读数与电流表 A2读数的差值为R1的电流，通过R1的电流不变，所以该差值保持不变，故D错误。
故选：A。
由图知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表与电源并联，A1串联在干路上，A2与滑动变阻器串联；
(1)电压表始终测量电源电压；根据滑片的移动确定接入电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电流表A2示数的变化；
(2)并联电路中各支路互不影响；
(3)干路电流等于各支路电流之和。
本题考查学生识别电路的能力、并联电路的电压和电流规律的应用情况、欧姆定律应用的掌握情况。
11.【答案】C
【解析】【分析】
①有金属外壳的家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就能通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生；
②为了保证用电安全，螺丝口灯座的螺丝套应接零线；
③触电分为单线触电和双线触电；
④试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线。
此题考查了安全用电常识和家庭电路的连接，属于基本技能的考查，难度不大。
【解答】
A、两孔插座直接接火线和零线，当用电器出现漏电时，不能将电流导向大地，起不到保护作用；三孔插座除了接火线、零线外，还接地线，当用电器出现漏电时，能将电流导向大地，起到保护作用，故A错误；
B、为了防止出现触电现象，在家庭电路中白炽灯螺丝套接在零线上，故B错误；
C、人一只手接触火线，站在绝缘凳子上，此时人体不能构成通路，不会有电流流过人体，不会出现触电事故，故C正确；
D、常用试电笔辨别火线和零线，使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，如果氖管发光，表示接触的是火线，故D错误。
故选：C。
12.【答案】D
【解析】解：
手握腕力球运动时，使球芯加速旋转，同时球内的LED灯会发光，这说明电路中产生了电流，则可知此现象的原理为电磁感应现象。
A、图中的实验为奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中实验装置说明通电导线在磁场中受力而运动，故B不符合题意；
C、图中实验装置是探究通电螺线管周围存在磁场的实验，故C不符合题意；
D、图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
本题考查了对电磁感应现象的认识，属于基础知识，难度不大。
13.【答案】BC
【解析】解：
A、糖稀遇冷变硬是因为物质的状态发生了变化，不是分子停止了运动，故A错误；
B、果木燃烧放热，果木的化学能转化为内能，故B正确；
C、豆汁儿在火上煮的过程中，会吸收热量，是通过热传递来改变内能的，故C正确；
D、锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，与其比热容无关，故D错误。
故选：BC。
(1)分子的运动与温度有关，温度越高，分子运动越快；
(2)燃料燃烧的过程，就是其化学能转化成内能的过程；
(3)改变物体的内能有做功和热传递两种方式，这两种方式是等效的；
(4)金属物质一般都具有良好的导热性。
本题以传统美食为载体考查相关的热学知识，考查了学生的观察分析能力，要求学生平时多观察、多思考，注重物理联系生活实际。
14.【答案】ABD
【解析】解：
A、由图乙可知，第一次提升重物时，在100s内拉力做的功为8×103J，则拉力做功的功率：P=Wt=8×103J100s=80W，
由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v=nv物=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s，
由P=Wt=Fst=Fv可得拉力大小：F=Pv=80W0.2m/s=400N，故A正确；
B、由图乙可知，第一次提升重物时，在20s内拉力做的功为1.6×103J=1600J，故B正确；
C、第一次提升重物的重力：G=mg=70kg×10N/kg=700N，
因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×400N−700N=100N，
由图乙可知，第二次提升重物时，在100s内拉力做的功为6×103J，则拉力做功的功率：P′=W′t=6×103J100s=60W，
由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v′=nv物′=2v物′=2×0.2m/s=0.4m/s，
由P=Wt=Fst=Fv可得拉力大小：F′=P′v′=60W0.4m/s=150N，
因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以第二次提升重物的重力：G′=nF′−G动=2×150N−100N=200N，
第二次提升重物时，动滑轮对重物做功的功率：P有=W有t=G′ht=G′v物′=200N×0.2m/s=40W，故C错误；
D、由η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，两次滑轮的机械效率之比：ηη′=GnFG′nF′=GG′⋅F′F=700N200N×150N400N=2116，故D正确。
故选：ABD。
(1)由图乙可知，第一次提升重物时，在100s内拉力做功为8×103J，利用P=Wt求拉力做功的功率；
由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力的大小；
(2)由图乙可知，第一次提升重物时，在20s内拉力做的功；
(3)根据G=mg求第一次提升重物的重力，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
由图乙可知，第二次提升重物时，在100s内拉力做功为6×103J，利用P=Wt求拉力做功的功率；
由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力的大小；
利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求提升的物体重力，利用P=Wt=Fst=Fv求动滑轮对重物做功的功率；
(4)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求两次滑轮的机械效率，进而求出两次机械效率之比。
本题考查了使用动滑轮时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
15.【答案】BCD
【解析】解：AB、由图甲可知，R1、R0串联，电压表测量R0两端的电压；
当电压表示数为2V时，电路中的电流：I=I0=U0R0=2V20Ω=0.1A，
根据串联电路的电压特点可知，此时R1两端的电压：U1=U−U0=3V−2V=1V，
由I=UR可知，此时R1的阻值：R1=U1I=1V0.1A=10Ω；
当电压表示数为1V时，电路中的电流：I′=I0′=U0′R0=1V20Ω=0.05A，
根据串联电路的电压特点可知，此时R1两端的电压：U1′=U−U0′=3V−1V=2V，
由I=UR可知，此时R1的阻值：R1′=U1′I′=2V0.05A=40Ω；
根据题意可知，有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大，
所以当有人通过商场大门时，光敏电阻R1无光照，阻值较大，为40Ω，此时电压表示数为1V，计数器会计数，故A错误、B正确；
A、有人通过商场大门时电路中的电流为I′=0.05A，没有人通过商场大门电路的电流为I=0.1A，
则有人通过商场大门和没有人通过商场大门电路的电流之比：I′：I=0.05A：0.1A=1：2，故C正确；
D、0∼1s内，光敏电阻消耗的电能W1=U1′I′t1=2V×0.05A×1s=0.1J，
1∼2s内，光敏电阻消耗的电能W2=U1It2=1V×0.1A×2s=0.2J，
则在0−3秒内光敏电阻消耗的电能W=W1+W2=0.1J+0.2J=0.3J，故D正确。
故选：BCD。
由图甲可知，R1、R0串联，电压表测量R0两端的电压；当电压表示数为2V时，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；当电压表示数为1V时，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；根据题意，有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大，据此判断计数器计数时电压表的示数和有人通过商场大门时，光敏电阻R1的阻值；并求出有人通过商场大门和没有人通过商场大门电路的电流之比；根据W=UIt求出在0−3秒内光敏电阻消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及电功公式的应用，题目有一定的难度。
16.【答案】电能；可再生能源。
【解析】解：水电站是把水的机械能转化为电能的工厂；
水能可以从自然界中源源不断地得到的，属于可再生能源。
【分析】
(1)水电站里水轮机带动发电机发电，机械能转化为电能；
(2)能源分类：煤、石油、天然气是短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
水能和风能可以从自然界源源不断的得到，是可再生能源。
本题考查了能量转化以及能源的分类，难度较小，属于基础性题目。
17.【答案】电磁波 静止
【解析】解：(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，而超声波不能在真空中传播，所以飞船运行过程中，通过电磁波与地面遥控中心进行信息传递；
(2)飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间的位置没有发生变化，所以飞船是静止的。
故答案为：电磁波；静止。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
此题考查运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
18.【答案】提出问题 猜想与假设
【解析】解：这里的“电灯为什么熄灭呢？”是科学探究中的提出问题环节；“可能是灯丝断了”属于科学探究的猜想与假设环节
故答案为：提出问题；猜想与假设。
科学探究的主要环节有提出问题、猜想与假设、制定计划与设计实验、进行实验与收集证据、分析与论证、评估、交流与合作。
此题是对科学探究环节的考查，解题的关键是对采用过程的分析，并结合科学探究的基本过程解决此题。
19.【答案】解：物体沿粗糙水平面向右减速滑动。该物体在减速滑动时所受摩擦力方向向左，画在重心上，如图所示：

【解析】根据摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势相反分析摩擦力，根据力的示意图画图。
本题考查摩擦力的方向与力的示意图，属于基础题。
20.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。如图所示：

【解析】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
21.【答案】确定像的位置 竖直 A 不变 能 不能
【解析】解：(1)在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜的目的是：玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于观察到所成的像的位置；
实验时在白纸上画一条直线，将玻璃板竖直放在白纸上并与直线重合；
(2)点燃蜡烛，蜡烛在玻璃板中成像，观察蜡烛的像时，眼睛要在蜡烛的一侧，才能通过玻璃板看到蜡烛的像，故应该在A侧；
(3)实验时，将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，由于像的大小始终与物体等大，所以像的大小不变；
(4)通过玻璃板观察像，看到的是光照射到玻璃板，玻璃板反射光线形成的虚像，若用物理书挡在玻璃板的后面，对观察无影响；
因为平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上，所以，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像。
故答案为：(1)确定像的位置；竖直；(2)A；(3)不变；(4)能；不能。
(1)根据平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，而玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛这一特点分析；
实验时在白纸上画一条直线，将玻璃板竖直放在白纸上并与直线重合；
(2)人的眼睛应通过玻璃板观察像；
(3)根据物体在平面镜中成像特点物像大小相等分析判断；
(4)通过玻璃板观察像，看到的是光的反射形成的虚像；实像能在光屏上承接，虚像不能在光屏上承接。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
22.【答案】右 56500.92合格 偏大 Am2−m3V
【解析】解：(1)A、将托盘天平放于水平台上，移到游码至标尺零刻度线处，发现指针静止时向左偏，则应将平衡螺母向右调节，使横梁水平平衡；
C、由图乙可知，烧杯和色拉油的总质量为50g+5g+1g=56g，
D、由图丙可知，量筒中色拉油的体积为V′=50mL=50cm3；
(2)则量筒中色拉油的质量为m=56g−10g=46g。
该色拉油的密度：ρ=mV′=46g50cm3=0.92g/cm3；
因为0.92g/cm3在0.91∼0.93g/cm3之间，故色拉油的品质是合格的；
(3)将烧杯中的色拉油全部倒入量筒时，因烧杯壁上有少量残留的油，导致测得油的体积偏小，根据密度公式可知，测得油的密度偏大。
①实验中用烧杯和色拉油的总质量m2减去烧杯和剩余色拉油的总质量m3，得到量筒中色拉油的质量，所以测量空烧杯的质量是多余的，即A多余；
②量筒中色拉油的质量为：m′=m2−m3，
量筒中色拉油的体积是V，
色拉油的密度：ρ=m′V=m2−m3V。
故答案为：(1)A、右；C、56；D、50；(2)0.92；合格；(3)偏大；①A；②m2−m3V。
(1)天平的使用规则：天平放平，游码归零，调平；调节托盘天平的方法是左偏右调，右偏左调；
使用托盘天平测量质量时，物体的质量等于砝码的总质量加上游码所对的刻度，其中，读取游码所对数值时，应以左侧刻度为准；
使用量筒测量液体体积时，对液面是凹形的，应以最凹处为准；
(2)利用密度公式计算出色拉油的密度，并判断是否合格；
(3)因烧杯壁上沾上油后测得的体积偏小，使得密度偏大。
①量筒中色拉油的质量等于色拉油和烧杯的总质量减去剩余色拉油和烧杯的质量，所以测量空烧杯的质量是没有必要的；
②利用：ρ=mV可以得到色拉油的密度。
本题考查了液体密度的测量的原理，天平、量筒的使用及读数，还考查了误差分析，是一道综合题。
23.【答案】断开 左 改变定值电阻两端的电压和电路中的电流，便于进行多次测量 电流表指针没有调零 0.2610A
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
(2)滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
(3)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，即最左端；滑动变阻器在电路中除了能保护电路外，还有一个重要作用是改变定值电阻两端的电压和电路中的电流，便于进行多次测量；
(4)正确连接电路后，闭合开关前，看到电流表的指针指向零刻度线的左侧，即电流表指针没有与零刻度线对齐，造成这一现象的原因是电流表没有调零；
(5)闭合开关后，当电压表示数为2.6V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，则Rx的阻值为：
Rx=UI=Ω；
接下来他移动滑片，又测出两次对应的电压和电流值，并求出电阻，多次实验的目的是求平均值减小误差，故选：A。
故答案为：(1)断开；(2)见解答图；(3)左；改变定值电阻两端的电压和电路中的电流，便于进行多次测量；(4)电流表指针没有调零；(5)0.26；10；A。
(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
(2)滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(3)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处；滑动变阻器在电路中除了能保护电路外，还有一个重要作用是改变定值电阻两端的电压和电路中的电流，便于进行多次测量；
(4)电表使用前要调零；
(5)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出Rx的阻值；为了减小误差，应多次测量取平均值。
本题考查了电路连接、注意事项、电表使用、电阻的计算及多次测量的目的等知识。
24.【答案】解：(1)图甲所示水对容器底的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，
所以B的体积为：VB=SBhB=25cm2×4cm=100cm3，
水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，
此时B受到的浮力为：F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10−6m3=1N，
此时容器底对物体B的支持力为：F支B=F压B=1.7N，
所以GB=F浮B+F支B=1N+1.7N=2.7N，
由G=mg=ρVg可得，物体B的密度为：
ρB=GBVBg=2.7N100×10−6m3×10N/kg=2.7×103kg/m3；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，
则GA=F=6N，
当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，有2种可能，一是A、B整体浸没在水中，二是A、B整体处于漂浮，
正方体A的体积VA=(10cm)3=1000cm3，
若整体浸没在水中，则整体受到的总浮力：
F浮总=ρ水gV排总=ρ水g(VA+VB)=1.0×103kg/m3×10N/kg×(1000+100)×10−6m3=11N，
而整体受到的总重力G总=GA+GB=6N+2.7N=8.7N，
比较可知F浮总>G总，所以整体不可能浸没在水中，则整体最终会处于漂浮状态，
所以，当容器内水深度等于h2时，整体恰好处于漂浮状态(B即将离开容器底)，此时A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，
则绳对B的拉力为：T=GB−F浮B=2.7N−1N=1.7N，
则绳对A的拉力为：T′=F=1.7N，
所以A受到的浮力为：F浮A=GA+T′=6N+1.7N=7.7N，
由F浮=ρ水gV排可知，A排开水的体积为：
V排A=F浮Aρ水g=7.7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7.7×10−4m3，
此时A浸入水中的深度为：hA=V排ASA=7.7×10−4m3(0.1m)2=0.077m=7.7cm，
则此时容器内水的深度为：h2=4cm+5cm+7.7cm=16.7cm。
答：(1)图甲所示水对容器底的压强为1200Pa；
(2)物体B的密度为2.7×103kg/m3；
(3)图乙中ℎ 2的值为16.7cm。
【解析】(1)根据p=ρ水gh求出水对容器底的压强；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，从而可求出B的体积；水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，因为根据F浮=ρ水gV排可求出此时B受到的浮力，根据力的相互作用可求出此时容器底对物体B的支持力，从而可求出B的重力，根据G=mg=ρVg可求出物体B的密度；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，则GA=F=6N，当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，说明此时A、B整体恰好漂浮，A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，根据平衡力和力的相互作用可求出A受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排可求出A排开水的体积，从而此时A浸入水中的深度和容器内水的深度。
本题考查了阿基米德原理、密度、压力、物体的沉浮条件的应用、液体压强等知识，灵活运用公式是解题的关键。
25.【答案】解：(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，
小明站在踏板上时，由I=UR可知，R3的阻值：
R3=UBI2=4V0.25A=16Ω，
由丙图可知，当R3=16Ω时，F=600N，
由于压力等于重力，所以小明的重力：G=F=600N；
(2)乙图中左电路可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表A1测量电路中的电流，
因串联电路处处电流相等，所以滑动变阻器接入电路的阻值：
R中=U1I1=Ω，
小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，则滑动变阻器的最大阻值：R=2R中=2×40Ω=80Ω；
(3)因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以由I=UR可得：
小明站在踏板上时，UA=U1+I1R1=14.4V+0.36A×R1-------①
小红站在踏板上时，UA=U2+I2R1=12V+0.6A×R1-------②
联立①②可得：R1=10Ω，UA=18V；
(4)小李站上去后电压表示数为13.5V，根据串联电路电压规律，R1两端的电压为U1′=UA−U2′=18V−13.5V=4.5V，根据分压原理，
U1′R1=U2′R2′，即4.5V10Ω=13.5VR2′，
解得：R2′=30Ω，
由(2)可知，身高h1=160cm的小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，即R中=40Ω，根据电阻棒接入电路的阻值与接入电路的长度成正比，
h1h李=R中R2′，即160cmh李=40Ω30Ω，
解得：h李=120cm。
答：(1)小明的重力为600N；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω；
(3)电源UA的电压为18V；
(4)小李的身高为120cm。
【解析】(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，根据欧姆定律求出小明站在踏板上时R3的阻值，再根据图象数据读出压力的大小，最后根据压力等于重力可知小明的重力；
(2)当滑片恰好在R2中点时，电压表示数为14.4V，电流表A2的示数为0.36A，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)根据乙图中左电路可知，滑动变阻器与R2串联，电流表A1测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出电源电压和定值电阻R1的值；
(4)根据串联电路电压规律和分压原理计算小李测身高时电阻棒接入电路的电阻，由图示可知，身高越高，电阻棒接入电路的阻值越大，根据电阻棒接入电路的阻值与接入电路的长度成正比计算小李的身高。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键能从题中得出有用信息。