2024年山东省枣庄市市中区中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年山东省枣庄市市中区中考物理一模试卷（含详细答案解析），共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还。两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山。”李白这首脍炙人口的七言绝句，描绘了一幅阐述运动相对性的完美画卷，诗中的意境如图所示。从物理学的角度看，我们说舟中人是静止的，所选的参照物是( )
A. 白帝
B. 江陵
C. 两岸
D. 轻舟
2.如图所示，游乐园内有一个奇特的传声筒，内部中空，向一个喇叭喊话，在其余喇叭处均可以听到声音，下列说法错误的是( )
A. 声音可以通过筒内空气传播
B. 声音在筒内发生了多次反射
C. 脸部能感受到空气振动说明声音可以传递能量
D. 通过传声筒听到的声音感觉更响亮是因为声音在筒内传播时频率变大
3.商周时期，我国劳动人民就熟练掌握了青铜器铸造技术。工匠将青铜原料加热化为青铜液体，然后将液体倒入模具中冷却成型。下列说法正确的是( )
A. 固态青铜原料加热化为液体的过程是液化
B. 青铜液体倒入模具中冷却成青铜器的过程是凝华
C. 青铜液体冷却成青铜器的过程放出热量
D. 模具中的青铜液体冷却成青铜器后质量变大
4.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是15cm
B. 图中成像特点与投影仪的成像特点相同
C. 燃烧的蜡烛不断变短，光屏上成的像会下移
D. 保持蜡烛与光屏不动，向左移动透镜至合适位置，光屏上仍能得到清晰的像
5.对中学生体育运动相关数据的估测，符合实际的是( )
A. 立定跳远的跳跃距离约为2mB. 一个篮球的质量约为100g
C. 800m比赛后体温约为45℃D. 100m跑的成绩约为8s
6.质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，c水>c液。下列说法中( )
①甲物质是水
②0∼12min乙温度降低了20℃
③0∼12min甲放出了8.4×104J的热量
④乙物质的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)
A. 只有①②正确B. 只有②④正确C. 只有①③正确D. 只有①④正确
7.如图所示是一种太阳能背包。它的前面有一个太阳能电池板，里面有一个蓄电池，可以给手机、小风扇或数码相机等电子产品供电。下列说法错误的是( )
A. 太阳能电池板将太阳能转化为电能
B. 给蓄电池充电将电能转化为化学能
C. 蓄电池放电将化学能转化为电能
D. 小风扇工作将化学能转化为机械能
8.用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球后，金属箔张角如图甲所示；接着用毛皮摩擦过的气球再接触金属球，金属箔张角变大，如图乙所示；然后用短波紫外光照射但不接触金属球，金属箔张角如图丙所示，此时金属球中的某种电荷“逃”到了空气中。下列推断错误的是( )
A. 甲图中瞬间电流方向是由验电器到橡胶棒
B. 乙图中摩擦过的气球带负电
C. 丙图中金属箔张角变小是因为它们相互吸引
D. 丙图中从金属球“逃”出的是电子
9.如图所示，是列车上烟雾报警器的简化原理图。内装有一个激光发生器及带有一光敏电阻R的电路，其中电源电压恒定，R0为定值电阻。有烟雾产生时，激光被烟雾遮挡而使光敏电阻的阻值发生变化，从而改变电路中的电流。当电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警。下列说法中正确的是( )
A. 光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大
B. 烟雾越浓，电流表示数越小
C. 烟雾越浓，电压表示数越小
D. 若要提高警报灵敏度，可以适当增大R0的阻值
10.商场里的自动扶梯无人乘坐时，运行速度缓慢；有人乘坐时，“感应开关”自动闭合，速度增大。自动扶梯的出、入口处各有一个“紧急制动开关”，断开任何一个，都能使自动扶梯停止，模拟电路如图所示。下列说法错误的是( )
A. S1、S2是“紧急制动开关”，S3是“感应开关”
B. 有人乘坐时，S1、S2、S3均闭合
C. 有人乘坐时，电动机两端电压小于电阻R两端电压
D. 无人乘坐时，电阻R可以起到节约电能的作用
11.如图甲所示的电路中，电源电压不变，小灯泡L的阻值不变，滑动变阻器R的规格是“100Ω1A”。闭合开关，在保证电路元件安全且能使小灯泡正常发光的前提下，最大范围内移动滑片，绘制了通过变阻器的电流与变阻器阻值关系的图象，如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V
B. 小灯泡的电阻为10Ω
C. 小灯泡的额定功率为1.8W
D. 整个电路电功率最小时，20s内滑动变阻器消耗的电能为12J
12.安全教育已越来越引起学校和社会各界的高度重视，并开展了一系列丰富多彩的教育活动。在某校一次安全用电知识的“对”、“错”抢答比赛中，下列选项应答“对”的是( )
A. 若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
B. 使用三线插头和三孔插座的目的，是将用电器的金属外壳与大地相连
C. 家庭电路的开关，接在零线或火线上都可以
D. 雷雨天气可以打着雨伞在开阔地上行走
13.在班级组织的“自制指南针”活动中，小伟同学用条形磁体将缝衣针磁化后，将其放在水中漂浮的一片树叶上。多次将树叶轻轻旋转，待树叶静止后，观察到树叶的尖端总是指向南方，如图所示。下列说法中正确的是( )
A. 树叶尖端指向地磁南极
B. 指南针的“N”应标注在树叶尖端
C. 树叶周围存在磁场和磁感线
D. 若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引
14.我国自行研制的第三艘航空母舰福建号采用了最先进的电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力而快速起飞。下列各图能正确反映电磁弹射器工作原理的是( )
A. B.
C. D.
15.关于能源、信息、新材料和航天，下列说法正确的是( )
A. 核能和地热能都是可再生能源
B. 核潜艇是利用原子核发生聚变来获取动力的
C. 弯曲的光导纤维也能传输信息，说明光可以沿曲线传播
D. 中国航天员王亚平进行“天宫课堂”授课时，依靠电磁波与地面之间进行信息传递
二、填空题：本大题共10小题，共28分。
16.今年五月，第七届南京市中小学生龙舟大赛成功举办。图示是比赛的一个场景。
(1)敲鼓越用力，鼓声越响，这是通过改变声源的______来改变声音的响度，运动员听到的鼓声是通过______传入人耳的。
(2)以运动员为参照物，龙舟是______的。
(3)某赛队在500m直道比赛中共用时1min40s，则龙舟的平均速度是______m/s。
17.如图所示，患近视的同学看远处物体时，成像在视网膜前，要使像成在视网膜上，人应该______(选填“靠近”或“远离”)物体，或者佩戴一个由合适的______(选填“凸”或“凹”)透镜制成的眼镜。
18.如图所示是我国航天员在中国空间站锻炼身体的画面。此画面信息是通过______(选填“电磁波”或“超声波”)传回地面指挥中心的。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
19.小汽车是主要的交通工具，某品牌小汽车四冲程汽油机的转速为2400r/min，则1s内汽油机对外做功______次，当汽车在加油站加油时，司机能闻到很浓的汽油味，是______现象。如果汽车在某段时间内消耗了210 g汽油，则汽油完全燃烧可放出热量______ J，这些热量能让100kg的水温度升高______ ℃。(q汽油=4.6×107J/kg，不计热量损失)
20.如图所示是课外活动时，同学们设计的电子身高测量仪的电路简图，绝缘板A与滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，且同步上下移动。已知电源电压恒为20V，定值电阻R1=30Ω，滑动变阻器的规格为“100Ω1A”，电压表的量程为0−15V，电流表的量程为0−3A。下表为R2接入电路的阻值与被测者身高的对应关系。
某同学测得自己的身高为165cm，测量时通过电流表的电流为______ A；为保证电路安全工作，此测量仪测量的身高最多不能超过______ cm。
21.小明家的电能表面板如图所示，图中电能表的示数为______kW⋅h，他家同时使用的用电器总功率不能超过______ W，家里新添置一台空调并接入该电能表中，让其单独工作5min，电能表的指示灯闪烁了320次，则该空调的实际电功率为______ W。
22.如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从b点滑向a点的过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示。
(1)图乙中______(选填“dc”或“ec”)表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图像；
(2)该电路消耗的最大总功率与最小总功率之比为______。
23.家庭电路的部分电路图如图所示(电路连接正确)。根据电路图可以判断甲、乙两根进户线中______是火线。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管______(选填“发光”或“不发光”)；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2______(选填“短路”或“断路”)。
24.如图是动圈式话筒内部结构图。对着话筒说话时，声带______发出声音，使膜片带动线圈做切割磁感线运动，产生的感应电流进入扬声器，将声音放大，改变了声音的______(选填“音调”或“响度”)。线圈切割磁感线运动的过程中，将______能转化为电能。
25.我国新能源轻轨列车出口阿根廷，轻轨列车利用太阳能光伏发电将太阳能转化为电能存储在电池中，为列车驱动提供动力，最高运行速度可达60km/h。轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是______ km。太阳能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，来源于太阳内部发生的______(选填“核裂变”或“核聚变”)。
三、作图题：本大题共1小题，共3分。
26.如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水下有一块平面镜M，一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经水中的平面镜反射后恰过P点，请将光路图补充完整。
四、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
27.某小组的同学用如图甲所示器材完成了“探究平面镜成像的特点”的实验。
(1)实验中用薄玻璃板代替平面镜目的是：便于确定像的______。
(2)实验中应选择与蜡烛①外形相同且______(选填“已点燃”或“未点燃”)的蜡烛②，移动蜡烛②发现其恰好能与蜡烛①的像完全重合，说明像与物______。
(3)将蜡烛①远离玻璃板，像的大小将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)如图乙，将玻璃板倾斜，蜡烛①的像将______(选填“仍然”或“不再”)与蜡烛①关于镜面对称。
28.为测量某待测电阻Rx的阻值，实验探究小组设计了如图甲所示的电路图，并进行了实验。
(1)在连接如图乙的电路时，开关S应处于______状态，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于______(选填“A”或“B”)端；
(2)在如图乙所示的电路中，闭合开关，移动滑片，发现电压表示数为零，电流表有示数，经分析电路连接不完整，具体原因是______，请在图乙中用笔画线代替导线将电路连接完整；
(3)正确连接电路后，某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数为0.3A，则待测电阻Rx的阻值为______Ω；实验时应多测几组数据，求电阻的平均值，目的是______；
(4)某实验小组实验时发现电压表已损坏，为测量Rx的阻值，他们经过讨论设计了如图丙的电路图。已知电源电压不变，定值电阻的阻值为R，闭合开关S1、断开S2时电流表读数为I1；同时闭合开关S1和S2时电流表读数为I2，则Rx=______(用R、I1、I2表示)；
(5)实验小组完成实验后，他们经过讨论，认为用图甲的电路图还可以完成______实验。(至少填写一个实验名称)
29.课后服务社团活动中，“创新”兴趣小组在“测定小灯泡的电功率”的实验中先用如图甲所示的器材进行实验，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V(正常发光时电阻约为12Ω)。
(1)为能顺利完成该实验，下列不同规格的滑动变阻器应选用______(选填字母)；
A.“10Ω，0.5A”的滑动变阻器
B.“20Ω，2A”的滑动变阻器
C.“5Ω，1A”的滑动变阻器
(2)电路连接完成后，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，电流表无示数，小灯泡不亮。那么出现该故障的原因是______；
(3)故障排除后重新连接电路，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______端移动(选填“左”或“右”)；
(4)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______ W；
(5)实验结束后，某同学设计了如图丁所示的电路来测量额定电压为6V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为18V，定值电阻R的阻值为20Ω。实验步骤如下：
①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器R′的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表的示数为8V；
③再将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电压表的示数为14V；
④小灯泡的额定功率P额=______ W。
30.磁感应强度B用来描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉，符号是T。为了探究电磁铁外轴线上磁感应强度的大小与哪些因素有关，小聪设计了如图1所示的电路，图甲中电源电压为6V，R为磁感应电阻，其阻值随磁感应强度变化的关系图线如图2所示。
(1)当只闭合S2时，通电螺线管的左端为______极；
(2)当闭合S1和S2，图1乙中滑动变阻器的滑片P向右移动时，小超发现图1甲中电流表的示数逐渐减小，说明磁敏电阻R的阻值变______，电磁铁的磁感应强度变______；
(3)闭合开关S1和S2，保持滑片P不动，沿电磁铁轴线向左移动磁感应电阻R，测出R离电磁铁左端的距离s与对应的电流表示数I，算出R处磁感应强度B的数值如表，请计算s=5cm时，B=______T；
(4)通过表格数据可以得出：磁感应电阻与电磁铁距离越远，磁感应强度越______。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
31.“地锅炖”是中国民间的一道古老的传统小吃，有着上千年的历史，最常见的就是铁锅炖大鹅(如图)。其炖出的汤汁颜色鲜红，香色醉厚，是名副其实的中国传统饮食文化的代表。在一个标准大气压下，用炉子将4.5kg的食材从20℃加热至沸腾，共燃烧了2kg的干木柴，继续慢炖。已知锅内食材平均比热容为4.0×103J/(kg⋅℃)，干木柴的热值为1.2×107J/kg。求：
(1)食材加热到沸腾时吸收的热量；
(2)地锅炖食材烧到沸腾时的效率；
(3)若食材加热到沸腾时吸收的热量由燃烧煤气获得，则至少要消耗多少m3的煤气？(不计热量损失，煤气的热值约为4×107J/m3)
32.小雷和小美一起设计了一台简易饮水机，其简化的电路图如图甲所示。它有“加热”和“保温”两挡，其中R1为发热电阻，R2为定值电阻，额定电压为220V，加热挡额定功率为605W。图乙是实验室电能表的示意图。已知饮水机在保温挡和加热挡工作时，发热电阻R1的电功率之比为1：121。不考虑温度对电阻的影响，求：
(1)电阻R1的阻值为多少Ω？
(2)该饮水机保温状态时的额定功率为多少W？
(3)在测试时将其他用电器都关闭，只将饮水机置于加热挡工作，发现电能表的转盘在6min内转了100转，则此时实验室电路的实际电压为多少V？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【分析】
研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
同一物体处于同一状态，选取的参照物不同，其运动状态也一般不同，这就是运动和静止的相对性。
【解答】
从物理学的角度看，我们说乘船的人是静止的，即人相对于船的相对位置没有改变，故是选择船(轻舟)为参照物的，故ABC不符合题意；
故选：D。
2.【答案】D
【解析】解：A、声音可以通过筒内空气传播，故A正确；
B、声音在筒内发生了多次反射，故B正确；
C、脸部能感受到空气振动说明声音可以传递能量，故C正确；
D、通过传声筒听到的声音感觉更响亮是因为声音在筒内传播时响度变大，故D错误。
故选：D。
(1)声音的传播需要介质。
(2)声音遇到障碍物会发生反射。
(3)声音可以传递信息和能量。
(4)喇叭可以减小声音分散，增大响度。
知道声音传播的条件；知道声音可以传递能量；知道响度和音调。
3.【答案】C
【解析】解：A、固态青钢原料加蕊化为液体的过程是熔化，故A错误；
B、青铜液体倒入模具中冷却成青铜器的过程是凝固，故B错误；
C、青铜液体冷却成青铜器的过程放出热量，故C正确；
D、模具中的青铜液体冷却成青铜器后质量不变，故D错误。
故选：C。
(1)固态变为液态的过程叫做熔化；
(2)液态变为固态的过程叫做凝固；
(3)质量是物质的基本属性，它不随物体空间位置，形状、状态、温度的改变而改变。
本题考查对熔化、凝固和质量特性的认识与掌握，关键是清楚变化前后的状态。
4.【答案】D
【解析】解：
AB、由图可知，物距大于像距，则u>2f，f同时根据凸透镜成像的规律可知，此时光屏上成倒立、缩小的实像，这与照相机或摄像机的成像特点相同，故AB错误；
C、实验中，燃烧的蜡烛逐渐变短，向下运动，蜡烛成倒立的像，所以光屏上的像逐渐向上移动，故C错误；
D、根据折射现象中光路可逆，当保持蜡烛与光屏不动，向左移动透镜至合适位置，即当现在的物距大小变为原来的像距，则现在的像距大小为原来的物距大小时，光屏上仍能得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
(1)凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的。
当u=2f时，成倒立、等大的实像。
当f当u=f时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点。
当u成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
(2)根据经过光心的光线的传播方向不变分析作答；
(3)根据折射现象中光路可逆分析作答。
要熟记凸透镜成像的规律，搞清物距与像距之间的关系、成像规律在实际生活中的应用以及折射现象中光路可逆是解答此题的关键。
5.【答案】A
【解析】解：A.中学生立定跳远成绩一般在2m左右，故A符合实际；
B.一个篮球的质量约为500g，故B不符合实际；
C.人体正常体温在37℃左右，跑完800米比赛后体温可能略有上升，但变化幅度很小，故C不符合实际；
D.初中生百米跑所用时间一般是十几秒，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
6.【答案】D
【解析】解：①时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢，
根据热量的计算公式Q放=cmΔt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小，
所以，甲液体的比热容大，所以若甲、乙两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，故①正确；
②由图可知：乙液体的初温是60℃，放热12分钟后乙液体的末温是20℃，乙温度降低了40℃，故②错误；
③读图可得，甲在12min内由60℃降低到40℃，降低的温度是60℃−40℃=20℃，甲液体已判断出是水，
所以甲放出的热量Q放=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×20℃=4.2×104J，故③错误；
④由图知，0∼12min水放出的热量：
Q放=c水m水(t水−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×m水×(60℃−40℃)，
0∼12min乙液体放出的热量：
Q放=c乙m乙(60℃−20℃)，
由题知，水和乙液体的质量相同，即m水=m乙
4.2×103J/(kg⋅℃)×m水×(60℃−40℃)=c乙m乙(60℃−20℃)，
解得c乙=2.1×103J/(kg⋅℃)，故④正确。
故选：D。
(1)选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断；
(2)由图像知乙液体初温和末温；
(3)根据Q放=cmΔt可求出甲液体放出的热量；
(4)相同时间水和液体放出的热量相同，而水和液体的质量相同，变化的温度由图可知，根据放热公式求液体的比热容。
本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，能从温度-时间图象得出相关信息是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故A正确；
B、给蓄电池充电，蓄电池将电能转化为化学能，故B正确；
C、蓄电池放电，蓄电池将化学能转化为电能，故C正确；
D、小风扇工作时将电能转化为机械能，故D错误。
故选：D。
(1)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
(2)给蓄电池充电，蓄电池将电能转化为化学能；蓄电池放电，蓄电池将化学能转化为电能；
(3)小风扇工作时将电能转化为机械能。
本题考查了能量的转化和转移，属于基础题，要求掌握。
8.【答案】C
【解析】解：A、橡胶棒带负电，有多余的电子，橡胶棒接触不带电的验电器金属球，电子从橡胶棒移动到验电器，所以瞬间电流方向由验电器到橡胶棒，故A正确；
B、毛皮摩擦过的气球使带负电的验电器的张角变得更大，则说明气球与验电器带相同的电荷，即气球带负电，故B正确；
CD、题图丙中两个金属箔片带同种电荷相互排斥，金属箔的张角变小是由于两个金属箔带的电荷量减小，它们之间的斥力减小，其原因是电子转移走了，所以题图丙中有电子“逃”出，故C错误、D正确。
故选：C。
规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反；
电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了电流的方向、电荷间的相互作用，属于基础知识。
9.【答案】C
【解析】解：如图所示定值电阻R0光敏电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测光敏电阻两端的电压；
A、当有烟雾时报警，已知电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警，故有烟雾时，光照减弱，电路中电流增大，当电路电阻减小时，电流增大，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小，故A错误；
B、已知光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小，故烟雾越浓，光照强度越弱，电阻越小，电路中的电流越大，故B错误；
C、已知光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小，故烟雾越浓，光照强度越弱，电阻越小，电路中的电流越大，根据欧姆定律I=UR，定值电阻R0两端的电压增大，串联电路电源电压等于各部分电压之和，故光敏电阻两端的电压减小，即电压表示数减小，故C正确；
D、要提高警报灵敏度，需减小电路中的电阻以增大电流，使报警器更快报警，增大R0的阻值会增大电路电阻减小电流，不能提高警报灵敏度，故D错误。
故选：C。
如图所示定值电阻R0光敏电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测光敏电阻两端的电压；
当有烟雾时报警，已知电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警，故有烟雾时，光照减弱，电路中电流增大，当电路电阻减小时，电流增大，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小；结合欧姆定律确定电压表示数的变化；要提高警报灵敏度，需减小电路中的电阻以增大电流，使报警器更快报警。
本题是一道动态电路分析题，要能正确分析电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律，从题中得出光敏电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口。
10.【答案】C
【解析】解：A、电路分析电路中开关S1、S2在干路中，断开其中任何一个，都可以断开整个电路，电动机不工作，所以 S1、S2是紧急制动开关；S3与电阻R并联，S3闭合会把电阻R短路，使电路中电阻变小，电流变大，电动机的转速变大，则S3是感应开关，故A不符合题意。
BC、有人乘坐时，S1、S2、S3都闭合，电阻R被短路，自动扶梯高速运行，所以R两端电压为0，故C符合题意，B不符合题意；
D、无人乘坐时，S1、S2闭合，S3断开，电阻R串联在电路中，电路中电流较小，由W=Pt=UIt可知电能消耗少，电梯低速运行，故D不符合题意。
故选：C。
本题考查了电路分析，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】解：A.由题意及图中数据可得，当滑动变阻器接入电路的电阻为20Ω时，通过电阻的电流为0.3A，则滑动变阻器两端的电压为：U=IR=0.3A×20Ω=6V；
而电源电压应该大于6V，故A错误；
B：由题意及欧姆定律可得：U=I1RL+I1R1=0.3A×RL+0.3A×20Ω——————①；
当电路中的电流I2=0.1A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压U=I2RL+I2R2=0.1A×RL+0.1A×100Ω——————②
①②联立，解得：RL=20Ω、U电=12V，故B错误；
C：由题意可得，要保证电路安全且灯泡正常发光，则通过灯泡的电流最大为其额定电流，结合上述分析可得，小灯泡的额定电流为0.3A，额定电压为：U额=U电−U=12V−6V=6V；
则小灯泡的额定功率为：P额=U额I额=6V×0.3A=1.8W，故C正确；
D：整个电路中电源电压不变，当电流最小时，功率最小，由题意可得，电功率最小时，20s内滑动变阻器消耗的电能为：W=Pt=U电I小t=12V×0.1A×20s=24J，故D错误。
故选：C。
由图可知，灯泡L与变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器R两端的电压；
当电路中的电流I1=0.3A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压U=I1RL+I1R1，
当电路中的电流I2=0.1A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压U=I2RL+I2R2，
联立可得电源电压U和灯泡L的电阻RL；
由图乙可知，电路中的最大电流为0.3A，
为保证电路元件安全，电路中的电路不能超过灯泡L的额定电流和变阻器允许通过的最大电流，由变阻器的规格可知，变阻器允许通过的最大电流为1A，大于0.3A，据此可判断灯泡L的额定电流，根据P=I2RL可求出小灯泡的额定功率；
电路中电源电压不变，当电路中的电流最小时，整个电路电功率最小，由图乙可知电路中的最小和此时变阻器的阻值根据W=I2Rt求出整个电路电功率最小时，10s内滑动变阻器消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用、电能的计算，能从图中获取相关信息是解题的关键。
12.【答案】B
【解析】解：A.家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故A错误；
B：三孔插痤中有一个孔是用来连接地线的，让有金属外壳的用电器的外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故B正确；
C：家庭电路的开关，一定要接在火线上，故C错误；
D：打雷时，一定要第一时间远离空旷的地方，尽快走进室内躲避，同时举起雨伞等于增加了身体的高度，也会使人增加被雷直接击中的可能，故D错误。
故选：B。
(1)电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
(2)有金属外壳的用电器，其外壳要接地；
(3)家庭电路中开关控制用电器时，开关要接在电灯泡和火线之间，在断开开关，切断火线，操作时不容易发生触电事故；
(4)雷雨天气时，不能举着雨伞在开阔地上行走。
此题考查学生对安全用电的理解，熟知安全用电知识是关键，属于基础知识。
13.【答案】D
【解析】解：A、树叶尖端指向地理南极，故A错误；
B、指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B错误；
C、树叶周围存在磁场，不存在磁感线，故C错误；
D、若用磁体的N极靠近树叶尖端(S极)，是异名磁极，会相互吸引，故D正确。
故选：D。
(1)指南针在水平位置静止指南的是S极，指北的是N极。
(2)磁体周围存在磁场，但是磁感线不是真实存在的。
(3)同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
本题主要考查了指南针、地磁场和磁场的基本概念，属于基础性题目。
14.【答案】C
【解析】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图A是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图B是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B不符合题意；
C、图C有电源，通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，故C符合题意；
D、图D没有电源，是探究电磁感应现象的实验，故D不符合题意。
故选：C。
根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
15.【答案】D
【解析】解：A.核能的核燃料是不可再生能源，故A错误；
B：核潜艇是利用原子核发生裂变来获取动力的，故B错误；
C：弯曲的光导纤维也能传输信息，是因为光发生了反射，故C错误；
D：电磁波可以在真空中传播，所以天空站和地面之间的信息传递是通过电磁波完成的，故D正确。
故选：D。
(1)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
(2)核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。核潜艇的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变(链式反应)释放能量的。
(3)利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出．这样就把它携带的信息传递到了远方；
(4)电磁波可以在真空中传播，电磁波能够传递信息，也能传递能量。
本题考查了能源的分类、核能的利用、电磁波传递信息等，难度较小，属于基础知识的考查。
16.【答案】振幅 空气 静止 5
【解析】解：(1)敲鼓越用力，鼓皮的振幅越大，鼓声越响，这是通过改变声源的振幅来改变声音的响度，运动员听到的鼓声是通过空气传入人耳的。
(2)以运动员为参照物，龙舟与运动员之间的位置没有改变，是静止的。
(3)某赛队在s=500m直道比赛中共用时t=1min40s=100s，
龙舟的平均速度v=st=500m100s=5m/s。
故答案为：(1)振幅；空气；(2)静止；(3)5。
(1)响度与振幅有关，声音的传播需要介质；
(2)根据物体与参照物之间的位置是否改变判断运动和静止；
(3)根据速度公式v=st计算。
本题考查声音的特征与运动的相对性、速度计算，属于中档题。
17.【答案】靠近 凹
【解析】解：来自远处的光线经过眼睛的晶状体成像在视网膜的前面，说明是近视眼；要使像靠近视网膜，眼睛应该向物体靠近物体；凹透镜对光线有发散作用，近视眼戴凹透镜进行矫正。
故答案为：靠近；凹。
首先根据现象判断是近视眼还是远视眼，然后根据近视眼用凹透镜矫正，远视眼用凸透镜矫正。
近视眼能看清近处物体，不能看清远处物体；远视眼能看清远处物体，不能看清近处物体。近视眼戴凹透镜，远视眼戴凸透镜。
18.【答案】电磁波 不变
【解析】解：飞船与地面接收站之间是通过电磁波传递信息的，电磁波可以在真空中传播；五星红旗被航天员带到空间站，只是位置发生了变化，它的质量不变。
故答案为：电磁波；不变。
电磁波可以在真空中传播；质量是物质的一种属性，不随物质的形状、状态、位置和温度的变化而变化。
本题考查电磁波和质量的有关知识，难度不大。
19.【答案】20 扩散 9.66×106 23
【解析】解：汽油机一个工作循环有4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次，转速为2400r/min，则1s内完成了80个冲程，汽油机对外做功20次。
司机能闻到很浓的汽油味，说明汽油分子运动到了司机的鼻孔了，是分子无规则运动造成的，属于扩散现象。
如果汽车在某段时间内消耗了210g汽油，则汽油完全燃烧可放出热量Q放=m汽油q汽油=210×10−3kg×4.6×107J/kg=9.66×106J；
这些热量能让100kg的水升高的温度Δt=Q放c水m水=9.66×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=23℃。
故答案为：20；扩散；9.66×106；23。
(1)内燃机一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次；
(2)扩散现象表明：一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
(3)根据质量和热值利用Q放=mq计算完全燃烧燃料放出的热量；
(4)由Q=cmΔt可得这些热量能让100kg的水升高的温度。
本题考查扩散现象、吸热和放热公式的运用以及热机有关的知识，是一道热学综合题。
20.【答案】0.25185
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时，滑动变阻器接入电路的阻值为50Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR1+R2=20V30Ω+50Ω=025A；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时定值电阻两端的电压U1=U−U2=20V−15V=5V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I′=U0R0=5V30Ω=16A，
此时滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2′=U2I′=15V16A=90Ω，
由表格可知此时测量的身高为185cm。
故答案为：0.25；185。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时滑动变阻器接入电路的阻值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
根据串联电路电压规律计算此时定值电阻两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最大阻值，由表格可知此时测量的身高。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
21.【答案】219.622001200
【解析】解：电能表读数时，数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h，由图可知，此时电能表的示数为219.6kW⋅h；
由图中所给参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为10A，则他家同时使用用电器的最大总功率：Pmax=UImax=220V×10A=2200W；
3200imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
则指示灯闪烁320次时，电路消耗的电能：W=320imp3200imp/(kW⋅h)=0.1kW⋅h，
则电热水壶的功率：P=Wt=0.1kW⋅h560h=1.2kW=1200W。
故答案为：219.6；2200；1200。
(1)电能表读数时，数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h；
(2)由参数可知，电能表正常工作时的电压和允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(3)3200imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的指示灯闪烁3200次；据此求出电能表指示灯闪烁320次，空调消耗的电能，利用P=Wt求出空调的功率；
本题考查了电能表的计数、允许用电器同时工作的最大功率以及用电器电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
22.【答案】ec 3：1
【解析】解：(1)由甲图可知，R0与R串联，电压表V1测R0两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，滑动变阻器滑片P从b点滑向a点的过程中，滑动变阻器R接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，而定值电阻的电压U=IR，随着电流的增大而增大，ec表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图像。
(2)滑片P在a点时，电路中的电阻最小，电流最大，电流Ia=0.3A，由P=UI可知，电路总功率最大；
滑片P在b点时，电路中的电阻最大，电流最小，电流Ib=0.1A，由P=UI可知，电路总功率最小，则该电路消耗的最大总功率与最小总功率之比为：
PaPb=UIaUIb=IaIb=。
故答案为：(1)ec；(2)3：1。
滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
(1)根据定值电阻的电流与电压成正比分析；
(2)根据电路中的最大电流、最小电流，利用P=UI求出最大功率和最小功率的比值的大小。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律和电功率公式的应用，要明白电路各个用电器的连接情况。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，要能将电路图与图象结合起来并从中获取有用信息。
23.【答案】甲 发光 短路
【解析】解：根据甲图可知，S1与L1串联，能控制此灯，根据家庭电路的要求，先到开关后到灯头，故甲是火线；
只闭合开关S1。灯L1正常发光，电路正常，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管发光；
根据图可知，灯L1正常发光，再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2短路，L2断路对L1不影响。
故答案为：甲；发光；短路。
(1)家庭电路中用电器的开关应该接到用电器和火线之间，避免触电；
(2)当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
此题主要考查学生对于家庭电路连接规则和电路故障的分析，属于中考必考点。
24.【答案】振动 响度 机械
【解析】解：对着话筒说话时，声带振动发出声音，使膜片带动线圈做切割磁感线运动，产生的感应电流进入扬声器，将声音放大，改变了声音的响度。线圈在磁场中做切割磁感线运动时，闭合的回路中有感应电流产生，是发电机的工作原理，该过程中将机械能转化为电能。
故答案为：振动；响度；机械。
掌握动圈式话筒的工作原理：电磁感应现象。首先声带振动发出声音，声波使与金属膜片相连的音圈振动，切割磁感线而产生随声音变化的电流，将声信号转化为电信号。该原理与发电机的原理相同，发电机工作时将机械能转化为电能。
此题考查了动圈式话筒的工作过程及原理，动圈式话筒是根据电磁感应现象工作的，与发电机原理相同。
25.【答案】6 可再生 核聚变
【解析】解：轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程：s=vt=60km/h×0.1h=6km；
太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；这种能源可以源源不断地从自然界直接获取，故属于可再生能源。
故答案为：6；可再生；核聚变。
(1)利用速度公式求出轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程；
(2)太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；太阳能是我们可以从自然界源源不断地获取的能源，属于可再生能源。
本题考查速度公式的灵活运用和能源的分类、能源的来源，难度不大。
26.【答案】解：由凸透镜折射的规律可知，平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，根据像与物体关于平面镜对称，画出P在平面镜中形成的像P′，连接FP′，与平面镜交于Q点，FQ是水中的折射光线，也是平面镜的入射光线，连接QP，可得经平面镜反射的反射光线，如图所示：

【解析】(1)平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；
(2)光线从空气中进入水中，传播方向会发生改变，折射角小于入射角，折射光线的延长线过P在平面镜中像点P′，与平面镜的交点为入射点M；
(3)连接入射点与点P，QP是平面镜的反射光线。
本题考查了凸透镜的三条特殊光线、光的反射定律和折射规律的应用，注意：凸透镜的焦点为光线到水面的入射点。此题考查光的反射光路图和透镜光路图的画法，难度不大，关键是掌握凸透镜的三条特殊光线。
27.【答案】位置和大小 未点燃 大小相同 不变 仍然
【解析】解：(1)因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面的B蜡烛，便于确定像的位置和大小；
(2)实验中，用另一支未点燃的蜡烛②代替点燃蜡烛①的像；平面镜所成的像是虚像，人眼一直应该在蜡烛①这一侧观察，直至蜡烛②与蜡烛①的像完全重合，说明像与物大小相同；
(3)平面镜成的像与物大小相同，与物体到镜面的距离无关，所以将蜡烛远离玻璃板，像的大小将不变；
(4)将玻璃板倾斜，蜡烛①的像将仍然与蜡烛①关于镜面对称。
故答案为：(1)位置和大小；(2)未点燃；大小相同；(3)不变；(4)仍然。
(1)平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等，根据成像的特点分析实验操作的要求；
(2)为了比较像和物的大小关系，选取两个相同的蜡烛，用未点燃的蜡烛②，在玻璃板后面移动，与蜡烛①的像完全重合；平面镜所成的像是虚像，人眼应该透过玻璃板观察蜡烛①的像；
(3)平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关；
(4)平面镜成像时，像与物关于镜面对称。
本题考查探究平面镜成像的一些细节要求，培养学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
28.【答案】断开 B 电压表没有接入电路 5 减小误差 I1RI2−I1 探究电流与电压的关系
【解析】解：(1)为了保护电路，在连接如图乙的电路时，开关S应处于断开状态，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，即B端；
(2)原电路图中，电压表没有接入电路，故闭合开关，移动滑片，电压表示数为零，电流表有示数；在测电阻的阻值实验中，电压表应并联在电阻两端，如下图所示：
；
(3)正确连接电路后，某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数为0.3A，则待测电阻Rx的阻值为：
Rx=UxIx=Ω；
为了减小误差，应多次测量取平均值；
(4)闭合开关S1、断开S2时，两电阻串联，电流表读数为I1，则电源电压为U=I1(Rx+R)；
同时闭合开关S1和S2时，电路为只有Rx的简单电路，电流表读数为I2，则电源电压为U=I2Rx；
因电源电压不变，即I1(Rx+R)=I2Rx，
解得：Rx=I1RI2−I1；
(5)由图甲可知，用电压表测定值电阻两端电压，用电流表测通过定值电阻的电流，用滑动变阻器可以调节定值电阻两端电压，故用图甲的电路图还可以完成探究电流与电压的关系实验。
故答案为：(1)断开；B；(2)电压表没有接入电路；见解答图；(3)5；减小误差；(4)I1RI2−I1；(5)探究电流与电压的关系。
(1)为了保护电路，在连接如图乙的电路时，开关S应处于断开状态，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；
(2)在测电阻的阻值实验中，电压表应并联在电阻两端；
(3)根据R=UI求出待测电阻Rx的阻值；为了减小误差，应多次测量取平均值；
(4)根据电源电压不变结合欧姆定律写出Rx的表达式；
(5)根据图甲提供的实验器材分析回答。
本题测电阻的阻值实验，考查了注意事项、电路连接、电阻的计算、多次测量的目的及设计实验方案测电阻的能力。
29.【答案】B 小灯泡断路 左 0.51.8
【解析】解：(1)已知小灯泡额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为12Ω，则小灯泡正常发光时的电流约为：
I′=ULR=2.5V12Ω≈0.21A；
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U−ULI′=6V−Ω>10Ω，所以滑动变阻器应选用“20Ω，2A”，即B；
(2)电路连接完成后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即出现该故障的原因是小灯泡断路；
(3)故障排除后重新连接电路，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左端移动；
(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)实验步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片左边的电阻与灯泡串联，电压表测滑动变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压为6V，
根据串联电路电压的规律可得：U滑=U−U额=18V−6V=12V，所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为12V，则灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的全部电阻R′与定值电阻R串联，电压表测量滑动变阻器滑片左边电阻两端的电压，此时电压表示数为U左=8V；
由于滑动变阻器的全部电阻连入电路，为了间接测出定值电阻R两端的电压，所以需要测出滑动变阻器两端的电压，故再将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电压表示数为滑动变阻器两端的电压，即U′=14V；
③在步骤②中，滑动变阻器的全部电阻R′与定值电阻R串联，根据串联电路电压的规律可得，R的电压为：
UR=U−U′=18V−14V=4V，
由分压原理可得：
RR左=URU左，
所以滑动变阻器滑片左边电阻的阻值：
R左=U左UR⋅R=8V4V×20Ω=40Ω；
故在步骤①中，灯的额定电流为：
I额=U滑R左=12V40Ω=0.3A，
则小灯泡的额定功率：
P额=U额I额=6V×0.3A=1.8W。
故答案为：(1)B；(2)小灯泡断路；(3)左；(4)0.5；(5)1.8。
(1)已知小灯泡额定电压和正常发光时电阻，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流；根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器规格；
(2)电路连接完成后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(5)由图丁可知，电路中只有电压表，没有电流表，则需要根据串并联电路的特点间接测出通过灯泡的电流；所以，首先让灯正常发光，开关S、S1闭合，S2断开，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6V，由串联电路电压的规律可知，此时小灯泡正常发光；
若求出此时滑动变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律即可得出灯的额定电流；
为得出此时滑动变阻器连入电路的电阻，可保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关S、S2，断开开关S1，根据电压表示数，由串联电路电压的规律和分压原理得出滑动变阻器连入电路的电阻，然后根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，即为灯泡的额定电流，最后利用P=UI即可求出灯泡的额定功率。
本题测小灯泡的电功率实验，考查了器材的选择、电路故障、实验操作、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
30.【答案】N 大 大 0.40小
【解析】解：
(1)根据右手螺旋定则可判断，通电螺线管的左端为N极；
(2)闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路的电阻变小，通过电路的电流变大，电磁铁的磁感应强度变大，图甲中电流表的示数逐渐减小，说明磁感应电阻R的电阻变大；
(3)s=5cm时，由表格数据可知此时电流表示数是30mA，
由欧姆定律可得，此时磁感应电阻的阻值：R=UI=6V30×10−3A=200Ω，由图2可知，对应的磁感应强度B=0.40T；
(4)综合以上实验数据，分析(3)中的表格数据可以得出：电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越小。
故答案为：(1)N；(2)大；大；(3)0.40；(3)小。
(1)根据右手螺旋定则判断通电螺线管的极性；
(2)图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，判断滑动变阻器阻值的变化，从而可判断乙图电流的大小变化及电磁铁的磁感应强度变化；图甲中电流表的示数逐渐减小，据此分析磁敏电阻的变化；
(3)s=5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可以判断电阻大小，进而判断磁场的强弱；
(4)据上面的知识分析即可判断出变化的规律。
此题考查了电路的分析、欧姆定律的应用等知识点，是一道综合性的计算题。
31.【答案】解：(1)一个标准大气压下水的沸点为100℃，即需将水加热至100℃，
水吸收的热量：Q吸=cm水(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×4.5kg×(100℃−20℃)=1.44×106J；
(2)2kg干木柴完全燃烧释放的热量：
Q放=mq=2kg×1.2×107J/kg=2.4×107J；
地锅的效率：η=Q吸Q放×100%=1.44×106J2.4×107J×100%=6%；
(3)不计热量损失，则完全燃烧煤气放出的热量等于食材吸收的热量，所以消耗煤气的体积为：
V=Q放q=2.4×107J4×107J/m3=0.6m3。
答：(1)食材加热到沸腾时吸收的热量为1.44×106J；
(2)地锅炖食材烧到沸腾时的效率是6%；
(3)至少要消耗0.6m3的煤气。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容和水的温度变化，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)知道干木柴的热值和质量，根据Q放=mq求出干木柴完全燃烧释放的热量，水吸收的热量和焦炭完全燃烧放出热量的比值即为地锅的效率；
(3)由题意知，煤气完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，再根据Q放=Vq求出需要消耗煤气的体积。
本题考查学生对吸热公式和燃料燃烧放出热量公式、能量利用率公式的理解与运用，是一道较为简单的计算题。
32.【答案】解：(1)由图甲可知，当S接1时电路为R1的简单电路，当S接2时R1和R2串联，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，
所以，当S接1时，电路的总电阻最小，电源电压一定，此时电路的电流最大，由P=I2R可知，此时发热电阻R1的电功率最大，饮水机处于加热挡；
同理可知，当S接2时，饮水机处于保温挡；
当S接1时，电路为R1的简单电路，饮水机处于加热挡，
由P=U2R可得，R1的阻值：R1=U额2P加热=(220V)2605W=80Ω；
(2)当S接2时，R1和R2串联，饮水机处于保温挡，
由题意可知，此时发热电阻R1的电功率：P1=1121P加热=1121×605W=5W，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，电路中的电流：I= P1R1= 5W80Ω=0.25A，
该饮水机保温状态时的额定功率：P保温=UI=220V×0.25A=55W；
(3)因2000revs/(kW⋅h)表示电路每消耗1kW⋅h的电能时电能表转盘转过2000转，
所以，饮水机在加热挡工作6min消耗的电能：W=1002000kW⋅h=0.05kW⋅h=1.8×105J，
由W=U2Rt可得，此时实验室电路的实际电压：U实= WR1t= 1.8×105J×80Ω6×60s=200V。
答：(1)电阻R1的阻值为80Ω；
(2)该饮水机保温状态时的额定功率为55W；
(3)此时实验室电路的实际电压是200V。
【解析】(1)由图甲可知，当S接1时电路为R1的简单电路，当S接2时R1和R2串联，根据电阻的串联比较两种情况下总电阻的关系，当电路的总电阻最小时电路中的电流最大，根据P=I2R可知发热电阻R1的电功率最大，饮水机处于加热挡，反之处于保温挡；当S接1时，电路为R1的简单电路，饮水机处于加热挡，根据P=U2R求出R1的阻值；
(2)当S接2时，R1和R2串联，饮水机处于保温挡，根据题意求出此时发热电阻R1的电功率，利用串联电路的电流特点和P=I2R求出电路中的电流，再利用P=UI计算保温功率；
(3)2000revs/(kW⋅h)表示电路每消耗1kW⋅h的电能时电能表转盘转过2000转，据此求出饮水机在加热挡工作6min消耗的电能，利用W=U2Rt求出此时实验室电路的实际电压。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的综合应用，正确得出饮水机处于不同挡位时电路的连接方式以及明白电能表参数的含义是关键。身高(cm)
140
145
150
155
160
165
170
175
180
185
190
R2(Ω)
0
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
s/cm
1
2
3
4
5
6
I/mA
10
12
15
20
30
46
B/T
0.68
0.65
0.6
0.51
0.20