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2023-2024学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.煤炭是一种重要的能源，判断煤炭品质的优劣，最科学的做法是检验煤炭的( )
A. 比热容B. 导电性C. 密度D. 热值
2.如图所示，手持一根带正电的玻璃棒，靠近另一根被吊起的玻璃棒时，发现它们相互排斥，则被吊起的玻璃棒是( )
A. 带正电
B. 带负电
C. 不带电
D. 带正电或负电都可以
3.志愿者小亮正在为社区老人家里更换灯泡。下列操作流程符合安全用电原则的是( )
A. 摘下灯罩→更换灯泡→切断电源→通电测试
B. 切断电源→摘下灯罩→更换灯泡→通电测试
C. 更换灯泡→切断电源→摘下灯罩→通电测试
D. 摘下灯罩→切断电源→更换灯泡→通电测试
4.据《武经总要》记载，古人将具有磁性的空心铁鱼放入水中漂浮，制成指南鱼，如图是指南鱼静止时的指向，下列说法错误的是( )
A. 指南鱼能吸引铁屑
B. 指南鱼周围存在磁场
C. 指南鱼的头是磁体的S极
D. 指南鱼有南北两个磁极
5.如图是家庭电路中四种用电器耗电1kW⋅h持续工作的时间图，下列说法正确的是( )
A. 甲消耗的电能最多
B. 乙可能是空调
C. 乙与丙的实际功率相同
D. 电流通过丁做功最慢
6.如图是小明自制的火箭，发射时，先往瓶内喷入酒精并盖上锥形纸筒，然后按动电火花发生器点燃瓶内酒精，纸筒立即飞出。下列说法正确的是( )
A. 酒精燃烧过程中热值变小
B. 酒精燃烧是电能转化成了内能
C. 瓶内气体对纸筒做功使其飞出
D. 纸筒飞出，瓶内气体的内能增大
7.如图甲是小明测量小灯泡电阻的电路图，他根据测量数据绘制了小灯泡和滑动变阻器的I−U图，如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 图象b是小灯泡的I−U图B. 电源电压为4.5V
C. 电路总功率不超过0.625WD. 滑动变阻器的阻值一定要大于25Ω
二、填空题：本大题共7小题，共27分。
8.在甲、乙两杯质量相同的水中同时滴入一滴墨水，一段时间后，墨水扩散情况如图所示，则______杯水的温度较高，______杯水的分子运动较剧烈，______杯水的内能较大。(均选填“甲”或“乙”)
9.如图是氦的原子模型示意图，原子核是______，核外电子是______，其中带负电的是______。(均选填“A”或“B”)
10.如图是汽油机的做功冲程示意图，此冲程活塞往______(选填“上”或“下”)运动，将内能转化为______能。汽油机的效率越高，在做功同样多的情况下，就消耗越______(选填“多”或“少”)的汽油。
11.如图所示，将右端夹子在铅笔芯上向左移动，接入电路的电阻变______，灯泡亮度变______；断开电路，铅笔芯的阻值______(选填“等于”或“不等于”)零。
12.磁体间力的作用是通过______发生的。如图是某一磁体周围的部分磁感线，磁感线______(选填“是”或“不是”)客观存在的。若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其N极指向______(选填“P”或“Q”)处。
13.图中甲、乙、表格分别是某电热水杯及其简化电路图和铭牌的部分信息，其中R1、R2均为发热电阻，R1>R2，请完成下列问题。
(1)电热水杯的电源插头有三条线，其中标着E的导线和电热水杯的______相连，插座上相应的导线和______(选填“火线”“零线”或“地线”)相连，当电热水杯插头插入插座时，家里空气开关立即“跳闸”，则故障可能是______。
(2)当闭合S1、S2时，R1与R2是______(选填“串”或“并”)联的，水杯处于______(选填“高”“中”或“低”)温挡；低温挡的额定功率为______ W。
14.某物理兴趣小组想制作简易的风速仪，设计了如图甲所示的电路原理图，电源电压U恒为6V，电阻R0为14Ω，电压表量程0∼3V，均匀电阻丝R为10Ω，长度为20cm，装有轻质挡风板的滑片P与轻质弹簧套在光滑杆MN上，弹簧右端固定在N处。无风时，滑片P在B处；当风垂直吹在挡风板时，挡风板带动滑片P向左移动，弹簧拉伸，通过电压表示数，查阅相关资料，可估测出风速。弹簧弹力F与弹簧总长度l的关系如图乙所示，弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x成正比。写成公式就是F=kx，其中k是比例常数。
(1)当风速变大时，电压表的示数______(填“变大”“不变”或“变小”)。
(2)无风时，电压表的示数为______ V，R消耗的功率______ W。
(3)当电压表示数U为2V时，弹簧伸长了______ cm，此时挡风板受到的压力为______ N。
(4)想在风速仪的电压表上直接标出最大风速，查阅资料后获知该挡风板所受的风力与风速的平方成正比。用图甲的风速仪能测得的最大风速为v1，后因电阻R0损坏，将其换成了阻值为5Ω的电阻，此时能测得的最大风速为v2，则v1与v2的比值是______。(结果保留1位小数，已知 2≈1.4, 3≈1.7)
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.请用笔画线表示导线，将图中的电灯和开关接入家庭电路中。
16.如图所示，通电螺线管的右端为N极，请在图中标出其外部磁感线的方向和螺线管中的电流方向。
17.如图所示，请把灯泡、开关和电源的符号填入图中虚线框内，要求灯泡与电动机并联，开关同时控制灯泡和电动机。
四、实验探究题：本大题共4小题，共26分。
18.(1)图1是小明家电能表，示数为______kW⋅h。一个月后，电能表的示数为
，电价为0.6元/kW⋅h，则此月缴纳的电费是______元。
(2)在“探究电流产生的热量与电阻关系”的实验时，部分实验装置如图2所示，实验中通过观察两个U形管中______来判断电流产生的热量的多少，此实验装置可探究的是电流产生的热量与______的关系。
(3)在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，实验操作和现象如图3所示。
①如图甲所示，导体ab水平向右运动，______(填“能”或“不能”)产生感应电流；
②分析图甲和图乙可知，感应电流的方向与______有关；
③如图丙所示，灵敏电流表指针偏转方向与图甲相反，则实验操作可能是______。
19.小明在“探究并联电路的电流规律”实验中：
(1)他连接了图甲的电路，电流表测量______(选填“L1”“L2”或“干路”)电流，两个小灯泡的规格应选择______(选填“相同”或“不相同”)的；
(2)试触时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，应该进行操作是______；
(3)闭合开关，发现两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，造成此现象的原因可能是______；排除故障后，电流表示数如图丙所示，读数为______ A；
(4)他测完一组数据后，为了寻找普遍规律，下列操作可行是______(多项选择)。
A.多次断开、闭合开关，多测几组数据
B.换电流表的另一量程，再测一组数据
C.换用不同规格的灯泡，再测几组数据
D.将L2换成滑动变阻器，再测几组数据
20.在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中，实验电路图如图甲所示，电源电压恒为4.5V，定值电阻5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个。
(1)连接电路时，开关应处于______状态；
(2)闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值______处；
(3)在探究电流与电压的关系时，小明用5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，当电压表示数如图乙所示时，记录其示数为______ V，同时还需记录______的示数；
(4)在探究电流与电阻的关系时，小明每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，并将所得数据在坐标系描点，如图丙所示，分析图象可知：
①除其中一次实验外，其余均保持定值电阻两端的电压为______ V；
②选取______Ω定值电阻进行的实验是未保持电压不变的，若小明更换此定值电阻前后均未移动滑片，则更换此电阻前的那次实验选取的定值电阻为______Ω。
21.小明利用如图所示器材测量家中植物油的比热容。假设周围环境的气压为一个标准大气压，忽略鹅卵石、水和植物油在空气中热量散失。
实验步骤：
第一步：用案秤称出鹅卵石的质量m，然后在杯中分别倒入与鹅卵石质量相同的水和植物油，鹅卵石、水和植物油的温度均为25℃；
第二步：将两个相同的鹅卵石放入热水壶的沸水中，待它们与沸水同温后，夹起鹅卵石迅速分别放入装有水和植物油的杯中，测出鹅卵石与水、鹅卵石与植物油同温时的温度分别为t水=37℃、t油=50℃；
(1)鹅卵石放入沸水后，鹅卵石的内能______(选填“增大”或“减小”)，这是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变内能；
(2)第二步中当鹅卵石和水同温时，鹅卵石放出的热量______水吸收的热量；杯中水吸收的热量______植物油吸收的热量；(均选填“大于”“小于”或“等于”)
(3)鹅卵石的比热容______(选填“大于”“小于”或“等于”)植物油的比热容；
(4)植物油的比热容c油=______J/(kg⋅℃)。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
22.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为15Ω，当开关S闭合时，电流表A1的示数为0.30A，A2的示数为0.10A。求：
(1)通过R1的电流；
(2)电源电压；
(3)R2接入电路的阻值。
23.图甲是某全自动豆浆机示意图，豆浆机内部有电动机和电热管，豆浆机工作时，电热管先单独加热一段时间，然后电动机带动刀片打浆一段时间，如此重复几次。一次做豆浆的过程中，电热管和电动机的功率P与时间t关系如图乙所示，豆浆从电加热管吸热4.752×105J，豆浆机工作电压为220V。求此次做豆浆的过程中：
(1)电热管中的电流；
(2)电动机消耗的电能；
(3)电热管的加热效率。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
24.阅读短文，回答问题。
巨磁电阻效应法国科学家阿尔贝⋅费尔和德国科学家彼得⋅格林贝格尔由于研究巨磁电阻(GMR)效应而荣获诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，这一发现大大提高了磁、电之间信号转换的灵敏度如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，电源电压均保持不变。
(1)电磁铁是根据电流的______效应来制成的；
(2)先闭合S2，再闭合S1，巨磁电阻的阻值变______，闭合S1、S2后，向左调节滑片P，电磁铁的磁性变______，指示灯的亮度______(选填“变亮”“变暗”或“不变”)；
(3)若移动滑片过程中，电压表的示数是由3V变成2V，通过指示灯电流的大小在0.2A和0.3A之间变化，则电源电压U2为______V(忽略灯丝电阻的变化)；
(4)若将GMR分别放入通电螺线管内部的不同位置，发现指示灯的亮度不变，据此你的合理猜想是______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：热值是燃料的一种特性，单位质量的煤完全燃烧时所释放出的热量越大，说明该煤的热值越大，即是优质煤炭，故D正确。
故选：D。
热值是燃料的一种特性，表示单位质量的燃料完全燃烧时所释放出的热量。
本题考查了对热值特性的理解，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃棒带正电荷，靠近另一根被吊起的玻璃棒时，发现它们相互排斥，因为同种电荷相互排斥，所以被吊起的玻璃棒是带正电。
故选：A。
同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
知道电荷间的相互作用规律是解题的关键，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：更换灯泡之前必须断开开关，切断电源，摘下灯罩，更换灯泡，最后通电测试灯泡是否发光，故B正确，ACD错误。
故选：B。
更换灯泡前首先切断电源，再维修，最后通电测试。
本题考查更换灯泡的流程，一定要记住先切断电源。
4.【答案】C
【解析】解：A、磁性是指能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；鱼形铁是用铁制成的，能被磁体吸引，故A正确；
B、磁体周围存在着磁场，指南鱼是磁体，所以指南鱼周围存在磁场，故B正确；
C、指北的一端叫做北极，用字母N表示，鱼头指北是北极，故C错误；
D、一个磁体有两个磁极，分别为南极和北极，故D正确。
故选：C。
(1)磁性是指磁体能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；
(2)磁体周围存在着磁场；
(3)指北的一端叫做北极，用字母N表示；
(4)一个磁体有两个磁极，分别为南极和北极。
本题考查了磁现象的相关知识，较为基础。
5.【答案】C
【解析】解：
(1)由图可知，1kW⋅h的电能可供丁持续工作的时间最短、供乙和丙持续工作的时间相同、供甲持续工作的时间最长，由P=Wt可知，甲的电功率最小，乙、丙的电功率相同，丁的电功率最大，电流通过丁做功最快，故C正确、D错误；
(2)甲的电功率最小，在相同的时间内，甲消耗的电能最少，故A错误；
(3)乙的功率P=Wt=1kW⋅h20h=0.05kW=50W，空调的功率在1000W以上，乙不可能是空调，故B错误。
故选：C。
(1)由图可知，1kW⋅h的电能可供甲、乙、丙、丁持续工作的时间，利用P=Wt可得四种用电器的电功率大小关系；
(2)利用W=Pt比较消耗电能的大小关系；
(3)利用P=Wt计算乙的电功率，据此判断乙是否可能是空调。
本题考查了电功率的概念和意义，考查了学生根据题中信息解答问题的能力，属于基础题目。
6.【答案】C
【解析】解：A、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；
B、燃料本身具有化学能，因此酒精燃烧时将化学能转化为内能，故B错误；
C、酒精燃烧时将化学能转化为内能，燃气的内能再转化为纸筒的机械能，燃气推动纸筒飞出，故C正确；
D、纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D错误。
故选：C。
(1)热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关；
(2)燃料具有化学能，燃烧时将化学能转化为内能；
(3)做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能；
(4)物体吸收热量，温度升高、内能增加，物体放出热量，温度降低，内能减小。
本题考查了燃料的热值、热机的效率、能量的转化，属于基础题，要求掌握。
7.【答案】D
【解析】解：A、开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，通过灯泡的电流随灯泡两端的电压增大而增大，据此可知a为灯泡的I−U图像，b为滑动变阻器的I−U图像，故A错误；
B、开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，由图像可知，当电路中的电流为0.2A时，灯泡和变阻器两端的电压都为1.5V，根据串联电路电压规律可得，电源电压：U=1.5V+1.5V=3V，故B错误；
C、若电路消耗的电功率为P=0.625W，根据P=UI可得，I=PU=0.625W3V≈0.21A，
变阻器接入电阻为0时，电路的总电阻最小，此时变阻器两端的电压为0，由图像可知通过灯泡的最大电流(电路最大电流)：I大>0.25A>I，电路的最大功率：P大=UI大>0.625W，故C错误；
(4)变阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由图像b可知电路中最小电流小于0.1A，变阻器两端的电压大于2.5V，根据欧姆定律可得，变阻器的最大电阻：R大>Ω，滑动变阻器的阻值一定大于25Ω，故D正确。
故选：D。
(1)通过灯泡的电流随灯泡两端的电压增大而增大，据此分析；
(2)开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，根据串联电路电压规律结合图像计算电源电压；
(3)根据P=UI计算若电路的最大功率为0.625W时的电流，对比变阻器接入电阻为0时，电路的总电阻最小，此时变阻器两端的电压为0，由图像可知通过灯泡的电流，据此作答；
(4)变阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由图像b可知电路中最小电流小于0.1A，变阻器两端的电压大于2.5V，根据欧姆定律可得变阻器的最大电阻。
板梯考查串联电路规律和欧姆定律、电功率计算公式的应用，从图像获取信息是解题的关键。
8.【答案】乙 乙 乙
【解析】解：(1)分子的运动与温度有关，红墨水在乙杯水中扩散得快，说明乙杯水的温度高，乙杯水的分子运动较剧烈；
(2)在甲、乙两杯质量相同，乙杯水的温度高，内能较大。
故答案为：乙；乙；乙。
(1)物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子无规则运动的速度与温度有关，且温度越高，分子的运动越剧烈；
(2)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，与温度、质量、状态等有关。
本题以红墨水的扩散为内容考查分子的热运动、内能的知识，男难度不大。
9.【答案】B A A
【解析】解：原子的核式结构模型：原子是由位于原子中心的原子核、核外电子组成，核外电子由于受到原子核的吸引做圆周运动，原子核由质子和中子组成，质子带正电，电子带等量负电。由图可知，原子核是B，核外电子是A，其中带负电的是A。
故答案为：B；A；A。
原子是原子核及核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，核外电子带负电。
本题考查了原子的核式结构，在原子中，质子带正电，电子带负电。
10.【答案】下 机械 少
【解析】解：汽油机做功冲程中，活塞往下运动，将内能转化为机械能；
热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，因此汽油机的效率越高，在做功同样多的情况下消耗的汽油越少。
故答案为：下；机械；少。
(1)汽油机做功冲程中，活塞往下运动，将内能转化为机械能；
(2)热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，据此分析。
本题考查了四冲程内燃机的工作过程和热机效率的理解，属于基础题，难度不大。
11.【答案】小 亮 不等于
【解析】解：将右端夹子在铅笔芯上向左移动，接入电路的长度变小，故电阻变小，根据欧姆定律知，电路中的电流变大，灯泡亮度变亮；断开电路，没有电流，但铅笔芯的阻值不等于零。
故答案为：小；亮；不等于。
影响导体电阻大小的因素：长度、材料、横截面积和温度；电阻的大小与电流大小、电压大小无关；在电压不变的情况下，电流中的电阻越小，电路中的电流就越大，电阻是导体的属性，与电压电流无关。
本题考查了影响电阻大小的因素，属于基础题。
12.【答案】磁场 不是 Q
【解析】解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；
感线是为了描述看不见的磁场而引入的假想的闭合曲线，不是客观存在的；
根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点。
故答案为：磁场；不是；Q。
磁场的性质是对于放入其中的磁体产生磁力的作用；磁感线是为了描述看不见的磁场而引入的假想的闭合曲线；磁感线的曲线方向表示磁场的方向，磁场方向跟放在该点的小磁针的北极指向一致。
本题考查了磁感线的方向与磁场方向一致的应用，要会根据磁感线方向确定磁场的方向。
13.【答案】金属外壳 地线 插头发生短路 并 高 45
【解析】解：(1)电热水杯、电冰箱、微波炉等家用电器的电源插头有三条线，其中插头标着E的导线与用电器的金属外壳相连，插座处相应的导线和地线相连，这样做目的是使用电器的金属外壳与地线相连，防止因用电器“漏电”而触电；
当把电热水杯的插头插入插座时，空气开关立即跳闸，说明电路中的电流过大，可能插头发生短路；
(2)当闭合S1、S2时，R1与R2是并列连接即为并联；并联电路总电阻R总小于任何一个支路的电阻；当只闭合开关S1时，只有R1接入电路；当只闭合开关S2时，只有R2接入电路；根据P=UI=U2R可知，当闭合S1、S2时，总功率最大，所以是高温挡；只闭合开关S1时，电功率最小，是低温挡；只闭合开关S2时，是中温挡；
所以低温挡功率：P低=P高−P中=320W−275W=45W。
故答案为：(1)金属外壳；地线；插头发生短路；(2)并；高；45。
(1)三线插头能使金属外壳接地，即使家用电器因绝缘不好“漏电”，也会使电流通过导线导入大地，人也就不会触电；家庭电路电流过大的原因：短路或用电器的总功率过大；
(2)串联电路中电路只有一条路径，并联电路中电流有多条路径，并联电路中各用电器互不影响；并联电路总电阻小于任何一个支路的电阻，根据P=UI=U2R可知总功率最大，所以是高温挡；由P低=P高−P中计算低温挡功率。
本题考查安全用电、家庭电路中电流过大的原因、串并联电路识别以及电功率公式的应用，是基础题。
14.【答案】变大 00.62516321.1
【解析】解：(1)由图甲可知，开关闭合后，R与R0串联，风速变大时，滑片P向左移动电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知电路中的电流不变，电压表测量BP间的电压，BP间长度变大，电阻变大，根据欧姆定律可知电压表示数的变大；
(2)滑片在B端时，BP间的电阻为0，电压表示数为0；
根据串联电路电阻规律可得，电路的总电阻：R总=R+R0=10Ω+14Ω=24Ω，
由欧姆定律可得，电路中的电流：I=UR总=6V24Ω=0.25A，
根据P′=UI=I2R可得，R消耗的功率：P=I2R=(0.25A)2×10Ω=0.625W；
(3)当电压表示数U为UV=2V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：RBP=UVI=2V0.25A=8Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：lBP=8Ω10Ω×20cm=16cm；
由图乙可得，弹簧总长度l1=10cm时，弹簧弹力F1=0；
弹簧总长度l2=20cm时，弹簧弹力F1=20N，
弹簧弹力F与弹簧总长度l的函数：F=l−10cm12cm/N，
所以弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x成正比：F=2N/cm⋅x，
当滑片P向左移动：lBP=16cm时，即弹簧伸长的长度：x=16cm，
弹簧弹力：F=2N/cm⋅x=2N/cm×16cm=32N，
此时挡风板受到的压力等于弹簧弹力，为32N；
(4)当电压表示数U为U′V=3V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：R′BP=U′VI=3V0.25A=12Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：lBP=12Ω10Ω×20cm=24cm>20cm；
图甲的风速仪能弹簧伸长的最大长度：x大=20cm，
弹簧的弹力：F大=2N/cm⋅x大=2N/cm×20cm=40N，
挡风板受到的压力等于40N，
挡风板所受的风力与风速的平方成正比，所以40N=μv12，(μ为比例系数)，
当将R0换成R′0=5Ω的电阻时，电路中的电流：
I′=UR′0+R=6V5Ω+10Ω=0.4A，
当电压表示数U为U′V=3V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：R′BP=U′VI=3V0.4A=7.5Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：l′BP=7.5Ω10Ω′×20cm=15cm<20cm；
R0更换后，图甲的风速仪能弹簧伸长的最大长度：x大′=15cm，
弹簧的弹力：F大′=2N/cm⋅x大′=2N/cm×15cm=30N，
挡风板受到的压力等于30N，所以30N=μv22，
则：v1v2= 40N30N=23 3≈23×1.7≈1.1。
故答案为：(1)变大；(2)0，；0.625；(3)16；32；(4)1.1。
(1)由图甲可知，开关闭合后，R与R0串联，风速变大时，滑片P向左移动电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知电路中的电流不变，电压表测量BP间的电压，BP间长度变大，电阻变大，根据欧姆定律可知电压表示数的变化；
(2)滑片在B端时，BP间的电阻为0，电压表示数为0；根据串联电路电阻规，律可得电路的总电阻，由欧姆定律计算电路中的电流，根据P′=UI=I2R计算R消耗的功率；
(3)当电压表示数U为2V时，由欧姆定律计算BP间的电阻，根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度；由图乙求出弹簧弹力F与弹簧总长度l的函数关系，进一步求出弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x的关系式，根据BP间的长度求出挡风板受到的压力的大小；
(4)分别求出v1与V2的关系式，再求其比值。
本题考查串联电路的规律及定律的运用，关键是从题中获取有效的信息。
15.【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示：
故答案为：如图所示。
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
16.【答案】解：在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极，因此图中磁感线的方向向左；根据安培定则可知，电流从通电螺线管左侧流入，右侧流出，据此作图如下：
【解析】(1)在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极；
(2)根据安培定则判断螺线管中的电流方向。
此题考查了磁感线及其特点、安培定则的应用，难度不大，属基础题目。
17.【答案】解：灯泡和电动机并联，所以与M并联的是灯泡，右边的两个方框任意一个是电源或开关，如图所示：
或。
【解析】一个完整的电路由电源、开关、导线和用电器等元件组成。
并联电路的各个用电器互不影响。
本题考查的是电路的基本组成和并联电路的特点；会根据要求画出电路图。
18.【答案】283.5298.8液面高度差 电阻 能 导体切割磁感线运动的方向 水平向左移动导体
【解析】解：(1)由图1知，示数为283.5kW⋅h，一个月消耗的电能为：W=781.5kW⋅h−283.5kW⋅h=498kW⋅h，
应缴纳电费：0.6元/kW⋅h×498kW⋅h=298.8元；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但空气加热后温度的变化可以通过U形管液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
如图2，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；
(3)①如图甲所示，导体ab水平向右运动，切割了磁感线，能产生感应电流；
②分析图甲和图乙可知，磁场方向不变，导体切割磁感线运动方向改变，电流方向改变，说明感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向有关；
③如图丙所示，灵敏电流表指针偏转方向与图甲相反，此时磁场方向不变，则导体的运动方向改变，则实验操作可能是水平向左移动导体。
故答案为：(1)283.5；298.8；(2)液面高度差；电阻；(3)①能；②导体切割磁感线运动的方向；③水平向左移动导体。
(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，两次示数之差即为本月的用电量，通过价格计算电费；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过转换法间接得到导体通电后产生热量的多少；电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
(3)要想产生感应电流，必须让闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，观察导体ab是否切割磁感线是判断的关键。
感应电流方向与导体的运动方向和磁场方向有关。
本题考查电能的读数、电热有关因素的探究和电磁感应，属于综合题。
19.【答案】干路 不相同 更换电流表的正负接线柱 接线柱接触不良 0.46CD
【解析】解：(1)分析甲图，可知电流表在干路上，所以测量干路电流，为了使实验结论更有普遍性需要用不同规格的小灯泡；
(2)由题可知，闭合开关之后，指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反，接下来需要更换电流表正负接线柱的接线；
(3)由题可知两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，说明电路中的电流时断时续，出现接触不良的问题；
由丙图可知电流表的量程是：0−0.6A，分度值为0.02A，故电流表的读数为：0.46A；
(4)为了寻找普遍规律，需要更换不同的用电器多次测量，CD符合，
A选项中多次断开、闭合开关，多测几组数据，会减小实验误差，得不到普遍规律；
B选项中换电流表的另一量程，再测一组数据，会使误差变大。因此选CD。
故答案为：(1)干路；不相同；(2)更换电流表的正负接线柱；(3)接线柱接触不良；0.46；(4)CD。
(1)分析甲图，判断电流表的测量对象，和哪个用电器串联，电流表就测量哪个用电器；
(2)电流表故障判断，闭合开关之后，指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反；
(3)发现两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，说明有些地方接触不良；
(4)为了寻找普遍规律，需要更换不同的用电器多次测量。
本题考查了并联电路中电流的规律，属于基础实验，难度一般。
20.【答案】断开 最大 2.6电流表 3 20 10
【解析】解：(1)为了符合安全用电原则，且防止触电危险，连接电路时要断开开关；
(2)同时为了保护电路，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处；
(3)电压表的量程为0−3V，分度值为0.1V，所以电压表的示数为2.6V；探究电流与电压的关系时，还需记录电流表的示数；
(4)研究电流与电阻的关系，控制电压不变，根据丙图，UV=IR=0.6A×5Ω=-----0.15×20Ω=3V，而当电阻为20Ω时，由图乙可知此时电流为0.18A，则电压为20Ω×0.18A=3.6V≠3V，故阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片控制定值电阻两端电压测出的数据；
由图乙可知此时电流为0.18A，此时电路中的电阻为R总=UI=Ω，因此接入的R滑=25Ω−20Ω=5Ω，根据串联分压，所以此前电路中的电流为I=UR=1.5V5Ω=0.3A，由图丙可知，此前接入的电阻为10Ω；
故答案为：(1)断开；(2)最大；(3)2.6；电流表；(4)3；20；10。
(1)连接电路时开关应处于断开状态，符合安全用电原则；
(2)滑动变阻器的滑片要接在阻值最大处，起到保护电路的作用；
(3)根据电压表的量程和分度值读数；探究电流与电压的关系时，还需记录电流表的示数；
(4)研究电流与电阻关系时，应控制电压不变，根据I−R图像，可得电压值，通过调节滑动变阻器的滑片实现控制电压不变；
根据如图丙画出的电流与电阻关系的图象知，除定值电阻为25Ω外，电流与电阻之积为一定值，由串联电路的规律和欧姆定律结合分压原理分析。
本题考查电流、电压和电阻三者关系的实验，注意控制变量的思想。最后一问有一定难度。
21.【答案】增大 热传递 等于 大于 小于 1.6×103
【解析】解：(1)鹅卵石放入沸水后，鹅卵石吸热，温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式改变内能；
(2)第二步中当鹅卵石和水同温时，忽略鹅卵石、水和植物油在空气中热量散失，故鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量；
根据已知条件可知，测出鹅卵石与水、鹅卵石与植物油同温时的温度分别为t水=37℃、t油=50℃，即鹅卵石的末温分别为37℃和50℃，而鹅卵石的初温为100℃，故可知在水中的鹅卵石温度降低得多，
根据Q=cmΔt可知，放入水中的鹅卵石放热多，故水吸热多，故可知杯中水吸收的热量大于植物油吸收的热量；
(3)放入油中的鹅卵石放出的热量等于油吸收的热量，根据Q=cmΔt可得：
c鹅卵石m(100℃−50℃)=c油m(50℃−25℃)-----①
可知鹅卵石的比热容小于植物油的比热容；
(4)根据鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量，故有：
c鹅卵石m(100℃−37℃)=c水m(37℃−25℃)-----②
根据②可得c鹅卵石=0.8×103J/(kg⋅℃)，
根据①可得，植物油的比热容：c油=1.6×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)增大；热传递；(2)等于；大于；(3)小于；(4)1.6×103。
(1)物体吸热，温度升高，内能增大，根据改变内能的两种方式分别是做功和热传递回答；
(2)根据已知条件，鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量；可知水和油中鹅卵石的末温，已知鹅卵石的初温，可知在水中的鹅卵石温度降低得多，根据Q=cmΔt可知放入水中的鹅卵石放热多，据此分析回答；(3)放入油中的鹅卵石放出的热量等于油吸收的热量，根据Q=cmΔt故比较鹅卵石的比热容与植物油的比热容大小；
(4)根据鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量，根据Q=cmΔt，结合(3)中得出的c鹅卵石，从而得出c油大小。
本题测量家中植物油的比热容，考查改变内能的两种方式及热平衡方程式的运用。
22.【答案】解：闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2支路电流；
(1)已知电流表A1的示数为0.30A，A2的示数为0.10A，即：I=0.3A，I1=0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R1的电流：I1=I−I2=0.3A−0.1A=0.2A；
(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由欧姆定律可得电源的电压：U=I1R1=0.2A×15Ω=3V；
(3)由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的阻值：R2=UI2=3V0.1A=30Ω。
答：(1)通过R1的电流为0.2A；
(2)电源电压为3V；
(3)R2接入电路的阻值为30Ω。
【解析】闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2支路电流，
(1)根据并联电路电流规律计算通过电阻R1的电流；
(2)根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电源的电压；
(3)根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的阻值。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用。
23.【答案】解：(1)由P=UI可得，豆浆机正常工作时的电热管中的电流：I=P1U=1100W220V=5A；
(2)由乙图可知：加热时间t1=9min=540s，电动机工作时间t2=2min=120s，
由P=Wt可得，电动机工作消耗的电能：W电=P2t2=130W×120s=1.56×104J；
(3)加热消耗的电能：W加=P1t1=1100W×540s=5.94×105J；
电热管的加热效率：η=Q吸W加×100%=4.752×105J5.94×105J×100%=80%。
答：(1)豆浆机正常工作时的电热管中的电流是4.55A；
(2)电动机的电能是1.56×104J；
(3)电热管的加热效率是80%。
【解析】(1)根据P=UI求出豆浆机正常工作时的电热管中的电流；
(2)(3)根据乙图读出加热时间和电动机工作时间，根据W=Pt求出加热消耗的电能和电动机工作消耗的电能；
知道豆浆吸收的热量，利用η=Q吸W加×100%求出电热管的加热效率。
本题考查了电功率公式和电功公式、吸热公式以及效率公式的应用，从表格中和图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】磁 变小 强 变亮 5 通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关
【解析】解：(1)电磁铁是利用电流的磁效应工作的；
(2)①如果先闭合S2，再闭合S1，GMR所处位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；
②GMR电路中，闭合开关，GMR和指示灯串联，电压表测GMR两端电压，闭合S1、S2后，向左调节滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性变强，GMR的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡变亮。
(3)当电压表的示数UGMR=3V时，电路中的电流I1=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U2=UGMR+I1RL=3V+0.2A×RL，
当电压表的示数UGMR′=2V时，电路中的电流I2=0.3A，
则电源的电压：
U2=UGMR′+I2RL=2V+0.3A×RL，
因电源的电压不变，
所以，3V+0.2A×RL=2V+0.3A×RL，
解得：RL=10Ω，
电源的电压U2=UGMR+I1RL=3V+0.2A×10Ω=5V。
(4)若将GMR分别放入通电螺线管内部的不同位置，发现指示灯的亮度不变，说明电流大小不变，即GMR的电阻不变，说明磁场强弱不变，据此的合理猜想是：通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关。
故答案为：(1)磁；(2)变小，强变亮；(3)5；(4)通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关。
(1)电磁铁是利用电流的磁效应工作的；
(2)①闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化；
(3)根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出右图中电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出指示灯的电阻，进一步求出电源的电压；
(4)根据灯泡的亮度向上磁场的强弱，据此解答。
本题考查电流的磁场、欧姆定律等，属于中档题。额定电压
220V
额定功率
高温挡
320W
中温挡
275W
低温挡
1.煤炭是一种重要的能源，判断煤炭品质的优劣，最科学的做法是检验煤炭的( )
A. 比热容B. 导电性C. 密度D. 热值
2.如图所示，手持一根带正电的玻璃棒，靠近另一根被吊起的玻璃棒时，发现它们相互排斥，则被吊起的玻璃棒是( )
A. 带正电
B. 带负电
C. 不带电
D. 带正电或负电都可以
3.志愿者小亮正在为社区老人家里更换灯泡。下列操作流程符合安全用电原则的是( )
A. 摘下灯罩→更换灯泡→切断电源→通电测试
B. 切断电源→摘下灯罩→更换灯泡→通电测试
C. 更换灯泡→切断电源→摘下灯罩→通电测试
D. 摘下灯罩→切断电源→更换灯泡→通电测试
4.据《武经总要》记载，古人将具有磁性的空心铁鱼放入水中漂浮，制成指南鱼，如图是指南鱼静止时的指向，下列说法错误的是( )
A. 指南鱼能吸引铁屑
B. 指南鱼周围存在磁场
C. 指南鱼的头是磁体的S极
D. 指南鱼有南北两个磁极
5.如图是家庭电路中四种用电器耗电1kW⋅h持续工作的时间图，下列说法正确的是( )
A. 甲消耗的电能最多
B. 乙可能是空调
C. 乙与丙的实际功率相同
D. 电流通过丁做功最慢
6.如图是小明自制的火箭，发射时，先往瓶内喷入酒精并盖上锥形纸筒，然后按动电火花发生器点燃瓶内酒精，纸筒立即飞出。下列说法正确的是( )
A. 酒精燃烧过程中热值变小
B. 酒精燃烧是电能转化成了内能
C. 瓶内气体对纸筒做功使其飞出
D. 纸筒飞出，瓶内气体的内能增大
7.如图甲是小明测量小灯泡电阻的电路图，他根据测量数据绘制了小灯泡和滑动变阻器的I−U图，如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 图象b是小灯泡的I−U图B. 电源电压为4.5V
C. 电路总功率不超过0.625WD. 滑动变阻器的阻值一定要大于25Ω
二、填空题：本大题共7小题，共27分。
8.在甲、乙两杯质量相同的水中同时滴入一滴墨水，一段时间后，墨水扩散情况如图所示，则______杯水的温度较高，______杯水的分子运动较剧烈，______杯水的内能较大。(均选填“甲”或“乙”)
9.如图是氦的原子模型示意图，原子核是______，核外电子是______，其中带负电的是______。(均选填“A”或“B”)
10.如图是汽油机的做功冲程示意图，此冲程活塞往______(选填“上”或“下”)运动，将内能转化为______能。汽油机的效率越高，在做功同样多的情况下，就消耗越______(选填“多”或“少”)的汽油。
11.如图所示，将右端夹子在铅笔芯上向左移动，接入电路的电阻变______，灯泡亮度变______；断开电路，铅笔芯的阻值______(选填“等于”或“不等于”)零。
12.磁体间力的作用是通过______发生的。如图是某一磁体周围的部分磁感线，磁感线______(选填“是”或“不是”)客观存在的。若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其N极指向______(选填“P”或“Q”)处。
13.图中甲、乙、表格分别是某电热水杯及其简化电路图和铭牌的部分信息，其中R1、R2均为发热电阻，R1>R2，请完成下列问题。
(1)电热水杯的电源插头有三条线，其中标着E的导线和电热水杯的______相连，插座上相应的导线和______(选填“火线”“零线”或“地线”)相连，当电热水杯插头插入插座时，家里空气开关立即“跳闸”，则故障可能是______。
(2)当闭合S1、S2时，R1与R2是______(选填“串”或“并”)联的，水杯处于______(选填“高”“中”或“低”)温挡；低温挡的额定功率为______ W。
14.某物理兴趣小组想制作简易的风速仪，设计了如图甲所示的电路原理图，电源电压U恒为6V，电阻R0为14Ω，电压表量程0∼3V，均匀电阻丝R为10Ω，长度为20cm，装有轻质挡风板的滑片P与轻质弹簧套在光滑杆MN上，弹簧右端固定在N处。无风时，滑片P在B处；当风垂直吹在挡风板时，挡风板带动滑片P向左移动，弹簧拉伸，通过电压表示数，查阅相关资料，可估测出风速。弹簧弹力F与弹簧总长度l的关系如图乙所示，弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x成正比。写成公式就是F=kx，其中k是比例常数。
(1)当风速变大时，电压表的示数______(填“变大”“不变”或“变小”)。
(2)无风时，电压表的示数为______ V，R消耗的功率______ W。
(3)当电压表示数U为2V时，弹簧伸长了______ cm，此时挡风板受到的压力为______ N。
(4)想在风速仪的电压表上直接标出最大风速，查阅资料后获知该挡风板所受的风力与风速的平方成正比。用图甲的风速仪能测得的最大风速为v1，后因电阻R0损坏，将其换成了阻值为5Ω的电阻，此时能测得的最大风速为v2，则v1与v2的比值是______。(结果保留1位小数，已知 2≈1.4, 3≈1.7)
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.请用笔画线表示导线，将图中的电灯和开关接入家庭电路中。
16.如图所示，通电螺线管的右端为N极，请在图中标出其外部磁感线的方向和螺线管中的电流方向。
17.如图所示，请把灯泡、开关和电源的符号填入图中虚线框内，要求灯泡与电动机并联，开关同时控制灯泡和电动机。
四、实验探究题：本大题共4小题，共26分。
18.(1)图1是小明家电能表，示数为______kW⋅h。一个月后，电能表的示数为
，电价为0.6元/kW⋅h，则此月缴纳的电费是______元。
(2)在“探究电流产生的热量与电阻关系”的实验时，部分实验装置如图2所示，实验中通过观察两个U形管中______来判断电流产生的热量的多少，此实验装置可探究的是电流产生的热量与______的关系。
(3)在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，实验操作和现象如图3所示。
①如图甲所示，导体ab水平向右运动，______(填“能”或“不能”)产生感应电流；
②分析图甲和图乙可知，感应电流的方向与______有关；
③如图丙所示，灵敏电流表指针偏转方向与图甲相反，则实验操作可能是______。
19.小明在“探究并联电路的电流规律”实验中：
(1)他连接了图甲的电路，电流表测量______(选填“L1”“L2”或“干路”)电流，两个小灯泡的规格应选择______(选填“相同”或“不相同”)的；
(2)试触时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，应该进行操作是______；
(3)闭合开关，发现两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，造成此现象的原因可能是______；排除故障后，电流表示数如图丙所示，读数为______ A；
(4)他测完一组数据后，为了寻找普遍规律，下列操作可行是______(多项选择)。
A.多次断开、闭合开关，多测几组数据
B.换电流表的另一量程，再测一组数据
C.换用不同规格的灯泡，再测几组数据
D.将L2换成滑动变阻器，再测几组数据
20.在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中，实验电路图如图甲所示，电源电压恒为4.5V，定值电阻5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个。
(1)连接电路时，开关应处于______状态；
(2)闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值______处；
(3)在探究电流与电压的关系时，小明用5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，当电压表示数如图乙所示时，记录其示数为______ V，同时还需记录______的示数；
(4)在探究电流与电阻的关系时，小明每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，并将所得数据在坐标系描点，如图丙所示，分析图象可知：
①除其中一次实验外，其余均保持定值电阻两端的电压为______ V；
②选取______Ω定值电阻进行的实验是未保持电压不变的，若小明更换此定值电阻前后均未移动滑片，则更换此电阻前的那次实验选取的定值电阻为______Ω。
21.小明利用如图所示器材测量家中植物油的比热容。假设周围环境的气压为一个标准大气压，忽略鹅卵石、水和植物油在空气中热量散失。
实验步骤：
第一步：用案秤称出鹅卵石的质量m，然后在杯中分别倒入与鹅卵石质量相同的水和植物油，鹅卵石、水和植物油的温度均为25℃；
第二步：将两个相同的鹅卵石放入热水壶的沸水中，待它们与沸水同温后，夹起鹅卵石迅速分别放入装有水和植物油的杯中，测出鹅卵石与水、鹅卵石与植物油同温时的温度分别为t水=37℃、t油=50℃；
(1)鹅卵石放入沸水后，鹅卵石的内能______(选填“增大”或“减小”)，这是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变内能；
(2)第二步中当鹅卵石和水同温时，鹅卵石放出的热量______水吸收的热量；杯中水吸收的热量______植物油吸收的热量；(均选填“大于”“小于”或“等于”)
(3)鹅卵石的比热容______(选填“大于”“小于”或“等于”)植物油的比热容；
(4)植物油的比热容c油=______J/(kg⋅℃)。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
22.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为15Ω，当开关S闭合时，电流表A1的示数为0.30A，A2的示数为0.10A。求：
(1)通过R1的电流；
(2)电源电压；
(3)R2接入电路的阻值。
23.图甲是某全自动豆浆机示意图，豆浆机内部有电动机和电热管，豆浆机工作时，电热管先单独加热一段时间，然后电动机带动刀片打浆一段时间，如此重复几次。一次做豆浆的过程中，电热管和电动机的功率P与时间t关系如图乙所示，豆浆从电加热管吸热4.752×105J，豆浆机工作电压为220V。求此次做豆浆的过程中：
(1)电热管中的电流；
(2)电动机消耗的电能；
(3)电热管的加热效率。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
24.阅读短文，回答问题。
巨磁电阻效应法国科学家阿尔贝⋅费尔和德国科学家彼得⋅格林贝格尔由于研究巨磁电阻(GMR)效应而荣获诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，这一发现大大提高了磁、电之间信号转换的灵敏度如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，电源电压均保持不变。
(1)电磁铁是根据电流的______效应来制成的；
(2)先闭合S2，再闭合S1，巨磁电阻的阻值变______，闭合S1、S2后，向左调节滑片P，电磁铁的磁性变______，指示灯的亮度______(选填“变亮”“变暗”或“不变”)；
(3)若移动滑片过程中，电压表的示数是由3V变成2V，通过指示灯电流的大小在0.2A和0.3A之间变化，则电源电压U2为______V(忽略灯丝电阻的变化)；
(4)若将GMR分别放入通电螺线管内部的不同位置，发现指示灯的亮度不变，据此你的合理猜想是______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：热值是燃料的一种特性，单位质量的煤完全燃烧时所释放出的热量越大，说明该煤的热值越大，即是优质煤炭，故D正确。
故选：D。
热值是燃料的一种特性，表示单位质量的燃料完全燃烧时所释放出的热量。
本题考查了对热值特性的理解，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃棒带正电荷，靠近另一根被吊起的玻璃棒时，发现它们相互排斥，因为同种电荷相互排斥，所以被吊起的玻璃棒是带正电。
故选：A。
同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
知道电荷间的相互作用规律是解题的关键，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：更换灯泡之前必须断开开关，切断电源，摘下灯罩，更换灯泡，最后通电测试灯泡是否发光，故B正确，ACD错误。
故选：B。
更换灯泡前首先切断电源，再维修，最后通电测试。
本题考查更换灯泡的流程，一定要记住先切断电源。
4.【答案】C
【解析】解：A、磁性是指能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；鱼形铁是用铁制成的，能被磁体吸引，故A正确；
B、磁体周围存在着磁场，指南鱼是磁体，所以指南鱼周围存在磁场，故B正确；
C、指北的一端叫做北极，用字母N表示，鱼头指北是北极，故C错误；
D、一个磁体有两个磁极，分别为南极和北极，故D正确。
故选：C。
(1)磁性是指磁体能够吸引铁、钴、镍等物质的性质；
(2)磁体周围存在着磁场；
(3)指北的一端叫做北极，用字母N表示；
(4)一个磁体有两个磁极，分别为南极和北极。
本题考查了磁现象的相关知识，较为基础。
5.【答案】C
【解析】解：
(1)由图可知，1kW⋅h的电能可供丁持续工作的时间最短、供乙和丙持续工作的时间相同、供甲持续工作的时间最长，由P=Wt可知，甲的电功率最小，乙、丙的电功率相同，丁的电功率最大，电流通过丁做功最快，故C正确、D错误；
(2)甲的电功率最小，在相同的时间内，甲消耗的电能最少，故A错误；
(3)乙的功率P=Wt=1kW⋅h20h=0.05kW=50W，空调的功率在1000W以上，乙不可能是空调，故B错误。
故选：C。
(1)由图可知，1kW⋅h的电能可供甲、乙、丙、丁持续工作的时间，利用P=Wt可得四种用电器的电功率大小关系；
(2)利用W=Pt比较消耗电能的大小关系；
(3)利用P=Wt计算乙的电功率，据此判断乙是否可能是空调。
本题考查了电功率的概念和意义，考查了学生根据题中信息解答问题的能力，属于基础题目。
6.【答案】C
【解析】解：A、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；
B、燃料本身具有化学能，因此酒精燃烧时将化学能转化为内能，故B错误；
C、酒精燃烧时将化学能转化为内能，燃气的内能再转化为纸筒的机械能，燃气推动纸筒飞出，故C正确；
D、纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D错误。
故选：C。
(1)热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关；
(2)燃料具有化学能，燃烧时将化学能转化为内能；
(3)做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能；
(4)物体吸收热量，温度升高、内能增加，物体放出热量，温度降低，内能减小。
本题考查了燃料的热值、热机的效率、能量的转化，属于基础题，要求掌握。
7.【答案】D
【解析】解：A、开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，通过灯泡的电流随灯泡两端的电压增大而增大，据此可知a为灯泡的I−U图像，b为滑动变阻器的I−U图像，故A错误；
B、开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，由图像可知，当电路中的电流为0.2A时，灯泡和变阻器两端的电压都为1.5V，根据串联电路电压规律可得，电源电压：U=1.5V+1.5V=3V，故B错误；
C、若电路消耗的电功率为P=0.625W，根据P=UI可得，I=PU=0.625W3V≈0.21A，
变阻器接入电阻为0时，电路的总电阻最小，此时变阻器两端的电压为0，由图像可知通过灯泡的最大电流(电路最大电流)：I大>0.25A>I，电路的最大功率：P大=UI大>0.625W，故C错误；
(4)变阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由图像b可知电路中最小电流小于0.1A，变阻器两端的电压大于2.5V，根据欧姆定律可得，变阻器的最大电阻：R大>Ω，滑动变阻器的阻值一定大于25Ω，故D正确。
故选：D。
(1)通过灯泡的电流随灯泡两端的电压增大而增大，据此分析；
(2)开关闭合后，灯泡L和变阻器R串联，根据串联电路电压规律结合图像计算电源电压；
(3)根据P=UI计算若电路的最大功率为0.625W时的电流，对比变阻器接入电阻为0时，电路的总电阻最小，此时变阻器两端的电压为0，由图像可知通过灯泡的电流，据此作答；
(4)变阻器接入电阻最大时，电路中的电流最小，由图像b可知电路中最小电流小于0.1A，变阻器两端的电压大于2.5V，根据欧姆定律可得变阻器的最大电阻。
板梯考查串联电路规律和欧姆定律、电功率计算公式的应用，从图像获取信息是解题的关键。
8.【答案】乙 乙 乙
【解析】解：(1)分子的运动与温度有关，红墨水在乙杯水中扩散得快，说明乙杯水的温度高，乙杯水的分子运动较剧烈；
(2)在甲、乙两杯质量相同，乙杯水的温度高，内能较大。
故答案为：乙；乙；乙。
(1)物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子无规则运动的速度与温度有关，且温度越高，分子的运动越剧烈；
(2)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，与温度、质量、状态等有关。
本题以红墨水的扩散为内容考查分子的热运动、内能的知识，男难度不大。
9.【答案】B A A
【解析】解：原子的核式结构模型：原子是由位于原子中心的原子核、核外电子组成，核外电子由于受到原子核的吸引做圆周运动，原子核由质子和中子组成，质子带正电，电子带等量负电。由图可知，原子核是B，核外电子是A，其中带负电的是A。
故答案为：B；A；A。
原子是原子核及核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，核外电子带负电。
本题考查了原子的核式结构，在原子中，质子带正电，电子带负电。
10.【答案】下 机械 少
【解析】解：汽油机做功冲程中，活塞往下运动，将内能转化为机械能；
热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，因此汽油机的效率越高，在做功同样多的情况下消耗的汽油越少。
故答案为：下；机械；少。
(1)汽油机做功冲程中，活塞往下运动，将内能转化为机械能；
(2)热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，据此分析。
本题考查了四冲程内燃机的工作过程和热机效率的理解，属于基础题，难度不大。
11.【答案】小 亮 不等于
【解析】解：将右端夹子在铅笔芯上向左移动，接入电路的长度变小，故电阻变小，根据欧姆定律知，电路中的电流变大，灯泡亮度变亮；断开电路，没有电流，但铅笔芯的阻值不等于零。
故答案为：小；亮；不等于。
影响导体电阻大小的因素：长度、材料、横截面积和温度；电阻的大小与电流大小、电压大小无关；在电压不变的情况下，电流中的电阻越小，电路中的电流就越大，电阻是导体的属性，与电压电流无关。
本题考查了影响电阻大小的因素，属于基础题。
12.【答案】磁场 不是 Q
【解析】解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；
感线是为了描述看不见的磁场而引入的假想的闭合曲线，不是客观存在的；
根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点。
故答案为：磁场；不是；Q。
磁场的性质是对于放入其中的磁体产生磁力的作用；磁感线是为了描述看不见的磁场而引入的假想的闭合曲线；磁感线的曲线方向表示磁场的方向，磁场方向跟放在该点的小磁针的北极指向一致。
本题考查了磁感线的方向与磁场方向一致的应用，要会根据磁感线方向确定磁场的方向。
13.【答案】金属外壳 地线 插头发生短路 并 高 45
【解析】解：(1)电热水杯、电冰箱、微波炉等家用电器的电源插头有三条线，其中插头标着E的导线与用电器的金属外壳相连，插座处相应的导线和地线相连，这样做目的是使用电器的金属外壳与地线相连，防止因用电器“漏电”而触电；
当把电热水杯的插头插入插座时，空气开关立即跳闸，说明电路中的电流过大，可能插头发生短路；
(2)当闭合S1、S2时，R1与R2是并列连接即为并联；并联电路总电阻R总小于任何一个支路的电阻；当只闭合开关S1时，只有R1接入电路；当只闭合开关S2时，只有R2接入电路；根据P=UI=U2R可知，当闭合S1、S2时，总功率最大，所以是高温挡；只闭合开关S1时，电功率最小，是低温挡；只闭合开关S2时，是中温挡；
所以低温挡功率：P低=P高−P中=320W−275W=45W。
故答案为：(1)金属外壳；地线；插头发生短路；(2)并；高；45。
(1)三线插头能使金属外壳接地，即使家用电器因绝缘不好“漏电”，也会使电流通过导线导入大地，人也就不会触电；家庭电路电流过大的原因：短路或用电器的总功率过大；
(2)串联电路中电路只有一条路径，并联电路中电流有多条路径，并联电路中各用电器互不影响；并联电路总电阻小于任何一个支路的电阻，根据P=UI=U2R可知总功率最大，所以是高温挡；由P低=P高−P中计算低温挡功率。
本题考查安全用电、家庭电路中电流过大的原因、串并联电路识别以及电功率公式的应用，是基础题。
14.【答案】变大 00.62516321.1
【解析】解：(1)由图甲可知，开关闭合后，R与R0串联，风速变大时，滑片P向左移动电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知电路中的电流不变，电压表测量BP间的电压，BP间长度变大，电阻变大，根据欧姆定律可知电压表示数的变大；
(2)滑片在B端时，BP间的电阻为0，电压表示数为0；
根据串联电路电阻规律可得，电路的总电阻：R总=R+R0=10Ω+14Ω=24Ω，
由欧姆定律可得，电路中的电流：I=UR总=6V24Ω=0.25A，
根据P′=UI=I2R可得，R消耗的功率：P=I2R=(0.25A)2×10Ω=0.625W；
(3)当电压表示数U为UV=2V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：RBP=UVI=2V0.25A=8Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：lBP=8Ω10Ω×20cm=16cm；
由图乙可得，弹簧总长度l1=10cm时，弹簧弹力F1=0；
弹簧总长度l2=20cm时，弹簧弹力F1=20N，
弹簧弹力F与弹簧总长度l的函数：F=l−10cm12cm/N，
所以弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x成正比：F=2N/cm⋅x，
当滑片P向左移动：lBP=16cm时，即弹簧伸长的长度：x=16cm，
弹簧弹力：F=2N/cm⋅x=2N/cm×16cm=32N，
此时挡风板受到的压力等于弹簧弹力，为32N；
(4)当电压表示数U为U′V=3V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：R′BP=U′VI=3V0.25A=12Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：lBP=12Ω10Ω×20cm=24cm>20cm；
图甲的风速仪能弹簧伸长的最大长度：x大=20cm，
弹簧的弹力：F大=2N/cm⋅x大=2N/cm×20cm=40N，
挡风板受到的压力等于40N，
挡风板所受的风力与风速的平方成正比，所以40N=μv12，(μ为比例系数)，
当将R0换成R′0=5Ω的电阻时，电路中的电流：
I′=UR′0+R=6V5Ω+10Ω=0.4A，
当电压表示数U为U′V=3V时，由欧姆定律可得，BP间的电阻：R′BP=U′VI=3V0.4A=7.5Ω，
根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度：l′BP=7.5Ω10Ω′×20cm=15cm<20cm；
R0更换后，图甲的风速仪能弹簧伸长的最大长度：x大′=15cm，
弹簧的弹力：F大′=2N/cm⋅x大′=2N/cm×15cm=30N，
挡风板受到的压力等于30N，所以30N=μv22，
则：v1v2= 40N30N=23 3≈23×1.7≈1.1。
故答案为：(1)变大；(2)0，；0.625；(3)16；32；(4)1.1。
(1)由图甲可知，开关闭合后，R与R0串联，风速变大时，滑片P向左移动电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知电路中的电流不变，电压表测量BP间的电压，BP间长度变大，电阻变大，根据欧姆定律可知电压表示数的变化；
(2)滑片在B端时，BP间的电阻为0，电压表示数为0；根据串联电路电阻规，律可得电路的总电阻，由欧姆定律计算电路中的电流，根据P′=UI=I2R计算R消耗的功率；
(3)当电压表示数U为2V时，由欧姆定律计算BP间的电阻，根据电阻丝的规格计算BP间电阻丝的长度；由图乙求出弹簧弹力F与弹簧总长度l的函数关系，进一步求出弹簧弹力F和弹簧伸长的长度x的关系式，根据BP间的长度求出挡风板受到的压力的大小；
(4)分别求出v1与V2的关系式，再求其比值。
本题考查串联电路的规律及定律的运用，关键是从题中获取有效的信息。
15.【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示：
故答案为：如图所示。
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
16.【答案】解：在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极，因此图中磁感线的方向向左；根据安培定则可知，电流从通电螺线管左侧流入，右侧流出，据此作图如下：
【解析】(1)在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到磁体的S极；
(2)根据安培定则判断螺线管中的电流方向。
此题考查了磁感线及其特点、安培定则的应用，难度不大，属基础题目。
17.【答案】解：灯泡和电动机并联，所以与M并联的是灯泡，右边的两个方框任意一个是电源或开关，如图所示：
或。
【解析】一个完整的电路由电源、开关、导线和用电器等元件组成。
并联电路的各个用电器互不影响。
本题考查的是电路的基本组成和并联电路的特点；会根据要求画出电路图。
18.【答案】283.5298.8液面高度差 电阻 能 导体切割磁感线运动的方向 水平向左移动导体
【解析】解：(1)由图1知，示数为283.5kW⋅h，一个月消耗的电能为：W=781.5kW⋅h−283.5kW⋅h=498kW⋅h，
应缴纳电费：0.6元/kW⋅h×498kW⋅h=298.8元；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但空气加热后温度的变化可以通过U形管液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
如图2，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；
(3)①如图甲所示，导体ab水平向右运动，切割了磁感线，能产生感应电流；
②分析图甲和图乙可知，磁场方向不变，导体切割磁感线运动方向改变，电流方向改变，说明感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向有关；
③如图丙所示，灵敏电流表指针偏转方向与图甲相反，此时磁场方向不变，则导体的运动方向改变，则实验操作可能是水平向左移动导体。
故答案为：(1)283.5；298.8；(2)液面高度差；电阻；(3)①能；②导体切割磁感线运动的方向；③水平向左移动导体。
(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，两次示数之差即为本月的用电量，通过价格计算电费；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过转换法间接得到导体通电后产生热量的多少；电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
(3)要想产生感应电流，必须让闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，观察导体ab是否切割磁感线是判断的关键。
感应电流方向与导体的运动方向和磁场方向有关。
本题考查电能的读数、电热有关因素的探究和电磁感应，属于综合题。
19.【答案】干路 不相同 更换电流表的正负接线柱 接线柱接触不良 0.46CD
【解析】解：(1)分析甲图，可知电流表在干路上，所以测量干路电流，为了使实验结论更有普遍性需要用不同规格的小灯泡；
(2)由题可知，闭合开关之后，指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反，接下来需要更换电流表正负接线柱的接线；
(3)由题可知两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，说明电路中的电流时断时续，出现接触不良的问题；
由丙图可知电流表的量程是：0−0.6A，分度值为0.02A，故电流表的读数为：0.46A；
(4)为了寻找普遍规律，需要更换不同的用电器多次测量，CD符合，
A选项中多次断开、闭合开关，多测几组数据，会减小实验误差，得不到普遍规律；
B选项中换电流表的另一量程，再测一组数据，会使误差变大。因此选CD。
故答案为：(1)干路；不相同；(2)更换电流表的正负接线柱；(3)接线柱接触不良；0.46；(4)CD。
(1)分析甲图，判断电流表的测量对象，和哪个用电器串联，电流表就测量哪个用电器；
(2)电流表故障判断，闭合开关之后，指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反；
(3)发现两个小灯泡的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，说明有些地方接触不良；
(4)为了寻找普遍规律，需要更换不同的用电器多次测量。
本题考查了并联电路中电流的规律，属于基础实验，难度一般。
20.【答案】断开 最大 2.6电流表 3 20 10
【解析】解：(1)为了符合安全用电原则，且防止触电危险，连接电路时要断开开关；
(2)同时为了保护电路，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处；
(3)电压表的量程为0−3V，分度值为0.1V，所以电压表的示数为2.6V；探究电流与电压的关系时，还需记录电流表的示数；
(4)研究电流与电阻的关系，控制电压不变，根据丙图，UV=IR=0.6A×5Ω=-----0.15×20Ω=3V，而当电阻为20Ω时，由图乙可知此时电流为0.18A，则电压为20Ω×0.18A=3.6V≠3V，故阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片控制定值电阻两端电压测出的数据；
由图乙可知此时电流为0.18A，此时电路中的电阻为R总=UI=Ω，因此接入的R滑=25Ω−20Ω=5Ω，根据串联分压，所以此前电路中的电流为I=UR=1.5V5Ω=0.3A，由图丙可知，此前接入的电阻为10Ω；
故答案为：(1)断开；(2)最大；(3)2.6；电流表；(4)3；20；10。
(1)连接电路时开关应处于断开状态，符合安全用电原则；
(2)滑动变阻器的滑片要接在阻值最大处，起到保护电路的作用；
(3)根据电压表的量程和分度值读数；探究电流与电压的关系时，还需记录电流表的示数；
(4)研究电流与电阻关系时，应控制电压不变，根据I−R图像，可得电压值，通过调节滑动变阻器的滑片实现控制电压不变；
根据如图丙画出的电流与电阻关系的图象知，除定值电阻为25Ω外，电流与电阻之积为一定值，由串联电路的规律和欧姆定律结合分压原理分析。
本题考查电流、电压和电阻三者关系的实验，注意控制变量的思想。最后一问有一定难度。
21.【答案】增大 热传递 等于 大于 小于 1.6×103
【解析】解：(1)鹅卵石放入沸水后，鹅卵石吸热，温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式改变内能；
(2)第二步中当鹅卵石和水同温时，忽略鹅卵石、水和植物油在空气中热量散失，故鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量；
根据已知条件可知，测出鹅卵石与水、鹅卵石与植物油同温时的温度分别为t水=37℃、t油=50℃，即鹅卵石的末温分别为37℃和50℃，而鹅卵石的初温为100℃，故可知在水中的鹅卵石温度降低得多，
根据Q=cmΔt可知，放入水中的鹅卵石放热多，故水吸热多，故可知杯中水吸收的热量大于植物油吸收的热量；
(3)放入油中的鹅卵石放出的热量等于油吸收的热量，根据Q=cmΔt可得：
c鹅卵石m(100℃−50℃)=c油m(50℃−25℃)-----①
可知鹅卵石的比热容小于植物油的比热容；
(4)根据鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量，故有：
c鹅卵石m(100℃−37℃)=c水m(37℃−25℃)-----②
根据②可得c鹅卵石=0.8×103J/(kg⋅℃)，
根据①可得，植物油的比热容：c油=1.6×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)增大；热传递；(2)等于；大于；(3)小于；(4)1.6×103。
(1)物体吸热，温度升高，内能增大，根据改变内能的两种方式分别是做功和热传递回答；
(2)根据已知条件，鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量；可知水和油中鹅卵石的末温，已知鹅卵石的初温，可知在水中的鹅卵石温度降低得多，根据Q=cmΔt可知放入水中的鹅卵石放热多，据此分析回答；(3)放入油中的鹅卵石放出的热量等于油吸收的热量，根据Q=cmΔt故比较鹅卵石的比热容与植物油的比热容大小；
(4)根据鹅卵石放出的热量等于水吸收的热量，根据Q=cmΔt，结合(3)中得出的c鹅卵石，从而得出c油大小。
本题测量家中植物油的比热容，考查改变内能的两种方式及热平衡方程式的运用。
22.【答案】解：闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2支路电流；
(1)已知电流表A1的示数为0.30A，A2的示数为0.10A，即：I=0.3A，I1=0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R1的电流：I1=I−I2=0.3A−0.1A=0.2A；
(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由欧姆定律可得电源的电压：U=I1R1=0.2A×15Ω=3V；
(3)由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的阻值：R2=UI2=3V0.1A=30Ω。
答：(1)通过R1的电流为0.2A；
(2)电源电压为3V；
(3)R2接入电路的阻值为30Ω。
【解析】闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R2支路电流，
(1)根据并联电路电流规律计算通过电阻R1的电流；
(2)根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电源的电压；
(3)根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的阻值。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用。
23.【答案】解：(1)由P=UI可得，豆浆机正常工作时的电热管中的电流：I=P1U=1100W220V=5A；
(2)由乙图可知：加热时间t1=9min=540s，电动机工作时间t2=2min=120s，
由P=Wt可得，电动机工作消耗的电能：W电=P2t2=130W×120s=1.56×104J；
(3)加热消耗的电能：W加=P1t1=1100W×540s=5.94×105J；
电热管的加热效率：η=Q吸W加×100%=4.752×105J5.94×105J×100%=80%。
答：(1)豆浆机正常工作时的电热管中的电流是4.55A；
(2)电动机的电能是1.56×104J；
(3)电热管的加热效率是80%。
【解析】(1)根据P=UI求出豆浆机正常工作时的电热管中的电流；
(2)(3)根据乙图读出加热时间和电动机工作时间，根据W=Pt求出加热消耗的电能和电动机工作消耗的电能；
知道豆浆吸收的热量，利用η=Q吸W加×100%求出电热管的加热效率。
本题考查了电功率公式和电功公式、吸热公式以及效率公式的应用，从表格中和图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】磁 变小 强 变亮 5 通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关
【解析】解：(1)电磁铁是利用电流的磁效应工作的；
(2)①如果先闭合S2，再闭合S1，GMR所处位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；
②GMR电路中，闭合开关，GMR和指示灯串联，电压表测GMR两端电压，闭合S1、S2后，向左调节滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性变强，GMR的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡变亮。
(3)当电压表的示数UGMR=3V时，电路中的电流I1=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U2=UGMR+I1RL=3V+0.2A×RL，
当电压表的示数UGMR′=2V时，电路中的电流I2=0.3A，
则电源的电压：
U2=UGMR′+I2RL=2V+0.3A×RL，
因电源的电压不变，
所以，3V+0.2A×RL=2V+0.3A×RL，
解得：RL=10Ω，
电源的电压U2=UGMR+I1RL=3V+0.2A×10Ω=5V。
(4)若将GMR分别放入通电螺线管内部的不同位置，发现指示灯的亮度不变，说明电流大小不变，即GMR的电阻不变，说明磁场强弱不变，据此的合理猜想是：通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关。
故答案为：(1)磁；(2)变小，强变亮；(3)5；(4)通电螺线管内部的磁场强弱与位置无关。
(1)电磁铁是利用电流的磁效应工作的；
(2)①闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化；
(3)根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出右图中电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出指示灯的电阻，进一步求出电源的电压；
(4)根据灯泡的亮度向上磁场的强弱，据此解答。
本题考查电流的磁场、欧姆定律等，属于中档题。额定电压
220V
额定功率
高温挡
320W
中温挡
275W
低温挡
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