还剩24页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2020-2021学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷
展开
这是一份2020-2021学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷，共27页。试卷主要包含了【答案】B，【答案】D，【答案】A，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷
1. 有关分子的知识，下列说法正确的是( )
A. 工地附近灰尘的运动属于分子热运动
B. 水结成冰时，水分子热运动停止
C. 固体难压缩，说明固体分子间存在斥力
D. 液体分子紧密排列，分子间没有间隙
2. 下列做法中符合安全原则的是( )
A. 电视天线与电线接触 B. 雷雨天人站在大树下避雨
C. 用湿抹布擦通电的灯泡 D. 将洗衣机的金属外壳接地
3. 下列现象中，发生的能量转化属于机械能转化为内能的是( )
A. 冰块在橙汁中熔化 B. 刀在磨石上摩擦后温度升高
C. 汽油机的做功冲程 D. 灯泡通电后发光
4. 如图所示的4个电路中，电源电压相同，闭合开关，电流表示数最大的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，下列说法正确的是( )
A. 地磁场的磁感线是从地理的北极出发回到地理的南极
B. 小磁针的左端是小磁针的南极
C. 发电机的原理图
D. 条形磁体两端的磁性最弱
6. 如图是研究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关的实验装置，下列说法正确的是( )
A. 该装置研究的是电流通过电阻丝产生的热量与电流的关系
B. 该装置用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝放热的多少
C. 通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大
D. 若只改变左侧容器中电阻丝的阻值，可研究电流产生的热量与电阻的关系
7. 如图甲所示，电源电压不变，R1是定值电阻，闭合开关，将滑动变阻器R2的滑片从右端移至左端的过程中，定值电阻R1的电功率与电流关系图象如图乙所示，下列说法不正确的是( )
A. 滑片向左移动时，电压表与电流表示数之比变小
B. 定值电阻R1的阻值是10Ω
C. 滑动变阻器R2的最大阻值是25Ω
D. 电源电压是5V
8. 新冠病毒可通过飞沫传播，飞沫传播的方式与花香飘散的方式______ (填“相同”或“不同”)。勤洗手是个好习惯，在使用洗手液时会闻到洗手液的香味，这属于______ 现象，分子的热运动受温度影响，温度______ ，分子热运动越剧烈。
9. 氢弹是利用核______ (选填“裂变”或“聚变”)在瞬间释放能量的装置；核能是______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。手机已进入5G时代，5G技术传递信息的载体是______ (选填“超声波”“次声波”或“电磁波”)。
10. 正常工作的家庭电路中，为防止电流过大引发安全事故，应安装______ (选填“保险装置”或“漏电保护器”)，控制用电器的开关应连接在______ 线上，试电笔笔尖接触零线时，氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。
11. 如图所示的车库积水自动报警电路，A、B位置安装电铃或LED灯。车库没有积水时，LED灯亮；车库有一定积水时，左侧控制电路接通，______ 具有磁性把衔铁吸下，电铃报警，此时水是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。图中B位置应安装______ 。
12. 如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器A的金属球，使其带上______ 电荷，而B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B的金属球连接起来后，验电器A的金属箔的张角将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。在金属棒与两金属球接触的瞬间，金属棒中的电流方向是______ (选填“向右”或“向左”)。
13. 某电热水壶的额定电压是220V，正常工作时电阻是48.4Ω，其额定功率是______ W，正常工作10min消耗的电能是______ J，如果这些电能的84%转化为水的内能，可使质量为2kg、初温为20℃的水温度升高______ ℃。
14. 标有“6V 3W”的灯泡L和定值电阻R的电流随它们两端电压变化关系图象如图甲所示，则R的阻值为______ Ω。将灯泡和R接入如图乙所示的电路中，电源电压为3V，则电路中的总电流是______ A；若将它们串联后接入另一电源两端，灯泡恰好正常发光，则电源电压为______ V。
15. 请用笔画线代替导线，将如图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
16. 如图所示，a表示闭合回路中垂直于纸面的一根导线，当a在磁场中运动时回路中能产生感应电流，请用箭头标出a的运动方向(只画一个)，并画出一条磁感线。
17. 利用如图所示电路测量电阻，但图中仅有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打上“×”，再画线把它改到正确的位置上。
18. 如图所示，图甲中电流表、电压表的示数分别为______ A、______ V；图乙所示电能表的示数为______ kW⋅h，在5min内转盘转了80转，则电能表所在电路工作的电功率是______ W。
19. 在比较不同物质吸热的情况实验中，使用的实验器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、秒表、等质量的两种液体等，如图所示。
①选用规格相同的两个电加热器，目的是使两种液体在相同时间内吸收的热量______ 。
②若同时给两种液体加热1min后停止加热，两种液体都未沸腾，此过程液体乙中的温度计示数变化较大，则______ 吸热能力较强；一段时间后两种液体下降相同的温度，则______ 放出的热量较多。(均选填“液体甲”或“液体乙”)
20. 小明在课堂上观察老师演示小灯泡亮度变化的实验，发现当电源电压增大时，小灯泡的亮度变大，那么通过导体的电流与电压存在什么关系呢？小明利用实验进行探究。
(1)根据小明的观察，对于电流与电压的关系，合理的猜想是______ ，要验证该猜想，实验采取的研究方法是______ 。
(2)设计实验电路图时，经历了如图甲、乙所示的两个步骤，从步骤甲到乙，增加了滑动变阻器，其作用除了保护电路外，还有一个作用是______ 。
(3)用笔画线代替导线将图丙所示的实物电路连接完整。(要求：导线不能交叉)
(4)小明分析实验数据，发现导体中的电流与电压的比值为“定值”，如表中第4组数据的电压为______ V。
实验序号
1
2
3
4
电压U/V
0.5
1
1.5
______
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.5
要验证通过导体的电流与电压的比值为“定值”是否具有普遍性，还应该______ 再次实验。
21. 小明设计了图甲所示电路做测量小灯泡的电功率实验，并探究小灯泡亮度与功率的关系。器材有电源、滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡(不能忽略温度对灯丝电阻的影响)、电压表、电流表、开关及若干导线等。
(1)连接电路时，开关应______ ，实验过程中移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度能发生变化，但电压表指针偏转角度太小，原因可能是______ 。
(2)根据实验要求，设计并填写实验记录表内的2个空格。
实验次数
电压U/V
电流I/A
功率P/W
①______
1
1.5
0.24
②______
/
2
2.5
/
/
/
3
2.8
/
/
/
(3)实验中电压表不慎损坏，小明找来阻值为R0的定值电阻、另一只电流表和电压可调的电源，设计了如图乙所示的电路。
①闭合开关S，调节电源电压，当电流表A、A1的示数分别为I、I1时，小灯泡的电功率P=______ (用题中I、I1和R0表示)
②不断调高电源电压，在确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 如图所示，电源电压保持不变，电阻R2=15Ω，当开关S、S1均闭合时，电流表的示数为0.4A；当开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.24A。求：
(1)电源电压；
(2)电阻R1的阻值。
23. 某智能电饭锅具有加热和保温两挡，额定电压为220V，其内部简化电路如图甲所示，开关S0为温控自动开关，R1、R2为阻值不变的电热丝，已知R2=220Ω。某次电饭锅在额定电压下工作的电功率与时间的关系图象如图乙所示，求：
(1)电饭锅处于加热挡时的工作电流；
(2)当R1、R2均正常工作时，R1的电功率。
24. 小明利用如图所示的装置研究电磁感应现象。
(1)图中E、F两接线柱间应接入的仪器是______ 。
(2)闭合电路，让导体棒AB从图示位置水平向左运动时，电路中______ (选填“有”或“没有”)感应电流产生。
(3)实验过程中只将蹄形磁铁的N、S极互换，发现电路中的电流方向发生改变，这说明感应电流的方向与______ 方向有关。
(4)从能量的角度分析，产生感应电流的过程就是______ 能转化为电能的过程。生活中利用电磁感应原理的实例有______ 。(列举1个)
(5)小明完成上述实验后，还想探究磁场对通电导体的作用，他只需将E、F两接线柱间的仪器换成______ 即可。
25. 阅读短文，回答问题
海洋温差发电
海洋温差发电是利用海水的浅层与深层的温度不同，由涡轮机来驱动发电机工作的新型发电方式。海洋温差发电系统中，热能来源于海洋表面的温海水，利用温海水将循环系统中蒸发器内的低沸点流体蒸发产生蒸气，由蒸气去推动涡轮机发电，发电后的蒸气，可用温度较低的冷海水冷却，将之变回流体，利用泵将流体送回海洋表面，构成一个循环。当浅层海水与深层海水的温差在20℃以上时，发电系统产生的电能大于消耗的电能，即产生净电力，如图是某海洋温差发电系统的原理图，其发电机的部分参数如表。
额定发电总功率
40kW
额定发电总电压
400V
线圈电阻
0.1Ω
(1)某海域浅层和深层海水的温度分别为25℃和10℃，利用该海域的浅层和深层海水温差发电______ (选填“能”或“不能”)产生净电力。
(2)图示发电系统工作过程中，蒸发器中的工作物质通过______ (选填“做功”或“热传递”)方式增大内能；涡轮机中的蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能______ (选填“增大”或“减小”)。
(3)该发电机正常工作时的电流为______ A，工作1h产生的总电能相当于完全燃烧______ kg的煤放出的热量(煤的热值q=3×107J/kg)，在10s内线圈产生的热量为______ J。
26. 某水位监测装置的工作原理如图甲所示，柱形“浮力柱”所受的重力为G，通过轻质连杆将它与压敏电阻R相连；当“浮力柱”受到水的浮力大于其重力时，压敏电阻R将受到连杆的压力，且。已知R0的阻值恒为20Ω，电源电压恒为3V，电压表为水位监测仪，其量程是0∼3V。当水位达到警戒线时，电压表示数为2V。压敏电阻的阻值R与其受到连杆的压力的变化关系如图乙所示。
(1)当压敏电阻受到的压力为0N时，压敏电阻的阻值是______ Ω。
(2)闭合开关S，当电压表的示数为1.8V时，则通过压敏电阻的电流为______ A，此时压敏两端的电压为______ V。
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，电压表的示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)水位达到警戒线时，压敏电阻受到连杆的压力为______ N。
(5)在压敏电阻、连杆和“浮力柱”不变的情况下，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可采取的措施有______ 。(写1条即可)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、灰尘的运动，是宏观物体的运动，是机械运动，故A错误；
B、一切物质的分子都在永不停息地做无规则热运动，水即使结为冰时，水分子的热运动也不会停止，故B错误；
C、固体分子间有间隙，却很难被压缩，说明固体分子间存在斥力，故C正确；
D、液体分子间排列十分紧密，但分子间仍然存在空隙，故D错误。
故选：C。
(1)灰尘不是分子；
(2)分子动理论的内容包括三点：物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力。而扩散现象正是分子运动的宏观表现，分子间存在间隙。
此题考查了对分子动理论的理解，正确理解规律是解答的关键。
2.【答案】D
【解析】解：
A、电视天线与电线接触，很容易发生触电事故，不符合安全用电的原则，故A错误；
B、雷雨天人站在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起物--大树传向人体，而造成雷电灾害，故B错误；
C、生活用水是导体，用湿抹布擦通电的灯泡易触电，故C错误；
D、将洗衣机的金属外壳接地，一旦发生漏电时，电流会导入大地，不会发生触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；
(2)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来。在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；
(3)生活用水是导体；
(4)用电器的金属外壳必须接地。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。
3.【答案】B
【解析】解：
A、冰块在橙汁中熔化，冰块吸收热量，没有能量的转化，只有能量的转移，故A错误；
B、刀在磨石上摩擦后温度升高，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故B正确；
C、汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能，故C错误；
D、灯泡通电后发光，是电能转化为光能、内能，故D错误。
故选：B。
机械能为动能和势能的和；内能的大小与温度、质量、状态等因素有关。
本题考查了能量的转化，难度不大，要牢记。
4.【答案】D
【解析】解：电源电压相同，都为U，首先分析开关S闭合后，每个电路的连接情况；
A、图中开关闭合后，只有电阻R1工作，电路中的电流为：IA=UR1；
B、图中开关闭合后，只有电阻R2工作，电路中的电流为：IB=UR2；
C、图中的电路由两个电阻串联，电流表测的是电路中的电流为；
D、图中的电路由两个电阻并联，电流表测的是干路的电流，；
因为串联后总电阻大于任何分电阻，并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，所以D中的总电阻最小，根据I=UR知电路的电流最大，电流表的示数最大。
故选：D。
首先分析当S闭合后电路的连接情况，判断电流表测的是通过哪个(哪些)电阻的电流，然后根据欧姆定律列出电流的表达式，进行比较即可判断出哪个电流表示数最大。
分析电路连接情况之后发现，两电阻并联后干路电流最大，可判断出最大示数，再根据串联后总电阻大于任一分电阻，结合欧姆定律判断出中间的情况。
5.【答案】B
【解析】解：
A、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，所以地磁场的磁感线是从地理的南极出发回到地理的北极，故A错误；
B、由图可知，螺线管中电流是从左端流入、右端流出的，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；异名磁极相互吸引，则小磁针的右端为N极，左端为S极，故B正确；
C、由图可知，通电的线圈在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；发电机的原理是电磁感应现象，故C错误；
D、磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端。所以条形磁铁的两端磁性最强，中间磁性最弱，故D错误。
故选：B。
(1)地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；
(2)根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的极性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用；
(4)磁体上磁场最强的部分叫磁极。
本题考查了电与磁的相关知识，熟练掌握物理常识和物理基础知识是解决此类常识题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、装置是左边一个5Ω的电阻与右边两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即装置研究的是电流产生的热量与电流的关系，故A正确；
B、该实验装置是利用容器中空气的热胀冷缩来反映电流产生热量的多少，电流产生热量的多少不能直接观察，通过U形管液面高度差的变化来反映电流产生热量的多少，故B错误；
C、通电一段时间后，左边容器中通过电阻的电流大于右侧电阻中通过的电流，左右容器中的电阻都是5Ω，根据公式Q=I2Rt可知，左边产生的热量多，所以左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故C错误；
D、若只改变左侧容器中的电阻丝的阻值，左右容器中的电阻和电流都不同，没有控制变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故D错误。
故选：A。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流的关系时，控制通电时间和电阻不变；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过U形管中液面高度差来反映温度的变化；
(3)通电时间和电阻相同，电流不同，根据公式Q=I2Rt判断；
(4)探究电流产生的热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变。
本题主要考查了学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。
7.【答案】C
【解析】解：由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，电压表与电流表示数之比变小，故A正确；
当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中电流最大，由乙图可知Imax=0.5A，
由P=UI得，
电源电压为：
，故D正确；
由I=UR可得
定值电阻R1的阻值是：
R1=UImax=5V0.5A=10Ω，故B正确；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小；
由乙图可知，Imin=0.2A，
根据P=I2R知，
变阻器R2接入电路的最大阻值：
，故C错误。
故选：C。
由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，进而判断出电压表与电流表示数之比的变化；
由电路图可知，当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大并由乙图读出其大小，利用U=PI算出电源的电压，由欧姆定律算出定值电阻R1的阻值；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小，根据P=I2R算出变阻器R2接入电路的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是分析好滑片移动时两电表示数的对应关系。
8.【答案】不同 扩散 越高
【解析】解：(1)新冠病毒属于微生物，它通过飞沫传播是微生物所做的机械运动，而花香飘散是花香分子不停地做无规则运动的结果，是扩散现象，因此飞沫传播的方式与花香飘散的方式是不同的；
(2)闻到洗手液的香味，是因为洗手液香味分子在不停的做无规则的运动，属于扩散现象；
(3)分子热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散越快。
故答案为：不同；扩散；越高。
(1)分子运动是微观的，肉眼看不见的运动；而机械运动是宏观的物体运动，是看的见的；
(2)不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了构成物质的分子在不停地做无规则运动；
(3)分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
本题主要考查了学生对扩散现象和分子热运动的理解与掌握，并且联系了社会热点，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
9.【答案】聚变 不可再生 电磁波
【解析】解：氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量；
核能使用后，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
手机是利用电磁波传递信息的。
故答案为：聚变；不可再生；电磁波。
(1)核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
(3)手机是通过接收和发射电磁波来传递信息的。
主要考查学生对可再生能源和不可再生能源特点的理解，同时也考查了同学们对于电磁波和核能的了解情况，这些知识点都是中考的热点。
10.【答案】保险装置 火 不会
【解析】解：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路，所以家庭电路中，为了防止电流过大引发的安全事故，应该安装保险装置；
为了用电器的安全，用电器的开关应连接在火线上；
试电笔笔尖接触零线时，零线是不带电的，故氖管不会发光。
故答案为：保险装置；火；不会。
保险装置的作用：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路；
开关与用电器应串联在电路中，开关应控制火线；
当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
本题考查了家庭电路的连接方式、熔断器的作用、试电笔的使用，属于基础知识，要掌握。
11.【答案】电磁铁 导体 电铃
【解析】解：车库没有积水时，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，LED灯亮，说明A为LED灯；车库有积水时，由于积水是导体，则左侧控制电路接通，电磁铁通电，电磁铁会具有磁性，能吸引衔铁，使得B的电路接通，电铃发出声音，所以电铃应安装在图中的B位置。
故答案为：电磁铁；导体；电铃。
电磁继电器的实质是一个间接开关，它连接两个电路，是通过控制电路的通断来控制工作电路的通断的开关。此题中的控制电路的通断是由水位的变化来控制的。分析时要从控制电路入手。
本题中的问题都是对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。
12.【答案】负 减小 向左
【解析】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电(有多余的电子)，用和毛皮摩擦过的橡胶棒和A接触后金属箔张开，则验电器A由于得到电子而带负电；A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A中的部分电子(负电荷)会转移到B上，所以验电器B的金属箔也会带负电而张开；连接的瞬间，电子从A到B移动，验电器A带的负电荷减少，金属箔片张角变小；而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向从B到A即向左。
故答案为：负；减小；向左。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电(有多余的电子)，验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；A因多余电子而带负电，连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，据此判断电流方向
本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况。在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。
13.【答案】10006×105 60
【解析】解：(1)已知电热水壶的额定电压U=220V，正常工作时电阻R=48.4Ω，
其额定功率；
(2)正常工作时间t=10min=600s，
由P=Wt公可得正常工作10min消耗的电能W=Pt=1000W×600s=6×105J；
(2)由可得水吸收的热量
；
由可得水的升高的温度
。
故答案为：1000；6×105；60。
(1)已知电热水壶的额定电压是220V，正常工作时电阻，由P=U2R可求得其额定功率；
(2)由P=Wt公式变形可求得正常工作10min消耗的电能；
(3)由可求得水吸收的热量，然后由Q=cm△t可求得水升高的温度。
本题考查电功率公式、吸热及效率公式变形的运用，电热结合的问题是中考的热点，一定要熟练掌握。
14.【答案】60.89
【解析】解：(1)由图甲知，当电阻两端的电压为6V时通过电阻R的电流为1.0A，
由I=UR知，
R的阻值为：R=UI=6V1.0A=6Ω；
(2)小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，它们两端的电压UL=UR=3V，
由图象可知，通过它们的电流分别为IL=0.3A，IR=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电路中的总电流：
I=IL+IR=0.3A+0.5A=0.8A；
(3)小灯泡L和电阻R串联后小灯泡正常发光，
根据P=UI知，
小灯泡的电流为：，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R的电流IR′=I′=0.5A，
由图知此时R两端的电压为UR′=3V，
电源电压为：
。
故答案为：6；0.8；9。
(1)读出R的一组电压值和对应的电流值，根据欧姆定律算出R的阻值；
(2)小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象分别读出通过的电流，根据欧姆定律求出R的阻值，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流；
(3)小灯泡L和电阻R串联后灯泡正常发光，根据P=UI算出小灯泡的电流，因为串联电路通过它们的电流相等，读出此时R两端的电压吧，根据串联电路电压的规律算出电源电压。
本题主要考查串并联电路的特点以及欧姆定律公式的应用，是一道综合题。
15.【答案】解：(1)三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔解火线。如图。
(2)电灯的接法：火线先过开关再入灯泡，然后接入顶端的金属点，零线直接接入螺旋套。如图。
【解析】(1)三孔插座的接法：上面接地线，左边接零线，右边接火线。
(2)家庭电路中，火线首先过保险丝进入开关，然后再进入灯泡顶端的金属点，零线直接和灯泡的螺旋套相连，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更安全。
(1)三孔插座的接法记忆窍门：上孔接地线理解成--“上帝”，左孔接零线理解成--一切从零开始。
(2)掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法。
16.【答案】解：要使导线(闭合电路的一部分)在磁场中运动时产生感应电流，则导线必须做切割磁感线运动，由图可知，磁感线的方向是从N极到S极的，所以导体可以上下移动(切割时可以是竖直方向，也可以是倾斜方向)，磁感线是从磁体的N极出来，回到S极的，如图所示：
【解析】能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②部分导体做切割磁感线运动这两个条件；在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极的。
本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生条件的了解和掌握，是一道基础题。
17.【答案】解：由原电路图可知，导线都接到了电流表的负接线柱上，应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，如下图所示：
【解析】由原电路图可知，导线都接到了电流表的负接线柱上，应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，据此进行解答。
本题考查了电路连接错误的判断和改正，此类题目一般从电表的正确使用和电表的量程、滑动变阻器的正确使用进行解答。
18.【答案】0.5212.52020.11600
【解析】解：
(1)如图甲中电流表选用小量程，分度值为0.02A，的示数为0.52A，图乙中电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为12.5V；
图乙所示电能表的示数为2020.1kW⋅h，
(2)“600r/kW⋅h”可知，用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转600次，
转盘转80转，消耗的电能：
W=80r600r/(kW⋅h)=215kW⋅h，
时间t=5min=112h，
电功率：
P=Wt=215kW⋅h112h=1.6kW=1600W。
故答案为：0.52；12.5；2020.1；1600。
(1)根据电流表和电压表量程确定分度值值读数；电能表读数时要注意最后一位数字为小数；
(2)由电能表参数“600r/kW⋅h”可知，用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转600次，据此可求转盘转80转消耗的电能，再利用P=Wt求电功率。
本题考查电流表、电压表和电能表的读数、消耗电能、电功率的计算，理解电能表各参数的含义是关键。
19.【答案】相同 液体甲 液体甲
【解析】解：①由转换法，选用规格相同的两个电加热器，目的是使两种液体在相同时间内吸收的热量相同；
②若同时给两种液体加热1min后停止加热，两种液体都未沸腾，此过程液体乙中的温度计示数变化较大，由比较吸热能力的方法，则液体甲吸热能力较强；
根据Q=cm△t，一段时间后两种液体下降相同的温度，因甲的比热容大，则液体甲放出的热量较多。
故答案为：①相同；②液体甲；液体甲。
①我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据Q=cm△t分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cm△t的运用，为热学中的重要实验。
20.【答案】在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比 控制变量法 改变定值电阻两端的电压值 2.52.5换用不同阻值的定值电阻多次实验
【解析】解：(1)根据“同一电阻，加在两端的电压越大，通过的电流越大”，可猜想，在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比。实验中有电流、电压、电阻三个变量，故采用控制变量法。
(2)为了多测量几组数据，需要调节滑动变阻器滑片，改变定值电阻两端的电压和电流值。
(3)电路为串联电路，将滑动变阻器下面的接线柱任意接一个，与定值电阻串联。
(4)定值电阻阻值R=U1I1=0.5V0.1A=5Ω，第4组数据的电压U4=I4R=0.5A×5Ω=2.5V。
为使结论具有普遍性，应换用不同阻值的定值电阻多次实验。
故答案为：(1)在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比；控制变量法；
(2)改变定值电阻两端的电压；
(3)如图：
(4)2.5；换用不同阻值的定值电阻多次实验。
(1)同一电阻，加在两端的电压越大，通过的电流越大。所研究的问题有多个变量，用控制变量法。
(2)可通过调节滑动变阻器的滑片，改变定值电阻两端的电压。
(3)连接串联电路，将滑动变阻器下面的接线柱任意接一个，与定值电阻串联。
(4)用任意一次实验数据，通过R=UI计算出电阻阻值，再用U=IR计算电压。为使结论具有普遍性，应换用不同阻值的定值电阻多次实验。
本题考查“探究通过导体的电流与电压关系”这一实验，重点考查实验猜想、实验方法、实物电路图连接及实验数据分析等，有一定难度。
21.【答案】断开 电压表选用的量程过大 灯的亮度 0.36I1R0×(I−I1)变小
【解析】解：(1)连接电路时，开关应断开；实验过程中移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度能发生变化，但电压表指针偏转角度太小，原因可能是电压表选用的量程过大；
(2)测量小灯泡的电功率实验中，要得出不同电压灯的实际功率，并观察灯的亮度；
根据P=UI得出第1次实验的功率为：
P2=U2I2=1.5V×0.24A=0.36W；
如下表所示：
验次数
电压U/V
电流I/A
功率P/W
①灯的亮度
1
1.5
0.24
②0.36
/
2
2.5
/
/
/
3
2.8
/
/
/
(3)①定值电阻与灯并联，A1测定值电阻的电流，A测干路的电流，由欧姆定律，电源电压：
U=I1R0，由并联电路电流的规律，通过灯的电流为：IL=I−I1，小灯泡的电功率：
P=UIL=I1R0×(I−I1)；
②确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比：
，
根据欧姆定律，电压不变时，电流与电阻成反比，
故，灯的电阻随温度的升高而变大，而R0大小不变，故变小，
因此的值变小。
故答案为：(1)断开；电压表选用的量程过大；(2)如上表所示；(3)①I1R0×(I−I1)；②变小。
(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
电压表选用的量程要合适，否则指针偏转角度过大或过小；
(2)测量小灯泡的电功率实验中，要得出不同电压灯的实际功率，并观察灯的亮度；
根据P=UI得出第1次实验的功率；
(3)①定值电阻与灯并联，A1测定值电阻的电流，A测干路的电流，由欧姆定律得出电源电压，由并联电路电流的规律得出通过灯的电流，根据P=UI得出灯泡的电功率；
②由并联电路电流的规律得出确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比，根据欧姆定律，电压不变时，电流与电阻成反比，结合灯的电阻随温度的升高而变大分析。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查注意事项、表格设计和设计方案测电阻的能力及并联电路的规律、影响电阻大小的因素与欧姆定律的运用。
22.【答案】解：(1)当开关S、S1均闭合时，电路中只有电阻R2，
根据I=UR得，
电源电压：
U=I1R2=0.4A×15Ω=6V；
(2)当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，
根据I=UR得，
电路的总电阻为：
，
根据串联电路电阻的规律知，
电阻R1的阻值为：
。
答：(1)电源电压为6V；
(2)R1的阻值为10Ω。
【解析】(1)当开关S、S1均闭合时，电路中只有电阻R2，根据U=IR算出电源电压；
(2)当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，因为电源电压保持不变，根据欧姆定律算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出电阻R1的阻值。
本题考查电压和电阻的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是明白开关断开与闭合时电路的连接情况。
23.【答案】解：(1)由图乙知，加热挡的功率为，
根据P=UI知，
电饭锅处于加热挡时的工作电流为：
；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电饭锅的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于保温状态；
R2的电功率为：
P2=U2R2=(220V)2220Ω=220W，
因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，加热时电阻丝R1的电功率：
。
答：(1)电饭锅处于加热挡时的工作电流为5A；
(2)当R1、R2均正常工作时，R1的电功率为880W。
【解析】(1)根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据W=Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电饭锅的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于保温状态；
根据P=U2R算出R2的电功率，用加热功率减去R2的电功率就是R1的电功率。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道加热功率为两电阻并联。
24.【答案】灵敏电流计(小量程电流表)有 磁场 机械 发电机 电池
【解析】解：(1)在探究“感应电流产生的条件”实验中，由于感应电流比较小，所以，为了能测出比较小的电流，应选用灵敏电流计(小量程电流表)。
(2)由图示可知，磁场的方向竖直向下，闭合电路，让导体棒AB从图示位置水平向左运动时，导体棒AB在做切割磁感线运动，电路中有感应电流产生。
(3)保持导体棒的运动方向不变，将蹄形磁体N、S极的位置对调，灵敏电流计指针偏转方向发生改变，这说明感应电流的方向与磁场方向有关。
(4)在此实验过程中，消耗了机械能，得到了电能，从能量的角度分析，产生感应电流的过程就是机械能转化为电能的过程。发电机是利用电磁感应原理工作的。
(5)探究磁场对通电导体的作用，电路中要有电源和磁场，电路中缺少电源，只需将E、F两接线柱间的仪器换成电池即可。
故答案为：(1)灵敏电流计(小量程电流表)；(2)有；(3)磁场；(4)机械；发电机；(5)电池。
(1)电路中有电流时，电流表的指针偏转，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流。
(2)产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
(3)感应电流的方向与电流方向和磁场方向有关。
(4)电磁感应现象实现机械能转化为电能。
(5)电磁感应是电路中有磁场无电源，磁场对通电导体的作用是电路中有电源有磁场。
此题主要探究电磁感应实验。首先要掌握电磁感应现象的概念，掌握产生感应电流的条件，考查了学生根据实验现象得出结论的能力。
25.【答案】不能 热传递 减小 1004.810000
【解析】解：(1)当浅层海水与深层海水的温差在20℃以上时，发电系统产生的电能大于消耗的电能，即产生净电力，某海域浅层和深层海水的温度分别为25℃和10℃，利该海域的浅层和深层海水温差为15℃，利用该海域的浅层和深层海水温差发电不能产生净电力；
(2)图示发电系统工作过程中，蒸发器中的工作物质通过热传递方式增大内能；涡轮机中的蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能减小；
(3)根据P=UI可得发电机正常工作时的电流：
I=PU=40×103W400V=100A；
作1h产生的总电能：W=Pt=40×103W×1×3600s=1.44×108J；
由可得完全燃烧煤的质量：；
在10s内线圈产生的热量：Q=I2Rt=(100A)2×0.1Ω×10s=10000J。
故答案为：(1)不能；(2)热传递；减小；(3)100；4.8；10000。
(1)由题意分析解答；
(2)热传递和做功可以改变物体的内能；蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能减小；
(3)根据P=UI可求发电机正常工作时的电流；根据W=Pt可求工作1h产生的总电能，再由可求完全燃烧煤的质量，最后由Q=I2Rt可求在10s内线圈产生的热量。
本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式、电功率公式的掌握和运用，利用题意所给的材料是解题的关键。
26.【答案】300.091.2减小 160 增大R0的电阻或增大电源电压
【解析】解：(1)由图乙知，当压敏电阻受到的压力为0N时，压敏电阻的阻值是30Ω；
(2)当电压表的示数为1.8V时，则通过压敏电阻的电流为
I=U0R0=1.8V20Ω=0.09A；
根据串联电路电压的规律知，
此时压敏两端的电压为：
UR=U−U0=3V−1.8V=1.2V；
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，重力不变，根据知压敏电阻受到压力变小，根据图乙知压敏电阻的阻值增大，根据I=UR知电路的电流减小，由U=IR知R0两端的电压减小，电压表的示数减小；
(4)当水位达到警戒线时，电压表示数为2V，
此时电路的电流为：
I′=U0′R0=2V20Ω=0.1A，
此时压敏电阻两端的电压为：
UR′=U−U0′=3V−2V=1V，
此时压敏电阻的阻值为：
R′=UR′I′=1V0.1A=10Ω，
由图乙知此时的压力为160N；
(5)压敏电阻相当于滑动变阻器，此时电阻不变，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可以增大R0的电阻或增大电源电压。
故答案为：(1)30；(2)0.09；1.2；(3)减小；(4)160；(5)增大R0的电阻或增大电源电压。
(1)由图乙判断出当压敏电阻受到的压力为30N时压敏电阻的阻值；
(2)当电压表的示数为1.8V时，根据欧姆定律算出通过压敏电阻的电流，由串联电路电压的规律算出此时压敏两端的电压；
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，重力不变，根据判断出压敏电阻受到压力的变化，根据图乙判断出压敏电阻的阻值的变化，根据I=UR判断出电路的电流的变化，由U=IR判断出R0两端的电压减小；
(4)当水位达到警戒线时，电压表示数为2V，由欧姆定律算出此时电路的电流，由串联电路电压的规律和欧姆定律算出算出此时压敏电阻两端的电压和此时压敏电阻的阻值，最后由图乙判断出此时的压力；
(5)在压敏电阻、连杆和“浮力柱”不变的情况下，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可以增大R0的电阻或增大电源电压。
本题为电学综合题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效信息。
2020-2021学年广东省佛山市顺德区九年级（上）期末物理试卷
1. 有关分子的知识，下列说法正确的是( )
A. 工地附近灰尘的运动属于分子热运动
B. 水结成冰时，水分子热运动停止
C. 固体难压缩，说明固体分子间存在斥力
D. 液体分子紧密排列，分子间没有间隙
2. 下列做法中符合安全原则的是( )
A. 电视天线与电线接触 B. 雷雨天人站在大树下避雨
C. 用湿抹布擦通电的灯泡 D. 将洗衣机的金属外壳接地
3. 下列现象中，发生的能量转化属于机械能转化为内能的是( )
A. 冰块在橙汁中熔化 B. 刀在磨石上摩擦后温度升高
C. 汽油机的做功冲程 D. 灯泡通电后发光
4. 如图所示的4个电路中，电源电压相同，闭合开关，电流表示数最大的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示，下列说法正确的是( )
A. 地磁场的磁感线是从地理的北极出发回到地理的南极
B. 小磁针的左端是小磁针的南极
C. 发电机的原理图
D. 条形磁体两端的磁性最弱
6. 如图是研究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关的实验装置，下列说法正确的是( )
A. 该装置研究的是电流通过电阻丝产生的热量与电流的关系
B. 该装置用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝放热的多少
C. 通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大
D. 若只改变左侧容器中电阻丝的阻值，可研究电流产生的热量与电阻的关系
7. 如图甲所示，电源电压不变，R1是定值电阻，闭合开关，将滑动变阻器R2的滑片从右端移至左端的过程中，定值电阻R1的电功率与电流关系图象如图乙所示，下列说法不正确的是( )
A. 滑片向左移动时，电压表与电流表示数之比变小
B. 定值电阻R1的阻值是10Ω
C. 滑动变阻器R2的最大阻值是25Ω
D. 电源电压是5V
8. 新冠病毒可通过飞沫传播，飞沫传播的方式与花香飘散的方式______ (填“相同”或“不同”)。勤洗手是个好习惯，在使用洗手液时会闻到洗手液的香味，这属于______ 现象，分子的热运动受温度影响，温度______ ，分子热运动越剧烈。
9. 氢弹是利用核______ (选填“裂变”或“聚变”)在瞬间释放能量的装置；核能是______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。手机已进入5G时代，5G技术传递信息的载体是______ (选填“超声波”“次声波”或“电磁波”)。
10. 正常工作的家庭电路中，为防止电流过大引发安全事故，应安装______ (选填“保险装置”或“漏电保护器”)，控制用电器的开关应连接在______ 线上，试电笔笔尖接触零线时，氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。
11. 如图所示的车库积水自动报警电路，A、B位置安装电铃或LED灯。车库没有积水时，LED灯亮；车库有一定积水时，左侧控制电路接通，______ 具有磁性把衔铁吸下，电铃报警，此时水是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。图中B位置应安装______ 。
12. 如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器A的金属球，使其带上______ 电荷，而B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B的金属球连接起来后，验电器A的金属箔的张角将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。在金属棒与两金属球接触的瞬间，金属棒中的电流方向是______ (选填“向右”或“向左”)。
13. 某电热水壶的额定电压是220V，正常工作时电阻是48.4Ω，其额定功率是______ W，正常工作10min消耗的电能是______ J，如果这些电能的84%转化为水的内能，可使质量为2kg、初温为20℃的水温度升高______ ℃。
14. 标有“6V 3W”的灯泡L和定值电阻R的电流随它们两端电压变化关系图象如图甲所示，则R的阻值为______ Ω。将灯泡和R接入如图乙所示的电路中，电源电压为3V，则电路中的总电流是______ A；若将它们串联后接入另一电源两端，灯泡恰好正常发光，则电源电压为______ V。
15. 请用笔画线代替导线，将如图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
16. 如图所示，a表示闭合回路中垂直于纸面的一根导线，当a在磁场中运动时回路中能产生感应电流，请用箭头标出a的运动方向(只画一个)，并画出一条磁感线。
17. 利用如图所示电路测量电阻，但图中仅有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打上“×”，再画线把它改到正确的位置上。
18. 如图所示，图甲中电流表、电压表的示数分别为______ A、______ V；图乙所示电能表的示数为______ kW⋅h，在5min内转盘转了80转，则电能表所在电路工作的电功率是______ W。
19. 在比较不同物质吸热的情况实验中，使用的实验器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、秒表、等质量的两种液体等，如图所示。
①选用规格相同的两个电加热器，目的是使两种液体在相同时间内吸收的热量______ 。
②若同时给两种液体加热1min后停止加热，两种液体都未沸腾，此过程液体乙中的温度计示数变化较大，则______ 吸热能力较强；一段时间后两种液体下降相同的温度，则______ 放出的热量较多。(均选填“液体甲”或“液体乙”)
20. 小明在课堂上观察老师演示小灯泡亮度变化的实验，发现当电源电压增大时，小灯泡的亮度变大，那么通过导体的电流与电压存在什么关系呢？小明利用实验进行探究。
(1)根据小明的观察，对于电流与电压的关系，合理的猜想是______ ，要验证该猜想，实验采取的研究方法是______ 。
(2)设计实验电路图时，经历了如图甲、乙所示的两个步骤，从步骤甲到乙，增加了滑动变阻器，其作用除了保护电路外，还有一个作用是______ 。
(3)用笔画线代替导线将图丙所示的实物电路连接完整。(要求：导线不能交叉)
(4)小明分析实验数据，发现导体中的电流与电压的比值为“定值”，如表中第4组数据的电压为______ V。
实验序号
1
2
3
4
电压U/V
0.5
1
1.5
______
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.5
要验证通过导体的电流与电压的比值为“定值”是否具有普遍性，还应该______ 再次实验。
21. 小明设计了图甲所示电路做测量小灯泡的电功率实验，并探究小灯泡亮度与功率的关系。器材有电源、滑动变阻器、额定电压为2.5V的小灯泡(不能忽略温度对灯丝电阻的影响)、电压表、电流表、开关及若干导线等。
(1)连接电路时，开关应______ ，实验过程中移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度能发生变化，但电压表指针偏转角度太小，原因可能是______ 。
(2)根据实验要求，设计并填写实验记录表内的2个空格。
实验次数
电压U/V
电流I/A
功率P/W
①______
1
1.5
0.24
②______
/
2
2.5
/
/
/
3
2.8
/
/
/
(3)实验中电压表不慎损坏，小明找来阻值为R0的定值电阻、另一只电流表和电压可调的电源，设计了如图乙所示的电路。
①闭合开关S，调节电源电压，当电流表A、A1的示数分别为I、I1时，小灯泡的电功率P=______ (用题中I、I1和R0表示)
②不断调高电源电压，在确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
22. 如图所示，电源电压保持不变，电阻R2=15Ω，当开关S、S1均闭合时，电流表的示数为0.4A；当开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.24A。求：
(1)电源电压；
(2)电阻R1的阻值。
23. 某智能电饭锅具有加热和保温两挡，额定电压为220V，其内部简化电路如图甲所示，开关S0为温控自动开关，R1、R2为阻值不变的电热丝，已知R2=220Ω。某次电饭锅在额定电压下工作的电功率与时间的关系图象如图乙所示，求：
(1)电饭锅处于加热挡时的工作电流；
(2)当R1、R2均正常工作时，R1的电功率。
24. 小明利用如图所示的装置研究电磁感应现象。
(1)图中E、F两接线柱间应接入的仪器是______ 。
(2)闭合电路，让导体棒AB从图示位置水平向左运动时，电路中______ (选填“有”或“没有”)感应电流产生。
(3)实验过程中只将蹄形磁铁的N、S极互换，发现电路中的电流方向发生改变，这说明感应电流的方向与______ 方向有关。
(4)从能量的角度分析，产生感应电流的过程就是______ 能转化为电能的过程。生活中利用电磁感应原理的实例有______ 。(列举1个)
(5)小明完成上述实验后，还想探究磁场对通电导体的作用，他只需将E、F两接线柱间的仪器换成______ 即可。
25. 阅读短文，回答问题
海洋温差发电
海洋温差发电是利用海水的浅层与深层的温度不同，由涡轮机来驱动发电机工作的新型发电方式。海洋温差发电系统中，热能来源于海洋表面的温海水，利用温海水将循环系统中蒸发器内的低沸点流体蒸发产生蒸气，由蒸气去推动涡轮机发电，发电后的蒸气，可用温度较低的冷海水冷却，将之变回流体，利用泵将流体送回海洋表面，构成一个循环。当浅层海水与深层海水的温差在20℃以上时，发电系统产生的电能大于消耗的电能，即产生净电力，如图是某海洋温差发电系统的原理图，其发电机的部分参数如表。
额定发电总功率
40kW
额定发电总电压
400V
线圈电阻
0.1Ω
(1)某海域浅层和深层海水的温度分别为25℃和10℃，利用该海域的浅层和深层海水温差发电______ (选填“能”或“不能”)产生净电力。
(2)图示发电系统工作过程中，蒸发器中的工作物质通过______ (选填“做功”或“热传递”)方式增大内能；涡轮机中的蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能______ (选填“增大”或“减小”)。
(3)该发电机正常工作时的电流为______ A，工作1h产生的总电能相当于完全燃烧______ kg的煤放出的热量(煤的热值q=3×107J/kg)，在10s内线圈产生的热量为______ J。
26. 某水位监测装置的工作原理如图甲所示，柱形“浮力柱”所受的重力为G，通过轻质连杆将它与压敏电阻R相连；当“浮力柱”受到水的浮力大于其重力时，压敏电阻R将受到连杆的压力，且。已知R0的阻值恒为20Ω，电源电压恒为3V，电压表为水位监测仪，其量程是0∼3V。当水位达到警戒线时，电压表示数为2V。压敏电阻的阻值R与其受到连杆的压力的变化关系如图乙所示。
(1)当压敏电阻受到的压力为0N时，压敏电阻的阻值是______ Ω。
(2)闭合开关S，当电压表的示数为1.8V时，则通过压敏电阻的电流为______ A，此时压敏两端的电压为______ V。
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，电压表的示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)水位达到警戒线时，压敏电阻受到连杆的压力为______ N。
(5)在压敏电阻、连杆和“浮力柱”不变的情况下，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可采取的措施有______ 。(写1条即可)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、灰尘的运动，是宏观物体的运动，是机械运动，故A错误；
B、一切物质的分子都在永不停息地做无规则热运动，水即使结为冰时，水分子的热运动也不会停止，故B错误；
C、固体分子间有间隙，却很难被压缩，说明固体分子间存在斥力，故C正确；
D、液体分子间排列十分紧密，但分子间仍然存在空隙，故D错误。
故选：C。
(1)灰尘不是分子；
(2)分子动理论的内容包括三点：物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力。而扩散现象正是分子运动的宏观表现，分子间存在间隙。
此题考查了对分子动理论的理解，正确理解规律是解答的关键。
2.【答案】D
【解析】解：
A、电视天线与电线接触，很容易发生触电事故，不符合安全用电的原则，故A错误；
B、雷雨天人站在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起物--大树传向人体，而造成雷电灾害，故B错误；
C、生活用水是导体，用湿抹布擦通电的灯泡易触电，故C错误；
D、将洗衣机的金属外壳接地，一旦发生漏电时，电流会导入大地，不会发生触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；
(2)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来。在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；
(3)生活用水是导体；
(4)用电器的金属外壳必须接地。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。
3.【答案】B
【解析】解：
A、冰块在橙汁中熔化，冰块吸收热量，没有能量的转化，只有能量的转移，故A错误；
B、刀在磨石上摩擦后温度升高，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故B正确；
C、汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能，故C错误；
D、灯泡通电后发光，是电能转化为光能、内能，故D错误。
故选：B。
机械能为动能和势能的和；内能的大小与温度、质量、状态等因素有关。
本题考查了能量的转化，难度不大，要牢记。
4.【答案】D
【解析】解：电源电压相同，都为U，首先分析开关S闭合后，每个电路的连接情况；
A、图中开关闭合后，只有电阻R1工作，电路中的电流为：IA=UR1；
B、图中开关闭合后，只有电阻R2工作，电路中的电流为：IB=UR2；
C、图中的电路由两个电阻串联，电流表测的是电路中的电流为；
D、图中的电路由两个电阻并联，电流表测的是干路的电流，；
因为串联后总电阻大于任何分电阻，并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小，所以D中的总电阻最小，根据I=UR知电路的电流最大，电流表的示数最大。
故选：D。
首先分析当S闭合后电路的连接情况，判断电流表测的是通过哪个(哪些)电阻的电流，然后根据欧姆定律列出电流的表达式，进行比较即可判断出哪个电流表示数最大。
分析电路连接情况之后发现，两电阻并联后干路电流最大，可判断出最大示数，再根据串联后总电阻大于任一分电阻，结合欧姆定律判断出中间的情况。
5.【答案】B
【解析】解：
A、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，所以地磁场的磁感线是从地理的南极出发回到地理的北极，故A错误；
B、由图可知，螺线管中电流是从左端流入、右端流出的，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；异名磁极相互吸引，则小磁针的右端为N极，左端为S极，故B正确；
C、由图可知，通电的线圈在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；发电机的原理是电磁感应现象，故C错误；
D、磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端。所以条形磁铁的两端磁性最强，中间磁性最弱，故D错误。
故选：B。
(1)地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；
(2)根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的极性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用；
(4)磁体上磁场最强的部分叫磁极。
本题考查了电与磁的相关知识，熟练掌握物理常识和物理基础知识是解决此类常识题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、装置是左边一个5Ω的电阻与右边两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即装置研究的是电流产生的热量与电流的关系，故A正确；
B、该实验装置是利用容器中空气的热胀冷缩来反映电流产生热量的多少，电流产生热量的多少不能直接观察，通过U形管液面高度差的变化来反映电流产生热量的多少，故B错误；
C、通电一段时间后，左边容器中通过电阻的电流大于右侧电阻中通过的电流，左右容器中的电阻都是5Ω，根据公式Q=I2Rt可知，左边产生的热量多，所以左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故C错误；
D、若只改变左侧容器中的电阻丝的阻值，左右容器中的电阻和电流都不同，没有控制变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故D错误。
故选：A。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流的关系时，控制通电时间和电阻不变；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过U形管中液面高度差来反映温度的变化；
(3)通电时间和电阻相同，电流不同，根据公式Q=I2Rt判断；
(4)探究电流产生的热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变。
本题主要考查了学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。
7.【答案】C
【解析】解：由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，电压表与电流表示数之比变小，故A正确；
当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中电流最大，由乙图可知Imax=0.5A，
由P=UI得，
电源电压为：
，故D正确；
由I=UR可得
定值电阻R1的阻值是：
R1=UImax=5V0.5A=10Ω，故B正确；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小；
由乙图可知，Imin=0.2A，
根据P=I2R知，
变阻器R2接入电路的最大阻值：
，故C错误。
故选：C。
由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻减小，进而判断出电压表与电流表示数之比的变化；
由电路图可知，当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大并由乙图读出其大小，利用U=PI算出电源的电压，由欧姆定律算出定值电阻R1的阻值；
当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小，根据P=I2R算出变阻器R2接入电路的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是分析好滑片移动时两电表示数的对应关系。
8.【答案】不同 扩散 越高
【解析】解：(1)新冠病毒属于微生物，它通过飞沫传播是微生物所做的机械运动，而花香飘散是花香分子不停地做无规则运动的结果，是扩散现象，因此飞沫传播的方式与花香飘散的方式是不同的；
(2)闻到洗手液的香味，是因为洗手液香味分子在不停的做无规则的运动，属于扩散现象；
(3)分子热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散越快。
故答案为：不同；扩散；越高。
(1)分子运动是微观的，肉眼看不见的运动；而机械运动是宏观的物体运动，是看的见的；
(2)不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了构成物质的分子在不停地做无规则运动；
(3)分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
本题主要考查了学生对扩散现象和分子热运动的理解与掌握，并且联系了社会热点，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
9.【答案】聚变 不可再生 电磁波
【解析】解：氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量；
核能使用后，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
手机是利用电磁波传递信息的。
故答案为：聚变；不可再生；电磁波。
(1)核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
(3)手机是通过接收和发射电磁波来传递信息的。
主要考查学生对可再生能源和不可再生能源特点的理解，同时也考查了同学们对于电磁波和核能的了解情况，这些知识点都是中考的热点。
10.【答案】保险装置 火 不会
【解析】解：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路，所以家庭电路中，为了防止电流过大引发的安全事故，应该安装保险装置；
为了用电器的安全，用电器的开关应连接在火线上；
试电笔笔尖接触零线时，零线是不带电的，故氖管不会发光。
故答案为：保险装置；火；不会。
保险装置的作用：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路；
开关与用电器应串联在电路中，开关应控制火线；
当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
本题考查了家庭电路的连接方式、熔断器的作用、试电笔的使用，属于基础知识，要掌握。
11.【答案】电磁铁 导体 电铃
【解析】解：车库没有积水时，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，LED灯亮，说明A为LED灯；车库有积水时，由于积水是导体，则左侧控制电路接通，电磁铁通电，电磁铁会具有磁性，能吸引衔铁，使得B的电路接通，电铃发出声音，所以电铃应安装在图中的B位置。
故答案为：电磁铁；导体；电铃。
电磁继电器的实质是一个间接开关，它连接两个电路，是通过控制电路的通断来控制工作电路的通断的开关。此题中的控制电路的通断是由水位的变化来控制的。分析时要从控制电路入手。
本题中的问题都是对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。
12.【答案】负 减小 向左
【解析】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电(有多余的电子)，用和毛皮摩擦过的橡胶棒和A接触后金属箔张开，则验电器A由于得到电子而带负电；A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A中的部分电子(负电荷)会转移到B上，所以验电器B的金属箔也会带负电而张开；连接的瞬间，电子从A到B移动，验电器A带的负电荷减少，金属箔片张角变小；而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向从B到A即向左。
故答案为：负；减小；向左。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电(有多余的电子)，验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；A因多余电子而带负电，连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，据此判断电流方向
本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况。在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。
13.【答案】10006×105 60
【解析】解：(1)已知电热水壶的额定电压U=220V，正常工作时电阻R=48.4Ω，
其额定功率；
(2)正常工作时间t=10min=600s，
由P=Wt公可得正常工作10min消耗的电能W=Pt=1000W×600s=6×105J；
(2)由可得水吸收的热量
；
由可得水的升高的温度
。
故答案为：1000；6×105；60。
(1)已知电热水壶的额定电压是220V，正常工作时电阻，由P=U2R可求得其额定功率；
(2)由P=Wt公式变形可求得正常工作10min消耗的电能；
(3)由可求得水吸收的热量，然后由Q=cm△t可求得水升高的温度。
本题考查电功率公式、吸热及效率公式变形的运用，电热结合的问题是中考的热点，一定要熟练掌握。
14.【答案】60.89
【解析】解：(1)由图甲知，当电阻两端的电压为6V时通过电阻R的电流为1.0A，
由I=UR知，
R的阻值为：R=UI=6V1.0A=6Ω；
(2)小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，它们两端的电压UL=UR=3V，
由图象可知，通过它们的电流分别为IL=0.3A，IR=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电路中的总电流：
I=IL+IR=0.3A+0.5A=0.8A；
(3)小灯泡L和电阻R串联后小灯泡正常发光，
根据P=UI知，
小灯泡的电流为：，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R的电流IR′=I′=0.5A，
由图知此时R两端的电压为UR′=3V，
电源电压为：
。
故答案为：6；0.8；9。
(1)读出R的一组电压值和对应的电流值，根据欧姆定律算出R的阻值；
(2)小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象分别读出通过的电流，根据欧姆定律求出R的阻值，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流；
(3)小灯泡L和电阻R串联后灯泡正常发光，根据P=UI算出小灯泡的电流，因为串联电路通过它们的电流相等，读出此时R两端的电压吧，根据串联电路电压的规律算出电源电压。
本题主要考查串并联电路的特点以及欧姆定律公式的应用，是一道综合题。
15.【答案】解：(1)三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔解火线。如图。
(2)电灯的接法：火线先过开关再入灯泡，然后接入顶端的金属点，零线直接接入螺旋套。如图。
【解析】(1)三孔插座的接法：上面接地线，左边接零线，右边接火线。
(2)家庭电路中，火线首先过保险丝进入开关，然后再进入灯泡顶端的金属点，零线直接和灯泡的螺旋套相连，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更安全。
(1)三孔插座的接法记忆窍门：上孔接地线理解成--“上帝”，左孔接零线理解成--一切从零开始。
(2)掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法。
16.【答案】解：要使导线(闭合电路的一部分)在磁场中运动时产生感应电流，则导线必须做切割磁感线运动，由图可知，磁感线的方向是从N极到S极的，所以导体可以上下移动(切割时可以是竖直方向，也可以是倾斜方向)，磁感线是从磁体的N极出来，回到S极的，如图所示：
【解析】能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②部分导体做切割磁感线运动这两个条件；在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极的。
本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生条件的了解和掌握，是一道基础题。
17.【答案】解：由原电路图可知，导线都接到了电流表的负接线柱上，应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，如下图所示：
【解析】由原电路图可知，导线都接到了电流表的负接线柱上，应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，据此进行解答。
本题考查了电路连接错误的判断和改正，此类题目一般从电表的正确使用和电表的量程、滑动变阻器的正确使用进行解答。
18.【答案】0.5212.52020.11600
【解析】解：
(1)如图甲中电流表选用小量程，分度值为0.02A，的示数为0.52A，图乙中电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为12.5V；
图乙所示电能表的示数为2020.1kW⋅h，
(2)“600r/kW⋅h”可知，用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转600次，
转盘转80转，消耗的电能：
W=80r600r/(kW⋅h)=215kW⋅h，
时间t=5min=112h，
电功率：
P=Wt=215kW⋅h112h=1.6kW=1600W。
故答案为：0.52；12.5；2020.1；1600。
(1)根据电流表和电压表量程确定分度值值读数；电能表读数时要注意最后一位数字为小数；
(2)由电能表参数“600r/kW⋅h”可知，用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转600次，据此可求转盘转80转消耗的电能，再利用P=Wt求电功率。
本题考查电流表、电压表和电能表的读数、消耗电能、电功率的计算，理解电能表各参数的含义是关键。
19.【答案】相同 液体甲 液体甲
【解析】解：①由转换法，选用规格相同的两个电加热器，目的是使两种液体在相同时间内吸收的热量相同；
②若同时给两种液体加热1min后停止加热，两种液体都未沸腾，此过程液体乙中的温度计示数变化较大，由比较吸热能力的方法，则液体甲吸热能力较强；
根据Q=cm△t，一段时间后两种液体下降相同的温度，因甲的比热容大，则液体甲放出的热量较多。
故答案为：①相同；②液体甲；液体甲。
①我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据Q=cm△t分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cm△t的运用，为热学中的重要实验。
20.【答案】在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比 控制变量法 改变定值电阻两端的电压值 2.52.5换用不同阻值的定值电阻多次实验
【解析】解：(1)根据“同一电阻，加在两端的电压越大，通过的电流越大”，可猜想，在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比。实验中有电流、电压、电阻三个变量，故采用控制变量法。
(2)为了多测量几组数据，需要调节滑动变阻器滑片，改变定值电阻两端的电压和电流值。
(3)电路为串联电路，将滑动变阻器下面的接线柱任意接一个，与定值电阻串联。
(4)定值电阻阻值R=U1I1=0.5V0.1A=5Ω，第4组数据的电压U4=I4R=0.5A×5Ω=2.5V。
为使结论具有普遍性，应换用不同阻值的定值电阻多次实验。
故答案为：(1)在电阻一定时，通过导体的电流和电压成正比；控制变量法；
(2)改变定值电阻两端的电压；
(3)如图：
(4)2.5；换用不同阻值的定值电阻多次实验。
(1)同一电阻，加在两端的电压越大，通过的电流越大。所研究的问题有多个变量，用控制变量法。
(2)可通过调节滑动变阻器的滑片，改变定值电阻两端的电压。
(3)连接串联电路，将滑动变阻器下面的接线柱任意接一个，与定值电阻串联。
(4)用任意一次实验数据，通过R=UI计算出电阻阻值，再用U=IR计算电压。为使结论具有普遍性，应换用不同阻值的定值电阻多次实验。
本题考查“探究通过导体的电流与电压关系”这一实验，重点考查实验猜想、实验方法、实物电路图连接及实验数据分析等，有一定难度。
21.【答案】断开 电压表选用的量程过大 灯的亮度 0.36I1R0×(I−I1)变小
【解析】解：(1)连接电路时，开关应断开；实验过程中移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度能发生变化，但电压表指针偏转角度太小，原因可能是电压表选用的量程过大；
(2)测量小灯泡的电功率实验中，要得出不同电压灯的实际功率，并观察灯的亮度；
根据P=UI得出第1次实验的功率为：
P2=U2I2=1.5V×0.24A=0.36W；
如下表所示：
验次数
电压U/V
电流I/A
功率P/W
①灯的亮度
1
1.5
0.24
②0.36
/
2
2.5
/
/
/
3
2.8
/
/
/
(3)①定值电阻与灯并联，A1测定值电阻的电流，A测干路的电流，由欧姆定律，电源电压：
U=I1R0，由并联电路电流的规律，通过灯的电流为：IL=I−I1，小灯泡的电功率：
P=UIL=I1R0×(I−I1)；
②确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比：
，
根据欧姆定律，电压不变时，电流与电阻成反比，
故，灯的电阻随温度的升高而变大，而R0大小不变，故变小，
因此的值变小。
故答案为：(1)断开；电压表选用的量程过大；(2)如上表所示；(3)①I1R0×(I−I1)；②变小。
(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
电压表选用的量程要合适，否则指针偏转角度过大或过小；
(2)测量小灯泡的电功率实验中，要得出不同电压灯的实际功率，并观察灯的亮度；
根据P=UI得出第1次实验的功率；
(3)①定值电阻与灯并联，A1测定值电阻的电流，A测干路的电流，由欧姆定律得出电源电压，由并联电路电流的规律得出通过灯的电流，根据P=UI得出灯泡的电功率；
②由并联电路电流的规律得出确保电路安全的情况下电流表A的示数与A1的示数之比，根据欧姆定律，电压不变时，电流与电阻成反比，结合灯的电阻随温度的升高而变大分析。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查注意事项、表格设计和设计方案测电阻的能力及并联电路的规律、影响电阻大小的因素与欧姆定律的运用。
22.【答案】解：(1)当开关S、S1均闭合时，电路中只有电阻R2，
根据I=UR得，
电源电压：
U=I1R2=0.4A×15Ω=6V；
(2)当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，
根据I=UR得，
电路的总电阻为：
，
根据串联电路电阻的规律知，
电阻R1的阻值为：
。
答：(1)电源电压为6V；
(2)R1的阻值为10Ω。
【解析】(1)当开关S、S1均闭合时，电路中只有电阻R2，根据U=IR算出电源电压；
(2)当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，因为电源电压保持不变，根据欧姆定律算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出电阻R1的阻值。
本题考查电压和电阻的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是明白开关断开与闭合时电路的连接情况。
23.【答案】解：(1)由图乙知，加热挡的功率为，
根据P=UI知，
电饭锅处于加热挡时的工作电流为：
；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电饭锅的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于保温状态；
R2的电功率为：
P2=U2R2=(220V)2220Ω=220W，
因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，加热时电阻丝R1的电功率：
。
答：(1)电饭锅处于加热挡时的工作电流为5A；
(2)当R1、R2均正常工作时，R1的电功率为880W。
【解析】(1)根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据W=Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电饭锅的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于保温状态；
根据P=U2R算出R2的电功率，用加热功率减去R2的电功率就是R1的电功率。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道加热功率为两电阻并联。
24.【答案】灵敏电流计(小量程电流表)有 磁场 机械 发电机 电池
【解析】解：(1)在探究“感应电流产生的条件”实验中，由于感应电流比较小，所以，为了能测出比较小的电流，应选用灵敏电流计(小量程电流表)。
(2)由图示可知，磁场的方向竖直向下，闭合电路，让导体棒AB从图示位置水平向左运动时，导体棒AB在做切割磁感线运动，电路中有感应电流产生。
(3)保持导体棒的运动方向不变，将蹄形磁体N、S极的位置对调，灵敏电流计指针偏转方向发生改变，这说明感应电流的方向与磁场方向有关。
(4)在此实验过程中，消耗了机械能，得到了电能，从能量的角度分析，产生感应电流的过程就是机械能转化为电能的过程。发电机是利用电磁感应原理工作的。
(5)探究磁场对通电导体的作用，电路中要有电源和磁场，电路中缺少电源，只需将E、F两接线柱间的仪器换成电池即可。
故答案为：(1)灵敏电流计(小量程电流表)；(2)有；(3)磁场；(4)机械；发电机；(5)电池。
(1)电路中有电流时，电流表的指针偏转，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流。
(2)产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
(3)感应电流的方向与电流方向和磁场方向有关。
(4)电磁感应现象实现机械能转化为电能。
(5)电磁感应是电路中有磁场无电源，磁场对通电导体的作用是电路中有电源有磁场。
此题主要探究电磁感应实验。首先要掌握电磁感应现象的概念，掌握产生感应电流的条件，考查了学生根据实验现象得出结论的能力。
25.【答案】不能 热传递 减小 1004.810000
【解析】解：(1)当浅层海水与深层海水的温差在20℃以上时，发电系统产生的电能大于消耗的电能，即产生净电力，某海域浅层和深层海水的温度分别为25℃和10℃，利该海域的浅层和深层海水温差为15℃，利用该海域的浅层和深层海水温差发电不能产生净电力；
(2)图示发电系统工作过程中，蒸发器中的工作物质通过热传递方式增大内能；涡轮机中的蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能减小；
(3)根据P=UI可得发电机正常工作时的电流：
I=PU=40×103W400V=100A；
作1h产生的总电能：W=Pt=40×103W×1×3600s=1.44×108J；
由可得完全燃烧煤的质量：；
在10s内线圈产生的热量：Q=I2Rt=(100A)2×0.1Ω×10s=10000J。
故答案为：(1)不能；(2)热传递；减小；(3)100；4.8；10000。
(1)由题意分析解答；
(2)热传递和做功可以改变物体的内能；蒸气对涡轮机做功时，蒸气的内能减小；
(3)根据P=UI可求发电机正常工作时的电流；根据W=Pt可求工作1h产生的总电能，再由可求完全燃烧煤的质量，最后由Q=I2Rt可求在10s内线圈产生的热量。
本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式、电功率公式的掌握和运用，利用题意所给的材料是解题的关键。
26.【答案】300.091.2减小 160 增大R0的电阻或增大电源电压
【解析】解：(1)由图乙知，当压敏电阻受到的压力为0N时，压敏电阻的阻值是30Ω；
(2)当电压表的示数为1.8V时，则通过压敏电阻的电流为
I=U0R0=1.8V20Ω=0.09A；
根据串联电路电压的规律知，
此时压敏两端的电压为：
UR=U−U0=3V−1.8V=1.2V；
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，重力不变，根据知压敏电阻受到压力变小，根据图乙知压敏电阻的阻值增大，根据I=UR知电路的电流减小，由U=IR知R0两端的电压减小，电压表的示数减小；
(4)当水位达到警戒线时，电压表示数为2V，
此时电路的电流为：
I′=U0′R0=2V20Ω=0.1A，
此时压敏电阻两端的电压为：
UR′=U−U0′=3V−2V=1V，
此时压敏电阻的阻值为：
R′=UR′I′=1V0.1A=10Ω，
由图乙知此时的压力为160N；
(5)压敏电阻相当于滑动变阻器，此时电阻不变，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可以增大R0的电阻或增大电源电压。
故答案为：(1)30；(2)0.09；1.2；(3)减小；(4)160；(5)增大R0的电阻或增大电源电压。
(1)由图乙判断出当压敏电阻受到的压力为30N时压敏电阻的阻值；
(2)当电压表的示数为1.8V时，根据欧姆定律算出通过压敏电阻的电流，由串联电路电压的规律算出此时压敏两端的电压；
(3)压敏电阻受到连杆压力的情况下，“浮力柱”受到水的浮力变小时，重力不变，根据判断出压敏电阻受到压力的变化，根据图乙判断出压敏电阻的阻值的变化，根据I=UR判断出电路的电流的变化，由U=IR判断出R0两端的电压减小；
(4)当水位达到警戒线时，电压表示数为2V，由欧姆定律算出此时电路的电流，由串联电路电压的规律和欧姆定律算出算出此时压敏电阻两端的电压和此时压敏电阻的阻值，最后由图乙判断出此时的压力；
(5)在压敏电阻、连杆和“浮力柱”不变的情况下，要使水位达到警戒线下方某位置时电压表示数为2V，可以增大R0的电阻或增大电源电压。
本题为电学综合题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效信息。
相关试卷
广东省佛山市顺德区2023-2024学年物理九年级上册期末模拟试卷： 这是一份广东省佛山市顺德区2023-2024学年物理九年级上册期末模拟试卷，共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
广东省佛山市顺德区2023-2024学年八上物理期末达标测试试题含答案： 这是一份广东省佛山市顺德区2023-2024学年八上物理期末达标测试试题含答案，共11页。试卷主要包含了一个初中学生的质量最接近于，下列对声学现象的理解中正确的是等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年广东省佛山市顺德区八年级（上）期末物理试卷（含答案解析）： 这是一份2022-2023学年广东省佛山市顺德区八年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
