2024年山东省菏泽市单县湖西学校中考数学一模试卷（含解析）

这是一份2024年山东省菏泽市单县湖西学校中考数学一模试卷（含解析），共27页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1.纳米是表示微小距离的单位，1纳米=0.000001毫米，而1毫米相当于我们通常使用的刻度尺上的一小格，可想而知1纳米是多么的小.中科院物理所研究员解思深领导的研究组研制出世界上最细的碳纳米管一一直径0.5纳米.0.5纳米相当于0.0000005毫米，数据0.0000005用科学记数法可以表示为( )
A. 0.5×10−6B. 0.5×10−7C. 5×10−6D. 5×10−7
2.如图，对正方体进行两次切割，得到如图⑤所示的几何体，则图⑤几何体的俯视图为( )
A. B. C. D.
3.下列计算正确的是( )
A. 2+ 3= 5B. 2 3− 3=2C. 2× 3= 6D. 12÷3=2
4.光线在不同介质中的传播速度是不同的，因此光线从水中射向空气时，要发生折射.由于折射率相同，所以在水中平行的光线，在空气中也是平行的.如图，∠1=45°，∠2=120°，则∠3+∠4=( )
A. 165°B. 155°C. 105°D. 90°
5.如图，已知点A(1,0)，B(4,m)，若将线段AB平移至CD，其中点C(−2,1)，D(a,n)，则m−n的值为( )
A. −3
B. −1
C. 1
D. 3
6.今年2月，某班准备从《在希望的田野上》、《我和我的祖国》、《十送红军》三首歌曲中选择两首进行排练，参加永州市即将举办的“唱响新时代，筑梦新征程”合唱选拔赛，那么该班恰好选中前面两首歌曲的概率是( )
A. 12B. 13C. 23D. 1
7.如图，AC，BD相交于点O，AB//DC，M是AB的中点，MN//AC，交BD于点N，若DO：OB=1：2，AC=12，则MN的长为( )
A. 2
B. 4
C. 6
D. 8
8.在同一平面直角坐标系中，一次函数y=kx+k与反比例函数y=kx的图象可能是( )
A. B.
C. D.
9.如图，在⊙O中，直径AB与弦CD相交于点P，连接AC，AD，BD，若∠C=20°，∠BPC=70°，则∠ADC=( )
A. 70°
B. 60°
C. 50°
D. 40°
10.二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示，对称轴是直线x=1，下列结论：①abc<0；②方程：ax2+bx+c=0(3≠0)必有一个根大于2且小于3；③若(0,y1),(32,y2)是抛物线上的两点，那么y10；⑤对于任意实数m，都有m(am+b)≥a+b，其中正确结论的是( )
A. ②④
B. ①②④
C. ②④⑤
D. ②③④
二、填空题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
11.分解因式：2x2−4x+2= ．
12.在一个不透明的口袋中装有红球和白球共12个，这些球除颜色外都相同，将口袋中的球搅匀后，从中随机摸出1个球，记下它的颜色后再放回口袋中，不断重复这一过程，共摸球200次，发现有50次摸到红球，则口袋中红球约有______个.
13.关于x的不等式组x+5>0x−m≤1有3个整数解，则实数m的取值范围是______．
14.如图，将45°的∠AOB按下面的方式放置在一把刻度尺上；顶点O与尺下沿的端点重合，OA与尺下沿重合，OB与尺上沿的交点B在尺上的读数恰为2cm，若按相同的方式将22.5°的∠AOC放置在该刻度尺上，则OC与尺上沿的交点C在尺上的读数为______cm．
15.如图，四边形ABCD是⊙O的内接四边形，∠B=58°，∠ACD=40°.若⊙O的半径为5，则弧CD的长为______．
16.如图，在平面直角坐标系中，直线l：y= 3x− 3与x轴交于点A1，以OA1为边作正方形A1B1C1O，点C1在y轴上，延长C1B1交直线l于点A2，以C1A2为边作正方形A2B2C2C1，点C2在y轴上，以同样的方式依次作正方形A3B3C3C2，…，正方形A2023B2023C2023C2022，则点B2024的横坐标是______．
三、解答题：本题共10小题，共72分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。
17.(本小题5分)
计算： 3tan45°−(2023−π)0+|2 3−2|+(14)−1− 27．
18.(本小题5分)
先化简(a2a+1−a+1)÷a2−1a2+2a+1，再从不等式−219.(本小题6分)
如图，在▱ABCD中，DF平分∠ADC，交AB于点F，BE/​/DF，交AD的延长线于点E.若∠A=40°，求∠ABE的度数．
20.(本小题6分)
2023年5月30日9点31分，“神舟十六号”载人飞船在中国酒泉卫星发射中心点火发射，成功把景海鹏、桂海潮、朱杨柱三名航天员送入到中国空间站.如图，在发射的过程中，飞船从地面O处发射，当飞船到达A点时，从位于地面C处的雷达站测得AC的距离是8km，仰角为30°；10s后飞船到达B处，此时测得仰角为45°．
(1)求点A离地面的高度AO；
(2)求飞船从A处到B处的平均速度.(结果精确到0.1km/s，参考数据： 3≈1.73)
21.(本小题6分)
第31届世界大学生夏季运动会(简称“大运会”)将于2023年7月28日至8月8日在成都举行.某高校为了了解学生对“大运会”的关注度，设置了A(非常关注)、B(比较关注)、C(很少关注)、D(没有关注)四个选项，随机抽取了部分学生进行了问卷调查，并将调查结果绘制成如图所示的两幅不完整的统计图.根据图中所提供的信息，解答下列问题：

(1)本次调查共抽取了______名学生，并补全条形统计图；
(2)求A所在扇形的圆心角度数；
(3)学校将在A选项中的甲、乙、丙、丁四人里随机选取两人参加志愿者服务，用画树状图或列表法，列举出所有可能的结果，并求出甲、乙同时被选中的概率．
22.(本小题7分)
如图，一次函数y1=kx+b(k≠0)与函数y2=mx(x>0)的图象交于A(4,1),B(12,a)两点．
(1)求这两个函数的解析式；
(2)根据图象，直接写出满足y1−y2>0时x的取值范围；
(3)点P在线段AB上，过点P作x轴的垂线，垂足为M，交函数y2的图象于点Q，若△POQ面积为3，求点P的坐标．
23.(本小题7分)
端午节是中国传统节日，人们有吃粽子的习俗.今年端午节来临之际，某商场预测A粽子能够畅销.根据预测，每千克A粽子节前的进价比节后多2元，节前用240元购进A粽子的数量比节后用相同金额购进的数量少4千克.根据以上信息，解答下列问题：
(1)该商场节后每千克A粽子的进价是多少元？
(2)如果该商场在节前和节后共购进A粽子400千克，且总费用不超过4600元，并按照节前每千克20元，节后每千克16元全部售出，那么该商场节前购进多少千克A粽子获得利润最大？最大利润是多少？
24.(本小题10分)
如图，以AB为直径的⊙O上有两点E、F，BE=EF，过点E作直线CD⊥AF交AF的延长线于点D，交AB的延长线于点C，过C作CM平分∠ACD交AE于点M，交BE于点N．
(1)求证：CD是⊙O的切线；
(2)求证：EM=EN；
(3)如果N是CM的中点，且AB=9 5，求EN的长．
25.(本小题10分)
如图甲，在△ABC中，∠ACB为锐角，点D为射线BC上一动点，连接AD，以AD为一边且在AD的右侧作正方形ADEF.解答下列问题：
(1)如果AB=AC，∠BAC=90°，
①当点D在线段BC上时(与点B不重合)，如图乙，线段CF、BD之间的位置关系为______，数量关系为______．
②当点D在线段BC的延长线上时，如图丙，①中的结论是否仍然成立，为什么？
(2)如果AB≠AC，∠BAC≠90°点D在线段BC上运动．试探究：当△ABC满足一个什么条件时，CF⊥BC(点C、F重合除外)？并说明理由．
26.(本小题10分)
在平面直角坐标系中，已知抛物线y=ax2+bx+c与x轴交于点A(−3,0)，B(1,0)两点，与y轴交于点C(0,3)，点P是抛物线上的一个动点．
(1)求抛物线的表达式；
(2)当点P在直线AC上方的抛物线上时，连接BP交AC于点D，如图1，当PDDB的值最大时，求点P的坐标及PDDB的最大值；
(3)过点P作x轴的垂线交直线AC于点M，连结PC，将△PCM沿直线PC翻折，当点M的对应点M′恰好落在y轴上时，请直接写出此时点M的坐标．
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：将0.0000005用科学记数法表示为5×10−7．
故选：D．
绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10−n，与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负整数指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
本题考查用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10−n，其中1≤|a|<10，n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
2.【答案】A
【解析】解：图⑤的几何体的俯视图为：
．
故选：A．
根据从上边看得到的图形是俯视图，注意所有的看到的棱都应表现在视图中．
本题考查了简单组合体的三视图：画简单组合体的三视图要循序渐进，通过仔细观察和想象，再画它的三视图．画物体的三视图的口诀为：主、俯：长对正；主、左：高平齐；俯、左：宽相等．
3.【答案】C
【解析】解： 2与 3无法合并，则A不符合题意；
2 3− 3= 3，则B不符合题意；
2× 3= 2×3= 6，则C符合题意；
12÷3= 123=2 33，则D不符合题意；
故选：C．
根据二次根式的运算法则将各式计算后进行判断即可．
本题考查二次根式的运算，熟练掌握相关运算法则是解题的关键．
4.【答案】C
【解析】解：∵在水中平行的光线，在空气中也是平行的，∠1=45°，∠2=120°，
∴∠3=∠1=45°，∠4=180°−∠2=60°，
∴∠3+∠4=105°．
故选：C．
由平行线的性质可得∠3=∠1=45°，∠4=60°，从而可求解．
本题主要考查平行线的性质，解答的关键是熟记平行线的性质并灵活运用．
5.【答案】B
【解析】解：∵线段CD由线段AB平移得到，
且A(1,0)，C(−2,1)，B(4,m)，D(a,n)，
∴m−n=0−1=−1．
故选：B．
根据A，C两点的坐标可得出平移的方向和距离进而解决问题．
本题考查坐标与图象的变化，熟知平移过程中图象上的每一个点的平移方向和距离均相同是解题的关键．
6.【答案】B
【解析】解：设A《在希望的田野上》、B《我和我的祖国》、C《十送红军》．
列表如下：
由上表可知，所有可能结果共有6种，且每种结果出现的可能性相等，其中恰好选中前面两首歌曲的结果有2种，
则恰好选中前面两首歌曲的概率为26=13．
故选：B．
列出表格，得出所有等可能的结果共有6种，其中恰好选中前面两首歌曲的结果有2种，再由概率公式求解即可．
此题考查的是用列表法或树状图法求概率．列表法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步完成的事件；树状图法适合两步或两步以上完成的事件；解题时要注意是放回试验还是不放回试验．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
7.【答案】B
【解析】解：∵AB/​/DC，
∴△CDO∽△ABO，
∴ODOB=OCOA，
∵DO：OB=1：2，
∴OCOA=12，
∴OC=12OA，
∵AC=OA+OC=12，
∴OA+12OA=12，
∴OA=8，
∵MN/​/AC，M是AB的中点，
∴MN为△AOB的中位线，
∴MN=12OA=12×8=4．
故选：B．
由AB//DC易得△CDO∽△ABO，根据相似三角形的性质可得OCOA=12，于是AC=OA+OC=OA+12OA=12，求出OA=8，易得MN为△AOB的中位线，则MN=12OA．
本题主要考查相似三角形的判定与性质、三角形中位线定理，熟记“8”字模型相似三角形，以及三角形中位线定理是解题关键．
8.【答案】A
【解析】【分析】
此题主要考查了一次函数的图象和反比例函数的图象，熟练掌握一次函数得图象、反比例函数图象与系数的关系是解答此题的关键．
根据一次函数和反比例函数的解析式，可分为两种情况进行讨论：①当k>0时，一次函数y=kx+k经过第一、二、三象限；反比例函数y=kx的图象在第一、三象限；②当k<0时，一次函数y=kx+k经过第二、三、四象限；反比例函数y=kx的图象在第二、四象限；据此可得出答案．
【解答】
解：分两种情况进行讨论：
①当k>0时，一次函数y=kx+k经过第一、二、三象限；反比例函数y=kx的图象在第一、三象限；
②当k<0时，一次函数y=kx+k经过第二、三、四象限；反比例函数y=kx的图象在第二、四象限；
∴一次函数y=kx+k与反比例函数y=kx的图象可能是A．
故选：A．
9.【答案】D
【解析】解：连接OD，如图，
∵∠C=20°，
∴∠B=20°，
∵∠BPC=70°，
∴∠BDP=∠BPC−∠B=50°，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠ADB=90°，
∴∠ADC=∠ADB−∠BDP=40°，
故选：D．
先根据同弧所对的圆周角相等求得∠B=20°，再由AB是⊙O的直径得∠ADB=90°即可求得∠ADC．
本题主要考查了同弧所对的圆周角相等、三角形的外角性质以及直径所对的圆周角是直角，熟练掌握各知识点是解决本题的关键．
10.【答案】C
【解析】解：根据图象可知：a>0，c<0，
∵对称轴是直线x=1，
∴−b2a=1，即b=−2a．
∴b<0，
∴abc>0．
故①错误．
方程ax2+bx+c=0，即为二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴的交点，
根据图象已知一个交点−1∴另一个交点2故②正确．
∵对称轴是直线x=1，
∴点(32,y2)离对称轴更近，
∴y1>y2，
故③错误．
∵−b2a=1，
∴b=−2a，
∴y=ax2−2ax+c，
根据图象，令x=−1，
y=a+2a+c=3a+c>0，
∴6a+2c>0，
∵a>0，
∴11a+2c>0，
故④正确．
m(am+b)=am2+bm=am2−2am≥a−2a，
am2−2am≥−a，
即证：m2−2m+1≥0，
m2−2m+1=(m−1)2，
∴m为任意实数，m2−2m+1≥0恒成立．
故⑤正确．
综上②④⑤正确．
故选：C．
根据函数图象分别判断a、b、c的正负，求出abc的正负，可以判断①；将方程转化为函数与x轴的交点，利用已知交点和对称轴找出另一交点的范围，可以判断②；根据二次函数图象的性质：当图象开口向上，离对称轴越近的点y值越小，可以判断③；用a来表示改变函数解析式，根据图象，令x=−1，得到3a+c>0，即6a+2c>0，因为a>0，所以得出11a+2c>0，可以判断④；化简不等式，用a表示b，根据a>0及不等式的性质得到只含有m的不等式，解不等式即可判断⑤．
本题主要考查二次函数图象与系数的关系，根的判别式，根与系数的关系，二次函数图象上点的坐标特征，抛物线与x轴的交点，利用图象求出a、b、c的范围以及用特殊值法代入解析式中得到特殊的式子是解决问题关键．
11.【答案】2(x−1)2
【解析】解：2x2−4x+2，
=2(x2−2x+1)，
=2(x−1)2．
先提取公因数2，再利用完全平方公式进行二次分解．完全平方公式：(a±b)2=a2±2ab+b2．
本题主要考查提公因式法分解因式和利用完全平方公式分解因式，难点在于需要进行二次分解因式．
12.【答案】3
【解析】解：由题意可得，
口袋中红球的个数约为：12×50200=3(个)．
故答案为：3．
利用频率估计随机摸出1个球是红球的概率为14，根据概率公式即可求出答案．
本题考查利用频率估计概率，解答本题的关键是明确题意，计算出相应的红球个数．
13.【答案】−3≤m<−2
【解析】解：解不等式x+5>0，得：x>−5，
解不等式x−m≤1，得：x≤m+1，
∵不等式组有3个整数解，
∴不等式组的3个整数解为−4、−3、−2，
∴−2≤m+1<−1，
∴−3≤m<−2．
故答案为：−3≤m<−2．
先求出不等式组中每个不等式的解集，然后求出其公共解集，最后求其整数解进而求得m的取值范围．
本题考查了一元一次不等式组的整数解，解一元一次不等式组的应用，解此题的关键是能得出关于m的不等式组．
14.【答案】(2 2+2)
【解析】解：如图，∠ABC=45°，∠C=90°，AB=BD，
∴∠D=∠BAD=12∠ABC=22.5°，
∴∠CAD=67.5°，
令AC=BC=x，
∴BD=AB= 2x，
∴CD=( 2+1)x，
∴tan∠CAD=tan67.5°=CDAC=( 2+1)xx= 2+1；
作CD⊥AO于D，BE⊥AO于E，
∵∠BOE=45°，
∴∠OBE=∠BOE=45°，
∴BE=OE=2(cm)，
∴CD=BE=2cm，
∵∠COD=22.5°，
∴∠OCD=∠67.5°，
∵tan∠OCD=tan67.5°=ODCD= 2+1，
∴OD=(2 2+2)cm．
∴OC与尺上沿的交点C在尺上的读数为(2 2+2)cm．
故答案为：(2 2+2)．
作CD⊥AO于D，BE⊥AO于E，得到CD=2cm，由67.5°角的正切即可求出OD的长．
本题考查解直角三角形，关键是求出tan67.5°= 2+1，即可解决问题
15.【答案】π
【解析】解：如图，连接OA、OD、OC，
∵∠B=58°，∠ACD=40°．
∴∠AOC=2∠B=116°，∠AOD=2∠ACD=80°，
∴∠DOC=36°，
∴弧CD的长为36π×5180=π．
故答案为：π．
根据圆周角的性质，计算出弧CD所对的圆心角度数，按照公式求出弧长即可．
本题考查了弧长的计算和圆周角定理，熟练掌握圆周角定理是关键．
16.【答案】(1+ 33)2023
【解析】解：当y=0时，有x−1=0，
解得：x=1，
∴点A1的坐标为(1,0)．
∵四边形A1B1C1O为正方形，
∴OA1=A1B1=OC1=1，
∴点B1(1,1)，
B1的横坐标为1；
∴y=1时，1= 3x− 3，
解得：x=1+ 33，
∴点A2的坐标为(1+ 33,1)，
A2B2C2C1是正方形，
∴A2B2=C2C1=A2C1=1+ 33，
∴点B2(1+ 33,2+ 33)，
即B2的横坐标为1+ 33；
当y=2+ 33时，2+ 33= 3x− 3，
解得：x=23( 3+2)，
∴点A3(23( 3+2),2+ 33)，
∵A3B3C3C2是正方形，
∴A3B3=C3C2=A3C2=23( 3+2)，
∴点B3的横坐标为23( 3+2)=(1+ 33)2，
……，
以此类推，则点B2023的横坐标是(1+ 33)2023．
故答案为：(1+ 33)2023．
根据一次函数图象上点的坐标特征结合正方形的性质，可得出点A1、B1的坐标，同理可得出A2、A3、A4、A5……的坐标，进而得到B2、B3、B4、B5……的横坐标，根据点的坐标变化可找出变化规律，依此规律即可得出结论．
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征、正方形的性质以及点的坐标的规律，数形结合是解答本题的关键．
17.【答案】解：原式= 3×1−1+2 3−2+4−3 3
= 3−1+2 3−2+4−3 3
=1．
【解析】利用特殊锐角三角函数值，零指数幂，绝对值的性质，负整数指数幂，二次根式的性质计算即可．
本题考查实数的运算，熟练掌握相关运算法则是解题的关键．
18.【答案】解：(a2a+1−a+1)÷a2−1a2+2a+1
=a2−a2+1a+1⋅(a+1)2(a+1)(a−1)
=1a−1．
∵−2∴a=0符合题意．
当a=0时，原式=10−1=−1.(答案不唯一)
【解析】根据分式的混合运算法则把原式化简，根据分式有意义的条件确定a的值，代入计算即可．
本题考查的是分式的化简求值、实数的混合运算，掌握分式的混合运算法则是解题的关键．
19.【答案】解：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴∠A+∠ADC=180°，
∵∠A=40°，
∴∠ADC=140°，
∵DF平分∠ADC，
∴∠CDF=12∠ADC=70°，
∵AB/​/CD，
∴∠AFD=∠CDF=70°，
∵DF/​/BE，
∴∠ABE=∠AFD=70°．
【解析】根据平行四边形的性质和平行线的性质即可得到结论．
本题考查了平行四边形的性质，平行线的性质，角平分线的定义，熟练掌握平行四边形的性质是解题的关键．
20.【答案】解：(1)在Rt△AOC中，∵∠AOC=90°，∠ACO=30°，AC=8km，
∴AO=12AC=12×8=4(km)，
(2)在Rt△AOC中，∵∠AOC=90°，∠ACO=30°，AC=8km，
∴OC= 32AC=4 3(km)，
在Rt△BOC中，∵∠BOC=90°，∠BCO=45°，
∴∠BCO=∠OBC=45°，
∴OB=OC=4 3km，
∴AB=OB−OA=(4 3−4)km，
∴飞船从A处到B处的平均速度=4 3−410≈0.3(km/s)．
【解析】(1)根据直角三角形的性质即可得到结论；
(2)在Rt△AOC中，根据直角三角形的性质得到OC= 32AC=4 3(km)，在Rt△BOC中，根据等腰直角三角形的性质得到OB=OC=4 3km，于是得到结论．
本题考查了解直角三角形−仰角俯角问题，正确地求得结果是解题的关键．
21.【答案】500
【解析】解：(1)本次调查共抽取了50÷10%=500(名)学生．
故答案为：500．
选项B的人数为500−200−100−50=150(人)．
补全条形统计图如图所示．
(2)A所在扇形的圆心角度数为360°×200500=144°．
(3)列表如下：
由表格可知，共有12种等可能的结果，
其中甲、乙同时被选中的结果有2种，
∴甲、乙同时被选中的概率为212=16．
(1)用条形统计图中D的人数除以扇形统计图中D的百分比可得本次调查共抽取的学生人数；用本次调查共抽取的学生人数分别减去条形统计图中A，C，D的人数，求出B的人数，补全条形统计图即可．
(2)用360°乘以本次调查中选择A的学生所占的百分比即可．
(3)列表即可得出所有等可能的结果，以及甲、乙同时被选中的结果，再利用概率公式可得出答案．
本题考查列表法与树状图法、条形统计图、扇形统计图，能够读懂统计图，掌握列表法与树状图法是解答本题的关键．
22.【答案】解：(1)∵反比例函数y2=mx(x>0)的图象经过点A(4,1)，
∴1=m4．
∴m=4．
∴反比例函数解析式为y2=4x(x>0)．
把B(12,a)代入y2=4x(x>0)，得a=8．
∴点B坐标为(12,8)，
∵一次函数解析式y1=kx+b，经过A(4,1)，B(12,8)，
∴4k+b=112k+b=8．
∴k=−2b=9．
故一次函数解析式为：y1=−2x+9．
(2)由y1−y2>0，
∴y1>y2，即反比例函数值小于一次函数值．
由图象可得，12(3)由题意，设P(p,−2p+9)且12≤p≤4，
∴Q(p,4p).
∴PQ=−2p+9−4p．
∴S△POQ=12(−2p+9−4p)⋅p=3．
解得p1=52，p2=2．
∴P(52,4)或(2,5)．
【解析】(1)将A点坐标代入即可得出反比例函数y2=mx(x>0)，求得函数的解析式，进而求得B的坐标，再将A、B两点坐标分别代入y1=kx+b，可用待定系数法确定一次函数的解析式；
(2)由题意即求y1>y2的x的取值范围，由函数的图象即可得出反比例函数的值小于一次函数值的x的取值范围；
(3)由题意，设P(p,−2p+9)且12≤p≤4，则Q(p,4p)，求得PQ=−2p+9−4p，根据三角形面积公式得到S△POQ=12(−2p+9−4p)⋅p=3，解得即可．
本题主要考查一次函数与反比例函数交点问题，熟练掌握待定系数法求函数解析式是解题的关键．
23.【答案】解：(1)设该商场节后每千克A粽子的进价为x元，
根据题意，得240x−4=240x+2，
解得x1=10，x2=−12(舍去)，
经检验，x1=10，x2=−12都是原分式方程的根，但x2=−12不合题意舍去，
答：该商场节后每千克A粽子的进价是10元；
(2)设该商场节前购进m千克A粽子，总利润为w元，
根据题意，得(10+2)m+10(400−m)≤4600，
解得m≤300，
w=(20−12)m+(16−10)(400−m)=2m+2400，
∵2>0，
∴w随着m增大而增大，
当m=300时，w取得最大值，最大利润为2×300+2400=3000(元)，
答：该商场节前购进300千克A粽子获得利润最大，最大利润是3000元．
【解析】本题考查了分式方程的应用，一元一次不等式的应用，一次函数的应用，理解题意并根据题意建立相应关系式是解题的关键．
(1)设该商场节后每千克A粽子的进价为x元，根据节前用240元购进A粽子的数量比节后用相同金额购进的数量少4千克，列分式方程，求解即可；
(2)设该商场节前购进m千克A粽子，总利润为w元，根据该商场在节前和节后共购进A粽子400千克，且总费用不超过4600元，列一元一次不等式，求出m的取值范围，再表示出w与m的函数关系式，根据一次函数的增减性即可确定如何进货才能获得最大利润，并求出最大利润即可．
24.【答案】(1)证明：连接OE，如图：

∵BE=EF，
∴∠FAE=∠EAB，
∵OA=OE，
∴∠AEO=∠EAB，
∴∠FAE=∠AEO，
∴AF/​/OE，
∵CD⊥AF，
∴OE⊥CD，
∵OE是⊙O的半径，
∴CD是⊙O的切线；
(2)证明：如图：

由(1)知CD是⊙O的切线，
∴∠CEB=∠EAC(弦切角定理)，
∵CM平分∠ACD，
∴∠ECM=∠ACM，
∴∠CEB+∠ECM=∠EAC+∠ACM，
∴∠ENM=∠EMN，
∴EM=EN；
(3)解：如图：

由(2)知EM=EN，∠EMN=∠ENM，
∴∠EMN=∠BNC，
∵∠ECM=∠BCN，
∴△EMC∽△BNC，
∴EMBN=CEBC=CMCN，
∵N是CM的中点，
∴EMBN=CEBC=CMCN=2，
∴EM=2BN，CE=2BC，
∵∠BEC=∠EAB，∠BCE=∠ECA，
∴△BEC∽△EAC，
∴BEAE=CEAC=BCCE=12，
∴AE=2BE，
在Rt△ABE中，AE2+BE2=AB2，
∴(2BE)2+BE2=(9 5)2，
∴BE=9，
∵EN=EM=2BN，
∴EN=23BE=6．
∴EN的长为6．
【解析】(1)连接OE，由BE=EF，得∠FAE=∠EAB，可得∠FAE=∠AEO，AF/​/OE，又CD⊥AF，故OE⊥CD，CD是⊙O的切线；
(2)由∠CEB=∠EAC(弦切角定理)，∠ECM=∠ACM，可得∠ENM=∠EMN，EM=EN；
(3)证明△EMC∽△BNC，可得EMBN=CEBC=CMCN=2，又△BEC∽△EAC，可得AE=2BE，在Rt△ABE中，(2BE)2+BE2=(9 5)2，求出BE=9，故EN=23BE=6．
本题考查切线的判定与性质，圆的性质及应用，涉及三角形相似的判定与性质，解题的关键是掌握相似三角形的判定定理．
25.【答案】解：(1)①垂直，相等；
② 成立，理由如下：
∵∠FAD=∠BAC=90°
∴∠BAD=∠CAF，
在△BAD与△CAF中，
∵BA=CA∠BAD=∠CAFAD=AF
∴△BAD≌△CAF(SAS)，
∴CF=BD，∠ACF=∠ACB=45°，
∴∠BCF=90°，
∴CF⊥BD；
(2)当∠ACB=45°时可得CF⊥BC，理由如下：
过点A作AC的垂线与CB所在直线交于G，
则∠GAC=90°
∵∠ACB=45°，
∴∠AGC=∠ACG=45°，
∴AG=AC，
∵∠GAD=∠GAC−∠DAC=90°−∠DAC，∠FAC=∠FAD−∠DAC=90°−∠DAC，
∴∠GAD=∠CAF，
在△GAD和△CAF中，
AG=AC∠GAD=∠CAFAD=AF
∴△GAD≌△CAF(SAS)，
∴∠ACF=∠AGD=45°，
∴∠GCF=∠GCA+∠ACF=90°，
∴CF⊥BC．
【解析】解：(1)①CF⊥BD，CF=BD，
故答案为：垂直，相等；
②见答案；
(2)见答案．
【分析】
(1)当点D在BC的延长线上时①的结论仍成立．由正方形ADEF的性质可推出△DAB≌△FAC，所以CF=BD，∠ACF=∠ABD.结合∠BAC=90°，AB=AC，得到∠BCF=∠ACB+∠ACF=90度．即CF⊥BD．
(2)当∠ACB=45°时，过点A作AG⊥AC交CB或CB的延长线于点G，则∠GAC=90°，可推出∠ACB=∠AGC，所以AC=AG，由(1)①可知CF⊥BD．
本题考查三角形全等的判定和直角三角形的判定，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL.判定两个三角形全等，先根据已知条件或求证的结论确定三角形，然后再根据三角形全等的判定方法，看缺什么条件，再去证什么条件．
26.【答案】解：(1)∵抛物线y=ax2+bx+c与x轴交于点A(−3,0)，B(1,0)两点，与y轴交于点C(0,3)，
∴9a−3b+c=0a+b+c=0c=3，
解得：a=−1b=−2c=3，
∴该抛物线的解析式为y=−x2−2x+3；
(2)设直线AC的解析式为y=kx+n，则−3k+n=0n=3，
解得：k=1n=3，
∴直线AC的解析式为y=x+3，
过点P作PE/​/x轴交直线AC于点E，如图，
设P(t,−t2−2t+3)，则E(−t2−2t,−t2−2t+3)，
∴PE=−t2−2t−t=−t2−3t，
∵A(−3,0)，B(1,0)，
∴AB=1−(−3)=4，
∵PE/​/x轴，
∴△EPD∽△ABD，
∴PDDB=PEAB，
∴PDDB=−t2−3t4=−14(t+32)2+916，
∵−14<0，
∴当t=−32时，PDDB的值最大，最大值为916，此时点P的坐标为(−32,154)；
(3)点M的坐标为( 2−3, 2)或(− 2−3,− 2).
【解析】(1)见答案，
(2)见答案，
(3)如图，设P(m,−m2−2m+3)，
则M(m,m+3)，
∴PM=|m+3−(−m2−2m+3)|=|m2+3m|，
CM= m2+m2= 2|m|，
∵△PCM沿直线PC翻折，M的对应点为点M′，M′落在y轴上，
而PM/​/y轴，
∴PM//CM′，PM=PM′，CM=CM′，∠PCM=∠PCM′，
∴∠PCM′=∠MPC，
∴∠PCM=∠MPC，
∴PM=CM，
∴|m2+3m|= 2|m|，
当m2+3m= 2m时，
解得：m1=0(舍去)，m2= 2−3，
此时点M( 2−3, 2)；
当m2+3m=− 2m时，
解得：m1=0(舍去)，m2=− 2−3，
此时点M(− 2−3,− 2)；
综上，点M的坐标为( 2−3, 2)或(− 2−3,− 2).
(1)运用待定系数法，将点A(−3,0)，B(1,0)，C(0,3)代入y=ax2+bx+c，即可求得抛物线的解析式；
(2)运用待定系数法可得直线AC的解析式为y=x+3，过点P作PE/​/x轴交直线AC于点E，设P(t,−t2−2t+3)，则E(−t2−2t,−t2−2t+3)，可得PE=−t2−2t−t=−t2−3t，由PE/​/x轴，得△EPD∽△ABD，进而得出PDDB=PEAB=−t2−3t4=−14(t+32)2+916，再运用二次函数的性质即可求得答案；
(3)设点P的坐标，则点M的坐标可表示，PM长度可表示，利用翻折推出PM=CM，列方程求解即可求得答案．
本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求函数解析式，点坐标转换为线段长度，几何图形与二次函数结合的问题，相似三角形的判定和性质，翻折变换的性质等，最后一问推出PM=CM为解题关键．歌曲
A
B
C
A
(A,B)
(A,C)
B
(B,A)
(B,C)
C
(C,A)
(C,B)
甲
乙
丙
丁
甲
(甲，乙)
(甲，丙)
(甲，丁)
乙
(乙，甲)
(乙，丙)
(乙，丁)
丙
(丙，甲)
(丙，乙)
(丙，丁)
丁
(丁，甲)
(丁，乙)
(丁，丙)