山东省临沂市临沭县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷+

这是一份山东省临沂市临沭县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷+，共39页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1．（2分）关于分子，下列说法正确的是（ ）
A．红墨水在水中散开说明分子间存在斥力
B．吸盘能牢牢地吸在玻璃上，说明分子间存在引力
C．尘土飞扬，说明分子在不停地做无规则运动
D．将酒精倒入水中后，水和酒精的总体积会减小，说明分子间有间隙
2．（2分）下列对惯性的说法正确的是（ ）
A．人高速行驶的列车不易停下，说明速度越大惯性越大
B．静止在水平路面上的汽车没有惯性
C．不受力的物体一定没有惯性
D．任何物体任何情况下都有惯性
3．（2分）动物进化会使它们的身体结构和功能更适应环境，下列用物理知识解释错误的是（ ）
A．老虎的牙齿很尖——减少受力面积，增大压强，有利于撕咬食物
B．骆驼的趾特别宽大——增大受力面积，减小压强，有利于沙漠行走
C．鸭的足掌宽大——增大受力面积，增大压强，有利于觅食
D．鱼的身体呈梭形——减小受到水的阻力，有利于水中游动
4．（2分）放在水平桌面上静止的物理课本，受到的平衡力是（ ）
A．物理课本的重力和物理课本对桌面的压力
B．物理课本的重力和桌面对物理课本的支持力
C．桌子的重力和桌面对物理课本的支持力
D．桌面对物理课本的支持力和物理课本对桌面的压力
5．（2分）筷子是中华民族独特的文化，象征着古老而悠久的华夏文明。筷子也是物理学研究的一种杠杆，如图所示的四种杠杆，与筷子类型相同的是（ ）
A．剪子B．起子
C．钳子D． 镊子
6．（2分）竖直向上抛出一个重12N的小球，小球在运动过程中受到的空气阻力为2N，且大小不变，则小球在上升过程中，所受合力的大小和方向，下列判断正确的是（ ）
A．10N，竖直向下B．14N，竖直向上
C．0N，竖直向上D．14N，竖直向下
7．（2分）如图所示的实验中不能用流体压强与流速关系来解释的是（ ）
A．向下吹乒乓球B．用吸管吸饮料
C．水平吹纸条D．自制喷雾器
8．（2分）我市积极响应国家“接种新冠疫苗，共筑免疫屏障”的号召，有序推进全民新冠病毒疫苗预防接种工作。下列说法正确的是（ ）
A．注射器尖细的针头可以减小对皮肤的压强
B．能闻到消毒酒精的味道，说明分子间有斥力
C．将药液吸入注射器的针筒利用了大气压的作用
D．肌肉注射时，活塞对药液的压力小于药液对肌肉的压力
9．（2分）小红和爷爷同时从1楼出发爬到6楼，同时到达，爷爷的体重比小红大，下列说法正确的（ ）
A．爷爷做功的功更少B．小红做功的功率较小
C．爷爷做功的功率较小D．无法比较
10．（2分）4月29日上午，临沂大学2021年田径运动会精彩开幕。关于运动会项目，下列说法正确的是（ ）
A．到达百米终点的运动员不能立即停下是因为惯性消失了
B．自行车慢骑比赛中，越来越慢的运动员受力平衡
C．运动员将铅球举起的过程中，铅球的机械能不变
D．被投掷到空中的标枪，因受力而落回地面
11．（2分）如图甲所示，现用一水平力F向右缓慢地推木板，使其全部位于桌面上如图乙所示，在这个过程中木板受到的滑动摩擦力f和它对桌面的压强p的变化情况是（ ）
A．f不变，p变小B．f不变，p变大
C．f变小，p变小D．f变小，p变大
12．（2分）如图所示的实例中，属于利用大气压的是（ ）
A．用回水管的“水封”阻隔臭气
B．利用微小压强计进行测量
C．用几杯水就能撑裂木桶
D． 利用拔火罐进行治疗
13．（2分）如图，一个重20N的物体被一个50N的水平压力压在竖直的墙壁上保持静止，下列判断正确的是（ ）
A．物体受到的摩擦力为50N
B．物体对墙壁的压力为30N
C．压力增大时，物体受到的摩擦力不变
D．若所有力同时消失，物体会向下掉落
14．（2分）临沭县喷洒车对城区道路的卫生清洁保持工作功不可没。正在水平路面上匀速前进进行洒水作业的喷洒车（ ）
A．水箱底部的压强变大B．对路面的压力不变
C．牵引力的功率变小D．水箱内水的动能不变
15．（2分）生产生活中常常会用到各种机械设备，下列说法正确的是（ ）
A．有用功越多，机械效率就越大
B．减小摩擦可以提高机械效率
C．机械做功越快，其效率就越高
D．精密机械的效率能达到100%
16．（2分）如图所示，烧杯中的水面上漂浮着一个冰块。随着冰块的熔化，变化情况与其他三个不同
的是（ ）
A．冰块受到的浮力B．烧杯中水面的高度
C．容器底部的压强D．烧杯对桌面的压力
17．（2分）直升飞机在空中匀速上升过程中，它的（ ）
A．重力势能增大，动能减小
B．重力势能和动能增大
C．动能不变，重力势能增大
D．动能和重力势能减小
18．（2分）如图所示，用大小相等的力F匀速向上提升甲、乙两物体，绳端在相同时间内移动了相等的距离。若不计绳重和摩擦，则相等的物理量是（ ）
A．两物体上升的速度B．两滑轮的机械效率
C．拉力所做的有用功D．拉力做功的功率
19．（2分）水平桌面上两个相同的容器内盛有甲、乙两种不同的液体，完全相同的a，b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．甲液体的密度小
B．物体b受到的浮力大
C．右侧容器底部的压强小
D．左侧容器对桌面的压强小
20．（2分）一个质量为600g、密度为0.6×103kg/m3的正方体物块漂浮在液面上时，有的体积露出液面。如图所示，用一个竖直向下的力将物块下压至其上表面与液面刚好相平时（ ）
A．物块下表面距液面6cm
B．液体的密度为1.5×103kg/m3
C．压力F的大小为2N
D．物块排开液体的质量为1kg
二、填空题（每空1分，共18分）
21．（5分）2021年5月22日10时40分，我国的第一辆火星车——“祝融号”安全驶离着陆平台，在火星上留下了0.522m的第一步“足迹”（如图）。240kg的“祝融号”火星车除了具有宽大、粗糙的车轮外，还配备了先进的主动悬架，可以实现蠕动、抬轮、车体升降等多种运动模式，便于车轮下陷后脱困。“祝融号”可在气压约为地球大气压1%的火星表面以200m/h的速度行驶。
（1）到达火星的“祝融号”的惯性 （选填“增大”、“不变”或“消失了”）。
（2）“祝融号”宽大的车轮可以 压强， 摩擦（均选填“增大”或“减小”）。
（3）利用主动悬架完成车体抬升的“祝融号”，其在火星上的重力势能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（4）若以200m/h速度匀速行驶的“祝融号“受到的阻力为100N，则“祝融号”的火星第一步“足迹”，牵引力做功 J。
22．（3分）如图所示，质量为0.4kg，底面积为20cm2的茶壶静止在水平桌面上，壶中盛有0.6kg的水，水的深度为15cm，则水对茶壶底部的压强是 Pa；茶壶对桌面的压强是 Pa；将茶壶向壶嘴方向略微倾斜且静止后，壶嘴和壶身中的水面 （选填“相平”或“不相平”）（g取10N/kg）。
23．（5分）用如图所示装置在5s内将150N的重物匀速向上提升1m，竖直向上的拉力F的大小为100N。该装置为 滑轮；此过程中，有用功为 J，拉力的功率为 W；滑轮的机械效率为 ；重物的机械能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
24．（2分）小明在超市购物时，用20N的力沿水平方向推着购物车在水平地面上前进10m，用时5s，则推力做的功等于 J，推力的功率等于 W。
25．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
三.作图与实验题（第26题3分，其余每空1分，共24分）.
26．（3分）如图所示，杠杆OA可绕固定点O自由转动，作用于B点的细绳绕过定滑轮，沿细绳施加一个拉力F，让杠杆A端吊着的重物在水中静止。画出拉力F的力臂l、重物受到的重力G和浮力F浮。
27．（5分）利用U形管压强计探究液体内部压强的规律：
（1）本实验通过观察 来判断液体压强的大小。
（2）实验前，用手指按压金属盒前端的橡皮膜，发现U形管两边液柱几乎无变化，则实验装置可能出现了 问题。
（3）排除故障后，把金属盒浸没于水中，比较 两图可知，同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大。
（4）比较乙、丙两图可知，同种液体的同一深度处， 。
（5）比较甲、丁两图，可以探究液体压强与 的关系。
28．（7分）小明骑车时发现，不踩脚踏板，车也能滑行一段距离，他在不同的路面上多次尝试后猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度和速度有关。为探究其中的奥秘，他在水平桌面上搭成一斜面，用小球做实验，并用毛巾，棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）本实验对斜面的要求是 （选填序号）。
A.绝对光滑
B.粗糙程度相同
（2）为探究小球在水平面上的运动距离与速度的关系，应先后三次将小球从斜面的 高度处由静止释放，比较小球在 粗糙面上运动的路程（均选填“相同”或“不同”）。
（3）为探究小球运动距离与水平面粗糙程度是否有关，先后三次将小球从斜面上由静止释放，如图甲所示，由此得到结论： 。
（4）进一步推理可以得出结论：运动的物体如果不受阻力作用，将 。
（5）为了研究汽车超速和超载带来的安全隐患，小明设计了如图乙所示的探究实验：将两个相同的小球从斜面的不同高度处由静止释放，推动水平面上的木块运动一段距离后静止。通过比较木块运动的距离可以研究汽车 带来的安全隐患。如果换用两个大小不同的小球从斜面的相同高度处由静止释放，则可以研究汽车 带来的安全隐患。
29．（4分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时应向 （选填“左”或“右”）调节螺母，使杠杆水平静止，这样做的目的是 。
（2）如图乙所示，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再加挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动 个格，可使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）把图乙中B点的钩码取下，用弹簧测力计施加一个竖直向下的拉力使杠杆保持平衡，如图丙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
30．（5分）用弹簧测力计、合金块和盛水的烧杯探究影响浮力大小的因素，操作如图所示。
（1）合金块浸没在水中时受到的浮力为 N。
（2）由乙、丙两图可知，浮力的大小与 有关；由 两图可知，浮力的大小与物体浸没的深度无关。
（3）由实验数据可知，合金块的体积是 cm3。
（4）为了得到更普遍的结论，应继续进行的操作是 （选填序号）。
A.用原方案和器材多次测量取平均值
B.将原方案中的水换成酒精进行实验
四、计算题（第31题8分，第32题10分，共18分）
31．（8分）一个重0.2N的矿泉水瓶的瓶底面积为28cm2，瓶盖面积为8cm2。瓶内装少量水后密闭，正立放置在水平桌面上时水深10cm，倒立放置时水深13cm，如图所示。g取10N/kg，求：
（1）正立放置时矿泉水对瓶底的压强；
（2）倒立放置时矿泉水瓶对水平桌面的压力和压强。
32．（10分）2021年4月23日，海军三型主战舰艇——长征18号艇，大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列活动并登上舰艇视察。大连舰是我国最新型的055型防空导弹驱逐舰，它的满载排水量为12300t，船底最深处距离水面8m。某次执行任务时，满载的大连舰匀速航行5km用时6min15s，这一过程中受到的海水阻力为舰艇总重的0.1倍。若海水的密度为1.03×103kg/m3，g取10N/kg，求大连舰执行这次任务时：
（1）受到海水的浮力。
（2）舰底最深处受到海水的压强。
（3）牵引力所做的功和功率。
参考答案与试题解析
一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）
1．（2分）关于分子，下列说法正确的是（ ）
A．红墨水在水中散开说明分子间存在斥力
B．吸盘能牢牢地吸在玻璃上，说明分子间存在引力
C．尘土飞扬，说明分子在不停地做无规则运动
D．将酒精倒入水中后，水和酒精的总体积会减小，说明分子间有间隙
【考点】分子动理论的基本观点．
【答案】D
【分析】分子动理论包括：物质是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在间隙，分子间存在相互的作用力；解答本题要注意分子的概念及各种现象的本质。
【解答】解：A．红墨水在水中散开说明分子不停地做无规则运动，并不能说明分子间有排斥力，故A错误；
B．吸盘能牢牢吸在玻璃上，是因为大气压强，故B错误；
C．尘土飞扬属于宏观物体的运动，是机械运动，不属于分子运动，故C错误；
D．由于分子间有间隙，所以水和酒精混合后总体积会减小，故D正确。
故选：D。
2．（2分）下列对惯性的说法正确的是（ ）
A．人高速行驶的列车不易停下，说明速度越大惯性越大
B．静止在水平路面上的汽车没有惯性
C．不受力的物体一定没有惯性
D．任何物体任何情况下都有惯性
【考点】惯性与惯性现象．
【答案】D
【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
【解答】解：A、惯性大小与物体的质量有关，与速度无关，火车的质量大，其惯性也大，所以不易停下来，故A错误；
B、一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，静止在水平路面上的汽车也有惯性，故B错误；
CD、任何物体任何情况下都有惯性，不受力的物体也有惯性，故C错误，D正确。
故选：D。
3．（2分）动物进化会使它们的身体结构和功能更适应环境，下列用物理知识解释错误的是（ ）
A．老虎的牙齿很尖——减少受力面积，增大压强，有利于撕咬食物
B．骆驼的趾特别宽大——增大受力面积，减小压强，有利于沙漠行走
C．鸭的足掌宽大——增大受力面积，增大压强，有利于觅食
D．鱼的身体呈梭形——减小受到水的阻力，有利于水中游动
【考点】增大和减小压强的方法和应用．
【答案】C
【分析】在压力一定时，受力面积越小，压强就越大；在受力面积一定时，压力越大，其压强就越大。
在压力一定时，受力面积越大，其压强越小；在受力面积一定时，压力越小，其压强越小。
【解答】解：A、老虎的牙齿很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，有利于撕咬食物，故A正确；
B、骆驼的趾特别宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，有利于沙漠行走，故B正确；
C、鸭的足掌宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，有利于在泥地行走，故C错误；
D、鱼的身体呈梭形，减小受到水的阻力，有利于水中游动，故D正确。
故选：C。
4．（2分）放在水平桌面上静止的物理课本，受到的平衡力是（ ）
A．物理课本的重力和物理课本对桌面的压力
B．物理课本的重力和桌面对物理课本的支持力
C．桌子的重力和桌面对物理课本的支持力
D．桌面对物理课本的支持力和物理课本对桌面的压力
【考点】平衡力与相互作用力的辨别．
【答案】B
【分析】一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上，对物体进行受力分析，然后做出判断。
【解答】解：A、物理课本的重力和物理课本对桌面的压力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、物理课本的重力和桌面对物理课本的支持力大小相等、方向相反、在同一条直线上，在同一物体上，故是一对平衡力，故B正确；
C、桌子的重力和桌面对物理课本的支持力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、桌面对物理课本的支持力和物理课本对桌面的压力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
5．（2分）筷子是中华民族独特的文化，象征着古老而悠久的华夏文明。筷子也是物理学研究的一种杠杆，如图所示的四种杠杆，与筷子类型相同的是（ ）
A．剪子B．起子
C．钳子D． 镊子
【考点】杠杆的分类．
【答案】D
【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力省距离。
A、该剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，故A不符合题意；
B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，故B不符合题意；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，故C不符合题意；
D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力省距离，故D符合题意。
故选：D。
6．（2分）竖直向上抛出一个重12N的小球，小球在运动过程中受到的空气阻力为2N，且大小不变，则小球在上升过程中，所受合力的大小和方向，下列判断正确的是（ ）
A．10N，竖直向下B．14N，竖直向上
C．0N，竖直向上D．14N，竖直向下
【考点】力的合成与应用．
【答案】D
【分析】根据同一直线上力的合成方法解题：
（1）两力在同一直线上方向相同时，合力的大小等于两分力的大小之和，方向与分力方向相同；
（2）两力在同一直线上，方向相反时，合力大小等于两力大小之差，方向与较大的力的方向相同。
【解答】解：小球在上升过程中，重力为12N，空气阻力为2N，这两个力的方向都是竖直向下的，所以合力为12N+2N＝14N，故D正确。
故选：D。
7．（2分）如图所示的实验中不能用流体压强与流速关系来解释的是（ ）
A．向下吹乒乓球B．用吸管吸饮料
C．水平吹纸条D．自制喷雾器
【考点】流体压强与流速的关系．
【答案】B
【分析】分析每一项是否用到流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
【解答】解：A、用漏斗向下吹气，使乒乓球上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，使乒乓球不会下落，故A不符合题意。
B、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系，故B符合题意。
C、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故C不符合题意；
D、往竖直管中轻轻吹气，可以看到竖直管中的水面上升，原因是：往管中吹气，竖直管上方空气的流速增大，压强减小，竖直管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以竖直管的水上升，故D不符合题意。
故选：B。
8．（2分）我市积极响应国家“接种新冠疫苗，共筑免疫屏障”的号召，有序推进全民新冠病毒疫苗预防接种工作。下列说法正确的是（ ）
A．注射器尖细的针头可以减小对皮肤的压强
B．能闻到消毒酒精的味道，说明分子间有斥力
C．将药液吸入注射器的针筒利用了大气压的作用
D．肌肉注射时，活塞对药液的压力小于药液对肌肉的压力
【考点】增大和减小压强的方法和应用；大气压的综合应用；分子的热运动；压力．
【答案】C
【分析】（1）影响压强大小的因素是受力面积和压力大小；
（2）分子都在不停地做无规则运动；
（3）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果；
（4）密闭的液体有一个重要的特点，即加在密闭液体上的压强能够大小不变地被液体向各个方向传递，这个规律被称为帕斯卡原理。
【解答】解：
A、尖细的针头可以减小受力面积，在压力一定时，可以增大对皮肤的压强，故A错误；
B、能闻到消毒酒精的味道，这是扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动，不能说明分子间有斥力，故B错误；
C、注射器吸取药液时，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒，利用的是大气压，故C正确；
D、肌肉注射时，根据帕斯卡定律可知，药液传递的压强不变，活塞对药液的受力面积大，则产生的压力大，故D错误。
故选：C。
9．（2分）小红和爷爷同时从1楼出发爬到6楼，同时到达，爷爷的体重比小红大，下列说法正确的（ ）
A．爷爷做功的功更少B．小红做功的功率较小
C．爷爷做功的功率较小D．无法比较
【考点】比较功率的大小；比较功的大小．
【答案】B
【分析】（1）从1楼出发爬到6楼高度相同，所用时间相同；
（2）小红和爷爷爬相同的楼梯，h相同，但体重未知，根据W＝Gh判断两人做功是否相同；
估测重力，利用W＝Gh求爬楼做功，知道时间，利用P＝求做功功率；
（3）比较爷爷和小红做功大小和所用时间大小，比较二人速度大小。
【解答】解：
小红和爷爷同时从1楼出发爬到6楼，爬升的高度相同，爷爷的体重比小红大，根据W＝Gh可得爷爷做功多，又因为用时相同，由P＝可得爷爷做功的功率较大，小红做功的功率较小，故B正确、ACD错误。
故选：B。
10．（2分）4月29日上午，临沂大学2021年田径运动会精彩开幕。关于运动会项目，下列说法正确的是（ ）
A．到达百米终点的运动员不能立即停下是因为惯性消失了
B．自行车慢骑比赛中，越来越慢的运动员受力平衡
C．运动员将铅球举起的过程中，铅球的机械能不变
D．被投掷到空中的标枪，因受力而落回地面
【考点】惯性与惯性现象；力与运动的关系；机械能的概念．
【答案】D
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性；
（2）在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态；
（3）动能和物体的质量、速度有关；重力势能和物体的质量、高度有关；
（4）力是改变物体运动状态的原因，重力的方向总是竖直向下的。
【解答】解：A、运动员跑到百米终点时，由于具有惯性，不能立即停下，故A错误；
B、自行车慢骑比赛中，运动员运动越来越慢，处于非平衡状态，所以受力不平衡，故B错误；
C、运动员将铅球举起的过程中，铅球高度都增加，动能不变，重力势能都增加，所以铅球的机械能增加，故C错误；
D、标枪最终会落回地面是因为受到重力的作用，而重力的方向竖直向下，是重力改变了它的运动状态，故D正确。
故选：D。
11．（2分）如图甲所示，现用一水平力F向右缓慢地推木板，使其全部位于桌面上如图乙所示，在这个过程中木板受到的滑动摩擦力f和它对桌面的压强p的变化情况是（ ）
A．f不变，p变小B．f不变，p变大
C．f变小，p变小D．f变小，p变大
【考点】固体压强大小比较；摩擦力大小的影响因素．
【答案】A
【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；
（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。
【解答】解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，用水平力F向右缓慢地推木板时，木板对桌面的压力F不变；
因水平力F向右缓慢地推木板时，木板与桌面的接触面积变大，受力面积变大，
所以，由p＝可知，长木板对桌面的压强p变小；
（2）因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，
所以，水平力F向右缓慢地推木板时，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力f不变，故A正确、BCDC错误。
故选：A。
12．（2分）如图所示的实例中，属于利用大气压的是（ ）
A．用回水管的“水封”阻隔臭气
B．利用微小压强计进行测量
C．用几杯水就能撑裂木桶
D． 利用拔火罐进行治疗
【考点】大气压的综合应用．
【答案】D
【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
【解答】解：A、用回水管的“水封”阻隔臭气，利用的是连通器原理，与大气压无关；故A错误；
B、利用微小压强计进行测量，是利用液体压强与深度的关系，故B错误；
C、用几杯水就能撑破木桶，是利用液体压强与深度的关系，故C错误；
D、利用拔火罐进行治疗，先要用火对火罐加热，使火罐内的空气减少，然后利用大气压将火罐压在人体上，属于大气压的应用，故D正确。
故选：D。
13．（2分）如图，一个重20N的物体被一个50N的水平压力压在竖直的墙壁上保持静止，下列判断正确的是（ ）
A．物体受到的摩擦力为50N
B．物体对墙壁的压力为30N
C．压力增大时，物体受到的摩擦力不变
D．若所有力同时消失，物体会向下掉落
【考点】摩擦力的大小；力与运动的关系；压力．
【答案】C
【分析】处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力，一对平衡力的合力为零；二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；若所有力同时消失，根据牛顿第一定律分析物体的运动状态。
【解答】解：
AB、固体可以传递压力，一个重20N的物体被一个50N的水平压力压在竖直的墙壁上，则墙壁受到的压力为50N；物体在竖直墙壁上静止不动，物体处于静止状态，受平衡力作用，即物体在竖直方向上受竖直向下的重力和竖直向上摩擦力的作用，故摩擦力f甲＝G＝20N，故AB错误；
C、水平压力增大，物体仍然处于平衡状态，仍受平衡力作用，则物体在竖直方向受重力和摩擦力作用，二力应大小相等方向相反，故摩擦力大小f乙仍为20N，大小不变，故C正确；
D、若所有力同时消失，根据牛顿第一定律可知，其运动状态不变，则物体会保持静止状态，故D错误。
故选：C。
14．（2分）临沭县喷洒车对城区道路的卫生清洁保持工作功不可没。正在水平路面上匀速前进进行洒水作业的喷洒车（ ）
A．水箱底部的压强变大B．对路面的压力不变
C．牵引力的功率变小D．水箱内水的动能不变
【考点】动能大小的比较；压力；液体压强的概念和特点；比较功率的大小．
【答案】C
【分析】（1）液体的压强随深度的增加而增大。
（2）洒水车对路面的压力大小等于车和水的重力大小。
（3）根据P＝Fv进行分析。
（4）动能与质量和速度有关。
【解答】解：A、洒水车的质量越来越少，水箱中的深度减小。水箱底部的压强变小，故A错误；
B、由于水箱内水的重力减小，所以洒水车对路面的压力变小，故B错误；
C、根据P＝Fv，速度不变，总重力减小，使得压力减小，接触面粗糙程度不变，摩擦阻力减小；匀速运动时，摩擦力和牵引力是一对平衡力，牵引力减小，所以牵引力的功率变小，故C正确；
D、速度不变，但是水的质量减小，所以水箱内的动能减小，故D错误。
故选：C。
15．（2分）生产生活中常常会用到各种机械设备，下列说法正确的是（ ）
A．有用功越多，机械效率就越大
B．减小摩擦可以提高机械效率
C．机械做功越快，其效率就越高
D．精密机械的效率能达到100%
【考点】机械效率的概念．
【答案】B
【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值。
【解答】解：A、机械效率是有用功与总功的比值，有用功多，总功不确定，机械效率无法确定。故A不正确；
B、克服机械间摩擦做的一般是额外功，所以减小摩擦也就是减小了额外功，可以提高机械效率。故B正确；
C、机械效率的高低与做功的快慢无关。故C不正确；
D、使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率都小于100%。故D不正确。
故选：B。
16．（2分）如图所示，烧杯中的水面上漂浮着一个冰块。随着冰块的熔化，变化情况与其他三个不同
的是（ ）
A．冰块受到的浮力B．烧杯中水面的高度
C．容器底部的压强D．烧杯对桌面的压力
【考点】物体的浮沉条件及其应用；压力；液体压强的计算以及公式的应用；阿基米德原理的应用．
【答案】A
【分析】（1）知道冰块熔化过程中质量的变化，根据漂浮条件可以判断浮力的变化；
（2）根据阿基米德原理和密度公式比较冰块排开水的体积与冰块熔化后的水的体积关系，得出冰块熔化前后水面高度的变化；
（3）利用液体公式p＝ρgh比较容器底部压强变化；
（4）判断冰、水和玻璃杯的总重变化，可知杯底对水平桌面的压力变化。
【解答】解：A、冰块漂浮在水面上，所受浮力等于冰块的重力，当冰块逐渐熔化时，质量变小，其重力变小，受到的浮力变小；
B、冰块漂浮在水面上，即F浮＝G冰，由阿基米德原理可知，冰块排开水的体积为：V排＝＝＝；冰完全熔化为水时，质量不变，熔化成的水的体积为：V水＝＝，可见，V水＝V排，故冰块熔化前后，水面高度h不变；
C、根据液体压强的公式p＝ρ水gh可知，在水的密度一定时，由于水面高度h不变，故水对杯底的压强不变；
D、烧杯对水平桌面的压力等于冰、水和玻璃杯的总重力，冰块熔化过程中，三者的总重力不变，所以烧杯对桌面的压力不变。
综上所述可知，变化情况与其他三个不同的是A。
故选：A。
17．（2分）直升飞机在空中匀速上升过程中，它的（ ）
A．重力势能增大，动能减小
B．重力势能和动能增大
C．动能不变，重力势能增大
D．动能和重力势能减小
【考点】动能和势能的转化．
【答案】C
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：直升飞机在空中匀速上升过程中，质量不变，速度不变，所以动能不变，高度不断增大，重力势能增大，机械能增大。
故选：C。
18．（2分）如图所示，用大小相等的力F匀速向上提升甲、乙两物体，绳端在相同时间内移动了相等的距离。若不计绳重和摩擦，则相等的物理量是（ ）
A．两物体上升的速度B．两滑轮的机械效率
C．拉力所做的有用功D．拉力做功的功率
【考点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功；比较功率的大小．
【答案】D
【分析】（1）由定滑轮、动滑轮的结构知道承担物重的绳子股数n，拉力端移动距离s＝nh，拉力端移动速度等于物体升高速度的n倍，据此分析两物体上升的速度大小关系；
（2）不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，额外功为0J，机械效率为100%；使用动滑轮时，要提升动滑轮做额外功，机械效率小于100%；
（3）不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，拉力F＝G甲；使用动滑轮，拉力F＝（G乙+G动），而拉力大小相等，可得提升物体重力大小关系；
绳端移动距离s相等，而s＝nh，据此可得物体升高距离大小关系，再利用W＝Gh比较次提升物体所做的有用功大小关系；
（4）绳端在相同时间内移动了相同的距离，由v＝可知绳端移动速度大小关系，再利用P＝＝＝Fv可得两种装置中拉力做功的功率大小关系。
【解答】解：
A、图甲使用的是定滑轮，承担物重的绳子股数n甲＝1；图乙使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n乙＝2；
因为绳端移动距离s＝nh，所以绳端移动速度等于物体升高速度的n倍，
因为绳端在相同时间内移动了相同的距离，所以由速度公式v＝可知绳端移动的速度相等，设其大小为v，
则物体上升的速度：
v甲＝v，2v乙＝v，
所以两物体上升的速度：v甲＞v乙，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，额外功为0J，机械效率为100%；使用动滑轮时，要提升动滑轮做额外功，机械效率小于100%；所以两种装置的机械效率η甲＞η乙，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，拉力F＝GA；使用动滑轮，拉力F＝（GB+G动），GB＝2F﹣G动，
绳端移动距离s相等，而s＝nh，物体升高距离h甲＝s，h乙＝s，
由W＝Gh可知：
W甲有用＝GAh甲＝Fs，
W乙有用＝GBh乙＝（2F﹣G动）×s＝Fs﹣G动s，
所以提升物体所做的有用功W甲有用＞W乙有用，故C错误；
D、绳端在相同时间内移动了相同的距离，由v＝可知绳端移动速度大小相等，所用拉力大小相等，
由P＝＝＝Fv可知两种装置中拉力做功的功率相等，故D正确。
故选：D。
19．（2分）水平桌面上两个相同的容器内盛有甲、乙两种不同的液体，完全相同的a，b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．甲液体的密度小
B．物体b受到的浮力大
C．右侧容器底部的压强小
D．左侧容器对桌面的压强小
【考点】物体的浮沉条件及其应用；固体压强大小比较；液体压强的比较大小．
【答案】C
【分析】（1）（3）根据物体的浮沉条件判断两液体密度关系；根据p＝ρgh判断甲、乙液体对容器底部的压强关系；
（2）根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系；
（4）根据p＝判断容器对桌面的压强大小。
【解答】解：由图可知，物块在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。
AC、根据浮沉条件可知：物体漂浮时ρ液＞ρ物，物体悬浮时ρ液＝ρ物，所以液体与物体的密度关系为：ρ甲＞ρ物，ρ乙＝ρ物，由此可得液体的密度关系为：ρ甲＞ρ乙，两杯中液面相平，根据p＝ρ液gh可知，烧杯底受到液体的压强：p左＞p右，故A错误、C正确；
B、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以将两个相同的物块分别放在两烧杯中，两物块受到的浮力相等，都等于物块的重力，故B错误；
D、根据漂浮条件F浮＝G物和公式F浮＝ρ液gV排可知：Ga＝F浮a＝ρ甲gV排甲，Gb＝F浮b＝ρ乙gV排乙，
两容器对桌面的压力分别为：
F左＝G容+Ga+G甲＝G容+ρ甲gV排甲+ρ甲gV甲＝G容+ρ甲g（V排甲+V甲）……①
F右＝G容+Gb+G乙＝G容+ρ乙gV排乙+ρ乙gV乙＝G容+ρ乙g（V排乙+V乙）……②
由于物体静止后两容器内液面相平，则V排甲+V甲＝V排乙+V乙，已知ρ甲＞ρ乙，
所以，由①②可知：F左＞F右，在受力面积相同时，根据p＝可知，左侧容器对桌面的压强大，故D错误。
故选：C。
20．（2分）一个质量为600g、密度为0.6×103kg/m3的正方体物块漂浮在液面上时，有的体积露出液面。如图所示，用一个竖直向下的力将物块下压至其上表面与液面刚好相平时（ ）
A．物块下表面距液面6cm
B．液体的密度为1.5×103kg/m3
C．压力F的大小为2N
D．物块排开液体的质量为1kg
【考点】物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理的应用．
【答案】D
【分析】（1）由物块的质量和密度可求得其体积，然后可求其边长，由此可知物块下表面距液面的距离；
（2）根据题意求出物块漂浮时排开水的体积，根据F浮＝ρ液gV排求出物块受到的浮力，物块的重力G＝mg＝ρgV，根据物体漂浮条件求出液体的密度；
（2）当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力，分析物块受到的力，根据物块受到的合力为零求手对物块上表面的压力；
（3）由m排＝ρ液V排可求得物块排开液体的质量。
【解答】解：
A、由ρ＝可得，物块的体积V物＝＝＝1×10﹣3m3，
其边长a＝＝0.1m，
物块刚好浸没，则物块下表面距液面为0.1m＝10cm，故A错误；
B、物块漂浮时排开液体的体积V排＝（1﹣）V＝V，
物块受到的浮力F浮＝ρ液gV排＝ρ液gV，物块的重力G＝mg＝ρ物gV，
因物块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，ρ液gV＝ρ物gV，
则液体的密度：ρ液＝＝＝1.0×103kg/m3，故B错误；
C、当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积V排′＝V，物块受到的浮力F浮′＝ρ液gV排′＝ρ液gV，
因此时物块受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、对物块上表面的压力F作用处于平衡状态，
所以，由物块受到的合力为零可得：F浮′＝G+F，
压力：F＝F浮′﹣G＝ρ液gV﹣ρ物gV＝（ρ液﹣ρ物）gV＝（1.0×103kg/m3﹣0.6×103kg/m3）×10N/kg×（0.1m）3＝4N，故C错误；
D、物块刚好浸没，V排＝V物＝1×10﹣3m3，
物块排开液体的质量m排＝ρ液V排＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，故D正确。
故选：D。
二、填空题（每空1分，共18分）
21．（5分）2021年5月22日10时40分，我国的第一辆火星车——“祝融号”安全驶离着陆平台，在火星上留下了0.522m的第一步“足迹”（如图）。240kg的“祝融号”火星车除了具有宽大、粗糙的车轮外，还配备了先进的主动悬架，可以实现蠕动、抬轮、车体升降等多种运动模式，便于车轮下陷后脱困。“祝融号”可在气压约为地球大气压1%的火星表面以200m/h的速度行驶。
（1）到达火星的“祝融号”的惯性 不变 （选填“增大”、“不变”或“消失了”）。
（2）“祝融号”宽大的车轮可以 减小 压强， 增大 摩擦（均选填“增大”或“减小”）。
（3）利用主动悬架完成车体抬升的“祝融号”，其在火星上的重力势能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（4）若以200m/h速度匀速行驶的“祝融号“受到的阻力为100N，则“祝融号”的火星第一步“足迹”，牵引力做功 52.2 J。
【考点】动能和势能的转化；增大或减小摩擦的方法；惯性与惯性现象；增大和减小压强的方法和应用；功的计算和公式的应用．
【答案】（1）不变；（2）减小；增大；（3）增大；（4）52.2。
【分析】（1）惯性是物体固有的属性，惯性与质量有关，质量越大惯性越大。
（2）压强大小与压力大小和受力面积有关；滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
（3）重力势能与质量和高度有关。
（4）先利用平衡力求出牵引力F，再运用W＝Fs可求出功的多少。
【解答】解：（1）到达火星的“祝融号”的质量不变，其惯性大小不变；
（2）“祝融号”采用宽大、粗糙的车轮是在压力一定时，通过增大受力面积增大来减小压强、通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的；
（3）“祝融号”被抬升后，其高度变大，质量不变时，它在火星上的重力势能增大；
（4）“祝融号”做匀速直线运动，受到平衡力作用，所以牵引力为：F＝f＝100N，
牵引力做功为：W＝Fs＝100N×0.522m＝52.2J。
故答案为：（1）不变；（2）减小；增大；（3）增大；（4）52.2。
22．（3分）如图所示，质量为0.4kg，底面积为20cm2的茶壶静止在水平桌面上，壶中盛有0.6kg的水，水的深度为15cm，则水对茶壶底部的压强是 1500 Pa；茶壶对桌面的压强是 5000 Pa；将茶壶向壶嘴方向略微倾斜且静止后，壶嘴和壶身中的水面 相平 （选填“相平”或“不相平”）（g取10N/kg）。
【考点】液体压强的计算以及公式的应用；连通器原理；压强的计算．
【答案】1500；5000；相平。
【分析】（1）已知容器中水的深度可求水对容器底部的压强；
（2）已知容器和水的质量可求它们的重力，重力等于对桌面的压力，又知容器的底面积可求容器对桌面的压强；
（3）连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
【解答】解：（1）水对容器底的压强：
p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.15m＝1500Pa；
（2）桌面受到的压力：
F＝G＝（m水+m容器）g＝（0.6kg+0.4kg）×10N/kg＝10N，
容器对桌面的压强：
p′＝＝＝5000Pa；
（3）茶壶的壶嘴与壶身是上端开口、下部连通的连通器，若将茶壶略微倾斜、水不溢出且保持静止后，根据连通器的特点可知，壶嘴和壶身中水面相平。
故答案为：1500；5000；相平。
23．（5分）用如图所示装置在5s内将150N的重物匀速向上提升1m，竖直向上的拉力F的大小为100N。该装置为 动 滑轮；此过程中，有用功为 150 J，拉力的功率为 40 W；滑轮的机械效率为 75% ；重物的机械能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【考点】滑轮（组）的机械效率；动滑轮及其工作特点；有用功和额外功；功率的计算及公式的应用；机械能的概念．
【答案】动；150；40；75%；增大。
【分析】（1）物体随滑轮一起升降的是动滑轮；
（2）知道物体重和提升的高度，利用W＝Gh求提升物体做的有用功；
（3）根据动滑轮的工作特点求出拉力移动的距离，知道拉力大小，利用W总＝Fs求总功；利用P＝求出拉力的功率；利用机械效率公式η＝求出滑轮的机械效率；
（4）机械能是物体的动能与势能的和，判断动能和势能大小的变化从动能和势能大小的影响因素考虑。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：（1）如图所示装置，物体随滑轮一起升降，是动滑轮；
（2）提升物体做的有用功：
W有用＝Gh＝150N×1m＝150J，
（3）因为使用的是动滑轮，所以拉力移动的距离s＝2h＝2×1m＝2m，
工人做的总功：
W总＝Fs＝100N×2m＝200J，
拉力的功率：
P＝＝＝40W；
则滑轮的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝75%；
（4）由于重物是匀速向上提升，则质量不变，速度不变，动能不变；重物的高度升高，重力势能增大，所以机械能增大。
故答案为：动；150；40；75%；增大。
24．（2分）小明在超市购物时，用20N的力沿水平方向推着购物车在水平地面上前进10m，用时5s，则推力做的功等于 200 J，推力的功率等于 40 W。
【考点】功率的计算及公式的应用；功的计算和公式的应用．
【答案】200；40。
【分析】由题可知，物体在20N的推力作用下前进了10m，由W＝Fs可求得推力做的功，由P＝可求得推力的功率。
【解答】解：用20N的力沿水平方向推着购物车在水平地面上前进10m，
则推力所做的功：W＝Fs＝20N×10m＝200J，
推力做功的功率：
P＝＝＝40W。
故答案为：200；40。
25．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 5.5×107Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 3×105N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
【考点】阿基米德原理的应用；液体压强的计算以及公式的应用．
【答案】5.5×107；不变；3×105。
【分析】根据p＝ρ水gh求出“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强；
潜水器在深水下潜过程中排开水的体积不变，根据F浮＝ρ水gV排可知所受水的浮力的变化情况；
潜水器在深水中排开水的体积等于潜水器的体积，根据F浮＝ρ水gV排求出在水下5500米时受到的浮力。
【解答】解：“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×5500m＝5.5×107Pa；
潜水器在深水下潜过程中排开水的体积不变（等于潜水器的体积），根据F浮＝ρ水gV排可知所受水的浮力不变；
在水下5500米时受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1×103kg/m3×10N/kg×30m3＝3×105N。
故答案为：5.5×107；不变；3×105。
三.作图与实验题（第26题3分，其余每空1分，共24分）.
26．（3分）如图所示，杠杆OA可绕固定点O自由转动，作用于B点的细绳绕过定滑轮，沿细绳施加一个拉力F，让杠杆A端吊着的重物在水中静止。画出拉力F的力臂l、重物受到的重力G和浮力F浮。
【考点】力臂的画法；重力示意图；阿基米德原理的应用．
【答案】
【分析】（1）已知支点、动力的方向，根据力臂的画法，从支点作动力作用线的垂线段，拉力F的力臂L；
（2）重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，从重心表示出重力和浮力的大小和方向。
【解答】解：（1）由图知F为拉力，从支点O做动力F的垂线段，即为拉力F的力臂l，如图所示：
（2）物体浸没在水中时，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力及拉力作用，使物体处于静止状态，则浮力应小于重力，重力和浮力的作用点都在物体的重心，如图所示：
27．（5分）利用U形管压强计探究液体内部压强的规律：
（1）本实验通过观察 U形管两边液面的高度差 来判断液体压强的大小。
（2）实验前，用手指按压金属盒前端的橡皮膜，发现U形管两边液柱几乎无变化，则实验装置可能出现了 漏气 问题。
（3）排除故障后，把金属盒浸没于水中，比较 甲乙 两图可知，同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大。
（4）比较乙、丙两图可知，同种液体的同一深度处， 各个方向产生的压强相等 。
（5）比较甲、丁两图，可以探究液体压强与 密度 的关系。
【考点】探究液体内部的压强．
【答案】（1）U形管两边液面的高度差；（2）漏气；（3）甲乙；（4）各个方向产生的压强相等；（5）密度。
【分析】（1）本题采用了物理中常见的转换法，即把水的内部压强的大小转换成U形管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大；
（2）压强计是通过橡皮膜来感受压强的，当橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强变大，大于大气压强就会将U形管中的液面出现高度差，高度差越大，表示橡皮膜受到的压强越大；若和橡皮膜连接的软管出现漏气，不论橡皮膜是否受到压强，软管中气体的压强都等于大气压，压强计中液面就不会出现高度差；
（3）由控制变量法可知，保持液体密度不变，探究的是在同种液体中，液体的压强与液体深度的关系；
（4）根据控制变量法结合U形管两端液面高度差分析；
（5）根据控制变量法分析。
【解答】解：
（1）实验中同学们通过观察U形管两边液面的高度差来判断液体压强的大小；
（2）用手指按压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，出现这种情况的原因是：实验装置可能出现了漏气问题；
（3）由控制变量法可知，要探究液体压强与深度的关系，应只让深度发生改变，保持密度不变，故应选甲、乙两图；
（4）比较乙、丙两图可知，只改变了橡皮膜在水中的方向，U形管两端液面高度差不变，说明同种液体的同一深度处，各个方向产生的压强相等；
（5）比较甲、丁两图可知，只改变了液体的密度，U形管两端液面的高度差发生了改变，说明液体压强与密度有关。
故答案为：（1）U形管两边液面的高度差；（2）漏气；（3）甲乙；（4）各个方向产生的压强相等；（5）密度。
28．（7分）小明骑车时发现，不踩脚踏板，车也能滑行一段距离，他在不同的路面上多次尝试后猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度和速度有关。为探究其中的奥秘，他在水平桌面上搭成一斜面，用小球做实验，并用毛巾，棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）本实验对斜面的要求是 B （选填序号）。
A.绝对光滑
B.粗糙程度相同
（2）为探究小球在水平面上的运动距离与速度的关系，应先后三次将小球从斜面的 不同 高度处由静止释放，比较小球在 相同 粗糙面上运动的路程（均选填“相同”或“不同”）。
（3）为探究小球运动距离与水平面粗糙程度是否有关，先后三次将小球从斜面上由静止释放，如图甲所示，由此得到结论： 当速度相同时，水平面的粗糙程度越小，小球滑行的距离越远 。
（4）进一步推理可以得出结论：运动的物体如果不受阻力作用，将 做匀速直线运动 。
（5）为了研究汽车超速和超载带来的安全隐患，小明设计了如图乙所示的探究实验：将两个相同的小球从斜面的不同高度处由静止释放，推动水平面上的木块运动一段距离后静止。通过比较木块运动的距离可以研究汽车 超速 带来的安全隐患。如果换用两个大小不同的小球从斜面的相同高度处由静止释放，则可以研究汽车 超载 带来的安全隐患。
【考点】探究阻力对物体运动的影响．
【答案】（1）B；（2）不同；相同；（3）当速度相同时，水平面的粗糙程度越小，小球滑行的距离越远；（4）做匀速直线运动；（5）超速；超载。
【分析】（1）实验时，斜面的粗糙程度对实验的影响不大，只要斜面相同且能完成实验就行；
（2）要探究滑行距离与速度的关系，则应使小球的速度不同，接触面的粗糙程度相同；
（3）（4）实验目的是研究阻力对物体运动的影响，需要控制小球的初速度要相同；通过小球的运动距离反映速度的变化和摩擦阻力的大小的关系，进而得出结论；最后进行合理的推理得出假如不受力的情况；
（5）影响动能的因素是质量和速度，根据控制变量法分析解答。
【解答】解：（1）实验时，斜面的粗糙程度对实验的影响不大，只要斜面相同且能完成实验就行，故选B；
（2）为了探究小球在水平面上的滑行距离与速度的关系，应使小球的速度不同，接触面粗糙程度相同，所以应让小球从不同高度处由静止释放，比较小球在相同粗糙面上滑行的路程；
（3）在探究过程中，采用控制变量法，要保证小车到达水平面时的速度相同，通过图甲可以得出：当速度相同时，接触面越光滑（粗糙程度小），摩擦力越小，小球滑行的距离越远；
（4）若水平面光滑无摩擦，则小球不受摩擦力，小球的速度和方向不变，即做匀速直线运动；
（5）将两个相同的小球从斜面的不同高度处由静止释放，小球到达水平面时的速度不相同，推动水平面上的木块运动一段距离后静止。通过比较木块运动的距离可以研究汽车超速带来的安全隐患；
如果换用两个大小不同的小球从斜面的相同高度处由静止释放，小球到达水平面时的速度相同，小球的质量不同，则可以研究汽车超重带来的安全隐患。
故答案为：（1）B；（2）不同；相同；（3）当速度相同时，水平面的粗糙程度越小，小球滑行的距离越远；（4）做匀速直线运动；（5）超速；超载。
29．（4分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时应向 右 （选填“左”或“右”）调节螺母，使杠杆水平静止，这样做的目的是 便于直接在杠杆上读取力臂 。
（2）如图乙所示，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再加挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动 1 个格，可使杠杆在水平位置再次平衡。
（3）把图乙中B点的钩码取下，用弹簧测力计施加一个竖直向下的拉力使杠杆保持平衡，如图丙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，测力计的示数将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【考点】探究杠杆的平衡条件．
【答案】（1）右；便于直接在杠杆上读取力臂；（2）1；（3）变大。
【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂；
（2）杠杆平衡条件是：F1L1＝F2L2，根据杠杆的平衡条件分析解答；
（3）判断斜向右拉力臂的变化，得出力的变化。
【解答】解：（1）应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，本题杠杆左端下沉，说明右侧较高，应该将平衡螺母向右侧调节；
使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂；
（2）设杠杆每一个小格代表L，每个钩码的重力为G
根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，4G×2L＝2G×nL，所以n＝4（格），所以应该将钩码从B处向右移动一个格；
（3）测力计倾斜拉动杠杆时，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，所以测力计示数变大。
故答案为：（1）右；便于直接在杠杆上读取力臂；（2）1；（3）变大。
30．（5分）用弹簧测力计、合金块和盛水的烧杯探究影响浮力大小的因素，操作如图所示。
（1）合金块浸没在水中时受到的浮力为 1 N。
（2）由乙、丙两图可知，浮力的大小与 排开液体的体积 有关；由 丙、丁 两图可知，浮力的大小与物体浸没的深度无关。
（3）由实验数据可知，合金块的体积是 100 cm3。
（4）为了得到更普遍的结论，应继续进行的操作是 B （选填序号）。
A.用原方案和器材多次测量取平均值
B.将原方案中的水换成酒精进行实验
【考点】探究浮力大小与哪些因素有关．
【答案】（1）1；（2）排开液体的体积；丙、丁；（3）100；（4）B。
【分析】（1）由甲丙图，根据称重法得出物体全部浸没在水中时受到的浮力；
（2）物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，分析实验中相同因素和不同因素，由称重法分析受到的浮力大小，得出浮力与变化量的关系；
（3）根据阿基米德原理得出物体排开水的体积，即物体的体积；
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：
（1）由甲丙图，根据称重法，物体全部浸没在水中时，受到的浮力是：F浮＝G﹣F丙＝2.6N﹣1.6N＝1N；
（2）由乙、丙两图中，丙中物体排开水的体积大，丙中测力计示数小，由称重法，丙中受到的浮力大，故可知：浮力的大小与排开水的体积有关；
要探究浮力的大小与物体浸没的深度无关，需用保证物体排开液体的体积和液体的密度一样，故选丙、丁；
（3）根据阿基米德原理，排开水的体积即物体的体积：
V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3＝100cm3；
（4）为了得到更普遍的结论，要用原方案将水换成酒精进行实验，故选B合理。
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；丙、丁；（3）100；（4）B。
四、计算题（第31题8分，第32题10分，共18分）
31．（8分）一个重0.2N的矿泉水瓶的瓶底面积为28cm2，瓶盖面积为8cm2。瓶内装少量水后密闭，正立放置在水平桌面上时水深10cm，倒立放置时水深13cm，如图所示。g取10N/kg，求：
（1）正立放置时矿泉水对瓶底的压强；
（2）倒立放置时矿泉水瓶对水平桌面的压力和压强。
【考点】液体压强的计算以及公式的应用；压力；压强的计算．
【答案】（1）正立放置时矿泉水对瓶底的压强为1000Pa；
（2）倒立放置时矿泉水瓶对水平桌面的压力为3N，压强为3750Pa。
【分析】（1）根据p正立＝ρgh得出正立放置时矿泉水对瓶底的压强；
（2）由图可知，正立放置时矿泉水瓶内水的深度，根据V＝Sh求出水的体积，利用ρ＝求出水的质量，根据G＝mg求出水的重力，倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压力等于矿泉水瓶和矿泉水的总重力，根据p＝求出倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强。
【解答】解：（1）正立放置时水深h正立＝10cm＝0.1m，
正立放置时矿泉水对瓶底的压强p正立＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
（2）由左图可知，矿泉水瓶内水的体积：
V＝S瓶底h正立＝28cm2×10cm＝280cm3，
瓶内水的质量：
m水＝ρV＝1.0g/cm3×280cm3＝280g＝0.28kg，
瓶内水的重力：G水＝m水g＝0.28kg×10N/kg＝2.8N，
倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压力：
F＝G水+G瓶＝2.8N+0.2N＝3N，
倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强：
p＝＝＝3750Pa。
答：（1）正立放置时矿泉水对瓶底的压强为1000Pa；
（2）倒立放置时矿泉水瓶对水平桌面的压力为3N，压强为3750Pa。
32．（10分）2021年4月23日，海军三型主战舰艇——长征18号艇，大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列活动并登上舰艇视察。大连舰是我国最新型的055型防空导弹驱逐舰，它的满载排水量为12300t，船底最深处距离水面8m。某次执行任务时，满载的大连舰匀速航行5km用时6min15s，这一过程中受到的海水阻力为舰艇总重的0.1倍。若海水的密度为1.03×103kg/m3，g取10N/kg，求大连舰执行这次任务时：
（1）受到海水的浮力。
（2）舰底最深处受到海水的压强。
（3）牵引力所做的功和功率。
【考点】液体压强的计算以及公式的应用；浮力大小的计算；功的计算和公式的应用；功率的计算及公式的应用．
【答案】（1）受到海水的浮力为1.23×108N；
（2）舰底最深处受到海水的压强为8.24×104Pa；
（3）牵引力所做的功为6.15×1010J，功率为1.64×108W。
【分析】（1）已知大连舰满载排水量，利用阿基米德原理计算浮力大小；
（2）已知船底最深处的深度，根据公式p＝ρgh可求该处受到海水的压强；
（3）根据漂浮条件可知大连舰的重力，已知受到海水的阻力是船重的0.1倍，结合二力平衡条件可求得牵引力，根据W＝Fs算出牵引力所做的功，利用P＝可求得大连舰航行时的功率。
【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，大连舰满载时受到的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝12300×103kg×10N/kg＝1.23×108N；
（2）船底受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×8m＝8.24×104Pa；
（3）大连舰处于漂浮状态，则大连舰的重力：G＝F浮＝1.23×108N，
由题意可得匀速直线航行时牵引力：F＝f＝0.1G＝0.1×1.23×108N＝1.23×107N，
牵引力所做的功为：W＝Fs＝1.23×107N×5×103m＝6.15×1010J，
匀速航行的时间为：t＝6min15s＝375s，
大连舰航行时的功率为：P＝＝＝1.64×108W。
答：（1）受到海水的浮力为1.23×108N；
（2）舰底最深处受到海水的压强为8.24×104Pa；
（3）牵引力所做的功为6.15×1010J，功率为1.64×108W。