山东省临沂市莒南县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份山东省临沂市莒南县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共26页。

2022-2023学年山东省临沂市莒南县八年级（下）期末物理试卷
1. 体育课上小华同学用力踢了一下静止的足球，足球在草坪上滚动起来，滚动一段距离后又停了下来。关于这个过程，下列描述中错误的是(    )
A. 脚踢足球，脚会感到疼是因为物体间力的作用是相互的
B. 足球在水平地面上滚动时，由于没有力的作用，足球便慢慢停止运动
C. 足球的重力和足球受到的支持力是一对平衡力
D. 足球最终会停下来，说明力是改变物体运动状态的原因
2. 2023年5月10日，“天舟六号”货运飞船由长征七号运载火箭成功发射，历经数小时飞行后与空间站组合体成功对接，下列说法正确的是(    )
A. 火箭加速上升过程中，受到平衡力的作用
B. 火箭加速上升过程中，机械能保持不变
C. “天舟四号”完成对接后，仍具有惯性
D. “天舟四号”绕地球运动过程中，运动状态始终不变

3. 央视春晚，无人驾驶汽车向全国观众呈现了精彩的高科技大秀。如图所示，是无人驾驶汽车在平直公路上匀速行驶的情景，下列说法正确的是(    )


A. 汽车的安全带做得比较宽是为了增大对人体的压强
B. 汽车轮胎刻有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦力
C. 汽车刹车后不能马上停下来是受到惯性的作用
D. 汽车的牵引力和汽车受到的阻力是一对平衡力
4. “爱物理，爱生活”，对于生活中物理现象的正确认知是科学素养的体现。下列说法正确的是(    )
A. 此时考场中的大气压约为1000Pa
B. 小明背着重30N的书包水平前进200m，对书包做功6000J
C. 一个鸡蛋漂浮在盐水中时所受的浮力为1N
D. 行驶的客车窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小
5. 以下是小明所作物理笔记的摘抄，其中错误的是(    )
A. 长江三峡大坝工作是利用了连通器原理
B. 热气球静止在空中，其所受浮力等于重力
C. 潜艇在上浮过程中，受到海水压强变小
D. 无论使用任何方式提高机械效率，都不能使其达到100%
6. 如图是某同学“探究压力作用的效果跟哪些因素有关”的实验过程，下列关于本实验的说法中正确的是(    )



A. 实验中通过海绵被压下的深浅来反映压力的大小，此科学探究方法是控制变量法
B. 乙、丙对比说明，重力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显
C. 乙图中砝码对小桌的压强和丙图中砝码对小桌的压强相等
D. 甲、丙对比说明，受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显
7. 如图所示的四个实例中，属于减小压强的是(    )
A. 压路机的碾子很重 B. 坦克的履带很宽大
C. 安全锤头部做成锥形 D. 盲道由凸起的圆点组成
8. 下列情景中，没有利用大气压强的是(    )
A. 杯中水不流出 B. 用吸管吸饮料
C. 堤坝上窄下宽 D. 用吸盘吊起玻璃板
9. 将两个完全相同的小球分别放入装有不同液体的甲、乙两烧杯中，球静止时两烧杯液面相平，如图所示。下列判断正确的是(    )

A. 两小球所受浮力大小相等 B. 乙烧杯中液体的密度大
C. 乙烧杯中小球排开的液体质量大 D. 甲烧杯底部受到液体的压强小
10. 关于浮沉条件的应用，下列说法中正确的是(    )
A. 潜水艇未露出水面上浮过程中受到的浮力变大
B. 密度计放在不同液体中所受浮力的大小与液体的密度有关
C. 密度计在不同液体中受到的浮力相等
D. 气象用探测气球里所充气体的密度大于空气的密度
11. “奋斗者”号深潜器坐底10909米，创造了中国载人深潜新记录。喜欢动手的小文制作了一个深潜器模型，用弹簧测力计测量它受到的浮力。先测出它的重力为G，然后将模型浸没于水中静止(如图所示)，弹簧测力计受到的拉力为F，模型所受的浮力为F浮。则下列说法正确的是(    )
A. 拉力F与重力G是一对平衡力
B. 模型所受浮力大小F浮=G-F
C. 模型从图示位置下移，浮力变大
D. 将模型逐渐提离水面，拉力不变
12. 关于深海潜水技术，我国走在了世界的前列，某型号无动力自主潜水器在水面下匀速下潜过程中，下列说法正确的是(    )
A. 浮力小于重力 B. 受到的浮力变大，压强变大
C. 受到的压强变大，浮力不变 D. 上、下表面受到的压力差变小
13. 2022年3月20日晚，北京冬奥会闭幕式上举行会旗交接仪式。如图所示，北京市市长陈吉宁挥动五环旗时，旗杆相当于杠杆。下列工具，与旗杆属于同类杠杆的是(    )


A. 行李车 B. 钓鱼竿
C. 开瓶器 D. 羊角锤
14. 对同一滑轮组，下列各措施中不能提高机械效率的是(    )
A. 增加提升重物的重力 B. 改用质量小的动滑轮
C. 减少提升高度，减少做功 D. 在轮轴处加润滑油，减小摩擦
15. 如图所示，生活情境中有力对物体做功的是(    )
A. 吊着重物水平移动 B. 背着书包等车
C. 用力推车没动 D. 用力将杠铃举起
16. 如图所示，单摆中的小球在ABC间不停地往复运动，不考虑阻力的影响，以下说法正确的是(    )
A. 小球在B处的重力势能最大
B. 小球在A、C处的动能最大
C. 小球由A到B过程中，重力势能转化为动能
D. 小球由B到C过程中，重力势能转化为动能

17. 下列有关机械做功、功率、机械效率的说法，正确的是(    )
A. 效率越高的机械，功率越大 B. 做功越多的机械，功率越大
C. 做有用功越多的机械，效率越高 D. 功率越大的机械，做功越快
18. 如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的(    )
A. 动能不变，机械能不变
B. 动能变大，机械能变大
C. 动能不变，机械能变大
D. 动能变大，机械能不变


19. 如图所示，用力F将重力为10N的物体匀速向上提升2m，动滑轮重2N(不计绳重摩擦)，下列说法正确的是(    )
A. 绳子末端移动的距离为1m
B. 拉力大小为5N
C. 滑轮组的机械效率为90%
D. 物体克服重力所做的功为20J


20. 如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是(    )

A. 0∼2s，物体受的推力小于摩擦力 B. 2∼4s，物体所受摩擦力为 3N
C. 2∼4s，物体匀速直线运动 D. 4∼6s，物体受平衡力处于平衡状态
21. 有人用100N的水平推力，推着一辆重500N的小车，在水平路面上做匀速直线运动，小车在水平方向上受到的合力为______ N。当推力增大到150N时，小车受到的合力是______ N。
22. 五一期间，小明和爸爸去淄博“赶烤”，火炉小饼加蘸酱是小明的最爱。
(1)整个烧烤店到处都飘着烤肉的香味，说明分子在______ 。
(2)吃烤串的时候，小明看到肉串的钢钎一端是尖锐的，这是通过减小______ ，从而增大______ 。
(3)烤炉上方的油烟机可以把油烟“抽”走，是因为气体流速越大的地方压强越______ ，使得油烟机下方气压比较低，在______ 的作用下，使油烟气体快速上升。
23. 物理知识在生产和生活中有着广泛应用。比如：家庭中的水槽下面利用______原理做成回水弯，既能排水也能防臭；汽车液压千斤顶是利用了______原理。
24. 某油轮的排水量为6000t，则满载时油轮受到的浮力为______ N。若油轮满载，从海水密度较小的水域驶入密度较大的水域，油轮所受到的浮力将______，其船身浸入海水中的体积将______(后两空均选填“变小”、“不变”或“变大”，g=10N/kg)。
25. 重力为80N的木块在大小为10N的水平拉力F的作用下，10s内沿水平面匀速前进了5m，则木块受到的摩擦力为______ N，拉力做功为______ J，拉力F的功率是______ W。
26. 一辆载重卡车在2×103N牵引力的作用下，沿平直公路匀速行驶了1000m，则卡车牵引力做功为______ J。卡车刹车时，仍会行驶一段距离才停下，是因为卡车具有______ ；在刹车的过程中，卡车的动能______ (填“变大”“变小”或“不变”)。
27. 一圆球漂浮在水面上，请画出圆球所受力的示意图。


28. 如图所示，请在图中画出力F的力臂L。


29. 小明在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，实心圆柱体金属块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等。

(1)小明进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为______ N；用弹簧测力计挂着金属块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示(液体均未溢出)，并将其示数记录在表中，由表格数据可知B图中物体所受浮力是______ N。
实验步骤
B
C
D
E
F
弹簧测力计示数/N
2.2
2.0
1.7
1.7
1.9
(2)分析比较实验步骤A、D和______ 可得出：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(3)分析实验步骤A、B、C、D，可以得出：浮力大小与______ 有关。
(4)分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟______ 有关；分析实验数据可知，F中液体密度______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)水的密度。
(5)金属块密度为______ kg/m3。(水的密度ρ=10×103kg/m3，g取10N/kg)
30. 小明同学用如图甲所示器材做“探究液体内部压强特点”的实验。

(1)当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，而小明同学实验前却观察到如图甲所示的情景，调节的方法是______ 。
A.将此时右边支管中高出的液体倒出
B.取下软管重新安装
(2)液体压强计是通过U形管中两侧液面的______ 来反映被测压强大小的。使用前应检查装置是否漏气，小明用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差______ (选填“明显变化”或“几乎不变”)。
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系，小明选择图______ 完成实验，得出液体压强随深度的增大而______ (选填“增大”或“减小”)的结论；选择图乙丁完成实验，得出液体压强与______ 有关的结论。
31. 如图所示，在探究物体动能的大小与哪些因素有关时，让两辆小车分别从同一斜面相同高度由静止释放，撞击水平木板上的同一木块。

(1)甲、乙两图探究的是小车的动能与______ 的关系，实验中是通过观察______ 来比较动能的大小。
(2)若要探究动能与另一个因素的关系时，应让同一辆小车从______ (选填“相同”或“不同”)的高度静止释放。
(3)在图甲装置基础上，去掉木块，添加毛巾、棉布可以完成探究“阻力对物体运动的影响”的实验，为了便于推理，以下放在水平面上的材料顺序最合理的是______ 。
A.木板、棉布、毛巾
B.木板、毛巾、棉布
C.毛巾、棉布、木板
D.毛巾、木板、棉布
32. 物理兴趣小组的同学，利用如图所示的装置，来“探究杠杆的平衡条件”。
(1)在实验前应调节杠杆两端的平衡螺母，若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向______ (填“左”或“右”)调节，以使杠杆在水平位置平衡。
(2)调节完毕后，当在杠杆B点挂3个质量相同的钩码，如图乙所示，那么在杠杆的D点挂______ 个质量相同的钩码，才能使杠杆恢复在水平位置平衡；当杠杆平衡后，将B、D两点下方所挂的钩码同时向支点O靠近1个格，那么杠杆______ (填“能”或“不能”)在水平位置保持平衡。
(3)实验中，小明多次在杠杆两端加挂钩码，并调节钩码位置，使杠杆保持水平平衡，多次实验记录多组数据的目的是______ 。

33. 科技慢慢融入人们的日常生活。如图所示，乐尚超市的售货机器人质量为28kg，它与地面的接触面积为100cm2。某次在水平路面上沿直线匀速运动的过程中，托着2kg的物体，它受到的阻力是总重的0.05倍，15s内匀速运动了110m。g=10N/kg，求：
(1)此时机器人对水平地面的压强是多少？
(2)此过程中牵引力做功多少？
(3)此过程中牵引力做功的功率是多少？
34. 我国第三艘航空母舰“福建舰”，于2022年6月17日下水，它是我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航空母舰，满载排水量为8×104t，最底部距海面的竖直距离约为20m，搭载的将是歼-35隐形战斗机，它的最大时速可达2.1马赫(相当于714.6m/s)，重量达3×105N。海水的密度取1.0×103kg/m3。求：
(1)“福建舰”满载时受到的浮力F；
(2)“福建舰”满载时最底部受到海水的压强p；
(3)一架歼-35隐形战斗机从甲板上弹射起飞后，“福建舰”排开海水的体积的改变量ΔV。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、用踢足球，脚对球施加力，足球飞走了，同时脚感到疼，说明足球对脚也施加了力，这个现象表明：物体间力的作用是相互的，故A正确；
C、足球的重力和足球受到的支持力，二力作用同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、所以二力是一对平衡力，故C正确；
BD、地上滚动的足球停下来是因为受到了摩擦力的缘故，最终停下来，说明力改变了物体的运动状态；故B错误，D正确。
故选：B。
(1)一对平衡力的条件：两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(2)物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力；
(3)力是改变物体运动状态的原因。
此题涉及到了力作用的相互性，力的作用效果，以及平衡状态，等多个知识点，是一道综合性较强的题目。

2.【答案】C 
【解析】解：A、火箭在加速上升时，处于非平衡状态，受到非平衡力作用，故A错误；
B、火箭加速上升的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，机械能增大，故B错误；
C、一切物体在任何时候都有惯性，“天舟四号”完成对接后，仍具有惯性，故C正确；
D、“天舟四号”绕地球运动过程中，运动方向始终改变，所以其运动状态始终改变，故D错误。
故选：C。
(1)物体受到平衡力的作用时，保持静止状态或者做匀速直线运动；
(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，动能和重力势能统称机械能；
(3)一切物体在任何时候都有惯性；
(4)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变。
本题通过中国航空科技考查蕴含的物理知识，综合性强，并目注重了物理知识的应用，属于中考热点题型。

3.【答案】D 
【解析】解：A、汽车安全带做得较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误；
B、汽车轮胎刻有凹凸不平的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C、汽车刹车后不能马上停下来是因为汽车具有惯性，惯性不受力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、无人驾驶汽车在平直公路上匀速行驶时，处于平衡状态，汽车的牵引力和汽车受到的阻力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)处于平衡状态的物体受到得力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题以无人驾驶汽车为载体，综合考查力学的多个知识点，重点考查学生利用所需知识解决实际问题的能力。物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释，

4.【答案】D 
【解析】解：A.此时考场中的大气压接近1标准大气压，约为105Pa，故A不符合实际；
B.小明背着重30N的书包用力方向竖直向上，水平前进200m，竖直方向没有移动距离，不做功，即对书包做功0J，故B错误；
C.1个鸡蛋的质量约为50g，重力是G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，漂浮在盐水中静止时所受的浮力等于重力，大约是0.5N，故C错误；
D.行驶的客车窗外空气相对于客车高速流动，而流体的流速越大，压强越小，因而产生向外的压力差使得窗帘往外飘，故D正确。
(1)考查大气压接近1标准大气压；
(2)做功的两个必要因素：有力作用在物体上，且物体在力的方向通过一定的距离；
(3)根据浮沉条件估算；
(4)流体的流速越大的位置压强越小。
本题考查大气压、漂浮的条件、做功和流体的压强特点，属于中档题。

5.【答案】A 
【解析】解：A、长江三峡大坝是上窄下宽，主要利用了液体压强随深度的增加而增大，与连通器无关，故A错误；
B、热气球静止在空中时，受力平衡，所受浮力等于重力，故B正确；
C、潜艇在上浮过程中，深度变小，受到海水的压强变小，故C正确；
D、由于额外功不可避免，故无论用何种方式提高机械效率，都不能使其达到100%，故D正确。
故选：A。
(1)液体内的压强随深度的增加而增大；
(2)热气球静止在空中时，受力平衡，受到的浮力、重力是一对平衡力，大小相等；
(3)潜艇在上浮过程中，深度变小；
(4)使用机械时要不可避免地提升动滑轮做功、克服摩擦做功，机械效率都小于100%。
本题考查了液体压强的特点、物体的浮沉条件、液体压强的特点、对机械效率的理解，属于基础题目。

6.【答案】C 
【解析】解：A.实验中通过海绵被压下的深浅来反映压力的大小，此科学探究方法是转换法，故A错误；
B.乙丙对比说明，压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显，故B错误；
C.乙、丙两图中，砝码对小桌的压力相同，接触面积也相同，根据公式p=FS得，砝码对小桌的压强相等，故C正确；
D.甲、丙两图中，压力不同，受力面积也不同，无法比较压力作用效果，故D错误。
故选：C。
(1)本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
(2)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，
即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，
探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变，据此分析回答；
(3)根据p=FS进行判断。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法、转换法及压强公式的应用。

7.【答案】B 
【解析】解：
A、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。故A不合题意；
B、坦克的履带很宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B符合题意；
C、安全锤头部做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C不合题意；
D、盲道由凸起的圆点组成，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D不合题意。
故选：B。
解答此题的关键是掌握减小压强的方法。根据压强的定义式p=FS，要减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小压力，增大受力面积。同理，增大压强也有三种方法。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。

8.【答案】C 
【解析】解：A、覆杯实验，是大气压强托住了纸片，故A不合题意；
B、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，利用大气压强，故B不合题意；
C、堤坝上窄下宽，是利用液体压强随深度的增加而增大，没有利用大气压，故C符合题意；
D、用吸盘吊起玻璃板，先把吸盘内的空气排尽，是大气压强托住玻璃把玻璃吊起，故是利用大气压强，故D不合题意。
故选：C。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
本题考查大气压的有关问题，以及液体压强的特点，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。

9.【答案】A 
【解析】解：
A、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故A正确；
B、由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。根据浮沉条件可知，ρ甲液>ρ球，ρ乙液=ρ球.所以ρ甲液>ρ乙液，故B错误；
C、由于两球漂浮或悬浮，排开液体的重力等于球的重力，则小球排开的液体质量等于球的质量，故C错误；
D、由于两杯中液面相平，所以根据p=ρ液gh可知，烧杯底受到液体的压强：p甲液>p乙液.故D错误。
故选：A。
(1)根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系。
(2)根据小球在甲、乙两杯中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
(3)根据阿基米德原理即可判断排开的液体质量；
(4)根据液面的高度关系，利用p=ρ液gh比较甲、乙两烧杯底受到液体的压强大小。
本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。

10.【答案】C 
【解析】解：A、潜水艇未露出水面上浮过程中，排开水的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力不变，故A错误；
BC、密度计放在不同液体中，均处于漂浮状态，根据F浮=G可知所受浮力的大小不变，浮力大小与液体的密度无关，故B错误、C正确；
D、气象用探测气球里所充气体的密度小于空气的密度，故D错误。
故选C。
(1)潜水艇未露出水面上浮过程中，排开水的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力的变化情况；
(2)密度计放在不同液体中，均处于漂浮状态，根据F浮=G可知所受浮力的大小的变化情况；
(3)气象用探测气球里所充气体的密度小于空气的密度。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。

11.【答案】B 
【解析】解：A、图中深潜器模型受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的拉力，模型在这三个力的作用下处于静止和状态，拉力F与重力G大小不相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、由称重法知模型所受浮力大小为F浮=G-F，故B正确；
C、模型从图示位置下移，由于排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力不变，故C错误；
D、将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力变小，由称重法知拉力F逐渐增大，故D错误。
故选：B。
(1)平衡力大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上；
(2)由称重法知模型所受浮力大小；
(3)模型从图示位置下移，排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化；
(4)将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化，由称重法判断出拉力F的变化。
本题考查了平衡力的判断、称重法的利用以及阿基米德原理的应用，是一道综合题，但难度不大。

12.【答案】C 
【解析】解：A、潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等，即浮力等于重力，故A错误；
BC、潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变大，故B错误、C正确。
D、根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差，潜水器受到的浮力不变，则上、下表面受到的压力差不变，故D错误。
故选：C。
(1)潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等；
(2)潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知潜水器受到的浮力变化情况；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变化情况；
(3)根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差。
本题考查阿基米德原理、液体压强公式、二力平衡条件和浮力产生原因的考查，难度适中。

13.【答案】B 
【解析】解：行李车、开瓶器、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；旗杆、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

14.【答案】C 
【解析】解：
A、增加提升重物的重力，做的有用功增大，额外功不变，总功也变大，有用功和总功的比值变大，即滑轮组的机械效率升高，故A不符合题意；
BD、改用质量小的动滑轮、在轮轴处加润滑油，减小摩擦，能在有用功不变的情况下，减小了额外功，有用功和总功的比值变大，即滑轮组的机械效率升高，故BD不符合题意；
C、减少提升物体的高度，根据公式η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，滑轮组的机械效率不变，故C错误。
故选：C。
(1)滑轮组的机械效率是指有用功和总功的比值，比值越大，机械效率越高。
(2)要提高滑轮组的机械效率可以在有用功一定时，减少额外功；额外功一定时，增大有用功。
本题主要考查了提高滑轮组效率的方法。首先要知道滑轮组机械效率是有用功与总功之比，比值越大，效率越高。所以有用功越大、额外功越少，机械效率越高。因此可以通过减少额外功，提高有用功来提高滑轮组的效率。

15.【答案】D 
【解析】解：A、吊着重物水平移动距离，有力，但物体没有在力的方向上通过距离，不做功，故A错误；
B、背着书包等车，有力，但没有距离，不做功，故B错误；
C、用力推车没有推动，有力，但没有距离，不做功，故C错误；
D、运动员用力将杠铃举起，有力，且杠铃在力的方向上通过了距离，做了功，故D正确。
故选：D。
本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查做功的有关问题，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。

16.【答案】C 
【解析】解：
A、小球在B处的高度是最低的，重力势能最小，故A错误；
B、小球质量一定，在A、C处的高度最高，速度为0，动能为0，故B错误；
C、小球由A到B过程中，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确；
D、小球由B到C过程中，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，动能转化为重力势能，故D错误。
故选：C。
影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定，高度越高，重力势能越大。
影响动能大小的因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大。
本题通过单摆运动考查了动能、势能大小的比较、动能和重力势能的转化，属于基础知识，要掌握。

17.【答案】D 
【解析】A、机械做功快慢与机械效率没有关系。故A错误；
B、由P=Wt可以看出，功率大小决定于做功多少和所用时间。做功较多，时间不确定，功率大小不能确定。故B错误；
C、机械效率是有用功与总功的比值，有用功较多，总功不确定，机械效率不能确定。故C错误；
D、功率描述的是物体做功的快慢，所以功率越大的物体，做功越快。故D正确。
故选：D。
(1)功率是单位时间内做的功，表示的是做功的快慢；
(2)机械效率是指有用功与总功的比值，机械效率高说明有用功与总功的比值大。
本题考查了我们对机械效率、功率的理解和应用，使用机械时省力情况、功率大小、效率高低没有必然联系。

18.【答案】B 
【解析】解：无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，其质量变大，速度不变，动能变大，高度不变，重力势能不变，故机械能变大，故B正确。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=动能+势能。
本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。

19.【答案】D 
【解析】解：
A、由图可知，n=2，绳子末端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，故A错误；
B、不计绳重、摩擦，拉力F=12(G+G动)=12×(10N+2N)=6N，故B错误；
CD、拉力做的总功：W总=Fs=6N×4m=24J，
所做的有用功，即物体克服重力所做的功：
W有用=Gh=10N×2m=20J，
该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=20J24J×100%≈83.3%，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)由图可知，n=2，绳子末端移动的距离s=2h；
(2)不计绳重、摩擦，拉力F=12(G+G动)；
(3)利用W=Fs求拉力做的总功，利用W=Gh求所做的有用功，即物体克服重力所做的功；该滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了滑轮组的有用功、总功、机械效率的计算，要知道：物体克服重力所做的功为拉力做的有用功。

20.【答案】D 
【解析】解：
A、由v-t图像可知，0∼2s，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，此时的摩擦力为1N，故A错误；
BCD、由v-t图像可知，在4∼6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态；由F-t图像可知，在4∼6s的推力F=2N，由力的平衡条件可得滑动摩擦力f=F=2N；
由v-t图像可知，物体在2∼4s做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以滑动摩擦力不变，则在2∼4s物体受到的摩擦力仍是2N，故BC错误，D正确。
故选：D。
先由速度-时间图像判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；由F-t图像求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。
本题考查了学生的识图能力，并能将v-t图像和F-t图像相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。

21.【答案】0 50 
【解析】解：①在水平方向上，小车做匀速直线运动，因此，其受到的推力与摩擦力是一对平衡力，其合力为0，摩擦力是100N；
②当推力增大到150N时，其摩擦力仍为100N，则其合力为150N-100N=50N，其方向同推力的方向相同。
故答案为：0；50。
①物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，其所受的力为平衡力，平衡力的合力为0，据此来对本题中的第一种情况进行分析即可；
②同一直线上方向相反的两个力的合力，其大小等于二力之差，其方向与较大的力的方向相同。
本题考查了平衡状态下物体的受力情况和物体受非平衡力时的合力的求法，有一定的典型性，值得我们关注。

22.【答案】不停地做无规则运动  受力面积  压强  小  大气压 
【解析】解：(1)整个烧烤店到处都飘着烤肉的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
(2)吃烤串的时候，小明看到肉串的钢钎一端是尖锐的，这是通过减小受力面积，从而增大压强。
(3)烤炉上方的油烟机可以把油烟“抽”走，是因为气体是流体，流体流速越大的地方压强越小，使得油烟机下方气压比较低，在大气压的作用下，使油烟气体快速上升。
故答案为：(1)不停地做无规则运动；
(2)受力面积；压强；
(3)小；大气压。
(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
(2)压力一定时，减小受力面积，可以增大压强。
(3)流体流速越大的地方压强越小，据此分析。
此题考查了扩散现象、增大压强的方法和应用、流体压强与流速的关系，涉及知识点较多，但难度不大。

23.【答案】连通器  帕斯卡 
【解析】解：家庭中的水槽下面的回水弯上端开口、底部连通，利用了连通器原理；
液压千斤顶的工作原理是帕斯卡原理：密闭液体上的压强，能够大小不变地向各个方向传递，在一个小面积的活塞上施加一个很小的力，因为传递的是压强，根据压强公式得出在另一边的面积大的活塞上就会产生更大的力，即能省力。
故答案为：连通器；帕斯卡。
连通器的结构特征是上端开口、底部连通；根据帕斯卡原理分析。
本题考查了帕斯卡原理、连通器的应用，属于基础题。

24.【答案】6×107  不变  变小 
【解析】解：(1)满载时油轮受到的浮力：
F浮=G排=m排g=6000×103kg×10N/kg=6×107N；
(2)满载时，油轮从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，始终处于漂浮状态，
油轮的重力不变，受到的浮力不变，由F浮=ρ液gV排可知，油轮排开海水的体积变小。
故答案为：6×107；不变；变小。
(1)知道油轮满载时排水量，利用阿基米德原理求油轮受到的浮力；
(2)满载时，油轮从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，始终处于漂浮状态，分析重力变化得出浮力变化，根据F浮=ρ液gV排判断排开海水的体积变化。
本题考查了浮力的大小计算、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，难度不大，明白排水量的含义是关键。

25.【答案】10 50 5 
【解析】解：
(1)木块在水平拉力作用下沿水平面匀速前进，处于平衡状态，
由二力平衡条件可知木块所受的摩擦力：f=F=10N；
(2)拉力做功：W=Fs=10N×5m=50J，
拉力做功的功率：P=Wt=50J10s=5W。
故答案为：10；50；5。
(1)木块沿水平面匀速运动，木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
(2)已知水平拉力、木块在拉力方向上前进的距离，利用W=Fs求拉力做的功；又知道做功用的时间，再利用公式P=Wt计算出拉力做功的功率。
本题考查了功和功率的计算、二力平衡条件的应用，属于基础题目。

26.【答案】2×106  惯性  变小 
【解析】解：卡车牵引力做功为：W=Fs=2×103N×1000m=2×106J。
卡车刹车时，卡车由于惯性，要保持原来的运动状态不变，仍能向前运动一段距离才停下。
在减速过程中，卡车的质量不变，速度变小，动能变小。
故答案为：2×106；惯性；变小。
根据W=Fs求出功的大小。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
动能的大小与质量、速度有关。
本题考查了动能的大小、惯性和功的计算，是一对较为简单的应用题。

27.【答案】解：圆球漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力作用，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等，力的作用点可都画在圆球的重心上，如下图所示：
 
【解析】圆球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于圆球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。本题考查重力的方向，注意漂浮在水面上的物体其重力方向也是竖直向下的。

28.【答案】解：延长力F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂。如图所示：
 
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。

29.【答案】2.70.5E物体排开液体的体积  液体密度  小于  2.7×103 
【解析】解：(1)小明进行了如图所示的实验：A步骤所示，弹簧测力计的分度值为0.1N，则其示数为2.7N；
结合表格数据可知B图中物体所受浮力是F浮B=G-FB=2.7N-2.2N=0.5N；
(2)分析比较实验步骤A、D和E，物体浸没在水中，深度不同，但所受浮力相同，可得出：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(3)分析实验步骤A、B、C、D，随着物体排开液体的体积增大，所受浮力也增大，可以得出结论：液体密度一定，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
(4)分析实验步骤A、E、F，物体浸没在不同液体中所受的浮力不同，V排相等所受的浮力不同，可以说明浮力大小跟液体密度有关；
分析实验数据可知，物体在F中测力计拉力较大，即所受的浮力较小，V排相等，由F浮=ρ液gV排可知F中液体密度小于水的密度；
(5)由AE可知金属块浸没在水中受到的浮力为F浮=G-F=2.7N-1.7N=1N；
由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知金属块的体积为V金=V排=F浮ρ水g，
则由密度公式可知金属块密度为ρ金=m金V金=G金gF浮ρ水g=G金F浮ρ水=2.7N1N×103kg/m3=2.7×103kg/m3。
故答案为：(1)2.7；0.5；(2)E；(3)物体排开液体的体积；(4)液体密度；小于；(5)2.7×103。
(1)认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数；利用称重法求得B图中物体所受浮力；
(2)(3)(4)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
(5)由图AE和表格根据称重法求出物块完全浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理求出全部浸没在水中时排开水的体积即为物块的体积，根据G=mg求出物块的质量，再根据密度公式求出该物块的密度。
通过探究“浮力大小与哪些因素有关”，综合考查阿基米德原理、浮力产生的原因、固体密度的测量等知识，有一定的拔高难度。

30.【答案】B 高度差  几乎不变  乙、丙  增大  液体密度 
【解析】解：(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
(2)根据转换法，压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来比较橡皮膜处所受压强的大小；
使用前应检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差几乎不变；
(3)为了验证液体内部压强与深度的关系要控制液体的密度相同，小明选择图中乙、丙完成实验，得出液体压强随深度的增大而增大的结论；
选择图乙、丁完成实验，深度相同，而液体的密度不同，故得出液体压强与液体密度有关的结论。
故答案为：(1)B；(2)高度差；几乎不变；(3)乙、丙；增大；液体密度。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
使用液体压强计前一定要检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果装置漏气，会看到U形管中的液面高度差几乎不变；
(3)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。

31.【答案】质量  木块在同一水平面上被撞击的距离  不同  C 
【解析】解：(1)甲、乙两图中，质量不同的小车从斜面的同一高度，则下滑到水平面的速度相同，探究的是小车的动能与质量的关系；由转换法，实验中是通过观察木块在同一水平面上被撞击的距离来比较动能的大小；
(2)若要探究动能与另一个因素的关系时，即与速度的关系，要改变速度大小，故应让同一辆小车从不同的高度静止释放。
(3)探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，小车受到的阻力越小，通过的距离越长，速度减小得越慢，在此基础上推理，故在水平面上的材料顺序最合理的是毛巾、棉布、木板，故选：C。
故答案为：(1)质量；木块在同一水平面上被撞击的距离；(2)不同；(3)C。
(1)(2)物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车到达水平面时动能的大小；
(3)探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，为了便于推理，小车受到的阻力应越来越小，据此分析。
本题探究物体动能的大小与哪些因素有关和探究阻力对物体运动的影响的实验，考查控制变量法及转换法的运用。

32.【答案】右  4 不能  寻找普遍规律 
【解析】解：(1)由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；
一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：
3G×4L=nG×3L，
解得：n=4；
当杠杆平衡后，将B、D两点下方所挂的钩码同时向支点O靠近1个格，
则杠杆左端：F1L1=3G×3L=9GL，
杠杆右端：F2L2=4G×2L=8GL，
则F1L1≠F2L2，即杠杆不能在水平位置保持平衡。
(3)探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性。
故答案为：(1)右；(2)4；不能；(3)寻找普遍规律。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在D点挂钩码的数量；
根据杠杆平衡条件判断是否平衡。
(3)初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性。
此题为探究杠杆的平衡条件实验，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。

33.【答案】解：(1)此时机器人对水平地面的压力F=G总=m总g=(28kg+2kg)×10N/kg=300N，
此时机器人对水平地面的压强p=FS=300N100×10-4m2=3×104Pa；
(2)送餐机器人在匀速直线运动过程中，处于平衡状态，所受的牵引力F牵=f=0.05G=0.05×300N=15N，
送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做的功W=F牵s=15N×110m=1650J；
(3)送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做功的功率P=Wt=1650J15s=110W。
答：(1)此时机器人对水平地面的压强是3×104Pa；
(2)送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做功1650J；
(3)送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做功的功率是110W。 
【解析】(1)根据F=G总=m总g得出此时机器人对水平地面的压力，根据p=FS得出此时机器人对水平地面的压强；
(2)送餐机器人在匀速直线运动过程中，处于平衡状态，根据F牵=f=0.05G得出所受的牵引力，根据W=F牵s得出送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做的功；
(3)根据P=Wt得出送餐机器人此次送餐的过程中牵引力做功的功率。
本题考查重力、压强、功和功率的有关计算，难度不大。

34.【答案】解：(1)根据题意可知，“福建舰”满载时受到的浮力为：
F=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
(2)根据p=ρgh可知，“福建舰”满载时最底部受到海水的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
(3)一架战斗机飞离甲板后，福建舰仍然处于漂浮状态，由漂浮条件可得减小的浮力：ΔF浮=G舰载机---①，
根据阿基米德原理可得减小的浮力：ΔF浮=ΔG排----②，
所以，舰载机飞离航母后，排开海水重力的减小量：ΔG排=G舰载机=3×105N，
Δm排=ΔG排g=3×105N10N/kg=3×104kg，
由密度公式可得，排开海水体积的改变量：ΔV=Δm排ρ海水=3×104kg1.0×103kg/m3=30m3。
答：(1)“福建舰”满载时受到的浮力F为8×108N；
(2)“福建舰”满载时最底部受到海水的压强p为2×105Pa；
(3)一架歼-35隐形战斗机从甲板上弹射起飞后，“福建舰”排开海水的体积的改变量ΔV为30m3。 
【解析】(1)排水量是指排开水的质量，根据F浮=G排=m排g求出福建舰满载时所受的浮力；
(2)已知深度，利用液体压强公式p=ρgh求出海水的压强；
(3)飞机从航母上起飞后，自身重力变小，则浮力变小，减小的浮力即为飞机受到的重力。再结合密度公式计算排开海水体积的减小量。
本题以“福建舰”为背景，考查了对浮力的计算、压强的计算、阿基米德原理及漂浮条件的运用、密度公式的运用等，有一定综合性。