辽宁省沈阳市新民实验中学2022-2023学年九年级下学期月考物理试卷（3月份）

这是一份辽宁省沈阳市新民实验中学2022-2023学年九年级下学期月考物理试卷（3月份），共41页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题，实验，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（共21分。其中第1—6小题为单选题，每题2分。第7—9小题为多选题，共12分．每题3分，多选、错选不得分，漏选得1分）
1．（2分）根据所学的物理知识和生活经验，你认为下列数据最接近实际的是（ ）
A．沈阳冬天的最低气温约零下5℃
B．汽油机的效率一般为30%—45%
C．学校教室内一盏日光灯的功率约为200W
D．托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N
2．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A．手影的形成B．水中倒影
C．笔“折断”了D．水球中的人像
3．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
4．（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞出去的棋子，下列说法正确的是（ ）
A．不受重力作用
B．由于惯性而继续向前运动
C．在空中飞行过程中动能保持不变
D．在空中飞行过程中运动状态保持不变
5．（2分）如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的弹性势能减小
B．电磁铁的上端为S极
C．电动机工作，灯不发光
D．电磁铁的工作原理是电磁感应
6．（2分）如图所示，将一个小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，小球在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别为0.5N和0.4N，则下列说法正确的是（ ）
A．小球在甲杯中受到浮力作用，在乙杯中不受浮力作用
B．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
C．小球的质量为50g
D．小球在甲杯中受到的浮力为0.5N，在乙杯中受到的浮力小于0.4N
（多选）7．（3分）关于如图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（ ）
A．图甲：塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能
B．图乙：抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
C．图丙：两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力
D．图丁：在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分子运动的剧烈程度与温度有关
（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（ ）
A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合
B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到A的像
C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜
D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛A不能在玻璃板中成像
（多选）9．（3分）如图1所示电路中，电源电压恒定不变，电流表所选量程为0～0.6A，电压表所选量程为0～15V，小灯泡L标有“6V 3.6W”，滑动变阻器R标有“50Ω 1.5A”。闭合开关S，调节滑动变阻器使其阻值在某一范围内变化时，电压表与电流表示数的变化情况如图2所示。下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量的是灯泡L两端的电压
B．滑片P向右移动时，电压表示数变大
C．电源电压为9V
D．闭合开关后，滑动变阻器阻值可以调节的范围是5～50Ω
二、填空题（每空1分，共18分）
10．（2分）2022年6月5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征2号F遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体 产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画面，画面信息是通过 波传回地面的。
11．（2分）小王家买了一台空调，爸爸发现家里的插座离空调摆放的位置太远，于是买了些零件，自己连了个插排，如图所示，爸爸连的这个插排 （选填“符合”或“不符合”）安全用电原则；小王看到空调铭牌上的制热功率为2000W，则这个空调正常制热30min消耗的电能为 kW•h。
12．（2分）为了节能环保，禁止野外焚烧秸秆，将秸秆回收再利用，既可产生沼气，又可产生肥料。100kg秸秆可产生沼气1m3，完全燃烧这部分沼气可产生热量为 J，如果这些热量40%被质量50kg，25℃的水吸收，可以使水温度升高到 ℃。[气压为一个标准大气压，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），沼气热值为4.2×107J/m3]
13．（2分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”。倡导保护环境，使用新能源势在必行。太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；手机充电时消耗的电能属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
14．（2分）如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa pb（选填“大于”、“小于”或“等于”）；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从 （选填“c到d”或“d到c”）。
15．（3分）如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在 的作用下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度 （选填“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（2分）为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是 联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要由 材料制成。
17．（3分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为 J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是 J，该吸尘器电动机的效率为 %（保留整数）。
三、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位）
18．（9分）如图甲所示的装置，A是重12N的空吊篮，质量为45kg的小张同学将A提升到高处，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间t变化关系如图丙所示。小张同学与地面的接触面积为400cm2，忽略绳重及摩擦，g取10N/kg。求：
（1）1～2s内拉力F的功率；
（2）动滑轮所受的重力；
（3）0～1s内人对地面的压强；
（4）用此装置匀速提升重物84N时的机械效率。
19．（9分）如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯L标有“8V 6.4W”字样，电流表量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2标有“45Ω 2A”字样。
（1）只闭合S1时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率；
（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率。
四、实验、作图题（共22分）
20．（4分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，小王取来相同规格的两个电加热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，装置如图所示。
（1）用相同规格的电加热器加热，通电后，电加热器通过 的方式使自身内能增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）图丙是小王根据实验数据绘制的，由图像可知甲、乙两种液体升高相同温度时，其吸收热量的关系为Q甲 Q乙，说明 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能力更强；
（3）停止加热后， （选填“甲”或“乙”）液体温度下降得快。
21．（5分）在探究凸透镜成像规律的实验中，有焦距为10cm和20cm的两个凸透镜：
（1）小静想利用太阳光来测量凸透镜的焦距，图1中操作最合理的是 。
（2）小静选用正确的方法测出凸透镜的焦距，接着她将蜡烛、透镜、光屏安装在光具座上，经调节光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，如图2甲所示，则她选用凸透镜的焦距是 cm。若此时保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜直到在光屏上再次成清晰的像，那么前后两次像距之差Δv＝ cm。
（3）接着，小静进一步探究，她将蜡烛、透镜、光屏置于如图2乙位置，现保持蜡烛位置不变，让凸透镜和光屏分别以2cm/s和4cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，经过 s，光屏第一次成清晰的像。
（4）爱思考的小静用另一个凸透镜继续探究。她将蜡烛放在A点时，像在B点；将蜡烛放在B点时，像在C点，如图3所示。当将蜡烛放在C点时，可以看到的是 。
A．可能在B点成一个实像
B．可能在A点的左侧成一个虚像
C．可能在B、C之间成一个实像
D．可能在C点的右侧成一个虚像
22．（6分）学习了密度的测量知识后，小杭同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从实验室借来仪器进行实验：
（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应 ；
A．向右调节平衡螺母
B．取下最小砝码后移动游码
（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为 g；
（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上升到45mL处，则小石块的密度 g/cm3；
（4）小杭又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤（既可以测量力，也可以测量质量），对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：
①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F1；
②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F2；
③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石块 ，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为F3，完成以上测量后，根据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝ ；（用字母表示）
④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变），会使密度测量值 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
23．（4分）小亮在做“测量小灯泡的电功率”的实验，所用的小灯泡额定电压为2.5V。
（1）图甲为小亮连接的实物电路，请你帮他补充完整：
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，产生这种现象的原因是 （写出一种合理情况即可）；
（3）根据实验数据绘制成了U﹣I图像如图丙所示，根据图像提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W；
（4）完成上述实验后，小亮进一步思考，在没有电流表的情况下，能否测量小灯泡的额定功率？他想利用一个定值电阻R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图丁所示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U，则小灯泡的额定功率可表示为P额＝ （用R0、U额、U等物理量符号表示）。
24．（3分）在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
（1）实验中是通过 来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片处于某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时，外形相同的螺线管， ，磁性越强。
（2）根据图示发现被电磁铁吸引的小铁钉下端是分散的，其原因是 。
五、综合应用题（6分）
25．（6分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
2022-2023学年辽宁省沈阳市新民实验中学九年级（下）月考
物理试卷（3月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（共21分。其中第1—6小题为单选题，每题2分。第7—9小题为多选题，共12分．每题3分，多选、错选不得分，漏选得1分）
1．（2分）根据所学的物理知识和生活经验，你认为下列数据最接近实际的是（ ）
A．沈阳冬天的最低气温约零下5℃
B．汽油机的效率一般为30%—45%
C．学校教室内一盏日光灯的功率约为200W
D．托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最接近实际的是哪一个。
【解答】解：A、沈阳冬天的最低气温约零下25℃，故A不符合实际；
B、汽油机的效率一般为20～30%，故B不符合实际；
C、学校教室内一盏日光灯的功率约为40W，故C不符合实际；
D、一个鸡蛋约50g，则重力约为0.5N，故D符合实际。
故选：D。
【点评】本题考查了对气温、汽油机效率、电功率、重力的估测，属于基础题目。
2．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A．手影的形成B．水中倒影
C．笔“折断”了D．水球中的人像
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、手影是由光的直线传播形成的，故A错误。
B、平静水面上的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确。
C、水中笔反射的光线是从水中斜射入空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的笔的虚像，比笔的实际位置要浅些，所以感觉水中的笔向上折断了，故C错误。
D、水球中的人像属于凸透镜成像，是光的折射现象，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
（3）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
【解答】解：A．汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故A错误；
B．燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故B正确；
C．太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故C错误；
D．飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
4．（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞出去的棋子，下列说法正确的是（ ）
A．不受重力作用
B．由于惯性而继续向前运动
C．在空中飞行过程中动能保持不变
D．在空中飞行过程中运动状态保持不变
【分析】（1）由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，地球表面附近的一切物体都受到重力的作用，其方向竖直向下；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
（3）（4）力可以改变物体的运动状态。当物体不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，故A错误；
B．飞出去的棋子，由于惯性，要保持原来的运动状态，因而棋子继续向前运动，故B正确；
CD．在空中飞行过程中，棋子受到重力以及空气阻力的作用，并且这两个力不是一对平衡力，棋子受到非平衡力的作用，棋子边水平运动、边加速下落，速度大小变化、质量不变，动能变化，运动状态变化，故CD错误。
故选B。
【点评】此题考查的是重力、惯性现象的应用以及力的作用效果的理解，属力学基础题。
5．（2分）如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的弹性势能减小
B．电磁铁的上端为S极
C．电动机工作，灯不发光
D．电磁铁的工作原理是电磁感应
【分析】（1）弹性势能和物体发生弹性形变的程度有关；
（2）知道电流方向根据安培定则判断电磁铁的磁极；
（3）结合电磁继电器原理分析电动机和灯工作情况；
（4）电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
【解答】解：A、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，弹性势能增大，故A错误；
B、当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为N极，故B错误；
C、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C正确；
D、电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁继电器原理、弹性势能、安培定则等，是综合题，难度不大。
6．（2分）如图所示，将一个小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，小球在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别为0.5N和0.4N，则下列说法正确的是（ ）
A．小球在甲杯中受到浮力作用，在乙杯中不受浮力作用
B．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
C．小球的质量为50g
D．小球在甲杯中受到的浮力为0.5N，在乙杯中受到的浮力小于0.4N
【分析】（1）根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的质量。
（2）根据漂浮和下沉时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系。
【解答】解：（1）小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，则：
甲杯中小球受到的浮力F甲＝G排甲＝0.5N；在乙杯中受到的浮力F乙＝G排乙＝0.4N；故AD错误；
由于小球在甲杯漂浮，根据漂浮条件可知：
G甲＝G排甲＝0.5N；
小球的质量m＝＝＝0.05kg＝50g，故C正确；
（2）小球在甲杯漂浮，则：ρ甲＞ρ球，
小球在杯下沉，沉入水底，则：ρ乙＜ρ球，
两种液体的密度：ρ甲＞ρ乙；故B错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件（密度关系）得出两液体的密度关系。
（多选）7．（3分）关于如图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（ ）
A．图甲：塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能
B．图乙：抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
C．图丙：两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力
D．图丁：在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分子运动的剧烈程度与温度有关
【分析】改变物体内能的两种方式是做功和热传递；物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力；液体分子运动的剧烈程度与温度有关。
【解答】解：A、甲图中试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少转化为塞子的机械能，故A正确；
B、乙图中抽掉玻璃板后，观察到两种气体混合在一起，颜色均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在引力，但分子之间同时存在斥力，故C错误；
D、在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，蓝墨水在热水中扩散的快，说明温度越高，分子无规则运动的速度越大，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查了分子动理论、改变内能的方法、液体分子运动的剧烈程度的影响因素，属于基础题。
（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（ ）
A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合
B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到A的像
C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜
D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛A不能在玻璃板中成像
【分析】（1）平面镜成像特点，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等；
（2）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像；
（3）平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系，如果玻璃板不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A像的情况。
【解答】解：A、蜡烛A到平面镜的距离4cm，像到平面镜的距离也是4cm，则蜡烛B距玻璃板为4cm才能与蜡烛A的像完全重合，故A错误；
B、因为平面镜所成的像是虚像；虚像不会被挡光板挡住，所以在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，还是能透过玻璃板看到A的像，故B正确；
C、平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系；所以丙图中玻璃板中的像偏高且倾斜（如下图所示），故C正确；
D、平面镜成像特点，蜡烛A是能在玻璃板中成像的，而且像和物关于平面镜成对称关系；所以丁图中玻璃板中的像偏低且倾斜（如下图所示），故D错误。
丙和丁图中玻璃板没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，如下图：
故选：BC。
【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，平面镜成像的实质与特点是光学的基本知识点，是我们应该重点掌握的内容，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，来考查同学们思考，解决问题的能力。
（多选）9．（3分）如图1所示电路中，电源电压恒定不变，电流表所选量程为0～0.6A，电压表所选量程为0～15V，小灯泡L标有“6V 3.6W”，滑动变阻器R标有“50Ω 1.5A”。闭合开关S，调节滑动变阻器使其阻值在某一范围内变化时，电压表与电流表示数的变化情况如图2所示。下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量的是灯泡L两端的电压
B．滑片P向右移动时，电压表示数变大
C．电源电压为9V
D．闭合开关后，滑动变阻器阻值可以调节的范围是5～50Ω
【分析】（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压；
（2）滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压的变化；
（3）根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时通过电路的电流最大，根据电功率公式计算灯泡正常发光时的电流，由图2可知此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最小电阻，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围；
灯泡正常发光时的电压等于额定电压，根据串联电路电压规律计算电源电压。
【解答】解：A、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，故A错误；
B、滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，故B正确；
CD、因串联电路各处电流相等，所以灯泡正常发光时通过电路的电流最大，小灯泡L标有“6V 3.6W”，此时通过电路的电流：I＝＝＝0.6A，
由图2可知此时滑动变阻器两端的电压为3V，由欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小阻值为：RH小＝＝＝5Ω，此时灯泡两端的电压为6V，串联电路总电压等于各分电压之和，所以电源电压为：U＝UH+UL＝3V+6V＝9V，由题意可知电压表接入电路的量程为0～15V，电源电压为9V，所以滑动变阻器可以接入电路最大阻值，所以滑动变阻器接入电路的阻值范围为5～50Ω，故CD正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
二、填空题（每空1分，共18分）
10．（2分）2022年6月5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征2号F遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体 振动 产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画面，画面信息是通过 电磁 波传回地面的。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）电磁波可以在真空中传播，而且电磁波能传递信息。
【解答】解：一切发声的物体都在振动，所以轰鸣声是由物体振动产生的；
空间站在太空是真空环境，用电磁波与地面联系，电磁波的传输不需要介质。
故答案为：振动；电磁。
【点评】本题考查声音的产生以及电磁波的应用是一道基础题。
11．（2分）小王家买了一台空调，爸爸发现家里的插座离空调摆放的位置太远，于是买了些零件，自己连了个插排，如图所示，爸爸连的这个插排 不符合 （选填“符合”或“不符合”）安全用电原则；小王看到空调铭牌上的制热功率为2000W，则这个空调正常制热30min消耗的电能为 1 kW•h。
【分析】为安全用电，大功率用电器应采用三孔插座；
根据W＝Pt得出这个空调正常制热30min消耗的电能。
【解答】解：为安全用电，大功率用电器应采用三孔插座，则该插排应使用三脚插头，而所连的这个插排用的两脚插头，故该插排不符合安全用电原则；
小王看到空调铭牌上的制热功率为2000W，则这个空调正常制热30min消耗的电能W＝Pt＝kW×h＝1kW•h。
故答案为：不符合；1。
【点评】本题考查电能的计算和安全用电的知识，是一道综合题。
12．（2分）为了节能环保，禁止野外焚烧秸秆，将秸秆回收再利用，既可产生沼气，又可产生肥料。100kg秸秆可产生沼气1m3，完全燃烧这部分沼气可产生热量为 4.2×107 J，如果这些热量40%被质量50kg，25℃的水吸收，可以使水温度升高到 100 ℃。[气压为一个标准大气压，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），沼气热值为4.2×107J/m3]
【分析】根据Q放＝Vq得出1m3的沼气完全燃烧产生的热量。
根据Q吸＝40%×Q放得出水吸收的热量；根据t＝+t0得出吸收热量后，水的温度，结合此时大气压为一个标准大气压，水的沸点为100℃，确定水的温度。
【解答】解：1m3的沼气完全燃烧产生的热量为Q放＝Vq＝1m3×4.2×107J/m3＝4.2×107J。
水吸收的热量为Q吸＝40%×Q放＝40%×4.2×107J＝1.68×107J，吸收热量后，水的温度t＝+t0＝+25℃＝105℃，由于此时大气压为一个标准大气压，水的沸点为100℃，即水的温度最大为100℃，由于105℃＞100℃，所以水温度升高到100℃。
故答案为：4.2×107；100。
【点评】本题考查热值、比热容和效率的有关计算，是一道较为简单的计算题。
13．（2分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”。倡导保护环境，使用新能源势在必行。太阳能属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；手机充电时消耗的电能属于 二次 （选填“一次”或“二次”）能源。
【分析】能源有不同的分类方式：
（1）从产生方式角度划分
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）从是否可再生角度划
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
【解答】解：太阳能属于可再生能源；手机充电时消耗的电能属于二次能源。
故答案为：可再生；二次。
【点评】本题考查能源的区别，属于基础题。
14．（2分）如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa 大于 pb（选填“大于”、“小于”或“等于”）；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从 d到c （选填“c到d”或“d到c”）。
【分析】（1）在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；
（2）物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。在金属导体中，自由电子定向移动的方向与电流方向相反。
【解答】解：由图知，
（1）a与b两点分别位于盐水的不同的位置，a点的深度更深，根据液体压强的计算公式p＝ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以pa＞pb；
（2）闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是从c到d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从d到c。
故答案为：大于；d到c
【点评】此题考查了液体压强计算公式和电流方向的应用，是一道基础题，难度不大。
15．（3分）如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在 大气压 的作用下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；
（2）大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；
（3）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
【解答】解：（1）茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；
盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；
（2）把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变大；
（3）若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强较小，玻璃管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。
故答案为：大气压；变大；变大。
【点评】本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速与压强的关系，难度不大，属于基础题。
16．（2分）为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是 并 联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要由 半导体 材料制成。
【分析】家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的。
【解答】解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。
LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料。
故答案为：并；半导体。
【点评】本题考查了电路的连接方式、半导体材料的应用，属于基础题。
17．（3分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为 1.1×104 J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是 250 J，该吸尘器电动机的效率为 98 %（保留整数）。
【分析】（1）由表格知吸尘器功率，由W＝Pt计算正常工作10秒时间内电动机做的总功（消耗电能）；
（2）由P＝UI计算电动机工作时的电流，由Q＝I2Rt计算10秒时间内电动机线圈发热量；
（3）消耗的电能减去线圈产生的热量可得获得的机械能（有用功），获得的机械能与消耗的电能的比值即为电动机的效率。
【解答】解：由表中数据知，吸尘器的电动机额定电压220V，额定功率1100W，由可得，正常工作10s时间内电动机做总功
W＝Pt＝1100W×10s＝1.1×104J
由P＝UI可得通过电动机的电流，
10秒时间内电动机线圈产生的热量为：
Q＝I2Rt＝（5A）2×1Ω×10s＝250J，
这台吸尘器正常工作10s获得的机械能为：
W有用＝W﹣Q＝1.1×104J﹣250J＝10750J，
吸尘器电动机的效率为：
。
故答案为：1.1×104；250；98。
【点评】本题考查了电功、电功率、焦耳定律公式和效率公式的应用，难点是知道对含有电动机的非纯电阻电路，选择公式要合理，为易错题！
三、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位）
18．（9分）如图甲所示的装置，A是重12N的空吊篮，质量为45kg的小张同学将A提升到高处，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间t变化关系如图丙所示。小张同学与地面的接触面积为400cm2，忽略绳重及摩擦，g取10N/kg。求：
（1）1～2s内拉力F的功率；
（2）动滑轮所受的重力；
（3）0～1s内人对地面的压强；
（4）用此装置匀速提升重物84N时的机械效率。
【分析】（1）由图丙可知1～2s内A的速度，由图甲可知，n＝2，拉力端移动速度v＝nvA，由图乙可知1～2s内拉力F大小，利用P＝＝＝Fv求1～2s内拉力F的功率；
（2）忽略绳重及摩擦，拉力F＝（GA+G动），据此求动滑轮重力；
（3）由图甲可知0～1s内拉力F的大小，人对地面的压力等于人的重力减去绳对人的拉力，根据p＝可求人对地面的压强；
（4）忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力FC＝（FB+G动），利用η＝＝＝＝ 可求此时机械效率。
【解答】解：（1）由图丙可知1～2s内A的速度vA＝2.5m/s，由图甲可知，n＝2，拉力端移动速度v＝nvA＝2×2.5m/s＝5m/s，由图乙可知1～2s内拉力F＝8N，
因此1～2s内拉力F的功率：
P＝＝＝Fv＝8N×5m/s＝40W；
（2）因为忽略绳重及摩擦，拉力F＝（GA+G动），
所以动滑轮所受的重力：
G动＝nF﹣GA＝2×8N﹣12N＝4N；
（3）由图甲可知0～1s内拉力F'＝10N，人对地面的压力：
F压＝G人﹣F'＝450N﹣10N＝440N，
所以0～1s内人对地面的压强：
p＝＝＝11000Pa；
（4）因为忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力FC＝（FB+G动）＝（G物+GA+G动）＝×（84N+12N+4N）＝50N，
用此装置匀速提升重物84N时的机械效率：η＝＝＝＝＝＝84%。
答：（1）1～2s内拉力F的功率为40W；
（2）动滑轮所受的重力为4N；
（3）0～1s内人对地面的压强为11000Pa；
（4）用此装置匀速提升重物84N时的机械效率为84%。
【点评】本题考查了压强、使用滑轮组时拉力、功率、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系F＝（G+G动）是本题的关键。
19．（9分）如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯L标有“8V 6.4W”字样，电流表量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2标有“45Ω 2A”字样。
（1）只闭合S1时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率；
（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率。
【分析】分析电路图时，先简化电路，画出等效电路图，把电流表看作导线，把电压表看作开路，只分析用电器的连接方式。
（1）只闭合S1时，灯L和R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，R1与滑动变阻器的最大阻值并联，再利用P＝UI＝即可求出滑动变阻器消耗的功率；
（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，电功率最大。
【解答】解：（1）由题意可知灯泡电阻RL＝＝＝10Ω，
只闭合S1时，灯L和R1串联，如图1，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝可得，电源的电压：U＝I（R1+RL）＝0.6A×（5Ω+10Ω）＝9V；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端（R2全连入）时，如图2，R1和R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以滑动变阻器消耗的功率：P滑＝＝＝1.8W。
（3）只闭合S2时，如图3所示，灯L和R2串联，
灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.8A，
因电流表的量程为0～3A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.8A，此时电路的电功率最大，
P大＝UIL＝9V×0.8A＝7.2W；
答：（1）电源电压为9V；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率为1.8W；
（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率为7.2W。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。
四、实验、作图题（共22分）
20．（4分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，小王取来相同规格的两个电加热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，装置如图所示。
（1）用相同规格的电加热器加热，通电后，电加热器通过 做功 的方式使自身内能增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）图丙是小王根据实验数据绘制的，由图像可知甲、乙两种液体升高相同温度时，其吸收热量的关系为Q甲 ＞ Q乙，说明 甲 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能力更强；
（3）停止加热后， 乙 （选填“甲”或“乙”）液体温度下降得快。
【分析】（1）改变物体内能的两种方法是做功和热传递；
（2）（3）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：（1）电加热器通电，电流通过用电器做功，将电能转化内能，故通电后，电加热器通过做功方式使自身内能增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）用相同规格的电加热器加热，加热时间越长，则表示物体吸热越多。由图丙可知甲、乙两种液体升高相同的温度，甲需要加热的时间长，则甲吸收的热量多，即Q甲＞Q乙，说明甲液体的吸热能力更强；
（3）停止加热后，甲乙液体向外放热，由图丙可知，甲乙吸收相同的热量时，乙的温度升高的快，同理，当甲乙放出同样多的热量时，乙的温度也下降得快。
故答案为：（1）做功；（2）＞；甲；（3）乙。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查改变内能的方法、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21．（5分）在探究凸透镜成像规律的实验中，有焦距为10cm和20cm的两个凸透镜：
（1）小静想利用太阳光来测量凸透镜的焦距，图1中操作最合理的是 C 。
（2）小静选用正确的方法测出凸透镜的焦距，接着她将蜡烛、透镜、光屏安装在光具座上，经调节光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，如图2甲所示，则她选用凸透镜的焦距是 10.0 cm。若此时保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜直到在光屏上再次成清晰的像，那么前后两次像距之差Δv＝ 15.0 cm。
（3）接着，小静进一步探究，她将蜡烛、透镜、光屏置于如图2乙位置，现保持蜡烛位置不变，让凸透镜和光屏分别以2cm/s和4cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，经过 2.5 s，光屏第一次成清晰的像。
（4）爱思考的小静用另一个凸透镜继续探究。她将蜡烛放在A点时，像在B点；将蜡烛放在B点时，像在C点，如图3所示。当将蜡烛放在C点时，可以看到的是 D 。
A．可能在B点成一个实像
B．可能在A点的左侧成一个虚像
C．可能在B、C之间成一个实像
D．可能在C点的右侧成一个虚像
【分析】（1）将凸透镜正对着太阳光，白纸置于另一侧，且平行于凸透镜；
（2）利用凸透镜成像规律和光路可逆分析；
（3）当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，根据速度和距离计算经过的时间；
（4）凸透镜如果成像在同一侧的话应该是成虚像，并且像距大于物距；凸透镜成实像时，物与像在异侧，且物近像远像变大，物远像近像变小。
【解答】解：（1）将凸透镜正对着太阳光，白纸置于另一侧，且平行于凸透镜，改变白纸与凸透镜间的距离，直到白纸上出现一个最小、最亮的光斑，该光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜中心的距离，即为凸透镜的焦距，故A、B、D错误，C正确；
（2）图2甲中，物距大于像距，光屏上可成实像，u＞2f，图中u＝30cm＞2f，因此f＜15cm，选用凸透镜的焦距是10cm；根据光路可逆，向左移动凸透镜到35.0cm处，物距为15.0cm时可成放大的实像，前后两次像距之差Δv＝30.0cm﹣15.0cm＝15.0cm；
（5）将蜡烛、透镜、光屏分别放在35cm、50cm、65cm刻度处，此时物距和像距相等均为15.0cm，光屏和凸透镜分别以4cm/s和2cm/s的速度，从图示位置同时匀速向左运动，物距和像距的增加也相等，凸透镜的焦距为10.0cm，当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，故经过2.5s，光屏上成清晰等大的像；
（4）如果凸透镜放在C点右侧，那么当点光源放在A点时，成像在A点左侧，而不是右侧的B，所以凸透镜放在C点右侧不可能；当光源在A点时，像在透镜另一侧，说明成实像，那么像距应在一倍焦距外，这样当点光源在B点时就也会在相对于B的另一侧成实像，（也就是A的一侧）而不是成像在C点。所以透镜不可能在AB和BC之间；故凸透镜只能放在A点的左侧。
ABC、如果凸透镜放在A点左侧，那么当点光源放在A点时，成像在B点，当点光源放在B点时，成像在C点，成像都是虚像。故此时凸透镜只能放在A点的左侧；所以该情况下有如下几种可能，即若C点在透镜的1倍焦距以外，像应成在透镜左侧的1倍焦距以外；故ABC错误；
D、若C点还在透镜的1倍焦距以内，即此时所成的像应在C点的右侧。故分析四个选项，只有D是正确的。故选：D。
故答案为：（1）C；（2）15.0；（3）2.5；（4）D。
【点评】本题是探究凸透镜成像的规律，凸透镜的成像特点，凸透镜成像规律的应用。
22．（6分）学习了密度的测量知识后，小杭同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从实验室借来仪器进行实验：
（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应 B ；
A．向右调节平衡螺母
B．取下最小砝码后移动游码
（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为 63 g；
（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上升到45mL处，则小石块的密度 2.1 g/cm3；
（4）小杭又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤（既可以测量力，也可以测量质量），对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：
①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F1；
②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F2；
③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石块 不碰触小桶底部和侧壁 ，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为F3，完成以上测量后，根据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝ ；（用字母表示）
④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变），会使密度测量值 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【分析】（1）将天平放在水平工作台上，使用之前要调平；天平的平衡螺母只能在调节天平横梁平衡时移动，在称量物体质量的过程中不能再移动平衡螺母。当天平的左盘放物体，右盘放砝码时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧；需要移动游码，向右移动游码相当于向右盘中增加砝码；
（2）小石块的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度值；
（3）浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差；
（4）知道质量和体积，根据密度公式计算小石块的密度；
（5）③将小石块缓慢地没入悬挂着的小桶内的水中，目的是测出小石块受到的浮力，进一步得到小石块的体积；为了保证浮力值的准确，要保证不碰触小桶的底部和侧壁，因为触碰和不触碰两种情况下，电子秤的示数是不一样的；小石块受到的浮力可用丁与戊的示数差求得，再根据阿基米德原理可以求得小石块排开水的体积，即为小石块的体积；根据图丙求得小石块的质量，再由密度公式可得小石块的密度；
④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量测量准确，根据密度公式可知，所以测小石块的密度偏大。
【解答】解：（1）取出最小的砝码后，指针偏左，说明左端的质量大，将处在零刻度位置的游码向右调，相当于往右盘增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡，故A不符合题意，B符合题意。
故选：B。
（2）由图甲可知，砝码的质量是60g，游码的示数是3g，故石块的质量为：m＝50g+10g+3g＝63g。
（3）由图乙可知，量筒内原来水的体积是15mL，放入小石块后总体积是45mL，故石块的体积为：
V＝45mL﹣15mL＝30mL＝30cm3；
小石块的密度为：ρ＝＝＝2.1g/cm3。
（4）③将小石块缓慢地浸没入悬挂着的小桶内的水中，但要保证小石块不碰触小桶底部和侧壁，否则测得小石块所受的浮力就不准确了。
小石块在水中受到浮力，根据力的作用是相互的，小石块对水有向下的压力，使得电子秤示数增大，则小石块在水中受到的浮力为：
F浮＝F3−F2
根据阿基米德原理可得，小石块的体积为：
V＝V排＝＝；
由图甲可知，小石块的重力G＝F1，则小石块的质量为：
m＝＝；
小石块的密度为：
ρ石＝＝＝。
④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量测量准确，根据密度公式可知，所以测小石块的密度偏大。
故答案为：（1）B；（2）63；（3）2.1；（4）不碰触小桶底部和侧壁；；偏大。
【点评】本题为测量固体密度的实验，考查天平和量筒的使用、密度计算等知识，有一定难度。
23．（4分）小亮在做“测量小灯泡的电功率”的实验，所用的小灯泡额定电压为2.5V。
（1）图甲为小亮连接的实物电路，请你帮他补充完整：
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，产生这种现象的原因是 灯泡断路 （写出一种合理情况即可）；
（3）根据实验数据绘制成了U﹣I图像如图丙所示，根据图像提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W；
（4）完成上述实验后，小亮进一步思考，在没有电流表的情况下，能否测量小灯泡的额定功率？他想利用一个定值电阻R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图丁所示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U，则小灯泡的额定功率可表示为P额＝ U额× （用R0、U额、U等物理量符号表示）。
【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，电流表选择小量程串联在电路中；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；利用公式P＝UI求出灯泡的功率；
（3）根据乙图找出灯泡电压为额定电压2.5V时的电流，利用公式P＝UI求出灯泡的额定功率；
（4）根据电流从电压表正接线柱流入分析判断；因为个电阻的大小和电压大小都不变，根据串联电路的电压规律，求出定值电阻的电压，由欧姆定律，求出通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，即可求出小灯泡功率的表达式；根据在实验操作中，电压表的量程选择，小灯泡正常工作时的电压、电流的大小等条件分析解题。
【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，实验中要求向右移动滑片时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器的阻值变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，电流表选择小量程串联在电路中，如下图所示：
；
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，则电路可能断路，电压表有示数，则电压表和电源接通；
（3）由乙图的U﹣I图像可知，当小灯泡的电压为额定电压U额＝2.5V时，电流I＝0.2A，
小灯泡的额定功率为：
P额＝U额I＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额＝2.5V，接着保持滑片位置不变，
根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数U，因为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律，定值电阻的电压为：U0＝U﹣U额，
由欧姆定律，通过定值电阻的电流：
I0＝＝，
根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额定功率可表示为：
P额＝U额I额＝U额×。
故答案为：（1）如上图所示；（2）灯泡断路；（3）0.5；（4）U额×。
【点评】本题考查了电功率的测量实验，综合性强，难度大。
24．（3分）在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
（1）实验中是通过 吸引铁钉的多少 来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片处于某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时，外形相同的螺线管， 线圈匝数越多 ，磁性越强。
（2）根据图示发现被电磁铁吸引的小铁钉下端是分散的，其原因是 被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥 。
【分析】（1）电磁铁磁性的变化可改变吸引小铁钉个数的多少；影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小和匝数多少；
（2）利用磁化和磁极间的作用规律进行分析。
【解答】解：
（1）实验时可以通过吸引铁小钉的多少来判断电磁铁磁性的强弱；由图知，甲吸引小铁钉的个数较多，说明甲的磁性较强；甲、乙串联，电流相等，甲的线圈匝数多于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
（2）被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥，故小铁钉下端是分散的。
故答案为：（1）吸引铁钉的多少；线圈匝数越多；（2）被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥。
【点评】在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验时采用控制变量法，即在研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，要保证电流的大小。
五、综合应用题（6分）
25．（6分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 B ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 大地 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个 省力 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变 小 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 D 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
【分析】（1）红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化为其他形式的能量；
（2）使用三脚插头是为了用电安全；
（3）根据动力臂和阻力臂的大小关系分析；
（4）根据水的体积的变化分析密度的变化；
（5）电阻越大，导电性越差；
（6）家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
【解答】解：（1）电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故B正确。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成事故。
（3）水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
（4）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变小。
（5）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择D绝缘管。
（6）由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：
故答案为：（1）B；（2）大地；（3）省力；（4）小；（5）D；（6）见解析。
【点评】本题考查了安全用电器的常识、电路的连接、能量的转化、杠杆的分类等知识，难度不大。产品尺寸（mm）
358×248×307
额定电压（V）
220
额定功率（W）
1100
产品尺寸（mm）
358×248×307
额定电压（V）
220
额定功率（W）
1100