四川师范大学附属中学2023-2024学年高一上学期12月月考数学试题(Word版附解析)
展开注意事项:
1、答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡的指定位置.
2、选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
3、填空题和解答题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
4、考试结束后,请将答题卡上交,试卷由本人保存.
第I卷(选择题)
一、单选题(本大题共8小题,共40分.在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1. 已知集合,,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】先由自然数集的概念化简集合,再利用集合的交集运算即可得解.
【详解】因为,,
所以.
故选:C.
2. 命题的否定为( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据存在量词命题的否定是全称量词命题可得答案.
【详解】命题的否定为.
故选:B
3. 函数的图象大致是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】分析函数的奇偶性排除两个选项,再利用时,值为正即可判断作答.
【详解】函数定义域为R,,即是奇函数,A,B不满足;
当时,即,则,而,因此,D不满足,C满足.
故选:C
4. 若m是方程的根,则下列选项正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】将m是方程根转化为m为函数的零点,得到函数单调递增,且,,再根据零点存在性定理即可求解.
【详解】设,
∵m是方程的根,
∴m为函数的零点,
∵函数,在上都为单调递增函数,
∴在上连续且单调递增,
又∵,,
∴函数的零点一定在区间内,
∴.
故选:B.
5. 设,,,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】利用对数函数,指数函数的单调性和三角函数的符号进行判断.
【详解】考查对数函数在上为减函数,所以:;
考查指数函数在上为减函数,所以;
因为是第四象限角,所以;
综上:.
故选:A
6. 定义在上的偶函数满足,且时,,则( )
A. 2B. 1C. 0D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据条件求得函数的周期,再利用题中条件转化一下,即可求值.
【详解】因为定义在上的偶函数满足,
则,
,
,
所以函数的周期为,
则,
又,
故选:D.
7. 已知函数 值域为,则实数a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】判断当时,的取值范围,从而判断时,的取值范围应包含,由此列出不等式,求得答案.
【详解】由题意知当时,,
由于函数 的值域为,
故时,的取值范围应包含,
故此时,且,故,
即实数a的取值范围是,
故选:D
8. 通过实验数据可知,某液体的蒸发速度y(单位:升/小时)与液体所处环境的温度x(单位:)近似地满足函数关系(为自然对数的底数,a,b为常数).若该液体在的蒸发速度是0.2升/小时,在的蒸发速度是0.4升/小时,则该液体在的蒸发速度为( )
A. 0.5升/小时B. 0.6升/小时C. 0.7升/小时D. 0.8升/小时
【答案】D
【解析】
【分析】由题意可得,求出,再将代入即可得解.
【详解】由题意得,
两式相除得,所以,
当时,,
所以该液体在的蒸发速度为0.8升/小时.
故选:D.
二、多选题(本大题共4小题,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求;全部选对得5分,部分选对得2分,有选错的得0分.)
9. 若,,则下列不等关系一定正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】BD
【解析】
【分析】取可判断A;作差法可判断B,D;取特值可判断C.
【详解】对于A,若,,则,故A错误;
对于B,因为,所以,所以,故B正确;
对于C,取,,满足,但,故C错误;
对于D,因为,所以
,所以,故D正确;
故选:BD.
10. 若角的终边落在第二象限,则下列结论正确的是( )
A. 点在第三象限
B. 角的终边经过点,则实数的取值范围是
C. 为其终边上的一点,且,则等于
D. 的值为
【答案】AC
【解析】
【分析】根据条件,利用三角函数的定义及三角函数在各个象限的符号,对各个选项逐一分析判断即可得出结果.
【详解】对于选项A,因为角的终边落在第二象限,所以,所以选项A正确;
对于选项B,由题知,,得到,所以选项B错误;
对于选项C,因为为其终边上的一点,且,所以,得到或(舍去),
所以,故选项C正确,
对于选项D,,
所以选项D错误,
故选:AC.
11. 对于函数和,设,,若存在,使得,则称与互为“零点相邻函数”.若函数与互为“零点相邻函数”,则实数的取值可以是( )
A. 2B. C. 3D. 4
【答案】ABC
【解析】
【分析】
首先确定函数的零点,然后结合新定义的知识得到关于a的等式,分离参数,结合函数的单调性确定实数的取值范围即可.
【详解】很明显函数是R上的单调递增函数,且,据此可知,
结合“零点相邻函数”的定义可得,则,
据此可知函数在区间上存在零点,
即方程在区间上存在实数根,
整理可得:,
根据对勾函数的性质,很明显函数在区间上单调递减,在上单调递增,所以,,则函数的值域为,
据此可知实数的取值范围是.
故选:ABC
【点睛】“新定义”主要是指即时定义新概念、新公式、新定理、新法则、新运算五种,然后根据此新定义去解决问题,有时还需要用类比的方法去理解新的定义,这样有助于对新定义的透彻理解.但是,透过现象看本质,它们考查的还是基础数学知识,所以说“新题”不一定是“难题”,掌握好三基,以不变应万变才是制胜法宝.
12. 定义在上的奇函数,满足,则下列说法正确的是( )
A. 函数的单调增区间为和
B. 方程的所有实数根之和为
C. 方程有两个不相等的实数根
D. 当时,的最小值为2,则
【答案】AD
【解析】
【分析】由已知函数的奇偶性及函数解析式作出函数图象,逐一分析四个选项得答案.
【详解】是定义在上奇函数,且,作出函数的图象如图
由图可知,函数的单调增区间为和,故A正确;
由解得.关于的方程的所有实数根之和为
故B错误;
关于的方程有3个不相等的实数根,故C错误,
由解得:,若当时,的最小值为2,则,故D正确;
故选:AD.
第II卷(非选择题)
三、填空题(本大题共4小题,共20分)
13. 一个扇形的面积和弧长的数值都是2,则这个扇形圆心角的弧度数为______.
【答案】1
【解析】
【分析】运用扇形的弧长、面积公式计算即可.
【详解】设扇形的圆心角为,半径为,
所以,解得,
即这个扇形圆心角弧度数为.
故答案为:1.
14. 已知,则______.
【答案】
【解析】
【分析】根据诱导公式求得正确答案.
【详解】
.
故答案为:
15. 设,,若,且不等式恒成立,则的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】首先根据已知条件得到,然后结合基本不等式即可求得最小值,再解关于的一元二次不等式即可求得的取值范围.
【详解】因为,,,所以,
则,
当且仅当时,即时取等号,
所以,
解得.
故答案为:
16. 函数,若对于任意,,当时,都有,则实数a的取值范围是________.
【答案】
【解析】
【分析】首先将不等式变形,并构造函数,讨论的正负,结合函数在区间的单调性,求实数的取值范围.
【详解】∵对于任意,当时,都有,
∴,令,则在上单调递增,
又∵,当时,满足题目条件,此时;
当时,,时,,当时,等号成立,根据对勾函数单调性可知,有,∴,
综上可知,.
故答案为:.
四、解答题(本题共6小题,共70分.第17题10分其他每题12分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17. 求值:
(1);
(2)已知钝角满足,求的值.
【答案】(1)124 (2)2
【解析】
【分析】(1)利用对数运算性质及指数幂运算法则进行计算即可;
(2)根据条件求得的值后,所求分子分母同时除以即可求解.
【小问1详解】
.
【小问2详解】
因为,
解得或,
又为钝角,所以,
则.
18. 已知集合,.
(1)求集合;
(2)命题,命题,若是的必要不充分条件,求实数的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)解分式不等式即可.
(2)将问题转化为集合的包含关系求解即可.
【小问1详解】
因为,
所以,解得.
故.
【小问2详解】
由题意知,,,
所以是的真子集,
所以,解得.
故a的取值范围为.
19. 2022年新冠肺炎疫情仍在世界好多国家肆虐,目前的新冠病毒是奥密克戎变异株,其特点是:毒力显著减弱,但传染性很强,绝大多数人感染后表现为无症状或轻症,重症病例很少,长期一段时间以来全国没有一例死亡病例.某科研机构对奥密克戎变异株在特定环境下进行观测,每隔单位时间T进行一次记录,用x表示经过的单位时间数,用y表示奥密克戎变异株感染人数,得到如下观测数据:
若奥密克戎变异株的感染人数y与经过个单位时间T的关系有两个函数模型与可供选择.
(参考数据:,,,)
(1)判断哪个函数模型更合适,并求出该模型的解析式;
(2)求至少经过多少个单位时间该病毒的感染人数不少于1万人.
【答案】(1),
(2)11个
【解析】
【分析】(1)利用已知的三对数据代入函数模型进行验证得出结果;
(2)根据指对互化以及对数运算求得结果.
【小问1详解】
若选,将,和,代入得,解得
得,代入有,不合题意.
若选,将,和,代入得,
解得,得.代入有,符合题意.
【小问2详解】
设至少需要x个单位时间,则,即,
则,又,,
,∵,
∴x的最小值为11,即至少经过11个单位时间不少于1万人.
20. 已知函数的最小正周期为,且.
(1)求函数的解析式并分别写出取最大值与最小值时相应的取值集合;
(2)求函数,的单调递减区间.
【答案】20.
当取得最小值时,的取值集合为
当取得最大值时,的取值集合为
21. 和
【解析】
【分析】(1)根据正弦型函数的最小正周期公式,代入运算得结合,求得从而可得再根据正弦型函数的最值性质即可求解.
(2)由(1)得根据正弦型函数的单调性性质即可求解.
【小问1详解】
的最小正周期为,又
当即时,取得最小值
此时的取值集合为
当即时,取得最大值
此时的取值集合为
【小问2详解】
依题意
若单调递减,则
即
令得其单调递减区间为和
21. 已知二次函数只能同时满足下列三个条件中的两个:
①的解集为;
②的最小值为;
③在区间上是增函数.
(1)请写出满足题意的两个条件的序号,并求出,,的值;
(2)若当时,不等式恒成立,求实数的取值范围;
(3)求关于的不等式的解集.
【答案】(1)
(2)
(3)答案见详解
【解析】
【分析】(1)对①根据三个二次之间的关系分析运算;对②:根据二次函数的最值分析列式;对③:根据二次函数的对称性分析列式;结合题意可得应满足①②,运算求解;(2)根据题意参变分离可得当时恒成立,结合基本不等式运算求解;(3)根据一元二次不等式的解法分类讨论两根大小,运算求解.
【小问1详解】
对①:若的解集为,即的解集为,则,可得;
对②:若的最小值为,则;
对③:在区间上是增函数,且的对称轴为,则;
故应满足①②:则,且,解得,
故.
小问2详解】
由(1)可得,
∵当时,不等式恒成立,即,
∴当时恒成立,
又∵,当且仅当,即时等号成立,
∴,即,
故实数的取值范围为.
【小问3详解】
∵,即,则,
当时,不等式的解集为;
当时,不等式的解集为R;
当时,不等式的解集为.
22. 设函数.
(1)证明函数在上是增函数;
(2)若,是否存在常数,,,使函数在上的值域为,若存在,求出的取值范围;若不存在,请说明理由.
【答案】(1)详见解析;
(2)不存在,理由详见解析.
【解析】
【分析】(1)利用函数单调性定义证明;
(2)由(1)结合复合函数的单调性得到在上是增函数,从而有,转化为m,n是方程的两个不同的正根求解.
小问1详解】
证明:任取,且,
则,
因为,则,因为,则,
所以,即,
所以函数在上是增函数;
【小问2详解】
由(1)知:在上是增函数,又,
由复合函数的单调性知在上是增函数,
假设存在常数,,,使函数在上的值域为,
所以,即,
则m,n是方程的两个不同的正根,
则m,n是方程的两个不同的正根,
设,则有两个大于1的不等根,
设,
因为,,
所以方程有一个大于0,一个小于0的根,
所以不存在两个大于1的不等根,
则不存在常数,,满足条件.1
2
3
4
5
6
…
(人数)
…
6
…
36
…
216
…
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