2024成都蓉城名校联盟高一上学期期末联考试题物理含答案

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一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
三、实验探究题：本题共2小题，共15分。
12．（6分）
（1）3.90（2分，3.9也给分）
（2）C（2分）
（3）0.30（2分）
13．（9分）
（1）不能（2分）
（2）0.51（3分）
（3）① k（2分）② A（2分）
四、计算题：本题共3小题，共38分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。
14．（8分）
解：（1）分析可知，物体从抛出点运动至最高点用时，将上抛过程视为自由落体的逆运动
根据对称性有（2分）
解得（2分）
（2）由（2分）
解得（2分）
说明：其他合理解法，参照给分
15．（12分）
解：（1）对结点O受力分析如答图1所示，由平衡条件得
答图1
竖直方向有（2分）
水平方向有（2分）
解得，（2分，各1分）
（2）对物体乙受力分析如答图2所示，由平衡条件得
答图2
沿斜面有（2分）
垂直于斜面有（2分）
由物体乙静止可得（1分）
解得（1分）
故物体乙的最小质量为48 kg
说明：其他合理解法，参照给分
16．（18分）
解：（1）以两个滑块为研究对象，设滑块1刚滑到B点时的速度大小为，滑块1未进入BC段时，两个滑块的加速度大小为
由牛顿第二定律有（2分）
由运动学公式有（2分）
解得（1分）
（2）滑块1刚进入BC段时，两个滑块恰能保持相对静止一起做匀速直线运动
由平衡条件得（2分）
滑块1从B点向下滑动L的这段运动是匀速直线运动。设两个滑块全部刚进入BC段时的加速度大小为，滑块1滑到C点时的速度大小为
由牛顿第二定律有（2分）
由运动学公式有（2分）
解得（1分）
（3）滑块2在距C点L处，速度大小为，滑块2从距C点L处滑至C点的加速度大小也为，设这一过程用时为t（1分）
由运动学公式有（2分）
或（舍去）
滑块2刚滑上水平面时，滑块1与滑块2之间的距离（2分）
解得（1分）
说明：其他合理解法，参照给分
解析：
1．【答案】B
【解析】“23秒86”指的是时间间隔，而非时刻，A错误；200米指的是路程，B正确；由牛顿第三定律可知，脚对起跑器的作用力等于起跑器对脚的作用力，C错误；陈妤颉在直道冲刺阶段，发现其他运动员在后退，这是以自己为参考系，D错误。
2．【答案】C
【解析】消防战士采用“双手互换握杆”的方式匀速上升时，战士所受的摩擦力是静摩擦力，根据平衡条件可知，静摩擦力方向沿杆竖直向上，大小为；采用“手握腿夹”的方式匀速下滑时，战士所受的摩擦力是滑动摩擦力，根据平衡条件可知，方向沿杆竖直向上，大小为，C正确。
3．【答案】C
【解析】根据图像可知，0～内，时刻物体A的运动方向发生了变化，物体A的路程为，而物体B的运动方向没有变化，其路程为4 m，即物体A的路程比物体B的路程多，A错误；0～内，A、B两物体的位移均为4 m，根据可知，0～内，物体A的平均速度等于物体B的平均速度，B错误；时刻，A、B两物体均位于处，即该时刻两者相遇，C正确；图像的斜率表示速度，物体B图像的斜率不变，即物体B做匀速直线运动，D错误。
4．【答案】A
【解析】根据表达式，得，又因，所以有，代入各物理量的国际单位，所以的单位用国际基本单位表示为，A正确。
5．【答案】D
【解析】手对购物袋的作用力与购物袋的重力是一对平衡力，大小相等，所以手对购物袋的作用力不变，A、B错误；两侧轻绳对购物带作用力的合力大小不变，改用一根手指拎时，两轻绳的拉力间的夹角变大，则单侧轻绳的拉力变大，C错误，D正确。
6．【答案】B
【解析】将其中大小为3 N的力在水平面内旋转，其他力不变，合力大小变为6 N，根据牛顿第二定律可得物体的加速度大小为，B正确。
7．【答案】D
【解析】电梯静止不动时，小球受力平衡，有。电梯运行时，轻质弹性细绳的伸长量比电梯静止时小，说明弹力变小了，由牛顿第二定律有，解得加速度大小为，方向竖直向下，所以电梯可能加速下降或减速上升，小明处于失重状态，A、C错误，D正确；对小明和玩具构成的系统进行受力分析，由牛顿第二定律有，电梯地板对小明的支持力大小为，由牛顿第三定律可知，小明对电梯地板的压力大小为，B错误。
8．【答案】D
【解析】轻绳OAB上的张力大小处处相等，对滑轮A由三力平衡可得，A正确；滑轮B水平向右缓慢移动时，不变，B正确；由答图3可知，物体甲水平方向移动的位移大小为，C正确；设OB的水平距离为d，根据几何关系，滑轮B左侧轻绳的长度，滑轮B水平向右缓慢移动一小段距离x，不变，因此左侧轻绳的长度，即左侧轻绳伸长，右侧轻绳缩短，物体乙竖直方向移动的位移大小为，D错误。
答图3
9．【答案】AD
【解析】重心、合力概念的提出，体现了等效思想，A正确；用质点代替有形状和大小的物体的理想化模型法是科学的，B错误；C选项是伽利略的理想实验，C错误；根据平均速度的定义式，当时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法，D正确。
10．【答案】AC
【解析】由图像的斜率表示加速度可知，0～2 s内，物块的加速度逐渐变小，由牛顿第二定律有，得，可知力F逐渐变小，A正确，B错误；2 s～4 s内，物块做匀速直线运动，则，所以力F一定不为零，C正确；4 s～6 s内，物块做匀减速直线运动，加速度保持不变，对物块由牛顿第二定律有，可知力F可能为零，D错误。
11．【答案】BD
【解析】煤块刚冲上传送带时，煤块的加速度大小为，方向沿传送带向下，A错误；根据运动学公式可得，由得，煤块与传送带共速后的加速度大小为，方向沿传送带向下，根据运动学公式可得，由得，煤块能上滑的最大距离为，B正确；接着煤块沿传送带向下滑动，由，解得煤块下滑的时间为，所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为，C错误；传送带的速度为，0～1 s内，传送带的位移大小为，煤块的位移大小为，两者的相对位移大小为；1 s～2 s内，传送带的位移大小为，煤块的位移大小为，两者的相对位移大小为，2 s时煤块位于长度为4 m的划痕的中点处；2 s～内，传送带向上运动，煤块向下运动，所以划痕总长度为，D正确。
12．【解析】
（1）由图乙可知，弹簧测力计的示数为3.90 N。
（2）该实验只需要木板B相对木块A向右运动即可，C正确。
（3）对木块A受力分析，水平方向有，竖直方向有，由得。
13．【解析】
（1）平衡小车在运动中的摩擦力时，轻绳的拉力要为零，故不能连上砝码和砝码盘。
（2）打点计时器的打点周期为0.02 s，相邻两个计数点间还有4个点未画出，故，则小车的加速度大小。
（3）以质量为M的小车和质量为m的内部钩码为研究对象，设小车受的拉力大小为F，由，解得，则，，即小车受到的拉力大小为k，b的值等于小车的质量。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
B
C
C
A
D
B
D
D
题号
9
10
11
答案
AD
AC
BD