2024成都蓉城名校联盟高二上学期期末联考试题物理含答案

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一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
三、实验探究题：本题共2小题，共15分。
12．（6分）
（1）不偏转（2分）
（2）偏转（2分）
（3）闭合回路的磁通量发生变化（2分，答到“闭合回路”1分，答到“磁通量变化”1分）
13．（9分）
（1）15（2分）
（2）985（2分）
（3）图丙（2分，答“丙”不扣分）
（4）① 如答图1（1分）② 增大（2分）

答图1
四、计算题：本题共3小题，共38分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。
14．（8分）
解：（1）小球恰好处于静止状态，由平衡条件有
（2分）
（1分）
解得（1分）
（2）由部分电路欧姆定律有（1分）
由闭合电路欧姆定律有（2分）
解得（1分）
说明：其他合理解法，参照给分
15．（12分）
解：（1）时，质点a刚好开始振动，由（1分）
解得（1分）
时，质点b第一次到达波峰，由（1分）
解得（1分）
由（1分）
解得（1分）
（2）以波传播到质点a时为计时起点，波源O位于负最大位移处
（1分）
振幅为
波源O的振动方程（或）（1分）
（3）质点b在0～6 s内未振动，时振动了4 s，即一个周期
质点b通过的路程（1分）
解得（或0.4 m）（1分）
波在时的波形图如答图2所示（2分）
答图2
说明：（2）小题振动方程以cm为单位也给分，未带单位不扣分；（3）小题x轴正、负半轴的波形图各1分；其他合理解法，参照给分
16．（18分）
解：（1）小球从A点到B点做类平抛运动
水平方向有（1分）
竖直方向有（1分）
（1分）
（1分）
设速度与x轴正方向的夹角为，由，可知（1分）
由牛顿第二定律有（1分）
解得（1分）
（2）小球从B点到C点做圆周运动，由几何关系有（1分）
从B点到C点，由动能定理有（2分）
解得
在C点，由牛顿第二定律有（1分）
解得（1分）
由牛顿第三定律可得，小球对半圆形轨道的压力大小（1分）
（3）小球从C点沿斜面直轨道向上做匀减速直线运动，由于重力和电场力沿斜面直轨道的分力大小相等，方向相反，当小球速度减为零后，小球将静止不动
由牛顿第二定律有（2分）
（1分）
由运动学规律有（1分）
解得（1分）
说明：（1）小题用速度偏转角解答也给分；（2）小题用等效重力法解答也给分；其他合理解法，参照给分
解析：
1．【答案】A
【解析】电源把其它形式的能量转化为电能的功率EI，等于电源的输出功率UI与电源内电路的热功率之和，闭合电路欧姆定律实质上是能量守恒定律在闭合电路中的具体体现，A正确。
2．【答案】B
【解析】介质中质点的振动方向一定与横波的传播方向垂直，与纵波的传播方向平行，A错误；利用波的多普勒效应可测定人造卫星位置的变化情况，C错误；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场，不能形成电磁场，更不能发出电磁波，D错误。
3．【答案】D
【解析】如答图3，由安培定则可知，导线P、Q中的电流在a点、b点产生的磁感应强度大小相等，方向相同，D正确。
答图3
4．【答案】C
【解析】时刻，质点a在波谷，速度为零，质点b在平衡位置，速度最大，A错误；时刻，质点c在波峰，加速度最大，质点d在平衡位置，加速度为零，B错误；根据“上下坡法”或“直角不含波形法”可以判断，时刻，质点b在平衡位置且向上振动，C正确，D错误。
5．【答案】B
【解析】给手机充电时，手机的电池将电能转化为其它形式的能量，A错误；放电时电池可输出的最大电荷量，B正确；正常待机状态时的平均电流，C错误；用11 V的电压给手机充电，充满有，，D错误。
6．【答案】B
【解析】根据闭合电路欧姆定律有，在滑片P由最左端a向最右端b移动的过程中，R减小，则I增大，电流表示数逐渐增大。由可知，当I增大时，路端电压U减小，则电压表示数逐渐减小，A错误；电压表与电流表示数的比值，R减小，逐渐减小，B正确；由可知，电压表与电流表示数改变量比值的绝对值，R减小，不变，C错误；因，开始时，R减小，电源的输出功率逐渐增大，D错误。
7．【答案】C
【解析】小球A悬浮静止于空中，因此小球B对A的排斥力与小球C对A的排斥力的合力一定与小球A所受的重力等大反向，故三个小球均带同种电荷，A错误；小球A受到的电场力一定竖直向上，但不知小球A所带电荷的电性，故无法判定其所在点的电场强度方向，B错误；由三角形的边角关系可知，，根据库仑定律和平衡条件，可得，，解得，，，C正确，D错误。
8．【答案】D
【解析】c点和d点的电场强度大小相同，方向不同，A错误；根据电场线的疏密可知，a点的电场强度小于c点的电场强度，带上负电的颗粒在a点所受的电场力小于在c点所受的电场力，B错误；电子从c点运动到a点的过程中，电场力做正功，电势能减小，C错误；由可知，ab间任意一点的电场强度都小于bc间任意一点的电场强度，因，所以，D正确。
9．【答案】AD
【解析】亥姆霍兹第一次提出了能量守恒定律，B错误；奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第利用对称性思想提出了磁能生电，C错误。
10．【答案】AC
【解析】电动机没有转动，可以视为纯电阻，电阻，当电动机正常工作时，输出功率，A、C正确。
11．【答案】BC
【解析】电子初速度为零，从C点离开电场，故电场强度方向与AC平行，由C指向A，A错误；由几何关系和电场强度的定义可知，，由动能定理有，得，B正确；如答图4，电子从A点运动到B点做类平抛运动，由几何关系可知AC⊥BC，由牛顿第二定律和运动学公式有，，，结合，解得，C正确；作与BC平行的直线与圆相切于D点，与AC的延长线交于P点，则从圆周上的D点离开的电子动能增量最大。电子从A点运动到D点做类平抛运动，在AC方向做加速度为a的匀加速直线运动，运动的距离等于AP；在垂直于AC的方向做匀速直线运动，运动的距离等于DP。由几何关系可知，由牛顿第二定律和运动学公式有，，，解得，D错误。
答图4
12．【解析】
（1）线圈B回路未闭合，没有感应电流，电流表的指针不偏转。
（2）线圈B回路闭合，移动滑动变阻器的滑片时，线圈A的电流变化，产生的磁场变化，穿过线圈B的磁通量变化，线圈B回路产生感应电流，电流表的指针偏转。
（3）同时满足回路闭合和回路磁通量变化才能产生感应电流。
13．【解析】
（1）由图甲可读出电流表的内阻为。
（2）串联电阻的阻值。
（3）因，小灯泡是小电阻，采用外接法，故图丙所示电路实验误差相对较小。
（4）① 根据坐标系内描出的点作出图线如答图1所示。
② 金属丝的电阻率随温度的升高而增大，小灯泡两端的电压增大时，小灯泡的电阻增大。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
A
B
D
C
B
B
C
D
题号
9
10
11
答案
AD
AC
BC