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    【同步讲义】(人教A版2019)高中数学选修第三册:随机变量及其分布章末检测卷(一)
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    【同步讲义】(人教A版2019)高中数学选修第三册:随机变量及其分布章末检测卷(一)

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    这是一份【同步讲义】(人教A版2019)高中数学选修第三册:随机变量及其分布章末检测卷(一),文件包含同步讲义人教A版2019高中数学选修第三册随机变量及其分布章末检测卷一原卷版docx、同步讲义人教A版2019高中数学选修第三册随机变量及其分布章末检测卷一解析版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共22页, 欢迎下载使用。

    随机变量及其分布章末检测卷(一)
    说明:1.本试题共4页,满分150分,考试时间120分钟。
    2.答题前,考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、试室号、座位号填写在答题卷上。
    3. 答题必须使用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卷上各题目指定区域内的相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。
    4.考生必须保持答题卷整洁,考试结束后,将答题卷交回,试卷自己保存。
    第I卷(选择题 共60分)
    一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.)
    1.(2023·全国·高二专题练习)随机变量服从正态分布,则标准差为(    )
    A.2 B.4 C.10 D.14
    【答案】A
    【分析】根据正态分布中的参数意义可知当差为4,进而可得标准差.
    【详解】因为服从正态分布可知:方差为4,故标准差为2,
    故选:A
    2.(2023春·山东泰安·高二统考期末)在含有3件次品的10件产品中,任取2件,恰好取到1件次品的概率为(   )
    A. B. C. D.
    【答案】A
    【分析】先求出基本事件的总数,再求出恰好取到1件次品包含的基本事件个数,由此即可求出.
    【详解】含有3件次品的10件产品中,任取2件,
    基本事件的总数,
    恰好取到1件次品包含的基本事件个数,
    恰好取到1件次品的概率.
    故选:A.
    3.(2023·高二课时练习)某地个贫困村中有个村是深度贫困,现从中任意选个村,下列事件中概率等于的是(    )
    A.至少有个深度贫困村 B.有个或个深度贫困村
    C.有个或个深度贫困村 D.恰有个深度贫困村
    【答案】B
    【分析】用表示这个村庄中深度贫困村数,则服从超几何分布,故,分别求得概率,再验证选项.
    【详解】用表示这个村庄中深度贫困村数,服从超几何分布,
    故,
    所以,



    .
    故选:B
    【点睛】本题主要考查超几何分布及其应用,属于基础题.
    4.(2023·高二单元测试)已知某种产品的合格率是,合格品中的一级品率是.则这种产品的一级品率为(  )
    A. B. C. D.
    【答案】A
    【分析】根据条件概率公式直接求解即可.
    【详解】设事件为合格品,事件为一级品,则,,则.
    故选:A.
    5.(2023秋·江西上饶·高二校联考阶段练习)现在分别有两个容器,在容器里分别有7个红球和3个白球,在容器里有1个红球和9个白球,现已知从这两个容器里任意抽出了一个球,问:在抽到的是红球的情况下,是来自容器里面的球的概率是
    A. B. C. D.
    【答案】C
    【分析】利用条件概率的计算公式,先计算得从中抽取到一个红球的概率,和再计算抽到A容器内红球的概率,两个概率相除,可求得所求的条件概率.
    【详解】个球,其中红球有个,故从中抽取到一个红球的概率为,其中属于容器的红球有个,从个球中抽取一个,得到容器的红球概率为.故所求的概率为,故选C.
    【点睛】本小题主要考查条件概型的计算,条件概率的计算公式为.属于基础题.
    6.(2023春·北京大兴·高二校考开学考试)某人周一至周五每天6:30至6:50出发去上班,其中在6:30至6:40出发的概率为0.4,在该时间段出发上班迟到的概率为0.1;在6:40至6:50出发的概率为0.6,在该时间段出发上班迟到的概率为0.2,则小王某天在6:30至6:50出发上班迟到的概率为(    )
    A.0.3 B.0.17 C.0.16 D.0.13
    【答案】C
    【分析】根据全概率的计算公式即可求解.
    【详解】由题意可知:小王某天在6:30至6:50出发上班迟到的概率为:
    ,
    故选:.
    7.(2023·全国·高二专题练习)设随机变量,函数没有零点的概率是0.5,则(    )
    附:若,则,.
    A.0.1587 B.0.1359 C.0.2718 D.0.3413
    【答案】B
    【分析】首先根据函数没有零点求出的取值范围,再根据没有零点的概率是,得到,再根据正态曲线的性质得到的值;然后再根据正态曲线的对称性求出的值即可.
    【详解】若函数没有零点,
    ∴二次方程无实根,
    ∴,∴.
    又∵没有零点的概率是0.5,
    ∴.
    由正态曲线的对称性知,
    ∴,∴,,
    ∴,,,,
    ∴,,

    .
    故选:B.
    8.(2023·全国·高二专题练习)设,随机变量的分布列是









    则当在内增大时(    )
    A.增大,增大 B.减小,增大
    C.增大,减小 D.减小,减小
    【答案】A
    【分析】根据离散型分布列求期望和方差的方法,求得期望和方差,再运用导函数的正负,可得出期望和方差的变化趋势.
    【详解】由已知得,所以当在内增大时,增大,

    设,
    所以当在内时,,
    所以当在内增大时,增大,
    故选:A.
    【点睛】本题考查离散型分布列的期望和方差的求法,以及运用导函数研究其变化趋势,属于中档题.

    二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分)
    9.(2023春·吉林长春·高二长春吉大附中实验学校校考期中)设离散型随机变量的分布列为

    0
    1
    2
    3
    4


    0.4
    0.1
    0.2
    0.2
    若离散型随机变量满足,则下列结果正确的有(    )
    A. B.,
    C., D.,
    【答案】CD
    【分析】根据概率的性质列方程可得,根据期望和方差公式可得,根据和分别可得和,由此可得答案.
    【详解】由概率的性质可得,解得,



    ,
    故选:CD
    【点睛】本题考查了概率的性质,考查了离散型随机变量的期望和方差公式,属于基础题.
    10.(2023秋·云南昆明·高二昆明市第三中学校考阶段练习)从装有个红球和个蓝球的袋中(均不小于2),每次不放回地随机摸出一球. 记“第一次摸球时摸到红球”为,“第一次摸球时摸到蓝球”为,“第二次摸球时摸到红球”为,“第二次摸球时摸到蓝球”为,则下列说法中正确的是(        )
    A. B.
    C. D.
    【答案】ACD
    【分析】对AC,利用互斥事件和独立事件的概率公式求解判断;对BD,利用条件概率公式求解判断.
    【详解】由题意可知,,,,

    从而,故AC正确;
    又因为,,
    故,故D正确;

    故,故B错误.
    故选:ACD.
    11.(2023春·重庆九龙坡·高二四川外国语大学附属外国语学校期末)甲罐中有个红球,个白球和个黑球,乙罐中有个红球,个白球和个黑球.先从甲罐中随机取出一球放入乙罐,分别以、和表示由甲罐取出的球是红球,白球和黑球的事件;再从乙罐中随机取出一球,以表示由乙罐取出的球是红球的事件,则下列结论中正确的是(    )
    A.
    B.
    C.、、是两两互斥的事件
    D.的值不能确定,因为它与、、中哪一个发生有关
    【答案】BC
    【分析】直接计算出、,可判断B选项;利用全概率公式可判断AD选项;利用互斥事件的定义可判断C选项.
    【详解】由题意可知,,,,.

    ,A错B对D错;
    、、是两两互斥的事件,C对.
    故选:BC.
    12.(2023·全国·高二专题练习)新型冠状病毒肺炎(Corona Virus Disease2023,COVID-19),简称“新冠肺炎”,世界卫生组织命名为“2023冠状病毒病”,是指2023新型冠状病毒感染导致的肺炎.用核酸检测的方法可以诊断是否患有新冠,假设,其中随机事件表示“某次核酸检测被检验者阳性”,随机事件表示“被检验者患有新冠”,现某人群中,则在该人群中(    )
    A.每100人必有1人患有新冠
    B.若,则事件与事件相互独立
    C.若,则某人患有新冠,则其核酸检测为阳性的概率为0.999
    D.若某人没患新冠,则其核酸检测为阳性的概率为0.001
    【答案】BD
    【分析】根据相互独立事件,对立事件和条件概率的计算公式逐项进行判断即可求解.
    【详解】因为表示每100人大约由1人患有新冠,故选项错误;
    因为,所以,又因为,由条件概率的计算公式可得:,若,则,因为,所以事件与事件相互独立,则事件与事件相互独立,故选项正确;
    由题意可知:若某人患有新冠,则其核酸检测为阳性的概率,故选项错误;
    某人没患新冠,则其核酸检测为阳性的概率为,因为,
    所以,故选项正确,
    故选:.


    第Ⅱ卷(非选择题 共90分)
    三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)
    13.(2023·高二单元测试)若随机变量,则___________.
    【答案】6.4
    【分析】根据二项分布的方差公式和方差的性质可得结果.
    【详解】由,则
    所以
    故答案为:6.4
    14.(2023·高二课时练习)已知某群体中每位成员使用微信支付的概率均为,且各成员的支付方式相互独立,设为该群体的10位成员中使用微信支付的人数,若方差且,则__________.
    【答案】4
    【分析】由题意知,,根据二项分布的概率、方差公式计算即可.
    【详解】依题意可知,且,
    所以,
    解得或,
    又,
    所以,
    所以,解得,
    所以,
    所以.
    故答案为:4.
    15.(2023春·湖南长沙·高二长沙麓山国际实验学校校考阶段练习)随着城市经济的发展,早高峰问题越发严重,上班族需要选择合理的出行方式.某公司员工小明上班出行方式由三种,某天早上他选择自驾,坐公交车,骑共享单车的概率分别为,而他自驾,坐公交车,骑共享单车迟到的概率分别为,结果这一天他迟到了,在此条件下,他自驾去上班的概率是__________.
    【答案】
    【分析】法1:设事件A表示“自驾”,事件B表示“坐公交车”,事件C表示“骑共享单车”,事件D“表示迟到”,,利用贝叶斯公式即可得到答案;
    法2:直接在迟到的前提下计算概率.
    【详解】法1:由题意设事件A表示“自驾”,事件B表示“坐公交车”,
    事件C表示“骑共享单车”,事件D“表示迟到”,
    则;

    小明迟到了,由贝叶斯公式得他自驾去上班的概率是,
    法2:在迟到的条件下,他自驾去上班的概率,
    故答案为:.
    16.(2023·高二课时练习)如图,在小地图中,一机器人从点处出发,每秒向上或向右移动1格到达相应点,已知每次向上移动1格的概率是,向右移动1格的概率是,则该机器人后到达点的概率为______.

    【答案】
    【分析】根据给定条件先确定6秒内向右移动4次,向上移动2次,再借助二项分布概率公式即可求得.
    【详解】依题意,该机器人在内从点到点的事件A,它是6次移动中,向右移动4次,向上移动2次,
    于是得,
    所以该机器人后到达点的概率为.
    故答案为:

    四、解答题(本题共6个小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
    17.(2023·全国·高二专题练习)在某校举办“青春献礼二十大,强国有我新征程”的知识能力测评中,随机抽查了100名学生,其中共有4名女生和3名男生的成绩在90分以上,从这7名同学中每次随机抽1人在全校作经验分享,每位同学最多分享一次,记第一次抽到女生为事件A,第二次抽到男生为事件B.
    (1)求,,
    (2)若把抽取学生的方式更改为:从这7名学生中随机抽取3人进行经验分享,记被抽取的3人中女生的人数为X,求X的分布列和数学期望.
    【答案】(1),
    (2)分布列见解析;期望为
    【分析】(1)法一:根据古典概型结合条件概率运算求解;法二:根据独立事件概率乘法公式结合条件概率运算求解;
    (2)根据题意结合超几何分布求分布列和期望.
    【详解】(1)方法一:
    由题意可得:,
    “第一次抽到女生且第二次抽到男生”就是事件AB:“第一次抽到男生且第二次抽到男生”就是事件,从7个同学中每次不放回地随机抽取2人,试验的样本空间Ω包含个等可能的样本点,
    因为,,
    所以,
    故.
    方法二:,
    “在第一次抽到女生的条件下,第二次抽到男生”的概率就是事件A发生的条件下,事件B发生的概率,则,,
    故.
    (2)被抽取的3人中女生人数X的取值为0,1,2,3,
    ,,
    ,,
    X的分布列:
    X
    0
    1
    2
    3
    P




    X的数学期望.
    18.(2023春·全国·高二专题练习)制造业是国民经济的主体,是立国之本、兴国之器、强国之基.十八世纪中叶开启工业文明以来,世界强国的兴衰史和中华民族的奋斗史一再证明,没有强大的制造业,就没有国家和民族的强盛.打造具有国际竞争力的制造业,是我国提升综合国力、保障国家安全、建设世界强国的必由之路.某企业制造的一批零件,分为三个等级:一等、二等、三等,现从该批次零件中随机抽取500个,按照等级分类标准得到的数据如下:
    等级
    一等
    二等
    三等
    个数
    150
    250
    100
    (1)若将样本频率视为概率,从这批零件中随机抽取6个,求恰好有3个零件是二等级别的概率;
    (2)若采用分层抽样的方法从这500个零件中抽取10个,再从抽取的10个零件中随机抽取3个,表示抽取的一等级别零件的数量,求的分布列及数学期望.
    【答案】(1)
    (2)分布列见解析,.
    【分析】(1)由题意,根据独立重复实验的概率计算公式即可求解;
    (2)根据离散型随机变量分布列的求解步骤及期望公式即可求解.
    (1)
    解:由题意,从这批零件中随机抽取1个为二等级别的概率为,
    所以从这批零件中随机抽取6个,恰好有3个零件是二等级别的概率为;
    (2)
    解:由题意,抽取的10个零件中一等级别3个,二等级别5个,三等级别2个,,
    ,,
    ,,
    所以的分布列为
    X
    0
    1
    2
    3
    P




    .
    19.(2023·高二课时练习)李雷、韩梅梅两人进行象棋比赛,约定每局胜者得1分,负者得0分,比赛进行到有一人比对方多2分或打满4局时停止.设李雷在每局中获胜的概率为,且各局胜负相互独立.已知第二局比赛结束时比赛停止的概率为.
    (1)求P的值;
    (2)设表示比赛停止时李雷的总得分,求随机变量的分布列和数学期望.
    【答案】(1);(2)分布列见解析,.
    【解析】(1)第二局比赛结束时比赛停止等价于李雷连胜2局或韩梅梅连胜2局,由此列式可解得结果;
    (2)的所有可能值为0,1,2,3,求出的每个取值的概率可得分布列,根据期望公式可得所求期望值.
    【详解】(1)依题意,当李雷连胜2局或韩梅梅连胜2局时,第二局比赛结束时比赛结束,
    ∴有,解得或,∵,∴
    (2)依题意知,的所有可能值为0,1,2,3,




    ∴随机变量的分布列为:

    0
    1
    2
    3
    P




    故.
    【点睛】关键点点睛:求出随机变量的所有可能取值的概率是解题关键.
    20.(2023秋·云南昆明·高二昆明市第三中学校考期末)某公司举办一次募捐爱心演出,有1000人参加,每人一张门票,每张100元.在演出过程中穿插抽奖活动,第一轮抽奖从这1000张票根中随机抽取10张,其持有者获得价值1000元的奖品,并参加第二轮抽奖活动.第二轮抽奖由第一轮获奖者独立操作按钮,电脑随机产生两个实数(),若满足,电脑显示“中奖”,则抽奖者再次获得特等奖奖金;否则电脑显示“谢谢”,则不中特等奖奖金.
    (Ⅰ)已知小明在第一轮抽奖中被抽中,求小明在第二轮抽奖中获奖的概率;
    (Ⅱ)设特等奖奖金为a元,求小李参加此次活动收益的期望,若该公司在此次活动中收益的期望值是至少获利70000元,求a的最大值.
    【答案】(1);(2)元.
    【详解】(Ⅰ)设“小明在第二轮抽奖中获奖”为事件A,所有基本事件构成区域的面积为16,事件A所包含的基本事件的 区域的面积为5,∴P(A)= .
    (Ⅱ)特等奖奖金为a元,设小李参加此次活动的收益为ξ,则ξ的可能取值为-100,900,a+900.
    P(ξ=-100)=,P(ξ=900)=,P(ξ=a+900)= .
    ∴ξ的分布列为
    ξ

    -100

    900

    a+900

    P







    ∴.
    ∴该集团公司收益的期望为,
    由题意,解得a≤6400.
    故特等奖奖金最高可设置成6400元.                                 
    21.(2023春·全国·高二专题练习)为加强对企业产品质量的管理,市监局到区机械厂抽查机器零件的质量,共抽取了600件螺帽,将它们的直径和螺纹距之比作为一项质量指标,由测量结果得如下频率分布直方图:

    (Ⅰ)求这600件螺帽质量指标值的样本平均数,样本方差(在同一组数据中,用该区间的中点值作代表);
    (Ⅱ)由频率分布直方图可以近似的认为,这种螺帽的质量指标值服从正态分布,其中近似为样本平均数,近似为样本方差.
    (ⅰ)利用该正态分布,求;
    (ⅱ)现从该企业购买了100件这种螺帽,记表示这100件螺帽中质量指标值位于区间的件数,利用(ⅰ)的结果,求.
    附:.若,则,.
    【答案】(Ⅰ)  ; (Ⅱ)(ⅰ) (ⅱ).
    【分析】(Ⅰ)频率分布直方图中每一组的中间值可作为该组的平均数,再由公式即可求出平均数和方差;
    (Ⅱ)根据正态分布的性质即可求出第一问,由二项分布即可求出第二小问.
    【详解】(Ⅰ)抽取的螺帽质量指标值的样本平均数和样本方差分别为:



    .
    (Ⅱ)(ⅰ)由(Ⅰ)知,,从而





    (ⅱ)由(ⅰ)知,一件螺帽的质量指标值位于区间的概率为,
    依题意知,所以.
    【点睛】本题主要考查频率分布直方图的特征,以及正态分布和二项分布,属于常考题型.
    22.(2023春·四川泸州·高二四川省泸县第四中学校考阶段练习)全民健身倡导全民做到每天参加一次以上的体育健身活动,旨在全面提高国民体质和健康水平.某市的体育部门对某小区的4000人进行了“运动参与度”统计评分(满分100分),得到了如下的频率分布直方图:

    (1)求这4000人的“运动参与度”的平均得分(同一组中数据用该组区间中点作代表);
    (2)由直方图可认为这4000人的“运动参与度”的得分服从正态分布,其中,分别取平均得分和方差,那么选取的4000人中“运动参与度”得分超过84.81分(含84.81分)的人数估计有多少人?
    (3)如果用这4000人得分的情况来估计全市所有人的得分情况,现从全市随机抽取4人,记“运动参与度”的得分不超过84.81分的人数为,求.(精确到0.001)
    附:①,;②,则,;③.
    【答案】(1)平均成绩为70.5分(2)人(3)
    【分析】(1)先计算中间值和对应概率,相乘再相加得到答案.
    (2)先计算服从正态分布,根据公式
    得到答案.
    (3)先计算概率,再利用二项分布公式得到答案.
    【详解】(1)由题意知:
    中间值
    45
    55
    65
    75
    85
    95
    概率
    0.1
    0.15
    0.2
    0.3
    0.15
    0.1
    ∴,
    ∴这4000人“运动参与度”得分的平均成绩为70.5分.       
    (2)依题意服从正态分布,其中,,,
    ∴服从正态分布,  
    而,
    ∴.
    ∴这4000人中“运动参与度”得分超过84.81分的人数估计为人人.
    (3)全市所有人的“运动参与度”得分不超过84.81分的概率.
    而,                             
    ∴.
    【点睛】本题考查了平均值,正态分布,二项分布,概率.综合性较强,意在考查学生解决问题的能力.
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