吉林省长春市赫行实验学校2022－2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

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2022-2023学年吉林省长春市赫行实验学校八年级（下）期末物理试卷
1. 物理课本是我们学好物理知识的好助手。请估测一下八年级下册物理课本的重力大约为(    )
A. 0.2N B. 2N C. 20N D. 200N
2. 在自行车的结构设计和使用中，为了减小摩擦的是(    )
A. 轮胎上刻有凹凸的花纹 B. 刹车时用力捏刹车闸柄
C. 在车轴中装有滚珠轴承 D. 拧紧固定各零件的螺丝
3. 早晨，妈妈把装有热粥的碗放在凉水中冷却一会儿，粥的温度就刚刚好了。这是利用了水的(    )
A. 比热容大 B. 比热容小 C. 热量少 D. 热量多
4. 下列事例中，用热传递的方式来改变物体内能的是(    )
A. 古人钻木取火 B. 冬天双手摩擦取暖
C. 一杯热水慢慢变凉 D. 人从滑梯滑下臀部发热
5. 滑板车在沿水平方向运动时，如果我们不再蹬地，关于它最终会停下来的说法中正确的是(    )
A. 惯性减小 B. 没有动力 C. 动力小于阻力 D. 受到阻力
6. 如图所示的情景中，为了增大压强的是(    )
A. 浴室脚垫凹凸不平 B. 菜刀刃很薄
C. 多轴平板货车 D. 火车轨道铺枕木
7. 如图是人的手臂拿起哑铃的示意图，下列说法正确的是(    )
A. 该手臂可以看作是一个省力杠杆
B. 该杠杆的主要优点是少移动距离
C. 哑铃的重力即为手臂受到的阻力
D. 将哑铃拿起的过程中，阻力臂不变
8. 小雪发现电吹风有凉风和暖风两种功能，她绘制了电吹风内部的简化电路图，其中正确的是(    )
A. B.
C. D.
9. 如图甲所示电路，当开关闭合后，电流表指针偏转如图乙所示，下列说法正确的是(    )

A. 小灯泡两端电压U1>U2 B. 电流表测量的是通过L2的电流
C. 通过L1的电流是0.32A D. 若L1灯丝突然烧断，则L2亮度不变
10. 利用图所示的装置，可以用100N的拉力拉着重180N边长为0.2m的正方体匀速上升，物体在10s内上升了1m，不计绳重和摩擦，则(    )
A. 绳子自由端移动的距离为2m
B. 动滑轮的重力是20N
C. 拉力的功率为10W
D. 滑轮组的机械效率为60%


11. 小明踢足球时脚感到疼，说明______ ，他能踢出“弧线球”，说明力的作用效果与力的方向和力的______ 有关；飞行中的球最终落向地面是由于受到______ 作用。
12. “生活中处处有物理。”菜刀刀刃磨得很锋利是为了______ ；茶壶壶身与壶嘴做得一样高，壶嘴与壶身构成了______ ，避免茶水太满时从壶嘴冒出来。
13. 今年“五一”小长假，很多人去南湖公园烧烤。烤肉时，香气四溢属于______ 现象，表明分子在不停地做无规则运动；炭火烤肉是通过______ 的方式增大肉的内能(选填“做功”或“热传递”)；木炭在燃烧过程中将______ 能转化为内能。
14. 水是生命之源，在生活中的应用很广泛，汽车发动机的冷却循环系统自用水作为工作物质，是利用水的______ 大的特点；如图是四冲程汽油机其中一个冲程的工作示意图，它表示的是______ 冲程。


15. 为了保护同学们的视力，自贡很多学校教室里的日光灯更换成为LED护眼灯，教室里的9盏护眼灯的连接方式是______ 联(选填“串”或“并”)。如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则教室电路中的总电流会______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
16. 教室的门栓坏了，门经常被风吹开，小峰同学认为这是门与门框间摩擦太小的缘故。摩擦力的大小与什么因素有关呢？于是同学们利用长木板、毛巾、长方体物块以及弹簧测力计做了如图所示的实验。

(1)如图甲所示将物块放在水平木板上，沿水平方向拉动物块做______ 运动时，物块所受滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
(2)比较甲、乙两图可以得出的结论是：压力相同时，______ ；
(3)本实验存在的一个操作上的难点是：在拉动物块的时候很难保持匀速直线运动，弹簧测力计的示数不稳定，导致该现象的原因是______ (选填序号：①“滑动摩擦力”、②“手对弹簧测力计拉力”)大小变化导致的；
(4)同学们经过讨论并反复验证，改进了实验方案，如图丁所示：改进后，同学们在进行实验时，不需要匀速拉动长木板，这是因为滑动摩擦力大小与物体相对木板______ 无关；
(5)刚开始小兰做乙图实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图像如图1所示，物块的速度随时间变化的图像如图2所示，则物块在第4s时的摩擦力为______ N；则物块在第7s时的摩擦力为______ N；
17. 在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，小亮同学取四只瓶嘴大小相同的塑料瓶去底(其中 B、C、D三个粗细相同)，在瓶嘴上扎橡皮膜，将其倒置，如图所示向 A、B、C瓶中装入水，D瓶中装入盐水。

(1)瓶嘴下方橡皮膜鼓起的隔板程度可反映______ 的大小，此研究方法叫转换法。
(2)根据 A、B两瓶子橡皮膜鼓起的程度相同，可知：液体的压强与液体的质量______ (选填“有关”或“无关”)。
(3)根据 B、C两瓶子橡皮膜鼓起的程度不同，可知：液体的压强与液体的______ 有关。
(4)为了探究液体压强与液体密度的关系，要通过比较______ 两个瓶子橡皮膜鼓起的程度，得出的结论是；液体压强与液体的密度有关。
(5)实验后，该同学自制如图E装置继续探究，已知隔板在容器的中央，他向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，这说明液体对容器______ 有压强(选填“底部”或“侧壁”)。他再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原状，如图F所示，则此液体密度______ (选填“大于”“等于”或“小于”)水的密度。
18. 小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M(M的质量大于m)，分别从不同的高度h和H(H>h)静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。

(1)小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。若水平面绝对光滑，本实验将______ (选填“能”或“不能”)达到探究目的；
(2)由图甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与______ 有关。
(3)小明根据图______ 两图得出结论：物体的动能大小与质量有关。
(4)小明联想到“探究阻力对物体运动的影响”时，也用到了斜面，让小车从同一斜面的顶端由静止滑下，比较在不同表面滑行的距离(如表)，小车在三个表面克服摩擦力做功______ (选填“相等”或“不相等”)。由该实验结论可进一步推理得出：运动的物体如果不受力，将保持______ 。
表面
毛巾
棉布
木板
摩擦力
最大
较大
最小
小车运动距离
最近
较远
最远

19. 小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图2甲是实验的电路图。

(1)请将图1实物图补充完成，连接完成后电流表只测L1的电流。
(2)实验时应该选用规格______ (选填“相同”或“不同”)的小灯泡。
(3)闭合开关前，发现指针如图2乙向“0”刻度的左侧偏转，他应______ 。
(4)他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：______ 。
(5)排除故障后，他在测量A处的电流时，电流表的示数如图2丙所示，则电流表的示数为______ 。
(6)在解决了以上问题在，将电流表分别接入 A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律，请你指出他们实验应改进的地方是______ 。
(7)小明又利用器材连接了如图2丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时电流表A1的示数______ ，电流表A2的示数______ (选填“变大”“不变”或“变小”)
20. 小开要探究“影响浮力大小的因素”，图1是他的实验过程。

(1)图1B中，物体受到的浮力为______ N：由图1A、B、C三图可知，浮力大小与______ 有关；由图1A、______ 三图可知，浮力大小与浸没深度无关；
(2)由图1A、D、E三图可知，浮力大小与______ 有关；还可以算出盐水的密度为______ g/cm3；
(3)小开受上面实验的启发，制作了一个测质量的装置，如图2甲。刻度标在底面积为100cm2。透明薄壁柱形容器外壁，先加水至“0g”刻线处，再将被测物体放入水中漂浮时，水位处对应的刻度值即为被测物体的质量。则“0g”刻线上方2cm处对应的刻度值为______ g；
(4)利用该装置还可测量物体密度：将物体A放入水中，如图2乙所示，静止时示数为m1；然后将物体B放在A上方，如图2丙所示，静止时示数为m2；最后将物体B放入水中，如图2丁所示，静止时示数为m3，则物体B的密度ρB=______ (用m、m2、m3、ρ水表示)。
21. 中国第五代战机歼-20已经遍布“东南西北中”。歼-20总质量为30t，静止时机轮与水平地面的总接触面积约0.5m2。歼-20在空中以320m/s的速度沿水平方向匀速直线巡航，在水平方向受到的阻力3×104N，求：
(1)歼-20的总重力；
(2)歼-20静止时对水平地面的压强；
(3)歼-20在空中巡航时的牵引力功率。


答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：物理课本的质量和一个苹果的质量差不多，约200g，重力G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，故ACD错误，B正确。
故选：B。
物理课本的质量和一个苹果的质量差不多，进行估测。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】C 
【解析】解：A.轮胎上刻有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B.刹车时用力捏闸柄，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C.车轴中装有滚珠轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦，故C正确；
D.拧紧固定各零件的螺丝，从而减小螺帽和工件间的压强，防止损坏，故D错误。
故选：C。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
此题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

3.【答案】A 
【解析】解：水的比热容大，与同质量的其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，降温效果好。
故选：A。
水的比热容较大，相同质量水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸热或放热多。
本题考查了水的比热容大的应用，属热学基础题。

4.【答案】C 
【解析】解：A、钻木取火是摩擦生热，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能，故A错误；
B、冬天双手互相摩擦，手会发热，是通过做功方式改变了手的内能，故B错误；
C、一杯热水慢慢变凉，即热水放出热量，这是通过热传递改变物体内能的，故C正确；
D、人从滑梯滑下臀部发热，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是通过做功改变了物体的内能，故D错误；
故选：C。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
解决此类题目的关键是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变物体内能的方式。

5.【答案】D 
【解析】解：滑板车在沿水平方向运动时，如果我们不再蹬地，因滑板车受到阻力的作用，最终会停下来的。滑板车的质量不变，惯性大小不变。故选：D。
力是改变物体运动状态的原因。
本题考查了力和运动的关系，基础题。

6.【答案】B 
【解析】解：A、浴室脚垫凹凸不平是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故A不符合题意；
B、菜刀刃很薄是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故B正确。
CD、多轴平板货、火车轨道铺枕木是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故CD错误。
故选：B。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。

7.【答案】B 
【解析】解：
A、手臂拿起哑铃时，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A错误；
B、费力杠杆虽然费力，但能省距离，故B正确；
C、阻力作用在杠杆上，哑铃的重力不是手臂受到的阻力，故C错误；
D、将哑铃拿起的过程中，支点到阻力的作用线的距离发生了改变，阻力臂改变，故D错误。
故选：B。
(1)要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系：若动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。
(2)在阻力和动力臂一定时，阻力臂越小、动力越小、越省力。
本题考查了杠杆的分类、力臂的定义等知识，属于基础题。

8.【答案】D 
【解析】解：根据题意可知，电吹风有凉风和暖风两种功能，电吹风吹凉风时，只有电动机工作，吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电热丝不能独立工作，所以电动机与电热丝并联，在电热丝的支路中有个控制开关，另一个开关在干路中，故D正确。
故选：D。
根据题意分析电动机和电热丝的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路的设计，属于基础题。

9.【答案】D 
【解析】解：A、由电路图可知，两灯泡并联，并联电路中各支路两端的电压相等，灯泡两端电压U1=U2，故A错误；
B、由图可知，电流表与小灯泡L1串联在一起，电流表测量的是通过L1的电流，故B错误；
C、电流表测量的是通过L1的电流，电流表所选量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知，此时电流表的示数为0.34A，故C错误；
D、由图可知，电路中有两条电流的路径，因此，两灯是并联的，L1灯丝突然烧断，则对L2亮度没有影响，亮度不变，故D正确。
故选：D。
(1)并联电路中各支路两端的电压相等，等于总电压；
(2)根据电流表所接量程、分度值以及指针位置即可读数；
(3)串联电路中，电流的路径只有一条，各用电器不能独立工作，开关控制所有用电器，
并联电路中，电流的路径有多条，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；
(4)电流表与被测用电器串联。
本题考查电流表的读数、串并联电路的辨别、电流表的使用等多个知识点，难度不大。

10.【答案】D 
【解析】解：A、由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离为：
s=nh=3×1m=3m，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=3×100N-180N=120N，故B错误；
C、拉力做的总功为：
W总=Fs=Fnh=100N×3×1m=300J，
则拉力做功的功率为：
P=W总t=300J10s=30W，故C错误；
D、滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=180N3×100N×100%=60%，故D正确。
故选：D。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(3)根据W总=Fs=Fnh求出总功，利用P=W总t求出拉力做功的功率；
(4)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出该滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。

11.【答案】力的作用是相互的  作用点  重力 
【解析】解：脚踢球时，脚对球施加作用力的同时球对脚施加反作用力，因为力的作用是相互的；他能踢出“弧线球”，说明力的作用效果与力的方向和力的作用点有关；飞行中球在重力的作用下最终落向地面。
故答案为：力的作用是相互的；作用点；重力。
力的作用是相互的；力的作用效果与力的三要素有关；力可以改变物体的运动状态。
本题是对基础知识的考查，属基础题。

12.【答案】增大压强  连通器 
【解析】解：刀口磨得锋利些，是在压力一定时，减小受力面积来增大对菜的压强，这样容易把菜切断；
茶壶壶身与壶嘴做的一样高是因为壶嘴与壶身构成了连通器，当水静止时，壶身与壶嘴中水面保持相平，避免茶水太满时从壶嘴冒出来。
故答案为：增大压强；连通器。
(1)增大压强方法：压力一定，减小受力面积；受力面积一定，增大压力；同时增大压力，减小受力面积；
(2)上端开口下部连通的容器称为连通器，对于同一种液体，在液体不流动时，液面总是保持相平的。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常用到有关连通器和压强的问题，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。

13.【答案】扩散  热传递  化学 
【解析】解：香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
炭火烤肉，肉吸收热量，用热传递的方式增大肉的内能；
木炭在燃烧过程中将化学能转化为内能。
故答案为：扩散；热传递；化学。
扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
改变内能的方法有两个：做功和热传递；
燃料燃烧将化学能转化为内能。
本题考查了扩散现象、改变内能的方法、能量的转化，属于基础题。

14.【答案】比热容  做功 
【解析】解：因为水的比热容大，在升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以人们用水做汽车发动机的冷却液；
分析该图能看出，两个气门都关闭，活塞向下运动，该过程中是做功冲程。
故答案为：比热容；做功。
(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；
(2)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程。
本题考查水的比热容较大的应用和热机的冲程，属于基础题。

15.【答案】并  增大 
【解析】解：每个教室里的这9盏护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的；
家庭电路中各用电器是并联的，如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则家庭电路中又多了一条支路，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则教室电路中的总电流会增大。
故答案为：并；增大。
(1)在串联电路中，各个用电器能相互影响，而在并联电路中，各个用电器不能相互影响。家庭电路中的用电器是并联的。
(2)并联电路中，干路中的电流等于各支路电流的总和。
本题考查了电路的连接方式的判断，属于基础题。

16.【答案】匀速直线  接触面越粗糙，滑动摩擦力越大  ②  速度的大小  3 3 
【解析】解：(1)物块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，物块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数；
(2)实验中应水平匀速拉动物块，图甲、乙所示两次实验在压力一定时，接触面粗糙程度不同，摩擦力不同，乙的滑动摩擦力大，由此可知，在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)实验中他们发现很难保持弹簧测力计示数的稳定性，很难读数，原因是：难于控制物块做匀速直线运动，手对弹簧测力计拉力大小变化导致的；
(4)为了解决上述问题，同学们对实验装置进行了改进，如图丁所示，利用该装置的优点是不需要控制木板做匀速直线运动，对静止的弹簧测力计读数比较容易，此时压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，说明滑动摩擦力大小与物体相对木板运动速度的大小无关；
(5)由图2知：2∼6s物块做匀速运动，此时物块处于平衡状态，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图1知此过程的拉力为3N，所以物块在第4s时的滑动摩擦力为3N；
6∼8s物体做减速运动，但由于压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，仍为3N，故第7s时，摩擦力为3N。
故答案为：(1)匀速直线；(2)接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；(3)②；(4)速度的大小；(5)3；3。
(1)物块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，物块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(3)控制物块做匀速直线运动比较困难，对运动者的弹簧测力计难于读数；
(4)摩擦力的大小与运动快慢无关；
(5)根据图2分析各段的运动情况，根据图1分析出拉力的大小，根据影响摩擦力的因素分析出摩擦力的大小。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和影响滑动摩擦力大小的两个因素，体现了对过程和方法的考查。

17.【答案】液体压强  无关  深度  C、D 侧壁  小于 
【解析】解：(1)通过橡皮膜鼓起的程度反应液体压强的大小，利用的方法是转换法；
(2)通过AB比较可见，A号瓶子中液体的质量、体积、重力一定大于B号瓶子，但二者橡皮膜鼓起的程度相同，说明液体的压强与质量、重力、体积无关，只与深度有关；
(3)根据瓶子装的液体种类相同，管内液体的深度越深，则橡皮膜鼓起的程度逐渐增大，说明液体的压强与深度有关；
(4)探究液体的压强与液体的密度是否有关，利用控制变量法，控制装的液体深度相同，液体种类不同，由于盐水的密度大于水的密度，则D瓶子橡皮膜鼓起的程度大，要通过比较CD两个瓶子橡皮膜鼓起的程度，得出的结论是：液体压强与液体的密度有关；
(5)由图丁可知，向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，这说明液体对容器的侧壁有压强；
如图戊所示，水对橡皮膜有向右的压强，液体对橡皮膜有向左的压强，压强相等时，橡皮膜不发生凸起，此时两侧压强相等，即ρ水gh水=ρ液gh液，因h液>h水，所以ρ液<ρ水；此液体密度小于水的密度。
故答案为：(1)液体压强；(2)无关；(3)深度；(4)C、D；(5)侧壁；小于。
(1)橡皮膜所受压力越大，则鼓起的程度越大，利用了转换法；
(2)两只不同瓶子中装水的深度相同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同；
(3)由图可知，两只瓶子的液体深度不同，鼓起的程度不同，表明压强不同；
(4)探究液体压强与液体密度的关系，控制装的液体深度相同，液体种类不同，橡皮膜鼓起的程度不同，表明压强不同；
(5)容器左右两部分分别注入密度不同的液体，根据p=ρgh，分析薄膜突起的方向以及影响液体的压强的因素；分别计算出水和液体对橡皮膜的压强，比较大小得出结论，根据p=ρgh分析。
本题考查探究液体压强特点的实验，掌握p=ρ液gh是解答本题的关键。

18.【答案】转换法  不能  速度  乙、丙  相等  匀速直线运动 
【解析】解：(1)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。
若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
(2)甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：物体的动能大小与速度有关，在质量相同时，速度越大，动能越大。
(3)探究动能大小与质量的关系，保持速度相同，质量不同，选择乙和丙两图进行实验。
(4)小车从同一斜面的顶端由静止滑下，小车具有的重力势能相同，下滑到水平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相同。
由表中数据可知，水平面摩擦力越小，小车运动的距离越远，推理：如果水平面没有摩擦力，则木块在水平方向上受力为0，将一直做匀速直线运动。
故答案为：(1)转换法；不能；(2)速度；(3)乙、丙；(4)相等；匀速直线运动。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；
(2)(3)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(4)小车从同一斜面的顶端由静止滑下，小车具有的机械能相同，小车到达水平面克服摩擦力做功相同。由表中数据可知，水平面摩擦力越小，小车运动的距离越远，推理：如果水平面没有摩擦力，则木块在水平方向上受力为0，将一直做匀速直线运动。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。

19.【答案】不同  将电流表校零  电流表或L1断路  0.24A换用不同规格的小灯泡进行多次实验  不变  变大 
【解析】解：(1)由题意可知两灯应并联，电流表测L1的电流，则电流表应串联在L1的支路中，如图所示：
；
(2)为得出普遍性的规律，实验中应该选择规格不同的小灯泡；
(3)闭合开关前，发现指针如图乙向“0”刻度的左侧偏转，说明电流表没有校零，他应将电流表校零；
(4)闭合开关后，发现L2亮，L1不亮，说明干路和L1支路完好，则该电路可能出现的故障是电流表或L1断路；
(5)图2丙中电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，电流大小为0.24A；
(6)只根据一组数据得出结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要换用不同规格的小灯泡进行多次实验；
(7)如图2丁所示的电路图，开关S断开时，电路中只有L1灯，两电流表示数相等；
S闭合时，两灯并联，电流表A2测干路电流，A1测灯L1的电流，因灯L1的电压不变(为电源电压)，根据欧姆定律，通过L1的电流大小不变；
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A2的示数变大。
故答案为：(1)见解析；(2)不同；(3)将电流表校零；(4)电流表或L1断路；(5)0.24A；(6)换用不同规格的小灯泡进行多次实验；(7)不变；变大。
(1)两个灯泡并联在电路中，电流表测L1的电流，则电流表应串联在L1的支路中；
(2)为了得出普遍性的规律，实验中应该选择规格不同的小灯泡；
(3)实验前需要对电表校零；
(4)闭合开关后，发现L2亮，L1不亮，说明干路和L2支路完好，据此分析；
(5)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
(6)用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多；
(7)分析电路的连接，根据欧姆定律确定通过L1的电流不变，由并联电路电流的规律分析。
本题探究并联电路的电流规律，考查注意事项、故障分析、电流表使用、数据分析及归纳法的运用和并联电路电流的规律。

20.【答案】1.4排开液体的体积  C、D 液体的密度  1.1200m2-m1m3-m1ρ水 
【解析】解：(1)由图A可知，物体的重力是4N，由图B可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，根据称重法可知，此时物体在水中时受到的浮力为：
F浮=G-FB=4N-2.6N=1.4N；
由图1B、C两图可知，液体的密度相同，排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由图1A、B、C三图可知，浮力大小与排开液体的体积有关；
要探究浮力大小与浸没深度的关系，需要控制液体的密度相同、排开液体的体积相同，改变深度，故图1A、C、D三图符合题意；
(2)由图1D、E两图可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由图1A、D、E三图可知，浮力大小与液体的密度有关。
由图1D可知，物体浸没在水中时受到的浮力为：
F浮水=G-FD=4N-2N=2N=ρ水V排g，
由图1E可知，物体浸没在盐水中时受到的浮力为：
F浮盐水=G-FE=4N-1.8N=2.2N=ρ盐水V排g，
由以上两式解得：
ρ盐水=1.1ρ水=1.1g/cm3；
(3)物体放入水中漂浮时，S=100cm2=10-2m2，则“0g”刻线上方2cm处物体受到的浮力为：
F浮=G=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×2×10-2m×10-2m2=2N，
由G=mg知道，此时“0g”刻线上方1cm处对应的刻度值为：
m=Gg=2N10N/kg=0.2kg=200g；
(4)由图乙可知，物体A的质量为m1，由图丙可知，物体A和B总质量为m2，则物体B的质量为m2-m1，由图丙可知，物体B的体积为增加的水的体积，即：
VB=V水=m水ρ水=m3-m1ρ水，
则物体B的密度为：
ρB=mBVB=m2-m1m3-m1ρ水=m2-m1m3-m1ρ水。
故答案为：(1)1.4；排开液体的体积；C、D；
(2)液体的密度；1.1；
(3)200；
(4)m2-m1m3-m1ρ水。
(1)由图1A可知，物体的重力是4N，由图1B可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，根据称重法可求此时物体在水中受到的浮力；由图1B、C两图可知，液体的密度相同，排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由图1A、B、C三图可知，浮力大小与排开液体的体积有关；要探究浮力大小与浸没深度的关系，需要控制液体的密度相同、排开液体的体积相同，改变深度，据此解答；
(2)由图1D、E两图可知，排开液体的体积相同，液体的密度不相同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由图1A、D、E三图可知，浮力大小与液体的密度有关；
由图1D可知，物体浸没在水中时受到的浮力，由图1E可知，物体浸没在盐水中时受到的浮力，则可求盐水的密度；
(3)由图2可知物体放入水中漂浮时受到的浮力，由G=mg知道，此时“0g”刻线上方2cm处对应的刻度值；
(4)由图2乙可知，物体A的质量为m1，由图2丙可知，物体A和B总质量为m2，则物体B的质量为m2-m1，由图2丙可知，物体B的体积为增加的水的体积，根据密度公式可以求得物体B的密度。
本题探究影响浮力大小的因素，密度的计算，根据阿基米德原理求密度的方法，难度不大。

21.【答案】解：(1)歼-20的总重力：G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N；
(2)歼-20静止时对水平地面的压力：F压=G=3×105N，
则歼-20静止时对水平地面的压强：p=F压S=3×105N0.5m2=6×105Pa；
(3)因为歼-20在空中沿水平方向匀速直线巡航，所以，由二力平衡条件可知，歼-20在空中巡航时的牵引力：F=f=3×104N，
则牵引力功率：P=Wt=Fst=Fv=3×104N×320m/s=9.6×106W。
答：(1)歼-20的总重力为3×105N；
(2)歼-20静止时对水平地面的压强为6×105Pa；
(3)歼-20在空中巡航时的牵引力功率为9.6×106W。 
【解析】(1)根据G=mg求歼-20的总重力；
(2)歼-20静止时对水平地面的压力大小等于歼-20的总重力，根据p=FS求歼-20静止时对水平地面的压强；
(3)根据二力平衡条件求出歼-20在空中巡航时的牵引力，利用P=Wt=Fst=Fv求牵引力功率。
本题考查二力平衡条件、重力公式、压强定义式和功率公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。