2022-2023学年山东省滨州市惠民县八年级（下）期末物理试卷（含解析）

这是一份2022-2023学年山东省滨州市惠民县八年级（下）期末物理试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年山东省滨州市惠民县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 估算八年级下册物理课本平放在水平桌面上时，它对桌面的压强约为(    )
A. 300Pa B. 30Pa C. 3 Pa D. 0.3Pa
2. 用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动，而推课桌的上部，则课桌可能会翻倒，这说明力的作用效果(    )
A. 与力的大小有关 B. 与力的方向有关 C. 与力的作用点有关 D. 与受力面积有关
3. 下列事例中，属于防止惯性带来危害的是(    )
A. 将水从桶中泼出
B. 骑车上坡前奋力蹬车
C. 洗手后用力甩干
D. 汽车驾驶员系上安全带
4. 如图是我国最先进的导弹，导弹车安装了8对宽大的轮子，关于这辆导弹车，下列说法不正确的是(    )


A. 导弹车对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力
B. 车轮上刻有很多花纹是为了增大摩擦
C. 多安装车轮是为了减小导弹车对地面的压强
D. 导弹车质量很大所以惯性很大，它的运动状态难改变
5. 如图所示各实验中，用来测量大气压强的实验是(    )
A. B.
C. D.
6. 曹冲称象的故事中有很多物理知识和科学方法，如图所示。下列观点错误的是(    )

A. 曹冲称象用到了等效替代法
B. 曹冲称象用到了控制变量法
C. 前后两次水面正对记号说明了前后两次排开水的体积相同
D. 要推出“象重等于石头重”，理论依据是物体漂浮的条件即浮力等于重力
7. 关于物体沉浮条件及应用实例，下列分析合理的是(    )
A. 同一密度计在不同液体中漂浮时，所受浮力大小相同
B. 轮船从长江驶入东海，吃水深度变大
C. 橡皮泥捏成小船后可以漂浮在水面，是通过改变自身重力实现的
D. 潜水艇靠改变排开水的体积来改变浮力，从而实现上浮和下沉
8. 如图所示，是两种物质质量与体积的关系图像，分别用a、b两种物质制成体积相等的甲、乙两实心物体，浸没在水中。松手稳定后(    )

A. 乙漂浮，乙受到的浮力小 B. 甲漂浮，甲受到的浮力大
C. 乙下沉，甲受到的浮力小 D. 甲下沉，乙受到的浮力大
9. 如图所示，水平木板上有甲、乙两个木块，甲的质量大于乙的质量。两木块下表面的粗糙程度相同。乙、甲分别在水平拉力F1和F2的作用下，以相同速度匀速直线运动了相同时间，下列说法中正确的是(    )

A. F1等于F2 B. 乙所受的重力大 C. F1比F2做功少 D. 甲的重力做功较多
10. 空中沿水平方向匀速飞行的一架飞机，正在向灾区空投救灾物资，在空投的过程中，飞机的动能和重力势能的变化情况是(    )
A. 动能、重力势能都增大 B. 动能、重力势能都减小
C. 动能减小、重力势能增大 D. 动能增大、重力势能减小
11. 甲、乙两台机械，甲的机械效率是80%，乙的机械效率是60%，若提起相同的重物到同一高度，则(    )
A. 使用甲机械省力 B. 使用甲机械做的有用功多
C. 使用甲机械的额外功少 D. 以上说法都不对
12. 如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于杆的作用力F，使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将(    )
A. 一直是变大的
B. 一直是变小的
C. 先变大，后变小
D. 先变小，后变大
二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）
13. 在水平桌面上相同的两个容器甲和乙，分别装有质量相同的不同液体，将完全相同的小球用细线系好，按如图所示的方式浸没在两容器的液体中，细线上均有拉力。下列说法正确的是(    )
A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B. 小球在两容器中所受到的浮力大小相同
C. 甲图中容器对桌面的压强小于乙图中容器对桌面的压强
D. 将绳子剪断后，两容器对桌面的压强都不变

14. 如图某工人正在利用独轮车搬运砖头的情景。车箱和砖头所受总重力G为600N(不计车自身重量)。下列说法正确的是(    )
A. 独轮车实质上是一种省力杠杆
B. 该实质杠杆的动力臂长1m
C. 人手竖直向上的动力F=100N
D. 为了更省力，工人师傅可以采取的措施是手向前移动

15. 如图1中力F1水平拉动重为G的物体A在水平路面匀速移动了s，改用滑轮组拉动A在同一路面匀速移动了s，拉力为F2(如图2)。此过程滑轮组(    )


A. 总功为3F2s B. 额外功为3F2s−F1s
C. 机械效率为GsF2×(3s) D. 有用功为F1s
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共3小题，共6.0分）
16. 如图所示，物体A在水平推力F的作用下，从如图位置匀速运动到桌面中央的过程中，A对桌面的压力将______ ；A对桌面的压强将______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。


17. 一个箱子重为100N，放在水平面上，受6N的水平推力，箱子未动，这时箱子受到的摩擦力应______(选填“大于”、“等于”或“小于”)6N。当水平推力增大到10N时，箱子恰好做匀速运动。当水平推力增大到20N时，箱子受到的摩擦力为______N。
18. 某品牌易步车的部分参数如右表所示。质最为60kg的雯雯从家骑行该品牌易步车上学(如图)，以最大速度匀速行驶10min到达学校，行驶中易步车所受阻力为人和车总重的0.1倍。雯雯在水平路面上骑易步车时，车对地面的压强是______Pa.雯雯上学过程中，易步车电机的牵引力做的功是______J.(取g=10N/kg)
电池
4AH锂电池
最大速度
18km/h
单轮胎触地面积
25cm2
轮胎个数
2
车身自重
20kg

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 如图是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看作是一个杠杆，请在图中画出阻力臂L2，并画出施加在A点的最小动力F1。


20. 如图所示是漂浮在水面上的乒乓球，请画出乒乓球受力的示意图。



五、实验探究题（本大题共3小题，共21.0分）
21. 某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
实验
次数
钩码重量G/N
钩码上升
高度h/m
绳端拉
力F/N
绳端移
动距离s/m
机械
效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5


(1)实验中应沿竖直方向______ 缓慢拉动弹簧测力计；
(2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法______ (选填“正确”或“不正确”)，因为她没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响；
(3)用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据分别为______ 和______ 。
(4)通过比较______ 两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关(填实验次数的序号)；
(5)通过比较______ 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高(填实验次数的序号)；

22. 如图某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
(1)为了减小误差，则图中的操作步骤正确的顺序为：______(填字母代号)。
(2)利用弹簧测力计分别测出石块和空桶的重力如右图A、D所示，则石块的重力大小为______N，空桶的重力大小为______No
(3)把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为______N。
(4)石块排开的水所受的重力可由______(填字母代号)两个步骤测出。
(5)由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于______。
(6)为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是______。
A.用原来的方案和器材多次测量取平均值
B.用原来的方案将水换成酒精进行实验
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
(7)另一实验小组在步骤B的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则______(选填“能”或“不能”)得到与(5)相同的结论。
23. 某同学在探究“动能大小与哪些因素有关”的实验中，设计了图甲所示的实验方案，并进行了如下的实验：

步骤1：让钢球从斜面A点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v1，撞击木块并使木块移动，记下木块移动的距离s1；
步骤2：让钢球从斜面B点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v2，撞击木块并使木块移动，记下木块移动的距离s2；
步骤3：改变钢球的质量让钢球从A点由静止开始下滑，撞击木块使木块移动，记下木块移动的距离s3；
(1)比较v1、v2，可知v1 ______ v2(选填“>”、“<”、“=”)，原因：钢球的重力势能越大，转化为钢球的______ 能越大。
(2)比较步骤______ 和步骤3可以探究动能大小和物体质量的关系。
(3)小球从斜面上滑下后，碰撞到斜面底端水平放置的木块后继续向前运动，木块在水平木板上滑行一段距离后停下，如图所示，设碰撞后木块获得的动能为E0，木块克服摩擦力所做的功为W，则E0 ______ W(选填“>”、“<”或“=”)。
(4)实验结束后，该同学拿走木块，先后将同一小球从同一斜面的不同高度处静止释放，记录小球在相同表面上滑行到静止的距离，如图乙所示，根据此现象，小刚得出了动能与速度有关的结论。你认为该同学实验方案是否合理。______ (选填“合理”或“不合理”)。
(5)若利用图乙器材还准备探究“阻力对物体运动的影响”。为完成探究任务，该同学需要从下面提供器材中选择的器材有______ (填序号)。
提供器材：①砝码、②毛巾、③弹簧测力计、④棉布
六、计算题（本大题共2小题，共21.0分）
24. 工人用如图甲所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定。滑轮组的机械效率随建材重量变化的图象如图乙所示，滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计。g取10N/kg。
(1)若某次运送建材的质量为50kg，则建材的重力是多少？
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率；
(3)当滑轮组的机械效率为90%时，运送建材的重力是多大？


25. 如图，水平地面上有底面积为300cm2，不计质量的薄壁盛水柱形容器A，内有质量为400g、边长为10cm、质量分布均匀的正方体物块B，通过一根长10cm的细线与容器底部相连，此时水面距容器底30cm(如图)，(ρ水=l.0×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)物体受到的浮力；
(2)水对容器底的压强；
(3)剪断绳子，待物块静止后水对容器底的压强变化量。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：物理课本的质量：m=150g=0.15kg，
物理课本重：
G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N，
对水平桌面的压力：
F=G=1.5N，
受力面积：
S=25cm×20cm=500cm2=0.05m2，
对桌面受压强：
p=FS=1.5N0.05m2=30Pa。
故选：B。
物理课本的质量约为150g，求出课本重，放在水平桌面的中央，对桌面的压力等于本身重力；物理课本长约25cm、宽约20cm，求与桌面的接触面积S，再利用压强公式p=FS求对桌面的压强。
本题考查了压强的估算，正确的估测八年级下册物理课本的质量、长和宽是关键。

2.【答案】C 
【解析】解：推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况。
说明力的作用效果与力的作用点有关。
故选：C。
力的三要素分别是大小、方向和作用点。
三要素都可以影响力的作用效果，需要根据题目条件进行分析。
本题要求学生理解力的三要素会对力的作用效果产生影响。

3.【答案】D 
【解析】解：A、将水从桶中泼出，是利用了水的惯性，使水向前泼出，故A不合题意；
B、骑车上坡前奋力蹬车是为了使车具有更大的动能，在上坡时能转化成较多的重力势能，故B不合题意；
C、洗手后用力甩干，是利用了水的惯性，使水脱离人手，故C不合题意；
D、汽车驾驶员系上安全带，是为了防止当汽车刹车时，人由于惯性向前运动撞到挡风玻璃而造成伤害，故B符合题意。
故选：D。
一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种属性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害。
本题重在考查学生对惯性在实际生活中的应用与防止，让学生们知道惯性与生产、生活密切相关。

4.【答案】A 
【解析】解：A、导弹车对地面的压力和地面对它的支持力是作用在不同物体上的两个力，不符合二力平衡条件，不是一对平衡力。故A错误；
B、车轮上刻有很多花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B正确；
C、多安装车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小导弹车对地面的压强。故C正确；
D、导弹车质量很大所以惯性很大，它的运动状态难改变。故D正确。
故选：A。
(1)判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(3)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；
(4)惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大。
此题考查减小压强的方法、增大摩擦的方法、平衡力的辨别和惯性大小的影响因素，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

5.【答案】A 
【解析】
【分析】
本题中所列出的几种实验装置都与压强、浮力有关，是这一部分知识中非常重要的几个实验或装置，也是我们应该熟知的，难度不大。
【解答】
A、图中所示装置是托里拆利实验的装置，利用玻璃管和水银等测出了大气压强相当于约760mm水银柱产生的压强，符合题意；
B、图中所示装置是液体压强计，是用来研究液体内部压强大小的，不能用来测量大气压强，不合题意；
C、图中所示装置是上端开口底部连通的容器，组成了一个连通器，不能用来测量大气压强，不合题意；
D、图中所示是一只密度计，利用漂浮时，物体所受浮力等于重力，以及阿基米德原理来测量液体密度的，不合题意。
故选：A。  
6.【答案】B 
【解析】解：A、B、曹冲称象过程中，船上石头的总质量等于大象的质量，通过石头的质量得到大象的质量，采用的是等效替代法。故A正确。B错误；
C、船上放大象和放石头水面达到相同的记号，说明排开水的体积相同，根据F浮=ρ液gV排知两种情况受到的浮力相同。故C正确；
D、两种情况船均为漂浮，
由F浮=G可得大象和船的总重等于石头和船的总重，
由此得：G象=G石头.故D正确。
故选：B。
曹冲称象的过程：先将大象赶到船上，记下船的吃水深度；再用石头代替大象，使船达到同样的吃水深度，最后称出石块的重量，也就知道了大象重。
此题考查了等效替代法和漂浮条件的应用，其中等效替代法是指在研究某一个物理现象和规律中，因实验本身的特殊限制或因实验器材等限制，不可以或很难直接揭示物理本质，而采取与之相似或有共同特征的等效现象来替代的方法。

7.【答案】A 
【解析】解：A、密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，而重力不变，所以所受浮力大小相同，故A正确；
B、轮船从长江驶入东海，所受浮力等于本身的重力不变，由于水的密度变大，则轮船浸入水的体积变小，所以吃水深度变小，故B错误；
C、橡皮泥捏成小船后可以漂浮在水面，橡皮泥的重力不变，是通过改变排开水的体积来实现漂浮的，故C错误；
D、潜水艇靠在水中排开水的体积不变，受到的浮力不变，为了实现上浮和下沉，是通过改变自身的重力来实现的，故D错误。
故选：A。
(1)密度计利用了物体的沉浮条件，是漂浮在液体中，放在密度不同的液体中，所受浮力都等于本身的重力；
(2)由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，液体的密度不同，排开液体的体积不同；
(3)利用“空心”的办法增大排开液体的体积，从而增大物体受到的浮力；
(4)潜水艇靠通过改变自身的重力来实现上浮和下沉。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，分析有关密度计问题时，要好好利用漂浮条件。

8.【答案】A 
【解析】解：
(1)由图象可知，当V=1.0cm3时，m甲=1.5g，m乙=0.5g，则：
甲的密度ρ甲=m甲V=1.5g1.0cm3=1.5g/cm3，
乙的密度ρ乙=m乙V=0.5g1.0cm3=0.5g/cm3，
已知ρ水=1g/cm3，则：ρ甲>ρ水，ρ乙<ρ水，
所以松手稳定后，甲下沉、乙漂浮；
(2)设甲、乙的体积为V物，
此时甲受到的浮力：
F甲=ρ水V排g=ρ水V物g，
此时乙受到的浮力：
F乙=G乙=ρ乙V物g，
由于ρ乙<ρ水，
所以，F甲>F乙，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)由图象可知，当V=1.0cm3时甲和乙的质量，利用密度公式求甲和乙的密度；和水的密度比较得出松手稳定后甲和乙的浮沉；
(2)设甲、乙的体积为V物，甲下沉，利用阿基米德原理求甲受到的浮力；乙漂浮，利用漂浮条件求乙受到的浮力，然后比较即可。
本题考查了密度公式、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，能从图象得出甲乙的密度关系是关键。

9.【答案】C 
【解析】解：AB、由题可知，甲的质量大于乙的质量，根据G=mg可知，甲的重力较大，且水平面受到的压力等于物体的重力，则两木块对木板的压力F甲>F乙；
两个木块的表面粗糙程度相同，放在相同木板上，所以，两木块受到的摩擦力f甲>f乙；
两木块匀速前进，所受摩擦力和拉力是一对平衡力，所以，两木块受到的拉力F2>F1，故AB错误；
C、两个木块以相同速度匀速直线运动了相同时间，由s=vt可知，它们运动的距离相同；
根据W=Fs可知，拉力越大，做功越多，故W甲>W乙，即F1比F2做功少，故C正确；
D、两木块都沿水平方向运动，没有在重力的方向上通过距离，故重力做功都为0，故D错误。
故选：C。
(1)处于水平面上的物体对水平面的压力等于重力；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；物体匀速运动时所受的拉力与摩擦力是一对平衡力，据此判断拉力的大小关系；由题中条件结合公式s=vt判断运动的距离，由W=Fs判断拉力做功的多少。
(2)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。
此题考查功的大小比较，涉及到重力公式的应用、压力和重力的关系、二力平衡的应用、做功的两个必要因素，是一道综合性很强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

10.【答案】B 
【解析】解：飞机空投救灾物资时，速度不变，质量减小，动能减小；飞机的高度不变，质量减小，重力势能减小。
故选：B。
判断动能和势能大小的变化从动能和势能大小的影响因素考虑。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能大小的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能的变化。

11.【答案】C 
【解析】解：机械是否省力与机械效率的高低无关，
提起相同的重物G到同一高度h，
因为W有用=Gh，
所以W有用相等，
而η=W有用W总，η甲=80%，η乙=60%，
故W总=W有用η，所以W总甲 又因为W额外=W总−W有用，
所以W额外甲 故选：C。
在使用机械时，机械是否省力与机械效率的高低无关，人们为完成某项任务必须做的功叫有用功；对完成任务没有用但不得不做的功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功；有用功与总功之比叫机械效率。
此题考查我们对机械效率物理意义的理解和应用，属于重要规律掌握情况的考查，但难度不大，正确理解机械效率的意义就能解答。

12.【答案】C 
【解析】解：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力为杠杆的重力，也不变，阻力力臂变大，所以动力变大。
当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，所以动力变小。
故F先变大后变小。
故选：C。
从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后分析阻力与阻力臂的关系，并得出正确结果。
本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用。能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键。

13.【答案】AC 
【解析】解：A、相同的两个容器甲和乙分别装有质量相同的不同液体，由图知甲液体的体积大于乙液体的体积，
根据ρ=mV知，甲液体的密度小于乙液体的密度，故A正确；
B、因为甲液体的密度小于乙液体的密度，且两小球排开液体的体积相等，根据F浮=ρ液gV排知小球在甲液体中的浮力小于在乙液体中的浮力，故B错误；
C、甲图中容器对桌面的压力F甲=G液甲+G容器+G球−F拉力；乙图中容器对桌面的压力F乙=G液乙+G容器+G球；
因为G液+G容器+G球都相等，所以甲图中容器对桌面的压力小于乙图中容器对桌面的压强力，根据p=FS知甲图中容器对桌面的压强小于乙图中容器对桌面的压强，故C正确；
D、将绳子剪断后，甲图中容器对桌面的压力F甲′=G液甲+G容器+G球；乙图中容器对桌面的压力F乙′=G液乙+G容器+G球，所以甲容器对桌面的压力增大，乙容器对桌面的压力不变，容器的底面积不变，根据p=FS 知甲容器对桌面的压强增大，乙容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选：AC。
(1)已知液体的质量相同，由图知甲液体的体积大于乙液体的体积，根据ρ=mV判断出液体的密度的关系；
(2)根据F浮=ρ液gV排分析解答；
(3)甲图中容器对桌面的压力F甲=G液甲+G容器+G球−F拉力；乙图中容器对桌面的压力F乙=G液乙+G容器+G球，根据p=FS得出容器对桌面压强的关系；
(4)将绳子剪断后，甲图中容器对桌面的压力F甲′=G液甲+G容器+G球；乙图中容器对桌面的压力F乙′=G液乙+G容器+G球，根据p=FS 判断出容器对桌面的压强的大小。
本题考查了阿基米德原理、密度公式、固体压强的理解和掌握，能判断甲乙两种液体的密度的关系是解题的关键。

14.【答案】AC 
【解析】解：AB.独轮车在使用过程中，动力臂为1m+0.2m=1.2m，阻力臂为0.2m，所以独轮车是省力杠杆，故A正确，B错误；
C.由杠杆平衡条件FL1=GL2可得F×1.2m=600N×0.2m，故F=100N，故C正确；
D.阻力和阻力臂不变，为了更省力，根据杠杆平衡条件可知要增大动力臂的长度，所以工人师傅可以采取的措施是手向后移动，故D错误。
故选：AC。
(1)结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可以求出作用在车把上竖直向上的力的大小；
(3)根据杠杆平衡条件分析可知车厢里的砖头的移动方向。
本题考查了杠杆的分类、力臂长度的判定、杠杆平衡条件的应用，难度中等。

15.【答案】ABD 
【解析】解：图1中，因为物体做匀速运动，拉力和摩擦力平衡，所以F1=f；
图2中，同一物体在同一路面上匀速运动，因为压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，物体A受到的滑动摩擦力仍为f=F1，
A、因为滑轮组中有3段绳子拉着物体，所以s′=3s，此滑轮组的总功为：W总=F2×3s=3F2s，故A正确；
BD、此滑轮组的有用功：W有用=fs=F1s，则额外功为：W额=W总−W有用=3F2s−F1s，故BD正确；
C、此滑轮组的机械效率为：η=W有用W总=F1s3F2s=F13F2，故C错误。
故选：ABD。
(1)影响滑动摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度；
(2)物体匀速运动时，受力平衡，拉力等于摩擦力；
(3)直接拉物体的力做的功为有用功；通过滑轮组拉物体做的功为总功，总功减去有用功为额外功，有用功与总功的比值为机械效率。
此题考查了滑轮组的有用功、总功、额外功、机械效率的计算，这种水平方向上的滑轮组的机械效率是难点。

16.【答案】不变  变小 
【解析】解：A物体对桌面的压力：F压=G，
从甲图位置匀速运动到乙图位置，物体对桌面的压力不变，受力面积S变大，由p=FS可知，A物体对桌面的压强变小。
故答案为：不变；变小。
静止在水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，随着向里推进，受力面积增大，根据压强定义式判断压强大小变化。
本题考查了学生对压强定义式的掌握和运用，本题关键：一是知道静止在桌面上的物体对桌面的压力等于重力，二是得出从甲图位置匀速运动到乙图位置受力面积变大。

17.【答案】等于  10 
【解析】
解：箱子受6N的水平推力，箱子未动，说明箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于6N；
当水平推力增大到10N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，大小等于10N，当水平推力增大到20N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为10N。
故答案为：等于；10。
【分析】(1)掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上；
(2)掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。
此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。  
18.【答案】1.6×105  2.4×105 
【解析】解：(1)雯雯在水平路面上骑易步车时，车对地面的压力：
F=G总=(m车+m人)g=(20kg+60kg)×10N/kg=800N，
受力面积：
S=25cm2×2=50cm2=5×10−3m2，
车对地面的压强
p=FS=800N5×10−3m2=1.6×105Pa；
(2)由v=st可得，易步车运动的距离：
s=vt=18km/h×1060h=3000m，
行驶中易步车所受阻力：
f=0.1G总=0.1×800N=80N，
因易步车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，易步车电机的牵引力：
F′=f=80N，
易步车电机的牵引力做的功：
W=F′s=80N×3000m=2.4×105J。
故答案为：1.6×105；2.4×105。
(1)雯雯在水平路面上骑易步车时，车对地面的压力等于人和车的总重力，根据F=G=mg求出其大小，受力面积等于2个轮胎触地面积之和，利用p=FS求出车对地面的压强；
(2)根据v=st求出易步车运动的距离，根据f=0.1G总求出行驶中易步车所受阻力，易步车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，据此求出易步车电机的牵引力，利用W=Fs求出易步车电机的牵引力做的功。
本题考查了重力公式和压强公式、速度公式、做功公式以及二力平衡条件的应用，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。

19.【答案】解：过O点作阻力F2的垂线，即为阻力F2对支点O的力臂L2；
动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L1，如下图所示。
 
【解析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。

20.【答案】解：过球心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段表示出重力和浮力，二者是一对平衡力，大小相等，即F浮=G，作图时要注意两条线段长度要相等，如下图所示：
 
【解析】漂浮在水面上的物体，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

21.【答案】匀速  不正确  摩擦  0.4  80%  1、2  2、3 
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；
(2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，他的想法不正确，因为她没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响；
(3)丁图中，绳子的有效段数为4，绳端移动距离：
s=nh=4×0.1m=0.4m，机械效率：
η=W有W总=8N×0.1m2.5N×0.4m×100%=80%，表中第4次实验数据分别为0.4和80%；
(4)甲、乙、丙、丁实验中绳子的有效段数分别为2、3、3、4，甲、乙、丙实验装置相同，研究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，要控制其实因素相同，只改变绳子的段数，故通过比较1、2两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；
(5)研究滑轮组的机械效率与提升物体重力的关系，要控制其实因素相同，只改变物体的重力，通过比较2、3两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：(1)匀速；(2)不正确；摩擦；(3)0.4；80%；(4)1、2；(5)2、3。
(1)(2)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，据此分析；
(3)确定丁图中绳子的有效段数，根据s=nh得出绳子移动的距离，根据η=W有W总×100%得出机械效率；
(4)研究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，要控制其它因素相同，据此分析；
(5)研究滑轮组的机械效率与提升物体重力的关系，要控制其它因素相同，据此分析。
本题测滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、s=nh和机械效率公式的计算及数据分析、控制变量法的运用。

22.【答案】DABC  3.8  1.2  1.4  CD  排开液体的重力  A  能 
【解析】解：(1)为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，所以合理的实验顺序为DABC；
(2)由图B可知，弹簧测力计的示数为3.8N，即物体对弹簧测力计的拉力为3.8N，
因为物体间力的作用是相互的，弹簧测力计对物体的拉力也为3.8N；
因为物体处于平衡状态，受拉力和重力是一对平衡力，大小相等，故物体的重力是3.8N；
由图知弹簧测力计的分度值为0.1N，弹簧测力计的示数为1.2N，同理知：空桶的重力大小为1.2N；
(3)由称重法知：F浮=G−F示=3.8N−2.4N=1.4N；
(4)液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开水的重力，由图中CD两个步骤测出；
(5)根据(3)知F浮=1.4N；排开液体的重力：G排=F桶和水−F桶=2.6N−1.2N=1.4N，故可以得出浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开液体的重力，即F浮=G排；
(6)本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究性实验，多次测量找普遍规律。
A.测量型实验多次测量取平均值减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故A不合理；
B.用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，找出普遍规律，故B合理；
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，找出普遍规律，故C合理；
故选A；
(7)只将石块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小，仍能得出；F浮=G排。
故答案为：
(1)DABC；(2)3.8；1.2；(3)1.4；(4)CD；(5)排开液体的重力；(6)A；(7)能。
(1)为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，所以合理的实验顺序为DABC；
(2)根据平衡力和相互力判断出石块的重力；关键弹簧测力计的量程和分度值度读出小桶的重力；
(3)要测出物体受到的浮力，需测出重力G和浸没在水中时的拉力F，根据公式F浮=G−F计算出浮力，所以应通过A和B两步进行测量；
(4)液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开液体的重力；
(5)分析实验现象得出实验结论；
(6)探究性实验多次测量找普遍规律，测量型实验多次测量求平均值减小误差；
(7)浮力大小与排开液体所受重力大小根据力的分析进行解答。
本题主要考查探究浮力大小与排开液体所受重力的关系的实验，由称重法具体考查阿基米德原理，是一道实验操作题。

23.【答案】>  动  1、3  >  合理  ②④ 
【解析】解：(1)A点高于B点，同一钢球在A点处具有的重力势能大于在B点处的重力势能；钢球从斜面上向下滚动时，重力势能转化为动能，所以钢球从A点释放时，滚动到水平面时的动能较大，速度也较大，即vl>v2；
(2)步骤1和步骤3控制钢球在斜面上的初始位置相同，滚动到水平面上的速度相同，改变钢球的质量，则是在速度相同的情况下，探究动能与质量的关系；
(3)小球到达水平面时具有动能，推动木块运动时，一部分动能转移给木块使木块运动，一部分克服摩擦，转化成内能，故则Ek>W；
(4)相同的表面对小球的阻力是相同的，通过观察小球滑行到静止的距离大小可以判断出小球的动能大小，即球滑行到静止的距离越大，小球的动能越大；可以得出动能与速度的关系，该实验方案正确；
(5)探究“阻力对物体运动的影响”需要选择与接触面粗糙程度有关的毛巾和棉布。
故答案为：(1)>；动；(2)1、3；(3)>；(4)合理；(5)②④。
此题中研究了物体动能与质量、速度两个物理量间的关系，通过控制变量法进行探究是本实验的突出特点，因此，明确变量与不变量，通过分析现象可得出相应的结论。
探究“阻力对物体运动的影响”需要选择与接触面粗糙程度有关的实验器材。
本题考查影响物体动能大小的实验。通过实验考查了学生对控制变量法的运用，通过实验过程在不同实验中的联系，考查了学生对基本知识的掌握。

24.【答案】解：
(1)建材的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N；
(2)由甲图可知，n=2，则1min绳子自由端移动的距离s=2h=2×12m=24m，
拉力做的功：W=Fs=200N×24m=4800J，
拉力的功率：
P=Wt=4800J60s=80W；
(3)由乙图象可知，当重物G1=400N时，η1=80%，
由η=W有用W总=GhFs=GhF2h=G2F=80%可得此时拉力：
F1=G12×80%=400N2×80%=250N；
滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，
因为拉力F=12(G+G轮)，
所以动滑轮的重力：
G轮=2F1−G1=2×500N−400N=100N；
当η2=90%时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G轮h=GG+G轮，
90%=G2G2+G轮=G2G2+100N，
解得提升物体重力：
G2=900N。
答：(1)若某次运送建材的质量为50kg，则建材的重力是500N；
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，拉力的功率为80W；
(3)当滑轮组的机械效率为90%时，运送建材的重力是900N。 
【解析】(1)知道建材的质量，利用G=mg求其重力；
(2)由甲图可知，n=2，则1min绳子自由端移动的距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的功，再利用P=Wt求拉力的功率；
(3)由乙图象可知，当重物G1=400N时，η1=80%，η=W有用W总=GhFs=GhF2h=G2F=80%据此求此时拉力；滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，拉力F=12(G+G轮)，据此求动滑轮的重力；当η2=90%时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G轮h=GG+G轮，据此求提升物体重力。
本题考查了重力、功、功率、滑轮组的机械效率的计算，关键是滑轮组绳子有效股数的确定，利用好机械效率的两个推导公式：η=W有用W总=GhFs=GhF2h=G2F、η=W有用W总=GhGh+G轮h=GG+G轮。

25.【答案】解：
(1)木块浸没在水中，则V排=V木=(10cm)3=1000cm3=1×10−3m3，
物块B受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N；
(2)水对容器底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa。
(3)物块B的重力：G=mg=0.4kg×10N/kg=4N，
物块B的密度ρ=mV=mL3=0.4kg(0.1m)3=0.4×103kg/m3<ρ水，
剪断绳子，待物块B静止后漂浮，F浮′=G=4N；
由F浮=ρ液gV排可得，木块漂浮时排开水的体积：
V排′=F浮′ρ水g=4N1×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3；
液面下降的深度为：
△h=△V排S=1×10−3m3−4×10−4m3300×10−4m2=0.02m；
水对容器底的压强变化量：
△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa。
答：(1)物体受到的浮力10N；
(2)水对容器底的压强3×103Pa；
(3)剪断绳子，待物块静止后水对容器底的压强变化量200Pa。 
【解析】(1)物块浸没在水中，求出木块的体积，即排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排计算物块受到的浮力；
(2)利用p=ρgh计算水对容器底的压强；
(3)利用G=mg求出物块的重力，剪断绳子，待物块B静止后漂浮，可求此时物块受到的浮力；根据F浮=ρ液gV排得出此时物块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强的变化。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、物体的沉浮条件的应用。能够利用阿基米德原理求出剪断细绳前后物块排开水的体积变化是关键。