山东省滨州市无棣县2022-2023学年八年级下期末物理试卷（含答案）

这是一份山东省滨州市无棣县2022-2023学年八年级下期末物理试卷（含答案），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年山东省滨州市无棣县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 新课程标准中规定劳动课成为中小学生的必修课。小明在家学做菜，厨房里菜香四溢，这个现象说明(    )
A. 分子间存在空隙 B. 分子间存在引力
C. 分子间存在排斥力 D. 分子在永不停息地做无规则运动
2. 下列有关功的说法正确的是(    )
A. 用力推车没有推动，人对车也做了功
B. 足球在水平地面上滚动时重力对足球没有做功
C. 运动员举起杠铃在空中静止不动时对杠铃做了功
D. 学生背着书包在水平路面匀速前进时对书包做了功
3. 我国古代科技著作《天工开物》中记录的“六桨客船”，船正在水中前进。下列说法正确的是(    )
A. 船能在水中前进是因为受到惯性作用
B. 人划桨，船就向前运动，说明力是维持物体运动的原因
C. 船匀速行驶时，它受到的浮力和船身的重力是一对相互作用力
D. 用桨向后划水，使船前进的力的施力物体是水
4. 新冠疫情尚未结束，防控决不能掉以轻心，每个人都耍有自我防控意识。新型冠状病毒一般呈球形，直径在75～160nm之间，主要通过飞沫传播，下列说法正确的是(    )
A. 新型冠状病毒主要通过咳嗽或打喷嚏等飞沫传播，飞沫的传播是扩散现象
B. 温度升高时，构成新型冠状病毒的分子无规则运动更剧烈
C. 健康人佩戴口罩可预防感染，是因为口罩材料的分子之间没有空隙
D. 当温度降到0℃时，病毒分子就会停止做无规则运动
5. 关于内能及其改变，下列说法正确的是(    )
A. 热传递过程中，内能大的物体放出热量
B. 一杯茶的温度越高，含有的热量越多
C. 冬天搓手变暖是通过热传递使手的内能增大
D. 神舟十四号飞船返回舱下落过程中温度升高，是通过做功的方式增加其内能的
6. 无人机拍照摄像已被广泛应用于生活。如图所示，无人机在匀速上升拍摄地面景物的过程中，以下分析正确的是(    )


A. 动能不变，重力势能增大，拍到的像变大
B. 动能不变，重力势能增大，拍到的像变小
C. 动能减小，重力势能增大，拍到的像变大
D. 动能增大，重力势能减小，拍到的像变小
7. 如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U形管中两侧液面的高度差h为4cm，U形管内液体密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。下列说法正确的是(    )


A. 图中压强计是连通器
B. 仅将压强计探头向下移动，U形管中左右液面的高度差不变
C. 仅向水中加入食盐，U形管中左右液面的高度差变小
D. 图中金属盒所测位置处液体的压强为400Pa
8. 体积相同的甲、乙、丙三个物体浸没在水中，甲上浮、乙悬浮、丙下沉。在甲露出水面之前，关于它们所受浮力大小，下列说法正确的是(    )
A. 甲受到的浮力逐渐变小
B. 乙受到的浮力比甲受到的浮力大
C. 甲、乙、丙受到的浮力一样大
D. 乙和丙受到的浮力大于它们自身的重力
9. 2023年3月11日，“探索一号”科考船携“奋斗者”号载人潜水器完成首次环大洋洲载人深潜科考航次任务返抵三亚。本航次中，“奋斗者”号在克马德克海沟完成下潜31次，潜水器在水面下下潜过程中，以下说法正确的是(    )
A. 潜水器排开海水的质量保持不变 B. 舱内人员相对于潜水器是运动的
C. 潜水器所受海水的压强保持不变 D. 潜水器所受浮力大于所受总重力
10. 在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常(    )
A. 发生在白天，且陆地温度较高
B. 发生在白天，且海水温度较高
C. 发生在夜晚，且陆地温度较高
D. 发生在夜晚，且海水温度较高
11. 甲、乙两物体质量都为2kg，丙物体质量为1kg，三个物体温度都升高1℃，吸收热量如图所示，以下说法正确的是(    )





A. 乙的比热容与丙的相等
B. 甲的比热容比丙的大
C. 丙的温度降低1℃，需放出2000J的热量
D. 甲、乙的温度都降低1℃，乙比甲放出的热量多
12. 用如图所示的四种简单机械，将同一重物从低处匀速提升到高处，在不计机械自重及摩擦的情况下，最省力的是(    )
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）
13. 关于热量、内能和温度，下列说法错误的是(    )
A. 在热传递过程中，热量是内能改变多少的量度
B. 内能小的物体也可以将温度传递给内能大的物体
C. 内能和机械能单位都是J，所以它们是同一种形式的能量
D. 物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就不变
14. 如图所示的是一简易单摆，让小球从A位置由静止释放，经过B位置到达最高点C位置，A、C两位置距离水平面的高度分别为hA和hC，且hA>hC，下列关于小球的能量和能量转化的说法中，正确的是(    )


A. 小球由A位置运动到B位置的过程中，其重力势能部分转化为动能
B. 小球在B位置时的动能最大
C. 小球在摆动过程中机械能保持不变
D. 图中hA>hC，说明小球摆动过程中机械能不守恒
15. 如图所示，分别使用滑轮或滑轮组匀速提升质量为m1的物体，每个滑轮的质量为m2，在相同的时间内每次物体被提升的高度均为1m，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是(    )

A. 滑轮组中A滑轮可以省功
B. 动滑轮的重力为10N
C. 滑轮组的机械效率越高，拉力做功越少
D. 每次提升物体时，滑轮组做的额外功为10J
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共4小题，共8.0分）
16. 如图是抗击新冠疫情使用的负压救护车，车内空间为负压舱，它能有效防护病毒再传播，负压装置的主要部分是一个抽气机，将经消毒杀菌处理后的被污染空气从车内抽出，使车内气压      (选填“高于”、“低于”或“等于”)车外气压，在      作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。


17. 日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的______ 大。在标准大气压下，质量为5kg水温度从30℃升高20℃，吸收热量______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 如图所示是运动员在冬奥会跳台滑雪空中下落的情景，在下落过程中，运动员的重力势能逐渐______ (选填“减小”“不变”或“增大”)；若某运动员质量为60kg，在空中经1.5s下落的竖直高度为10m，则这段时间内该运动员的重力的功率是______ W。(g取10N/kg)
19. 如图所示，已知斜面长为6m，高为3m。小南同学用绳子沿斜面将重为600N的木箱由斜面底端匀速拉到顶端，拉力大小为400N，绳重不计。斜面的机械效率为______ ，物体所受斜面的摩擦力为______ N。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
20. 画出图中杠杆平衡时，作用在杠杆上的最小力和所挂物体受到的重力。


21. 如图所示，某工人站在地面上用一根绳子通过由三个滑轮构成的滑轮组提升重物，请画出最省力的绕绳方法。


五、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）
22. 在探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，小明让质量不同的两个小球从同一斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，木块被撞出一段距离，如图甲所示。

(1)该实验所研究的对象是______ (填“木块”“小球”或“斜面”)。
(2)实验中让质量不同的两个小球从同一斜面的同一高度由静止释放的目的是使两个小球到达水平面时，具有相同的______ 。
(3)该实验是通过观察______ (填“s”或“h”)的大小来反映小球的动能大小的。若水平面是光滑的，______ (填“能”或“不能”)达到探究目的。
(4)某同学换用图乙装置进行实验，若用a、b两个质量不同的小球(ma>mb)将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，则同一位置的同一木块受到撞击后相应移动的距离sa'______ sb'(填“>”“<’或“=”)。
(5)做完上述实验后，小明又在水平地面上铺一张纸，将两个体积和弹性相同、质量分别为mA和mB的皮球A和B表面涂黑，让它们从相同高度由静止下落，在纸上留下黑色圆斑如图丙所示。分析图中两个圆斑大小，可推断：mA______ mB(填“>”“<”或“=”)。皮球落地后反弹高度比原来下落时高度低，由此判断，皮球的机械能总量______ (填“不变”‘减小”或“增大”)。
23. 如图所示是探究“杠杆平衡条件”的实验。

(1)将杠杆放置在水平桌面上，发现杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态。为使杠杆在水平位置平衡，同学们应该将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节。
(2)如图乙所示杠杆在水平位置平衡时，在杠杆左端A点处挂3个钩码，则应该在杠杆右端B点处挂______ 个相同的钩码。平衡后将两端的钩码分别向远离支点的位置移动一格，则杠杆将______ (选填“保持平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”)。
(3)如图丙所示，换用弹簧测力计在C点竖直向上拉，已知每个钩码的质量为50g，杠杆上每小格的距离为2cm，则此时弹簧测力计的示数为______ N。
(4)如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡时，与图丙相比弹簧测力计的示数将______ ，原因是弹簧测力计拉力的力臂______ 导致的。(均选填“变大”、“变小”或“不变”)
(5)实验结束后，同学们提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆中点时，杠杆的平衡条件是否依然成立”，于是同学们利用如图戊所示的装置进行探究，发现在杠杆左端不同的位置，用弹簧测力计测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是：______ 。
24. 利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”，操作如下：

(1)在两烧杯中分别装入初温相同且______ 相等的沙子和水；
(2)用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为______ 。根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象，如图丙所示；
(3)实验中，是通过比较______ (选填“加热的时间”或“升高的温度”)来间接反映沙子和水吸收的热量；
(4)分析图丙可知，若使两者升高相同的温度，则______ 吸收的热量较多，由此可见______ 的比热容较大；
(5)如图丁所示的图像表示甲、乙两个固态物体吸热后温度升高的情况，图中横坐标是物体的温度变化，纵坐标是物体吸收的热量。
①如果甲和乙的质量相同，甲的比热容______ 乙的比热容(选填“大于”、“等于”或“小于”)；
②如果甲、乙是同种物质制成的，甲、乙存在的具体差异可能是______ 。
六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
25. 大壮用如图所示的滑轮组拉动货箱，已知货箱的质量为80kg，在F=100N的拉力作用下，货箱以0.3m/s的速度做匀速直线运动，地面对货箱的滑动摩擦力f为货箱重的0.3倍。求：
(1)货箱的重力是多少？(g=10N/kg)
(2)拉力F的功率是多少？
(3)货箱运动了1min，克服摩擦所做的功是多少？
(4)此滑轮组的机械效率是多少？

26. 如图所示，是一种自动冲水装置，由水箱、注水管，排水管、浮子和塞子组成。轻质硬杆OA、AB、CD固定连接，可以围绕O点旋转，硬杆AB固定连接浮子，硬杆CD固定连接塞子，AB=CD=15cm，OC：OA=1：2。塞子重20N，浮子重10N。塞子和硬杆的体积及各种摩擦都忽略不计。水箱的底面积为1m2，塞子的上表面积和浮子的底面积均为0.05m2，图中水深40cm。此时注水管开始向水箱注水，当水刚好到达浮子顶端时，浮子刚好带动硬杆，将塞子抬起来。(g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)注水前，水箱底部的液体压强；
(2)注水前，硬杆AB对浮子的弹力；
(3)注水后，浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时，塞子上表面受到的液体压力。
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：小明在家学做菜时，厨房里菜香四溢，是菜香分子运动到空气中，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
故选：D。
不同的物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动。
本题考查学生对分子动理论的掌握，需要利用生活经验来进行解释。

2.【答案】B 
【解析】解：A、用力推车，但没有推动，没有距离，所以没做功，故A不符合题意。
B、足球在水平地面上滚动时，重力方向竖直向下，运动方向是水平的，两个方向垂直，重力对足球没有做功，故B符合题意；
C、运动员举着杠铃静止不动，没有距离，所以没做功，故C不符合题意；
D、学生背着书包在水平路面匀速前进时，有力也有距离，但不是在力的方向上通过的距离，所以没做功，故D不符合题意。
故选：B。
本题要抓住做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法，基础题目。

3.【答案】D 
【解析】解：A、船能在水中前进是因为受到水对船的力的作用，惯性是一种性质，而不是一种力，故A错误；
B、力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因，故B错误；
C、船匀速行驶时，处于平衡状态，所以船受到平衡力的作用，而船受到的浮力和自身的重力，都作用在同一物体上，所以它们不是一对相互作用力，故C错误；
D、用桨向后划水，桨给水一个向后的力，由于力的作用是相互的，所以水就对桨一个向前的力的作用，船在这个力的作用下向前运动，所以船前进的力的施力物体是水，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性；
(2)力改变物体运动状态的原因；
(3)二力平衡条件：作用在同一物体上的力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
相互作用力的特点：相互作用在两个物体上的力，大小相等、方向相反、并且作用在同一直线上；
(4)物体之间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等、方向相反，并且作用在同一直线上。
本题考查惯性现象、相互作用力、二力平衡条件以及运动与力的关系，是一道中考常考题，有一定的难度。

4.【答案】B 
【解析】解：
A、新型冠状病毒主要通过咳嗽或打喷嚏等飞沫传播，病毒属于物质，不是分子，所以不能说明分子在永不停息地运动，故A错误；
B、温度升高时，构成新型冠状病毒的分子无规则运动更剧烈，故B正确；
C、医用外科口罩中间层的熔喷布经过驻极处理，对病毒起到静电吸附阻隔的作用，不能说明口罩材料的分子之间没有空隙，故C错误；
D、当温度降到0℃时，病毒分子仍然会做无规则运动，故D错误。
故选：B。
(1)物体位置的变化叫机械运动；
(2)温度越高，分子无规则运动越剧烈；
(3)医用外科口罩中间层的熔喷布经过驻极处理，对病毒起到静电吸附阻隔的作用；
(4)分子都在不停地做无规则运动。
本题以新冠病毒为背景考查了分子的理论的知识，是一道理论联系实际的好题。

5.【答案】D 
【解析】解：
A、热传递过程中，温度高的物体放出热量，故A错误。
B、热量是一个过程量，不能说物质含有多少热量，故B错误。
C、冬天搓手变暖是通过克服摩擦做功使手的内能增大，故C错误。
D、神舟十四号飞船返回舱下落过程中克服与空气的摩擦做功，一部分机械能转化为内能，使得返回舱的温度升高，是通过做功的方式增加其内能的，故D正确。
故选：D。
(1)热传递的条件是存在温度差。
(2)热量是一个过程量；
(3)做功和热传递都可以改变物体的内能。
本题考查温度、热量、内能的关系以及做功改变物体的内能，难度不大。

6.【答案】B 
【解析】解：无人机匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度增加，所以其重力势能增大；
随着无人机的上升，物距逐渐变大，像距逐渐变小，拍到的像变小。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大、速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大、高度越高，重力势能越大；
(2)凸透镜成实像时，物近像远像变大，物远像近像变小。
本题主要考查了动能和重力势能大小的判断和凸透镜成像的规律，难度不大。

7.【答案】D 
【解析】解：A、上端开口下部连通的容器是连通器，图中的U形管，左边上部不是开口的，不是连通器，故A错误；
B、液体压强随深度的增加而增大，将压强计探头向下移动，液体压强变大，U形管中左右液面的高度差将变大，故B错误；
C、在不同液体的相同深度处，液体的密度越大，压强越大，向水中加入食盐，液体的密度变大，同一深度处，液体的压强变大，U形管中左右液面的高度差变大，故C错误；
D、图中金属盒所测位置处液体的压强等于U形管左右两侧液体的压强差为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa，故D正确。
故选：D。
(1)上端开口下部连通的容器是连通器，图中的U形管，左边上部不是开口的；
(2)液体压强随深度的增加而增大，将压强计探头向下移动，液体压强变大，U形管中左右液面的高度差将变大；
(3)在不同液体的相同深度处，液体的密度越大，压强越大，向水中加入食盐，液体的密度变大；
(4)图中金属盒所测位置处液体的压强等于U形管左右两侧液体的压强差，根据p=ρgh计算压强。
本题考查了液体压强和连通器的知识，属于基础题，要求掌握。

8.【答案】C 
【解析】解：A、在甲露出水面之前，排开水的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知，甲受到的浮力不变，故A错误；
BC、在甲露出水面之前，甲、乙、丙三个物体都是浸没在水中，已知V甲=V乙=V丙，
则：V甲排=V乙排=V丙排，
根据F浮=ρ液V排g可知：F甲浮=F乙浮=F丙浮，故AB错误，C正确；
D、已知：乙悬浮、丙下沉，根据物体的浮沉条件可知：F乙浮=G乙，F丙浮 故选：C。
(1)在甲露出水面之前，排开水的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知，甲受到的浮力变化；
(2)知道体积相同，根据阿基米德原理得出甲、乙、丙三物体受到的浮力关系；
(3)根据物体的浮沉条件可知乙、丙所受浮力与自身重力的关系。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，利用好体积相等是关键。

9.【答案】A 
【解析】解：A、潜水器在水面下下潜过程中，潜水器浸没在海水中，潜水器排开海水的体积不变(等于潜水器的体积)，且海水的密度不变，由F浮=ρ海水gV排可知，潜水器所受的浮力不变，由阿基米德原理可知潜水器排开海水的重力不变，根据G=mg可知，潜水器排开海水的质量不变，故A正确；
B、潜水器在水面下下潜过程中，舱内人员相对于潜水器的位置没有发生变化，则舱内人员相对于潜水器是静止的，故B错误；
C、潜水器在水面下下潜过程中，海水的密度不变，深度增加，由p=ρ海水gh可知，潜水器所受海水的压强变大，故C错误；
D、潜水器下潜过程中，所受浮力小于所受总重力，故D错误。
故选：A。
(1)根据F浮=ρ液gV排分析潜水器所受浮力的变化；根据阿基米德原理和G=mg分析潜水器排开海水质量的变化；
(2)在研究物体的运动情况时，要选择参照的标准，即参照物，若物体的位置相对于参照物发生变化，则物体是运动的，若不发生变化，则静止；
(3)根据p=ρgh分析潜水器所受海水压强的变化；
(4)物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮>G；悬浮时，F浮=G；下沉时，F浮 本题考查了液体压强和浮力的影响因素、阿基米德原理的应用以及运动和静止的相对性，注意物体浸没在液体中时排开液体的体积等于物体的体积。

10.【答案】D 
【解析】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；
晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。
故选：D。
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。

11.【答案】C 
【解析】解：由题意和图可知，甲、乙两物体质量都为2kg，丙物体质量为1kg，三个物体温度都升高1℃，则甲吸收的热量多，乙、丙吸热相同；由图中的数据可知，
甲的比热容为：c甲=Q甲m甲Δt=3000J2kg×1℃=1500J/(kg⋅℃)；
乙的比热容为：c乙=Q乙m乙Δt=2000J2kg×1℃=1000J/(kg⋅℃)；
丙的比热容为：c丙=Q丙m丙Δt=2000J1kg×1℃=2000J/(kg⋅℃)；
A.由以上计算可知，乙的比热容小于丙的比热容，故A错误；
B.由以上计算可知，甲的比热容小于丙的比热容，故B错误；
C.由丙的比热容为2000J/(kg⋅℃)可知，丙的温度降低1℃，需放出2000J的热量，故C正确；
D.因为甲、乙的质量相等，甲的比热容大于乙的比热容，由Q=cmΔt可知，甲、乙的温度都降低1℃，甲、乙的温度都降低1℃，乙比甲放出的热量少，故D错误。
故选：C。
由图可读出甲、乙、丙吸收的热量，利用c=QmΔt可分别求出甲、乙、丙的比热容，逐项分析即可。
本题考查了对比热容计算公式的理解和应用，属于基础题，难度不大。

12.【答案】B 
【解析】解：A、动滑轮可以省一半力，F=12G；
B、不计机械自重及摩擦的情况下，根据斜面的长度和高度可知：FL=Gh，F=GhL=G×2m5m=25G=0.4G；
C、根据题图可知：此时杠杆的动力臂是阻力臂的1.5倍，所以F=GL2L1=GL21.5L2=23G≈0.7G；
D、使用定滑轮不省力，即F=G。综上可知：最省力的是斜面，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
(1)动滑轮在理想情况下可以省一半力。
(2)斜面长是斜面高的多少倍，所用的拉力就是物重的多少分之一。
(3)根据杠杆的平衡条件进行分析。
(4)使用定滑轮不省力。
本题主要考查了常见的简单机械的省力状况，属于基础性题目；会利用杠杆原理进行分析。

13.【答案】BCD 
【解析】解：A、热传递过程中，内能传递的多少叫做热量，故A正确；
B、热传递的本质是内能的转移，内能从温度高的物体传递给温度低的物体，传递的内能而不是温度，故B错误；
C、能量的单位都是J，内能是物体分子动能和分子势能的总和，机械能是指物体动能和势能的综合，所以内能和机械能是两个不同形式的能量，故C错误；
D、物体内能大小与温度、质量等因素有关，温度不变，但内能可能发生变化，比如晶体熔化，温度不变，内能增加，故D错误。
故选：BCD。
(1)内能转移的多少用热量表示；
(2)热传递的条件是两个物体之间有温度差；内能从温度高的物体传递给温度低的物体；
(3)能量的单位都是J，内能是物体分子动能和分子势能的总和，机械能是指物体动能和势能的综合，是两个不同形式的能量；
(4)物体的内能与物体的温度、质量和状态有关。
本题考查热量的概念、温度、热量与内能的关系、热传递的条件以及本质，是一道基础题。

14.【答案】ABD 
【解析】解：
A、小球由A位置运动到B位置的过程中，小球的质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，是重力势能转化为动能和物体的内能，故A正确；
B、小球在B位置时的质量不变，速度最大，动能最大，故B正确；
CD、图中hA>hC，由于小球的质量不变，在A、C点的速度为0，动能为0，所以小球在A点的重力势能大于在C点的重力势能，在A点的机械能大于在C点的机械能，由此可知，小球摆动过程中机械能变小，机械能不守恒，故C错误、D正确。
故选：ABD。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和；由于摩擦力做功，机械能不守恒。
本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的转化和守恒，属于基础题。

15.【答案】BD 
【解析】解：A、根据功的原理，使用任何机械都不能省功，故A错误；
B、由图乙可知，提升物重G=10N时，滑轮组的机械效率η=50%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动=10N10N+G动×100%=50%，
解得动滑轮重力为G动=10N，故B正确；
C、滑轮组的机械效率越高，说明有用功与总功的比值越大，拉力做功不一定少，故C错误；
D、由题知，利用滑轮组每次物体被提升的高度均为1m，提升动滑轮上升的高度也都是1m，不计绳重和摩擦，每次提升重物时，滑轮组做的额外功都为W额=G动h=10N×1m=10J，故D正确。
故选：BD。
(1)根据功的原理，使用任何机械都不能省功；
(2)根据η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动求出动滑轮重力；
(3)滑轮组的机械效率越高，说明有用功与总功的比值越大，据此分析；
(4)不计绳重和摩擦，利用W额=G动h求得额外功。
本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。

16.【答案】低于  大气压 
【解析】解：负压救护车的原理：车内空间为负压舱，小于外界大气压，因此必须用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后从车内抽出，使车内气压低于车外大气压，在大气压作用下，清洁的空气只能由车外流向车内。
故答案为：低于；大气压。
负压救护车是利用负压技术是使救护车内的大气压强小于外界的大气压强。据此分析即可解答。
此题考查大气压的综合应用，理解负压救护车的工作原理是关键。

17.【答案】比热容  4.2×105 
【解析】解：日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×20℃=4.2×105J。
故答案为：比热容；4.2×105。
(1)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量。
本题考查水比热容大的应用以及热量的简单计算，是一道基础题。

18.【答案】减小  4000 
【解析】解：(1)在下落过程中，运动员的质量不变，高度减小，由重力势能大小的影响因素可知，运动员的重力势能逐渐减小；
(2)运动员的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
运动员的重力做的功：W=Gh=600N×10m=6000J，
运动员的重力的功率：P=Wt=6000J1.5s=4000W。
故答案为：减小；4000。
(1)影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
(2)根据G=mg求运动员的重力，利用W=Gh求运动员的重力做的功；利用P=Wt求运动员的重力的功率。
本题考查重力势能的影响因素、重力公式、功和功率公式的应用，难度不大。

19.【答案】75%  100 
【解析】解：匀速拉木箱到顶端做的有用功W有=Gh=600N×3m=1800J，
总功W总=Fs=400N×6m=2400J，
斜面的机械效率η=W有W总=1800J2400J=75%；
克服摩擦力做的额外功W额=W总-W有=2400J-1800J=600J，
由W额=fs可得，斜面对物体施加的摩擦力f=W额s=600J6m=100N。
故答案为：75%；100。
根据W有=Gh计算有用功，W总=Fs计算总功，η=W有W总计算斜面的机械效率；
由W额=W总-W有计算额外功，由W额=fs计算摩擦力。
本题考查了斜面使用中的有用功、总功、额外功以及斜面机械效率的计算，易错点：认为匀速拉物体沿斜面上升的过程中，拉力与摩擦力是一对平衡力。

20.【答案】解：物体受到的重力作用在物体的重心上，重力的方向是竖直向下的；
根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小；
图中O为支点，由图可知，当动力作用在C点时，最长的动力臂为OC；由图知，阻力使杠杆有顺时针转动的趋势，为使杠杆平衡，动力应使杠杆有逆时针转动的趋势，故动力的方向应垂直于OC向上，则作用在杠杆上的最小力F和该力的力臂l如下图所示：
 
【解析】(1)重力作用在物体的重心上，重力的方向是竖直向下的；
(2)力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(3)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1l1=F2l2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题主要考查了力臂和杠杆最小力的画法。解决此类题目的关键是找出最长的动力臂，然后根据力臂的概念确定动力的方向。

21.【答案】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，再绕过上面的另一个定滑轮，如图所示：
 
【解析】与动滑轮连接的绳子能分担物体的重力，所以与动滑轮相连的绳子的股数越多越省力，但还要注意对拉力方向的要求。
对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用，不能死记硬背最省力的绕线方法。

22.【答案】小球  速度  s  不能  =  <  减小 
【解析】解：(1)据题意可知，实验中探究小球的动能，即小球撞击木块时的动能的大小；
(2)在“探究动能的大小与质量的关系”的实验中，需要控制小球的质量不同，速度相同，所以应让质量不同的小球从斜面的同一高度由静止释放；其目的就是控制球到达水平面时的速度是相同的；
(3)根据转换法，实验中，是通过观察木块移动的距离s的大小判断出小球具有的动能的大小；
若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近，达不到探究目的；
(4)若用甲、乙两个质量不同的小球(ma>mb)将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，弹簧的压缩程度相同，具有的弹性势能相同，转化成小球的动能相同，撞击木块时木块的动能相同，木块的质量不变，所以木块移动的距离相同，即sa=sb；
(5)由图可知，皮球在纸上留下黑色圆斑B较大，说明B球的形变大，原因是B球质量较大，两球从同一高度处下落，原来B球的重力势能较大，皮球与地面接触时，转化为的弹性势能大，球的形变大；
皮球从某一高度释放，落地后反弹上升，上升的最大高度比释放时的高度低一些，皮球上升过程中，高度增大，所以重力势能增加，皮球的机械能一部分转化为了内能，所以在整个运动过程中的机械能减少。
故答案为：(1)小球；(2)速度；(3)s；不能；(4)=；(5)<；减小。
(1)实验中探究的是小球动能的大小；
(2)小球从同一高度由静止释放，到达斜面底部的速度相同；
(3)实验中小球动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来；若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律分析木块的运动状态；
(4)弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球的动能转化为木块的动能，木块获得的动能相同，木块运动距离相等；
(5)重力势能的大小与物体的质量和高度有关，高度相同时，质量越大，重力势能越大；质量相同时，高度越大，重力势能越大；动能和势能合称机械能。
本题探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验，考查控制变量法、转换法的运用及机械能的转化等知识。

23.【答案】平衡  右  6  右端下沉  3  变大  变小  杠杆自重对实验结果有影响 
【解析】解：(1)实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，杠杆静止，此时杠杆处于平衡状态；
为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图甲可知，杠杆右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；
(2)设杠杆一个格的长度是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则3G×4L=nG×2L，解得：n=6，应在B点挂6个钩码；
若将两边的钩码同时朝远离支点方向移动一格，
则左边=3G×5L=15GL，
右边=6G×3L=18GL，
因为15GL<18GL，
所以杠杆不能平衡，右端下沉；
(3)由杠杆平衡的条件F1L1=F2L2可得，3×0.05kg×10N/kg×4×2cm=F×2×2cm；
所以F=3N；
(4)图丁中，当弹簧测力计从C点由竖直变成倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力由竖直变成倾斜时，阻力、阻力臂不变，拉力F力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
(5)图中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。
故答案为：(1)平衡；右；( 2)6；右端下沉；( 3)3；(4)变大；变小；(5)杠杆自重对实验结果有影响。
(1)杠杆静止就说明是杠杆平衡状态；
探究“杠杆的平衡条件”实验中，需要杠杆在水平位置平衡，调节时将螺母向上翘的一端移动；
(2)设杠杆一个格的长度是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出；移动后若力和力臂的乘积相等，杠杆平衡；若力和力臂的乘积不相等，则杠杆向乘积大的一端倾斜；
(3)根据杠杆平衡条件，求出C点施加的力；
(4)当拉力由竖直变成倾斜时，会造成力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
(5)支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
在探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。杠杆平衡条件是杠杆平衡计算的基础内容，一定要掌握。

24.【答案】质量  39℃  加热时间  水  水  大于  质量 
【解析】解：(1)根据比较不同物质的吸热能力，要控制不同物质的能力相同，故在两烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的沙子和水；
(2)其中某时刻的温度如图乙所示，分度值为1℃，其示数为39℃；
(3)根据转换法，实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收的热量；
(4)由如下图象可知，

对于质量相等的沙子和水，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，则水吸收的热量较多，根据比较吸热能力的方法可知，水的比热容较大；
(5)①如果甲和乙的质量相同，升高相同的温度，甲吸收的热量多，甲的吸热能力强，则甲的比热容大于乙的比热容；
②如果甲、乙是同种物质制成的，升高相同的温度，吸收的热量不同，根据Q=cmΔt可知，甲、乙可能存在的具体差异可能是质量。
故答案为：(1)质量；(2)39℃；(3)加热时间；(4)水；水；(5)大于；质量。
(1)(3)(5)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据温度计分度值读数；
(4)根据图丙分析得出结论，然后推理；根据比较吸热能力的方法回答。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

25.【答案】解：(1)货箱所受重力：G=mg=80kg×10N/kg=800N；
(2)滑轮组n值为3，绳子自由端移动速度：v绳=3v=3×0.3m/s=0.9m/s，
拉力的功率是P=Fv绳=100N×0.9m/s=90W；
(3)f=0.3G=0.2×800N=240N；
由v=St得，货箱移动距离：s=vt=0.3m/s×1×60s=18m，
克服摩擦做功：W有=fs=240N×18m=4320J；
(4)1min内绳子自由端移动距离：s绳=3s=3×18m=54m，
W总=Fs绳=100N×54m=5400J，
η=W有W总×100%=4320J5400J×100%=80%
答：(1)货箱所受重力为800N；
(2)拉力F做功的功率是90W；
(3)货箱运动了1min，克服摩擦所做的功是4320J；
(4)该滑轮组的机械效率是80%。 
【解析】(1)已知物体的质量，利用G=mg计算物体的重力；
(2)已知拉力的大小和物体的移动速度以及动滑轮上绳子的段数，根据公式P=Fv可求拉力的功率；
(3)水平使用滑轮组，拉力克服摩擦力做功，用摩擦力乘以物体移动距离计算有用功，即克服摩擦做功；
(4)用拉力乘以拉力移动距离计算总功，然后用有用功除以总功计算机械效率。
这是一道综合性比较强的计算题，涉及到密度、功、功率、机械效率的计算。这就要求对公式要熟练掌握和运用。同时，水平使用滑轮组时，拉力克服摩擦力做功，这一点也要注意。

26.【答案】解：(1)注水前，水箱中水的深度h=40cm=0.4m，
则水箱底部受到的液体压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m=4000Pa；
(2)由题知，塞子的上表面积和浮子的底面积均为0.05m2，
注水前，浮子浸入水中的深度h浸=h-AB-CD=40cm-15cm-15cm=10cm=0.1m，
则浮子排开水的体积：V排=Sh浸=0.05m2×0.1m=0.005m3，
浮子受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.005m3=50N，
浮子受到向下的重力、硬杆AB对浮子向下的弹力和向上的浮力而处于静止状态，则F浮=G浮子+F，
则硬杆AB对浮子的弹力：F=F浮-G浮子=50N-10N=40N；
(3)设浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时水的深度为h'，
此时浮子浸入水中的深度h浸'=h'-AB-CD=h'-30cm=h'-0.3m，
则此时浮子受到的浮力：F浮'=ρ水gSh浸'=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m2×(h'-0.3m)------①，
注水后，浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时，CD对杠杆的拉力等于塞子的重力与水对塞子的压力之和，即FC=G塞+F压，
根据杠杆平衡条件可得FC×OC=FA×OA(其中FA为AB对杠杆的拉力)，已知OC：OA=1：2，
则硬杆AB对杠杆的力：FA=FC×OCOA=G塞+F压2，
此时浮子受到向下的重力、硬杆AB对浮子向下的拉力和向上的浮力而处于静止状态，
则此时浮子受到的浮力：
F浮'=G浮子+FA=G浮子+G塞+F压2=G浮子+G塞+ρ水gh'S2=10N+20N+1.0×103kg/m3×10N/kg×h'×0.05m22------②，
联立①②解得h'=0.68m，
塞子上表面受到的液体压力：
F压=ρ水gh'S=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.68m×0.05m2=340N。
答：(1)注水前，水箱底部的液体压强为4000Pa；
(2)注水前，硬杆AB对浮子的弹力为40N；
(3)注水后，浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时，塞子上表面受到的液体压力为340N。 
【解析】(1)根据液体压强公式计算注水前水箱底部的液体压强；
(2)根据题意和体积公式计算注水前浮子排开水的体积，根据阿基米德原理计算浮子受到的浮力；此时浮子受到向下的重力、硬杆AB对浮子向下的弹力和向上的浮力而处于静止状态，根据力的平衡条件计算硬杆AB对浮子的弹力；
(3)设浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时水的深度为h'，根据阿基米德原理表示出此时浮子受到的浮力，
注水后，浮子带动硬杆将塞子刚好抬起时，CD对杠杆的拉力等于塞子的重力与水对塞子的压力之和，即FC=G塞+F压，
根据杠杆平衡条件可得FC×OC=FA×OA，则硬杆AB对杠杆的力FA=FC×OCOA=G塞+F压2，根据p=ρgh、F=pS进一步表示水对塞子的压力，联立解方程可得h'；
再根据p=ρgh、F=pS计算塞子上表面受到的液体压力。
本题考查了液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、杠杆平衡条件的灵活运用，综合性强，难度较大。