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2023年山东省东营市中考数学试卷（含答案解析）
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这是一份2023年山东省东营市中考数学试卷（含答案解析），共23页。试卷主要包含了 −2的相反数是， 下列运算结果正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省东营市中考数学试卷
1. −2的相反数是( )
A. −2 B. 2 C. −12 D. 12
2. 下列运算结果正确的是( )
A. x3⋅x3=x9 B. 2x3+3x3=5x6
C. (2x2)3=6x6 D. (2+3x)(2−3x)=4−9x2
3. 如图，AB//CD，点E在线段BC上(不与点B，C重合)，连接DE.若∠D=40∘，∠BED=60∘，则∠B=( )
A. 10∘
B. 20∘
C. 40∘
D. 60∘
4. 剪纸是中国最古老的民间艺术之一，先后入选中国国家级非物质文化遗产名录和人类非物质文化遗产代表作名录.小文购买了以“剪纸图案”为主题的5张书签，他想送给好朋友小乐一张.小文将书签背面朝上(背面完全相同)，让小乐从中随机抽取一张，则小乐抽到的书签图案既是轴对称图形又是中心对称图形的概率是( )
A. 45 B. 35 C. 25 D. 15
5. 为扎实推进“五育”并举工作，加强劳动教育，东营市某中学针对七年级学生开设了“跟我学面点”烹饪课程.课程开设后学校花费6000元购进第一批面粉，用完后学校又花费9600元购进了第二批面粉，第二批面粉的采购量是第一批采购量的1.5倍，但每千克面粉价格提高了0.4元.设第一批面粉采购量为x千克，依题意所列方程正确的是( )
A. 96001.5x−6000x=0.4 B. 9600x−60001.5x=0.4
C. 60001.5x−9600x=0.4 D. 6000x−96001.5x=0.4
6. 如果圆锥侧面展开图的面积是15π，母线长是5，则这个圆锥的底面半径是( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
7. 如图，△ABC为等边三角形，点D，E分别在边BC，AB上，∠ADE=60∘.若BD=4DC，DE=2.4，则AD的长为( )
A. 1.8
B. 2.4
C. 3
D. 3.2
8. 如图，在平面直角坐标系中，菱形OABC的边长为2 6，点B在x轴的正半轴上，且∠AOC=60∘，将菱形OABC绕原点O逆时针方向旋转60∘，得到四边形OA′B′C′(点A′与点C重合)，则点B′的坐标是( )
A. (3 6,3 2)
B. (3 2,3 6)
C. (3 2,6 2)
D. (6 2,3 6)
9. 如图，抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，对称轴为直线x=−1.若点A的坐标为(−4,0)，则下列结论正确的是( )
A. 2a+b=0
B. −4a−2b+c>0
C. x=2是关于x的一元一次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的一个根
D. 点(x1,y1)，(x2,y2)在抛物线上，当x1>x2>−1时，y1
①AE垂直平分DM；
②PM+PN的最小值为3 2；
③CF2=GE⋅AE；
④S△ADM=6 2.
其中正确的是( )
A. ①②
B. ②③④
C. ①③④
D. ①③
11. 我国古代数学家祖冲之推算出π的近似值为355113，它与π的误差小于0.0000003.0.0000003用科学记数法表示为______ .
12. 因式分解：3ma2−6mab+3mb2=______ .
13. 如图，一束光线从点A(−2,5)出发，经过y轴上的点B(0,1)反射后经过点C(m,n)，则2m−n的值是______ .
14. 为备战东营市第十二届运动会，某县区对甲、乙、丙、丁四名射击运动员进行射击测试，他们射击测试成绩的平均数x−(单位：环)及方差S2(单位：环 2)如表所示：
甲
乙
丙
丁
x−
9.6
8.9
9.6
9.6
S2
1.4
0.8
2.3
0.8
根据表中数据，要从中选择一名成绩好且发挥稳定的运动员参加比赛，应选择______ .
15. 一艘船由A港沿北偏东60∘方向航行30km至B港，然后再沿北偏西30∘方向航行40km至C港，则A，C两港之间的距离为______ km.
16. “圆材埋壁”是我国古代数学名著《九章算术》中的一个问题：“今有圆材，埋在壁中，不知大小.以锯锯之，深一寸，锯道长一尺.问：径几何？”转化为现在的数学语言表达就是：如图，CD为⊙O的直径，弦AB⊥CD，垂足为E，CE=1寸，AB=10寸，则直径CD的长度为______ 寸.
17. 如图，在△ABC中，以点C为圆心，任意长为半径作弧，分别交AC，BC于点D，E；分别以点D，E为圆心，大于12DE的长为半径作弧，两弧交于点F；作射线CF交AB于点G.若AC=9，BC=6，△BCG的面积为8，则△ACG的面积为______ .
18. 如图，在平面直角坐标系中，直线l：y= 3x− 3与x轴交于点A1，以OA1为边作正方形A1B1C1O，点C1在y轴上，延长C1B1交直线l于点A2，以C1A2为边作正方形A2B2C2C1，点C2在y轴上，以同样的方式依次作正方形A3B3C3C2，⋯，正方形A2023B2023C2023C2022，则点B2023的横坐标是______ .
19. (1)计算： 3tan45∘−(2023−π)0+|2 3−2|+(14)−1− 27；
(2)先化简，再求值：x2−xx2+2x+1÷(2x+1−1x)，化简后，从−2
请根据统计图中的信息解答下列问题：
(1)在本次调查中，一共抽取了______ 名学生，在扇形统计图中A所对应圆心角的度数为______ ；
(2)将上面的条形统计图补充完整；
(3)若该校共有480名学生，请你估计选择研学基地C的学生人数；
(4)学校想从选择研学基地D的学生中选取两名学生了解他们对研学活动的看法，已知选择研学基地D的学生中恰有两名女生，请用列表法或画树状图的方法求出所选2人都是男生的概率.
21. 如图，在△ABC中，AB=AC，以AB为直径的⊙O交BC于点D，DE⊥AC，垂足为E.
(1)求证：DE是⊙O的切线；
(2)若∠C=30∘，CD=2 3，求BD的长.
22. 如图，在平面直角坐标系中，一次函数y=ax+b(a<0)与反比例函数y=kx(k≠0)交于A(−m,3m)，B(4,−3)两点，与y轴交于点C，连接OA，OB.
(1)求反比例函数和一次函数的表达式；
(2)求△AOB的面积；
(3)请根据图象直接写出不等式kx
23. 如图，老李想用长为70m的栅栏，再借助房屋的外墙(外墙足够长)围成一个矩形羊圈ABCD，并在边BC上留一个2m宽的门(建在EF处，另用其他材料).
(1)当羊圈的长和宽分别为多少米时，能围成一个面积为640m2的羊圈？
(2)羊圈的面积能达到650m2吗？如果能，请你给出设计方案；如果不能，请说明理由.
24. (1)用数学的眼光观察
如图①，在四边形ABCD中，AD=BC，P是对角线BD的中点，M是AB的中点，N是DC的中点.求证：∠PMN=∠PNM.
(2)用数学的思维思考
如图②，延长图①中的线段AD交MN的延长线于点E，延长线段BC交MN的延长线于点F.求证：∠AEM=∠F.
(3)用数学的语言表达
如图③，在△ABC中，AC
25. 如图，抛物线过点O(0,0)，E(10,0)，矩形ABCD的边AB在线段OE上(点B在点A的左侧)，点C，D在抛物线上.设B(t,0)，当t=2时，BC=4.
(1)求抛物线的函数表达式；
(2)当t为何值时，矩形ABCD的周长有最大值？最大值是多少？
(3)保持t=2时的矩形ABCD不动，向右平移抛物线，当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点G，H，且直线GH平分矩形ABCD的面积时，求抛物线平移的距离.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：−2的相反数是2，
故选：B.
符号不同，绝对值相等的两个数互为相反数，据此即可得出答案．
本题考查相反数的定义，此为基础且重要知识点，必须熟练掌握．
2.【答案】D
【解析】解：A.x3⋅x3=x6，
则A不符合题意；
B.2x3+3x3=5x3，
则B不符合题意；
C.(2x2)3=8x6，
则C不符合题意；
D.(2+3x)(2−3x)
=22−(3x)2
=4−9x2，
则D符合题意；
故选：D.
利用同底数幂乘法法则，合并同类项法则，积的乘方法则及平方差公式将各项计算后进行判断即可．
本题考查整式的运算，其相关运算法则是基础且重要知识点，必须熟练掌握．
3.【答案】B
【解析】解：∵∠C+∠D=∠BED=60∘，
∴∠C=60∘−∠D=60∘−40∘=20∘.
又∵AB//CD，
∴∠B=∠C=20∘.
故选：B.
利用平行线的性质及外角计算即可．
本题简单地考查了平行线的性质，知识点比较基础，一定要掌握．
4.【答案】C
【解析】解：∵第二、第四个图既是轴对称图形又是中心对称图形，
∴小乐抽到的书签图案既是轴对称图形又是中心对称图形的概率=25.
故选：C.
先找出既是轴对称图形又是中心对称图形的图形，再根据概率公式求解即可．
本题考查的是概率公式，熟知随机事件A的概率P(A)=事件A可能出现的结果数所有可能出现的结果数是解题的关键．
5.【答案】A
【解析】解：由题意得：96001.5x−6000x=0.4.
故选：A.
根据第二批面粉比第一批面粉的每千克面粉价格提高了0.4元列方程即可．
本题考查由实际问题抽象出分式方程，解答本题的关键是明确题意，找出等量关系，列出相应的分式方程．
6.【答案】A
【解析】解：设底面半径为R，则底面周长=2πR，圆锥的侧面展开图的面积=12×2πR×5=15π，
∴R=3.
故选：A.
根据圆锥的侧面积=底面周长×母线长÷2即可求出答案．
本题考查了圆锥的计算，利用了圆的周长公式和扇形面积公式求解，牢记公式是解答本题的关键．
7.【答案】C
【解析】解：∵△ABC是等边三角形，
∴BC=AC，∠B=∠C=60∘，
∴∠CAD+∠ADC=120∘，
∵∠ADE=60∘.
∴∠BDE+∠ADC=120∘，
∴∠CAD=∠BDE，
∴△ADC∽△DEB，
∴ADDE=ACDB，
∵BD=4DC，
∴设DC=x，
则BD=4x，
∴BC=AC=5x，
∴AD2.4=5x4x，
∴AD=3，
故选：C.
先证∠CAD=∠BDE，再根据∠B=∠C=60∘，得出△ADC∽△DEB，根据相似三角形的性质即可求出AD的长．
本题考查了三角形相似的判定与性质，等边三角形的性质，掌握有两个角相等的两个三角形相似是解题的关键．
8.【答案】B
【解析】解：如图，过B′作B′D⊥y轴于D，连接OB′，
∵将菱形OABC绕原点O逆时针方向旋转60∘，得到四边形OA′B′C′，∠AOC=60∘，菱形OABC的边长为2 6，
∴OC′=C′B′=2 6，∠C′OB′=∠COA=60∘，B′C′//OC，
∴∠DC′B′=∠C′OC=60∘，
∴∠DB′C′=30∘，
∴CD=12C′B′= 6，DB′= 32B′C′=3 2，
∴OD=OC′+C′D=3 6，
∴B′的坐标是(3 2,3 6)，
故选：B.
如图，过B′作B′D⊥y轴于D，连接OB′，根据旋转的性质得到OC′=C′B′=2 6，∠C′OB′=∠COA=60∘，B′C′//OC，根据平行线的性质得到∠DC′B′=∠C′OC=60∘，求得∠DB′C′=30∘，根据直角三角形的性质即可得到结论．
本题考查了菱形的性质，坐标与图形变化-旋转，直角三角形的性质，正确地作出辅助线是解题的关键．
9.【答案】C
【解析】解：∵对称轴为直线x=−1，
∴x=−b2a=−1，
∴b=2a，
∴2a−b=0，故①错误，
∵抛物线开口向上，
∴a>0，
∵对称轴在y轴左侧，
∴b>0，
∵抛物线与y轴交于负半轴，
∴c<0，
∴−4a−(2b−c)<0，
即−4a−2b+c<0，故②错误，
∵抛物线与x轴交于(−4,0)，对称轴为直线x=−1，
∴抛物线与x轴的另一个交点为(2,0)，
∴x=2是关于x的一元一次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的一个根，故③正确，
∵抛物线开口向上，对称轴为直线x=−1，
∴当x>−1时，y随x的增大而增大，
∴当x1>x2>−1时，y1>y2，故④错误，
故选：C.
根据对称轴判断①，根据图象特征判断②，根据对称轴及抛物线与x轴的交点判断③，根据抛物线的性质判断④．
本题主要考查的是二次函数图象与系数的关系、二次函数图象上点的特征、抛物线与x轴的焦点情况，熟练掌握个知识点是解决本题的关键．
10.【答案】D
【解析】解：①∵四边形ABCD是正方形，
∴AD=DC=BC，∠ADC=∠DCB=90∘，
∵BF=CE，
∴BC−BF=DC−CE，
即CF=DE，
在△ADE和△DCF中，
AD=DC∠ADE=∠DCFDE=CF，
∴△ADE≌△DCF(SAS)，
∴∠DAE=∠CDF，
∵∠CDF+∠ADG=90∘，
∴∠DAE+∠ADG=90∘，
∴∠AGD=90∘，
∴∠AGM=90∘，
∴∠AGM=∠AGD，
∵AE平分∠CAD，
∴∠MAG=∠DAG，
又AG为公共边，
∴△AGM≌△AGD(ASA)，
∴GM=GD，
又∵∠AGM=∠AGD=90∘，
∴AE垂直平分DM，
故①正确；
②如图，连接BD与AC交于点O，交AG于点H，连接HM，
∵四边形ABCD是正方形，
∴AC⊥BD，
即DO⊥AM，
∵AE垂直平分DM，
∴HM=HD，
当点P与点H重合时，PM+PN的值最小，此时PM+PN=HM+HO=HD+HO=DO，即PM+PN的最小值是DO的长，
∵正方形ABCD的边长为4，
∴AC=BD=4 2，
∴DO=12BD=2 2，
即PM+PN的最小值为2 2，
故②错误；
③∵AE垂直平分DM，
∴∠DGE=90∘，
∵∠ADC=90∘，
∴∠DGE=∠ADC，
又∵∠DEG=∠AED，
∴△DGE∽△ADE，
∴DEAE=GEDE，
即DE2=GE⋅AE，
由①知CF=DE，
∴CF2=GE⋅AE，
故③正确；
④∵AE垂直平分DM，
∴AM=AD=4，
又DO=2 2，
∴S△ADM=12AM⋅DO=12×4×2 2=4 2，
故④错误；
综上，正确的是：①③，
故选：D.
①先根据正方形的性质证得△ADE和△DCF全等，再利用ASA证得△AGM和△AGD全等，即可得出AE垂直平分DM；
②连接BD与AC交于点O，交AG于点H，连接HM，根据题意当点P与点H重合时，PM+PN的值最小，即PM+PN的最小值是DO的长，根据正方形的性质求出BD的长，从而得出DO=2 2，即PM+PN的最小值2 2；
③先证△DGE∽△ADE，再根据相似三角形的性质及CF=DE，即可判断；
④先求出AM的长，再根据三角形面积公式计算即可．
本题考查了相似三角形的判定与性质，正方形的性质，三角形全等的判定与性质，线段垂直平分线的判定与性质，最短路径问题等知识点，熟练掌握这些知识点是解题的关键．
11.【答案】3×10−7
【解析】解：0.0000003=3×10−7，
故答案为：3×10−7.
将一个数表示成a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．
本题考查科学记数法表示较小的数，科学记数法是基础且重要知识点，必须熟练掌握．
12.【答案】3m(a−b)2
【解析】解：3ma2−6mab+3mb2
=3m(a2−2ab+b2)
=3m(a−b)2，
故答案为：3m(a−b)2.
先提取公因式，然后利用完全平方公式因式分解即可．
本题考查因式分解，此为基础且重要知识点，必须熟练掌握．
13.【答案】−1
【解析】解：∵点A(−2,5)关于y轴的对称点为A′(2,5)，
∴反射光线所在直线过点B(0,1)和A′(2,5)，
设A′B的解析式为：y=kx+1，过点A′(2,5)，
∴5=2k+1，
∴k=2，
∴A′B的解析式为：y=2x+1，
∵反射后经过点C(m,n)，
∴2m+1=n，
∴2m−n=−1.
故答案为：−1.
点A(−2,5)关于y轴的对称点为A′(2,5)，根据反射的性质得，反射光线所在直线过点B(0,1)和A′(2,5)，求出A′B的解析式为：y=2x+1，再根据反射后经过点C(m,n)，2m+1=n，即可求出答案．
本题考查一次函数解析式，解题的关键是掌握待定系数法，求出A′B的解析式．
14.【答案】丁
【解析】解：由表格知，甲、丙、丁，平均成绩较好，
而丁成绩的方差小，成绩更稳定，
所以要从中选择一名成绩好又发挥稳定的运动员参加比赛，应该选择丁．
故答案为：丁．
根据平均数和方差的意义求解即可．
本题主要考查方差，解题的关键是掌握平均数和方差的意义．
15.【答案】50
【解析】解：如图：
由题意得：∠DAB=60∘，∠FBC=30∘，AD//EF，
∴∠DAB=∠ABE=60∘，
∴∠ABC=180∘−∠ABE−∠FBC=90∘，
在Rt△ABC中，AB=30km，BC=40km，
AC= AB2+BC2= 302+402=50(km)，
∴A，C两港之间的距离为50km，
故答案为：50.
根据题意可得：∠DAB=60∘，∠FBC=30∘，AD//EF，从而可得∠DAB=∠ABE=60∘，然后利用平角定义可得∠ABC=90∘，从而在Rt△ABC中，利用勾股定理进行计算即可解答．
本题考查了勾股定理的应用，根据题目的已知条件画出图形进行分析是解题的关键．
16.【答案】26
【解析】解：连接OA，
设⊙O的半径是r寸，
∵直径CD⊥AB，
∴AE=12AB=12×10=5寸，
∵CE=1寸，
∴OE=(r−1)寸，
∵OA2=OE2+AE2，
∴r2=(r−1)2+52，
∴r=13，
∴直径CD的长度为2r=26寸．
故答案为：26.
连接OA，设⊙O的半径是r寸，由垂径定理得到AE=12AB=5寸，由勾股定理得到r2=(r−1)2+52，求出r，即可得到圆的直径长．
本题考查垂径定理的应用，勾股定理的应用，关键是连接OA构造直角三角形，应用垂径定理，勾股定理列出关于圆半径的方程．
17.【答案】12
【解析】解：如图，过点G作GM⊥AC于点M，GN⊥BC于点N.
由作图可知CG平分∠ACB，
∵GM⊥AC，GN⊥BC，
∴GM=GN，
∵S△BCG=12⋅BC⋅GN=8，BC=6，
∴GN=83，
∴GN=GM=83，
∴S△AGC=12⋅AC⋅GM=12×9×83=12，
故答案为：12.
如图，过点G作GM⊥AC于点M，GN⊥BC于点N.利用角平分线的性质定理证明GM=GN，利用三角形面积公式求出GM，可得结论．
本题考查作图-复杂作图，角平分线的性质，三角形的面积等知识，解题的关键是读懂图象信息，学会添加常用辅助线解决问题，属于中考常考题型．
18.【答案】(1+ 33)2022
【解析】解：当y=0时，有x−1=0，
解得：x=1，
∴点A1的坐标为(1,0).
∵四边形A1B1C1O为正方形，
∴OA1=A1B1=OC1=1，
∴点B1(1,1)，
B1的横坐标为1；
∴y=1时，1= 3x− 3，
解得：x=1+ 33，
∴点A2的坐标为(1+ 33,1)，
A2B2C2C1是正方形，
∴A2B2=C2C1=A2C1=1+ 33，
∴点B2(1+ 33,2+ 33)，
即B2的横坐标为1+ 33；
当y=2+ 33时，2+ 33= 3x− 3，
解得：x=23( 3+2)，
∴点A3(23( 3+2),2+ 33)，
∵A3B3C3C2是正方形，
∴A3B3=C3C2=A3C2=23( 3+2)，
∴点B3的横坐标为23( 3+2)=(1+ 33)2，
……，
以此类推，则点B2023的横坐标是(1+ 33)2022.
故答案为：(1+ 33)2022.
根据一次函数图象上点的坐标特征结合正方形的性质，可得出点A1、B1的坐标，同理可得出A2、A3、A4、A5……的坐标，进而得到B2、B3、B4、B5……的横坐标，根据点的坐标变化可找出变化规律，依此规律即可得出结论．
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征、正方形的性质以及点的坐标的规律，数形结合是解答本题的关键．
19.【答案】解：(1)原式= 3×1−1+2 3−2+4−3 3
= 3−1+2 3−2+4−3 3
=1；
(2)原式=x(x−1)(x+1)2÷2x−(x+1)x(x+1)
=x(x−1)(x+1)2⋅x(x+1)x−1
=x2x+1，
∵x≠−1，x≠0，x≠1，
∴当x=2时，
原式=43.
【解析】(1)利用负整数指数幂的意义，零指数幂的意义，绝对值的意义和特殊角的三角函数值化简运算即可；
(2)先利用异分母分式加减法法则计算括号里，再算除法即可，然后把x的值代入化简后的式子进行计算即可解答．
本题考查了实数的运算，特殊角的三角函数值，负整数指数幂和分式的化简求值，准确熟练地进行计算是解题的关键．
20.【答案】2430∘
【解析】解：(1)在本次调查中，一共抽取的学生人数为：12÷50%=24(名)，
在扇形统计图中A所对应圆心角的度数为：360∘×224=30∘，
故答案为：24，30∘；
(2)C的人数为：24×25%=6(名)，
∴D的人数为：24−12−6−2=4(名)，
将条形统计图补充完整如下：
(3)480×25%=120(名)，
答：估计选择研学基地C的学生人数约为120名；
(4)学基地D的学生中恰有两名女生，则有2名男生，
画树状图如下：
共有12种等可能的结果，其中所选2人都是男生的结果有2种，
∴所选2人都是男生的概率为212=16.
(1)由B的人数除以所占百分比得出一共抽取的学生人数，即可解决问题；
(2)求出C、D的人数，将条形统计图补充完整即可；
(3)由该校共有学生人数乘以选择研学基地C的学生人数所占的比例即可；
(4)画树状图，共有12种等可能的结果，其中所选2人都是男生的结果有2种，再由概率公式求解即可．
本题考查的是用树状图法求概率以及扇形统计图和条形统计图等知识．树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
21.【答案】(1)证明：连接OD，则OD=OB，
∴∠ODB=∠B，
∵AB=AC，
∴∠C=∠B，
∴∠ODB=∠C，
∴OD//AC，
∵DE⊥AC于点E，
∴∠ODE=∠CED=90∘，
∵OD是⊙O的半径，DE⊥OD，
∴DE是⊙O的切线．
(2)解：连接AD，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠ADB=90∘，
∴AD⊥BC，
∵AB=AC，CD=2 3，
∴BD=CD=2 3，
∴BD的长是2 3.
【解析】(1)连接OD，则OD=OB，所以∠ODB=∠B，由AB=AC，得∠C=∠B，则∠ODB=∠C，所以OD//AC，则∠ODE=∠CED=90∘，即可证明DE是⊙O的切线；
(2)连接AD，由AB是⊙O的直径，得∠ADB=90∘，则AD⊥BC，因为AB=AC，CD=2 3，所以BD=CD=2 3.
此题重点考查等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、切线的判定定理等知识，证明OD//AC是解题的关键．
22.【答案】解：(1)∵点B(4,−3)在反比例函数y=kx的图象上，
∴−3=k4.
∴k=−12.
∴反比例函数的表达式为y=−12x.
∵A(−m,3m)在反比例函数y=−12x的图象上，
∴3m=−12−m.
∴m1=2，m2=−2(舍去).
∴点A的坐标为(−2,6).
∵点A，B在一次函数y=ax+b的图象上，把点A(−2,6)，B(4,−3)分别代入，得−2a+b=64a+b=−3，
∴a=−32b=3.
∴一次函数的表达式为y=−32x+3.
(2)∵点C为直线AB与y轴的交点，
∴OC=3.
∴S△AOB=S△AOC+S△BOC
=12⋅OC⋅|xA|+12⋅OC⋅|xB|
=12×3×2+12×3×4
=9.
(3)由题意得，x<−2或0
(2)根据三角形面积的和差，可得答案；
(3)根据函数图象，即可列出不等式的关系，从而得解．
本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，利用了待定系数法求函数解析式，利用函数图象解不等式．
23.【答案】解：(1)设矩形ABCD的边AB=xm，则边BC=70−2x+2=(72−2x)m.
根据题意，得x(72−2x)=640，
化简，得x2−36x+320=0解得x1=16x2=20，
当x=16时，72−2x=72−32=40；
当x=20时，72−2x=72−40=32.
答：当羊圈的长为40m，宽为16m或长为32m，宽为20m时，能围成一个面积为644m2的羊圈；
(2)答：不能，
理由：由题意，得x(72−2x)=650，
化简，得x4−366+322=0，
Δ=(−36)2−4×335=−4<0，
∴一元二次方程没有实数根．
∴羊圈的面积不能达到650m2.
【解析】(1)根据BC=栅栏总长−2AB，再利用矩形面积公式即可求出；
(2)把S=650代入(1)中函数解析式中，解方程，取在自变量范围内的值即可．
本题考查了一元二次方程的应用，找到周长等量关系是解决本题的关键．
24.【答案】(1)证明：∵P是BD的中点，N是DC的中点，
∴PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN=12BC，PM=12AD，
∵AD=BC，
∴PM=PN，
∴∠PMN=∠PNM；
(2)证明：由(1)知，PN是△BDC的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN//BC，PM//AD，
∴∠PNM=∠F，∠PMN=∠AEM，
∵∠PNM=∠PMN，
∴∠AEM=∠F；
(3)解：△CGD是直角三角形，理由如下：
如图③，连接BD，取BD的中点P，连接PM、PN，
∵N是CD的中点，N是AB的中点，
∴PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN//BC，PN=12BC，PM//AD，PM=12AD，
∵AD=BC
∴PM=PN，
∴∠PNM=∠PMN，
∵PM//AD，
∴∠PMN=∠ANM=60∘，
∴∠PNM=∠PMN=60∘，
∵PN//BC，
∴∠CGN=∠PNM=60∘，
又∵∠CNG=∠ANM=60∘，
∴△CGN是等边三角形．
∴CN=GN，
又∵CN=DN，
∴DN=GN，
∴∠NDG=∠NGD=12∠CNG=30∘，
∴∠CGD=∠CGN+∠NGD=90∘，
∴△CGD是直角三角形．
【解析】(1)证PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，则PN=12BC，PM=12AD，再证PM=PN，即可得出结论；
(2)由三角形中位线定理得PN//BC，PM//AD，再由平行线的性质得∠PNM=∠F，∠PMN=∠AEM，然后由(1)可知∠PNM=∠PMN，即可得出结论；
(3)连接BD，取BD的中点P，连接PM、PN，由三角形中位线定理得PN//BC，PN=12BC，PM//AD，PM=12AD，再证△CGN是等边三角形．得CN=GN，则DN=GN，然后由等腰三角形的性质得∠NDG=∠NGD=30∘，则∠CGD=∠CGN+∠NGD=90∘，即可得出结论．
本题是四边形综合题目，考查了三角形中位线定理、平行线的性质、等腰三角形的性质、等边三角形的判定与性质等知识，本题综合性强，熟练掌握三角形中位线定理和等边三角形的判定与性质是解题的关键，属于中考常考题型．
25.【答案】解：(1)设抛物线解析式为y=ax(x−10)，
∵当t=2时，BC=4，
∴点C的坐标为(2,−4)，
∴将点C坐标代入解析式得2a(2−10)=−4，
解得：a=14，
∴抛物线的函数表达式为y=14x2−52x；
(2)由抛物线的对称性得AE=OB=t，
∴AB=10−2t，
当x=t时，BC=14t2−52t，
∴矩形ABCD的周长=2(AB+BC)
=2[(10−2t)+(−14t2+52t)]
=−12t2+t+20
=−12(t−1)2+412，
∵−12<0，
∴当t=1时，矩形ABCD的周长有最大值，最大值为412；
(3)如图，连接AC，BD相交于点P，连接OC，取OC的中点Q，连接PQ，
∵直线GH平分矩形ABCD的面积，
∴直线GH过点P，
由平移的性质可知，四边形OCHG是平行四边形，
∴PQ=CH，
∵四边形ABCD是矩形，
∴点P是AC的中点，
∴PQ=12OA，
∴抛物线平移的距离是4个单位长度．
所以抛物线向右平移的距离是4个单位．
【解析】(1)由点E的坐标设抛物线的交点式，再把点C的坐标(2,−4)代入计算可得；
(2)由抛物线的对称性得AE=OB=t，据此知AB=10−2t，再由x=t时BC=14t2−52t，根据矩形的周长公式列出函数解析式，配方成顶点式即可得；
(3)连接AC，BD相交于点P，连接OC，取OC的中点Q，连接PQ，根据直线GH平分矩形ABCD的面积，得到直线GH过点P，由平移的性质可知，四边形OCHG是平行四边形，根据平行四边形的性质得到PQ=CH，根据矩形的性质得到点P是AC的中点，求得PQ=12OA，于是得到结论．
本题主要考查二次函数的综合问题，解题的关键是掌握待定系数法求函数解析式、二次函数的性质及平移变换的性质等知识点．
2023年山东省东营市中考数学试卷
1. −2的相反数是( )
A. −2 B. 2 C. −12 D. 12
2. 下列运算结果正确的是( )
A. x3⋅x3=x9 B. 2x3+3x3=5x6
C. (2x2)3=6x6 D. (2+3x)(2−3x)=4−9x2
3. 如图，AB//CD，点E在线段BC上(不与点B，C重合)，连接DE.若∠D=40∘，∠BED=60∘，则∠B=( )
A. 10∘
B. 20∘
C. 40∘
D. 60∘
4. 剪纸是中国最古老的民间艺术之一，先后入选中国国家级非物质文化遗产名录和人类非物质文化遗产代表作名录.小文购买了以“剪纸图案”为主题的5张书签，他想送给好朋友小乐一张.小文将书签背面朝上(背面完全相同)，让小乐从中随机抽取一张，则小乐抽到的书签图案既是轴对称图形又是中心对称图形的概率是( )
A. 45 B. 35 C. 25 D. 15
5. 为扎实推进“五育”并举工作，加强劳动教育，东营市某中学针对七年级学生开设了“跟我学面点”烹饪课程.课程开设后学校花费6000元购进第一批面粉，用完后学校又花费9600元购进了第二批面粉，第二批面粉的采购量是第一批采购量的1.5倍，但每千克面粉价格提高了0.4元.设第一批面粉采购量为x千克，依题意所列方程正确的是( )
A. 96001.5x−6000x=0.4 B. 9600x−60001.5x=0.4
C. 60001.5x−9600x=0.4 D. 6000x−96001.5x=0.4
6. 如果圆锥侧面展开图的面积是15π，母线长是5，则这个圆锥的底面半径是( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
7. 如图，△ABC为等边三角形，点D，E分别在边BC，AB上，∠ADE=60∘.若BD=4DC，DE=2.4，则AD的长为( )
A. 1.8
B. 2.4
C. 3
D. 3.2
8. 如图，在平面直角坐标系中，菱形OABC的边长为2 6，点B在x轴的正半轴上，且∠AOC=60∘，将菱形OABC绕原点O逆时针方向旋转60∘，得到四边形OA′B′C′(点A′与点C重合)，则点B′的坐标是( )
A. (3 6,3 2)
B. (3 2,3 6)
C. (3 2,6 2)
D. (6 2,3 6)
9. 如图，抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，对称轴为直线x=−1.若点A的坐标为(−4,0)，则下列结论正确的是( )
A. 2a+b=0
B. −4a−2b+c>0
C. x=2是关于x的一元一次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的一个根
D. 点(x1,y1)，(x2,y2)在抛物线上，当x1>x2>−1时，y1
①AE垂直平分DM；
②PM+PN的最小值为3 2；
③CF2=GE⋅AE；
④S△ADM=6 2.
其中正确的是( )
A. ①②
B. ②③④
C. ①③④
D. ①③
11. 我国古代数学家祖冲之推算出π的近似值为355113，它与π的误差小于0.0000003.0.0000003用科学记数法表示为______ .
12. 因式分解：3ma2−6mab+3mb2=______ .
13. 如图，一束光线从点A(−2,5)出发，经过y轴上的点B(0,1)反射后经过点C(m,n)，则2m−n的值是______ .
14. 为备战东营市第十二届运动会，某县区对甲、乙、丙、丁四名射击运动员进行射击测试，他们射击测试成绩的平均数x−(单位：环)及方差S2(单位：环 2)如表所示：
甲
乙
丙
丁
x−
9.6
8.9
9.6
9.6
S2
1.4
0.8
2.3
0.8
根据表中数据，要从中选择一名成绩好且发挥稳定的运动员参加比赛，应选择______ .
15. 一艘船由A港沿北偏东60∘方向航行30km至B港，然后再沿北偏西30∘方向航行40km至C港，则A，C两港之间的距离为______ km.
16. “圆材埋壁”是我国古代数学名著《九章算术》中的一个问题：“今有圆材，埋在壁中，不知大小.以锯锯之，深一寸，锯道长一尺.问：径几何？”转化为现在的数学语言表达就是：如图，CD为⊙O的直径，弦AB⊥CD，垂足为E，CE=1寸，AB=10寸，则直径CD的长度为______ 寸.
17. 如图，在△ABC中，以点C为圆心，任意长为半径作弧，分别交AC，BC于点D，E；分别以点D，E为圆心，大于12DE的长为半径作弧，两弧交于点F；作射线CF交AB于点G.若AC=9，BC=6，△BCG的面积为8，则△ACG的面积为______ .
18. 如图，在平面直角坐标系中，直线l：y= 3x− 3与x轴交于点A1，以OA1为边作正方形A1B1C1O，点C1在y轴上，延长C1B1交直线l于点A2，以C1A2为边作正方形A2B2C2C1，点C2在y轴上，以同样的方式依次作正方形A3B3C3C2，⋯，正方形A2023B2023C2023C2022，则点B2023的横坐标是______ .
19. (1)计算： 3tan45∘−(2023−π)0+|2 3−2|+(14)−1− 27；
(2)先化简，再求值：x2−xx2+2x+1÷(2x+1−1x)，化简后，从−2
请根据统计图中的信息解答下列问题：
(1)在本次调查中，一共抽取了______ 名学生，在扇形统计图中A所对应圆心角的度数为______ ；
(2)将上面的条形统计图补充完整；
(3)若该校共有480名学生，请你估计选择研学基地C的学生人数；
(4)学校想从选择研学基地D的学生中选取两名学生了解他们对研学活动的看法，已知选择研学基地D的学生中恰有两名女生，请用列表法或画树状图的方法求出所选2人都是男生的概率.
21. 如图，在△ABC中，AB=AC，以AB为直径的⊙O交BC于点D，DE⊥AC，垂足为E.
(1)求证：DE是⊙O的切线；
(2)若∠C=30∘，CD=2 3，求BD的长.
22. 如图，在平面直角坐标系中，一次函数y=ax+b(a<0)与反比例函数y=kx(k≠0)交于A(−m,3m)，B(4,−3)两点，与y轴交于点C，连接OA，OB.
(1)求反比例函数和一次函数的表达式；
(2)求△AOB的面积；
(3)请根据图象直接写出不等式kx
23. 如图，老李想用长为70m的栅栏，再借助房屋的外墙(外墙足够长)围成一个矩形羊圈ABCD，并在边BC上留一个2m宽的门(建在EF处，另用其他材料).
(1)当羊圈的长和宽分别为多少米时，能围成一个面积为640m2的羊圈？
(2)羊圈的面积能达到650m2吗？如果能，请你给出设计方案；如果不能，请说明理由.
24. (1)用数学的眼光观察
如图①，在四边形ABCD中，AD=BC，P是对角线BD的中点，M是AB的中点，N是DC的中点.求证：∠PMN=∠PNM.
(2)用数学的思维思考
如图②，延长图①中的线段AD交MN的延长线于点E，延长线段BC交MN的延长线于点F.求证：∠AEM=∠F.
(3)用数学的语言表达
如图③，在△ABC中，AC
25. 如图，抛物线过点O(0,0)，E(10,0)，矩形ABCD的边AB在线段OE上(点B在点A的左侧)，点C，D在抛物线上.设B(t,0)，当t=2时，BC=4.
(1)求抛物线的函数表达式；
(2)当t为何值时，矩形ABCD的周长有最大值？最大值是多少？
(3)保持t=2时的矩形ABCD不动，向右平移抛物线，当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点G，H，且直线GH平分矩形ABCD的面积时，求抛物线平移的距离.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：−2的相反数是2，
故选：B.
符号不同，绝对值相等的两个数互为相反数，据此即可得出答案．
本题考查相反数的定义，此为基础且重要知识点，必须熟练掌握．
2.【答案】D
【解析】解：A.x3⋅x3=x6，
则A不符合题意；
B.2x3+3x3=5x3，
则B不符合题意；
C.(2x2)3=8x6，
则C不符合题意；
D.(2+3x)(2−3x)
=22−(3x)2
=4−9x2，
则D符合题意；
故选：D.
利用同底数幂乘法法则，合并同类项法则，积的乘方法则及平方差公式将各项计算后进行判断即可．
本题考查整式的运算，其相关运算法则是基础且重要知识点，必须熟练掌握．
3.【答案】B
【解析】解：∵∠C+∠D=∠BED=60∘，
∴∠C=60∘−∠D=60∘−40∘=20∘.
又∵AB//CD，
∴∠B=∠C=20∘.
故选：B.
利用平行线的性质及外角计算即可．
本题简单地考查了平行线的性质，知识点比较基础，一定要掌握．
4.【答案】C
【解析】解：∵第二、第四个图既是轴对称图形又是中心对称图形，
∴小乐抽到的书签图案既是轴对称图形又是中心对称图形的概率=25.
故选：C.
先找出既是轴对称图形又是中心对称图形的图形，再根据概率公式求解即可．
本题考查的是概率公式，熟知随机事件A的概率P(A)=事件A可能出现的结果数所有可能出现的结果数是解题的关键．
5.【答案】A
【解析】解：由题意得：96001.5x−6000x=0.4.
故选：A.
根据第二批面粉比第一批面粉的每千克面粉价格提高了0.4元列方程即可．
本题考查由实际问题抽象出分式方程，解答本题的关键是明确题意，找出等量关系，列出相应的分式方程．
6.【答案】A
【解析】解：设底面半径为R，则底面周长=2πR，圆锥的侧面展开图的面积=12×2πR×5=15π，
∴R=3.
故选：A.
根据圆锥的侧面积=底面周长×母线长÷2即可求出答案．
本题考查了圆锥的计算，利用了圆的周长公式和扇形面积公式求解，牢记公式是解答本题的关键．
7.【答案】C
【解析】解：∵△ABC是等边三角形，
∴BC=AC，∠B=∠C=60∘，
∴∠CAD+∠ADC=120∘，
∵∠ADE=60∘.
∴∠BDE+∠ADC=120∘，
∴∠CAD=∠BDE，
∴△ADC∽△DEB，
∴ADDE=ACDB，
∵BD=4DC，
∴设DC=x，
则BD=4x，
∴BC=AC=5x，
∴AD2.4=5x4x，
∴AD=3，
故选：C.
先证∠CAD=∠BDE，再根据∠B=∠C=60∘，得出△ADC∽△DEB，根据相似三角形的性质即可求出AD的长．
本题考查了三角形相似的判定与性质，等边三角形的性质，掌握有两个角相等的两个三角形相似是解题的关键．
8.【答案】B
【解析】解：如图，过B′作B′D⊥y轴于D，连接OB′，
∵将菱形OABC绕原点O逆时针方向旋转60∘，得到四边形OA′B′C′，∠AOC=60∘，菱形OABC的边长为2 6，
∴OC′=C′B′=2 6，∠C′OB′=∠COA=60∘，B′C′//OC，
∴∠DC′B′=∠C′OC=60∘，
∴∠DB′C′=30∘，
∴CD=12C′B′= 6，DB′= 32B′C′=3 2，
∴OD=OC′+C′D=3 6，
∴B′的坐标是(3 2,3 6)，
故选：B.
如图，过B′作B′D⊥y轴于D，连接OB′，根据旋转的性质得到OC′=C′B′=2 6，∠C′OB′=∠COA=60∘，B′C′//OC，根据平行线的性质得到∠DC′B′=∠C′OC=60∘，求得∠DB′C′=30∘，根据直角三角形的性质即可得到结论．
本题考查了菱形的性质，坐标与图形变化-旋转，直角三角形的性质，正确地作出辅助线是解题的关键．
9.【答案】C
【解析】解：∵对称轴为直线x=−1，
∴x=−b2a=−1，
∴b=2a，
∴2a−b=0，故①错误，
∵抛物线开口向上，
∴a>0，
∵对称轴在y轴左侧，
∴b>0，
∵抛物线与y轴交于负半轴，
∴c<0，
∴−4a−(2b−c)<0，
即−4a−2b+c<0，故②错误，
∵抛物线与x轴交于(−4,0)，对称轴为直线x=−1，
∴抛物线与x轴的另一个交点为(2,0)，
∴x=2是关于x的一元一次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的一个根，故③正确，
∵抛物线开口向上，对称轴为直线x=−1，
∴当x>−1时，y随x的增大而增大，
∴当x1>x2>−1时，y1>y2，故④错误，
故选：C.
根据对称轴判断①，根据图象特征判断②，根据对称轴及抛物线与x轴的交点判断③，根据抛物线的性质判断④．
本题主要考查的是二次函数图象与系数的关系、二次函数图象上点的特征、抛物线与x轴的焦点情况，熟练掌握个知识点是解决本题的关键．
10.【答案】D
【解析】解：①∵四边形ABCD是正方形，
∴AD=DC=BC，∠ADC=∠DCB=90∘，
∵BF=CE，
∴BC−BF=DC−CE，
即CF=DE，
在△ADE和△DCF中，
AD=DC∠ADE=∠DCFDE=CF，
∴△ADE≌△DCF(SAS)，
∴∠DAE=∠CDF，
∵∠CDF+∠ADG=90∘，
∴∠DAE+∠ADG=90∘，
∴∠AGD=90∘，
∴∠AGM=90∘，
∴∠AGM=∠AGD，
∵AE平分∠CAD，
∴∠MAG=∠DAG，
又AG为公共边，
∴△AGM≌△AGD(ASA)，
∴GM=GD，
又∵∠AGM=∠AGD=90∘，
∴AE垂直平分DM，
故①正确；
②如图，连接BD与AC交于点O，交AG于点H，连接HM，
∵四边形ABCD是正方形，
∴AC⊥BD，
即DO⊥AM，
∵AE垂直平分DM，
∴HM=HD，
当点P与点H重合时，PM+PN的值最小，此时PM+PN=HM+HO=HD+HO=DO，即PM+PN的最小值是DO的长，
∵正方形ABCD的边长为4，
∴AC=BD=4 2，
∴DO=12BD=2 2，
即PM+PN的最小值为2 2，
故②错误；
③∵AE垂直平分DM，
∴∠DGE=90∘，
∵∠ADC=90∘，
∴∠DGE=∠ADC，
又∵∠DEG=∠AED，
∴△DGE∽△ADE，
∴DEAE=GEDE，
即DE2=GE⋅AE，
由①知CF=DE，
∴CF2=GE⋅AE，
故③正确；
④∵AE垂直平分DM，
∴AM=AD=4，
又DO=2 2，
∴S△ADM=12AM⋅DO=12×4×2 2=4 2，
故④错误；
综上，正确的是：①③，
故选：D.
①先根据正方形的性质证得△ADE和△DCF全等，再利用ASA证得△AGM和△AGD全等，即可得出AE垂直平分DM；
②连接BD与AC交于点O，交AG于点H，连接HM，根据题意当点P与点H重合时，PM+PN的值最小，即PM+PN的最小值是DO的长，根据正方形的性质求出BD的长，从而得出DO=2 2，即PM+PN的最小值2 2；
③先证△DGE∽△ADE，再根据相似三角形的性质及CF=DE，即可判断；
④先求出AM的长，再根据三角形面积公式计算即可．
本题考查了相似三角形的判定与性质，正方形的性质，三角形全等的判定与性质，线段垂直平分线的判定与性质，最短路径问题等知识点，熟练掌握这些知识点是解题的关键．
11.【答案】3×10−7
【解析】解：0.0000003=3×10−7，
故答案为：3×10−7.
将一个数表示成a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．
本题考查科学记数法表示较小的数，科学记数法是基础且重要知识点，必须熟练掌握．
12.【答案】3m(a−b)2
【解析】解：3ma2−6mab+3mb2
=3m(a2−2ab+b2)
=3m(a−b)2，
故答案为：3m(a−b)2.
先提取公因式，然后利用完全平方公式因式分解即可．
本题考查因式分解，此为基础且重要知识点，必须熟练掌握．
13.【答案】−1
【解析】解：∵点A(−2,5)关于y轴的对称点为A′(2,5)，
∴反射光线所在直线过点B(0,1)和A′(2,5)，
设A′B的解析式为：y=kx+1，过点A′(2,5)，
∴5=2k+1，
∴k=2，
∴A′B的解析式为：y=2x+1，
∵反射后经过点C(m,n)，
∴2m+1=n，
∴2m−n=−1.
故答案为：−1.
点A(−2,5)关于y轴的对称点为A′(2,5)，根据反射的性质得，反射光线所在直线过点B(0,1)和A′(2,5)，求出A′B的解析式为：y=2x+1，再根据反射后经过点C(m,n)，2m+1=n，即可求出答案．
本题考查一次函数解析式，解题的关键是掌握待定系数法，求出A′B的解析式．
14.【答案】丁
【解析】解：由表格知，甲、丙、丁，平均成绩较好，
而丁成绩的方差小，成绩更稳定，
所以要从中选择一名成绩好又发挥稳定的运动员参加比赛，应该选择丁．
故答案为：丁．
根据平均数和方差的意义求解即可．
本题主要考查方差，解题的关键是掌握平均数和方差的意义．
15.【答案】50
【解析】解：如图：
由题意得：∠DAB=60∘，∠FBC=30∘，AD//EF，
∴∠DAB=∠ABE=60∘，
∴∠ABC=180∘−∠ABE−∠FBC=90∘，
在Rt△ABC中，AB=30km，BC=40km，
AC= AB2+BC2= 302+402=50(km)，
∴A，C两港之间的距离为50km，
故答案为：50.
根据题意可得：∠DAB=60∘，∠FBC=30∘，AD//EF，从而可得∠DAB=∠ABE=60∘，然后利用平角定义可得∠ABC=90∘，从而在Rt△ABC中，利用勾股定理进行计算即可解答．
本题考查了勾股定理的应用，根据题目的已知条件画出图形进行分析是解题的关键．
16.【答案】26
【解析】解：连接OA，
设⊙O的半径是r寸，
∵直径CD⊥AB，
∴AE=12AB=12×10=5寸，
∵CE=1寸，
∴OE=(r−1)寸，
∵OA2=OE2+AE2，
∴r2=(r−1)2+52，
∴r=13，
∴直径CD的长度为2r=26寸．
故答案为：26.
连接OA，设⊙O的半径是r寸，由垂径定理得到AE=12AB=5寸，由勾股定理得到r2=(r−1)2+52，求出r，即可得到圆的直径长．
本题考查垂径定理的应用，勾股定理的应用，关键是连接OA构造直角三角形，应用垂径定理，勾股定理列出关于圆半径的方程．
17.【答案】12
【解析】解：如图，过点G作GM⊥AC于点M，GN⊥BC于点N.
由作图可知CG平分∠ACB，
∵GM⊥AC，GN⊥BC，
∴GM=GN，
∵S△BCG=12⋅BC⋅GN=8，BC=6，
∴GN=83，
∴GN=GM=83，
∴S△AGC=12⋅AC⋅GM=12×9×83=12，
故答案为：12.
如图，过点G作GM⊥AC于点M，GN⊥BC于点N.利用角平分线的性质定理证明GM=GN，利用三角形面积公式求出GM，可得结论．
本题考查作图-复杂作图，角平分线的性质，三角形的面积等知识，解题的关键是读懂图象信息，学会添加常用辅助线解决问题，属于中考常考题型．
18.【答案】(1+ 33)2022
【解析】解：当y=0时，有x−1=0，
解得：x=1，
∴点A1的坐标为(1,0).
∵四边形A1B1C1O为正方形，
∴OA1=A1B1=OC1=1，
∴点B1(1,1)，
B1的横坐标为1；
∴y=1时，1= 3x− 3，
解得：x=1+ 33，
∴点A2的坐标为(1+ 33,1)，
A2B2C2C1是正方形，
∴A2B2=C2C1=A2C1=1+ 33，
∴点B2(1+ 33,2+ 33)，
即B2的横坐标为1+ 33；
当y=2+ 33时，2+ 33= 3x− 3，
解得：x=23( 3+2)，
∴点A3(23( 3+2),2+ 33)，
∵A3B3C3C2是正方形，
∴A3B3=C3C2=A3C2=23( 3+2)，
∴点B3的横坐标为23( 3+2)=(1+ 33)2，
……，
以此类推，则点B2023的横坐标是(1+ 33)2022.
故答案为：(1+ 33)2022.
根据一次函数图象上点的坐标特征结合正方形的性质，可得出点A1、B1的坐标，同理可得出A2、A3、A4、A5……的坐标，进而得到B2、B3、B4、B5……的横坐标，根据点的坐标变化可找出变化规律，依此规律即可得出结论．
本题考查了一次函数图象上点的坐标特征、正方形的性质以及点的坐标的规律，数形结合是解答本题的关键．
19.【答案】解：(1)原式= 3×1−1+2 3−2+4−3 3
= 3−1+2 3−2+4−3 3
=1；
(2)原式=x(x−1)(x+1)2÷2x−(x+1)x(x+1)
=x(x−1)(x+1)2⋅x(x+1)x−1
=x2x+1，
∵x≠−1，x≠0，x≠1，
∴当x=2时，
原式=43.
【解析】(1)利用负整数指数幂的意义，零指数幂的意义，绝对值的意义和特殊角的三角函数值化简运算即可；
(2)先利用异分母分式加减法法则计算括号里，再算除法即可，然后把x的值代入化简后的式子进行计算即可解答．
本题考查了实数的运算，特殊角的三角函数值，负整数指数幂和分式的化简求值，准确熟练地进行计算是解题的关键．
20.【答案】2430∘
【解析】解：(1)在本次调查中，一共抽取的学生人数为：12÷50%=24(名)，
在扇形统计图中A所对应圆心角的度数为：360∘×224=30∘，
故答案为：24，30∘；
(2)C的人数为：24×25%=6(名)，
∴D的人数为：24−12−6−2=4(名)，
将条形统计图补充完整如下：
(3)480×25%=120(名)，
答：估计选择研学基地C的学生人数约为120名；
(4)学基地D的学生中恰有两名女生，则有2名男生，
画树状图如下：
共有12种等可能的结果，其中所选2人都是男生的结果有2种，
∴所选2人都是男生的概率为212=16.
(1)由B的人数除以所占百分比得出一共抽取的学生人数，即可解决问题；
(2)求出C、D的人数，将条形统计图补充完整即可；
(3)由该校共有学生人数乘以选择研学基地C的学生人数所占的比例即可；
(4)画树状图，共有12种等可能的结果，其中所选2人都是男生的结果有2种，再由概率公式求解即可．
本题考查的是用树状图法求概率以及扇形统计图和条形统计图等知识．树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
21.【答案】(1)证明：连接OD，则OD=OB，
∴∠ODB=∠B，
∵AB=AC，
∴∠C=∠B，
∴∠ODB=∠C，
∴OD//AC，
∵DE⊥AC于点E，
∴∠ODE=∠CED=90∘，
∵OD是⊙O的半径，DE⊥OD，
∴DE是⊙O的切线．
(2)解：连接AD，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠ADB=90∘，
∴AD⊥BC，
∵AB=AC，CD=2 3，
∴BD=CD=2 3，
∴BD的长是2 3.
【解析】(1)连接OD，则OD=OB，所以∠ODB=∠B，由AB=AC，得∠C=∠B，则∠ODB=∠C，所以OD//AC，则∠ODE=∠CED=90∘，即可证明DE是⊙O的切线；
(2)连接AD，由AB是⊙O的直径，得∠ADB=90∘，则AD⊥BC，因为AB=AC，CD=2 3，所以BD=CD=2 3.
此题重点考查等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、切线的判定定理等知识，证明OD//AC是解题的关键．
22.【答案】解：(1)∵点B(4,−3)在反比例函数y=kx的图象上，
∴−3=k4.
∴k=−12.
∴反比例函数的表达式为y=−12x.
∵A(−m,3m)在反比例函数y=−12x的图象上，
∴3m=−12−m.
∴m1=2，m2=−2(舍去).
∴点A的坐标为(−2,6).
∵点A，B在一次函数y=ax+b的图象上，把点A(−2,6)，B(4,−3)分别代入，得−2a+b=64a+b=−3，
∴a=−32b=3.
∴一次函数的表达式为y=−32x+3.
(2)∵点C为直线AB与y轴的交点，
∴OC=3.
∴S△AOB=S△AOC+S△BOC
=12⋅OC⋅|xA|+12⋅OC⋅|xB|
=12×3×2+12×3×4
=9.
(3)由题意得，x<−2或0
(2)根据三角形面积的和差，可得答案；
(3)根据函数图象，即可列出不等式的关系，从而得解．
本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，利用了待定系数法求函数解析式，利用函数图象解不等式．
23.【答案】解：(1)设矩形ABCD的边AB=xm，则边BC=70−2x+2=(72−2x)m.
根据题意，得x(72−2x)=640，
化简，得x2−36x+320=0解得x1=16x2=20，
当x=16时，72−2x=72−32=40；
当x=20时，72−2x=72−40=32.
答：当羊圈的长为40m，宽为16m或长为32m，宽为20m时，能围成一个面积为644m2的羊圈；
(2)答：不能，
理由：由题意，得x(72−2x)=650，
化简，得x4−366+322=0，
Δ=(−36)2−4×335=−4<0，
∴一元二次方程没有实数根．
∴羊圈的面积不能达到650m2.
【解析】(1)根据BC=栅栏总长−2AB，再利用矩形面积公式即可求出；
(2)把S=650代入(1)中函数解析式中，解方程，取在自变量范围内的值即可．
本题考查了一元二次方程的应用，找到周长等量关系是解决本题的关键．
24.【答案】(1)证明：∵P是BD的中点，N是DC的中点，
∴PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN=12BC，PM=12AD，
∵AD=BC，
∴PM=PN，
∴∠PMN=∠PNM；
(2)证明：由(1)知，PN是△BDC的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN//BC，PM//AD，
∴∠PNM=∠F，∠PMN=∠AEM，
∵∠PNM=∠PMN，
∴∠AEM=∠F；
(3)解：△CGD是直角三角形，理由如下：
如图③，连接BD，取BD的中点P，连接PM、PN，
∵N是CD的中点，N是AB的中点，
∴PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，
∴PN//BC，PN=12BC，PM//AD，PM=12AD，
∵AD=BC
∴PM=PN，
∴∠PNM=∠PMN，
∵PM//AD，
∴∠PMN=∠ANM=60∘，
∴∠PNM=∠PMN=60∘，
∵PN//BC，
∴∠CGN=∠PNM=60∘，
又∵∠CNG=∠ANM=60∘，
∴△CGN是等边三角形．
∴CN=GN，
又∵CN=DN，
∴DN=GN，
∴∠NDG=∠NGD=12∠CNG=30∘，
∴∠CGD=∠CGN+∠NGD=90∘，
∴△CGD是直角三角形．
【解析】(1)证PN是△BCD的中位线，PM是△ABD的中位线，则PN=12BC，PM=12AD，再证PM=PN，即可得出结论；
(2)由三角形中位线定理得PN//BC，PM//AD，再由平行线的性质得∠PNM=∠F，∠PMN=∠AEM，然后由(1)可知∠PNM=∠PMN，即可得出结论；
(3)连接BD，取BD的中点P，连接PM、PN，由三角形中位线定理得PN//BC，PN=12BC，PM//AD，PM=12AD，再证△CGN是等边三角形．得CN=GN，则DN=GN，然后由等腰三角形的性质得∠NDG=∠NGD=30∘，则∠CGD=∠CGN+∠NGD=90∘，即可得出结论．
本题是四边形综合题目，考查了三角形中位线定理、平行线的性质、等腰三角形的性质、等边三角形的判定与性质等知识，本题综合性强，熟练掌握三角形中位线定理和等边三角形的判定与性质是解题的关键，属于中考常考题型．
25.【答案】解：(1)设抛物线解析式为y=ax(x−10)，
∵当t=2时，BC=4，
∴点C的坐标为(2,−4)，
∴将点C坐标代入解析式得2a(2−10)=−4，
解得：a=14，
∴抛物线的函数表达式为y=14x2−52x；
(2)由抛物线的对称性得AE=OB=t，
∴AB=10−2t，
当x=t时，BC=14t2−52t，
∴矩形ABCD的周长=2(AB+BC)
=2[(10−2t)+(−14t2+52t)]
=−12t2+t+20
=−12(t−1)2+412，
∵−12<0，
∴当t=1时，矩形ABCD的周长有最大值，最大值为412；
(3)如图，连接AC，BD相交于点P，连接OC，取OC的中点Q，连接PQ，
∵直线GH平分矩形ABCD的面积，
∴直线GH过点P，
由平移的性质可知，四边形OCHG是平行四边形，
∴PQ=CH，
∵四边形ABCD是矩形，
∴点P是AC的中点，
∴PQ=12OA，
∴抛物线平移的距离是4个单位长度．
所以抛物线向右平移的距离是4个单位．
【解析】(1)由点E的坐标设抛物线的交点式，再把点C的坐标(2,−4)代入计算可得；
(2)由抛物线的对称性得AE=OB=t，据此知AB=10−2t，再由x=t时BC=14t2−52t，根据矩形的周长公式列出函数解析式，配方成顶点式即可得；
(3)连接AC，BD相交于点P，连接OC，取OC的中点Q，连接PQ，根据直线GH平分矩形ABCD的面积，得到直线GH过点P，由平移的性质可知，四边形OCHG是平行四边形，根据平行四边形的性质得到PQ=CH，根据矩形的性质得到点P是AC的中点，求得PQ=12OA，于是得到结论．
本题主要考查二次函数的综合问题，解题的关键是掌握待定系数法求函数解析式、二次函数的性质及平移变换的性质等知识点．
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