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2023年福建省厦门市思明区双十中学中考物理二模试卷（含答案）
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这是一份2023年福建省厦门市思明区双十中学中考物理二模试卷（含答案），共25页。
2023年福建省厦门市思明区双十中学中考物理二模试卷
1. 在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的( )
A. 音色 B. 响度 C. 音调 D. 频率
2. 发现电磁感应现象的物理学家是( )
A. 欧姆 B. 法拉第 C. 瓦特 D. 焦耳
3. 如图所示的措施中，为了减小摩擦的是( )
A. 机械表保养时上油
B. 防滑垫表面做得凹凸不平
C. 旋钮侧面制有条纹
D. 轮胎上制有花纹
4. 2022年9月16日，大国重器“歼-20”伴飞护航“运-20”接迎志愿军烈士遗骸回到祖国怀抱，若认为“歼-20”中的飞行员是静止的，则选择的参照物是( )
A. “歼-20” B. 机场塔台
C. 地面 D. 机场矗立的五星红旗
5. 下列物体升空的主要原理与“火箭”升空原理相同的是( )
A. 直升机 B. 热气球
C. 客机 D. 风筝
6. 二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，是中华民族悠久历史文化的重要组成部分。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是( )
A. 雨水，冰雪消融 B. 立夏，雾绕山峦 C. 霜降，霜满枝头 D. 大寒，滴水成冰
7. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 使用电线绝缘皮破损的用电器
B. 在未断开电源的情况下更换灯泡
C. 在家庭电路中安装空气开关
D. 导致家庭电路中电流过大的原因一定是总功率过大
8. 将一个凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个( )
A. 倒立、缩小的实像 B. 倒立、放大的实像 C. 正立、缩小的实像 D. 正立、放大的虚像
9. 科学研究需要进行实验，得到事实，并在此基础上进行必要的推理。因此，在学习科学的过程中我们需要区分事实与推论，则下列表述，正确的是( )
①将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起；
②在液体扩散实验中，红墨水滴入热水，热水很快变红；
③铅块粘在一起证明了分子之间存在吸引力；
④温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
A. ①②是事实，③④是推论 B. ①②④是事实，③是推论
C. ①是事实，②③④是推论 D. ③④是事实，①②是推论
10. 如图是同学们一起参加首都义务植树活动的图片。下列有关说法中正确的是( )
A. 水被泼出，是由于水受到惯性的作用而飞出
B. 在浇树时水会往下流，是由于桶受到了向上的拉力
C. 铁锹前端锋利，是为了减小受力面积增大压强
D. 挖植树所需的坑时，泥土主要发生弹性形变
11. 电加热眼罩可以缓解跟疲劳，它的内部电路有两个发热电阻。只闭合开关S1时为低温状态，再闭合开关S2时为高温状态；若只断开开关S1，眼罩停止发热。下图中的电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
12. 电磁炮内的金属杆通电后会受到磁场的作用力，将炮弹发射出去。如图与这一工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图，向右匀速行驶的动车桌面上有杯水，一束光斜射到水面上，保持入射光方向不变，当动车加速时( )
A. 入射角不变，折射角不变
B. 入射角变小，折射角变小
C. 入射角变大，折射角变大
D. 入射角变大，折射角变小
14. 小林受穿戴式“智能体温计”(如图甲所示)的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，定值电阻R2起保护电路的作用。下列分析正确的是( )
A. 该电路中的电表是电流表 B. 温度变化时R2两端电压不变
C. 温度升高时电路中电流变大 D. 温度降低时电路的总功率变大
15. 长征二号F运载火箭支持中国载人航天从1999年的“神舟一号”到2023年的“神舟16号”，其推进剂燃料为偏二甲肼(C2H8N2)具有______ 大的特性。火箭点火后将燃料燃烧释放的内能转化为______ ，将航天器送入天空。
16. 2023年4月12日，中国“人造太阳”——“东方超环”成功运行403秒，创造了新的世界纪录。“人造太阳”获取核能的方式如图______ 所示。太阳能属于______ 能源。
17. 电鳗是一种能进行短暂强力放电的动物。电鳗放电时，头部是正极，尾部是负极，每枚肌肉薄片像一个小电池，可产生0.15V的电压，许多个“小电池”组装起来，放电时的电压高达600V。电鳗放电时可看成是电路中的______ (选填“电源”或“用电器”)，为获得高达600V的电压，需要______ 个“小电池”串联起来。
18. 静电除尘技术利用了带电体能够______ 的性质；最理想的输电导线用______ (选填“导体”“绝缘体”“半导体”“超导体”)。
19. 如图所示，木块竖立在表面粗糙的小车上，随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，不考虑空气阻力，小车对木块的支持力与木块所受______ 是一对平衡力；当小车突然停车时，木块将向______ (选填“左”或“右”)倾倒。
20. 如图甲所示，将一把尺子，缓慢推出桌面，在尺子未掉下去前，尺子对桌面的压强______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；如图乙所示，用报纸紧密地覆盖在水平桌面上，要在尺子的另一端用力下压将报纸掀开需要较大的力，这是因为报纸受到大气压的作用。已知报纸的上表面面积为0.25m2，则大气对报纸上表面的压力______ N。(大气压取1.0×105Pa，报纸的重力忽略不计)
21. 福建舰的下水标志着人民海军航母进入“三剑客”时代。请在图中的简图中画出福建舰受到的重力和浮力。
22. 如图甲所示是一个磁悬浮地球仪，图乙是其内部结构示意图，地球仪内部的条形磁体上端为S极，其下方的底座中有一个电磁铁，通过磁极间的相互作用使地球仪悬浮在空中，请在乙图括号内标出开关闭合后，①电磁铁的N极或S极；②电源的“+”或“-”极。
23. 小岩去超市买了一桶食用油，如图所示。
(1)小岩提着这桶油在水平路面上走了10m，此过程中小岩对这桶油做功了吗？为什么？
(2)提油时小岩感觉到很勒手，请你用所学的物理知识简述其中的道理，并提出一种解决该问题的方法。
24. 小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：
(1)实验时应先调节杠杆在______ 位置平衡。若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向______ 调(填“左”或“右”)。
(2)杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应在B位置挂上______ 个钩码。
(3)表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据：
实验次数
F1(N)
l1(cm)
F2(N)
l2(cm)
1
2
5
1
10
2
3
10
2
15
3
2
30
3
☆
表中空格处所缺的数据是：☆=______ 。
(4)分析上表中的实验数据可以得出的结论是______ 。
25. 用图甲所示装置探究水的沸腾特点。
(1)组装实验装置时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整______ (选填“烧杯”或“温度计”)的位置。
(2)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)观察到水沸腾的实验现象：①温度计的示数保持不变；②水中产生大量气泡，气泡上升时体积变______ ，到达水面破裂。
(4)水沸腾后，撤去酒精灯，还要继续观察一段时间的主要目的是______ 。
A.观察水沸腾后的体积变化
B.观察水沸腾后的温度变化
C.验证水沸腾不仅要达到沸点，还要持续吸热
D.验证水的沸点和液面上方气压大小有关
(5)由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象，请给实验提一条合理化建议：______ 。
26. 兴趣小组如图所示的装置探究光的反射规律：
(1)为了显示光路，可以让使光束贴着纸板射向平面镜，也可以采用下列______ 的做法。
A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾
B.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行
(2)图中红光激光笔发出的光相当于______ 线。
(3)采用所选的方法显示光路后，实验中小明在玻璃缸的前后左右一周进行观察，发现在左侧面或右侧面的特定位置只能看到入射光或反射光，看不到其他两条光路；而其他位置能看到三条光路。该现象得出的结论是：______ 。
(4)继续研究光的反射定律，发现在探究反射角与入射角之间的关系时有一定困难，原因是：______ 。
(5)让光束贴着纸板照射的方法也能显示光路，因为光在纸板的表面发生______ 。
27. 小双协助老师整理实验室时，发现海波和蔗糖外观非常像，从安全考虑不能尝味道分辨，于是他找来天平和量筒等器材测量其中一种物质的密度来区分。
(1)将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节______ 直至天平平衡。
(2)空烧杯的质量为55.4g。将实验物质装入烧杯，测其总质量如图a，m总=______ g。
(3)小双认为可以将实验物质倒入b图所示的量筒中，通过排水法测出实验物质的体积，同组同学觉得不对，理由是______ 。
(4)小双灵机一动想到新方案。
①先将适量实验物质倒入b图所示的量筒，充分搅拌后放置，量筒中依然有固体实验物质(如c图所示)。测量烧杯和剩余实验物质的质量为72.9g。
②再将剩余实验物质全部倒入c图所示量筒中，测总体积如d图所示V=______ cm3。
③该实验物质的密度为______ g/cm3。
④查阅资料得到蔗糖和海波的一些特性如下，则该实验物质是______ 。
物质
密度/g⋅cm3
熔点/℃
比热容/J⋅(kg⋅℃)-1
蔗糖
1.66
185
1.26×103
海波
1.01
48
0.85×103
(5)小双分析完资料，觉得不用测量仪器，只用酒精灯、烧杯、试管、水、铁架台也可以区分蔗糖和海波。请你简述方法：______ 。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)测量额定电压为“2.5V”的小灯泡正常工作时的电阻。
①测量依据的原理是______ 。
②如图1实验电路，闭合开关S，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，则判断故障可能是______ 。
③排除故障后继续实验。闭合开关，电压表示数为2V，若要测额定电压下的小灯泡电阻，则应将滑动变阻器的滑片P向______ 移，直到电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数为______ A(如图2)，则小灯泡正常工作时的电阻是______ Ω(结果保留小数点后两位)。
(2)测量定值电阻Rx的阻值。
选用器材：电压恒定的电源，已知阻值的电阻R0，电压表，开关等，实验测量电路如图3。
完成下列实验步骤：
①闭合开关S1，断开S2，读出电压表的示数U1；
②______ ，读出电压表示数U2；
③待测电阻的阻值Rx=______ (用已知量和测得量的字母表示)。
29. 如图，灯L的电阻为12Ω，且灯的阻值不随温度变化。闭合开关S后，电流表A示数为0.8A，电流表A1示数为0.3A。求：
(1)电源电压。
(2)10s内电阻R产生的热量。
30. 我国自主设计的某核潜艇完全下潜后的排水量为1.6×104t，潜入水中匀速航行时所受的海水阻力与航速平方的关系如图所示，海水的密度取1.0×103kg/m3。求：
(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力；
(2)该潜艇在水下600m深度处受到海水的压强；
(3)该潜艇在水下以4m/s的速度匀速航行时，水平推力的功率。
31. 电学量往往能够反映力学、热学等物理量的变化，如图是王斌同学设计的测量装置，它能够通过电压表读出球体的直径。图中M、N是两块平行夹板，N板固定，M板可带动滑片P上下移动，并使Pb的长度始终与被测直径相同。已知电源电压4V，R0=20Ω，电压表量程为
0∼3V，变阻器ab总长度为20cm，其每厘米的电阻值为4Ω。
(1)求被测直径是5cm时，电路中的电流和电压表的读数；
(2)该装置所能测量的直径范围是多少？
(3)当王斌在电压表上标出5cm、10cm、15cm三个直径刻度时，发现刻度之间并不等距，老师提示：改进电路就能使刻度均匀。请你帮助王斌画出改进后的电路图(画出电路部分即可)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：轻声是指声音小，而响度是指声音的大小，所以在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的响度，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
响度是指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质和特色，频率是指振动的快慢，可以影响到音调的高低。
音调和响度的概念很容易混淆，是考试的热点内容之一，所以一定要认真区分。
2.【答案】B
【解析】解：法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象；
故选：B。
本题根据我们对物理学史上科学家及其贡献的了解来作答。
熟记物理学史中各科学家所作出的巨大贡献。
3.【答案】A
【解析】解：
A、机械表保养时上油，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故A符合题意；
B、防滑垫表面做得凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不合题意；
C、旋钮侧面制有条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C不合题意；
D、轮胎上制有花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题属于应知应会水平的区分识别类基础题。用摩擦的知识解释生活中的一些现象，使学生学以致用，充分体现了从生活走向物理，从物理走向社会的理念。
4.【答案】A
【解析】解：A、若以“歼-20”为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置没有发生变化，是静止的，故A符合题意；
B、若以塔台为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故B不合题意；
C、若以地面为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故C不合题意；
D、若以机场矗立的五星红旗为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故D不合题意；
故选：A。
判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的。否则是静止的。
此题要求学生由物体的运动和静止会选择参照物，会根据参照物判断物体的运动和静止。
5.【答案】A
【解析】解：火箭升空是由于物体间力的作用是相互的。
A、直升机是利用物体间的力的作用是相互的原理来工作的，故A符合题意；
B、热气球是利用空气的浮力来升空的，故B不符合题意；
CD、客机和风筝是利用流体的压强与流速的关系产生的升力来升空的，故CD不符合题意。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)热气球是利用空气的浮力来升空的。
(3)客机和风筝是利用流体的压强与流速的关系来升空的。
本题主要考查了物体间力的作用是相互的；知道浮力和升力的基本应用。
6.【答案】C
【解析】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故C正确；
D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
7.【答案】C
【解析】解：A、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故A错误；
B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡，灯泡处仍带电，容易发生触电事故，故B错误；
C、在家庭电路中安装空气开关是为了防止电路中的电流过大出现安全事故，故C正确；
D、家庭电路中，电流过大的原因可能是同时工作的用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故D错误。
故选：C。
(1)有金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
(2)在更换灯泡时，应先断开开关；
(3)根据空气开关的作用分析；
(4)造成家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器总功率过大。
有关家庭电路我们应该进行全面的了解，即是学习知识的需要，同时从安全用电的角度也有很强的现实意义。
8.【答案】A
【解析】解：将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜10cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=10cm。
一个物体放在这个透镜前30cm处，此时U>2f，成倒立、缩小的实像。
故选：A。
①阳光聚焦的方法确定凸透镜的焦距。
②根据凸透镜成像的三种情况确定成像情况。
掌握凸透镜成像的三种情况：U>2f，成倒立、缩小的实像；2f>U>f，成倒立、放大的实像；U
9.【答案】A
【解析】解：
“两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起”、“红墨水滴入热水，热水很快变红”是我们都可以观察到实际的现象，故它们都是事实；
“分子之间存在吸引力”、“温度越高，分子的无规则运动越剧烈”无法通过观察得出，但是我们可以由合理的外推得出，故是一种推论。
故选：A。
对于理想实验一定要明确，来源于实际实验，经过合理的外推得出。所以要分清哪些是事实，哪些是合理的推论。
本题考查理想实验的内容，应明白理想实验的意义：以一定的事实为基础，为合理的外推猜想得到一定的结论。
10.【答案】C
【解析】解：A、原来水和桶一起运动，水被泼出，水桶停止运动，水由于惯性要保持原来的运动状态继续运动，但是惯性是一种性质，不是一种力，惯性前面修饰词不能是“受到”，故A错误。
B、水从水桶中倒出，水受重力和阻力作用，重力方向竖直向下，所以水向下流，故B错误。
C、铁锹前端锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确。
D、挖植树所需的坑时，在外力停止作用后，泥土不能恢复原状，所以泥土主要发生塑性形变，故D错误。
故选：C。
(1)惯性是物体的一种性质，不是一种力。
(2)力是改变物体运动状态的原因。
(3)增大压强的方法：在压力一定时减小受力面积；在受力面积一定时增大压力。
(4)在外力停止作用后，能够恢复原状的形变叫做弹性形变，不能恢复原状的形变叫做塑性形变。
本题考查了惯性、重力、增大压强的方法，以及弹性形变和塑性形变的辨别等，都是一些基础知识，掌握基础知识很重要。
11.【答案】C
【解析】解：
由题意知，只闭合开关S1时，电加热眼罩处于低温状态，电功率较小，据P=U2R 知，电路中的电阻较大；两个开关都闭合时，电加热眼罩处于高温状态，电功率较大，据P=U2R 知，电路中的电阻较小。只断开开关S1眼罩停止发热，说明S1控制整个电路。
A.由电路图知，两个电阻并联在电阻中，S1只控制R1支路，故A错误；
B.由电路图知，两个电阻并联在电路中，S2接在干路上，控制整个电路，S1只控制R1这一支路，故B错误；
C.由电路图知，只闭合开关S1两个电阻串联在电路中，电阻较大，处于低温状态；两个开关都闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1工作，电阻较小，处于高温状态；只断开S1时，两个电阻都不工作，故C正确；
D.由电路图知，两个电阻串联连接，只闭合S1电路开路，故D错误。
故选：C。
根据题意分析电路的连接方式、开关的作用，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。
12.【答案】B
【解析】解：电磁炮的工作原理是磁场对通电导体有力的作用；
A、该实验是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，与电磁炮的工作原理不相同，故A错误；
B.开关闭合后，通电导体在磁场作用下能够运动，这与电磁炮的工作原理相同，故B正确；
CD.两个装置中的线圈或导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这是电磁感应现象，与电磁炮的工作原理不相同，故CD错误。
故选：B。
根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
13.【答案】B
【解析】解：动车加速，杯中的水具有惯性保持原来的运动状态，故水面会荡向车子的前后，作出变化后的水面的法线，入射光线与法线的夹角即为入射角，比较变化前后的入射角，由下图可观察得入射角变小，根据光的折射规律，则折射角也变小。
故选：B。
动车加速，杯中的水具有惯性保持原来的运动状态，故水面会荡向车子的前后，作出变化后的水面的法线，根据图示比较变化前后的入射角，判断入射角的大小变化；根据光的折射规律，得出折射角的大小变化。
本题借助惯性现象，考查光的折射规律，有一定难度。
14.【答案】D
【解析】解：A、电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，R2是定值电阻，则电流表示数不变，不符题意，故A错误；
BC、该电路中的电表是电压表，电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可得R2两端电压变小，故B、C错误；
D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大，故D正确。
故选：D。
A、该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，不符题意；
BC、电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，根据U=IR可得R2的电压变小；
D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大。
此类问题能够综合考查串联并联电路的电流、电压、电阻关系、欧姆定律、电功、电功率等知识的掌握和综合运用情况。
15.【答案】热值 机械能
【解析】解：(1)运载火箭采用偏二甲肼作为火箭的燃料，原因是偏二甲肼具有较高的热值，完全燃烧相同质量的偏二甲肼时，可以释放出更多的热量；
(2)火箭升空时的能量转化：燃料的化学能先转化为内能，然后燃气对火箭做功，又将内能转化为火箭的机械能。
故答案为：热值；机械能。
(1)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料；
(2)发射火箭时，燃料燃烧将化学能转化为内能，又将内能转化为火箭的机械能。
本题借助火箭发射考查能量转化以及热值的相关知识，注重知识应用能力的考查，难度不大。
16.【答案】甲 可再生(一次、清洁)
【解析】解：
由题图甲属于轻核核聚变反应；图乙属于重核裂变反应。
东方超环的热核反应，属于核聚变；太阳能属于可再生能源，也是能够从自然界直接获得的一次能源且不产生污染的清洁能源。
故答案为：甲；可再生(一次、清洁)。
(1)核能分为核裂变和核聚变两种，核裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；核聚变主要应用在氢弹上；
(2)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(3)一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，又称天然能源；二次能源是指由一次能源经过加工转换以后得到的能源。
本题考查了核能的分类，太阳能的认识，难度较小。
17.【答案】电源 4000
【解析】解：(1)由题意可知，电鳗可以短暂强力放电，因此，在电路中相当于电源；
(2)因为串联电池组的电压，等于各串联电压的和，
故需要串联的“小电池”的个数为：n=600V0.15V=4000(个)。
故答案为：电源；4000。
(1)电源可以为电路提供电压，据此判断；
(2)知道总电压和电鳗产生的电压，可求出其相当于多少个“小电池”。
本题通过电鳗这种特殊的可放电的鱼类，考查了相关的电学知识，都是基础知识的考查，难度不大。
18.【答案】吸引轻小物体 超导体
【解析】解：静电除尘技术利用了带电体能够吸引轻小物体的性质；
超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路，所以最理想的输电导线用超导体。
故答案为：吸引轻小物体；超导体。
(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路。
本题考查了对带电体的性质、超导体材料的认识，属物理常识题，难度不大。
19.【答案】重力 右
【解析】解：(1)木块随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，木块处于平衡状态；
小车对木块的支持力与木块受到的重力，它们大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力；
(2)小车突然停止运动，木块下部由于受摩擦力而速度减小，而木块的上部由于惯性还要保持原来的运动状态，所以木块向右倾倒。
故答案为：重力；右。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(2)结合惯性的知识可判断小车、木块的运动状态，并做出进一步的判断。
此类题考查了二力平衡的条件及惯性的应用等知识，是一道简单的力学题目。
20.【答案】变大 2.5×104
【解析】解：(1)由于尺子对水平桌面的压力大小等于尺子的重力，因此将尺子缓慢推出桌面时尺子对桌面的压力不变，但受力面积在减小，由p=FS可知，尺子对桌面的压强的变大；
(2)由p=FS可知，大气对报纸上表面的压力：F=pS=1.0×105Pa×0.25m2=2.5×104N。
故答案为：变大；2.5×104。
(1)先分析出尺子对桌面压力和受力面积的变化，再根据p=FS分析出尺子对桌面的压强的变化；
(2)根据p=FS求出大气对报纸上表面的压力。
本题考查压强定义式的应用，难度不大。
21.【答案】解：福建舰受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力作用，由于处于漂浮状态，则浮力等于重力，如图所示：
【解析】福建舰处于漂浮状态，受重力与浮力的作用，根据浮沉条件可知浮力应等于重力，据此画出重力和浮力的示意图。
本题考查物体的漂浮条件和力的示意图的画法，画图时要注意大小、方向及作用点，同时要标准确力的名称。
22.【答案】解：已知条形磁体上端为S极，则下端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极。
根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极(电磁铁的上端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的下端为正极，如图所示：
【解析】根据同名磁极相互排斥确定电磁铁的磁极；根据安培定则确定电流的方向，从而确定电源的正负极。
磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，明确磁悬浮地球仪的工作原理是解答此题的关键。
23.【答案】答：(1)没有做功，因为这桶油没有在拉力的方向上通过一段距离；
(2)由p=FS可知，当F一定时，提手受力面积小，手受到的压强大，会感到勒手；可在手上垫毛巾。
【解析】(1)力学里所说的功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；
(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；减小压力的同时增大受力面积。
本题考查了力是否做功的判断以及减小压强的方法，难度不大。
24.【答案】水平 左 420F1l1=F2l2
【解析】解：(1)实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂；
由图甲知，左端较高，所以应将平衡螺母向左端调节；
(2)设一格为L，一个钩码重G，则有3G×4L=nG×3L，n=4，故应在B处挂4个钩码；
(3)根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：
2N×30cm=3N×L2，解得L2=20cm；
(4)分析实验数据，得出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2(动力×动力臂=阻力×阻力臂)。
故答案为：(1)水平；左；(2)4；(3)20；(4)F1L1=F2L2。
(1)实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡；
在调节杠杆平衡时，平衡螺母总向较高的一端调节；
(2)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；
(3)通过实验得出杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2可求表中空格处所缺的数据；
(4)利用杠杆的平衡条件分析三组数据，动力×动力臂是否等于阻力×阻力臂。
本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握。探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上。
25.【答案】烧杯 94 大 C 减少水的质量
【解析】解：(1)因为外焰温度最高，用酒精灯外焰加热可以提高加热效率。所以加热时要用酒精灯的外焰进行加热，所以安装器材时，酒精灯需要点燃，以便确定铁圈的位置。所以应先调整烧杯的位置；
(2)由图乙可知温度计的分度值是1℃，且在90℃∼100℃之间，根据液柱上表面所对应数值可知温度值94℃；
(3)水沸腾后观察到的实验现象：①温度计的示数保持不变；②水中产生大量气泡，气泡不断上升且变大，到达水面破裂；
(4)本实验是探究水沸腾的特点及现象，水沸腾后，撤去酒精灯，目的是验证水沸腾不仅要达到沸点，还要持续吸热，故选C；
(5)为了缩短加热时间，可采取的措施有：减小水的质量、用热水实验、给烧杯加盖等。
故答案为：(1)烧杯；(2)94；(3)大；(4)C；(5)减少水的质量。
(1)因为外焰温度最高，用酒精灯外焰加热可以提高加热效率。所以加热时要用酒精灯的外焰进行加热，据此分析即可；
(2)由图乙可知温度计的分度值是1℃，且在90℃∼100℃之间，根据液柱上表面所对应数值可得温度值；
(3)水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来；
(4)水沸腾的条件是要达到沸点，并持续吸热；
(5)可考虑从减小水的质量或提高水的初温等方面缩短加热时间。
本题考查实验器材的安装顺序、温度计的读数、水沸腾时的气泡特点等知识，属于综合题目。
26.【答案】A 法 入射光线、反射光线、法线在同一平面内 本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量 漫反射
【解析】解：(1)A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾，小水滴能反射光线，形成光路，便于观察，故A正确；
B.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行，由于没有反射光的物质，故不能看到光线的传播路径，故B错误；
故选：A；
(2)由图可知，红色激光笔发出的光相当于法线；
(3)小明在玻璃缸的前后左右一周进行观察，发现在左侧面或右侧面的特定位置只能看到入射光或反射光，看不到其他两条光路；而其他位置能看到三条光路，这说明入射光线、反射光线、法线在同一平面内；
(4)本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量；
(5)为了看清楚纸板上的光路，纸板材质应是较粗糙，光线射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在纸板上发生了漫反射的缘故。
故答案为：(1)A；(2)法；(3)入射光线、反射光线、法线在同一平面内；(4)本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量；(5)漫反射。
(1)为了显示光路，则应使玻璃缸中的物质能反射光线，形成光路；
(2)根据光的传播路径和光的反射规律解答；
(3)发生反射时，入射光线、反射光线、法线在同一平面内；
(4)不易测量反射角与入射角的大小；
(5)在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里。
此题是探究光的反射定律。要熟记光的反射定律的内容，以及入射角，反射角的定义，并且要搞清每一个相对内容的得出，特别是反射光线、入射光线、法线的关系，要掌握实验的目的和操作方法及结论。
27.【答案】平衡螺母 93.8固体溶于水，导致体积无法准确测量 401.75蔗糖 先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖
【解析】解：
(1)将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母使天平平衡；
(2)由图a可知，总质量为50g+20g+20g+3.8g=93.8g；
(3)通过图b可知，固体在水中溶化，导致体积无法准确测量；
(4)②由图d可知，量筒的分度值为1mL，则总体积为40mL=40cm3；
③由图c到d，量筒中增加的固体体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3，
增加的固体质量m=72.9g-55.4g=17.5g，
固体的密度ρ=mV=17.5g10cm3=1.75g/cm3；
④由于测量得到的固体密度接近表格中蔗糖的密度值，故该实验物质是蔗糖；
(5)先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖。
故答案为：(1)平衡螺母；(2)93.8；(3)固体溶于水，导致体积无法准确测量；(4)②40；③1.75；④蔗糖；(5)先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖。
(1)天平称量质量前，将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母使天平平衡；
(2)总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)排水法测量体积适用于不溶于水的固体；
(4)先分清量筒的分度值。再读出体积值；找到对应固体的质量和体积，计算物质的密度；对比测量的密度值与密度表中的密度值，若二者更接近的，即可确定物质的名称；
(5)由表格数据可知，海波熔点低于水的沸点，蔗糖的熔点高于水的沸点，故用水浴法加热两种固体时，能熔化的是海波，不能熔化的蔗糖。
本题考查了液体密度的测量以及实验分析等，属于综合题。
28.【答案】R=UI L断路 左 0.38.33同时闭合S1、S2 U1-U2U2R0
【解析】解：(1)①测量电阻依据的原理是R=UI；
②如图1实验电路，闭合开关S，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电路可能断路，电压表示数等于电源电压，电压表与电源连通，则判断故障可能是L断路；
③灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；图2中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡正常工作时的电阻是：
Rx=UI=2.5V0.3A≈8.33Ω；
(2)②同时闭合S1、S2，读出电压表示数U2；
③在①电压表测电源的电压；在②中，电压表测定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：
Ux=U1-U2；
根据分压原理有：
U1-U2U2=RxR0；
待测电阻的阻值：
Rx=U1-U2U2R0。
故答案为：(1)①R=UI；②L断路；③左0.3；8.33；(2)②同时闭合S1、S2；③U1-U2U2R0。
(1)①测量电阻的原理是R=UI；
②若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
③灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程读数，根据欧姆定律得出小灯泡正常工作时的电阻；
(2)在①中电压表测电源电压；通过开关的转换，使电压表测定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律及分压原理可得出待测电阻。
本题用伏安法测电阻，考查实验原理、故障分析和测电阻的特殊方法。
29.【答案】解：由图可知，闭合开关S后，灯泡L与定值电阻R并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R的电流；
(1)根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L的电流：IL=I-IR=0.8A-0.3A=0.5A，
由I=UR可知，电源电压：U=UL=ILRL=0.5A×12Ω=6V；
(2)根据并联电路的电压特点可知，R两端的电压：UR=U=6V，
10s内电阻R产生的热量：Q=W=URIRt=6V×0.3A×10s=18J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)10s内电阻R产生的热量为18J。
【解析】由图知，闭合开关S后，灯泡L与定值电阻R并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R的电流；
(1)根据并联电路的电流特点求出通过灯泡L的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，根据Q=W=UIt求出10s内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功公式的应用，是一道基础题。
30.【答案】解：(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力为：
F浮=G排=m排g=1.6×104×103kg×10N/kg=1.6×108N；
(2)潜艇在水下600m深度处受到海水的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×600m=6×106Pa；
(3)当v=4m/s时，速度的平方v2=16m2/s2，由图可得，此时潜水艇受到的海水阻力f=3.2×105N，
因为潜水艇在水中匀速航行，
所以受到的水平推进力F=f=3.2×105N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知，该潜艇以4m/s的速度匀速航行时水平推进力的功率为：
P=Fv=3.2×105N×4m/s=1.28×106W。
答：(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力为1.6×108N；
(2)该潜艇在水下600m深度处受到海水的压强为6×106Pa；
(3)该潜艇在水下以4m/s的速度匀速航行时，水平推力的功率为1.28×106W。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g得出该潜艇在水面下匀速下潜过程中受到海水的浮力；
(2)根据p=ρ水gh可求出潜艇在水下600m深度处受到海水的压强；
(3)从图中可知，潜入水中匀速航行时所受的海水阻力与航速平方成正比，据此得出该潜艇以4m/s的速度匀速航行时所受的海水阻力，潜艇处于平衡状态，根据F=f得出受到的水平推进力，根据P=Wt=Fst=Fv可知该潜艇以4m/s的速度匀速航行时水平推进力的功率。
本题考查浮力、液体压强和功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
31.【答案】解：(1)被测直径是5cm时，RPB=5×4Ω=20Ω，则
电路中的电流I=UR0+RPB=4V20Ω+20Ω=0.1A，
电压表的示数UPB=IRPB=0.1A×20Ω=2V；
(2)电压表的示数为3V时，该装置所能测量的直径最大，
∵串联电路各处的电流相等，
∴UPB' RPB'=U-U0R0，即3VRPB'=4V-3V20Ω，
解得：RPB'=60Ω，
故d=60Ω4Ω/cm=15cm，
所以该装置所能测量的直径范围是0∼15cm；
(3)当定值电阻与Rab的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器下端接入电路中电阻时，电路中的电流不变，根据欧姆定律可知电压表的示数与变阻器下方电阻成正比，改进的电路图如下图所示：
答：(1)被测直径是5cm时，电路中的电流为0.1A，电压表的读数为2V；
(2)该装置所能测量的直径范围是0∼15cm；
(3)如上图所示。
【解析】(1)根据题意求出变阻器接入电路中的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律的应用求出电路中的电流即为电流表的示数，再利用欧姆定律求出变阻器两端的电压即为电压表的示数；
(2)当电压表的示数为3V时，该装置所能测量的直径最大，根据串联电路各处的电流相等和串联电路的电压特点得出等式即可求出变阻器接入电路中的最大阻值，进一步根据题意求出该装置所能测量的直径范围；
(3)要使刻度之间等距只需电压表的示数与被测电阻的阻值成正比即可。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据题意得出球的直径与接入电路中电阻的关系以及会判断该装置所能测量的直径范围是本题的关键，难点是根据电压表的示数与变阻器接入电路的电阻成正比设计电路。
2023年福建省厦门市思明区双十中学中考物理二模试卷
1. 在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的( )
A. 音色 B. 响度 C. 音调 D. 频率
2. 发现电磁感应现象的物理学家是( )
A. 欧姆 B. 法拉第 C. 瓦特 D. 焦耳
3. 如图所示的措施中，为了减小摩擦的是( )
A. 机械表保养时上油
B. 防滑垫表面做得凹凸不平
C. 旋钮侧面制有条纹
D. 轮胎上制有花纹
4. 2022年9月16日，大国重器“歼-20”伴飞护航“运-20”接迎志愿军烈士遗骸回到祖国怀抱，若认为“歼-20”中的飞行员是静止的，则选择的参照物是( )
A. “歼-20” B. 机场塔台
C. 地面 D. 机场矗立的五星红旗
5. 下列物体升空的主要原理与“火箭”升空原理相同的是( )
A. 直升机 B. 热气球
C. 客机 D. 风筝
6. 二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，是中华民族悠久历史文化的重要组成部分。下列与节气有关的物态变化，属于凝华的是( )
A. 雨水，冰雪消融 B. 立夏，雾绕山峦 C. 霜降，霜满枝头 D. 大寒，滴水成冰
7. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 使用电线绝缘皮破损的用电器
B. 在未断开电源的情况下更换灯泡
C. 在家庭电路中安装空气开关
D. 导致家庭电路中电流过大的原因一定是总功率过大
8. 将一个凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个( )
A. 倒立、缩小的实像 B. 倒立、放大的实像 C. 正立、缩小的实像 D. 正立、放大的虚像
9. 科学研究需要进行实验，得到事实，并在此基础上进行必要的推理。因此，在学习科学的过程中我们需要区分事实与推论，则下列表述，正确的是( )
①将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起；
②在液体扩散实验中，红墨水滴入热水，热水很快变红；
③铅块粘在一起证明了分子之间存在吸引力；
④温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
A. ①②是事实，③④是推论 B. ①②④是事实，③是推论
C. ①是事实，②③④是推论 D. ③④是事实，①②是推论
10. 如图是同学们一起参加首都义务植树活动的图片。下列有关说法中正确的是( )
A. 水被泼出，是由于水受到惯性的作用而飞出
B. 在浇树时水会往下流，是由于桶受到了向上的拉力
C. 铁锹前端锋利，是为了减小受力面积增大压强
D. 挖植树所需的坑时，泥土主要发生弹性形变
11. 电加热眼罩可以缓解跟疲劳，它的内部电路有两个发热电阻。只闭合开关S1时为低温状态，再闭合开关S2时为高温状态；若只断开开关S1，眼罩停止发热。下图中的电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
12. 电磁炮内的金属杆通电后会受到磁场的作用力，将炮弹发射出去。如图与这一工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图，向右匀速行驶的动车桌面上有杯水，一束光斜射到水面上，保持入射光方向不变，当动车加速时( )
A. 入射角不变，折射角不变
B. 入射角变小，折射角变小
C. 入射角变大，折射角变大
D. 入射角变大，折射角变小
14. 小林受穿戴式“智能体温计”(如图甲所示)的启发，设计了一个如图乙所示的体温计电路图，用电表示数大小反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，定值电阻R2起保护电路的作用。下列分析正确的是( )
A. 该电路中的电表是电流表 B. 温度变化时R2两端电压不变
C. 温度升高时电路中电流变大 D. 温度降低时电路的总功率变大
15. 长征二号F运载火箭支持中国载人航天从1999年的“神舟一号”到2023年的“神舟16号”，其推进剂燃料为偏二甲肼(C2H8N2)具有______ 大的特性。火箭点火后将燃料燃烧释放的内能转化为______ ，将航天器送入天空。
16. 2023年4月12日，中国“人造太阳”——“东方超环”成功运行403秒，创造了新的世界纪录。“人造太阳”获取核能的方式如图______ 所示。太阳能属于______ 能源。
17. 电鳗是一种能进行短暂强力放电的动物。电鳗放电时，头部是正极，尾部是负极，每枚肌肉薄片像一个小电池，可产生0.15V的电压，许多个“小电池”组装起来，放电时的电压高达600V。电鳗放电时可看成是电路中的______ (选填“电源”或“用电器”)，为获得高达600V的电压，需要______ 个“小电池”串联起来。
18. 静电除尘技术利用了带电体能够______ 的性质；最理想的输电导线用______ (选填“导体”“绝缘体”“半导体”“超导体”)。
19. 如图所示，木块竖立在表面粗糙的小车上，随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，不考虑空气阻力，小车对木块的支持力与木块所受______ 是一对平衡力；当小车突然停车时，木块将向______ (选填“左”或“右”)倾倒。
20. 如图甲所示，将一把尺子，缓慢推出桌面，在尺子未掉下去前，尺子对桌面的压强______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；如图乙所示，用报纸紧密地覆盖在水平桌面上，要在尺子的另一端用力下压将报纸掀开需要较大的力，这是因为报纸受到大气压的作用。已知报纸的上表面面积为0.25m2，则大气对报纸上表面的压力______ N。(大气压取1.0×105Pa，报纸的重力忽略不计)
21. 福建舰的下水标志着人民海军航母进入“三剑客”时代。请在图中的简图中画出福建舰受到的重力和浮力。
22. 如图甲所示是一个磁悬浮地球仪，图乙是其内部结构示意图，地球仪内部的条形磁体上端为S极，其下方的底座中有一个电磁铁，通过磁极间的相互作用使地球仪悬浮在空中，请在乙图括号内标出开关闭合后，①电磁铁的N极或S极；②电源的“+”或“-”极。
23. 小岩去超市买了一桶食用油，如图所示。
(1)小岩提着这桶油在水平路面上走了10m，此过程中小岩对这桶油做功了吗？为什么？
(2)提油时小岩感觉到很勒手，请你用所学的物理知识简述其中的道理，并提出一种解决该问题的方法。
24. 小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：
(1)实验时应先调节杠杆在______ 位置平衡。若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向______ 调(填“左”或“右”)。
(2)杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应在B位置挂上______ 个钩码。
(3)表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据：
实验次数
F1(N)
l1(cm)
F2(N)
l2(cm)
1
2
5
1
10
2
3
10
2
15
3
2
30
3
☆
表中空格处所缺的数据是：☆=______ 。
(4)分析上表中的实验数据可以得出的结论是______ 。
25. 用图甲所示装置探究水的沸腾特点。
(1)组装实验装置时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先调整______ (选填“烧杯”或“温度计”)的位置。
(2)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)观察到水沸腾的实验现象：①温度计的示数保持不变；②水中产生大量气泡，气泡上升时体积变______ ，到达水面破裂。
(4)水沸腾后，撤去酒精灯，还要继续观察一段时间的主要目的是______ 。
A.观察水沸腾后的体积变化
B.观察水沸腾后的温度变化
C.验证水沸腾不仅要达到沸点，还要持续吸热
D.验证水的沸点和液面上方气压大小有关
(5)由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象，请给实验提一条合理化建议：______ 。
26. 兴趣小组如图所示的装置探究光的反射规律：
(1)为了显示光路，可以让使光束贴着纸板射向平面镜，也可以采用下列______ 的做法。
A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾
B.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行
(2)图中红光激光笔发出的光相当于______ 线。
(3)采用所选的方法显示光路后，实验中小明在玻璃缸的前后左右一周进行观察，发现在左侧面或右侧面的特定位置只能看到入射光或反射光，看不到其他两条光路；而其他位置能看到三条光路。该现象得出的结论是：______ 。
(4)继续研究光的反射定律，发现在探究反射角与入射角之间的关系时有一定困难，原因是：______ 。
(5)让光束贴着纸板照射的方法也能显示光路，因为光在纸板的表面发生______ 。
27. 小双协助老师整理实验室时，发现海波和蔗糖外观非常像，从安全考虑不能尝味道分辨，于是他找来天平和量筒等器材测量其中一种物质的密度来区分。
(1)将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节______ 直至天平平衡。
(2)空烧杯的质量为55.4g。将实验物质装入烧杯，测其总质量如图a，m总=______ g。
(3)小双认为可以将实验物质倒入b图所示的量筒中，通过排水法测出实验物质的体积，同组同学觉得不对，理由是______ 。
(4)小双灵机一动想到新方案。
①先将适量实验物质倒入b图所示的量筒，充分搅拌后放置，量筒中依然有固体实验物质(如c图所示)。测量烧杯和剩余实验物质的质量为72.9g。
②再将剩余实验物质全部倒入c图所示量筒中，测总体积如d图所示V=______ cm3。
③该实验物质的密度为______ g/cm3。
④查阅资料得到蔗糖和海波的一些特性如下，则该实验物质是______ 。
物质
密度/g⋅cm3
熔点/℃
比热容/J⋅(kg⋅℃)-1
蔗糖
1.66
185
1.26×103
海波
1.01
48
0.85×103
(5)小双分析完资料，觉得不用测量仪器，只用酒精灯、烧杯、试管、水、铁架台也可以区分蔗糖和海波。请你简述方法：______ 。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)测量额定电压为“2.5V”的小灯泡正常工作时的电阻。
①测量依据的原理是______ 。
②如图1实验电路，闭合开关S，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，则判断故障可能是______ 。
③排除故障后继续实验。闭合开关，电压表示数为2V，若要测额定电压下的小灯泡电阻，则应将滑动变阻器的滑片P向______ 移，直到电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数为______ A(如图2)，则小灯泡正常工作时的电阻是______ Ω(结果保留小数点后两位)。
(2)测量定值电阻Rx的阻值。
选用器材：电压恒定的电源，已知阻值的电阻R0，电压表，开关等，实验测量电路如图3。
完成下列实验步骤：
①闭合开关S1，断开S2，读出电压表的示数U1；
②______ ，读出电压表示数U2；
③待测电阻的阻值Rx=______ (用已知量和测得量的字母表示)。
29. 如图，灯L的电阻为12Ω，且灯的阻值不随温度变化。闭合开关S后，电流表A示数为0.8A，电流表A1示数为0.3A。求：
(1)电源电压。
(2)10s内电阻R产生的热量。
30. 我国自主设计的某核潜艇完全下潜后的排水量为1.6×104t，潜入水中匀速航行时所受的海水阻力与航速平方的关系如图所示，海水的密度取1.0×103kg/m3。求：
(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力；
(2)该潜艇在水下600m深度处受到海水的压强；
(3)该潜艇在水下以4m/s的速度匀速航行时，水平推力的功率。
31. 电学量往往能够反映力学、热学等物理量的变化，如图是王斌同学设计的测量装置，它能够通过电压表读出球体的直径。图中M、N是两块平行夹板，N板固定，M板可带动滑片P上下移动，并使Pb的长度始终与被测直径相同。已知电源电压4V，R0=20Ω，电压表量程为
0∼3V，变阻器ab总长度为20cm，其每厘米的电阻值为4Ω。
(1)求被测直径是5cm时，电路中的电流和电压表的读数；
(2)该装置所能测量的直径范围是多少？
(3)当王斌在电压表上标出5cm、10cm、15cm三个直径刻度时，发现刻度之间并不等距，老师提示：改进电路就能使刻度均匀。请你帮助王斌画出改进后的电路图(画出电路部分即可)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：轻声是指声音小，而响度是指声音的大小，所以在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的响度，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
响度是指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质和特色，频率是指振动的快慢，可以影响到音调的高低。
音调和响度的概念很容易混淆，是考试的热点内容之一，所以一定要认真区分。
2.【答案】B
【解析】解：法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象；
故选：B。
本题根据我们对物理学史上科学家及其贡献的了解来作答。
熟记物理学史中各科学家所作出的巨大贡献。
3.【答案】A
【解析】解：
A、机械表保养时上油，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故A符合题意；
B、防滑垫表面做得凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不合题意；
C、旋钮侧面制有条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C不合题意；
D、轮胎上制有花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题属于应知应会水平的区分识别类基础题。用摩擦的知识解释生活中的一些现象，使学生学以致用，充分体现了从生活走向物理，从物理走向社会的理念。
4.【答案】A
【解析】解：A、若以“歼-20”为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置没有发生变化，是静止的，故A符合题意；
B、若以塔台为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故B不合题意；
C、若以地面为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故C不合题意；
D、若以机场矗立的五星红旗为参照物，“歼-20”中的飞行员相对位置发生了变化，是运动的，故D不合题意；
故选：A。
判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的。否则是静止的。
此题要求学生由物体的运动和静止会选择参照物，会根据参照物判断物体的运动和静止。
5.【答案】A
【解析】解：火箭升空是由于物体间力的作用是相互的。
A、直升机是利用物体间的力的作用是相互的原理来工作的，故A符合题意；
B、热气球是利用空气的浮力来升空的，故B不符合题意；
CD、客机和风筝是利用流体的压强与流速的关系产生的升力来升空的，故CD不符合题意。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)热气球是利用空气的浮力来升空的。
(3)客机和风筝是利用流体的压强与流速的关系来升空的。
本题主要考查了物体间力的作用是相互的；知道浮力和升力的基本应用。
6.【答案】C
【解析】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故C正确；
D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
7.【答案】C
【解析】解：A、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故A错误；
B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡，灯泡处仍带电，容易发生触电事故，故B错误；
C、在家庭电路中安装空气开关是为了防止电路中的电流过大出现安全事故，故C正确；
D、家庭电路中，电流过大的原因可能是同时工作的用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故D错误。
故选：C。
(1)有金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
(2)在更换灯泡时，应先断开开关；
(3)根据空气开关的作用分析；
(4)造成家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器总功率过大。
有关家庭电路我们应该进行全面的了解，即是学习知识的需要，同时从安全用电的角度也有很强的现实意义。
8.【答案】A
【解析】解：将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜10cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=10cm。
一个物体放在这个透镜前30cm处，此时U>2f，成倒立、缩小的实像。
故选：A。
①阳光聚焦的方法确定凸透镜的焦距。
②根据凸透镜成像的三种情况确定成像情况。
掌握凸透镜成像的三种情况：U>2f，成倒立、缩小的实像；2f>U>f，成倒立、放大的实像；U
9.【答案】A
【解析】解：
“两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起”、“红墨水滴入热水，热水很快变红”是我们都可以观察到实际的现象，故它们都是事实；
“分子之间存在吸引力”、“温度越高，分子的无规则运动越剧烈”无法通过观察得出，但是我们可以由合理的外推得出，故是一种推论。
故选：A。
对于理想实验一定要明确，来源于实际实验，经过合理的外推得出。所以要分清哪些是事实，哪些是合理的推论。
本题考查理想实验的内容，应明白理想实验的意义：以一定的事实为基础，为合理的外推猜想得到一定的结论。
10.【答案】C
【解析】解：A、原来水和桶一起运动，水被泼出，水桶停止运动，水由于惯性要保持原来的运动状态继续运动，但是惯性是一种性质，不是一种力，惯性前面修饰词不能是“受到”，故A错误。
B、水从水桶中倒出，水受重力和阻力作用，重力方向竖直向下，所以水向下流，故B错误。
C、铁锹前端锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确。
D、挖植树所需的坑时，在外力停止作用后，泥土不能恢复原状，所以泥土主要发生塑性形变，故D错误。
故选：C。
(1)惯性是物体的一种性质，不是一种力。
(2)力是改变物体运动状态的原因。
(3)增大压强的方法：在压力一定时减小受力面积；在受力面积一定时增大压力。
(4)在外力停止作用后，能够恢复原状的形变叫做弹性形变，不能恢复原状的形变叫做塑性形变。
本题考查了惯性、重力、增大压强的方法，以及弹性形变和塑性形变的辨别等，都是一些基础知识，掌握基础知识很重要。
11.【答案】C
【解析】解：
由题意知，只闭合开关S1时，电加热眼罩处于低温状态，电功率较小，据P=U2R 知，电路中的电阻较大；两个开关都闭合时，电加热眼罩处于高温状态，电功率较大，据P=U2R 知，电路中的电阻较小。只断开开关S1眼罩停止发热，说明S1控制整个电路。
A.由电路图知，两个电阻并联在电阻中，S1只控制R1支路，故A错误；
B.由电路图知，两个电阻并联在电路中，S2接在干路上，控制整个电路，S1只控制R1这一支路，故B错误；
C.由电路图知，只闭合开关S1两个电阻串联在电路中，电阻较大，处于低温状态；两个开关都闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1工作，电阻较小，处于高温状态；只断开S1时，两个电阻都不工作，故C正确；
D.由电路图知，两个电阻串联连接，只闭合S1电路开路，故D错误。
故选：C。
根据题意分析电路的连接方式、开关的作用，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。
12.【答案】B
【解析】解：电磁炮的工作原理是磁场对通电导体有力的作用；
A、该实验是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，与电磁炮的工作原理不相同，故A错误；
B.开关闭合后，通电导体在磁场作用下能够运动，这与电磁炮的工作原理相同，故B正确；
CD.两个装置中的线圈或导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这是电磁感应现象，与电磁炮的工作原理不相同，故CD错误。
故选：B。
根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
13.【答案】B
【解析】解：动车加速，杯中的水具有惯性保持原来的运动状态，故水面会荡向车子的前后，作出变化后的水面的法线，入射光线与法线的夹角即为入射角，比较变化前后的入射角，由下图可观察得入射角变小，根据光的折射规律，则折射角也变小。
故选：B。
动车加速，杯中的水具有惯性保持原来的运动状态，故水面会荡向车子的前后，作出变化后的水面的法线，根据图示比较变化前后的入射角，判断入射角的大小变化；根据光的折射规律，得出折射角的大小变化。
本题借助惯性现象，考查光的折射规律，有一定难度。
14.【答案】D
【解析】解：A、电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，R2是定值电阻，则电流表示数不变，不符题意，故A错误；
BC、该电路中的电表是电压表，电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可得R2两端电压变小，故B、C错误；
D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大，故D正确。
故选：D。
A、该电路中的电表如果是电流表，热敏电阻R1被短路，不符题意；
BC、电阻R1的阻值随温度的升高而增大，串联电路的总电阻变大，根据I=UR得总电流变小，根据U=IR可得R2的电压变小；
D、电阻R1的阻值随温度的降低而减小，串联电路的总电阻变小，根据I=UR得总电流变大，根据P=UI可得功率变大。
此类问题能够综合考查串联并联电路的电流、电压、电阻关系、欧姆定律、电功、电功率等知识的掌握和综合运用情况。
15.【答案】热值 机械能
【解析】解：(1)运载火箭采用偏二甲肼作为火箭的燃料，原因是偏二甲肼具有较高的热值，完全燃烧相同质量的偏二甲肼时，可以释放出更多的热量；
(2)火箭升空时的能量转化：燃料的化学能先转化为内能，然后燃气对火箭做功，又将内能转化为火箭的机械能。
故答案为：热值；机械能。
(1)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料；
(2)发射火箭时，燃料燃烧将化学能转化为内能，又将内能转化为火箭的机械能。
本题借助火箭发射考查能量转化以及热值的相关知识，注重知识应用能力的考查，难度不大。
16.【答案】甲 可再生(一次、清洁)
【解析】解：
由题图甲属于轻核核聚变反应；图乙属于重核裂变反应。
东方超环的热核反应，属于核聚变；太阳能属于可再生能源，也是能够从自然界直接获得的一次能源且不产生污染的清洁能源。
故答案为：甲；可再生(一次、清洁)。
(1)核能分为核裂变和核聚变两种，核裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；核聚变主要应用在氢弹上；
(2)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(3)一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，又称天然能源；二次能源是指由一次能源经过加工转换以后得到的能源。
本题考查了核能的分类，太阳能的认识，难度较小。
17.【答案】电源 4000
【解析】解：(1)由题意可知，电鳗可以短暂强力放电，因此，在电路中相当于电源；
(2)因为串联电池组的电压，等于各串联电压的和，
故需要串联的“小电池”的个数为：n=600V0.15V=4000(个)。
故答案为：电源；4000。
(1)电源可以为电路提供电压，据此判断；
(2)知道总电压和电鳗产生的电压，可求出其相当于多少个“小电池”。
本题通过电鳗这种特殊的可放电的鱼类，考查了相关的电学知识，都是基础知识的考查，难度不大。
18.【答案】吸引轻小物体 超导体
【解析】解：静电除尘技术利用了带电体能够吸引轻小物体的性质；
超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路，所以最理想的输电导线用超导体。
故答案为：吸引轻小物体；超导体。
(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路。
本题考查了对带电体的性质、超导体材料的认识，属物理常识题，难度不大。
19.【答案】重力 右
【解析】解：(1)木块随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，木块处于平衡状态；
小车对木块的支持力与木块受到的重力，它们大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力；
(2)小车突然停止运动，木块下部由于受摩擦力而速度减小，而木块的上部由于惯性还要保持原来的运动状态，所以木块向右倾倒。
故答案为：重力；右。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(2)结合惯性的知识可判断小车、木块的运动状态，并做出进一步的判断。
此类题考查了二力平衡的条件及惯性的应用等知识，是一道简单的力学题目。
20.【答案】变大 2.5×104
【解析】解：(1)由于尺子对水平桌面的压力大小等于尺子的重力，因此将尺子缓慢推出桌面时尺子对桌面的压力不变，但受力面积在减小，由p=FS可知，尺子对桌面的压强的变大；
(2)由p=FS可知，大气对报纸上表面的压力：F=pS=1.0×105Pa×0.25m2=2.5×104N。
故答案为：变大；2.5×104。
(1)先分析出尺子对桌面压力和受力面积的变化，再根据p=FS分析出尺子对桌面的压强的变化；
(2)根据p=FS求出大气对报纸上表面的压力。
本题考查压强定义式的应用，难度不大。
21.【答案】解：福建舰受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力作用，由于处于漂浮状态，则浮力等于重力，如图所示：
【解析】福建舰处于漂浮状态，受重力与浮力的作用，根据浮沉条件可知浮力应等于重力，据此画出重力和浮力的示意图。
本题考查物体的漂浮条件和力的示意图的画法，画图时要注意大小、方向及作用点，同时要标准确力的名称。
22.【答案】解：已知条形磁体上端为S极，则下端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极。
根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极(电磁铁的上端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的下端为正极，如图所示：
【解析】根据同名磁极相互排斥确定电磁铁的磁极；根据安培定则确定电流的方向，从而确定电源的正负极。
磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，明确磁悬浮地球仪的工作原理是解答此题的关键。
23.【答案】答：(1)没有做功，因为这桶油没有在拉力的方向上通过一段距离；
(2)由p=FS可知，当F一定时，提手受力面积小，手受到的压强大，会感到勒手；可在手上垫毛巾。
【解析】(1)力学里所说的功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；
(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；减小压力的同时增大受力面积。
本题考查了力是否做功的判断以及减小压强的方法，难度不大。
24.【答案】水平 左 420F1l1=F2l2
【解析】解：(1)实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂；
由图甲知，左端较高，所以应将平衡螺母向左端调节；
(2)设一格为L，一个钩码重G，则有3G×4L=nG×3L，n=4，故应在B处挂4个钩码；
(3)根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：
2N×30cm=3N×L2，解得L2=20cm；
(4)分析实验数据，得出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2(动力×动力臂=阻力×阻力臂)。
故答案为：(1)水平；左；(2)4；(3)20；(4)F1L1=F2L2。
(1)实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡；
在调节杠杆平衡时，平衡螺母总向较高的一端调节；
(2)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；
(3)通过实验得出杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2可求表中空格处所缺的数据；
(4)利用杠杆的平衡条件分析三组数据，动力×动力臂是否等于阻力×阻力臂。
本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握。探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上。
25.【答案】烧杯 94 大 C 减少水的质量
【解析】解：(1)因为外焰温度最高，用酒精灯外焰加热可以提高加热效率。所以加热时要用酒精灯的外焰进行加热，所以安装器材时，酒精灯需要点燃，以便确定铁圈的位置。所以应先调整烧杯的位置；
(2)由图乙可知温度计的分度值是1℃，且在90℃∼100℃之间，根据液柱上表面所对应数值可知温度值94℃；
(3)水沸腾后观察到的实验现象：①温度计的示数保持不变；②水中产生大量气泡，气泡不断上升且变大，到达水面破裂；
(4)本实验是探究水沸腾的特点及现象，水沸腾后，撤去酒精灯，目的是验证水沸腾不仅要达到沸点，还要持续吸热，故选C；
(5)为了缩短加热时间，可采取的措施有：减小水的质量、用热水实验、给烧杯加盖等。
故答案为：(1)烧杯；(2)94；(3)大；(4)C；(5)减少水的质量。
(1)因为外焰温度最高，用酒精灯外焰加热可以提高加热效率。所以加热时要用酒精灯的外焰进行加热，据此分析即可；
(2)由图乙可知温度计的分度值是1℃，且在90℃∼100℃之间，根据液柱上表面所对应数值可得温度值；
(3)水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来；
(4)水沸腾的条件是要达到沸点，并持续吸热；
(5)可考虑从减小水的质量或提高水的初温等方面缩短加热时间。
本题考查实验器材的安装顺序、温度计的读数、水沸腾时的气泡特点等知识，属于综合题目。
26.【答案】A 法 入射光线、反射光线、法线在同一平面内 本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量 漫反射
【解析】解：(1)A.用喷壶向玻璃缸中喷水雾，小水滴能反射光线，形成光路，便于观察，故A正确；
B.抽尽玻璃缸中空气在黑暗中进行，由于没有反射光的物质，故不能看到光线的传播路径，故B错误；
故选：A；
(2)由图可知，红色激光笔发出的光相当于法线；
(3)小明在玻璃缸的前后左右一周进行观察，发现在左侧面或右侧面的特定位置只能看到入射光或反射光，看不到其他两条光路；而其他位置能看到三条光路，这说明入射光线、反射光线、法线在同一平面内；
(4)本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量；
(5)为了看清楚纸板上的光路，纸板材质应是较粗糙，光线射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在纸板上发生了漫反射的缘故。
故答案为：(1)A；(2)法；(3)入射光线、反射光线、法线在同一平面内；(4)本实验是在玻璃缸内进行的，所以反射角与入射角的大小不容易测量；(5)漫反射。
(1)为了显示光路，则应使玻璃缸中的物质能反射光线，形成光路；
(2)根据光的传播路径和光的反射规律解答；
(3)发生反射时，入射光线、反射光线、法线在同一平面内；
(4)不易测量反射角与入射角的大小；
(5)在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里。
此题是探究光的反射定律。要熟记光的反射定律的内容，以及入射角，反射角的定义，并且要搞清每一个相对内容的得出，特别是反射光线、入射光线、法线的关系，要掌握实验的目的和操作方法及结论。
27.【答案】平衡螺母 93.8固体溶于水，导致体积无法准确测量 401.75蔗糖 先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖
【解析】解：
(1)将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母使天平平衡；
(2)由图a可知，总质量为50g+20g+20g+3.8g=93.8g；
(3)通过图b可知，固体在水中溶化，导致体积无法准确测量；
(4)②由图d可知，量筒的分度值为1mL，则总体积为40mL=40cm3；
③由图c到d，量筒中增加的固体体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3，
增加的固体质量m=72.9g-55.4g=17.5g，
固体的密度ρ=mV=17.5g10cm3=1.75g/cm3；
④由于测量得到的固体密度接近表格中蔗糖的密度值，故该实验物质是蔗糖；
(5)先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖。
故答案为：(1)平衡螺母；(2)93.8；(3)固体溶于水，导致体积无法准确测量；(4)②40；③1.75；④蔗糖；(5)先将酒精灯放在铁架台上，再把盛水的烧杯固定在铁架台的石棉网上，分别把盛有等质量的两种固体的两个试管，再放入盛水的烧杯中并固定在铁架台上，用酒精灯同时加热，观察哪种固体能熔化；能熔化的固体是海波，另一种固体是蔗糖。
(1)天平称量质量前，将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母使天平平衡；
(2)总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)排水法测量体积适用于不溶于水的固体；
(4)先分清量筒的分度值。再读出体积值；找到对应固体的质量和体积，计算物质的密度；对比测量的密度值与密度表中的密度值，若二者更接近的，即可确定物质的名称；
(5)由表格数据可知，海波熔点低于水的沸点，蔗糖的熔点高于水的沸点，故用水浴法加热两种固体时，能熔化的是海波，不能熔化的蔗糖。
本题考查了液体密度的测量以及实验分析等，属于综合题。
28.【答案】R=UI L断路 左 0.38.33同时闭合S1、S2 U1-U2U2R0
【解析】解：(1)①测量电阻依据的原理是R=UI；
②如图1实验电路，闭合开关S，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电路可能断路，电压表示数等于电源电压，电压表与电源连通，则判断故障可能是L断路；
③灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；图2中电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡正常工作时的电阻是：
Rx=UI=2.5V0.3A≈8.33Ω；
(2)②同时闭合S1、S2，读出电压表示数U2；
③在①电压表测电源的电压；在②中，电压表测定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：
Ux=U1-U2；
根据分压原理有：
U1-U2U2=RxR0；
待测电阻的阻值：
Rx=U1-U2U2R0。
故答案为：(1)①R=UI；②L断路；③左0.3；8.33；(2)②同时闭合S1、S2；③U1-U2U2R0。
(1)①测量电阻的原理是R=UI；
②若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
③灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程读数，根据欧姆定律得出小灯泡正常工作时的电阻；
(2)在①中电压表测电源电压；通过开关的转换，使电压表测定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律及分压原理可得出待测电阻。
本题用伏安法测电阻，考查实验原理、故障分析和测电阻的特殊方法。
29.【答案】解：由图可知，闭合开关S后，灯泡L与定值电阻R并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R的电流；
(1)根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L的电流：IL=I-IR=0.8A-0.3A=0.5A，
由I=UR可知，电源电压：U=UL=ILRL=0.5A×12Ω=6V；
(2)根据并联电路的电压特点可知，R两端的电压：UR=U=6V，
10s内电阻R产生的热量：Q=W=URIRt=6V×0.3A×10s=18J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)10s内电阻R产生的热量为18J。
【解析】由图知，闭合开关S后，灯泡L与定值电阻R并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R的电流；
(1)根据并联电路的电流特点求出通过灯泡L的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，根据Q=W=UIt求出10s内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功公式的应用，是一道基础题。
30.【答案】解：(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力为：
F浮=G排=m排g=1.6×104×103kg×10N/kg=1.6×108N；
(2)潜艇在水下600m深度处受到海水的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×600m=6×106Pa；
(3)当v=4m/s时，速度的平方v2=16m2/s2，由图可得，此时潜水艇受到的海水阻力f=3.2×105N，
因为潜水艇在水中匀速航行，
所以受到的水平推进力F=f=3.2×105N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知，该潜艇以4m/s的速度匀速航行时水平推进力的功率为：
P=Fv=3.2×105N×4m/s=1.28×106W。
答：(1)该潜艇完全下潜后受到海水的浮力为1.6×108N；
(2)该潜艇在水下600m深度处受到海水的压强为6×106Pa；
(3)该潜艇在水下以4m/s的速度匀速航行时，水平推力的功率为1.28×106W。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g得出该潜艇在水面下匀速下潜过程中受到海水的浮力；
(2)根据p=ρ水gh可求出潜艇在水下600m深度处受到海水的压强；
(3)从图中可知，潜入水中匀速航行时所受的海水阻力与航速平方成正比，据此得出该潜艇以4m/s的速度匀速航行时所受的海水阻力，潜艇处于平衡状态，根据F=f得出受到的水平推进力，根据P=Wt=Fst=Fv可知该潜艇以4m/s的速度匀速航行时水平推进力的功率。
本题考查浮力、液体压强和功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
31.【答案】解：(1)被测直径是5cm时，RPB=5×4Ω=20Ω，则
电路中的电流I=UR0+RPB=4V20Ω+20Ω=0.1A，
电压表的示数UPB=IRPB=0.1A×20Ω=2V；
(2)电压表的示数为3V时，该装置所能测量的直径最大，
∵串联电路各处的电流相等，
∴UPB' RPB'=U-U0R0，即3VRPB'=4V-3V20Ω，
解得：RPB'=60Ω，
故d=60Ω4Ω/cm=15cm，
所以该装置所能测量的直径范围是0∼15cm；
(3)当定值电阻与Rab的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器下端接入电路中电阻时，电路中的电流不变，根据欧姆定律可知电压表的示数与变阻器下方电阻成正比，改进的电路图如下图所示：
答：(1)被测直径是5cm时，电路中的电流为0.1A，电压表的读数为2V；
(2)该装置所能测量的直径范围是0∼15cm；
(3)如上图所示。
【解析】(1)根据题意求出变阻器接入电路中的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律的应用求出电路中的电流即为电流表的示数，再利用欧姆定律求出变阻器两端的电压即为电压表的示数；
(2)当电压表的示数为3V时，该装置所能测量的直径最大，根据串联电路各处的电流相等和串联电路的电压特点得出等式即可求出变阻器接入电路中的最大阻值，进一步根据题意求出该装置所能测量的直径范围；
(3)要使刻度之间等距只需电压表的示数与被测电阻的阻值成正比即可。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据题意得出球的直径与接入电路中电阻的关系以及会判断该装置所能测量的直径范围是本题的关键，难点是根据电压表的示数与变阻器接入电路的电阻成正比设计电路。
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