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2023年陕西省西安市雁塔区重点中学中考物理七模试卷
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这是一份2023年陕西省西安市雁塔区重点中学中考物理七模试卷，共26页。试卷主要包含了 小明关注到长沙4等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省西安市雁塔区重点中学中考物理七模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 手机无线充电技术是通过电磁感应原理来实现充电的，该原理的发现者是( )
A. 奥斯特 B. 欧姆 C. 焦耳 D. 法拉第
2. 如图所示是西汉时期的熊足青铜鼎。考古学家打造了一个仿制品进行实验，在鼎内装较多水。盖上厚实的鼎盖，闭合锁扣，在鼎下堆放干柴燃烧。当鼎外为1个标准大气压时，鼎内的水竟然在120℃沸腾，下列说法正确的是( )
A. 干柴燃烧烧水是通过做功的方式改变水的内能
B. 水沸腾时产生的“白雾”是汽化现象
C. 鼎内水沸腾时，温度不变，内能增大
D. 鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内的气压小于1个标准大气压
3. 如图所示，2022年12月31日晚西安城墙景区用璀璨的光影秀在墙体上呈现出“一元复始，万象更新”和“再见2022，你好2023”等字样，传达出辞旧迎新与未来期盼的美好愿景，下列说法正确的是( )
A. 护城河边正在发光的LED灯带不是光源
B. 灯光在均匀空气中沿直线传播
C. 红色光束照到路人穿的蓝色衣服上，衣服显示红色
D. 在岸边看到护城河池底比实际的浅是因为光的反射
4. 如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中错误的是( )
A. 正在发声的编钟一定在振动
B. 回音壁应用了声音反射原理
C. 利用辘轳这种提水工具提水时可以省功
D. 从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压
5. 如图所示，把一个苹果放在水平放置的电子秤上(如图甲)，电子秤受到的压力为F1，再把电子秤倾斜放置(如图乙)，电子秤受到的压力为F2。下列说法中正确的是( )
A. 一个苹果的质量约为5g
B. 两图中，F1与F2大小相等
C. 甲图中，苹果对电子秤的压力大小等于苹果所受重力大小
D. 乙图中，苹果的重力与电子秤对苹果的支持力为一对平衡力
6. 一根塑料吸管可以做很多的物理小实验，下列有关实验的说法正确的是( )
A. 图−1，在杯中装满米，插入吸管后压紧，提吸管，吸管对米的摩擦力方向竖直向上
B. 图−2，某同学拿着用吸管自制的气压计从1楼上到10楼，吸管中的水柱将下降
C. 图−3，用吸管吸饮料，是因为人对饮料产生了吸引力，才将饮料吸到口中
D. 图−4，沿水平吸管吹气，竖直吸管中的液柱将下降
7. 国产歼−15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时，向后喷射出高温高速燃气流，为了避免对舰上人员及其他器材造成危害，甲板上安装有偏流板(如图)，偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管。根据已学知识，判断下列说法中错误的是( )
A. 舰载机起飞时，向后方喷气利用了力的作用是相互的这一原理
B. 偏流板内用水冷却，是利用水的比热容大，吸热本领强的特点
C. 制作偏流板的材料应选熔点较低的
D. 航母上的引导员都要佩戴防护耳罩以保护听力，这是在人耳处减弱噪声
8. 2023年4月12日，中国有“人造太阳”之称的全超导托卡马克装置创造了新的世界纪录，标志着我国受控核聚变研究工作又上升到一个新的水平。装置中的超导电缆具有电阻为零的特点，进而使强电流形成强磁场，将极高温等离子状态的物质约束在环形容器里。下列说法正确的是( )
A. 原子弹和“人造太阳”都利用核聚变获得核能
B. 太阳能、核能和潮汐能都属于可再生能源
C. 电阻为零的超导体用于电饭锅的发热体可提高其热效率
D. 强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应
9. 如图，电源电压不变，小灯泡的额定电压为6V，滑动变阻器为“20Ω 0.5A”，电流表的量程为“0～0.6A”。只闭合开关S2时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，在电路安全情况下，下列说法正确的是( )
A. 先闭合开关S2，再闭合开关S1时，小灯泡变暗，电流表示数减小
B. 小灯泡的额定功率为1.2W
C. 电路的最大功率为3W
D. 滑动变阻器连入的阻值范围是12Ω～20Ω
10. 小明关注到长沙4.29楼房坍塌救援现场用到了起重机，其中涉及到滑轮知识，他设计了图甲所示模型装置，虚线框内是由三个相同的滑轮安装成的滑轮组，每个滑轮重10N，利用该滑轮组提升质量为10kg的物体，拉力的功率为150W，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，不计绳重，g取10N/kg，则( )
A. 滑轮组是由一个定滑轮、两个动滑轮构成的
B. 拉力为40N
C. 该滑轮组的机械效率为66.7%
D. 物体上升1m过程中，滑轮组克服摩擦力做的功为50J
11. 如图所示是城市滑扫吸尘车在水平路面上匀速行驶清扫垃圾时的情景，该过程清洁车机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，车身上的LED灯起到警示作用，它是由______ (选填“超导体”或“半导体”)材料制成的，车辆以36km/h的速度通过1500m的马路，需______ min。
12. 我国的北斗导航系统在秋收、秋种中发挥了重要作用，成为农民实打实的丰收金钥匙。如图所示为装有农用北斗终端的无人驾驶智能播种拖拉机，以行进中的拖拉机为参照物，路边的树是______ 的，施肥时人站在很远也能闻到肥料的气味，说明了分子在不停地做______ 。
13. 小明了解到对人体的安全电压一般不高于______ V，某家庭电路如图，电路中画”×”处表示该处断路，开关S闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接______ 线(选填“火”、“零”或“地”)。
14. 如图1所示，停车场的入口处常用闸杆来控制车辆的出入。将闸杆AB看作一个质量分布均匀的杠杆，如图2所示，O为杠杆的支点，杠杆的重力G=40N，AB=3.2m，AO=0.4m。升起闸杆时，分别沿F1和F2方向施加力，则F1 ______ F2(选填“>”、“<”或“=”)，要使闸杆水平平衡，则在A端施加的最小力为______ N，为了减小升起闸杆的力，可以适当将支点O ______ (选填“靠近”或“远离”)A点。
15. 为了体育中考的公平公正，小军设计了一个短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关S1、S2，电磁铁上端为______ 极(选填“N”或“S”)，运动员抢跑后，压敏电阻R0阻值变小，电磁铁的磁性______ (选填“增强”或“减弱”)，抢跑指示灯______ (填“L1”或“L2”)亮，判定运动员抢跑。
16. 小明做了鉴别水和盐水的实验(ρ水<ρ盐水)。如图1，用完全相同的烧杯盛装相同体积的水和盐水，分别放在已调平的天平托盘上，则右侧烧杯中盛装的是______ 。如图2，容器左右两部分分别注入水和盐水，两侧的液面等高，薄膜向左凸起，由此可以判断左侧容器盛装的液体是______ 。如图3，用同一测力计挂着相同的铝球分别放入水和盐水中，盛装水的容器对应的测力计示数较______ (填“大”或“小”)。如图4，同一支密度计分别放入水和盐水中，静止时的位置如图所示，则右侧容器中盛装的是______ 。
17. 光控开关在天黑时自动闭合，声控开关在有声音时自动闭合。请用笔画线代替导线，将图中的器材连接成只有在夜晚且有人经过发声时，灯泡才会发光的电路。
18. 如图，一束光从水中斜射入空气，已知入射光线AO，请画出它的反射光线OB和折射光线OC的大致方向。
19. 请回答下列问题：
(1)如图1所示，体温计的示数为______ ℃。
(2)如图2所示，这是一个会跳的卡片，将卡片反过来放在桌面上，用手向下压，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到卡片向上跳起。这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片做功，因此形变的橡皮筋具有______ 能。
(3)如图3所示，一束太阳光通过三棱镜折射后，被分解成七种颜色的光，在白色光屏上形成一条七彩光带。此时，将一只灵敏度较高的温度计放在可见光色带红光的外侧，过一会儿后，温度计的示数会______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，这是由于红外线具有______ 效应。
(4)如图4所示，用导线在收音机附近时断时续接触电池两端，能听到收音机发出的“咔咔”声，这个现象验证了______ 的存在。
20. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明同学的三次实验情况分别如图甲、乙、丙所示：
(1)实验时，小明将木块放在水平木板上，弹簧测力计沿______ 方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动；
(2)若要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，应选______ 两图的实验进行探究；
(3)在甲图实验中，若木块运动速度0.01m/s受到的摩擦力大小为f1，木块运动速度0.02m/s受到的摩擦力大小为f2，则f1 ______ f2(选填：“大于”、“小于”、“等于”)。
21. 小宇和同学一起搭建了如图甲所示的斜面，来测量小球运动的平均速度，小球从A点沿斜面由静止开始滚下，频闪照相机记录了小球在相同时间内通过的路程。
(1)该实验的测量原理是______ 。
(2)他们用频闪照相机记录了小球的位置，并测出对应的距离，整理的实验数据如表所示：
阶段
路程s/cm
运动时间t/s
平均速度v/(m⋅s−1)
AB
30.00
0.50
0.6
BC
90.00
0.50
1.8
CD
150.00
0.50
分析表中数据可知，CD段小球的平均速度是______ m/s；实验中vBC
(4)为进一步探究小球在斜面上运动的速度与时间的关系，实验小组同学从老师处借来了光电测速仪，它能测出小球经过某点的瞬时速度，正确操作后，小组同学再次完成图甲实验，并分别测出了小球经过B、C、D点时的瞬时速度分别为vB=1.2m/s，vC=2.4m/s，vD=3.6m/s，假设斜面足够长，根据数据的变化规律，请你推测小球从A处由静止滚下，经过______ s到达E点(图中未画出)时的瞬时速度为6m/s。
22. 小明利用如图1所示的装置探究“平面镜成像特点”。
(1)实验开始时，小明同学透过玻璃板看到两个不重合的像，其原因可能是玻璃板太______ (选填“薄”或“厚”)。
(2)为了保证实验效果，实验时换用镀膜玻璃板，应选玻璃板的______ 边缘(选填“镀膜面”或“不镀膜面”)与白纸上的横线重合，此时只能看到一个像且像更加清晰是因为镀膜后增强了光的______ (选填“反射”或“折射”)。
(3)实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，在蜡烛A这一侧透过玻璃板观察，此时在光屏上______ (选填“能”或“不能”)看到蜡烛A的像，小明的做法是______ (选填“正确”或“错误”)的。
(4)小明在做完平面镜实验后，注意到爸爸为自己家汽车的车窗贴上太阳膜(即是在汽车玻璃内表面粘贴上一层专用的透明膜)，达到阻挡红外线、阻隔部分热量、降低车内温度、防眩光等作用，小明对市场上2种品牌太阳膜的隔热性能进行如下探究：
a.如图2所示，在暗室中将一侧贴有品牌太阳膜的玻璃板竖直放在水平桌面上，在距离玻璃板左侧20cm放置一个红外线灯，玻璃板右侧放置一个光能风车(光能风车的风叶在红外线照射下，转动快慢能反映接收到的红外线的强弱)。
b.打开红外线灯，观察并记录30s内光能风车风叶转动的圈数。
c.改变红外线灯的位置，使之距离玻璃板的距离分别为40cm、60cm、80cm，重复步骤b。
①本实验需要的测量工具有秒表和______ 。
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，利用光能风车转动快慢反映接收到的红外线强弱，以下所用方法与该研究方法不同的是______ 。
A.在平面镜成像实验中，利用两个完全相同的蜡烛验证像与物的大小关系
B.通过电流表的指针偏转以及小灯泡发光情况来判断物质的导电能力
C.探究动能影响因素时，用木块前进的距离反映物体动能大小
③光能风车转动越快，表明玻璃板隔热性能越______ (选填“好”或“差”)。
④将光能风车换为光谱分析仪，实验得到下列信息，回答下列问题：
型号名称
使用位置
可见光穿透率(%)
红外线穿透率(%)
总太阳能阻隔率(%)
紫外线阻隔率(%)
A
车身
16.7
29
64.4
99
B
车身
24.6
43.1
52.6
99
Ⅰ.阳光中红外线是造成车内温度升高的主要因素，如表中型号______ 的太阳膜有更好的隔热效果；
Ⅱ.两种型号对比，汽车贴上型号______ 的太阳膜，车内相对明亮些。
23. 如图所示，图甲为电热毛巾架，额定电压为220V。该毛巾架通过智能系统能够实现高温、低温挡自动切换。图乙所示为其内部电路原理图，R1和R2都为发热电阻丝，图丙为该毛巾架在正常工作30min内电流随时间变化的图象。求：
(1)开关S接______ (选填“1”或“2”)时，电热毛巾架处于高温挡，求高温挡的功率。
(2)发热电阻丝R2的电阻。
(3)电热毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量。
24. 全球最大的“超级电梯”三峡升船机是三峡工程重要通航设施之一，主要为客船、货船和特种船舶提供快速过坝通道，过船规模为3000吨级，提升总质量约15500吨，最大提升高度为113米，是目前世界上规模最大、技术难度最高的垂直升船机。
与电楼相似，升船机主要由塔柱、承舱厢、滑轮组和平衡重组等构成，如图2，承船厢装满水时水深3.5米、总质量为15500吨，其工作原理是：船只由航道进入装满水的承船厢，此时滑轮组无驱动力，平衡重组借助滑轮组使承船厢和船只保持悬空静止；关闭闸门后，再由带驱动力的滑轮组和平衡重组共同将承船厢提升或下降，到达位置后开闸，船只离开承重厢驶出。(g取10N/kg)
(1)如图2，升船机滑轮组中定滑轮既可以产生驱动力，还可以______ 。
(2)承船厢中装满水，船只未进入时，水对承船厢底部的压强为多少？
(3)升船机将一艘总质量为3000吨的货轮，从下航道闸口以0.2m/s的速度提升100米到上航道闸口。求：
①在提升过程中，为克服系统机械摩擦阻力和风阻力等，滑轮组驱动机构给予了承船厢4×106N的驱动力，求在这次提升中滑轮组的驱动功率。
②升船机提升货轮的机械效率。(结果精确到0.1%)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：手机无线充电技术的原理是电磁感应现象，该原理是法拉第发现的。
故选：D。
闭合电路的一部导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象。
本题考查了电磁感应现象，属于基础题。
2.【答案】C
【解析】解：A、干柴燃烧烧水是通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；
B、水沸腾时产生的“白雾”是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、鼎内水沸腾时，水沸腾时继续吸热，内能增加，但温度保持不变，故C正确；
D、鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内的气压大于1个标准大气压，故D错误。
故选：C。
(1)做功和热传递是改变物体内能的两种方式；
(2)物质由气态变成液态的过程叫液化；
(3)内能的大小跟质量、温度、状态有关；
(4)气压高，水的沸点高。
本题考查内能、液化和气压与沸点的关系，属于综合题。
3.【答案】B
【解析】解：A、护城河边正在发光的LED灯带是光源，因为它们自身能够发光，故A错误；
B、光在均匀空气中是沿直线传播，故B正确；
C、不透明物体只反射与它颜色相同的色光，蓝色衣服只能反射蓝光，不能反射红光，红光照在蓝色衣服上被吸收，路人的衣服显示是黑色的；
D、在岸边看到护城河水，河底反射的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线远离法线，人眼逆着射来的光线看去，人看到的是变浅了的河底的虚像，故D错误；
故选：B。
(1)本身能够发光的物体叫光源；
(2)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光所决定的；不透明物体只反射与它颜色相同的色光，吸收与它颜色不同的色光；不透明的白色物体能反射各种色光，黑色物体吸收各种色光；
(4)由于光的折射，在水中看岸上的景物，看到的是位置偏高的虚像。
知道光源概念，理解光的直线传播、光的反射、折射现象。
4.【答案】C
【解析】解：A、正在发声的编钟一定在振动，故A正确；
B、回音壁应用了声音反射原理，故B正确；
C、利用辘轳这种提水工具提水时不可以省功，故C错误；
D、两心壶内部包括两部分，用手按住壶身上的其中一个小孔，壶内液体产生的压强与液体上方密闭气体产生的压强之和，等于外界大气压，壶内液体无法倒出。而另一半液体与大气相通，可以顺利倒出，因此，两心壶是利用大气压来实现这一功能的，故D正确。
故选：C。
(1)声音是物体的振动产生的。
(2)回音壁应用了声音反射原理。
(3)任何机械都不能省功。
(4)大气受重力的作用，大气又有流动性，因此大气对浸在里面的东西都有压强，这就是大气压强。
本题考查了声和功的原理及大气压属于基础题。
5.【答案】C
【解析】解：A.一个苹果的质量约为150g，故A错误；
B.物体放在水平面上时对水平面的压力等于自身的重力，乙中电子秤倾斜了，则压力变小，示数变小，电子秤显示的示数F1与F2大小不相等，故B错误；
C.甲图中，苹果受力平衡，重力与支持力大小相等，而苹果对电子秤的压力与电子秤对苹果的支持力是一对相互作用力，故大小相等，方向相反，因而甲图中，苹果对电子秤的压力大小等于苹果所受重力大小，故C正确。
D.乙图中，支持力与电子秤表面垂直，则苹果的重力与电子秤对苹果的支持力不在同一直线上，故不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)根据生活经验估测苹果的质量；
(2)二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
压力是垂直作用在物体表面上的力。压力不都是由重力产生的，有时也是人为产生的。只有物体自由放置在水平面上，物体对水平面的压力大小才等于重力大小；
(3)相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查了平衡力、相互作用力的辨别，重力和压力的辨别，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】解：
A、在杯中装满米，插入吸管后压紧，提吸管时，米处于静止状态，受到竖直向下的重力、吸管对米竖直向上的摩擦力的作用，故A正确；
B、大气压随高度的增加而减小，容器内气体压强支持细管液体压强和外界大气压强，当外界大气压减小，液柱升高，故B错误；
C、用吸管吸饮料，是因为人吸走了管中的空气，在管外大气压的作用下，饮料被压入口中，故C错误；
D、在流体中，流速越大的位置压强越小，从B管吹气时A管上方的空气流速变大，压强变小，水会被大气压压上去，故D错误。
故选：A。
(1)根据二力平衡条件分析摩擦力的方向；
(2)大气压随高度的升高而减小；
(3)用吸管吸饮料，饮料是在大气压作用下进到嘴里的；
(4)流体的流速越大的位置压强越小。
通过几个小实验考查了摩擦力的方向、大气压和高度的关系、大气压在生活中的应用、流体的压强跟流速的关系等，体现了物理知识在生活中的应用。
7.【答案】C
【解析】解：A、舰载机起飞时，向后方挡板喷气，舰载机喷出的燃气对挡板产生向后的推力，反之挡板对舰载机喷出的燃气产生前的推力，使舰载机起飞是利用了力的作用是相互的原理，故A正确；
B、水的比热容比较大，在升高相同的温度时需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度，故B正确；
C、为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板的材料应具有较高的熔点，故C错误；
D、航母上的引导员都要佩戴防护耳罩以保护听力，这是在人耳处减弱噪声，故D正确。
故选：C。
(1)一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(2)水的比热容较大，同等质量的不同物质，吸收相同的热量，水的温度变化较小；
(3)为了防止偏流板被高温熔化，制作偏流板材料的熔点应较高；
(4)减弱噪声有三个途径：在人耳处、在传播过程中、在声源处。
本题考查力的概念、水的比热容的应用、熔点和声现象，属于综合题。
8.【答案】D
【解析】解：A、原子弹利用核裂变获得核能；“人造太阳”利用核聚变获得核能，故A错误；
B、太阳能和潮汐能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源；而核能不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源，故B错误；
C、超导体电阻为零，不能用于电饭锅的发热体，故C错误；
D、电流周围存在磁场，强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应，故D正确。
故选：D。
(1)原子弹利用核裂变获得核能；“人造太阳”利用核聚变获得核能；
(2)能够从自然界源源不断得到补充的能源为可再生能源；不能够从自然界源源不断得到补充的能源为不可再生能源；
(3)超导体电阻为零，不能作为用电器的发热材料；
(4)电流周围存在磁场，强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应。
本题考查了核能的利用、能源的分类、超导体的用途、电流的磁效应，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：A、只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，
由并联电路的特点可知，再闭合开关S1时，灯泡所在支路不受影响，因此灯泡的亮度不变，
由并联电路的电流特点可知，电流表的示数变大，故A错误；
B、因为电路为灯泡的简单电路时，灯泡正常发光，所以电源电压：U=UL=U额=6V，
灯泡与滑动变阻器并联时，通过滑动变阻器的电流：I滑小=UR滑大=6V20Ω=0.3A，
由并联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流：IL=I−I滑小=0.5A−0.3A=0.2A，
则灯泡的额定功率：P额=ULIL=6V×0.2A=1.2W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中电流最大时，电路的干路最大，
由并联电路的电流特点可知，灯泡和滑动变阻器并联时，电路中电流可达最大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以干路的最大电流为0.6A，
此时通过滑动变阻器最大的电流：I滑=I大−IL=0.6A−0.2A=0.4A<0.5A，符合题意，
则电路的最大功率：P大=UI大=6V×0.6A=3.6W，故C错误；
D、由C可知，通过滑动变阻器最大的电流为0.4A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻：R滑小=UI滑大=6V0.4A=15Ω，
由欧姆定律和并联电路的电流特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，干路的电流小于0.6A，因此滑动变阻器连入的阻值范围为15Ω～20Ω，故D错误。
故选：B。
(1)只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点分析灯泡亮度的变化，根据并联电路的电流特点分析电流表示数的变化；
(2)根据电路为灯泡的简单电路时，灯泡正常发光求出电源电压；根据欧姆定律求出灯泡与滑动变阻器并联时通过滑动变阻器的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)根据P=UI可知，电源电压一定时，电路中电流最大时，电路的干路最大；根据并联电路的电流特点可知电路中电流最大时的电路连接；根据电流表的量程确定干路中的最大电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器最大的电流，与滑动变阻器允许通过的最大电流进行比较，进而确定干路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率；
(4)根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻，进而求出滑动变阻器连入的阻值范围。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、由图乙可知，在t=2s内，物体上升高度h=2m，绳子自由端移动距离s=6m，滑轮组承担物重的绳子段数：n=sh=6m2m=3，由三个相同的滑轮安装成的滑轮组，如下图所示，滑轮组应该由两个定滑轮、一个动滑轮构成的，故A错误；
B、绳端速度v=st=6m2s=3m/s，由P=Wt=Fst=Fv可得，绳端拉力F=Pv=150W3m/s=50N，故B错误；
C、滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=mgnF=10kg×10N/kg3×50N≈66.7%，故C正确；
D、物体上升高度h′=1m，有用功W有=Gh=mgh=10kg×10N/kg×1m=100J，绳端拉力做的总功W总=Fs=Fnh′=50N×3×1m=150J，
额外功W额=W总−W有=150J−100J=50J，
其中克服动滑轮重力做的额外功W动=G动h′=10N×1m=10J，
不计绳重，所以克服摩擦做的额外功Wf=W额−W动=500J−10J=40J，故D错误。
故选：C。
(1)根据图乙可知物体和绳子自由端的运动情况，根据拉力端移动距离s=nh求出滑轮组承担物重的绳子段数n，根据承担物重绳子的段数和滑轮的个数判断滑轮组中定滑轮和动滑轮的个数；
(2)由图象计算绳端移动速度，根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力的大小；
(3)根据η=W有W总=GhFs=mgnF计算滑轮组的机械效率；
(4)根据W有=Gh=mgh计算有用功，W总=Fs=Fnh计算总功，从而计算出额外功，根据W动=G动h计算克服动滑轮重力做的额外，从而得到滑轮组克服摩擦力做的额外功。
本题考查了滑轮组特点、有用功、总功、额外功、功率以及机械效率公式的应用，难度适中。
11.【答案】变大 半导体 2.5
【解析】解：城市清洁车在水平路面上匀速行驶清扫垃圾时，其速度和高度虽然没有变化，由于吸入垃圾，质量不断变大，所以该过程中清洁车的动能和重力势能都变大，而动能和势能统称为机械能，故其机械能变大；
车身上的LED灯起到警示的作用，LED灯由发光二极管组成，它是由半导体材料制成的；
车辆以36km/h的速度通过1500m的马路时，
车辆的速度为：v=36km/h=36×13.6m/s=10m/s，
需要的时间为：
t=sv=1500m10m/s=150s=2.5min。
故答案为：变大；半导体；2.5。
(1)影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，清洁车在清扫垃圾时质量变大，据此分析动能和重力势能的变化，即可判断出机械能的变化；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的；
(3)根据t=sv求出清洁车过马路的时间。
本题是一道综合题，主要考查动能、重力势能的影响因素、速度公式的应用，知道二极管是由半导体材料制成的。
12.【答案】运动 无规则运动
【解析】解：以行进中的拖拉机为参照物，路边的树的位置发生改变，是运动的；
施肥时人站在很远也能闻到肥料的气味，是肥料分子无规则运动的结果，是扩散现象，说明组成物质的分子在不停地做无规则运动。
故答案为：运动；无规则运动。
(1)被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)根据分子动理论知识可知：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
本题考查内扩散现象、运动和静止的相对性，是一道基础性题目，难度不大。
13.【答案】36 会 地
【解析】解：对人体的安全电压一般不高于36V；图中开关接在火线与电灯之间，若“×”的位置发生了断路，则干路零线断路，开关闭合后，A点通过灯泡与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接地线。
故答案为：36；会；地。
用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接地线。
本题考查了测电笔的使用、安全用电常识，是一道联系实际的应用题。
14.【答案】> 120 远离
【解析】解：根据图2可知，在阻力、阻力臂不变的情况下，F1的力臂要小于F2的力臂，根据杠杆的平衡条件可知，F1>F2；
要使横杆AB保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知：F×OA=G×(AB2−OA)则：F×0.4m=40N×(3.2m2−0.4m)，解得：F=120N，即在A端施加的最小的力为120N；
在杠杆重力不变的情况下，要减小动力的大小，根据杠杆的平衡条件可知，可以增大动力臂或减小阻力臂，所以为了减小升起闸杆的力，可以适当将支点O远离A点。
故答案为：>；120；远离。
利用杠杆的平衡条件分析F1和F2的大小关系；根据杠杆的平衡条件求出最小力的大小；根据杠杆平衡条件分析支点的移动方向。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、杠杆中最小力的问题，难度适中。
15.【答案】S 增强 L2
【解析】解：工作人员闭合开关S1、S2，此时电流从电磁铁下端流入，上端流出，根据右手定则可知，电磁铁上端为S极；
若运动员抢跑，则起跑器所受压力变小，R0电阻变小，由欧姆定律可知，控制电路电流变大，则电磁铁的磁性增强；衔铁被吸下，动触点与下方静触点接触，L2所在回路接通，指示灯L2亮，判定运动员抢跑。
故答案为：S；增强；L2。
(1)根据电流方向，利用右手定则判断电磁铁上端极性；
(2)通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强，通过电磁铁的电流越小，电磁铁磁性越弱；根据图示控制电路与工作电路分析。
本题考查欧姆定律的应用、抢跑器的工作原理等知识，分析清楚电路结构、明白电磁继电器的工作原理即可正确解题。
16.【答案】水 水 大 盐水
【解析】解：(1)在图1中，天平左侧下倾，说明在烧杯质量相同时，左边液体的质量大，同时液体体积相等，故由公ρ=mV可知，左侧液体密度大于右侧液体密度，而ρ水<ρ盐水，所以左侧烧杯中装的是盐水，右侧烧杯装的是水。
(2)在图2中，容器左右两部分分别注入水和盐水，两侧的液面等高，根据液体压强公式p=ρgh可知，薄膜会向液体密度小的一边突起，薄膜向左凸起，由此可以判断左侧容器盛装的液体是水。
(3)相同的铝球浸没在两液体中，排开液体的体积相等，而ρ水<ρ盐水，由公式F浮=ρgV排可知，铝球在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，由公式F浮=G−F示可得，F示=G−F浮，在铝球重力一定时，装水容器对应的测力计示数较大。
(4)同一支密度计分别放入水和盐水中静止时的位置，根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，又因为F浮=ρ液gV排，右图中密度计排开液体的体积小，则右图在液体的密度大，故右侧容器中装的是盐水。
故答案为：(1)水；
(2)水；
(3)大；
(4)盐水。
(1)天平左侧下倾，说明左边液体的质量大，在液体体积相等时，由公式ρ=mV可知两烧杯中液体密度的大小关系；
(2)两液体在相同深度下，根据公式p=ρgh可知，密度越大，压强越大；
(3)由公式F浮=G−F示及F浮=ρgV排分析测力计示数大小关系；
(4)根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理判断液体密度大小。
本题综合考查物体浮沉条件、液体压强计算公式、阿基米德原理、密度公式的灵活应用，以实验的形式采用多种方案比较液体密度大小，要熟练掌握。
17.【答案】解：经分析可知，光控开关和声控开关串联共同控制灯泡的亮暗，如下图所示：
【解析】由题意可知，只有晚上且有人走动发生出声音时灯亮，否则灯不亮，说明两开关不能独立工作即为串联，然后共同控制灯泡的亮暗，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出光控开关和声控开关的连接方式是关键。
18.【答案】解：法线已画出，在法线的右侧空气中画出折射光线OC，注意折射角大于入射角；然后再根据反射角等于入射角画出反射光线OB，如图所示：
【解析】一束光从水斜射入空气中，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反射规律、折射规律即可作出对应的反射光线和折射光线。
本题考查了根据光的折射规律作图，弄清光从空气斜射向水，还是从水斜射向空气，从而确定折射角和入射角的大小关系。
19.【答案】36.8 弹性势 变大 热 电磁波
【解析】解：(1)该体温计的分度值是0.1℃，此时的示数为36.8℃。
(2)将卡片反过来放在桌面上，用手向下压，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到卡片向上跳起。这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片做功，因此形变的橡皮筋具有弹性势能。
(3)将一只灵敏度较高的温度计放在可见光色带红光的外侧，过一会儿后，温度计的示数会变大，这是有红外线具有热效应。
(4)用导线在收音机附近时断时续接触电池两端，能听到收音机发出的“咔咔”声，这个现象验证了电磁波的存在。
故答案为：(1)36.8；(2)弹性势；(3)变大；热；(4)电磁波。
(1)体温计的分度值是0.1℃，读数前要弄清楚它的量程和分度值。
(2)物体由于发生弹性形变所具有的能量叫弹性势能。
(3)在红光之外有一种看不见的光叫红外线；红外线的主要特点是热作用。
(4)迅速变化的电流激发电磁波。
本题考查了体温计的读数、弹性势能的概念、红外线以及电磁波的产生；本题属于基础性题目。
20.【答案】水平 甲乙 等于
【解析】解：(1)实验时，小明将木块放在水平木板上，弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动；
(2)若要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力相同，应选甲、乙两图的实验进行探究；
(3)在甲图实验中，若木块运动速度0.01m/s受到的滑动摩擦力大小为f1，木块运动速度0.02m/s受到的滑动摩擦力大小为f2，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，则f1等于f2。
故答案为：(1)水平；(2)甲乙；(3)等于。
(1)用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】v=st 3 重力势 D 2.5
【解析】解：(1)该实验的测量原理是：v=st；
(2)由表格数据可知：小球在CD段运动的平均速度：
vCD=sCDtCD=150.0cm50s=3m/s；
小球由A向C运动过程中，高度减小，重力势能减小，将重力势能转化为动能，小球质量不变，所以速度变大；
(3)根据图甲可知，相等时间内，小球通过的路程越来越长，即小球的速度越来越大，图A小球通过的路程不随时间的变化而变化，故A错误；图B小球通过的路程跟时间成正比，即速度不变，故B错误；图C小球运动的速度不随时间的变化而变化，即速度不变，故C错误；图D小球的速度随时间的增加而增大，故D正确；
(4)从(3)可知：小球运动的速度与时间成正比(匀加速运动)，且小球1s时的速度为2.4m/s，则经过2.5s小球的速度(经过E点时的速度)为6/s。
故答案为：(1)v=st；(2)3；重力势；(3)D；(4)2.5。
(1)根据v=st计算平均速度；
(2)由表格可得CD段物体运动的距离和时间，由v=st计算CD段的平均速度；
重力势能与物体的质量和高度有关；动能与物体的质量和速度有关，由此分析其能量的转化情况；
(3)根据图甲可知，相等时间内，小球通过的路程越来越长，即小球的速度越来越大；
(4)从表格数据可以看出，时间每间隔0.5s，速度增加1.2m/s，即瞬时速度与时间成正比。
本题主要考查了测量物体的平均速度的实验，解题的关键是正确理解平均速度的计算。
22.【答案】厚 镀膜面 反射 能 错误 刻度尺 A 差 A B
【解析】解：(1)厚玻璃板两个表面(相距较远)都可反射成像，实验开始时，小明同学透过玻璃板看到两个不重合的像，其原因可能是玻璃板太厚；
(2)平面镜成像属于光的反射，一面镀膜的玻璃板反射能力较强，成像比较清晰，故应选玻璃板的镀膜面与白纸上的横线重合，此时只能看到一个像且像更加清晰，是因为镀膜后增强了光的反射；
(3)实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，在蜡烛A这一侧透过玻璃板观察，因平面镜成的像属于光的反射，此时在光屏上能看到蜡烛A的像，小明的做法是错误的；
(4)①打开红外线灯，观察并记录时间要用到停表，改变红外线的位置，使之距离玻璃板距离不同要用到刻度尺；
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，本实验用光能风车的风叶转动快慢来反映红外线的强弱，即实验中运用到了转换法；光能风车转动越快，表明玻璃板透过的光越多，隔热性能越差。
A.在平面镜成像实验中，利用两个完全相同的蜡烛验证像与物的大小关系，采用了等效替代法，
B.通过电流表的指针偏转以及小灯泡发光情况来判断物质的导电能力，采用了转换法；
C.探究动能影响因素时，用木块前进的距离反映物体动能大小，采用了转换法；
故选：A；
③根据转换法，光能风车转动越快，表明玻璃板隔热性能越差；
④Ⅰ.阳光中红外线是造成车内温度升高的主要因素，那么红外线穿透率越低，隔热效果越好，根据表中数据，A型号的太阳膜红外线穿透率小，故A的太阳膜有更好的隔热效果；
Ⅱ.两种型号对比，B型号的太阳膜可见光穿透率高，故小汽车贴上型号B的太阳膜，车内相对明亮些。
故答案为：(1)厚；(2)镀膜面；反射；(3)能；错误；(4)①刻度尺；②A；③差；④Ⅰ.A；Ⅱ.B。
(1)厚玻璃板两个表面(相距较远)都可反射成像，且成的像不重合；
(2)平面镜成像属于光的反射，一面镀膜的玻璃板反射能力较强，成像比较清晰；
(3)虚像不能成在光屏上，实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，应在玻璃板后直接观察光屏上有无像；
(4)①根据实验中要测量距离分析；
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，根据转换法，本实验用光能风车的风叶转动快慢来反映红外线的强弱，光能风车转动越快，表明玻璃板透过的光越多，隔热性能越差；
分析每个选项，找出符合题意的选项；
③根据转换法分析；
④Ⅰ.太阳光中的红外线是造成车内温度升高的主要因素，那么红外线穿透率越低，则隔热效果越好；
Ⅱ.根据表中可见光的穿透率判断。
本题探究“平面镜成像特点”，考查对器材的要求、操作过程及获取信息解决问题的能力。
23.【答案】1
【解析】接：(1)由图乙可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接1时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，由P=UI可知，电路中的总功率最大，电热毛巾架处于高温挡；
根据图丙可知，高温挡工作时电路中的电流I高=2A，
高温挡的功率：P高=UI高=220V×2A=440W；
(2)由I=UR可知，R1的阻值：R1=UI高=220V2A=110Ω，
当开关S接2时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由欧姆定律可知，电路中的电流最小，则电路中的总功率最小，电热毛巾架处于低温挡，
由I=UR可知，R1、R2的串联总电阻：R=UI低=220V0.5A=440Ω，
则R2的阻值：R2=R−R1=440Ω−110Ω=330Ω；
(3)毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量：Q=W=UI低t=220A×0.5A×20×60s=1.32×105J。
答：(1)1；高温挡的功率为440W；
(2)发热电阻丝R2的电阻为330Ω；
(3)毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量为1.32×105J。
(1)由图乙可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电热毛巾架高温挡和低温挡的电路连接；
根据图丙可知高温挡工作时电路中的电流，根据P=UI求出高温挡的功率；
(2)根据高温挡时电路中的电流，利用欧姆定律求出发热电阻丝R1的电阻；根据低温挡时电路中的电流，利用欧姆定律求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
(3)根据Q=W=UIt求出毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
24.【答案】改变力的方向
【解析】解：(1)根据定滑轮的特点可知，升船机滑轮组中定滑轮还可以改变力的方向；
(2)水对承船厢底部的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m=3.5×104Pa；
(3)①由定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的速度v=v货轮=0.2m/s
滑轮组的驱动功率：P=Wt=Fst=Fv=4×106N×0.2m/s=8×105W；
②升船机提升货轮做的有用功：W有=G货轮=m货轮g=3000×103×10N/kg×100m=3×109J；
由定滑轮的特点可知，三峡升船机的平衡重组的重力：G平衡=G=mg=15500×103kg×10N/kg=1.55×108N，
由题意可知，总功为滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功，
则升船机做的总功：W总=(F+G平衡)h=(4×106N+1.55×108N)×100m=15.9×109J，
升船机提升货轮的机械效率：η=W有W总×100%=3×109J15.9×109J×100%≈18.9%。
答：(1)改变力的方向；
(2)水对承船厢底部的压强为3.5×104Pa；
(3)①在这次提升中滑轮组的驱动功率为8×105W；
②升船机提升货轮的机械效率为18.9%。
(1)定滑轮不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
(2)根据p=ρgh求水对承船厢底部的压强；
(3)①根据定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的速度v=v货轮，
利用P=Wt=Fst=Fv求滑轮组的驱动功率；
②利用W有=Gh求有用功；
根据与承船厢相连绳子股数和定滑轮的作用分析平衡重组的重力；
根据定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的距离s=h，
由题意可知，总功为滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功，根据W总=(F+G平衡)s求出总功，
利用η=W有W总×100%求升船机提升货轮的机械效率。
本题考查了定滑轮的特点、液体压强公式、功和机械效率公式的掌握和运用，知道滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功为总功是解题的关键。
2023年陕西省西安市雁塔区重点中学中考物理七模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 手机无线充电技术是通过电磁感应原理来实现充电的，该原理的发现者是( )
A. 奥斯特 B. 欧姆 C. 焦耳 D. 法拉第
2. 如图所示是西汉时期的熊足青铜鼎。考古学家打造了一个仿制品进行实验，在鼎内装较多水。盖上厚实的鼎盖，闭合锁扣，在鼎下堆放干柴燃烧。当鼎外为1个标准大气压时，鼎内的水竟然在120℃沸腾，下列说法正确的是( )
A. 干柴燃烧烧水是通过做功的方式改变水的内能
B. 水沸腾时产生的“白雾”是汽化现象
C. 鼎内水沸腾时，温度不变，内能增大
D. 鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内的气压小于1个标准大气压
3. 如图所示，2022年12月31日晚西安城墙景区用璀璨的光影秀在墙体上呈现出“一元复始，万象更新”和“再见2022，你好2023”等字样，传达出辞旧迎新与未来期盼的美好愿景，下列说法正确的是( )
A. 护城河边正在发光的LED灯带不是光源
B. 灯光在均匀空气中沿直线传播
C. 红色光束照到路人穿的蓝色衣服上，衣服显示红色
D. 在岸边看到护城河池底比实际的浅是因为光的反射
4. 如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中错误的是( )
A. 正在发声的编钟一定在振动
B. 回音壁应用了声音反射原理
C. 利用辘轳这种提水工具提水时可以省功
D. 从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压
5. 如图所示，把一个苹果放在水平放置的电子秤上(如图甲)，电子秤受到的压力为F1，再把电子秤倾斜放置(如图乙)，电子秤受到的压力为F2。下列说法中正确的是( )
A. 一个苹果的质量约为5g
B. 两图中，F1与F2大小相等
C. 甲图中，苹果对电子秤的压力大小等于苹果所受重力大小
D. 乙图中，苹果的重力与电子秤对苹果的支持力为一对平衡力
6. 一根塑料吸管可以做很多的物理小实验，下列有关实验的说法正确的是( )
A. 图−1，在杯中装满米，插入吸管后压紧，提吸管，吸管对米的摩擦力方向竖直向上
B. 图−2，某同学拿着用吸管自制的气压计从1楼上到10楼，吸管中的水柱将下降
C. 图−3，用吸管吸饮料，是因为人对饮料产生了吸引力，才将饮料吸到口中
D. 图−4，沿水平吸管吹气，竖直吸管中的液柱将下降
7. 国产歼−15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时，向后喷射出高温高速燃气流，为了避免对舰上人员及其他器材造成危害，甲板上安装有偏流板(如图)，偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管。根据已学知识，判断下列说法中错误的是( )
A. 舰载机起飞时，向后方喷气利用了力的作用是相互的这一原理
B. 偏流板内用水冷却，是利用水的比热容大，吸热本领强的特点
C. 制作偏流板的材料应选熔点较低的
D. 航母上的引导员都要佩戴防护耳罩以保护听力，这是在人耳处减弱噪声
8. 2023年4月12日，中国有“人造太阳”之称的全超导托卡马克装置创造了新的世界纪录，标志着我国受控核聚变研究工作又上升到一个新的水平。装置中的超导电缆具有电阻为零的特点，进而使强电流形成强磁场，将极高温等离子状态的物质约束在环形容器里。下列说法正确的是( )
A. 原子弹和“人造太阳”都利用核聚变获得核能
B. 太阳能、核能和潮汐能都属于可再生能源
C. 电阻为零的超导体用于电饭锅的发热体可提高其热效率
D. 强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应
9. 如图，电源电压不变，小灯泡的额定电压为6V，滑动变阻器为“20Ω 0.5A”，电流表的量程为“0～0.6A”。只闭合开关S2时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，在电路安全情况下，下列说法正确的是( )
A. 先闭合开关S2，再闭合开关S1时，小灯泡变暗，电流表示数减小
B. 小灯泡的额定功率为1.2W
C. 电路的最大功率为3W
D. 滑动变阻器连入的阻值范围是12Ω～20Ω
10. 小明关注到长沙4.29楼房坍塌救援现场用到了起重机，其中涉及到滑轮知识，他设计了图甲所示模型装置，虚线框内是由三个相同的滑轮安装成的滑轮组，每个滑轮重10N，利用该滑轮组提升质量为10kg的物体，拉力的功率为150W，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，不计绳重，g取10N/kg，则( )
A. 滑轮组是由一个定滑轮、两个动滑轮构成的
B. 拉力为40N
C. 该滑轮组的机械效率为66.7%
D. 物体上升1m过程中，滑轮组克服摩擦力做的功为50J
11. 如图所示是城市滑扫吸尘车在水平路面上匀速行驶清扫垃圾时的情景，该过程清洁车机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，车身上的LED灯起到警示作用，它是由______ (选填“超导体”或“半导体”)材料制成的，车辆以36km/h的速度通过1500m的马路，需______ min。
12. 我国的北斗导航系统在秋收、秋种中发挥了重要作用，成为农民实打实的丰收金钥匙。如图所示为装有农用北斗终端的无人驾驶智能播种拖拉机，以行进中的拖拉机为参照物，路边的树是______ 的，施肥时人站在很远也能闻到肥料的气味，说明了分子在不停地做______ 。
13. 小明了解到对人体的安全电压一般不高于______ V，某家庭电路如图，电路中画”×”处表示该处断路，开关S闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接______ 线(选填“火”、“零”或“地”)。
14. 如图1所示，停车场的入口处常用闸杆来控制车辆的出入。将闸杆AB看作一个质量分布均匀的杠杆，如图2所示，O为杠杆的支点，杠杆的重力G=40N，AB=3.2m，AO=0.4m。升起闸杆时，分别沿F1和F2方向施加力，则F1 ______ F2(选填“>”、“<”或“=”)，要使闸杆水平平衡，则在A端施加的最小力为______ N，为了减小升起闸杆的力，可以适当将支点O ______ (选填“靠近”或“远离”)A点。
15. 为了体育中考的公平公正，小军设计了一个短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关S1、S2，电磁铁上端为______ 极(选填“N”或“S”)，运动员抢跑后，压敏电阻R0阻值变小，电磁铁的磁性______ (选填“增强”或“减弱”)，抢跑指示灯______ (填“L1”或“L2”)亮，判定运动员抢跑。
16. 小明做了鉴别水和盐水的实验(ρ水<ρ盐水)。如图1，用完全相同的烧杯盛装相同体积的水和盐水，分别放在已调平的天平托盘上，则右侧烧杯中盛装的是______ 。如图2，容器左右两部分分别注入水和盐水，两侧的液面等高，薄膜向左凸起，由此可以判断左侧容器盛装的液体是______ 。如图3，用同一测力计挂着相同的铝球分别放入水和盐水中，盛装水的容器对应的测力计示数较______ (填“大”或“小”)。如图4，同一支密度计分别放入水和盐水中，静止时的位置如图所示，则右侧容器中盛装的是______ 。
17. 光控开关在天黑时自动闭合，声控开关在有声音时自动闭合。请用笔画线代替导线，将图中的器材连接成只有在夜晚且有人经过发声时，灯泡才会发光的电路。
18. 如图，一束光从水中斜射入空气，已知入射光线AO，请画出它的反射光线OB和折射光线OC的大致方向。
19. 请回答下列问题：
(1)如图1所示，体温计的示数为______ ℃。
(2)如图2所示，这是一个会跳的卡片，将卡片反过来放在桌面上，用手向下压，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到卡片向上跳起。这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片做功，因此形变的橡皮筋具有______ 能。
(3)如图3所示，一束太阳光通过三棱镜折射后，被分解成七种颜色的光，在白色光屏上形成一条七彩光带。此时，将一只灵敏度较高的温度计放在可见光色带红光的外侧，过一会儿后，温度计的示数会______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，这是由于红外线具有______ 效应。
(4)如图4所示，用导线在收音机附近时断时续接触电池两端，能听到收音机发出的“咔咔”声，这个现象验证了______ 的存在。
20. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明同学的三次实验情况分别如图甲、乙、丙所示：
(1)实验时，小明将木块放在水平木板上，弹簧测力计沿______ 方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动；
(2)若要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，应选______ 两图的实验进行探究；
(3)在甲图实验中，若木块运动速度0.01m/s受到的摩擦力大小为f1，木块运动速度0.02m/s受到的摩擦力大小为f2，则f1 ______ f2(选填：“大于”、“小于”、“等于”)。
21. 小宇和同学一起搭建了如图甲所示的斜面，来测量小球运动的平均速度，小球从A点沿斜面由静止开始滚下，频闪照相机记录了小球在相同时间内通过的路程。
(1)该实验的测量原理是______ 。
(2)他们用频闪照相机记录了小球的位置，并测出对应的距离，整理的实验数据如表所示：
阶段
路程s/cm
运动时间t/s
平均速度v/(m⋅s−1)
AB
30.00
0.50
0.6
BC
90.00
0.50
1.8
CD
150.00
0.50
分析表中数据可知，CD段小球的平均速度是______ m/s；实验中vBC
(4)为进一步探究小球在斜面上运动的速度与时间的关系，实验小组同学从老师处借来了光电测速仪，它能测出小球经过某点的瞬时速度，正确操作后，小组同学再次完成图甲实验，并分别测出了小球经过B、C、D点时的瞬时速度分别为vB=1.2m/s，vC=2.4m/s，vD=3.6m/s，假设斜面足够长，根据数据的变化规律，请你推测小球从A处由静止滚下，经过______ s到达E点(图中未画出)时的瞬时速度为6m/s。
22. 小明利用如图1所示的装置探究“平面镜成像特点”。
(1)实验开始时，小明同学透过玻璃板看到两个不重合的像，其原因可能是玻璃板太______ (选填“薄”或“厚”)。
(2)为了保证实验效果，实验时换用镀膜玻璃板，应选玻璃板的______ 边缘(选填“镀膜面”或“不镀膜面”)与白纸上的横线重合，此时只能看到一个像且像更加清晰是因为镀膜后增强了光的______ (选填“反射”或“折射”)。
(3)实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，在蜡烛A这一侧透过玻璃板观察，此时在光屏上______ (选填“能”或“不能”)看到蜡烛A的像，小明的做法是______ (选填“正确”或“错误”)的。
(4)小明在做完平面镜实验后，注意到爸爸为自己家汽车的车窗贴上太阳膜(即是在汽车玻璃内表面粘贴上一层专用的透明膜)，达到阻挡红外线、阻隔部分热量、降低车内温度、防眩光等作用，小明对市场上2种品牌太阳膜的隔热性能进行如下探究：
a.如图2所示，在暗室中将一侧贴有品牌太阳膜的玻璃板竖直放在水平桌面上，在距离玻璃板左侧20cm放置一个红外线灯，玻璃板右侧放置一个光能风车(光能风车的风叶在红外线照射下，转动快慢能反映接收到的红外线的强弱)。
b.打开红外线灯，观察并记录30s内光能风车风叶转动的圈数。
c.改变红外线灯的位置，使之距离玻璃板的距离分别为40cm、60cm、80cm，重复步骤b。
①本实验需要的测量工具有秒表和______ 。
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，利用光能风车转动快慢反映接收到的红外线强弱，以下所用方法与该研究方法不同的是______ 。
A.在平面镜成像实验中，利用两个完全相同的蜡烛验证像与物的大小关系
B.通过电流表的指针偏转以及小灯泡发光情况来判断物质的导电能力
C.探究动能影响因素时，用木块前进的距离反映物体动能大小
③光能风车转动越快，表明玻璃板隔热性能越______ (选填“好”或“差”)。
④将光能风车换为光谱分析仪，实验得到下列信息，回答下列问题：
型号名称
使用位置
可见光穿透率(%)
红外线穿透率(%)
总太阳能阻隔率(%)
紫外线阻隔率(%)
A
车身
16.7
29
64.4
99
B
车身
24.6
43.1
52.6
99
Ⅰ.阳光中红外线是造成车内温度升高的主要因素，如表中型号______ 的太阳膜有更好的隔热效果；
Ⅱ.两种型号对比，汽车贴上型号______ 的太阳膜，车内相对明亮些。
23. 如图所示，图甲为电热毛巾架，额定电压为220V。该毛巾架通过智能系统能够实现高温、低温挡自动切换。图乙所示为其内部电路原理图，R1和R2都为发热电阻丝，图丙为该毛巾架在正常工作30min内电流随时间变化的图象。求：
(1)开关S接______ (选填“1”或“2”)时，电热毛巾架处于高温挡，求高温挡的功率。
(2)发热电阻丝R2的电阻。
(3)电热毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量。
24. 全球最大的“超级电梯”三峡升船机是三峡工程重要通航设施之一，主要为客船、货船和特种船舶提供快速过坝通道，过船规模为3000吨级，提升总质量约15500吨，最大提升高度为113米，是目前世界上规模最大、技术难度最高的垂直升船机。
与电楼相似，升船机主要由塔柱、承舱厢、滑轮组和平衡重组等构成，如图2，承船厢装满水时水深3.5米、总质量为15500吨，其工作原理是：船只由航道进入装满水的承船厢，此时滑轮组无驱动力，平衡重组借助滑轮组使承船厢和船只保持悬空静止；关闭闸门后，再由带驱动力的滑轮组和平衡重组共同将承船厢提升或下降，到达位置后开闸，船只离开承重厢驶出。(g取10N/kg)
(1)如图2，升船机滑轮组中定滑轮既可以产生驱动力，还可以______ 。
(2)承船厢中装满水，船只未进入时，水对承船厢底部的压强为多少？
(3)升船机将一艘总质量为3000吨的货轮，从下航道闸口以0.2m/s的速度提升100米到上航道闸口。求：
①在提升过程中，为克服系统机械摩擦阻力和风阻力等，滑轮组驱动机构给予了承船厢4×106N的驱动力，求在这次提升中滑轮组的驱动功率。
②升船机提升货轮的机械效率。(结果精确到0.1%)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：手机无线充电技术的原理是电磁感应现象，该原理是法拉第发现的。
故选：D。
闭合电路的一部导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象。
本题考查了电磁感应现象，属于基础题。
2.【答案】C
【解析】解：A、干柴燃烧烧水是通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；
B、水沸腾时产生的“白雾”是水蒸气遇冷液化形成的，故B错误；
C、鼎内水沸腾时，水沸腾时继续吸热，内能增加，但温度保持不变，故C正确；
D、鼎内水的沸点高于100℃，说明鼎内的气压大于1个标准大气压，故D错误。
故选：C。
(1)做功和热传递是改变物体内能的两种方式；
(2)物质由气态变成液态的过程叫液化；
(3)内能的大小跟质量、温度、状态有关；
(4)气压高，水的沸点高。
本题考查内能、液化和气压与沸点的关系，属于综合题。
3.【答案】B
【解析】解：A、护城河边正在发光的LED灯带是光源，因为它们自身能够发光，故A错误；
B、光在均匀空气中是沿直线传播，故B正确；
C、不透明物体只反射与它颜色相同的色光，蓝色衣服只能反射蓝光，不能反射红光，红光照在蓝色衣服上被吸收，路人的衣服显示是黑色的；
D、在岸边看到护城河水，河底反射的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线远离法线，人眼逆着射来的光线看去，人看到的是变浅了的河底的虚像，故D错误；
故选：B。
(1)本身能够发光的物体叫光源；
(2)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光所决定的；不透明物体只反射与它颜色相同的色光，吸收与它颜色不同的色光；不透明的白色物体能反射各种色光，黑色物体吸收各种色光；
(4)由于光的折射，在水中看岸上的景物，看到的是位置偏高的虚像。
知道光源概念，理解光的直线传播、光的反射、折射现象。
4.【答案】C
【解析】解：A、正在发声的编钟一定在振动，故A正确；
B、回音壁应用了声音反射原理，故B正确；
C、利用辘轳这种提水工具提水时不可以省功，故C错误；
D、两心壶内部包括两部分，用手按住壶身上的其中一个小孔，壶内液体产生的压强与液体上方密闭气体产生的压强之和，等于外界大气压，壶内液体无法倒出。而另一半液体与大气相通，可以顺利倒出，因此，两心壶是利用大气压来实现这一功能的，故D正确。
故选：C。
(1)声音是物体的振动产生的。
(2)回音壁应用了声音反射原理。
(3)任何机械都不能省功。
(4)大气受重力的作用，大气又有流动性，因此大气对浸在里面的东西都有压强，这就是大气压强。
本题考查了声和功的原理及大气压属于基础题。
5.【答案】C
【解析】解：A.一个苹果的质量约为150g，故A错误；
B.物体放在水平面上时对水平面的压力等于自身的重力，乙中电子秤倾斜了，则压力变小，示数变小，电子秤显示的示数F1与F2大小不相等，故B错误；
C.甲图中，苹果受力平衡，重力与支持力大小相等，而苹果对电子秤的压力与电子秤对苹果的支持力是一对相互作用力，故大小相等，方向相反，因而甲图中，苹果对电子秤的压力大小等于苹果所受重力大小，故C正确。
D.乙图中，支持力与电子秤表面垂直，则苹果的重力与电子秤对苹果的支持力不在同一直线上，故不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)根据生活经验估测苹果的质量；
(2)二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
压力是垂直作用在物体表面上的力。压力不都是由重力产生的，有时也是人为产生的。只有物体自由放置在水平面上，物体对水平面的压力大小才等于重力大小；
(3)相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查了平衡力、相互作用力的辨别，重力和压力的辨别，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】解：
A、在杯中装满米，插入吸管后压紧，提吸管时，米处于静止状态，受到竖直向下的重力、吸管对米竖直向上的摩擦力的作用，故A正确；
B、大气压随高度的增加而减小，容器内气体压强支持细管液体压强和外界大气压强，当外界大气压减小，液柱升高，故B错误；
C、用吸管吸饮料，是因为人吸走了管中的空气，在管外大气压的作用下，饮料被压入口中，故C错误；
D、在流体中，流速越大的位置压强越小，从B管吹气时A管上方的空气流速变大，压强变小，水会被大气压压上去，故D错误。
故选：A。
(1)根据二力平衡条件分析摩擦力的方向；
(2)大气压随高度的升高而减小；
(3)用吸管吸饮料，饮料是在大气压作用下进到嘴里的；
(4)流体的流速越大的位置压强越小。
通过几个小实验考查了摩擦力的方向、大气压和高度的关系、大气压在生活中的应用、流体的压强跟流速的关系等，体现了物理知识在生活中的应用。
7.【答案】C
【解析】解：A、舰载机起飞时，向后方挡板喷气，舰载机喷出的燃气对挡板产生向后的推力，反之挡板对舰载机喷出的燃气产生前的推力，使舰载机起飞是利用了力的作用是相互的原理，故A正确；
B、水的比热容比较大，在升高相同的温度时需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度，故B正确；
C、为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板的材料应具有较高的熔点，故C错误；
D、航母上的引导员都要佩戴防护耳罩以保护听力，这是在人耳处减弱噪声，故D正确。
故选：C。
(1)一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(2)水的比热容较大，同等质量的不同物质，吸收相同的热量，水的温度变化较小；
(3)为了防止偏流板被高温熔化，制作偏流板材料的熔点应较高；
(4)减弱噪声有三个途径：在人耳处、在传播过程中、在声源处。
本题考查力的概念、水的比热容的应用、熔点和声现象，属于综合题。
8.【答案】D
【解析】解：A、原子弹利用核裂变获得核能；“人造太阳”利用核聚变获得核能，故A错误；
B、太阳能和潮汐能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源；而核能不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源，故B错误；
C、超导体电阻为零，不能用于电饭锅的发热体，故C错误；
D、电流周围存在磁场，强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应，故D正确。
故选：D。
(1)原子弹利用核裂变获得核能；“人造太阳”利用核聚变获得核能；
(2)能够从自然界源源不断得到补充的能源为可再生能源；不能够从自然界源源不断得到补充的能源为不可再生能源；
(3)超导体电阻为零，不能作为用电器的发热材料；
(4)电流周围存在磁场，强电流可以形成强磁场，这是利用了电流的磁效应。
本题考查了核能的利用、能源的分类、超导体的用途、电流的磁效应，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：A、只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，
由并联电路的特点可知，再闭合开关S1时，灯泡所在支路不受影响，因此灯泡的亮度不变，
由并联电路的电流特点可知，电流表的示数变大，故A错误；
B、因为电路为灯泡的简单电路时，灯泡正常发光，所以电源电压：U=UL=U额=6V，
灯泡与滑动变阻器并联时，通过滑动变阻器的电流：I滑小=UR滑大=6V20Ω=0.3A，
由并联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流：IL=I−I滑小=0.5A−0.3A=0.2A，
则灯泡的额定功率：P额=ULIL=6V×0.2A=1.2W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中电流最大时，电路的干路最大，
由并联电路的电流特点可知，灯泡和滑动变阻器并联时，电路中电流可达最大，
因为电流表的量程为0～0.6A，所以干路的最大电流为0.6A，
此时通过滑动变阻器最大的电流：I滑=I大−IL=0.6A−0.2A=0.4A<0.5A，符合题意，
则电路的最大功率：P大=UI大=6V×0.6A=3.6W，故C错误；
D、由C可知，通过滑动变阻器最大的电流为0.4A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻：R滑小=UI滑大=6V0.4A=15Ω，
由欧姆定律和并联电路的电流特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，干路的电流小于0.6A，因此滑动变阻器连入的阻值范围为15Ω～20Ω，故D错误。
故选：B。
(1)只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点分析灯泡亮度的变化，根据并联电路的电流特点分析电流表示数的变化；
(2)根据电路为灯泡的简单电路时，灯泡正常发光求出电源电压；根据欧姆定律求出灯泡与滑动变阻器并联时通过滑动变阻器的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)根据P=UI可知，电源电压一定时，电路中电流最大时，电路的干路最大；根据并联电路的电流特点可知电路中电流最大时的电路连接；根据电流表的量程确定干路中的最大电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器最大的电流，与滑动变阻器允许通过的最大电流进行比较，进而确定干路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率；
(4)根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻，进而求出滑动变阻器连入的阻值范围。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、由图乙可知，在t=2s内，物体上升高度h=2m，绳子自由端移动距离s=6m，滑轮组承担物重的绳子段数：n=sh=6m2m=3，由三个相同的滑轮安装成的滑轮组，如下图所示，滑轮组应该由两个定滑轮、一个动滑轮构成的，故A错误；
B、绳端速度v=st=6m2s=3m/s，由P=Wt=Fst=Fv可得，绳端拉力F=Pv=150W3m/s=50N，故B错误；
C、滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=mgnF=10kg×10N/kg3×50N≈66.7%，故C正确；
D、物体上升高度h′=1m，有用功W有=Gh=mgh=10kg×10N/kg×1m=100J，绳端拉力做的总功W总=Fs=Fnh′=50N×3×1m=150J，
额外功W额=W总−W有=150J−100J=50J，
其中克服动滑轮重力做的额外功W动=G动h′=10N×1m=10J，
不计绳重，所以克服摩擦做的额外功Wf=W额−W动=500J−10J=40J，故D错误。
故选：C。
(1)根据图乙可知物体和绳子自由端的运动情况，根据拉力端移动距离s=nh求出滑轮组承担物重的绳子段数n，根据承担物重绳子的段数和滑轮的个数判断滑轮组中定滑轮和动滑轮的个数；
(2)由图象计算绳端移动速度，根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力的大小；
(3)根据η=W有W总=GhFs=mgnF计算滑轮组的机械效率；
(4)根据W有=Gh=mgh计算有用功，W总=Fs=Fnh计算总功，从而计算出额外功，根据W动=G动h计算克服动滑轮重力做的额外，从而得到滑轮组克服摩擦力做的额外功。
本题考查了滑轮组特点、有用功、总功、额外功、功率以及机械效率公式的应用，难度适中。
11.【答案】变大 半导体 2.5
【解析】解：城市清洁车在水平路面上匀速行驶清扫垃圾时，其速度和高度虽然没有变化，由于吸入垃圾，质量不断变大，所以该过程中清洁车的动能和重力势能都变大，而动能和势能统称为机械能，故其机械能变大；
车身上的LED灯起到警示的作用，LED灯由发光二极管组成，它是由半导体材料制成的；
车辆以36km/h的速度通过1500m的马路时，
车辆的速度为：v=36km/h=36×13.6m/s=10m/s，
需要的时间为：
t=sv=1500m10m/s=150s=2.5min。
故答案为：变大；半导体；2.5。
(1)影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，清洁车在清扫垃圾时质量变大，据此分析动能和重力势能的变化，即可判断出机械能的变化；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的；
(3)根据t=sv求出清洁车过马路的时间。
本题是一道综合题，主要考查动能、重力势能的影响因素、速度公式的应用，知道二极管是由半导体材料制成的。
12.【答案】运动 无规则运动
【解析】解：以行进中的拖拉机为参照物，路边的树的位置发生改变，是运动的；
施肥时人站在很远也能闻到肥料的气味，是肥料分子无规则运动的结果，是扩散现象，说明组成物质的分子在不停地做无规则运动。
故答案为：运动；无规则运动。
(1)被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)根据分子动理论知识可知：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
本题考查内扩散现象、运动和静止的相对性，是一道基础性题目，难度不大。
13.【答案】36 会 地
【解析】解：对人体的安全电压一般不高于36V；图中开关接在火线与电灯之间，若“×”的位置发生了断路，则干路零线断路，开关闭合后，A点通过灯泡与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接地线。
故答案为：36；会；地。
用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。使用冰箱时，要将其金属外壳接地线。
本题考查了测电笔的使用、安全用电常识，是一道联系实际的应用题。
14.【答案】> 120 远离
【解析】解：根据图2可知，在阻力、阻力臂不变的情况下，F1的力臂要小于F2的力臂，根据杠杆的平衡条件可知，F1>F2；
要使横杆AB保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知：F×OA=G×(AB2−OA)则：F×0.4m=40N×(3.2m2−0.4m)，解得：F=120N，即在A端施加的最小的力为120N；
在杠杆重力不变的情况下，要减小动力的大小，根据杠杆的平衡条件可知，可以增大动力臂或减小阻力臂，所以为了减小升起闸杆的力，可以适当将支点O远离A点。
故答案为：>；120；远离。
利用杠杆的平衡条件分析F1和F2的大小关系；根据杠杆的平衡条件求出最小力的大小；根据杠杆平衡条件分析支点的移动方向。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、杠杆中最小力的问题，难度适中。
15.【答案】S 增强 L2
【解析】解：工作人员闭合开关S1、S2，此时电流从电磁铁下端流入，上端流出，根据右手定则可知，电磁铁上端为S极；
若运动员抢跑，则起跑器所受压力变小，R0电阻变小，由欧姆定律可知，控制电路电流变大，则电磁铁的磁性增强；衔铁被吸下，动触点与下方静触点接触，L2所在回路接通，指示灯L2亮，判定运动员抢跑。
故答案为：S；增强；L2。
(1)根据电流方向，利用右手定则判断电磁铁上端极性；
(2)通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强，通过电磁铁的电流越小，电磁铁磁性越弱；根据图示控制电路与工作电路分析。
本题考查欧姆定律的应用、抢跑器的工作原理等知识，分析清楚电路结构、明白电磁继电器的工作原理即可正确解题。
16.【答案】水 水 大 盐水
【解析】解：(1)在图1中，天平左侧下倾，说明在烧杯质量相同时，左边液体的质量大，同时液体体积相等，故由公ρ=mV可知，左侧液体密度大于右侧液体密度，而ρ水<ρ盐水，所以左侧烧杯中装的是盐水，右侧烧杯装的是水。
(2)在图2中，容器左右两部分分别注入水和盐水，两侧的液面等高，根据液体压强公式p=ρgh可知，薄膜会向液体密度小的一边突起，薄膜向左凸起，由此可以判断左侧容器盛装的液体是水。
(3)相同的铝球浸没在两液体中，排开液体的体积相等，而ρ水<ρ盐水，由公式F浮=ρgV排可知，铝球在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，由公式F浮=G−F示可得，F示=G−F浮，在铝球重力一定时，装水容器对应的测力计示数较大。
(4)同一支密度计分别放入水和盐水中静止时的位置，根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，又因为F浮=ρ液gV排，右图中密度计排开液体的体积小，则右图在液体的密度大，故右侧容器中装的是盐水。
故答案为：(1)水；
(2)水；
(3)大；
(4)盐水。
(1)天平左侧下倾，说明左边液体的质量大，在液体体积相等时，由公式ρ=mV可知两烧杯中液体密度的大小关系；
(2)两液体在相同深度下，根据公式p=ρgh可知，密度越大，压强越大；
(3)由公式F浮=G−F示及F浮=ρgV排分析测力计示数大小关系；
(4)根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理判断液体密度大小。
本题综合考查物体浮沉条件、液体压强计算公式、阿基米德原理、密度公式的灵活应用，以实验的形式采用多种方案比较液体密度大小，要熟练掌握。
17.【答案】解：经分析可知，光控开关和声控开关串联共同控制灯泡的亮暗，如下图所示：
【解析】由题意可知，只有晚上且有人走动发生出声音时灯亮，否则灯不亮，说明两开关不能独立工作即为串联，然后共同控制灯泡的亮暗，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出光控开关和声控开关的连接方式是关键。
18.【答案】解：法线已画出，在法线的右侧空气中画出折射光线OC，注意折射角大于入射角；然后再根据反射角等于入射角画出反射光线OB，如图所示：
【解析】一束光从水斜射入空气中，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反射规律、折射规律即可作出对应的反射光线和折射光线。
本题考查了根据光的折射规律作图，弄清光从空气斜射向水，还是从水斜射向空气，从而确定折射角和入射角的大小关系。
19.【答案】36.8 弹性势 变大 热 电磁波
【解析】解：(1)该体温计的分度值是0.1℃，此时的示数为36.8℃。
(2)将卡片反过来放在桌面上，用手向下压，使橡皮筋伸长，迅速松开手，观察到卡片向上跳起。这个现象说明：发生弹性形变的橡皮筋能对卡片做功，因此形变的橡皮筋具有弹性势能。
(3)将一只灵敏度较高的温度计放在可见光色带红光的外侧，过一会儿后，温度计的示数会变大，这是有红外线具有热效应。
(4)用导线在收音机附近时断时续接触电池两端，能听到收音机发出的“咔咔”声，这个现象验证了电磁波的存在。
故答案为：(1)36.8；(2)弹性势；(3)变大；热；(4)电磁波。
(1)体温计的分度值是0.1℃，读数前要弄清楚它的量程和分度值。
(2)物体由于发生弹性形变所具有的能量叫弹性势能。
(3)在红光之外有一种看不见的光叫红外线；红外线的主要特点是热作用。
(4)迅速变化的电流激发电磁波。
本题考查了体温计的读数、弹性势能的概念、红外线以及电磁波的产生；本题属于基础性题目。
20.【答案】水平 甲乙 等于
【解析】解：(1)实验时，小明将木块放在水平木板上，弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动；
(2)若要探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力相同，应选甲、乙两图的实验进行探究；
(3)在甲图实验中，若木块运动速度0.01m/s受到的滑动摩擦力大小为f1，木块运动速度0.02m/s受到的滑动摩擦力大小为f2，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，则f1等于f2。
故答案为：(1)水平；(2)甲乙；(3)等于。
(1)用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】v=st 3 重力势 D 2.5
【解析】解：(1)该实验的测量原理是：v=st；
(2)由表格数据可知：小球在CD段运动的平均速度：
vCD=sCDtCD=150.0cm50s=3m/s；
小球由A向C运动过程中，高度减小，重力势能减小，将重力势能转化为动能，小球质量不变，所以速度变大；
(3)根据图甲可知，相等时间内，小球通过的路程越来越长，即小球的速度越来越大，图A小球通过的路程不随时间的变化而变化，故A错误；图B小球通过的路程跟时间成正比，即速度不变，故B错误；图C小球运动的速度不随时间的变化而变化，即速度不变，故C错误；图D小球的速度随时间的增加而增大，故D正确；
(4)从(3)可知：小球运动的速度与时间成正比(匀加速运动)，且小球1s时的速度为2.4m/s，则经过2.5s小球的速度(经过E点时的速度)为6/s。
故答案为：(1)v=st；(2)3；重力势；(3)D；(4)2.5。
(1)根据v=st计算平均速度；
(2)由表格可得CD段物体运动的距离和时间，由v=st计算CD段的平均速度；
重力势能与物体的质量和高度有关；动能与物体的质量和速度有关，由此分析其能量的转化情况；
(3)根据图甲可知，相等时间内，小球通过的路程越来越长，即小球的速度越来越大；
(4)从表格数据可以看出，时间每间隔0.5s，速度增加1.2m/s，即瞬时速度与时间成正比。
本题主要考查了测量物体的平均速度的实验，解题的关键是正确理解平均速度的计算。
22.【答案】厚 镀膜面 反射 能 错误 刻度尺 A 差 A B
【解析】解：(1)厚玻璃板两个表面(相距较远)都可反射成像，实验开始时，小明同学透过玻璃板看到两个不重合的像，其原因可能是玻璃板太厚；
(2)平面镜成像属于光的反射，一面镀膜的玻璃板反射能力较强，成像比较清晰，故应选玻璃板的镀膜面与白纸上的横线重合，此时只能看到一个像且像更加清晰，是因为镀膜后增强了光的反射；
(3)实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，在蜡烛A这一侧透过玻璃板观察，因平面镜成的像属于光的反射，此时在光屏上能看到蜡烛A的像，小明的做法是错误的；
(4)①打开红外线灯，观察并记录时间要用到停表，改变红外线的位置，使之距离玻璃板距离不同要用到刻度尺；
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，本实验用光能风车的风叶转动快慢来反映红外线的强弱，即实验中运用到了转换法；光能风车转动越快，表明玻璃板透过的光越多，隔热性能越差。
A.在平面镜成像实验中，利用两个完全相同的蜡烛验证像与物的大小关系，采用了等效替代法，
B.通过电流表的指针偏转以及小灯泡发光情况来判断物质的导电能力，采用了转换法；
C.探究动能影响因素时，用木块前进的距离反映物体动能大小，采用了转换法；
故选：A；
③根据转换法，光能风车转动越快，表明玻璃板隔热性能越差；
④Ⅰ.阳光中红外线是造成车内温度升高的主要因素，那么红外线穿透率越低，隔热效果越好，根据表中数据，A型号的太阳膜红外线穿透率小，故A的太阳膜有更好的隔热效果；
Ⅱ.两种型号对比，B型号的太阳膜可见光穿透率高，故小汽车贴上型号B的太阳膜，车内相对明亮些。
故答案为：(1)厚；(2)镀膜面；反射；(3)能；错误；(4)①刻度尺；②A；③差；④Ⅰ.A；Ⅱ.B。
(1)厚玻璃板两个表面(相距较远)都可反射成像，且成的像不重合；
(2)平面镜成像属于光的反射，一面镀膜的玻璃板反射能力较强，成像比较清晰；
(3)虚像不能成在光屏上，实验中，为了验证通过玻璃板所成的像是否为虚像，小明移走蜡烛B，并在其位置放了一个光屏，应在玻璃板后直接观察光屏上有无像；
(4)①根据实验中要测量距离分析；
②透过太阳膜红外线的强弱无法用肉眼直接观察，根据转换法，本实验用光能风车的风叶转动快慢来反映红外线的强弱，光能风车转动越快，表明玻璃板透过的光越多，隔热性能越差；
分析每个选项，找出符合题意的选项；
③根据转换法分析；
④Ⅰ.太阳光中的红外线是造成车内温度升高的主要因素，那么红外线穿透率越低，则隔热效果越好；
Ⅱ.根据表中可见光的穿透率判断。
本题探究“平面镜成像特点”，考查对器材的要求、操作过程及获取信息解决问题的能力。
23.【答案】1
【解析】接：(1)由图乙可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接1时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，由欧姆定律可知，电路中的电流最大，由P=UI可知，电路中的总功率最大，电热毛巾架处于高温挡；
根据图丙可知，高温挡工作时电路中的电流I高=2A，
高温挡的功率：P高=UI高=220V×2A=440W；
(2)由I=UR可知，R1的阻值：R1=UI高=220V2A=110Ω，
当开关S接2时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由欧姆定律可知，电路中的电流最小，则电路中的总功率最小，电热毛巾架处于低温挡，
由I=UR可知，R1、R2的串联总电阻：R=UI低=220V0.5A=440Ω，
则R2的阻值：R2=R−R1=440Ω−110Ω=330Ω；
(3)毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量：Q=W=UI低t=220A×0.5A×20×60s=1.32×105J。
答：(1)1；高温挡的功率为440W；
(2)发热电阻丝R2的电阻为330Ω；
(3)毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量为1.32×105J。
(1)由图乙可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电热毛巾架高温挡和低温挡的电路连接；
根据图丙可知高温挡工作时电路中的电流，根据P=UI求出高温挡的功率；
(2)根据高温挡时电路中的电流，利用欧姆定律求出发热电阻丝R1的电阻；根据低温挡时电路中的电流，利用欧姆定律求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
(3)根据Q=W=UIt求出毛巾架低温挡正常工作20min产生的热量。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
24.【答案】改变力的方向
【解析】解：(1)根据定滑轮的特点可知，升船机滑轮组中定滑轮还可以改变力的方向；
(2)水对承船厢底部的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m=3.5×104Pa；
(3)①由定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的速度v=v货轮=0.2m/s
滑轮组的驱动功率：P=Wt=Fst=Fv=4×106N×0.2m/s=8×105W；
②升船机提升货轮做的有用功：W有=G货轮=m货轮g=3000×103×10N/kg×100m=3×109J；
由定滑轮的特点可知，三峡升船机的平衡重组的重力：G平衡=G=mg=15500×103kg×10N/kg=1.55×108N，
由题意可知，总功为滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功，
则升船机做的总功：W总=(F+G平衡)h=(4×106N+1.55×108N)×100m=15.9×109J，
升船机提升货轮的机械效率：η=W有W总×100%=3×109J15.9×109J×100%≈18.9%。
答：(1)改变力的方向；
(2)水对承船厢底部的压强为3.5×104Pa；
(3)①在这次提升中滑轮组的驱动功率为8×105W；
②升船机提升货轮的机械效率为18.9%。
(1)定滑轮不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
(2)根据p=ρgh求水对承船厢底部的压强；
(3)①根据定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的速度v=v货轮，
利用P=Wt=Fst=Fv求滑轮组的驱动功率；
②利用W有=Gh求有用功；
根据与承船厢相连绳子股数和定滑轮的作用分析平衡重组的重力；
根据定滑轮的特点可知滑轮组中驱动力和平衡重组所移动的距离s=h，
由题意可知，总功为滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功，根据W总=(F+G平衡)s求出总功，
利用η=W有W总×100%求升船机提升货轮的机械效率。
本题考查了定滑轮的特点、液体压强公式、功和机械效率公式的掌握和运用，知道滑轮组中驱动力和平衡重组所做的功为总功是解题的关键。
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