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2023年黑龙江省齐齐哈尔市、黑河市、大兴安岭地区中考物理模拟试卷（二）
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这是一份2023年黑龙江省齐齐哈尔市、黑河市、大兴安岭地区中考物理模拟试卷（二），共27页。试卷主要包含了5m3D等内容，欢迎下载使用。
2023年黑龙江省齐齐哈尔市、黑河市、大兴安岭地区中考物理模拟试卷（二）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是( )
A. 教室门的高度约为2m B. 一本物理教科书的重力约为20N
C. 一名中学生身体体积约为0.5m3 D. 初中生跑完1000m的时间约为2min
2. 下列与声现象有关的四幅图片，其中解释正确的是( )
A. 听不到真空罩内闹钟的声音，是因为声音不能在真空中产生
B. 禁止鸣笛是在声源处控制噪声
C. 医生用B超检查身体，说明声可以传递能量
D. 噪声监测仪可以控制噪声的产生
3. 如图所示，寒冬腊月受冷空气影响，黄河某段出现“水煮黄河”奇观，这是由于河面上蒸发的水蒸气遇冷凝结形成一层雾气笼罩水面而形成的。阳光照射下雾气缥缈，美景如梦似幻。下列现象与“水煮黄河”景观成因相同的是( )
A. 滴水成冰 B. 露似珍珠 C. 雪花纷飞 D. 清霜染树
4. 做凸透镜成像实验时，将光具座上的蜡烛、凸透镜、光屏按如图所示放置，光屏上呈现清晰的像(像未画出)。下列说法正确的是( )
A. 光屏上的像是倒立、放大的
B. 该凸透镜的焦距可能是8cm
C. 保持蜡烛与光屏位置不动，向左移动透镜至适当位置，光屏上会呈现烛焰清晰的像
D. 将蜡烛与光屏位置互换，光屏上不会呈现烛焰清晰的像
5. 懂事的小红经常帮妈妈干家务，烧水、做饭、洗衣服、打扫卫生等等，以下场景中的解释正确的是( )
A. 将菜刀刀刃磨锋利后切菜更容易--减小受力面积
B. 用高压锅煮饭--液体沸点随压强增大而降低
C. 洗衣机甩干衣服--衣服里的水受到惯性作用而被甩出
D. 吸尘器吸灰尘--吸尘器是利用流体流速越大的位置压强越小的原理工作的
6. 体育运动中包含着丰富的物理知识，下列说法不正确的是( )
A. 游泳运动员用力向后划水身体向前运动，利用了物体间力的作用是相互的
B. 铅球运动员将铅球掷出后，铅球最终落向地面是由于铅球受到重力的作用
C. 蹦床运动员蹦到最高点时的速度为零，此时他处于平衡状态
D. 举重运动员将杠铃举过头顶的过程中，对杠铃做了功
7. 线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则( )
A. 甲杯中溢出水的体积小 B. 乙杯中小球所受浮力大
C. 甲杯底部受到水的压强小 D. 两杯对桌面的压强一样大
8. 现代生活离不开电，下列做法符合安全用电规范的是( )
A. 家庭电路中装有空气开关和漏电保护器 B. 使用试电笔时手不能触碰笔尾金属体
C. 发现有人触电应立即用手将其拉开 D. 用湿布擦拭正在工作的用电器
9. 如图所示是手持式电子测温仪以及它的内部原理图，其中电源电压保持不变。R是热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，定值电阻R0是保护电阻。下列说法正确的是( )
A. 显示仪是由电流表改装而成的
B. 热敏电阻R与定值电阻R0是并联的
C. 在使用过程中，当被测温者体温较高时，电路中的电流会增大
D. 在使用过程中，当被测温者体温较高时，显示仪的示数会减小
10. 如图所示，若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两表示数之比U甲：U乙=3：1；若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，下列说法正确的是( )
A. 两电阻的阻值之比R1：R2=3：1
B. 两电流表的示数之比I甲：I乙=2：3
C. 两电阻两端的电压之比U1：U2=1：3
D. 两电阻消耗的功率之比P1：P2=2：1
11. 如图所示的四个情景，下列说法正确的是( )
A. 甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，表明分子间存在引力
B. 乙图中迅速向下压活塞可观察到硝化棉燃烧，是由于空气被压缩内能增大
C. 丙图中抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，说明空气密度比二氧化氮密度大
D. 丁图中当塞子冲出时，气体膨胀对外做功，内能增大
12. 用一个定滑轮和一个动滑轮只改变绕线方式组成如图甲、乙所示的两个滑轮组，分别将同一重物G以相同的速度匀速提升相同的高度。若不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 绳端拉力F甲
C. 绳端拉力做功的功率P甲
13. 将标有“2.5V1.25W”字样的灯泡和标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器连接在如图所
示的电路中，其中电源电压恒为4.5V，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3
V。闭合开关S，为保证两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不超过额定电压
(不考虑灯丝电阻随温度的变化)，则在变阻器滑片移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表的示数变化范围是0.3∼0.5A
B. 电压表的示数变化范围是1.5∼3V
C. 变阻器接入电路的阻值变化范围是4∼10Ω
D. 电路的总功率变化范围是1.35∼2.7W
14. 2022年中国空间站在轨完成“天和”核心舱、“问天”及“梦天”实验舱三舱“T”字基本构型(如图所示)，中国空间站全面建成，国家太空实验室遨游苍穹。空间站全面建成后，“梦天”实验舱相对于“天和”核心舱处于______ (填“运动”或“静止”)状态，地面测控中心与空间站通过发射______ 信号保持天地协同。
15. 如图所示，白鹤的影子和倒影同时出现，白鹤影子的形成是由于______ 形成的，白鹤的倒影是由于______ 形成的。
16. 2022年12月18日在卡塔尔世界杯足球赛决赛中，阿根廷队战胜法国队，夺得冠军。如图所示，运动员在比赛中将静止的足球快速传给前插的队友时，改变了足球的______ ，足球离开脚后继续前进是由于足球______ 。
17. 一枚实心纪念币的质量为16g，体积为2cm3，纪念币的密度______ g/cm3。若宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
18. 2022年11月25日，中国一新西兰联合深渊深潜科考队第一航段科考任务顺利完成。此次科考中，“奋斗者”号沿克马德克海沟最深处下潜5次，其中两次达万米。则在一万米深的克马德克海沟，“奋斗者”号受到海水的压强为______ Pa，“奋斗者”号底部一个表面积为500cm2的观察窗受到海水的压力为______ N。(海水密度取1.0×103kg/m3)
19. 如图所示为我国海上卫星测控船——远望5号。2022年该船年度海上作业185天，安全航行近4万海里，远望5号排水量为2.5万吨，其满载时受到的浮力为______ N，满载时排开海水的体积为______ m3。(海水密度取1.0×103kg/m3)
20. 如图所示的无人机邮递员在运送物资。该无人机由锂电池供电，工作时电动机带动旋翼转动，旋翼对下方空气施力的同时获得升力，电池的额定电压为12V、容量为10A⋅h。某次运载过程中，无人机和物资总重为190N，匀速竖直上升时空气阻力为10N，观察地面的控制装置，显示无人机匀速竖直上升30m电量由100%降至98%。此过程中无人机获得的升力做功为______ J，消耗的电能为______ J。
21. 2023年1月10日，我国西部地区首台华龙一号核电机组——广西防城港核电3号机组首次并网发电。核电站内的核反应堆是可控制的核______ 变，核能属于______ 次能源。
22. 某型号电热水壶的加热功率为1000W，用它把质量为1kg、初温为20℃的水在标准大气压下烧开用时7min，则水吸收的热量是______ J，电热水壶的热效率为______ 。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
23. 在如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R的阻值为4Ω，灯泡L的电流与电压变化的关系图象如图乙所示。闭合开关S，灯泡L两端的电压为16V，则电源电压为______ V。若将图甲中R和L由串联改为并联接在此电源两端，整个电路的电功率为______ W。
24. 许多实验器材在物理实验中被重复利用，斜面就是其中之一，请完成下面利用斜面进行探究实验的有关问题。
(1)如图甲所示利用斜面测平均速度，为了便于测量运动时间，可以______ (填“增大”或“减小”)斜面坡度；让滑块从斜面顶端由静止开始滑下(滑块上方显示的是滑块在A、B、C三处的时刻，数字钟的格式是“时：分：秒”)，滑块由A滑至C的过程中平均速度是______ m/s；滑块在AB段的平均速度和BC段的平均速度大小关系是VAB______ vBC(填“>”、“<”或“=”)。
(2)如图乙所示利用斜面探究阻力对物体运动的影响，小车从斜面相同高度由静止滑下，在毛巾、棉布、木板等表面上运动不同的距离后停止，其中在木板上阻力较小，滑行距离较远。由实验推理得出，如果小车在水平面上受到的阻力为零，小车将做______ 运动。下面实验的研究方法同样用到推理法的是______ (填字母)。
A.从玻璃罩中抽出部分空气，铃声变小，说明真空不能传播声音
B.探究平面镜成像特点实验中取两根相同的蜡烛
C.由U形管中两侧液柱的高度差来确定液体内部的压强大小
D.在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，保持压力不变
(3)如图丙所示利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小球A从斜面的不同高度由静止开始滚下，到达水平面时撞击木块B，这是为了探究动能与______ 的关系。小球动能大小通过______ 来反映，该探究实验利用了控制变量法和______ 法。
25. 如图所示是同学们在探究“浮力大小跟哪些因素有关”的实验过程。(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)物体A的重力为______ N，物体A浸没在水中时受到的浮力为______ N。
(2)通过观察______ 三次实验，得出浮力大小与物体排开液体的体积有关。
(3)通过观察a、c、d三次实验，得出的结论是______ 。
(4)通过观察b、e两次实验得出了“浮力大小与液体密度有关”的结论，这样得出的结论______ (填“合理”或“不合理”)，请你说出理由______ 。
(5)根据图中数据可求出物体A的密度为______ kg/m3，盐水的密度为______ kg/m3。
26. 小明用5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
(1)请用笔画线代替导线将图甲所示电路连接完整。(要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大)
(2)连接电路时，开关应处于______ 状态；闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，其目的是
______ 。
(3)先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻______ 。
(4)排除故障后进行实验，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电流表示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为______ V。
(5)断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______ (填“左”或“右”)端移动。
(6)根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的关系图象如图丙所示。由图象可知，电压一定时，电流与电阻成______ 比。
(7)分析实验数据可知，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______ Ω。
27. 阅读短文，回答问题。
电饭锅中的磁铜限温器电饭锅是生活中常见的用电器，它利用磁钢限温器来控制煮饭过程中的最高温度，磁钢限温器的结构如图所示，它由永久磁钢、感温磁钢和弹簧等组成，感温磁钢及其外会由弹簧支撑，永久磁钢的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而减弱，当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性。
煮饭时，按下电饭锅的按键，永久磁钢和感温磁钢吸合，同时带动连杆使加热开关闭合，电热盘通电，当温度升高到一定程度，感温磁钢失去磁性，在弹簧的作用下感湿磁钢与永久磁钢分离，同时使加热开关断升，按键跳起，电热盘停止加热。
(1)用电饭锅煮饭时，能量转化情况主要是______ 。
(2)永久磁铜的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而______ 。
(3)按键按下时，弹簧处于压缩状态，此时弹簧具有______ 能。
(4)在磁钢限温器工作过程中，感温磁钢没有磁性的是______ (填字母序号)。
A.按下按键时
B.加热升温过程中
C.按键跳起时
D.降温过程中
(5)小明发现用该电饭锅烧水，当水沸腾时电饭锅的按键没有跳起，原因是______ 。
28. 如图甲所示，刘老师在课堂上给同学们做了一个演示实验，用学生电源、小灯泡L1、导线、开关和玻璃泡被敲碎但钨丝完好的白炽灯L2组成串联电路。闭合开关，小灯泡L1发光，刘老师对敲碎玻璃泡的白炽灯丝L2加热，发现小灯泡L1亮度变暗，其等效电路如图乙所示。
(1)请你根据实验现象分析判断当温度升高时，钨丝电阻______ (填“变大”、“不变”或“变小”)。
(2)家庭用的白炽灯泡烧坏，为什么往往是在开灯瞬间？请你分析说明。
29. 如图所示是我国新装配的水陆两用坦克，配备的是柴油发动机，在水中的最大行驶速度为5m/s，其效率为40%，输出功率为430kW。求：
(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程是多少？
(2)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min，该坦克发动机所做的功是多少？
(3)该坦克发动机的牵引力为多大？
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗多少千克柴油？(柴油的热值q=4.3×107J/kg)
30. 某品牌浴室多功能取暖器具有灯暖和风暖两种功能，其简化电路如图所示，部分参数如表所示，电热丝R的阻值为44Ω且不随温度变化。当取暖器正常工作时，求：
额定电压/V
220
灯暖功率/W
550
风暖功率/W
1200
(1)灯暖灯丝的正常工作电流。
(2)使用风暖功能正常工作时，电动机的功率。
(3)单验使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室的门高度约为2m，故A符合实际；
B、物理课本的质量约为400g=0.4kg，根据公式G=mg得：G=0.4kg×10N/kg=4N，故B不符合实际；
C、一名中学生质量约为50kg，人体的密度和水的密度差不多，根据密度公式ρ=mV，所以人的体积V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3，故C不符合实际；
D、初中生跑完1000m的时间为4min左右，故D不符合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，声音传播需要介质，真空不能传声，逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，故A错误；
B、禁止鸣笛，是禁止噪声的产生，属于在声源处控制噪声，故B正确；
C、医生用B超检查身体，是因为超声波能传递信息，故C错误；
D、噪声监测仪只能检测出声音响度的大小，不可以控制噪声的产生，故D错误。
故选：B。
(1)声音传播需要介质，真空不能传声；
(2)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)噪声监测仪是用来监测声音强弱等级的装置，不能减弱噪声。
此题考查声音的传播条件、减弱噪声的途径、声音的利用等多个知识点，是一道声学综合题。
3.【答案】B
【解析】解：“水煮黄河”景观是由于河面上水蒸发的水蒸气遇冷凝结为小水珠，形成一层雾气笼罩水面，属于液化现象。滴水成冰是水变成固态冰，属于凝固现象；露是水蒸气液化成小水珠；雪、霜是水蒸气凝华直接形成小冰晶，故ACD错误，B正确。
故选：B。
“水煮黄河”景观是由于河面上水蒸发的水蒸气遇冷凝结为小水珠，形成一层雾气笼罩水面。属于液化现象。
本题考查了三态变化的实际现象分析，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，此时物距大于像距，屏上的像是倒立、缩小的实像，故A错误；
B、由图可知，此时u=25cm>2f，f2f，光屏上会呈现烛焰倒立放大的实像，故C正确；
D、将蜡烛与光屏位置互换，根据光路可逆可知，光屏上能得到另一个烛焰清晰的像，故D错误。
故选：C。
(1)凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像；
(2)根据图中物距与焦距、像距与焦距的关系算出焦距的范围，进而判断出焦距；
(3)当f
本题是探究凸透镜成像的规律的实验，考查了凸透镜成像的规律的应用。此类题在考试中经常出现，一定要熟练掌握规律的内容，做到灵活运用。
5.【答案】D
【解析】解：A.菜刀磨得锋利切菜更容易，是通过减少受力面积来增大压强，故A错误；
B.用高压锅煮饭，利用了液体沸点随压强增大而升高，故B错误；
C.洗衣机甩干衣服是因为衣服里的水具有惯性，不能说受到惯性作用，故C错误；
D.用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，故D正确。
故选：D。
(1)压强与压力和受力面积有关，压力越大、受力面积越小，压强越大；
(2)沸点随气压的增大而升高；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性不是力，也不是作用；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小。
本题考查了增大压强的方法、液体沸点与气压的关系、惯性以及利用气压与流速的关系解释相关现象，注重了理论联系实际，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、游泳运动员用力向后划水，水同时给运动员一个向前的力，运动员身体向前运动，利用了物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、掷出去的铅球最终会落回地面，是由于铅球受到重力的作用，故B正确；
C、蹦床运动员蹦到最高点时速度为零，他只受到重力的作用，没有处于平衡状态，故C错误；
D、将杠铃从地面举过头顶，有力的作用，杠铃在力的方向上移动了距离，所以运动员对杠铃做了功，故D正确。
故选：C。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)地球附近的一切物体都受到重力的作用；
(3)判断物体的运动状态时需要判断物体的受力情况，受到平衡力则处于平衡状态；
(4)力对物体做功的两个条件：①作用在物体上的力，②物体沿力的方向通过的距离。
本题考查了平衡力的辨别的特点、力与运动的关系等，都是力学的基础知识，须细心判断。
7.【答案】D
【解析】解：
AB、两个小球的质量相同，根据G=mg可知，小球的重力相同；小球在甲中漂浮，受到的浮力等于自身的重力；小球在乙中悬浮，受到的浮力等于自身的重力，所以两杯中小球受到的浮力相同，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，两个小球排开的水的体积是相同的，烧杯原来都装满水，则溢出水的体积相同，故AB错误；
C、两杯中液面深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，两杯底部受到的水的压强是相同的，故C错误；
D、甲杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，乙杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，小球的重力相同，所以排开的水的重力相同；杯子的重力相同，所以杯子重力、水的重力、小球的重力的和是相同的，受力面积相同，根据p=FS可知，桌面受到的压强相同，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据两个小球的状态，利用物体的浮沉条件得出浮力的大小关系，根据阿基米德原理分析排开的水的体积的大小关系；
(3)根据p=ρgh分析杯子底部受到的压强的大小关系；
(4)容器对桌面的压力等于杯子重力、水的重力、小球的重力的和，据此分析两个杯子总重力的大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
8.【答案】A
【解析】解：
A、家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，空气开关是为了防止电路中的电流过大而采取的安全措施，故A符合安全用电常识；
B、使用试电笔时，手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，这样无法判断火线和零线，故B不符合安全用电常识；
C、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故C不符合安全用电常识；
D、为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不能用湿抹布擦正在发光的台灯灯泡，故D不符合安全用电常识。
故选：A。
(1)漏电保护器跳闸是因为火线与零线电流不同；空气开关“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电，家庭电路中电流过大时，空气开关会切断电路；
(2)试电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；
(3)当有人触电时，应先切断电源；
(4)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。
9.【答案】C
【解析】解：AB、根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故AB错误；
CD、在使用过程中，当被测温者体温较高时，R的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流会增大；根据U=IR可知，定值电阻两端电压变大，显示仪的示数变大，故C正确、D错误。
故选：C。
根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
当被测温者体温较高时，根据热敏电阻阻值的变化分析电路中总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化和电压表示数的变化。
本题考查电路的动态分析、欧姆定律公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压之比：U1U2=U甲-U乙U乙=3-11=21；
根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比R1：R2=U1IU2I=U1U2=21，故A错误；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，故两电阻两端的电压之比U1：U2=1：1，故C错误；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比：I1I2=UR1UR2=R2R1=12；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比I甲：I乙=I2I1+I2=21+2=23，故B正确；
根据P=UI可知两电阻消耗的功率之比P1：P2=UI1UI2=I1I2=12；故D错误。
故选：B。
A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压；根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，据此得出两电阻两端的电压之比；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比，根据P=UI可知两电阻消耗的功率之比。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
11.【答案】AB
【解析】解：
A、甲图表示的是将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开，这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故A正确；
B、迅速下压活塞，活塞对气体做功，机械能转化为内能，气体内能增大，温度升高，这是通过做功使气体的内能增大，故B正确；
C、抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，不能说明空气密度比二氧化氮密度大，故C错误；
D、在软木塞被冲出试管口的过程中，气体膨胀对外做功，内能减少，故D错误。
故选：AB。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力与斥力；
(2)对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；
(3)扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
(4)物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小。
本题考查了对分子动理论、做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
12.【答案】AD
【解析】解：A、左图中n1=3，不计绳重和摩擦，则F甲=13(G+G动)；
右图中n2=2，不计绳重和摩擦，则F乙=12(G+G动)；
所以可得F甲
D、将重物匀速提升相同高度h，动滑轮的重力相同，则额外功相同，
因为G相同，所以由W有用=Gh可知W有用甲=W有用乙，
W总=W额+W有用，由η=W有W总×100%可知η甲=η乙，故D正确。
故选：AD。
(1)由图知，n1=3，n2=2，不计绳重和摩擦，提升相同的重物，则G相同，利用F=1n(G+G动)比较拉力大小；
(2)根据W=Fs比较功的大小；
(3)根据P=Wt比较功率大小；
(4)将重物匀速提升相同高度h，动滑轮重力相同，额外功相同，根据重力的关系判断出有用功的大小，根据η=W有用W总×100%判断机械效率。
本题考查了机械效率、功和功率比较，利用好：绳重和摩擦不计，F=1n(G+G动)、η=W有用W总×100%是解题的关键。
13.【答案】AC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的最大示数为2.5V；
根据P=UI可得，灯的额定电流：IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A，
由于串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
由I=UR可得，灯泡的电阻和电路的最小总电阻分别为：RL=ULIL=2.5V0.5A=5Ω，R总小=UI大=4.5V0.5A=9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R小=R总小-RL=9Ω-5Ω=4Ω，
电路的最大电功率：
P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，此时电路中的电流最小，
所以，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4∼10Ω，故C正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电路中的最小电流：
I小=URL+R滑=4.5V5Ω+10Ω=0.3A，
所以，电流表示数的变化范围是0.3A∼0.5A，故A正确。
由I=UR可得，此时灯泡两端的电压：
UL'=I小RL=0.3A×5Ω=1.5V，
则电压表的示数变化范围是1.5∼2.5V，故B错误；
电路的最小功率：
P小=UI小=4.5V×0.3A=1.35W，
则整个电路消耗的总功率变化范围是1.35W∼2.25W，故D错误。
故选：AC。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI和串联电路的电流特点求出电路中的电流，然后与滑动变阻器和电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的最小总电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最大总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后确定电流表的变化范围，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，根据P=UI求出电路的最小总功率，然后得出整个电路消耗总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
14.【答案】静止 电磁波
【解析】解：完成对接后，梦天实验舱相对于天和核心舱位置没有改变，所以是静止的；地面测控中心与空间站通过发射电磁波信号保持天地协同。
故答案为：静止；电磁波。
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；电磁波能够传递信息。
本题考查了运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用；判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
15.【答案】光的直线传播 光的反射
【解析】解：白鹤影子的形成是由于光的直线传播形成的；白鹤的倒影是属于平面镜成像，是由光的反射形成的。
故答案为：光的直线传播；光的反射。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
(2)光斜射到两种介质界面上时会发生反射，有光的反射形成的现象：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像。
区分三种光现象：①光的直线传播现象：影子、日月食、小孔成像；②光的反射：镜子、倒影、潜望镜；
③光的折射：看水中的物体、隔着玻璃或透镜看物体。
光的直线传播在现实生活中的例子有很多，要加强理论与实际的联系。
16.【答案】运动状态 具有惯性
【解析】解：运动员在比赛中将静止的足球快速传给前插的队友时，足球由静止变为运动，力改变了足球的运动状态。
足球离开脚后继续前进是由于足球具有惯性。
故答案为：运动状态；具有惯性。
(1)把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
(2)力可以改变物体的运动状态。
此题主要考查了惯性、力的作用效果知识的应用，掌握基础知识是关键。
17.【答案】8 不变
【解析】解：(1)纪念币的密度：
ρ=mV=16g2cm3=8g/cm3=8×103kg/m3；
(2)若宇航员将这枚纪念币带到太空，位置发生了变化，物体的质量不随位置变化而变化，其质量不变。
故答案为：8；不变。
(1)知道纪念币的质量和体积，利用ρ=mV求纪念币的密度；
(2)质量是指物体所含物质的多少，质量是物体的属性，其大小不随物体形状、状态、位置的改变而改变。
本题考查了密度的计算、对质量属性的理解，属于基础题目。
18.【答案】1×108 5×106
【解析】解：“奋斗者”号在海面下104m深处受到的海水压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×104m=1×108Pa；
由p=FS得，表面积为500cm2的观察窗受到的海水压力：
F=pS=1×108Pa×500×10-4m2=5×106N.
故答案为：1×108；5×106。
知道海水的密度，根据p=ρ液gh求出“奋斗者”号在海面下104m深处受到的海水压强，利用F=pS求出表面积为500cm2的观察窗受到的海水压力。
本题考查液体压强和压力的计算，仔细分析题意按要求解答，难度不大。
19.【答案】2.5×108 2.5×104
【解析】解：远望5号满载时受到海水的浮力：F浮=G排=m排g=25000×103kg×10N/kg=2.5×108N，
满载时排开海水的体积：V排=F浮ρ水g=2.5×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=2.5×104m3。
故答案为：2.5×108；2.5×104。
已知远望5号满载时排水量，即满载时所排开的水的质量，根据G=mg和漂浮条件求出受到海水的浮力，利用阿基米德原理求满载排开海水的体积。
本题考查阿基米德原理的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】6000 8460
【解析】解：匀速上升时，无人机升力：F=G总+f=190N+10N=200N，
无人机升力做功：W=Fs=200N×30m=6000J；
无人机消耗电能：W电=UIt=12V×10A×3600s×(100%-98%)=8640J。
故答案为：6000；8460。
对无人机进行受力分析，无人机受到竖直向下的重力G总，竖直向下的空气阻力f，竖直向上的升力F，根据力的平衡可得无人机升力F=G总+f；
根据W=Fs可得无人机升力做功；
无人机匀速竖直上升30m电量由100%降至98%，根据W=UIt可以得出无人机消耗电能。
本题考查力的平衡、做功公式、电功公式的灵活运用，综合性强。
21.【答案】裂 一
【解析】解：核电站内的核反应堆是可控制的核裂变，核能属于一次能源。
故答案为：裂；一。
(1)核裂变可用于原子弹和核电站，核电站是可控制的铀核裂变；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。
题考查了核能的利用、能源分类，属于基础知识的考查。
22.【答案】3.36×105 80%
【解析】解：在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，将一壶初温为20℃的水烧开水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
由题意知，该电热水壶正常工作时间t=7min=7×60s=420s，
故电热壶消耗的电能：W=Pt=1000W×420s=4.2×105J，
则电热水壶的加热效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.2×105J×100%=80%
故答案为：3.36×105；80%。
在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，再利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量；根据公式η=Q吸W×100%得出电热壶加热效率。
本题为热学和电学的综合计算题，考查了吸热公式、电功率公式及效率公式的应用。
23.【答案】20 122
【解析】解：R与L串联，
由图乙可知，UL=16V时，IL=1A，
则定值电阻两端的电压UR=IRR=1A×4Ω=4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+UR=16V+4V=20V；
将图甲中R和L由串联改为并联，结合并联分压的特点可知L的电压为UL'=20V，
由图乙可知，IL'=1.1A，
由欧姆定律得，通过定值电阻的电流：IR=UR=20V4Ω=5A，
总电流：I=IL'+IR=1.1A+5A=6.1A，
整个电路的电功率：P总=UI=20V×6.1A=122W。
故答案为：20；122。
(1)R与L串联，根据图乙读出灯泡的电流，根据串联电路的电流特点求得定值电阻两端的电压，然后根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)将图甲中R和L由串联改为并联，根据并联电路的电压特点可知L的电压，利用图乙读出此时的电流，由欧姆定律公式可求得通过定值电阻的电流，再利用并联电路中干路电流等于各支路电流之和可求得总电流，再利用P=UI可求得整个电路的电功率。
本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
24.【答案】减小 0.1<匀速直线 A 速度 木块被推动的距离 转换
【解析】解：(1)实验时应使斜面的坡度小些，这样小车运动的慢，便于测量运动时间；
滑块由A滑至C的路程为：s=40cm=0.4m，用的时间为：t=4s，那么滑块由A滑至C的过程中的平均速度为：v=st=0.4m4s=0.1m/s；
图中AB的长度为sAB=40cm-20cm-5cm=15cm=0.15m，滑块由A滑到B的时间为2s，那么小车在AB段的平均速度为：vAB=sABtAB=0.15m0.2s=0.075m/s；
图中BC的长度为sBC=20cm+5cm=25cm=0.25m，滑块由B滑到C的时间为2s，那么小车在BC段的平均速度为：vBC=sBCtBC=0.25m2s=0.125m/s；所以vAB
A.从玻璃罩中抽出部分空气，铃声变小，说明真空不能传播声音；利用了科学推理法；
B.探究平面镜成像特点实验中取两根相同的蜡烛；利用了等效替代法；
C.由U形管中两侧液柱的高度差来确定液体内部的压强大小；利用了转换法；
D.在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，保持压力不变；利用了控制变量法；
故选A；
(3)如图丙所示利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小球A从斜面的不同高度由静止开始滚下，则小球到达水平面时的速度不同，根据控制变量法，这是为了探究动能与速度的关系；
该实验中物体动能的大小是通过木块被推动的距离来反映的，这种常用的实验方法称为转换法。
故答案为：(1)减小；0.1；<；(2)匀速直线；A；(3)速度；木块被推动的距离；转换。
(1)实验时应使斜面的坡度小些，这样小车运动的慢，便于测量运动时间；
已知滑块由A滑至C的路程和时间，根据v=st计算出滑块由A滑至C的过程中的平均速度；
分别计算出AB和BC的平均速度，比较大小；
(2)从毛巾、棉布到木板，接触面粗糙程度变小，小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出结论。
(3)影响动能大小的因素有两个：质量和速度，在实验中利用了控制变量法；该实验中是通过木块B被撞击移动距离的远近来判断小球A动能大小的；利用到了转换法。
本题利用斜面进行探究实验的有关问题，利用斜面测量了平均速度，研究了物体动能大小与什么因素有关和阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、转换法、推理法的运用和实验过程分析。
25.【答案】4 1 a、b、c(或a、b、d)浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关 不合理 未控制物体排开液体的体积相同 4×103 1.2×103
【解析】解：(1)图a中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为4N，因此物体A的重力为4N；
由图c(或d)可知物体A浸没在水中，此时弹簧测力计的示数为3N，
由称重法测浮力可知，此时物体A受到的浮力：F浮水1=G-Fc=4N-3N=1N；
(2)由控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与排开液体体积有关，要控制液体的密度相同，改变物体排开液体的体积，因此观察a、b、c(或a、b、d)三次实验，得出浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)比较a、c、d三次实验可知，物块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法测浮力可知，物体A所受浮力不变，因此可得结论：浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；
(4)由控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，而b、e两次实验中物体排开液体的体积不同，因此这样得出的结论不合理；
(5)物体A浸没在水中时受到的浮力F浮水1=1N，
因物体A完全浸没在水中，所以，根据F浮=ρgV排可得，物体A的体积：V=V排=F浮Aρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
由G=mg可知，物体A的质量：m=Gg=4N10N/kg=0.4kg
物体A的密度：ρ=mV=0.4kg4×10-4m3=4×103kg/m3；
物块A浸没在盐水受到的浮力为：F浮'=G-F'=4N-2.8N=1.2N，
盐水的密度：ρ液=F浮'gV排=1.2N10N/kg×1×10-4m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)4；1；(2)a、b、c(或a、b、d)；(3)浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；(4)不合理；未控制物体排开液体的体积相同；(5)4×103；1.2×103。
(1)根据图a中弹簧测力计的分度值读数，即为物体A的重力；由图c(或d)可知物体A浸没在水中，根据称重法测浮力求出此时物体A受到的浮力；
(2)根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与排开液体体积有关，要控制液体的密度相同，改变物体排开液体的体积；
(3)比较a、c、d三次实验，找出实验中相同量和不同量，由称重法测浮力比较受到的浮力大小，得出浮力与变化量的关系；
(4)根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同；
(5)利用称重法求出物体A浸没在水中时受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A的体积，然后根据G=mg和密度公式求出物体A的密度；
根据称重法F浮=G-F示计算出浸没在液体中受到的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
本题探究“浮力大小跟哪些因素有关”，考查称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理、重力公式和密度公式的应用，是一道综合题。
26.【答案】断开 保护电路 短路 2 左 反 40
【解析】解：(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，要滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大，则滑动变阻器右下接线柱接入电路，如下所示：
(2)为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片处于最大阻值处；
(3)闭合开关，小刚发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路；
(4)由图乙可知，电流表量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，所以此时此定值电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为2V；
(5)探究“电流与电阻关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，实验中控制定值电阻两端的电压为2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数仍为2V；
(6)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.1A×10.05Ω=----0.4A×10.2Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(7)变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，变阻器的阻值是定值电阻阻值的2倍，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。
故答案为：(1)如上图所示；(2)断开；保护电路；(3)短路；(4)2；(5)左；(6)反；(7)40。
(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，根据滑片移动方向确定滑动变阻器下面的接线柱是哪一边接入电路；
(2)为防止连接最后一根导线时，电路中电流过大烧坏用电器，在连接电路时开关应断开；
为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；
(3)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析；
(4)由图乙读出电流值，根据欧姆定律求出此时定值电阻两端的电压值；
(5)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(6)由图丙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(7)根据分压原理求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，从而确定滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
27.【答案】电能转化为内能 减弱 弹性势 C 水的沸点低于103℃
【解析】解：(1)电流做功的过程是电能转化为内能的过程。
(2)永久磁铜的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而减弱；
(3)因为感温磁钢及其外套由弹簧支撑，所以弹簧处于压缩状态，具有弹性势能；
(4)感温磁钢的磁性受温度的影响，随温度升高，磁性减弱；在温度达到一定值时，其磁性消失，感温磁钢失去磁性，在弹簧的作用下感温磁钢与永久磁钢分离，同时使加热开关断开，按键跳起，电热盘停止加热。
(5)当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性。水沸腾时电饭锅的按键没有跳起，原因是水的沸点低于103℃。
故答案为：(1)电能转化为内能；(2)减弱；(3)弹性势；(4)C；(5)水的沸点低于103℃。
(1)电饭锅工作时，消耗了电能，得到了内能；
(2)(3)根据电饭锅的原理可知，感温磁钢及其外套由弹簧支撑，据此分析弹簧的状态；
(4)根据电饭锅的工作原理进行分析；
(5)根据题意可知当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性，按键跳起。
本题考查电饭锅的原理和根据短文得出有用信息的能力，难度不大，关键是弄清电饭锅的原理。
28.【答案】变大
【解析】解：(1)根据题意可知，闭合开关，小灯泡L1发光，刘老师对敲碎玻璃泡的白炽灯丝L2加热，灯丝L2的温度升高，发现小灯泡L1亮度变暗，这说明电路中的电流变小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变大，灯丝L2的阻值变大，由此可知，当温度升高时，钨丝电阻变大；
(2)灯的电阻随温度的升高(降低)而增大(减小)，在开灯的瞬间，灯的温度低，灯的电阻小，根据电功率公式P=U2R可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断。
故答案为：(1)变大；(2)灯的电阻随温度的升高(降低)而增大(减小)，在开灯的瞬间，灯的温度低，灯的电阻小，根据电功率公式P=U2R可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断。
(1)根据实验现象分析钨丝电阻的变化；
(2)刚开灯时，灯丝温度低，电阻相对较小，功率较大，导致短时间内产生的热量过多，温度过高。
本题考查了影响电阻大小的因素、电功率计算公式的应用，难度不大。
29.【答案】解：(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程s=vt=5m/s×10×60s=3000m；
(2)该坦克发动机所做的功W=Pt=430×103W×10×60s=2.58×108J；
(3)该坦克发动机的牵引力F=Ws=2.58×108J3000m=8.6×104N；
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗的柴油完全燃烧放出的热量Q放=Wη=2.58×108J40%=6.45×108J，
消耗柴油的质量m=Q放q=6.45×108J4.3×107J/kg=15kg。
答：(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程是3000m；
(2)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min，该坦克发动机所做的功是2.58×108J；
(3)该坦克发动机的牵引力为8.6×104N；
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗15kg的柴油。
【解析】(1)根据s=vt计算该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程；
(2)根据W=Pt计算该坦克发动机所做的功；
(3)根据F=Ws计算该坦克发动机的牵引力；
(4)根据Q放=Wη计算消耗的柴油完全燃烧放出的热量，根据m=Q放q计算消耗的柴油的质量。
本题考查了路程的计算、功和功率的公式及其变形公式的应用、燃料完全燃烧放出的热量和热机效率公式的应用，属于基础题。
30.【答案】解：(1)由P=UI可知，灯暖灯丝的正常工作电流：IL=PLUL=550W220V=2.5A；
(2)由图可知，当风暖开关闭合时，电动机和电阻R并联，
R的电功率：PR=U2R=(220V)244Ω=1100W，
电动机的功率：PM=P风-PR=1200W-1100W=100W；
(3)单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能：W=P风t=1200W×10×60s=7.2×105J。
答：(1)灯暖灯丝的正常工作电流为2.5A；
(2)使用风暖功能正常工作时，电动机的功率为100W；
(3)单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能为7.2×105J。
【解析】(1)知道灯暖功率，利用P=UI求出灯暖灯丝的正常工作电流；
(2)由图可知，当风暖开关闭合时，电动机和电阻R并联，根据P=U2R求出R的电功率，根据PM=P风-PR求出电动机的功率；
(3)知道风暖功率，利用W=Pt求出单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能。
本题考查电功率公式的应用以及电功的计算，难度不大。
2023年黑龙江省齐齐哈尔市、黑河市、大兴安岭地区中考物理模拟试卷（二）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是( )
A. 教室门的高度约为2m B. 一本物理教科书的重力约为20N
C. 一名中学生身体体积约为0.5m3 D. 初中生跑完1000m的时间约为2min
2. 下列与声现象有关的四幅图片，其中解释正确的是( )
A. 听不到真空罩内闹钟的声音，是因为声音不能在真空中产生
B. 禁止鸣笛是在声源处控制噪声
C. 医生用B超检查身体，说明声可以传递能量
D. 噪声监测仪可以控制噪声的产生
3. 如图所示，寒冬腊月受冷空气影响，黄河某段出现“水煮黄河”奇观，这是由于河面上蒸发的水蒸气遇冷凝结形成一层雾气笼罩水面而形成的。阳光照射下雾气缥缈，美景如梦似幻。下列现象与“水煮黄河”景观成因相同的是( )
A. 滴水成冰 B. 露似珍珠 C. 雪花纷飞 D. 清霜染树
4. 做凸透镜成像实验时，将光具座上的蜡烛、凸透镜、光屏按如图所示放置，光屏上呈现清晰的像(像未画出)。下列说法正确的是( )
A. 光屏上的像是倒立、放大的
B. 该凸透镜的焦距可能是8cm
C. 保持蜡烛与光屏位置不动，向左移动透镜至适当位置，光屏上会呈现烛焰清晰的像
D. 将蜡烛与光屏位置互换，光屏上不会呈现烛焰清晰的像
5. 懂事的小红经常帮妈妈干家务，烧水、做饭、洗衣服、打扫卫生等等，以下场景中的解释正确的是( )
A. 将菜刀刀刃磨锋利后切菜更容易--减小受力面积
B. 用高压锅煮饭--液体沸点随压强增大而降低
C. 洗衣机甩干衣服--衣服里的水受到惯性作用而被甩出
D. 吸尘器吸灰尘--吸尘器是利用流体流速越大的位置压强越小的原理工作的
6. 体育运动中包含着丰富的物理知识，下列说法不正确的是( )
A. 游泳运动员用力向后划水身体向前运动，利用了物体间力的作用是相互的
B. 铅球运动员将铅球掷出后，铅球最终落向地面是由于铅球受到重力的作用
C. 蹦床运动员蹦到最高点时的速度为零，此时他处于平衡状态
D. 举重运动员将杠铃举过头顶的过程中，对杠铃做了功
7. 线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则( )
A. 甲杯中溢出水的体积小 B. 乙杯中小球所受浮力大
C. 甲杯底部受到水的压强小 D. 两杯对桌面的压强一样大
8. 现代生活离不开电，下列做法符合安全用电规范的是( )
A. 家庭电路中装有空气开关和漏电保护器 B. 使用试电笔时手不能触碰笔尾金属体
C. 发现有人触电应立即用手将其拉开 D. 用湿布擦拭正在工作的用电器
9. 如图所示是手持式电子测温仪以及它的内部原理图，其中电源电压保持不变。R是热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，定值电阻R0是保护电阻。下列说法正确的是( )
A. 显示仪是由电流表改装而成的
B. 热敏电阻R与定值电阻R0是并联的
C. 在使用过程中，当被测温者体温较高时，电路中的电流会增大
D. 在使用过程中，当被测温者体温较高时，显示仪的示数会减小
10. 如图所示，若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两表示数之比U甲：U乙=3：1；若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，下列说法正确的是( )
A. 两电阻的阻值之比R1：R2=3：1
B. 两电流表的示数之比I甲：I乙=2：3
C. 两电阻两端的电压之比U1：U2=1：3
D. 两电阻消耗的功率之比P1：P2=2：1
11. 如图所示的四个情景，下列说法正确的是( )
A. 甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，表明分子间存在引力
B. 乙图中迅速向下压活塞可观察到硝化棉燃烧，是由于空气被压缩内能增大
C. 丙图中抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，说明空气密度比二氧化氮密度大
D. 丁图中当塞子冲出时，气体膨胀对外做功，内能增大
12. 用一个定滑轮和一个动滑轮只改变绕线方式组成如图甲、乙所示的两个滑轮组，分别将同一重物G以相同的速度匀速提升相同的高度。若不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 绳端拉力F甲
C. 绳端拉力做功的功率P甲
13. 将标有“2.5V1.25W”字样的灯泡和标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器连接在如图所
示的电路中，其中电源电压恒为4.5V，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3
V。闭合开关S，为保证两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不超过额定电压
(不考虑灯丝电阻随温度的变化)，则在变阻器滑片移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表的示数变化范围是0.3∼0.5A
B. 电压表的示数变化范围是1.5∼3V
C. 变阻器接入电路的阻值变化范围是4∼10Ω
D. 电路的总功率变化范围是1.35∼2.7W
14. 2022年中国空间站在轨完成“天和”核心舱、“问天”及“梦天”实验舱三舱“T”字基本构型(如图所示)，中国空间站全面建成，国家太空实验室遨游苍穹。空间站全面建成后，“梦天”实验舱相对于“天和”核心舱处于______ (填“运动”或“静止”)状态，地面测控中心与空间站通过发射______ 信号保持天地协同。
15. 如图所示，白鹤的影子和倒影同时出现，白鹤影子的形成是由于______ 形成的，白鹤的倒影是由于______ 形成的。
16. 2022年12月18日在卡塔尔世界杯足球赛决赛中，阿根廷队战胜法国队，夺得冠军。如图所示，运动员在比赛中将静止的足球快速传给前插的队友时，改变了足球的______ ，足球离开脚后继续前进是由于足球______ 。
17. 一枚实心纪念币的质量为16g，体积为2cm3，纪念币的密度______ g/cm3。若宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
18. 2022年11月25日，中国一新西兰联合深渊深潜科考队第一航段科考任务顺利完成。此次科考中，“奋斗者”号沿克马德克海沟最深处下潜5次，其中两次达万米。则在一万米深的克马德克海沟，“奋斗者”号受到海水的压强为______ Pa，“奋斗者”号底部一个表面积为500cm2的观察窗受到海水的压力为______ N。(海水密度取1.0×103kg/m3)
19. 如图所示为我国海上卫星测控船——远望5号。2022年该船年度海上作业185天，安全航行近4万海里，远望5号排水量为2.5万吨，其满载时受到的浮力为______ N，满载时排开海水的体积为______ m3。(海水密度取1.0×103kg/m3)
20. 如图所示的无人机邮递员在运送物资。该无人机由锂电池供电，工作时电动机带动旋翼转动，旋翼对下方空气施力的同时获得升力，电池的额定电压为12V、容量为10A⋅h。某次运载过程中，无人机和物资总重为190N，匀速竖直上升时空气阻力为10N，观察地面的控制装置，显示无人机匀速竖直上升30m电量由100%降至98%。此过程中无人机获得的升力做功为______ J，消耗的电能为______ J。
21. 2023年1月10日，我国西部地区首台华龙一号核电机组——广西防城港核电3号机组首次并网发电。核电站内的核反应堆是可控制的核______ 变，核能属于______ 次能源。
22. 某型号电热水壶的加热功率为1000W，用它把质量为1kg、初温为20℃的水在标准大气压下烧开用时7min，则水吸收的热量是______ J，电热水壶的热效率为______ 。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
23. 在如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R的阻值为4Ω，灯泡L的电流与电压变化的关系图象如图乙所示。闭合开关S，灯泡L两端的电压为16V，则电源电压为______ V。若将图甲中R和L由串联改为并联接在此电源两端，整个电路的电功率为______ W。
24. 许多实验器材在物理实验中被重复利用，斜面就是其中之一，请完成下面利用斜面进行探究实验的有关问题。
(1)如图甲所示利用斜面测平均速度，为了便于测量运动时间，可以______ (填“增大”或“减小”)斜面坡度；让滑块从斜面顶端由静止开始滑下(滑块上方显示的是滑块在A、B、C三处的时刻，数字钟的格式是“时：分：秒”)，滑块由A滑至C的过程中平均速度是______ m/s；滑块在AB段的平均速度和BC段的平均速度大小关系是VAB______ vBC(填“>”、“<”或“=”)。
(2)如图乙所示利用斜面探究阻力对物体运动的影响，小车从斜面相同高度由静止滑下，在毛巾、棉布、木板等表面上运动不同的距离后停止，其中在木板上阻力较小，滑行距离较远。由实验推理得出，如果小车在水平面上受到的阻力为零，小车将做______ 运动。下面实验的研究方法同样用到推理法的是______ (填字母)。
A.从玻璃罩中抽出部分空气，铃声变小，说明真空不能传播声音
B.探究平面镜成像特点实验中取两根相同的蜡烛
C.由U形管中两侧液柱的高度差来确定液体内部的压强大小
D.在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，保持压力不变
(3)如图丙所示利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小球A从斜面的不同高度由静止开始滚下，到达水平面时撞击木块B，这是为了探究动能与______ 的关系。小球动能大小通过______ 来反映，该探究实验利用了控制变量法和______ 法。
25. 如图所示是同学们在探究“浮力大小跟哪些因素有关”的实验过程。(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)物体A的重力为______ N，物体A浸没在水中时受到的浮力为______ N。
(2)通过观察______ 三次实验，得出浮力大小与物体排开液体的体积有关。
(3)通过观察a、c、d三次实验，得出的结论是______ 。
(4)通过观察b、e两次实验得出了“浮力大小与液体密度有关”的结论，这样得出的结论______ (填“合理”或“不合理”)，请你说出理由______ 。
(5)根据图中数据可求出物体A的密度为______ kg/m3，盐水的密度为______ kg/m3。
26. 小明用5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
(1)请用笔画线代替导线将图甲所示电路连接完整。(要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大)
(2)连接电路时，开关应处于______ 状态；闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，其目的是
______ 。
(3)先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻______ 。
(4)排除故障后进行实验，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电流表示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为______ V。
(5)断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______ (填“左”或“右”)端移动。
(6)根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的关系图象如图丙所示。由图象可知，电压一定时，电流与电阻成______ 比。
(7)分析实验数据可知，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______ Ω。
27. 阅读短文，回答问题。
电饭锅中的磁铜限温器电饭锅是生活中常见的用电器，它利用磁钢限温器来控制煮饭过程中的最高温度，磁钢限温器的结构如图所示，它由永久磁钢、感温磁钢和弹簧等组成，感温磁钢及其外会由弹簧支撑，永久磁钢的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而减弱，当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性。
煮饭时，按下电饭锅的按键，永久磁钢和感温磁钢吸合，同时带动连杆使加热开关闭合，电热盘通电，当温度升高到一定程度，感温磁钢失去磁性，在弹簧的作用下感湿磁钢与永久磁钢分离，同时使加热开关断升，按键跳起，电热盘停止加热。
(1)用电饭锅煮饭时，能量转化情况主要是______ 。
(2)永久磁铜的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而______ 。
(3)按键按下时，弹簧处于压缩状态，此时弹簧具有______ 能。
(4)在磁钢限温器工作过程中，感温磁钢没有磁性的是______ (填字母序号)。
A.按下按键时
B.加热升温过程中
C.按键跳起时
D.降温过程中
(5)小明发现用该电饭锅烧水，当水沸腾时电饭锅的按键没有跳起，原因是______ 。
28. 如图甲所示，刘老师在课堂上给同学们做了一个演示实验，用学生电源、小灯泡L1、导线、开关和玻璃泡被敲碎但钨丝完好的白炽灯L2组成串联电路。闭合开关，小灯泡L1发光，刘老师对敲碎玻璃泡的白炽灯丝L2加热，发现小灯泡L1亮度变暗，其等效电路如图乙所示。
(1)请你根据实验现象分析判断当温度升高时，钨丝电阻______ (填“变大”、“不变”或“变小”)。
(2)家庭用的白炽灯泡烧坏，为什么往往是在开灯瞬间？请你分析说明。
29. 如图所示是我国新装配的水陆两用坦克，配备的是柴油发动机，在水中的最大行驶速度为5m/s，其效率为40%，输出功率为430kW。求：
(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程是多少？
(2)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min，该坦克发动机所做的功是多少？
(3)该坦克发动机的牵引力为多大？
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗多少千克柴油？(柴油的热值q=4.3×107J/kg)
30. 某品牌浴室多功能取暖器具有灯暖和风暖两种功能，其简化电路如图所示，部分参数如表所示，电热丝R的阻值为44Ω且不随温度变化。当取暖器正常工作时，求：
额定电压/V
220
灯暖功率/W
550
风暖功率/W
1200
(1)灯暖灯丝的正常工作电流。
(2)使用风暖功能正常工作时，电动机的功率。
(3)单验使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室的门高度约为2m，故A符合实际；
B、物理课本的质量约为400g=0.4kg，根据公式G=mg得：G=0.4kg×10N/kg=4N，故B不符合实际；
C、一名中学生质量约为50kg，人体的密度和水的密度差不多，根据密度公式ρ=mV，所以人的体积V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3，故C不符合实际；
D、初中生跑完1000m的时间为4min左右，故D不符合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，声音传播需要介质，真空不能传声，逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，故A错误；
B、禁止鸣笛，是禁止噪声的产生，属于在声源处控制噪声，故B正确；
C、医生用B超检查身体，是因为超声波能传递信息，故C错误；
D、噪声监测仪只能检测出声音响度的大小，不可以控制噪声的产生，故D错误。
故选：B。
(1)声音传播需要介质，真空不能传声；
(2)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)噪声监测仪是用来监测声音强弱等级的装置，不能减弱噪声。
此题考查声音的传播条件、减弱噪声的途径、声音的利用等多个知识点，是一道声学综合题。
3.【答案】B
【解析】解：“水煮黄河”景观是由于河面上水蒸发的水蒸气遇冷凝结为小水珠，形成一层雾气笼罩水面，属于液化现象。滴水成冰是水变成固态冰，属于凝固现象；露是水蒸气液化成小水珠；雪、霜是水蒸气凝华直接形成小冰晶，故ACD错误，B正确。
故选：B。
“水煮黄河”景观是由于河面上水蒸发的水蒸气遇冷凝结为小水珠，形成一层雾气笼罩水面。属于液化现象。
本题考查了三态变化的实际现象分析，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，此时物距大于像距，屏上的像是倒立、缩小的实像，故A错误；
B、由图可知，此时u=25cm>2f，f
D、将蜡烛与光屏位置互换，根据光路可逆可知，光屏上能得到另一个烛焰清晰的像，故D错误。
故选：C。
(1)凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像；
(2)根据图中物距与焦距、像距与焦距的关系算出焦距的范围，进而判断出焦距；
(3)当f
本题是探究凸透镜成像的规律的实验，考查了凸透镜成像的规律的应用。此类题在考试中经常出现，一定要熟练掌握规律的内容，做到灵活运用。
5.【答案】D
【解析】解：A.菜刀磨得锋利切菜更容易，是通过减少受力面积来增大压强，故A错误；
B.用高压锅煮饭，利用了液体沸点随压强增大而升高，故B错误；
C.洗衣机甩干衣服是因为衣服里的水具有惯性，不能说受到惯性作用，故C错误；
D.用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，故D正确。
故选：D。
(1)压强与压力和受力面积有关，压力越大、受力面积越小，压强越大；
(2)沸点随气压的增大而升高；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性不是力，也不是作用；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小。
本题考查了增大压强的方法、液体沸点与气压的关系、惯性以及利用气压与流速的关系解释相关现象，注重了理论联系实际，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、游泳运动员用力向后划水，水同时给运动员一个向前的力，运动员身体向前运动，利用了物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、掷出去的铅球最终会落回地面，是由于铅球受到重力的作用，故B正确；
C、蹦床运动员蹦到最高点时速度为零，他只受到重力的作用，没有处于平衡状态，故C错误；
D、将杠铃从地面举过头顶，有力的作用，杠铃在力的方向上移动了距离，所以运动员对杠铃做了功，故D正确。
故选：C。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)地球附近的一切物体都受到重力的作用；
(3)判断物体的运动状态时需要判断物体的受力情况，受到平衡力则处于平衡状态；
(4)力对物体做功的两个条件：①作用在物体上的力，②物体沿力的方向通过的距离。
本题考查了平衡力的辨别的特点、力与运动的关系等，都是力学的基础知识，须细心判断。
7.【答案】D
【解析】解：
AB、两个小球的质量相同，根据G=mg可知，小球的重力相同；小球在甲中漂浮，受到的浮力等于自身的重力；小球在乙中悬浮，受到的浮力等于自身的重力，所以两杯中小球受到的浮力相同，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，两个小球排开的水的体积是相同的，烧杯原来都装满水，则溢出水的体积相同，故AB错误；
C、两杯中液面深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，两杯底部受到的水的压强是相同的，故C错误；
D、甲杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，乙杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，小球的重力相同，所以排开的水的重力相同；杯子的重力相同，所以杯子重力、水的重力、小球的重力的和是相同的，受力面积相同，根据p=FS可知，桌面受到的压强相同，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据两个小球的状态，利用物体的浮沉条件得出浮力的大小关系，根据阿基米德原理分析排开的水的体积的大小关系；
(3)根据p=ρgh分析杯子底部受到的压强的大小关系；
(4)容器对桌面的压力等于杯子重力、水的重力、小球的重力的和，据此分析两个杯子总重力的大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
8.【答案】A
【解析】解：
A、家庭电路安装漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，空气开关是为了防止电路中的电流过大而采取的安全措施，故A符合安全用电常识；
B、使用试电笔时，手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，这样无法判断火线和零线，故B不符合安全用电常识；
C、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故C不符合安全用电常识；
D、为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不能用湿抹布擦正在发光的台灯灯泡，故D不符合安全用电常识。
故选：A。
(1)漏电保护器跳闸是因为火线与零线电流不同；空气开关“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电，家庭电路中电流过大时，空气开关会切断电路；
(2)试电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；
(3)当有人触电时，应先切断电源；
(4)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。
9.【答案】C
【解析】解：AB、根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故AB错误；
CD、在使用过程中，当被测温者体温较高时，R的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流会增大；根据U=IR可知，定值电阻两端电压变大，显示仪的示数变大，故C正确、D错误。
故选：C。
根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
当被测温者体温较高时，根据热敏电阻阻值的变化分析电路中总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化和电压表示数的变化。
本题考查电路的动态分析、欧姆定律公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压之比：U1U2=U甲-U乙U乙=3-11=21；
根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比R1：R2=U1IU2I=U1U2=21，故A错误；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，故两电阻两端的电压之比U1：U2=1：1，故C错误；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比：I1I2=UR1UR2=R2R1=12；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比I甲：I乙=I2I1+I2=21+2=23，故B正确；
根据P=UI可知两电阻消耗的功率之比P1：P2=UI1UI2=I1I2=12；故D错误。
故选：B。
A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压；根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，据此得出两电阻两端的电压之比；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比，根据P=UI可知两电阻消耗的功率之比。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
11.【答案】AB
【解析】解：
A、甲图表示的是将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开，这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故A正确；
B、迅速下压活塞，活塞对气体做功，机械能转化为内能，气体内能增大，温度升高，这是通过做功使气体的内能增大，故B正确；
C、抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，不能说明空气密度比二氧化氮密度大，故C错误；
D、在软木塞被冲出试管口的过程中，气体膨胀对外做功，内能减少，故D错误。
故选：AB。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力与斥力；
(2)对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；
(3)扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
(4)物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小。
本题考查了对分子动理论、做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
12.【答案】AD
【解析】解：A、左图中n1=3，不计绳重和摩擦，则F甲=13(G+G动)；
右图中n2=2，不计绳重和摩擦，则F乙=12(G+G动)；
所以可得F甲
D、将重物匀速提升相同高度h，动滑轮的重力相同，则额外功相同，
因为G相同，所以由W有用=Gh可知W有用甲=W有用乙，
W总=W额+W有用，由η=W有W总×100%可知η甲=η乙，故D正确。
故选：AD。
(1)由图知，n1=3，n2=2，不计绳重和摩擦，提升相同的重物，则G相同，利用F=1n(G+G动)比较拉力大小；
(2)根据W=Fs比较功的大小；
(3)根据P=Wt比较功率大小；
(4)将重物匀速提升相同高度h，动滑轮重力相同，额外功相同，根据重力的关系判断出有用功的大小，根据η=W有用W总×100%判断机械效率。
本题考查了机械效率、功和功率比较，利用好：绳重和摩擦不计，F=1n(G+G动)、η=W有用W总×100%是解题的关键。
13.【答案】AC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的最大示数为2.5V；
根据P=UI可得，灯的额定电流：IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A，
由于串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
由I=UR可得，灯泡的电阻和电路的最小总电阻分别为：RL=ULIL=2.5V0.5A=5Ω，R总小=UI大=4.5V0.5A=9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R小=R总小-RL=9Ω-5Ω=4Ω，
电路的最大电功率：
P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，此时电路中的电流最小，
所以，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4∼10Ω，故C正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则电路中的最小电流：
I小=URL+R滑=4.5V5Ω+10Ω=0.3A，
所以，电流表示数的变化范围是0.3A∼0.5A，故A正确。
由I=UR可得，此时灯泡两端的电压：
UL'=I小RL=0.3A×5Ω=1.5V，
则电压表的示数变化范围是1.5∼2.5V，故B错误；
电路的最小功率：
P小=UI小=4.5V×0.3A=1.35W，
则整个电路消耗的总功率变化范围是1.35W∼2.25W，故D错误。
故选：AC。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI和串联电路的电流特点求出电路中的电流，然后与滑动变阻器和电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的最小总电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最大总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后确定电流表的变化范围，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，根据P=UI求出电路的最小总功率，然后得出整个电路消耗总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
14.【答案】静止 电磁波
【解析】解：完成对接后，梦天实验舱相对于天和核心舱位置没有改变，所以是静止的；地面测控中心与空间站通过发射电磁波信号保持天地协同。
故答案为：静止；电磁波。
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；电磁波能够传递信息。
本题考查了运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用；判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
15.【答案】光的直线传播 光的反射
【解析】解：白鹤影子的形成是由于光的直线传播形成的；白鹤的倒影是属于平面镜成像，是由光的反射形成的。
故答案为：光的直线传播；光的反射。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
(2)光斜射到两种介质界面上时会发生反射，有光的反射形成的现象：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像。
区分三种光现象：①光的直线传播现象：影子、日月食、小孔成像；②光的反射：镜子、倒影、潜望镜；
③光的折射：看水中的物体、隔着玻璃或透镜看物体。
光的直线传播在现实生活中的例子有很多，要加强理论与实际的联系。
16.【答案】运动状态 具有惯性
【解析】解：运动员在比赛中将静止的足球快速传给前插的队友时，足球由静止变为运动，力改变了足球的运动状态。
足球离开脚后继续前进是由于足球具有惯性。
故答案为：运动状态；具有惯性。
(1)把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
(2)力可以改变物体的运动状态。
此题主要考查了惯性、力的作用效果知识的应用，掌握基础知识是关键。
17.【答案】8 不变
【解析】解：(1)纪念币的密度：
ρ=mV=16g2cm3=8g/cm3=8×103kg/m3；
(2)若宇航员将这枚纪念币带到太空，位置发生了变化，物体的质量不随位置变化而变化，其质量不变。
故答案为：8；不变。
(1)知道纪念币的质量和体积，利用ρ=mV求纪念币的密度；
(2)质量是指物体所含物质的多少，质量是物体的属性，其大小不随物体形状、状态、位置的改变而改变。
本题考查了密度的计算、对质量属性的理解，属于基础题目。
18.【答案】1×108 5×106
【解析】解：“奋斗者”号在海面下104m深处受到的海水压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×104m=1×108Pa；
由p=FS得，表面积为500cm2的观察窗受到的海水压力：
F=pS=1×108Pa×500×10-4m2=5×106N.
故答案为：1×108；5×106。
知道海水的密度，根据p=ρ液gh求出“奋斗者”号在海面下104m深处受到的海水压强，利用F=pS求出表面积为500cm2的观察窗受到的海水压力。
本题考查液体压强和压力的计算，仔细分析题意按要求解答，难度不大。
19.【答案】2.5×108 2.5×104
【解析】解：远望5号满载时受到海水的浮力：F浮=G排=m排g=25000×103kg×10N/kg=2.5×108N，
满载时排开海水的体积：V排=F浮ρ水g=2.5×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=2.5×104m3。
故答案为：2.5×108；2.5×104。
已知远望5号满载时排水量，即满载时所排开的水的质量，根据G=mg和漂浮条件求出受到海水的浮力，利用阿基米德原理求满载排开海水的体积。
本题考查阿基米德原理的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】6000 8460
【解析】解：匀速上升时，无人机升力：F=G总+f=190N+10N=200N，
无人机升力做功：W=Fs=200N×30m=6000J；
无人机消耗电能：W电=UIt=12V×10A×3600s×(100%-98%)=8640J。
故答案为：6000；8460。
对无人机进行受力分析，无人机受到竖直向下的重力G总，竖直向下的空气阻力f，竖直向上的升力F，根据力的平衡可得无人机升力F=G总+f；
根据W=Fs可得无人机升力做功；
无人机匀速竖直上升30m电量由100%降至98%，根据W=UIt可以得出无人机消耗电能。
本题考查力的平衡、做功公式、电功公式的灵活运用，综合性强。
21.【答案】裂 一
【解析】解：核电站内的核反应堆是可控制的核裂变，核能属于一次能源。
故答案为：裂；一。
(1)核裂变可用于原子弹和核电站，核电站是可控制的铀核裂变；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。
题考查了核能的利用、能源分类，属于基础知识的考查。
22.【答案】3.36×105 80%
【解析】解：在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，将一壶初温为20℃的水烧开水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
由题意知，该电热水壶正常工作时间t=7min=7×60s=420s，
故电热壶消耗的电能：W=Pt=1000W×420s=4.2×105J，
则电热水壶的加热效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.2×105J×100%=80%
故答案为：3.36×105；80%。
在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，再利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量；根据公式η=Q吸W×100%得出电热壶加热效率。
本题为热学和电学的综合计算题，考查了吸热公式、电功率公式及效率公式的应用。
23.【答案】20 122
【解析】解：R与L串联，
由图乙可知，UL=16V时，IL=1A，
则定值电阻两端的电压UR=IRR=1A×4Ω=4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+UR=16V+4V=20V；
将图甲中R和L由串联改为并联，结合并联分压的特点可知L的电压为UL'=20V，
由图乙可知，IL'=1.1A，
由欧姆定律得，通过定值电阻的电流：IR=UR=20V4Ω=5A，
总电流：I=IL'+IR=1.1A+5A=6.1A，
整个电路的电功率：P总=UI=20V×6.1A=122W。
故答案为：20；122。
(1)R与L串联，根据图乙读出灯泡的电流，根据串联电路的电流特点求得定值电阻两端的电压，然后根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)将图甲中R和L由串联改为并联，根据并联电路的电压特点可知L的电压，利用图乙读出此时的电流，由欧姆定律公式可求得通过定值电阻的电流，再利用并联电路中干路电流等于各支路电流之和可求得总电流，再利用P=UI可求得整个电路的电功率。
本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
24.【答案】减小 0.1<匀速直线 A 速度 木块被推动的距离 转换
【解析】解：(1)实验时应使斜面的坡度小些，这样小车运动的慢，便于测量运动时间；
滑块由A滑至C的路程为：s=40cm=0.4m，用的时间为：t=4s，那么滑块由A滑至C的过程中的平均速度为：v=st=0.4m4s=0.1m/s；
图中AB的长度为sAB=40cm-20cm-5cm=15cm=0.15m，滑块由A滑到B的时间为2s，那么小车在AB段的平均速度为：vAB=sABtAB=0.15m0.2s=0.075m/s；
图中BC的长度为sBC=20cm+5cm=25cm=0.25m，滑块由B滑到C的时间为2s，那么小车在BC段的平均速度为：vBC=sBCtBC=0.25m2s=0.125m/s；所以vAB
A.从玻璃罩中抽出部分空气，铃声变小，说明真空不能传播声音；利用了科学推理法；
B.探究平面镜成像特点实验中取两根相同的蜡烛；利用了等效替代法；
C.由U形管中两侧液柱的高度差来确定液体内部的压强大小；利用了转换法；
D.在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，保持压力不变；利用了控制变量法；
故选A；
(3)如图丙所示利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小球A从斜面的不同高度由静止开始滚下，则小球到达水平面时的速度不同，根据控制变量法，这是为了探究动能与速度的关系；
该实验中物体动能的大小是通过木块被推动的距离来反映的，这种常用的实验方法称为转换法。
故答案为：(1)减小；0.1；<；(2)匀速直线；A；(3)速度；木块被推动的距离；转换。
(1)实验时应使斜面的坡度小些，这样小车运动的慢，便于测量运动时间；
已知滑块由A滑至C的路程和时间，根据v=st计算出滑块由A滑至C的过程中的平均速度；
分别计算出AB和BC的平均速度，比较大小；
(2)从毛巾、棉布到木板，接触面粗糙程度变小，小车受到的阻力越小，向前滑行的距离越大；进一步推理得出结论。
(3)影响动能大小的因素有两个：质量和速度，在实验中利用了控制变量法；该实验中是通过木块B被撞击移动距离的远近来判断小球A动能大小的；利用到了转换法。
本题利用斜面进行探究实验的有关问题，利用斜面测量了平均速度，研究了物体动能大小与什么因素有关和阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、转换法、推理法的运用和实验过程分析。
25.【答案】4 1 a、b、c(或a、b、d)浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关 不合理 未控制物体排开液体的体积相同 4×103 1.2×103
【解析】解：(1)图a中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为4N，因此物体A的重力为4N；
由图c(或d)可知物体A浸没在水中，此时弹簧测力计的示数为3N，
由称重法测浮力可知，此时物体A受到的浮力：F浮水1=G-Fc=4N-3N=1N；
(2)由控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与排开液体体积有关，要控制液体的密度相同，改变物体排开液体的体积，因此观察a、b、c(或a、b、d)三次实验，得出浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)比较a、c、d三次实验可知，物块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法测浮力可知，物体A所受浮力不变，因此可得结论：浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；
(4)由控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，而b、e两次实验中物体排开液体的体积不同，因此这样得出的结论不合理；
(5)物体A浸没在水中时受到的浮力F浮水1=1N，
因物体A完全浸没在水中，所以，根据F浮=ρgV排可得，物体A的体积：V=V排=F浮Aρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
由G=mg可知，物体A的质量：m=Gg=4N10N/kg=0.4kg
物体A的密度：ρ=mV=0.4kg4×10-4m3=4×103kg/m3；
物块A浸没在盐水受到的浮力为：F浮'=G-F'=4N-2.8N=1.2N，
盐水的密度：ρ液=F浮'gV排=1.2N10N/kg×1×10-4m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)4；1；(2)a、b、c(或a、b、d)；(3)浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；(4)不合理；未控制物体排开液体的体积相同；(5)4×103；1.2×103。
(1)根据图a中弹簧测力计的分度值读数，即为物体A的重力；由图c(或d)可知物体A浸没在水中，根据称重法测浮力求出此时物体A受到的浮力；
(2)根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与排开液体体积有关，要控制液体的密度相同，改变物体排开液体的体积；
(3)比较a、c、d三次实验，找出实验中相同量和不同量，由称重法测浮力比较受到的浮力大小，得出浮力与变化量的关系；
(4)根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同；
(5)利用称重法求出物体A浸没在水中时受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A的体积，然后根据G=mg和密度公式求出物体A的密度；
根据称重法F浮=G-F示计算出浸没在液体中受到的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
本题探究“浮力大小跟哪些因素有关”，考查称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理、重力公式和密度公式的应用，是一道综合题。
26.【答案】断开 保护电路 短路 2 左 反 40
【解析】解：(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，要滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大，则滑动变阻器右下接线柱接入电路，如下所示：
(2)为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片处于最大阻值处；
(3)闭合开关，小刚发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路；
(4)由图乙可知，电流表量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，所以此时此定值电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为2V；
(5)探究“电流与电阻关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，实验中控制定值电阻两端的电压为2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数仍为2V；
(6)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.1A×10.05Ω=----0.4A×10.2Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(7)变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，变阻器的阻值是定值电阻阻值的2倍，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。
故答案为：(1)如上图所示；(2)断开；保护电路；(3)短路；(4)2；(5)左；(6)反；(7)40。
(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，根据滑片移动方向确定滑动变阻器下面的接线柱是哪一边接入电路；
(2)为防止连接最后一根导线时，电路中电流过大烧坏用电器，在连接电路时开关应断开；
为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；
(3)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析；
(4)由图乙读出电流值，根据欧姆定律求出此时定值电阻两端的电压值；
(5)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(6)由图丙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(7)根据分压原理求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，从而确定滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
27.【答案】电能转化为内能 减弱 弹性势 C 水的沸点低于103℃
【解析】解：(1)电流做功的过程是电能转化为内能的过程。
(2)永久磁铜的磁性不变，感温磁铜的磁性会随温度的升高而减弱；
(3)因为感温磁钢及其外套由弹簧支撑，所以弹簧处于压缩状态，具有弹性势能；
(4)感温磁钢的磁性受温度的影响，随温度升高，磁性减弱；在温度达到一定值时，其磁性消失，感温磁钢失去磁性，在弹簧的作用下感温磁钢与永久磁钢分离，同时使加热开关断开，按键跳起，电热盘停止加热。
(5)当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性。水沸腾时电饭锅的按键没有跳起，原因是水的沸点低于103℃。
故答案为：(1)电能转化为内能；(2)减弱；(3)弹性势；(4)C；(5)水的沸点低于103℃。
(1)电饭锅工作时，消耗了电能，得到了内能；
(2)(3)根据电饭锅的原理可知，感温磁钢及其外套由弹簧支撑，据此分析弹簧的状态；
(4)根据电饭锅的工作原理进行分析；
(5)根据题意可知当温度达到103℃时，感温磁钢失去磁性，按键跳起。
本题考查电饭锅的原理和根据短文得出有用信息的能力，难度不大，关键是弄清电饭锅的原理。
28.【答案】变大
【解析】解：(1)根据题意可知，闭合开关，小灯泡L1发光，刘老师对敲碎玻璃泡的白炽灯丝L2加热，灯丝L2的温度升高，发现小灯泡L1亮度变暗，这说明电路中的电流变小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变大，灯丝L2的阻值变大，由此可知，当温度升高时，钨丝电阻变大；
(2)灯的电阻随温度的升高(降低)而增大(减小)，在开灯的瞬间，灯的温度低，灯的电阻小，根据电功率公式P=U2R可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断。
故答案为：(1)变大；(2)灯的电阻随温度的升高(降低)而增大(减小)，在开灯的瞬间，灯的温度低，灯的电阻小，根据电功率公式P=U2R可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断。
(1)根据实验现象分析钨丝电阻的变化；
(2)刚开灯时，灯丝温度低，电阻相对较小，功率较大，导致短时间内产生的热量过多，温度过高。
本题考查了影响电阻大小的因素、电功率计算公式的应用，难度不大。
29.【答案】解：(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程s=vt=5m/s×10×60s=3000m；
(2)该坦克发动机所做的功W=Pt=430×103W×10×60s=2.58×108J；
(3)该坦克发动机的牵引力F=Ws=2.58×108J3000m=8.6×104N；
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗的柴油完全燃烧放出的热量Q放=Wη=2.58×108J40%=6.45×108J，
消耗柴油的质量m=Q放q=6.45×108J4.3×107J/kg=15kg。
答：(1)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程是3000m；
(2)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min，该坦克发动机所做的功是2.58×108J；
(3)该坦克发动机的牵引力为8.6×104N；
(4)该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min消耗15kg的柴油。
【解析】(1)根据s=vt计算该坦克在水中以最大速度匀速行驶10min的路程；
(2)根据W=Pt计算该坦克发动机所做的功；
(3)根据F=Ws计算该坦克发动机的牵引力；
(4)根据Q放=Wη计算消耗的柴油完全燃烧放出的热量，根据m=Q放q计算消耗的柴油的质量。
本题考查了路程的计算、功和功率的公式及其变形公式的应用、燃料完全燃烧放出的热量和热机效率公式的应用，属于基础题。
30.【答案】解：(1)由P=UI可知，灯暖灯丝的正常工作电流：IL=PLUL=550W220V=2.5A；
(2)由图可知，当风暖开关闭合时，电动机和电阻R并联，
R的电功率：PR=U2R=(220V)244Ω=1100W，
电动机的功率：PM=P风-PR=1200W-1100W=100W；
(3)单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能：W=P风t=1200W×10×60s=7.2×105J。
答：(1)灯暖灯丝的正常工作电流为2.5A；
(2)使用风暖功能正常工作时，电动机的功率为100W；
(3)单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能为7.2×105J。
【解析】(1)知道灯暖功率，利用P=UI求出灯暖灯丝的正常工作电流；
(2)由图可知，当风暖开关闭合时，电动机和电阻R并联，根据P=U2R求出R的电功率，根据PM=P风-PR求出电动机的功率；
(3)知道风暖功率，利用W=Pt求出单独使用风暖功能时，正常工作10min电路消耗的电能。
本题考查电功率公式的应用以及电功的计算，难度不大。
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