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2023年北京市东城区中考物理一模试卷（含解析）
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这是一份2023年北京市东城区中考物理一模试卷（含解析），共25页。
2023年北京市东城区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 如图所示的四种餐具中，通常情况下属于导体的是( )
A. 玻璃酒杯 B. 陶瓷饭碗
C. 木制筷子 D. 钢制饭勺
2. 下列事例中，通过做功的方式改变内能的是( )
A. 燃气烧水 B. 暖手袋暖手
C. 钻木取火 D. 哈气取暖
3. 如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 手在墙上形成手影
B. 钢勺好像在水面处折断了
C. 景物在镜中成像
D. 山在水中形成“倒影”
4. 编钟是我国春秋战国时代的乐器，如图所示。通过敲击编钟使之发声，下列说法正确的是( )
A. 正在发声的编钟，没有振动
B. 编钟发出的声音，可以在真空中传播
C. 敲击大小不同的编钟，能发出不同音调的声音
D. 用大小不同的力敲击同一编钟，发出声音的响度相同
5. 如图所示的电路中，电阻阻值R1
B. U1
D. I1=I2
6. 如图所示的用具在正常使用过程中，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹子 B. 筷子
C. 核桃夹 D. 镊子
7. 如图所示是我国自主设计研发的舰载机在航空母舰上起飞的情境。下列说法正确的是( )
A. 舰载机在航空母舰的水平甲板上滑行时，不具有惯性
B. 以起飞的舰载机为参照物航空母舰是运动的
C. 舰载机加速升空的过程中，它的机械能保持不变
D. 舰载机在起飞的过程中，燃料燃烧释放的内能全部转化为舰载机的动能
8. 如图所示，糖画是我国传统民间艺术，它的制作过程如下：先将糖加热成糖浆，然后用糖浆在平板上“画成”各种图案，糖浆慢慢变硬后就制作成了栩栩如生的糖画。下列说法正确的是( )
A. 当糖完全加热成糖浆时，糖分子间不存在引力
B. 糖画制作过程中，糖先熔化后凝固
C. 糖画制作过程中，糖一直吸热
D. 糖画制成后，糖分子被固定，不再做无规则运动
9. 某种温度测试仪的电路，如图所示，其中R1为定值电阻，R2为热敏元件(阻值随温度升高而减小，电路图符号)。电源两端的电压恒定不变。闭合开关S，当热敏元件温度升高时，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变小
B. 电流表示数变大
C. 电压表示数变小
D. 电压表示数不变
10. 小东在做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验时，竖直向上拉动弹簧测力计使细线水平拉动木块沿水平木板做匀速直线运动，如图甲所示；将铁块放在木块上，再次通过弹簧测力计水平拉动木块，使木块和铁块沿同一水平木板做匀速直线运动，如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 图甲所示实验中，细线对木块的拉力就是木块受到的滑动摩擦力
B. 图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块受到的重力
C. 甲、乙两次实验，探究的是木块受到滑动摩擦力的大小与木块和木板接触面上压力大小是否有关
D. 甲、乙两次实验，探究的是木块受到滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关
11. 如图甲所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。在滑片P从滑动变阻器的一端移动到另一端的过程中，电压表的示数U与电流表的示数I变化情况如图乙所示，则根据图象信息可知( )
A. R0阻值是5Ω B. 电路的最大总功率是11.2W
C. 电源电压为7V D. 滑动变阻器的最大阻值是30Ω
12. 如图所示，在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体，将体积相等的A、B两个物体分别放入两种液体中，静止时两烧杯内液面相平。若物体A的质量大于物体B的质量，下列说法正确的是( )
A. 甲烧杯中液体的密度等于乙烧杯中液体的密度
B. 物体A排开液体的重力小于物体B排开液体的重力
C. 甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D. 甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
13. 下列说法中正确的是( )
A. 一杯水的比热容比一桶水的比热容小
B. 水和酒精吸收相同的热量，酒精升高的温度一定多
C. 打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动
D. 汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能
14. 如图所示的是有关磁现象的四个实验情境，下列说法正确的是( )
A. 图甲：断开开关S时，小磁针静止，其指向如图所示，闭合开关S时，小磁针发生偏转，实验通过小磁针偏转推断出通电导线周围产生了磁场
B. 图乙：闭合开关S，通过滑轨上的导体ab由静止变为运动推断出其受到了磁场力的作用
C. 图丙：闭合开关S，当导体ab切割磁感线时，灵敏电流计的指针发生了偏转说明有感应电流产生
D. 图丁：当螺线管通电时，通过观察周围铁屑的分布来判断螺线管周围磁场的方向
15. 如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上竖直向下拉动绳子自由端，使物体A以0.2m/s的速度匀速上升。已知物体A重550N，每个滑轮重均为50N，不计滑轮组的绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端拉力的功率为120W
B. 支架对定滑轮的作用力为900N
C. 2s内滑轮组 对物体 A 做的功为220J
D. 滑轮组提升货物A的机械效率为61.1%
16. 如图所示，据图完成下面填空：
(1)如图1所示的物块A的长度为______ cm。
(2)如图2所示的体温计的示数为______ ℃。
(3)如图3所示的弹簧测力计的示数为______ N。
17. 小东利用蜡烛、透镜、光屏、光具座模拟照相机成像的实验。他将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，将光屏和点燃的蜡烛分别放在凸透镜的两侧，如图所示。为了找到烛焰清晰的像，小东应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动。小东将光屏移到某一位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，则该像是______ (选填“实”或“虚”)像。
18. 小东在实验室测量某种液体的密度，下面是他实验中的主要步骤。请你把他的实验步骤补充完整。
(1)小东把天平放在水平桌面上，发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示，为使天平横梁水平平衡，他应将平衡螺母向______ 端移动。
(2)用调节好的天平测出烧杯和杯内液体的总质量为80.9g。
(3)将烧杯内的部分液体倒入量筒，液面静止时如图乙所示。
(4)用天平测量烧杯和杯内剩余液体的质量，天平横梁水平平衡时砝码和游码的位置如图丙所示，则烧杯和杯内剩余液体的总质量是______ g。
(5)根据小东测得的数据可知待测液体的密度为______ g/cm3。
19. 小明在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，进行了如图甲、乙所示的操作，他发现甲、乙两图中的U形管液面高度差不同。他所探究的问题是______ 。
20. 如图所示，小东用“探究荼熔化特点实验”装置进行实验，在实验中记录了加热时间、萘的温度和萘的物态，实验数据如表所示。
时间/min
0
4
8
10
12
14
16
18
20
22
24
26
温度/℃
58
72
80
80
80
80
80
80
80
80
81
90
状态
□
□
▲
△
△
△
△
△
△
●
〇
〇
□表示萘处于固态，▲表示萘刚有液态出现，△表示萘处于固液共存态，●表示萘刚好完全变为液态，〇表示萘处于液态
(1)图采用水浴法加热的好处是：______ 。
(2)由表格信息可知萘熔化过程所持续的时间为______ min。
(3)依据表格中的信息请总结一条萘熔化过程中的特点______ 。
21. 如图所示是“探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”的实验装置，其中R1、R2、R3是发热的电阻丝，R1、R2分别安装在两个气密性良好的密封容器中，密封容器内有相同质量的空气，两容器各接一个相同的U形管，U形管另一端开口，两U形管内注入等量的同种液体。
(1)小明想探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，则R1和R2的电阻大小应该满足R1 ______ (选填“>”“<”或“=”)R2。
(2)在实验过程中发现两个U形管中的液面高度差均较小，实验现象不明显，导致上述现象的原因可能是______ 。
22. 小东用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻。
(1)如图甲所示，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移动至______ (选填“A”或“B”)端。
(2)闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，此时通过小灯泡的电流为______ A，该小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω(结果保留1位小数)。
23. 请利用如图所示的海绵、木板、六个相同的砝码，其中海绵置于一透明盒内，盒的一侧标有能显示海绵形变大小的刻度，压力的作用效果可以用海绵的形变程度x表示，木板、砝码重力已知且木板的底面积比海绵稍小，设计实验证明：当物体受力面积S一定时，受力面上的压力F越大，压力的作用效果就越明显。
(1)为了方便测量受力面上的压力大小，可以用静止在水平面上的物体所受的重力大小表示其对水平面的压力大小，请分析说明这一操作的依据。
(2)画出实验数据记录表格。
(3)请用画图或文字表述的方式描述实验步骤，要求体现出主要操作，写出要测量或记录的物理量。
24. 请阅读《白鹤梁水下博物馆》并回答问题。
白鹤梁水下博物馆
白鹤梁水下博物馆位于重庆市涪陵区长江岸边，它被联合国教科文组织誉为“世界首座非潜水可到达的水下遗址博物馆”，是世界水文资料的宝库。
白鹤梁原本是一块长江边上的天然的巨型石梁，是古人用于观测长江的水文站，其具有不朽的水文历史价值和文学艺术价值。在三峡工程蓄水之前，唯有在冬季枯水期，人们才有幸一睹白鹤梁题刻的风姿。为了保护这块意义非凡的石梁，中国工程院院士于2001年提出“无压容器”水下博物馆建造方案，即在水下40米的白鹤梁外修建一个钢筋混凝土“罩体”，与长江水隔离。为了“无压”，罩子内部也要蓄满水，只不过这里面的水是经过过滤、净化，非常干净的长江水，使“罩体”基本处于水压平衡的状态，同时防止江水常年对白鹤梁遗址原体的冲刷损坏。
“罩体”内沿白鹤梁体修建了一条参观廊道，由耐压金属和23个玻璃观察窗构成，游人可沿着参观廊道近距离观看、研究白鹤梁上的题刻。照明系统采用LED技术，寿命长、光照好、节能省电，另有先进的循环水系统、防水系统、水下实时摄影系统。
这一极具创新设想的工程实施，为水下文化遗产的原址保护提供了成功的工程范例。
请根据上述材料，回答下列问题：
(1)白鹤梁的“无压容器”保护方案中混凝土罩体内应当______ (填写正确选项前的字母)。
A.蓄满水
B.排空水
C.抽真空
(2)冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期相比将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
(3)“罩体”内沿白鹤梁体修建的参观廊道上有玻璃观察窗，其面积约为0.5m2，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则观察窗所承受的江水的压力约为______ N。
25. 如图所示，电源两端电压U为6V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω。闭合开关S后，电流表A的示数I为1A。求：
(1)电流表A1的示数I1。
(2)电阻R2的电功率。
26. 如图所示，物块A有三分之二的体积浸在烧杯的水中静止时，弹簧测力计的示数F1=0.5N。已知物块A重为3N，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
(1)画出如图所示情境中物块A的受力分析示意图。
(2)求物块A的体积。
(3)若将物块A从弹簧测力计上取下放入该烧杯中(水足够多)，求物块A静止时所受的浮力大小。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：ABC、玻璃解：陶瓷饭碗、木制筷子都不容易导电，是常见的绝缘体，不合题意；
D、钢制饭勺是金属制成的，容易导电，是导体。
故选：D。
根据常见的导体和绝缘体进行判断。常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等。
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：干木材、塑料、橡胶、陶瓷等。导体和绝缘体没有明显的界线，在条件改变时是可以相互转化的。
2.【答案】D
【解析】解：ABD、燃气烧水、暖手袋暖手和哈气取暖都是通过热传递方式来改变物体内能，故ABD不符合题意；
C、钻木取火是通过做功的方式来改变物体内能，故D符合题意。
故选：D。
改变内能的两种方式，做功和热传递；热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化。
本题主要考查了改变内能的方式，解题关键是掌握改变内能的两种方式，做功和热传递，注意区分两者不同。
3.【答案】B
【解析】A、手在墙上形成手影，是因为光在同一均匀介质中沿直线传播，故本选项不符合题意；
B、根据光的折射定律，当光从水中斜射入空气中时，折射光线向法线方向偏离，出现了钢勺好像在水面处折断了的现象，如同插入水中的筷子向上弯折的道理是一样的，本选项符合题意；
C、汽车观后镜，是利用凸面镜能使光线发散的特点扩大视野，是光的反射原理，故本选项不符合题意；
D、平静的水面相当于平面镜，山在水中形成“倒影”是平面镜成像，平面镜成像属于光的反射，故本选项不符合题意。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
(2)光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，凸透镜成像就是具体应用；
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4.【答案】C
【解析】解：A、正在发声的编钟在振动，故A错误。
B、编钟发出的声音，不能在真空中传播，故B错误。
C、用力敲击大小不同的编钟，编钟振动的频率不同，能发出不同音调的声音，故C正确；
D、用大小不同的力敲击同一编钟时声音的响度不同，因为力越大，振幅越大，响度越大，故D错误；
故选：C。
(1)声音是物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
区分声音的三个特征，理解声音传播的条件，可解答此题。
5.【答案】C
【解析】解：AB、由并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压都等于电源电压，即U1=U2=U，故AB错误；
CD、由欧姆定律可知，电压相同时，电阻越大，电流越小，因为电阻阻值R1I2，故C正确、D错误。
故选：C。
(1)根据并联电路电压规律可得出电阻R1、R2两端的电压的大小关系；
(2)根据欧姆定律分析通过两电阻的电流大小关系。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、食品夹子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故A不符合题意；
B、筷子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆，故C符合题意；
D、镊子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故D不符合题意。
故选：C。
(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆。
(2)动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。
(3)动力臂和阻力臂相等的是等臂杠杆。
知道杠杆的分类；知道常见杠杆的动力臂和阻力臂的关系。
7.【答案】B
【解析】解：A、舰载机在航空母舰的水平甲板上滑行时，具有惯性，故A错误。
B、舰载机起飞时，它与航空母舰的位置发生了变化，以起飞的舰载机为参照物航空母舰是运动的，故B正确。
C、舰载机加速升空的过程中，它的动能与重力势能都增加，故它的机械能也增加，故C错误。
D、舰载机在起飞的过程中，燃料燃烧释放的内能部分转化为舰载机的动能，故D错误。
故选：B。
(1)任何时候，任何物体都具有内能。
(2)被研究物体相对于参照物，位置发生了变化，就说物体是运动的，反之，就是静止的。
(3)机械能包括动能与重力势能。
(4)内能和机械能之间可以相互转化。
本题考查了惯性、参照物和能量的转化，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：AD、物质是由分子组成的，分子间存在引力和斥力，分子在永不停息地运动着；当糖完全加热成糖浆时，糖分子间仍存在引力，糖画制成后，凝固为固体，固体分子也在做无规则运动；故AD错误；
BC、糖画制作过程中，糖先熔化后凝固，熔化时，吸热，凝固时放热，故B正确，C错误。
故选：B。
(1)物质是由分子组成的，分子间存在引力和斥力，分子在永不停息地运动着；
(2)物质由固态变为液态称为熔化，该过程吸热；物质由液态变为固态称为凝固，该过程放热。
本题考查了分子间作用力与熔化和凝固的相关知识，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，电流表测量电路电流；
当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，因此电路中的总电阻减小；已知电源电压不变，由I=UR知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故A错误，B正确；
根据U=IR知，在电阻不变时，定值电阻R1两端的电压变大，电压表的示数增大，故CD错误。
故选：B。
由电路图可知，热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，电流表测量电路电流；当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据U=IR可知定值电阻R1两端电压的变化。
本题是电路动态分析题，分析清楚电路结构、根据串联电路特点与欧姆定律即可正确解题；解题时要注意从题中获取所需信息：热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小。
10.【答案】C
【解析】解：A、图甲所示实验中，竖直向上拉动弹簧测力计使细线水平拉动木块沿水平木板做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向上木块受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，此时滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，但细线对木块的拉力不是木块受到的滑动摩擦力，故A错误；
B、图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块和铁块的重力之和，故B错误；
CD、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力有关，分析甲、乙两图可知，木块沿水平木板做匀速直线运动时，接触面的粗糙程度没有改变，将铁块放在木块上，再次用弹簧测力计水平拉动木块时，木板受到的压力变大，所以甲、乙两次实验，探究的是滑动摩擦力的大小与压力是否有关，故C正确；D错误。
故选：C。
(1)木块沿水平木板做匀速直线运动时，在水平方向上木块受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反；
(2)图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块和铁块的重力之和；
(3)滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力有关，根据控制变量法分析甲、乙两图可知。
本题考查二力平衡条件的运用、对压力的理解、滑动摩擦力的影响因素。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
AC、当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，
由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，
电源电压U=I大R0=1.6A×R0.....①，
电路中的电流为0.2A时，电压表的示数为7V，
根据串联电路的特点和欧姆定律可知电源电压U=U0+UR=I小R0+7V=0.2A×R0+7V.....②，
联立①②得：U=8V，R0=5Ω；
故A正确、C错误；
B、电路的最大功率：
P最大=UI最大=8V×1.6A=12.8W，故B错误；
D、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，
由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=7V，
则滑动变阻器的最大阻值：
R=URI最小=7V0.2A=35Ω，故D错误。
故选：A。
由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，根据欧姆定律得出电源电压的表达式；
电路中的电流为0.2A时，电压表的示数为7V，根据串联电路的特点和欧姆定律可知电源电压得表达式，联立两式得出电源电压和R0的阻值；
(2)根据P=UI求出电路的最大功率；
(3)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出电路的最小功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是电路最大和最小电流的判断。
12.【答案】D
【解析】解：A、物体A在甲液体中漂浮，甲液体密度ρ甲>ρA，物体B在乙液体中沉底，乙液体密度ρ乙<ρB；由于物体A的质量大于物体B的质量，A、B两个物体体积相等，则根据ρ=mV可知：ρA>ρB；因此容器中所装液体密度ρ甲>ρ乙，故A错误；
B、物体A在甲液体中漂浮，物体A受到的浮力FA=GA；物体B在乙液体中沉底，物体B受到的浮力FBGB；因此物体所受浮力：FA>FB，根据阿基米德原理可知F浮=G排，所以，GA排>GB排，即：物体A排开液体的重力大于物体B排开液体的重力，故B错误；
C、因为两容器液面相平，即h甲=h乙，而ρ甲>ρ乙，由p=ρgh可知，p甲>p乙，两容器底面积相同，由p=FS可知，甲烧杯底受到液体的压力大于乙烧杯底受到液体的压力，故C错误；
D、A、B两个物体体积相等，由图可知：VA排V乙，ρ甲>ρ乙，由ρ=mV可知，m甲>m乙，则G甲>G乙；
两容器质量相同，则容器的重力相同，液体的重力G甲>G乙，物体的重力GA>GB；
两容器对桌面的压力分别为F甲=G器+GA+G甲，F乙=G器+GB+G乙，所以F甲>F乙，两容器底面积相同，由p=FS可知，甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)已知物体A的质量大于物体B的质量，且体积相等，则根据ρ=mV得出A、B的密度关系；然后根据物体的浮沉条件判断甲乙液体密度的关系；
(2)根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断小球所受浮力的大小；
(3)由图可知两容器液面相平，根据p=ρgh比较压强关系，再根据p=FS比较压力大小关系；
(4)由于A、B两个物体体积相等，由图可知排开液体的体积大小，根据F浮=ρ液gV排分析浮力大小关系；甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p=FS比较烧杯对桌面的压强关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理和密度公式的理解和掌握。
13.【答案】CD
【解析】解：A、比热容的大小与质量无关，一杯水的比热容和一桶水的比热容大小相同，故A错误；
B、影响物体吸收热量的因素有物体的质量、比热容以及升高的温度，只知道吸收的热量，无法判定升高的温度的大小，故B错误；
C、打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地做无规则运动，故C正确；
D、汽油机的做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，将内能转化为机械能，故D正确。
故选：CD。
(1)比热容的大小与质量无关；
(2)物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容以及升高的温度有关；
(3)分子永不停息地做无规则运动；
(4)汽油机做功冲程中，内能转化为机械能。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A正确；
B、当闭合开关后，导体由静止变为运动，其运动状态改变，说明磁场对电流有力的作用，故B正确；
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，通过灵敏电流计的指针发生了偏转显示电流的存在；故C正确；
D、通电螺线管周围存在磁场，磁场方向要通过小磁针来判断，而铁屑只能知道磁场的分布，不能确定方向，故D正确。
故选：ABC。
(1)奥斯特首先发现了电流的周围存在磁场；
(2)通电导线在磁场中受力的作用；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流；
(4)通电螺线管周围存在磁场，通过铁屑知道其磁场分布。
本题考查了电流的磁效应、产生感应电流的条件、通过螺线管的磁场显示、电磁感应现象等，知识点较多，属于基础知识。
15.【答案】AC
【解析】解：A、由图知，承担重物的绳子股数n=2，
不计滑轮组的绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)=12×(550N+50N)=300N，
物体A上升的速度v物=0.2m/s，绳子自由端移动的速度v=nv物=2×0.2m/s=0.4m/s，
绳子自由端拉力的功率：P=W总t=Fst=Fv=300N×0.4m/s=120W，故A正确；
B、G定=G动=50N，支架对定滑轮的作用力：T=3F+G定=3×300N+50N=950N，故B错误；
C、2s内物体移动的距离h=v物t=0.2m/s×2s=0.4m，
滑轮组对物体A做的功(有用功)W有用=Gh=550N×0.4m=220J，故C正确；
D、滑轮组的机械效率：η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF=550N2×300N×100%≈91.7，故D错误。
故选：AC。
(1)由图知，承担重物的绳子股数n=2，不计滑轮组的绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，知道物体A上升的速度，可求绳子自由端移动的速度，绳子自由端拉力的功率P=W总t=Fst=Fv；
(2)G定=G动=50N，支架对定滑轮的作用力T=3F+G定；
(3)2s内物体移动的距离h=v物t，利用W=Gh求滑轮组对物体A做的功；
(4)滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF。
本题考查了使用滑轮组时拉力、功、功率、机械效率的计算，易错点在B选项的计算，对定滑轮进行正确的受力分析是关键。
16.【答案】3.10 36.7 1
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物块左侧与0对齐，右侧与3.10cm对齐，故物块的长度为3.10cm；
(2)图2中，体温计的量程为35℃～42℃，一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃，因此它的读数为36.7℃；
(3)图3中，弹簧测力计0～1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，也就是分度值为0.2N；弹簧测力计的示数为1N。
故答案为：(1)3.10；(2)36.7；(3)1。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)体温计的测量范围是35℃～42℃，体温计的一个大格是1℃，一个小格是0.1℃；
(3)使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直。
本题考查了刻度尺、体温计、弹簧测力计等的使用和读数，属于基础题，难度较小。
17.【答案】左 实
【解析】解：将光屏和点燃的蜡烛分别放在凸透镜的两侧，如图所示，此时物距u=50cm−0cm=50cm>2f，根据u>2f时，2f>v>f，故小东应将光屏向左移动；
小东将光屏移到某一位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，说明该像是实像。
故答案为：左；实。
(1)根据u>2f时，2f>v>f，成倒立、缩小的实像；
(2)实像可以用光屏来承接，而虚像则必须通过凸透镜才能观察到。
熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实际情况判断物距、像距的变化，准确把握成像特点，是解答此类问题的关键。
18.【答案】右 53.4 1.1
【解析】解：(1)调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡；
(3)由丙图可知，量筒中液体的体积为：V=25mL=25cm3；
(4)图丙中天平标尺的分度值为0.2g，剩余液体和烧杯的总质量为20g+20g+10g+3.4g=53.4g；
(5)倒入量筒中液体的质量m=80.9g−53.4g=27.5g；
液体的密度：
ρ=mV=27.5g25cm3=1.1g/cm3。
故答案为：(1)右；(4)53.4；(5)1.1。
(1)当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；
(3)读出量筒中液体的体积；
(4)观察标尺上的分度值，物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值；
(5)求出量筒中液体的质量，根据公式ρ=mV求出密度。
此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、密度计算公式等知识的理解和掌握，难度不大。
19.【答案】液体压强与液体密度的关系
【解析】解：甲、乙两图中的探头所处深度相同，液体密度不同，而两图中的U形管液面高度差不同，说明两种液体中液体压强不同，由此可知他探究的问题是液体压强与液体密度的关系。
故答案为：液体压强与液体密度的关系。
液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，在探究影响液体内部压强的因素时，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定，需要用到控制变量法，据此分析作答。
本题考查了探究液体内部压强的影响因素，分析时注意控制变量法的运用，难度不大。
20.【答案】受热均匀 14 萘熔化时，吸收热量，温度保持不变
【解析】解：(1)如图所示加热方法是水浴法加热，可以使萘受热均匀，同时萘温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度；
(2)由表可知，第8min～22min萘处于熔化过程，熔化过程持续14min；
(3)由表可知，萘熔化时，吸收热量，温度保持不变。
故答案为：(1)受热均匀；(2)14；(3)萘熔化时，吸收热量，温度保持不变。
(1)水浴法加热可以使物质受热均匀，同时物质温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度；
(2)从熔化开始到熔化完成所用的时间就是熔化时间；
(3)晶体与非晶体的区别：晶体有一定的熔化温度即熔点，非晶体没有一定的熔化温度。
本题考查了晶体的熔化实验、晶体熔化特点等，是一道基础题。
21.【答案】= 电源电压过小
【解析】解：(1)探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，根据控制变量法，电阻R1、R2及通电时间要相同；
(2)实验现象不明显的原因：装置气密性不好；
或根据焦耳定律结合欧姆定律分析可知电源电压太低，电路中的电流太小，电阻产生的热量少，膨胀不明显。
故答案为：(1)=；(2)电源电压过小。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，根据控制变量法，除了电流大小变化外，电阻阻值及通电时间要相同；
(2)实验中气体体积膨胀差别不大，根据焦耳定律可知电流产生的热量太小。
本题考查控制变量法和焦耳定律、欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
22.【答案】B 0.3 8.3
【解析】解：(1)为了保护电路，应使电路中的电阻最大、电流最小，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最大阻值的B端；
(2)由图乙知，电流表使用的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，其示数为0.3A，
即灯泡正常发光时通过的电流I=0.3A，
灯泡正常发光时的电阻为：R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω。
故答案为：(1)B；(2)0.3；8.3。
(1)为了保护电路，闭合开关前，变阻器的滑片应置于使连入电路的阻值最大处；
(2)先确定电流表的量程和分度值，再根据欧姆定律计算小灯泡的电阻。
本题是测量小灯额定功率的实验题目，考查了实验注意事项、电流表的读数、电功率的计算。属于常考命题点，难度不大。
23.【答案】答：(1)当物体静止时，根据二力平衡条件，物体所受重力G物大小等于水平面对物体的支持力F支 即G物=F支，水平面对物体的支持力F支与物体对水平面的压力F压是一对相互作用力，大小相等即F支=F压，所以F压=G物。
(2)实验数据记录表：
G板/N
G码/N
F/N
x/cm
(3)①如图甲所示情境进行实验，观察透明盒上所示的形变程度x，将此时砝码重力G码、木板重力G板、形变程度x记录入实验数据表格；
②按如图乙所示情境进行实验，将对应的G码、G板、x记录入实验数据表格；
③按如图丙所示情境再做一次实验；
④根据 F=G板+G码 计算出受力面积上的压力F，并将其记录入实验数据表格；
。
【解析】(1)水平面上静止的物体，物体所受的重力大小等于其对水平面对物体的支持力大小；
(2)根据实验要求，列出记录表格；
(3)根据实验要求，画图以及具体的操作步骤。
本题考查了探究影响压力作用效果的因素的实验设计，考查控制变量法和二力平衡条件及设计表格的能力。
24.【答案】A 减小 2×105
【解析】解：(1)根据题干信息可知为了“无压”罩子内部采取的是蓄满水，故选A；
(2)由于冬季枯水期与非枯水期相比水的深度变小，根据p=ρgh判断冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期的压强减小；
(3)玻璃观察窗受到的压强p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×40m=4×105Pa，
根据p=FS可得观察窗所承受的江水的压力：F=pS=4×105Pa×0.5m2=2×105N。
故答案为：(1)A；(2)减小；(3)2×105。
(1)根据题干信息可知为了“无压”罩子内部采取的是蓄满水；
(2)根据p=ρgh判断冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期的压强变化；
(3)利用液体压强公式p=ρ液gh求出玻璃观察窗受到的压强，利用压强定义式p=FS求出观察窗所承受的江水的压力。
此题考查液体压强公式和压强定义式的应用，无论题目如何变化，一定要分析隐含的物理信息，这样才能利用物理知识解决实际问题。
25.【答案】解：由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
(1)因并联电路中各支路两端电压相等，所以电流表A1的示数：I1=UR1=6V10Ω=0.6A；
(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I−I1=1A−0.6A=0.4A，
电阻R2的电功率P=UI2=6V×0.4A=2.4W。
答：(1)电流表A1的示数为0.6A；
(2)电阻R2的电功率为2.4W。
【解析】由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
(1)根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过电流表A1的示数；
(2)根据并联电路电流的特点求出R2的电流，根据P=UI2得出电阻R2的电功率。
本题考查并联电路电流和电压的特点、欧姆定律的应用，属于基础题。
26.【答案】解：
(1)如图所示情境中物块A受到竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力的作用，受力分析示意图如图所示：
；
(2)物块三分之二体积浸在水中静止时，由物块受平衡力可知：物块所受的浮力F浮=G−F1=3N−0.5N=2.5N，
由阿基米德原理可得物块排开水的体积V排=F浮ρ水g=2.5N1×103kg/m3×10N/kg=2.5×10−4m3，
因为：V排=23V物，所以物块A的体积V物=32V排=32×2.5×10−4m3=3.75×10−4m3；
(3)若物块A浸没在水中，所受浮力F浮1=ρ水g V排’=ρ水g V物=1×103kg/m3×10N/kg×3.75×10−4m3=3.75N，
因F浮1>G，所以静止时物块处于漂浮状态，由二力平衡得F浮2=G=3N。
答：(1)如图。
(2)物块A的体积为3.75×10−4m3。
(3)物块A静止时所受的浮力大小为3N。
【解析】(1)如图所示情境中物块A受到竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力的作用，作用点在重心上，据此得出受力分析示意图；
(2)物块三分之二体积浸在水中静止时，由F浮=G−F1得出物块所受的浮力；由阿基米德原理可得物块排开水的体积V排，因为V排=23V物，据此得出物块A的体积；
(3)若物块A浸没在水中，根据F浮1=ρ水g V排’=ρ水g V物得出所受浮力，根据浮沉条件判断物块所处状态并得出所受的浮力。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
2023年北京市东城区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 如图所示的四种餐具中，通常情况下属于导体的是( )
A. 玻璃酒杯 B. 陶瓷饭碗
C. 木制筷子 D. 钢制饭勺
2. 下列事例中，通过做功的方式改变内能的是( )
A. 燃气烧水 B. 暖手袋暖手
C. 钻木取火 D. 哈气取暖
3. 如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 手在墙上形成手影
B. 钢勺好像在水面处折断了
C. 景物在镜中成像
D. 山在水中形成“倒影”
4. 编钟是我国春秋战国时代的乐器，如图所示。通过敲击编钟使之发声，下列说法正确的是( )
A. 正在发声的编钟，没有振动
B. 编钟发出的声音，可以在真空中传播
C. 敲击大小不同的编钟，能发出不同音调的声音
D. 用大小不同的力敲击同一编钟，发出声音的响度相同
5. 如图所示的电路中，电阻阻值R1
B. U1
D. I1=I2
6. 如图所示的用具在正常使用过程中，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹子 B. 筷子
C. 核桃夹 D. 镊子
7. 如图所示是我国自主设计研发的舰载机在航空母舰上起飞的情境。下列说法正确的是( )
A. 舰载机在航空母舰的水平甲板上滑行时，不具有惯性
B. 以起飞的舰载机为参照物航空母舰是运动的
C. 舰载机加速升空的过程中，它的机械能保持不变
D. 舰载机在起飞的过程中，燃料燃烧释放的内能全部转化为舰载机的动能
8. 如图所示，糖画是我国传统民间艺术，它的制作过程如下：先将糖加热成糖浆，然后用糖浆在平板上“画成”各种图案，糖浆慢慢变硬后就制作成了栩栩如生的糖画。下列说法正确的是( )
A. 当糖完全加热成糖浆时，糖分子间不存在引力
B. 糖画制作过程中，糖先熔化后凝固
C. 糖画制作过程中，糖一直吸热
D. 糖画制成后，糖分子被固定，不再做无规则运动
9. 某种温度测试仪的电路，如图所示，其中R1为定值电阻，R2为热敏元件(阻值随温度升高而减小，电路图符号)。电源两端的电压恒定不变。闭合开关S，当热敏元件温度升高时，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变小
B. 电流表示数变大
C. 电压表示数变小
D. 电压表示数不变
10. 小东在做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验时，竖直向上拉动弹簧测力计使细线水平拉动木块沿水平木板做匀速直线运动，如图甲所示；将铁块放在木块上，再次通过弹簧测力计水平拉动木块，使木块和铁块沿同一水平木板做匀速直线运动，如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 图甲所示实验中，细线对木块的拉力就是木块受到的滑动摩擦力
B. 图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块受到的重力
C. 甲、乙两次实验，探究的是木块受到滑动摩擦力的大小与木块和木板接触面上压力大小是否有关
D. 甲、乙两次实验，探究的是木块受到滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关
11. 如图甲所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。在滑片P从滑动变阻器的一端移动到另一端的过程中，电压表的示数U与电流表的示数I变化情况如图乙所示，则根据图象信息可知( )
A. R0阻值是5Ω B. 电路的最大总功率是11.2W
C. 电源电压为7V D. 滑动变阻器的最大阻值是30Ω
12. 如图所示，在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体，将体积相等的A、B两个物体分别放入两种液体中，静止时两烧杯内液面相平。若物体A的质量大于物体B的质量，下列说法正确的是( )
A. 甲烧杯中液体的密度等于乙烧杯中液体的密度
B. 物体A排开液体的重力小于物体B排开液体的重力
C. 甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D. 甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
13. 下列说法中正确的是( )
A. 一杯水的比热容比一桶水的比热容小
B. 水和酒精吸收相同的热量，酒精升高的温度一定多
C. 打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动
D. 汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能
14. 如图所示的是有关磁现象的四个实验情境，下列说法正确的是( )
A. 图甲：断开开关S时，小磁针静止，其指向如图所示，闭合开关S时，小磁针发生偏转，实验通过小磁针偏转推断出通电导线周围产生了磁场
B. 图乙：闭合开关S，通过滑轨上的导体ab由静止变为运动推断出其受到了磁场力的作用
C. 图丙：闭合开关S，当导体ab切割磁感线时，灵敏电流计的指针发生了偏转说明有感应电流产生
D. 图丁：当螺线管通电时，通过观察周围铁屑的分布来判断螺线管周围磁场的方向
15. 如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上竖直向下拉动绳子自由端，使物体A以0.2m/s的速度匀速上升。已知物体A重550N，每个滑轮重均为50N，不计滑轮组的绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端拉力的功率为120W
B. 支架对定滑轮的作用力为900N
C. 2s内滑轮组 对物体 A 做的功为220J
D. 滑轮组提升货物A的机械效率为61.1%
16. 如图所示，据图完成下面填空：
(1)如图1所示的物块A的长度为______ cm。
(2)如图2所示的体温计的示数为______ ℃。
(3)如图3所示的弹簧测力计的示数为______ N。
17. 小东利用蜡烛、透镜、光屏、光具座模拟照相机成像的实验。他将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，将光屏和点燃的蜡烛分别放在凸透镜的两侧，如图所示。为了找到烛焰清晰的像，小东应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动。小东将光屏移到某一位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，则该像是______ (选填“实”或“虚”)像。
18. 小东在实验室测量某种液体的密度，下面是他实验中的主要步骤。请你把他的实验步骤补充完整。
(1)小东把天平放在水平桌面上，发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示，为使天平横梁水平平衡，他应将平衡螺母向______ 端移动。
(2)用调节好的天平测出烧杯和杯内液体的总质量为80.9g。
(3)将烧杯内的部分液体倒入量筒，液面静止时如图乙所示。
(4)用天平测量烧杯和杯内剩余液体的质量，天平横梁水平平衡时砝码和游码的位置如图丙所示，则烧杯和杯内剩余液体的总质量是______ g。
(5)根据小东测得的数据可知待测液体的密度为______ g/cm3。
19. 小明在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，进行了如图甲、乙所示的操作，他发现甲、乙两图中的U形管液面高度差不同。他所探究的问题是______ 。
20. 如图所示，小东用“探究荼熔化特点实验”装置进行实验，在实验中记录了加热时间、萘的温度和萘的物态，实验数据如表所示。
时间/min
0
4
8
10
12
14
16
18
20
22
24
26
温度/℃
58
72
80
80
80
80
80
80
80
80
81
90
状态
□
□
▲
△
△
△
△
△
△
●
〇
〇
□表示萘处于固态，▲表示萘刚有液态出现，△表示萘处于固液共存态，●表示萘刚好完全变为液态，〇表示萘处于液态
(1)图采用水浴法加热的好处是：______ 。
(2)由表格信息可知萘熔化过程所持续的时间为______ min。
(3)依据表格中的信息请总结一条萘熔化过程中的特点______ 。
21. 如图所示是“探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”的实验装置，其中R1、R2、R3是发热的电阻丝，R1、R2分别安装在两个气密性良好的密封容器中，密封容器内有相同质量的空气，两容器各接一个相同的U形管，U形管另一端开口，两U形管内注入等量的同种液体。
(1)小明想探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，则R1和R2的电阻大小应该满足R1 ______ (选填“>”“<”或“=”)R2。
(2)在实验过程中发现两个U形管中的液面高度差均较小，实验现象不明显，导致上述现象的原因可能是______ 。
22. 小东用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻。
(1)如图甲所示，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移动至______ (选填“A”或“B”)端。
(2)闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，此时通过小灯泡的电流为______ A，该小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω(结果保留1位小数)。
23. 请利用如图所示的海绵、木板、六个相同的砝码，其中海绵置于一透明盒内，盒的一侧标有能显示海绵形变大小的刻度，压力的作用效果可以用海绵的形变程度x表示，木板、砝码重力已知且木板的底面积比海绵稍小，设计实验证明：当物体受力面积S一定时，受力面上的压力F越大，压力的作用效果就越明显。
(1)为了方便测量受力面上的压力大小，可以用静止在水平面上的物体所受的重力大小表示其对水平面的压力大小，请分析说明这一操作的依据。
(2)画出实验数据记录表格。
(3)请用画图或文字表述的方式描述实验步骤，要求体现出主要操作，写出要测量或记录的物理量。
24. 请阅读《白鹤梁水下博物馆》并回答问题。
白鹤梁水下博物馆
白鹤梁水下博物馆位于重庆市涪陵区长江岸边，它被联合国教科文组织誉为“世界首座非潜水可到达的水下遗址博物馆”，是世界水文资料的宝库。
白鹤梁原本是一块长江边上的天然的巨型石梁，是古人用于观测长江的水文站，其具有不朽的水文历史价值和文学艺术价值。在三峡工程蓄水之前，唯有在冬季枯水期，人们才有幸一睹白鹤梁题刻的风姿。为了保护这块意义非凡的石梁，中国工程院院士于2001年提出“无压容器”水下博物馆建造方案，即在水下40米的白鹤梁外修建一个钢筋混凝土“罩体”，与长江水隔离。为了“无压”，罩子内部也要蓄满水，只不过这里面的水是经过过滤、净化，非常干净的长江水，使“罩体”基本处于水压平衡的状态，同时防止江水常年对白鹤梁遗址原体的冲刷损坏。
“罩体”内沿白鹤梁体修建了一条参观廊道，由耐压金属和23个玻璃观察窗构成，游人可沿着参观廊道近距离观看、研究白鹤梁上的题刻。照明系统采用LED技术，寿命长、光照好、节能省电，另有先进的循环水系统、防水系统、水下实时摄影系统。
这一极具创新设想的工程实施，为水下文化遗产的原址保护提供了成功的工程范例。
请根据上述材料，回答下列问题：
(1)白鹤梁的“无压容器”保护方案中混凝土罩体内应当______ (填写正确选项前的字母)。
A.蓄满水
B.排空水
C.抽真空
(2)冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期相比将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
(3)“罩体”内沿白鹤梁体修建的参观廊道上有玻璃观察窗，其面积约为0.5m2，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则观察窗所承受的江水的压力约为______ N。
25. 如图所示，电源两端电压U为6V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω。闭合开关S后，电流表A的示数I为1A。求：
(1)电流表A1的示数I1。
(2)电阻R2的电功率。
26. 如图所示，物块A有三分之二的体积浸在烧杯的水中静止时，弹簧测力计的示数F1=0.5N。已知物块A重为3N，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
(1)画出如图所示情境中物块A的受力分析示意图。
(2)求物块A的体积。
(3)若将物块A从弹簧测力计上取下放入该烧杯中(水足够多)，求物块A静止时所受的浮力大小。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：ABC、玻璃解：陶瓷饭碗、木制筷子都不容易导电，是常见的绝缘体，不合题意；
D、钢制饭勺是金属制成的，容易导电，是导体。
故选：D。
根据常见的导体和绝缘体进行判断。常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等。
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：干木材、塑料、橡胶、陶瓷等。导体和绝缘体没有明显的界线，在条件改变时是可以相互转化的。
2.【答案】D
【解析】解：ABD、燃气烧水、暖手袋暖手和哈气取暖都是通过热传递方式来改变物体内能，故ABD不符合题意；
C、钻木取火是通过做功的方式来改变物体内能，故D符合题意。
故选：D。
改变内能的两种方式，做功和热传递；热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化。
本题主要考查了改变内能的方式，解题关键是掌握改变内能的两种方式，做功和热传递，注意区分两者不同。
3.【答案】B
【解析】A、手在墙上形成手影，是因为光在同一均匀介质中沿直线传播，故本选项不符合题意；
B、根据光的折射定律，当光从水中斜射入空气中时，折射光线向法线方向偏离，出现了钢勺好像在水面处折断了的现象，如同插入水中的筷子向上弯折的道理是一样的，本选项符合题意；
C、汽车观后镜，是利用凸面镜能使光线发散的特点扩大视野，是光的反射原理，故本选项不符合题意；
D、平静的水面相当于平面镜，山在水中形成“倒影”是平面镜成像，平面镜成像属于光的反射，故本选项不符合题意。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
(2)光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，凸透镜成像就是具体应用；
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4.【答案】C
【解析】解：A、正在发声的编钟在振动，故A错误。
B、编钟发出的声音，不能在真空中传播，故B错误。
C、用力敲击大小不同的编钟，编钟振动的频率不同，能发出不同音调的声音，故C正确；
D、用大小不同的力敲击同一编钟时声音的响度不同，因为力越大，振幅越大，响度越大，故D错误；
故选：C。
(1)声音是物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
区分声音的三个特征，理解声音传播的条件，可解答此题。
5.【答案】C
【解析】解：AB、由并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压都等于电源电压，即U1=U2=U，故AB错误；
CD、由欧姆定律可知，电压相同时，电阻越大，电流越小，因为电阻阻值R1
故选：C。
(1)根据并联电路电压规律可得出电阻R1、R2两端的电压的大小关系；
(2)根据欧姆定律分析通过两电阻的电流大小关系。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、食品夹子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故A不符合题意；
B、筷子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆，故C符合题意；
D、镊子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故D不符合题意。
故选：C。
(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆。
(2)动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。
(3)动力臂和阻力臂相等的是等臂杠杆。
知道杠杆的分类；知道常见杠杆的动力臂和阻力臂的关系。
7.【答案】B
【解析】解：A、舰载机在航空母舰的水平甲板上滑行时，具有惯性，故A错误。
B、舰载机起飞时，它与航空母舰的位置发生了变化，以起飞的舰载机为参照物航空母舰是运动的，故B正确。
C、舰载机加速升空的过程中，它的动能与重力势能都增加，故它的机械能也增加，故C错误。
D、舰载机在起飞的过程中，燃料燃烧释放的内能部分转化为舰载机的动能，故D错误。
故选：B。
(1)任何时候，任何物体都具有内能。
(2)被研究物体相对于参照物，位置发生了变化，就说物体是运动的，反之，就是静止的。
(3)机械能包括动能与重力势能。
(4)内能和机械能之间可以相互转化。
本题考查了惯性、参照物和能量的转化，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：AD、物质是由分子组成的，分子间存在引力和斥力，分子在永不停息地运动着；当糖完全加热成糖浆时，糖分子间仍存在引力，糖画制成后，凝固为固体，固体分子也在做无规则运动；故AD错误；
BC、糖画制作过程中，糖先熔化后凝固，熔化时，吸热，凝固时放热，故B正确，C错误。
故选：B。
(1)物质是由分子组成的，分子间存在引力和斥力，分子在永不停息地运动着；
(2)物质由固态变为液态称为熔化，该过程吸热；物质由液态变为固态称为凝固，该过程放热。
本题考查了分子间作用力与熔化和凝固的相关知识，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，电流表测量电路电流；
当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，因此电路中的总电阻减小；已知电源电压不变，由I=UR知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故A错误，B正确；
根据U=IR知，在电阻不变时，定值电阻R1两端的电压变大，电压表的示数增大，故CD错误。
故选：B。
由电路图可知，热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，电流表测量电路电流；当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据U=IR可知定值电阻R1两端电压的变化。
本题是电路动态分析题，分析清楚电路结构、根据串联电路特点与欧姆定律即可正确解题；解题时要注意从题中获取所需信息：热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小。
10.【答案】C
【解析】解：A、图甲所示实验中，竖直向上拉动弹簧测力计使细线水平拉动木块沿水平木板做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向上木块受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，此时滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，但细线对木块的拉力不是木块受到的滑动摩擦力，故A错误；
B、图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块和铁块的重力之和，故B错误；
CD、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力有关，分析甲、乙两图可知，木块沿水平木板做匀速直线运动时，接触面的粗糙程度没有改变，将铁块放在木块上，再次用弹簧测力计水平拉动木块时，木板受到的压力变大，所以甲、乙两次实验，探究的是滑动摩擦力的大小与压力是否有关，故C正确；D错误。
故选：C。
(1)木块沿水平木板做匀速直线运动时，在水平方向上木块受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反；
(2)图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块和铁块的重力之和；
(3)滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力有关，根据控制变量法分析甲、乙两图可知。
本题考查二力平衡条件的运用、对压力的理解、滑动摩擦力的影响因素。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
AC、当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，
由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，
电源电压U=I大R0=1.6A×R0.....①，
电路中的电流为0.2A时，电压表的示数为7V，
根据串联电路的特点和欧姆定律可知电源电压U=U0+UR=I小R0+7V=0.2A×R0+7V.....②，
联立①②得：U=8V，R0=5Ω；
故A正确、C错误；
B、电路的最大功率：
P最大=UI最大=8V×1.6A=12.8W，故B错误；
D、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，
由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=7V，
则滑动变阻器的最大阻值：
R=URI最小=7V0.2A=35Ω，故D错误。
故选：A。
由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，根据欧姆定律得出电源电压的表达式；
电路中的电流为0.2A时，电压表的示数为7V，根据串联电路的特点和欧姆定律可知电源电压得表达式，联立两式得出电源电压和R0的阻值；
(2)根据P=UI求出电路的最大功率；
(3)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出电路的最小功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是电路最大和最小电流的判断。
12.【答案】D
【解析】解：A、物体A在甲液体中漂浮，甲液体密度ρ甲>ρA，物体B在乙液体中沉底，乙液体密度ρ乙<ρB；由于物体A的质量大于物体B的质量，A、B两个物体体积相等，则根据ρ=mV可知：ρA>ρB；因此容器中所装液体密度ρ甲>ρ乙，故A错误；
B、物体A在甲液体中漂浮，物体A受到的浮力FA=GA；物体B在乙液体中沉底，物体B受到的浮力FB
C、因为两容器液面相平，即h甲=h乙，而ρ甲>ρ乙，由p=ρgh可知，p甲>p乙，两容器底面积相同，由p=FS可知，甲烧杯底受到液体的压力大于乙烧杯底受到液体的压力，故C错误；
D、A、B两个物体体积相等，由图可知：VA排
两容器质量相同，则容器的重力相同，液体的重力G甲>G乙，物体的重力GA>GB；
两容器对桌面的压力分别为F甲=G器+GA+G甲，F乙=G器+GB+G乙，所以F甲>F乙，两容器底面积相同，由p=FS可知，甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)已知物体A的质量大于物体B的质量，且体积相等，则根据ρ=mV得出A、B的密度关系；然后根据物体的浮沉条件判断甲乙液体密度的关系；
(2)根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断小球所受浮力的大小；
(3)由图可知两容器液面相平，根据p=ρgh比较压强关系，再根据p=FS比较压力大小关系；
(4)由于A、B两个物体体积相等，由图可知排开液体的体积大小，根据F浮=ρ液gV排分析浮力大小关系；甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p=FS比较烧杯对桌面的压强关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理和密度公式的理解和掌握。
13.【答案】CD
【解析】解：A、比热容的大小与质量无关，一杯水的比热容和一桶水的比热容大小相同，故A错误；
B、影响物体吸收热量的因素有物体的质量、比热容以及升高的温度，只知道吸收的热量，无法判定升高的温度的大小，故B错误；
C、打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地做无规则运动，故C正确；
D、汽油机的做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，将内能转化为机械能，故D正确。
故选：CD。
(1)比热容的大小与质量无关；
(2)物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容以及升高的温度有关；
(3)分子永不停息地做无规则运动；
(4)汽油机做功冲程中，内能转化为机械能。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A正确；
B、当闭合开关后，导体由静止变为运动，其运动状态改变，说明磁场对电流有力的作用，故B正确；
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，通过灵敏电流计的指针发生了偏转显示电流的存在；故C正确；
D、通电螺线管周围存在磁场，磁场方向要通过小磁针来判断，而铁屑只能知道磁场的分布，不能确定方向，故D正确。
故选：ABC。
(1)奥斯特首先发现了电流的周围存在磁场；
(2)通电导线在磁场中受力的作用；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流；
(4)通电螺线管周围存在磁场，通过铁屑知道其磁场分布。
本题考查了电流的磁效应、产生感应电流的条件、通过螺线管的磁场显示、电磁感应现象等，知识点较多，属于基础知识。
15.【答案】AC
【解析】解：A、由图知，承担重物的绳子股数n=2，
不计滑轮组的绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)=12×(550N+50N)=300N，
物体A上升的速度v物=0.2m/s，绳子自由端移动的速度v=nv物=2×0.2m/s=0.4m/s，
绳子自由端拉力的功率：P=W总t=Fst=Fv=300N×0.4m/s=120W，故A正确；
B、G定=G动=50N，支架对定滑轮的作用力：T=3F+G定=3×300N+50N=950N，故B错误；
C、2s内物体移动的距离h=v物t=0.2m/s×2s=0.4m，
滑轮组对物体A做的功(有用功)W有用=Gh=550N×0.4m=220J，故C正确；
D、滑轮组的机械效率：η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF=550N2×300N×100%≈91.7，故D错误。
故选：AC。
(1)由图知，承担重物的绳子股数n=2，不计滑轮组的绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，知道物体A上升的速度，可求绳子自由端移动的速度，绳子自由端拉力的功率P=W总t=Fst=Fv；
(2)G定=G动=50N，支架对定滑轮的作用力T=3F+G定；
(3)2s内物体移动的距离h=v物t，利用W=Gh求滑轮组对物体A做的功；
(4)滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF。
本题考查了使用滑轮组时拉力、功、功率、机械效率的计算，易错点在B选项的计算，对定滑轮进行正确的受力分析是关键。
16.【答案】3.10 36.7 1
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物块左侧与0对齐，右侧与3.10cm对齐，故物块的长度为3.10cm；
(2)图2中，体温计的量程为35℃～42℃，一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃，因此它的读数为36.7℃；
(3)图3中，弹簧测力计0～1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，也就是分度值为0.2N；弹簧测力计的示数为1N。
故答案为：(1)3.10；(2)36.7；(3)1。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)体温计的测量范围是35℃～42℃，体温计的一个大格是1℃，一个小格是0.1℃；
(3)使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直。
本题考查了刻度尺、体温计、弹簧测力计等的使用和读数，属于基础题，难度较小。
17.【答案】左 实
【解析】解：将光屏和点燃的蜡烛分别放在凸透镜的两侧，如图所示，此时物距u=50cm−0cm=50cm>2f，根据u>2f时，2f>v>f，故小东应将光屏向左移动；
小东将光屏移到某一位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，说明该像是实像。
故答案为：左；实。
(1)根据u>2f时，2f>v>f，成倒立、缩小的实像；
(2)实像可以用光屏来承接，而虚像则必须通过凸透镜才能观察到。
熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实际情况判断物距、像距的变化，准确把握成像特点，是解答此类问题的关键。
18.【答案】右 53.4 1.1
【解析】解：(1)调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡；
(3)由丙图可知，量筒中液体的体积为：V=25mL=25cm3；
(4)图丙中天平标尺的分度值为0.2g，剩余液体和烧杯的总质量为20g+20g+10g+3.4g=53.4g；
(5)倒入量筒中液体的质量m=80.9g−53.4g=27.5g；
液体的密度：
ρ=mV=27.5g25cm3=1.1g/cm3。
故答案为：(1)右；(4)53.4；(5)1.1。
(1)当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；
(3)读出量筒中液体的体积；
(4)观察标尺上的分度值，物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值；
(5)求出量筒中液体的质量，根据公式ρ=mV求出密度。
此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、密度计算公式等知识的理解和掌握，难度不大。
19.【答案】液体压强与液体密度的关系
【解析】解：甲、乙两图中的探头所处深度相同，液体密度不同，而两图中的U形管液面高度差不同，说明两种液体中液体压强不同，由此可知他探究的问题是液体压强与液体密度的关系。
故答案为：液体压强与液体密度的关系。
液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，在探究影响液体内部压强的因素时，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定，需要用到控制变量法，据此分析作答。
本题考查了探究液体内部压强的影响因素，分析时注意控制变量法的运用，难度不大。
20.【答案】受热均匀 14 萘熔化时，吸收热量，温度保持不变
【解析】解：(1)如图所示加热方法是水浴法加热，可以使萘受热均匀，同时萘温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度；
(2)由表可知，第8min～22min萘处于熔化过程，熔化过程持续14min；
(3)由表可知，萘熔化时，吸收热量，温度保持不变。
故答案为：(1)受热均匀；(2)14；(3)萘熔化时，吸收热量，温度保持不变。
(1)水浴法加热可以使物质受热均匀，同时物质温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度；
(2)从熔化开始到熔化完成所用的时间就是熔化时间；
(3)晶体与非晶体的区别：晶体有一定的熔化温度即熔点，非晶体没有一定的熔化温度。
本题考查了晶体的熔化实验、晶体熔化特点等，是一道基础题。
21.【答案】= 电源电压过小
【解析】解：(1)探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，根据控制变量法，电阻R1、R2及通电时间要相同；
(2)实验现象不明显的原因：装置气密性不好；
或根据焦耳定律结合欧姆定律分析可知电源电压太低，电路中的电流太小，电阻产生的热量少，膨胀不明显。
故答案为：(1)=；(2)电源电压过小。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电流大小的关系，根据控制变量法，除了电流大小变化外，电阻阻值及通电时间要相同；
(2)实验中气体体积膨胀差别不大，根据焦耳定律可知电流产生的热量太小。
本题考查控制变量法和焦耳定律、欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
22.【答案】B 0.3 8.3
【解析】解：(1)为了保护电路，应使电路中的电阻最大、电流最小，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最大阻值的B端；
(2)由图乙知，电流表使用的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，其示数为0.3A，
即灯泡正常发光时通过的电流I=0.3A，
灯泡正常发光时的电阻为：R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω。
故答案为：(1)B；(2)0.3；8.3。
(1)为了保护电路，闭合开关前，变阻器的滑片应置于使连入电路的阻值最大处；
(2)先确定电流表的量程和分度值，再根据欧姆定律计算小灯泡的电阻。
本题是测量小灯额定功率的实验题目，考查了实验注意事项、电流表的读数、电功率的计算。属于常考命题点，难度不大。
23.【答案】答：(1)当物体静止时，根据二力平衡条件，物体所受重力G物大小等于水平面对物体的支持力F支 即G物=F支，水平面对物体的支持力F支与物体对水平面的压力F压是一对相互作用力，大小相等即F支=F压，所以F压=G物。
(2)实验数据记录表：
G板/N
G码/N
F/N
x/cm
(3)①如图甲所示情境进行实验，观察透明盒上所示的形变程度x，将此时砝码重力G码、木板重力G板、形变程度x记录入实验数据表格；
②按如图乙所示情境进行实验，将对应的G码、G板、x记录入实验数据表格；
③按如图丙所示情境再做一次实验；
④根据 F=G板+G码 计算出受力面积上的压力F，并将其记录入实验数据表格；
。
【解析】(1)水平面上静止的物体，物体所受的重力大小等于其对水平面对物体的支持力大小；
(2)根据实验要求，列出记录表格；
(3)根据实验要求，画图以及具体的操作步骤。
本题考查了探究影响压力作用效果的因素的实验设计，考查控制变量法和二力平衡条件及设计表格的能力。
24.【答案】A 减小 2×105
【解析】解：(1)根据题干信息可知为了“无压”罩子内部采取的是蓄满水，故选A；
(2)由于冬季枯水期与非枯水期相比水的深度变小，根据p=ρgh判断冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期的压强减小；
(3)玻璃观察窗受到的压强p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×40m=4×105Pa，
根据p=FS可得观察窗所承受的江水的压力：F=pS=4×105Pa×0.5m2=2×105N。
故答案为：(1)A；(2)减小；(3)2×105。
(1)根据题干信息可知为了“无压”罩子内部采取的是蓄满水；
(2)根据p=ρgh判断冬季枯水期白鹤梁混凝土保护罩所承受江水压强与非枯水期的压强变化；
(3)利用液体压强公式p=ρ液gh求出玻璃观察窗受到的压强，利用压强定义式p=FS求出观察窗所承受的江水的压力。
此题考查液体压强公式和压强定义式的应用，无论题目如何变化，一定要分析隐含的物理信息，这样才能利用物理知识解决实际问题。
25.【答案】解：由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
(1)因并联电路中各支路两端电压相等，所以电流表A1的示数：I1=UR1=6V10Ω=0.6A；
(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I−I1=1A−0.6A=0.4A，
电阻R2的电功率P=UI2=6V×0.4A=2.4W。
答：(1)电流表A1的示数为0.6A；
(2)电阻R2的电功率为2.4W。
【解析】由电路图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流；
(1)根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过电流表A1的示数；
(2)根据并联电路电流的特点求出R2的电流，根据P=UI2得出电阻R2的电功率。
本题考查并联电路电流和电压的特点、欧姆定律的应用，属于基础题。
26.【答案】解：
(1)如图所示情境中物块A受到竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力的作用，受力分析示意图如图所示：
；
(2)物块三分之二体积浸在水中静止时，由物块受平衡力可知：物块所受的浮力F浮=G−F1=3N−0.5N=2.5N，
由阿基米德原理可得物块排开水的体积V排=F浮ρ水g=2.5N1×103kg/m3×10N/kg=2.5×10−4m3，
因为：V排=23V物，所以物块A的体积V物=32V排=32×2.5×10−4m3=3.75×10−4m3；
(3)若物块A浸没在水中，所受浮力F浮1=ρ水g V排’=ρ水g V物=1×103kg/m3×10N/kg×3.75×10−4m3=3.75N，
因F浮1>G，所以静止时物块处于漂浮状态，由二力平衡得F浮2=G=3N。
答：(1)如图。
(2)物块A的体积为3.75×10−4m3。
(3)物块A静止时所受的浮力大小为3N。
【解析】(1)如图所示情境中物块A受到竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力的作用，作用点在重心上，据此得出受力分析示意图；
(2)物块三分之二体积浸在水中静止时，由F浮=G−F1得出物块所受的浮力；由阿基米德原理可得物块排开水的体积V排，因为V排=23V物，据此得出物块A的体积；
(3)若物块A浸没在水中，根据F浮1=ρ水g V排’=ρ水g V物得出所受浮力，根据浮沉条件判断物块所处状态并得出所受的浮力。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
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