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2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷(含答案)
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这是一份2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷(含答案)，共30页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．（2分）如图所示是中国空间站天和核心舱，从核心舱传来：“太空探索，永无止境。”小华兴奋地喊道：“那是航天员王亚平老师的声音”。小华能判断出是王亚平的声音是根据声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．音速
2．（2分）中国国家流感中心于2023年3月16日公布的国家第10周（3月6日～3月12日）流感监测周报指出，“此轮甲流高峰基本已经过去。”下列这些与抗击甲流病毒有关的说法不正确的是（ ）
A．甲流病毒的直径约为100nm，合10﹣7m
B．喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，说明分子在不停地做无规则运动
C．检测体温的额温枪采用的是紫外线热感原理
D．KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩中间层的熔喷布是一种超细静电纤维，能够有效利用静电吸附轻小的病毒粉尘、飞沫
3．（2分）火锅，古称“古董羹”，因食物投入沸水时发出的“咕咚”声而得名，是中国独创的美食之一，而四川火锅更是名扬世界。下列说法正确的是（ ）
A．“冰冻肥牛卷”放置一段时间会变软，该过程需要放热
B．汤汁沸腾后，改用更大火加热，汤汁温度继续升高
C．手不能太靠近蒸气，因为水蒸气液化放热会烫伤皮肤
D．在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，这是因为发生了升华现象
4．（2分）如图所示，小华站在地铁的安全门外候车，平面玻璃制的安全门清晰地“映出”小华的像，下列说法正确的是（ ）
A．这是光的直线传播形成的
B．小华远离安全门，她的像靠近安全门
C．小华走近安全门，她的像大小不变
D．安全门向右侧打开，她的像向右移动
5．（2分）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，两个相同的易拉罐中分别装有初温相同的a、b两种液体，用同一盏酒精灯先后进行加热，根据两次记录的实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．两个易拉罐中的液体体积需要相同
B．液体a的比热容大于液体b的比热容
C．实验中酒精不能完全燃烧，此时的酒精的热值比完全燃烧时小
D．实验中液体吸热的多少可以通过加热时间来反映
6．（2分）如图所示，将质量分布均匀的长方体置于水平桌面上，现分别按照图示的方法切去一半，则剩余阴影部分对桌面压强最小的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）酒精测试仪是交警用来检测机动车驾驶员是否酒后驾车的仪器。以下为小明组的同学设计的酒精测试仪的内部电路：电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻，它的阻值随酒精气味的增大而减小。要求随酒精气味的增大，电表的示数也增大，则下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2分）如图所示，甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时丁站在地面上用手去拉丙；戊站在干燥的木桌上，两手同时接触火线。则（ ）
A．甲、乙、戊都不会触电 B．甲、丙、丁、戊都会触电
C．丙、丁、戊都会触电 D．甲、丙、丁都会触电
9．（2分）我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站如图所示，这是我国首次将太阳能和潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。下列说法正确的是（ ）
A．潮汐能属于可再生能源
B．太阳能电池板将电能转化为太阳能
C．发电机的工作原理是奥斯特发现的电流的磁效应
D．太阳能是太阳内部原子核裂变释放的能量
10．（2分）2023年初，“奋斗者”号潜水器圆满完成国际首次环大洋洲载人深游科考任务，顺利返回三亚，如图所示，本航次中，“奋斗者”号最大下潜深度约10010m，这是人类首次抵达蒂阿曼蒂那海沟开展实地观察和取样。取海水的密度为1.0×103kg/m3，下列说法正确的是（ ）
A．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中所受浮力逐渐变大
B．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中所受压强大小不变
C．潜水器从刚接触水面到完全浸没的过程中浮力在逐渐变大
D．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中它表面每平方米的面积上受到海水的压力不变
11．（2分）我国民俗活动丰富多彩，在立夏时节，有的地方会给孩子称体重，如图1所示，冀求孩子健康成长，俗称“立夏秤人”。如图2，小孩和篮子的总质量为10kg，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），此时OA＝3cm，OB＝10cm。下列说法不正确的是（ ）
A．该杆秤一定为费力杠杆
B．该秤砣的质量为3kg
C．要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣
D．若换称质量较小的孩子，当秤杆水平平衡后，秤砣的悬挂点在B点左边
12．（2分）如图的电路，电源电压保持不变。小灯泡L标有“4V 1.6W字样，忽略温度对灯泡电阻的影响，滑动变阻器R1标有“50Ω 0.5A”，电阻R2阻值为20Ω．电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～3A．将变阻器的滑片P移至最左端，只闭合开关S、S2和S3，R2消耗的电功率为1.8W．改变开关的通断和滑片P的位置，电路状态以及电路中的诸多物理量会发生变化。在保证各元件安全的情况下移动滑片，下列选项对应的图象趋势及数据完全正确的是（ ）
A．闭合S、S1，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示电流表示数
B．闭合S、S1，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示R1的电功率
C．闭合开关S、S2和S3，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示电路总功率
D．闭合开关S、S2和S3，横轴表示电路总电阻的倒数，纵轴表示电流表示数
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．（2分）学校周边常常设有“禁止鸣笛”的标志，这是从 减弱噪声；“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的 大。
14．（3分）长征五号B遥二运载火箭是新一代运载火箭。火箭使用的燃料是液态氢，常温下是通过 的方式使氢气液化成液态，大大减少了体积。选用液态氢作为燃料是因为氢具有 大的特点。若完全燃烧0.5kg的氢燃料，可放出热量 J。（q氢＝1.4×108J/kg）
15．（3分）物理学上将物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）小于物体所受重力时出现的现象做失重现象。
①电梯加速下降时，电梯内的人受到的重力和电梯对人的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力。
②在下降的电梯内用弹簧测力计测重为4N物体的重力，发现测力计示数如图甲所示。请根据上述材料判断电梯在 （“加速”、“匀速”或“减速”）运动。
③中国天宫空间站内的物体几乎完全失重，可以认为不受重力，被绳子牵着做圆周运动的物体，运动到A点时，如果细线恰好断开，则物体离开A点后的运动轨迹最符合实际的是图乙中的轨迹 （选填“a”、“b”或“c”）。
16．（2分）如图甲是一幅立在桌面上的漫画。如图乙，透过水杯，漫画中的老鼠变“胖”了，还掉头奔向猫，此现象的成因与 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）工作原理相同。要想老鼠变“瘦”一点，应适当将水杯 （选填“远离”或“靠近”）漫画。
17．（3分）某同学用如图所示的装置研究电磁感应现象：
（1）实验中，AB棒的材料可能是 （选填“塑料”或“铝”）；
（2）让导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，电流计指针 偏转（选填“会”或“不会”）；
（3）若将此装置中灵敏电流计换成 ，可进一步探究电动机的工作原理。
18．（3分）灯泡L与定值电阻R的I﹣U图象如图。定值电阻R的阻值是 Ω；当灯泡的实际功率为2.4W时，通过它的电流是 A；若将L与R串联在8V的电源上，电路消耗的总功率是 W。
19．（3分）如图甲是用干冰（固态二氧化碳）做物态变化实验时的情景。把干冰放在敞口的容器中，会发现在周围出现大量“白雾”，“白雾”是由 经过 （填物态变化）而来的；把干冰放入试管中，在试管口套气球（如图乙），气球体积会逐渐变大，气球中的气体是干冰 （填物态变化）形成的。
20．（3分）（1）如图甲，盘山公路是 （选填“杠杆”、“滑轮”、“斜面”）模型。
（2）一个体重为700N的工人，在建筑工地用如图乙所示的装置提升石板，已知托盘重200N，容量足够大，每块石板重100N，绳能承受的最大拉力为800N，滑轮的摩擦和绳重忽略不计。当工人站在地面上用此装置在4s内将10块石板匀速提升2m时，此装置的机械效率为80%，则此装置的动滑轮重为 N；该工人用此装置提升石板的机械效率最高可达到 （保留一位小数）。
21．（4分）在家庭电路中，各用电器之间是 （选填“串联”或“并联”）连接的；如图甲所示为小明家的电能表表盘，若小明家此时只有电炉子在烧水，该电能表的转盘在5min内转了60转，则这段时间内小明家消耗的电能为 kW•h，可以算得电炉子的功率为 W。小明观察到图乙电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的导线却发热不明显，可以通过比较图丙实验中的 （选填“A和B”“B和C”或“A和C”）两个U形管的液面高度差解释说明这种情况。
22．（4分）小明利用的轻质注射器等器材测量大气压。
（1）为得到活塞横截面积，需要量取的长度为 cm。当注射器中活塞刚开始滑动时弹簧测力计的示数如图所示。
（2）考虑到摩擦因素，小明取下橡皮帽，再次拉动注射器筒，记下弹簧测力计稳定时的示数为0.7N。此过程中活塞受到的摩擦力方向 。
（3）利用以上数据可估算大气压强是 Pa。已知实验时外界大气压为1.0×105Pa，则造成该偏差的最有可能原因是： 。
23．（3分）如图是一款新型无叶电风扇，与传统有叶风扇相比具有易清洁、气流稳、安全等特点。开始时，底座中的电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入环形空腔，再从环形空腔上的细缝中高速吹出，夹带着周边的空气一起向前流动，导致后方更多的空气流入风扇的出风口，风量被显著放大。
无叶风扇的细缝结构是根据“康达效应”设计的，康达效应是指当流体（水或空气）顺着物体的凸表面流动时，有向物体吸附的趋向并沿物体的表面继续向前，在离开物体的瞬间，由于惯性其运动方向与出风口末端的法线垂直。
（1）传统风扇使用时，将电能转化为叶片的 能，相较而言，无叶风扇更安全。
（2）风扇正常运行时，相同时间内细缝流出的空气质量 （小于/等于/大于）进风口流进的空气质量。
（3）根据列表可知，出风口面积为8dm2，10秒内吹出的空气质量可达 kg（ρ空气＝1.3kg/m3）。
出风口面积（dm2）
8
12
16
20
出风量（m3/s）
0.45
0.55
0.59
0.6
24．（3分）商场的升降电梯设置了超载自动报警系统，其简化电路如图所示，电梯箱底层装有压敏电阻R1，R2为滑动变阻器，K为动触点，A、B为静触点。电梯未超载时，动触点K与静触点 （填“A”或“B”）接触，电梯正常运行；当出现超载情况时，压敏电阻的阻值随压力的增大而 （填“增大”或“减小”），触发电铃将发出报警声，电梯停止运行。如果要使电梯设定的承载质量变大，那么滑动变阻器R2的滑片P应向 （填“左”或“右”）滑动。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中26、30题应写出必要解题过程）
25．（2分）按要求作图：
如图所示，请画出它的折射光线。
26．（2分）如图，请画出静止的小球的受力示意图。
27．（2分）小明用图示形状的探头“”设计了一个利用水流控制电磁铁磁性强弱的装置，要求水流速增大时电磁铁的磁性增强，请你将探头安装在连杆下端并标出通电螺线管下端的极性。
28．（7分）物理学习小组利用如图1所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）图1中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）正确连接电路后闭合开关，小组同学发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数为0，电流表有示数，产生这一现象的原因是 （填字母）。
A.小灯泡短路
B.小灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）排除故障后，继续进行实验，移动滑动变阻器的滑片，记录了多组数据，并绘制出了小灯泡的U﹣I图像，如图2所示，则该小灯泡的额定功率为 W，图像是曲线的主要原因是 。
（4）在没有电压表、只有电流表的情况下，能否测出小灯泡的额定功率呢？学习小组经过讨论，设计了如图3所示的实验电路，他们向实验老师要了一只R0＝50Ω的定值电阻。并利用原有器材，进行了如下实验操作：
①按照图3所示电路图正确连接实物电路。
②闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，电流表示数I1＝ A时，小灯泡正常发光。
③断开开关S，保持 不变，将电流表改接在小灯泡所在支路中，再闭合开关S，读出电流表示数I2。
④写出小灯泡额定功率的测量式：P额＝ （用字母I1、I2、R0表示）。
29．（7分）为做好消毒防疫，学校给各班准备了一些瓶装的75%消毒酒精，小明所在的物理兴趣小组围绕这些消毒酒精开展下列活动，如图所示。
（1）把天平放在水平台面上，先将 拨到“0”刻度线处，再调节平衡螺母，使指针对准分度盘中央的刻度线；接着小明用天平测出瓶装酒精的总质量为96.2g，再将部分酒精倒入量筒中，液面如图甲所示；最后用天平测出剩余酒精和瓶的总质量，测量结果如图乙所示，天平的读数为 g，75%消毒酒精的密度为 kg/m3。
（2）如图丙所示是小明用粗细均匀吸管制成的简易密度计，竖直漂浮在水中时，水面位于图中A处，图中AB间距离为10cm，则A处应标为 g/cm3，该密度计漂浮在75%消毒酒精中，此时所受的浮力 （选填“大于”、“等于”或“小于”）在水中所受的浮力，它浸入酒精中的深度h为 cm。
（3）如图丁所示是三位同学用不同的粗细均匀吸管制成的密度计，竖直漂浮在水中时的情形，若使用这三支密度计中的一支测量75%消毒酒精密度时，你认为选择 （选填①、②或③），会使测量结果更精确。
30．（6分）如图所示，某人用滑轮组匀速提升重120N的物体，此时机械效率为80%，在2s内，绳的自由端移动了6m。（不计绳重和摩擦）求：
（1）人的拉力为多大？
（2）提升过程中的有用功是多少？
（3）F做的额外功是多大？
31．（7分）小明在公园里看到一个小孩在荡秋千，他发现无论小孩的秋千摆荡的高还是低，来回摆动一次的时间（我们把秋千来回摆动一次的时间叫做周期）好像并没有什么不同；那么秋千摆动的周期会受什么因素影响呢？他做出了以下猜想：
猜想A：可能与秋千摆动的幅度有关；
猜想B：可能与秋千和人的质量有关；
猜想C：可能与秋千吊绳的长度有关；
他决定用单摆来模拟秋千，探究单摆摆动的周期与什么因素有关，于是他准备了已知质量的小铁球、细线、铁架台等器材，实验装置如图甲所示。（1）实验中需要的测量器材： 、 。
（2）小明发现直接测量小球往复摆动一次时间误差较大，请你帮他设计一种减小误差的方案： 。
（3）小明完成实验，并将数据记入表格，分析数据可知：单摆摆动的周期只与 有关；若用质量为80g的小铁球，制成摆长为50cm的单摆，根据上面实验结论可推测，这个单摆的周期应是 s。
序号
摆幅/m
小球质量/kg
摆长/m
周期T/s
周期平方T2/s2
1
0.1
0.04
0.3
1.1
1.2
2
0.1
0.04
0.4
1.3
1.6
3
0.1
0.04
0.5
1.4
2.0
4
0.1
0.05
0.3
1.1
1.2
5
0.1
0.06
0.3
1.1
1.2
6
0.2
0.04
0.3
1.1
1.2
7
0.3
0.04
0.3
1.1
1.2
（4）摆线长度一定时，如果用乒乓球替代铁球重复以上实验，测得T明显变大。由此可可知，当摆锤密度很小时， 对摆动快慢的影响不可以忽略。
（5）若生活中摆钟走慢了（如图乙所示），应使钟摆的长度适当变 。
32．（7分）如图甲所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人。机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，表一为某扫地机器人的部分参数。电池容量指放电电流与放电总时间的乘积。
额定工作电压
12V
额定功率
30W
电池容最
2500mA•h
工作噪音
＜50dB
净重
4kg
最大集尘量
1kg
机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功率与真空度、风量间的对应关系如表二。真空度指主机内部气压与外界的气压差。风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积。吸尘电机吸入功率与输入功率的比值叫做效率。
真空度（Pa）
400
450
500
550
600
风量（m3/s）
0.025
0.02
0.017
0.015
0.013
吸入功率（W）
10
9
8.5
7.8
（1）若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其发射超声波时与随得物间的距离为 cm。（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）
（2）该机器人充满电后至下一次自动充电前，能够连续正常工作的最长时间为 min。
（3）由表二数据可知，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率为 W，若吸尘电机的输入功率为25W，此时其效率为 %。
（4）光敏电阻是制作灰尘传感器的常用元件，图乙为某机器人中吸尘电机内部的光敏电阻的控制电路，两端总电压U0恒定（U0＜12V），RC为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的变化而变化，R0为定值电阻。当光敏电阻分别为6Ω和18Ω时，电压表的示数分别为4.5V和2.25V，则R0＝ Ω。
（5）若机器人1秒钟消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功。已知集尘盒空置时，机器人匀速运动时受到的摩擦阻力为16N，查阅资料显示摩擦力与压力成正比，则达到最大集尘量时机器人运动的速度为多少？（写出必要计算步骤）
2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．【解答】解：根据说话声可判断出是王亚平在讲话，是根据发声体不同音色不同，故C正确、ABD错误。
故选：C。
2．【解答】解：A、甲流病毒的直径约为100nm，合10﹣7m，故A正确；
B、喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、检测体温的额温枪采用的是红外线热感原理，故C错误；
D、KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩中间层的熔喷布是一种超细静电纤维，能够有效利用静电吸附轻小的病毒粉尘、飞沫，故D正确。
故选：C。
3．【解答】解：A、“冰冻肥牛肉卷”放置一段时间会变软，是因为牛肉卷中的冰熔化了，同时吸收热量，故A错误；
B、把火锅中的汤汁加热至沸腾后，改用更小火加热，汤汁温度不变，故B错误；
C、高温的水蒸气遇到温度低的人体皮肤时，在人的皮肤表面会发生液化现象，液化放热，所以会将导致皮肤烫伤，故C正确；
D、在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，是因为汤汁中的水吸热汽化成为水蒸气，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：A、平面玻璃制的安全门清晰地“映出”小华的像，这属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、平面镜成像特点中，像与物到平面镜的距离相等，小华远离安全门，则像也远离安全门，故B错误；
C、平面镜成像特点中，物像大小相等，小华走近安全门，她的像大小不变，故C正确；
D、物像连线与镜面垂直，安全门向右侧打开，则小华在安全门中成的像位置不会发生改变，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：A、根据比较吸热能力的方法，实验中要控制不同物质的质量相同，而不同物质密度不同，根据m＝ρV，体积相同的两种液体质量不同，A错误；
B、实验中，质量相同的a和b升高的温度相同，b的加热时间长，则b吸收的热量多，b的比热容大，故B错误；
C、实验中酒精不能完全燃烧，但酒精的热值不变，故C错误；
D、根据转换法，实验中，两种液体吸收热量的多少可以通过加热时间比较，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：将长方体切去一半后，剩余阴影部分对桌面的压力也会变为原来的一半，即四种切法剩余阴影部分对桌面的压力相同，
C答案的切法受力面积最大，由p＝可知，阴影部分此时对桌面压强最小。
故选：C。
7．【解答】解：
A、由图可知，该电路为并联电路，电流表测量通过定值电阻的电流，由于并联电路各支路互不影响，气敏电阻阻值变化时，通过定值电阻的电流不变，电流表示数不变，故A错误；
B、由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；酒精气味增大，气敏电阻的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大，故B正确；
C、由图可知，该电路为串联电路，电压表测量气敏电阻两端的电压；酒精气味增大，气敏电阻的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，气敏电阻两端的电压变小，电压表示数变小，故C错误；
D、由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；
乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电；
丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电；
戊中人的两只手同时接触火线，人会被火线短路，不会有电流通过人体，不会触电；
综上所述，甲、乙、戊都不会触电，丙、丁都会触电，故A说法正确。
故选：A。
9．【解答】解：A、潮汐能属于可再生能源，故A正确；
B、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B错误；
C、发电机的工作原理是电磁感应现象，故C错误；
D、太阳能是太阳内部原子核聚变释放的能量，故D错误。
故选：A。
10．【解答】解：A.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中排开液体的体积不变，所以所受浮力不变，故A错误；
B.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中，深度不断增加，由液体内部压强特点可知，其所受压强越来越大，故B错误；
C.潜水器从刚接触水面到完全浸没的过程中，排开水的体积逐渐变大，根据F浮＝ρ液gV排可知浮力在逐渐变大，故C正确；
D.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中深度逐渐变大，根据p＝ρ海水gh可知潜水器所受海水的压强逐渐变大，由F＝pS可知它表面每平方米的面积上受到海水的压力逐渐变大，故D错误。
故选：C。
11．【解答】解：
A、使用杆秤时，动力臂大于阻力臂，省力，所以杆秤是省力杠杆，故A错误；
B、作用在杠杆A点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆B点的力等于秤砣的重力，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得，m人和篮g×3cm＝m秤砣g×10cm，解得m秤砣＝3kg；故B正确；
C、由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得：G人和篮×OA＝m′g×OB，即m′＝＝10kg×，所以要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣，故C正确；
D、因为OA＜OB，所以孩子及秤钩和所坐篮子的总重力大于秤砣的重力，根据G＝mg可知孩子及秤钩和所坐篮子的总质量大于秤砣的质量，若换称下一个体重较小的孩子，秤砣和篮子等都不变，则作用在杠杆A点的力变小，动力臂不变，作用在杠杆B点的力不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知阻力臂会变小，所以调到水平平衡后秤砣的悬挂点应在B点左边，故D正确。
故选：A。
12．【解答】解：（1）将变阻器的滑片P移至最左端，只闭合开关S、S2和S3时，R1的最大阻值和R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由P＝UI＝可得，电源的电压：
U＝＝＝6V，
通过R2的电流：
I2＝＝＝0.3A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，当电流表的示数I＝3A时通过R1的电流：
I1＝I﹣I2＝3A﹣0.3A＝2.7A＞0.5A，
所以，通过R1的最大电流I1大＝0.5A，此时R1接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
此时电路的最大总电流：
I大＝I1大+I2＝0.5A+0.3A＝0.8A，
此时电路总电阻的倒数：
＝＝＝≈0.13Ω﹣1，故D错误；
则电路的最大总功率：
P大＝UI大＝6V×0.8A＝4.8W，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，则
P小＝+＝+＝2.52W，
由P总＝+＝+可知，C选项正确；
（2）由P＝UI＝可得，小灯泡的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
只闭合开关S和S1时，R1与灯泡L串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
灯泡正常发光时通过的电流：
IL＝＝＝0.4A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为0.5A，
所以，电路中的最大电流I大′＝0.4A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时电路中的总电阻：
R＝＝＝15Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R1小＝R﹣RL＝15Ω﹣10Ω＝5Ω，
当电压表的示数最大为U1＝3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U1＝6V﹣3V＝3V，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.3A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R1大＝＝＝10Ω，
所以，R1允许的取值范围是5Ω～10Ω；
由电路中的电流I＝＝可知，I与R1的关系不是一次函数，故A错误；
电路中的电流I大′＝0.4A时，R1小＝5Ω，则P1＝（I大′）2R1小＝（0.4A）2×5Ω＝0.8W，
电路中的电流I小＝0.3A时，R1大＝10Ω，则P1′＝I小2R1大＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故B错误。
故选：C。
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．【解答】解：学校周边常常设有禁止鸣笛的标志，控制噪声的产生，这是从声源处减弱噪声，“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高声”指声音的响度大。
故答案为：声源处；响度。
14．【解答】解：火箭用液态氢来作燃料，常温下是通过压缩体积的方式使氢气液化的；
由于所有的燃料中，氢的热值较大，质量相同的氢与其它燃料相比，完全燃烧时可以放出更多的热量，所以火箭选用氢做燃料；
0.5kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：
Q＝mq氢＝0.5kg×1.4×108J/kg＝7×107J。
故答案为：压缩体积；热值；7×107。
15．【解答】解：
①电梯加速下降，不是平衡状态，根据二力平衡的特点，可以判断重力和支持力不是一对平衡力；
②观察测力计可知，测力计的示数为3.6N，小于4N，即物体所受的拉力小于重力，F合方向向上，电梯做加速下降运动；
③因是在太空中，处于失重状态，当细绳断开，此时物体不受力的作用，根据牛顿第一定律，物体将保持断开前的状态做匀速直线运动，瓶子离开A点后的运动轨迹为a；
故答案为：不是；加速；a。
16．【解答】解：装水的圆柱形玻璃杯横切面中间厚，边缘薄，形成水凸透镜。图乙中老鼠的像与图甲中的老鼠相比，是放大的，左右颠倒的实像，即倒立、放大的实像，与投影仪的成像原理相同；
要想老鼠变“瘦”一点，即老鼠的像小一些，需要减小像距、增大物距，应适当将水杯远离漫画。
故答案为：投影仪；远离。
17．【解答】解：（1）实验中，AB棒的材料可能是铝，铝是导体，塑料是绝缘体，不导电。
（2）让导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，此时导体AB切割磁感线，电流计指针会偏转。
（3）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：（1）铝；（2）会；（3）电源。
18．【解答】解：根据图示可知，R的阻值为：R＝＝＝10Ω；
根据图示可知，当灯泡两端的电压为4V时，通过灯泡的电流为0.6A，灯泡的实际功率为：PL＝ULIL＝4V×0.6A＝2.4W；
根据图示可知，当电路中的电流为0.5A时，L两端的电压为3V，R两端的电压为5V，根据串联电路的电压规律可知，此时的电源电压为：U＝3V+5V＝8V，电路消耗的总功率是：P＝UI＝8V×0.5A＝4W。
故答案为：10；0.6；4。
19．【解答】解：把干冰放在敞口的容器中，干冰迅速升华变成气态二氧化碳，干冰升华时从周围吸收热量，空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，就是看到的白雾，故白雾的形成是液化现象；
干冰在常温下迅速升华成气态的二氧化碳，气态的二氧化碳充满整个气球，所以气球体积会逐渐变大。
故答案为：水蒸气；液化；升华。
20．【解答】解：（1）如图甲，盘山公路是斜面模型；
（2）由图乙知绳子的有效段数n＝2，若石板被提升h，则拉力端移动的距离s＝2h，
当工人匀速提升10块石板时，拉力做的有用功：
W有用＝G石板×h＝100N×10×h＝1000N×2m＝2000J，
由η＝得拉力做的总功：
W总＝＝2500J，
由W总＝W有用+W额得拉力做的额外功：
W额＝W总﹣W有用＝2500J﹣2000J＝500J，
不计滑轮的摩擦和绳重，使用滑轮组做的额外功：
W额＝（G动+G托盘）h＝（G动+200N）×2m＝500J，
解得动滑轮重力：
G动＝50N；
由题知，人使用的最大拉力：
F最大＝G人＝mg＝70kg×10N/kg＝700N，
不计滑轮的摩擦和绳重，最大拉力
F最大＝（G动+G托盘+G石板）＝（50N+200N+G石板）＝700N，
解得能提升的最大石板重：
G石板＝1150N，
因为每块石板为100N，
所以最多能提升石板的数量为11块，
实际能提升的最大石板重：
G砖′＝1100N，
此时拉力F最大′＝（G动+G托盘+G石板′）＝（50N+200N+1100N）＝675N，
因为滑轮组的机械效率：
η＝×100%，
所以最高机械效率：
η′＝＝×100%≈81.5%。
故答案为：（1）斜面；（2）50；81.5%。
21．【解答】解：（1）家庭电路中各用电器之间可以单独工作，各用电器之间是并联的；
（2）600revs/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过600转，
则电能表转盘转了60转，用电器消耗的电能：W＝＝0.1kW•h；
电炉的功率：P＝＝＝1.2kW＝1200W；
（3）图乙中的电炉丝与导线是串联的，通过的电流和通电时间相等，根据Q＝I2Rt可知电阻越大，产生的热量越多，电炉丝的电阻远大于导线的电阻，所以在相同的时间内，电炉丝产生的热量较多，电炉丝热得发红，而与电炉丝连接的导线却几乎不发热；图丙中B、C两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同，故可用图丙中的B、C两个液柱高度可说明这种情况。
故答案为：并联；0.1；1200；B和C。
22．【解答】解：（1）用刻度尺量出针筒全部刻度部分的长度L＝3.00cm；
（2）小明取下橡皮帽，水平向右加速拉动注射器筒，此过程中活塞受到向左的拉力、向右的摩擦力；
（3）活塞的横截面积：S＝＝＝1.5cm2；由图可知拉力的大小为14.2N；大气压的值p＝＝＝0.9×105Pa；
已知实验时实为1标准大气压，约为1.0×105Pa，测量值偏小，是因为实验操作时未排尽空气。
故答案为：（1）3.00；（2）水平向右；（3）0.9×105；未排尽空气。
23．【解答】解：（1）传统风扇使用时，电动机工作消耗电能，获得机械能，因此是将电能转化为机械能。
（2）电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的细縫中高速吹出，所以相同时间内从细缝口流出空气质量应等于进风口流进的空气质量。
（3）由表可知，出风口面积为8dm2，时，出风量为0.45m3/s，
则10s流出的空气体积V＝0.45m3/s×10s＝4.5m3；
根据ρ＝得，从出风口流出的空气质量：
m＝ρ空气V＝1.3kg/m3×4.5m3＝5.85kg。
故答案为：（1）机械；（2）等于；（3）5.85。
24．【解答】解：正常情况下（未超载时），电梯工作，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触；
电梯超载时，压敏电阻受到的压力变大，电梯不工作，电铃报警，此时衔铁被吸下，电磁铁的磁性变强，在电磁铁线圈匝数不变的情况下，通过电磁铁的电流变大，根据欧姆定律可知，控制电路中的总电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知，压敏电阻的阻值减小，所以压敏电阻的阻值随压力的增大而减小；
电磁铁的吸合电流不变，电磁铁被吸下时的电流不变，电路的总电阻不变，要使电梯设定的承载质量变大，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，根据串联电路的电阻关系可知，需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，滑片应向右移动。
故答案为：A；减小；右。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中26、30题应写出必要解题过程）
25．【解答】解：根据平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点画出折射光线，如图所示：
26．【解答】解：小球静止，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力。
重力方向竖直向下，用G表示，支持力竖直向上，方向竖直向上，用F表示，两力的作用点在球的重心上，小球受力示意图如图所示：
27．【解答】解：（1）流体流速大的位置压强小，当水流速增大时，探头上侧，水流速度大，压强小，下侧的水流速度小，压强大，所以探头向上运动，滑片P随着向上滑动，接入电路的电阻变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，如下图；
（2）由图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，由安培定则可知，通电螺线管下端为N极，如下图：
28．【解答】解：（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，电路改正如下图所示：
；
（2）在闭合开关时发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数，说明滑动变阻器、电压表、电流表、开关之间没有断路，所以故障为小灯泡短路，故选：A；
（3）由图乙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图像可知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是：P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W；由图乙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，由P＝UI可知，电压和电流都增大时，电功率增大，温度升高，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
（4）②增加了一只R0＝50Ω的定值电阻，因当电流表示数为I1＝＝＝0.05A时，R0两端的电压一定为2.5V，
根据并联电路电压的特点，灯的电压为2.5V，灯一定正常发光，所以，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为0.05A时，灯泡正常发光；
③断开开关，保持变阻器滑片P的位置或变阻器接入电路的阻值不变，将电流表改接在所在灯支路中，此时电路的连接关系没有改变，只是电流表由原来测通过R的电流变为测通过灯的电流I2，R与灯两端的电压与变阻器的电压均保持不变，灯仍正常发光，通过灯的电流I2即为灯正常发光时的电流大小；
④小灯泡额定功率的表达式为P额＝U额I额＝I1I2R0。
故答案为：（1）见解答；（2）A；（3）0.625；小灯泡的电阻随温度的升高而增大；（4）②0.05；③变阻器滑片P的位置；④I1I2R0。
29．【解答】解：（1）使用天平时，应该把天平放在水平台面上，接着将游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡。
剩余酒精和瓶的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，即m剩余＝50g+10g+1.2g＝61.2g，
酒精的质量m酒精＝96.2g﹣61.2g＝35g，
由图甲读出酒精的体积是40mL＝40cm3，酒精的密度为ρ酒精＝＝＝0.875g/cm3＝0.875×103kg/m3。
（2）密度计竖直漂浮在水中时，水面位于图中A处，说明此时密度计在A处显示的密度值应该为水的密度，所以则A处应标为1g/cm3。
由题意可知，密度计在酒精消毒液中处于漂浮状态，所受的浮力也等于密度计的重力；由于密度计在水中也处于漂浮状态，所以密度计在水中受到的浮力也等于密度计的重力，所以密度计漂浮在75%消毒酒精中，此时所受的浮力等于在水中所受的浮力。
由于密度计在水中和酒精中受到的浮力相等，所以F浮水＝F浮酒精，
则ρ水gV排水＝ρ酒精gV排酒精，
ρ水gS吸管h水＝ρ酒精gS吸管h酒精，
解得h酒精＝＝≈11.43cm，
故它浸入酒精中的深度h为11.43cm。
（3）密度计的特点是刻度不均匀，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越准确；深度深，相邻两密度值的间距越大；由题图可知密度计②所处的深度最深，相邻两密度值的间距最大，测量值最准确。
故答案为：（1）游码；61.2；0.875×103；（2）1；等于；11.43；（3）②。
30．【解答】解：（1）由图可知n＝3，由η＝＝＝＝可知，人的拉力：F＝＝＝50N；
（2）物体上升的高度：h＝＝＝2m，
提升过程中的有用功：W有＝Gh＝120N×2m＝240J；
（3）拉力F做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，
则F做的额外功：W额＝W总﹣W有＝300J﹣240J＝60J。
答：（1）人的拉力为50N；
（2）提升过程中的有用功是240J；
（3）F做的额外功是60J。
31．【解答】解：
（1）从实验数据表中可以看出，实验需要测量单摆的长度和来回摆动一次的时间，因此还需要秒表和刻度尺；
（2）单摆来回摆动一次时间比较短，直接测量摆动一次的时间误差比较大。为了减小测量误差，可以在单摆长度一定时，连续测量10个周期所用的时间，最后将此时间除以10，就是摆动一次的周期；
（3）分析实验数据可知，在摆动幅度、小球质量变化时，单摆来回摆动一次的时间不变；只有当摆长改变了，来回摆动一次的时间才改变；所以可以得出结论：单摆来回摆动一次的时间只与摆长有关；
因往返摆动的时间与摆长有关，与小球质量和摆动幅度无关，故根据表中第3组数据可知，摆长为50cm＝0.5m的单摆来回摆动一次的时间应是1.4s；
（4）摆线长度一定时，如果用乒乓球替代金属球重复以上实验，测得T明显变大。根据控制变量法分析可知，当摆锤密度很小时，摆锤材料对摆动快慢的影响不可以忽略；
（5）由实验可知，单摆摆长越长，单摆的周期越大，摆钟变慢了，说明摆钟的周期变大了，摆长太长，为了校准摆钟，可以将摆长变短。
故答案为：（1）秒表；刻度尺；（2）在单摆长度一定时，连续测量10个周期所用的时间，最后将此时间除以10，就是摆动一次的周期；（3）摆长；1.4；（4）摆锤材料；（5）短。
32．【解答】解：（1）发射超声波时与障碍物间的距离：s＝vt＝×340m.s×0.001s＝0.17m＝17cm；
（2）机器人充满电的电能：W＝UIt＝12V×2500×10﹣3A×3600s＝1.08×105J；
机器人连续正常工作所需要的电能：W1＝80%W＝80%×1.08×105J＝8.64×104J；
机器人连续正常工作的最长时间：t＝＝＝2880s＝48min；
（3）由表二数据可知：吸入功率＝真空度×风量，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率：P吸入＝550Pa×0.015m3/s＝8.25W；
此时效率：η＝×100%＝×100%＝33%；
（4）由电路图可知，光敏电阻RG与定值电阻R0串联，电压表测定值电阻的电压，当光敏电阻RG1＝6Ω时，电压表示数U1＝4.5V，光敏电阻RG两端的电压U光1＝U0﹣U1，此时电路中的电流：I1＝＝，即：＝.....①；
当光敏电阻RG＝18Ω时，电压表示数U2＝2.25V，光敏电阻两端的电压U光2＝U0﹣U2，此时电路中的电流：I2＝＝，即：＝.......②；
联立①②可解得：U0＝9V，R0＝6Ω；
（5）吸尘器压力等于其重力，由题可知，摩擦力与其压力成正比，则集尘盒空置和达到最大集尘量时的摩擦力之比：＝＝＝；
即：＝＝，所以，达到最大集尘量时的摩擦力：f2＝20N；
消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功，所以P机械＝40%P电＝0.4×30W＝12W；
根据公式P＝Fv可知，达到最大集尘量时机器人运动的速度：v＝＝＝0.6m/s。
故答案为：（1）17；（2）48；（3）8.25；33；（4）6；（5）达到最大集尘量时机器人运动的速度为0.6m/s。
2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．（2分）如图所示是中国空间站天和核心舱，从核心舱传来：“太空探索，永无止境。”小华兴奋地喊道：“那是航天员王亚平老师的声音”。小华能判断出是王亚平的声音是根据声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．音速
2．（2分）中国国家流感中心于2023年3月16日公布的国家第10周（3月6日～3月12日）流感监测周报指出，“此轮甲流高峰基本已经过去。”下列这些与抗击甲流病毒有关的说法不正确的是（ ）
A．甲流病毒的直径约为100nm，合10﹣7m
B．喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，说明分子在不停地做无规则运动
C．检测体温的额温枪采用的是紫外线热感原理
D．KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩中间层的熔喷布是一种超细静电纤维，能够有效利用静电吸附轻小的病毒粉尘、飞沫
3．（2分）火锅，古称“古董羹”，因食物投入沸水时发出的“咕咚”声而得名，是中国独创的美食之一，而四川火锅更是名扬世界。下列说法正确的是（ ）
A．“冰冻肥牛卷”放置一段时间会变软，该过程需要放热
B．汤汁沸腾后，改用更大火加热，汤汁温度继续升高
C．手不能太靠近蒸气，因为水蒸气液化放热会烫伤皮肤
D．在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，这是因为发生了升华现象
4．（2分）如图所示，小华站在地铁的安全门外候车，平面玻璃制的安全门清晰地“映出”小华的像，下列说法正确的是（ ）
A．这是光的直线传播形成的
B．小华远离安全门，她的像靠近安全门
C．小华走近安全门，她的像大小不变
D．安全门向右侧打开，她的像向右移动
5．（2分）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，两个相同的易拉罐中分别装有初温相同的a、b两种液体，用同一盏酒精灯先后进行加热，根据两次记录的实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．两个易拉罐中的液体体积需要相同
B．液体a的比热容大于液体b的比热容
C．实验中酒精不能完全燃烧，此时的酒精的热值比完全燃烧时小
D．实验中液体吸热的多少可以通过加热时间来反映
6．（2分）如图所示，将质量分布均匀的长方体置于水平桌面上，现分别按照图示的方法切去一半，则剩余阴影部分对桌面压强最小的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）酒精测试仪是交警用来检测机动车驾驶员是否酒后驾车的仪器。以下为小明组的同学设计的酒精测试仪的内部电路：电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻，它的阻值随酒精气味的增大而减小。要求随酒精气味的增大，电表的示数也增大，则下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2分）如图所示，甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时丁站在地面上用手去拉丙；戊站在干燥的木桌上，两手同时接触火线。则（ ）
A．甲、乙、戊都不会触电 B．甲、丙、丁、戊都会触电
C．丙、丁、戊都会触电 D．甲、丙、丁都会触电
9．（2分）我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站如图所示，这是我国首次将太阳能和潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。下列说法正确的是（ ）
A．潮汐能属于可再生能源
B．太阳能电池板将电能转化为太阳能
C．发电机的工作原理是奥斯特发现的电流的磁效应
D．太阳能是太阳内部原子核裂变释放的能量
10．（2分）2023年初，“奋斗者”号潜水器圆满完成国际首次环大洋洲载人深游科考任务，顺利返回三亚，如图所示，本航次中，“奋斗者”号最大下潜深度约10010m，这是人类首次抵达蒂阿曼蒂那海沟开展实地观察和取样。取海水的密度为1.0×103kg/m3，下列说法正确的是（ ）
A．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中所受浮力逐渐变大
B．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中所受压强大小不变
C．潜水器从刚接触水面到完全浸没的过程中浮力在逐渐变大
D．浸没在水中的潜水器，在下潜过程中它表面每平方米的面积上受到海水的压力不变
11．（2分）我国民俗活动丰富多彩，在立夏时节，有的地方会给孩子称体重，如图1所示，冀求孩子健康成长，俗称“立夏秤人”。如图2，小孩和篮子的总质量为10kg，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），此时OA＝3cm，OB＝10cm。下列说法不正确的是（ ）
A．该杆秤一定为费力杠杆
B．该秤砣的质量为3kg
C．要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣
D．若换称质量较小的孩子，当秤杆水平平衡后，秤砣的悬挂点在B点左边
12．（2分）如图的电路，电源电压保持不变。小灯泡L标有“4V 1.6W字样，忽略温度对灯泡电阻的影响，滑动变阻器R1标有“50Ω 0.5A”，电阻R2阻值为20Ω．电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～3A．将变阻器的滑片P移至最左端，只闭合开关S、S2和S3，R2消耗的电功率为1.8W．改变开关的通断和滑片P的位置，电路状态以及电路中的诸多物理量会发生变化。在保证各元件安全的情况下移动滑片，下列选项对应的图象趋势及数据完全正确的是（ ）
A．闭合S、S1，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示电流表示数
B．闭合S、S1，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示R1的电功率
C．闭合开关S、S2和S3，横轴表示R1接入的阻值，纵轴表示电路总功率
D．闭合开关S、S2和S3，横轴表示电路总电阻的倒数，纵轴表示电流表示数
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．（2分）学校周边常常设有“禁止鸣笛”的标志，这是从 减弱噪声；“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的 大。
14．（3分）长征五号B遥二运载火箭是新一代运载火箭。火箭使用的燃料是液态氢，常温下是通过 的方式使氢气液化成液态，大大减少了体积。选用液态氢作为燃料是因为氢具有 大的特点。若完全燃烧0.5kg的氢燃料，可放出热量 J。（q氢＝1.4×108J/kg）
15．（3分）物理学上将物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）小于物体所受重力时出现的现象做失重现象。
①电梯加速下降时，电梯内的人受到的重力和电梯对人的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力。
②在下降的电梯内用弹簧测力计测重为4N物体的重力，发现测力计示数如图甲所示。请根据上述材料判断电梯在 （“加速”、“匀速”或“减速”）运动。
③中国天宫空间站内的物体几乎完全失重，可以认为不受重力，被绳子牵着做圆周运动的物体，运动到A点时，如果细线恰好断开，则物体离开A点后的运动轨迹最符合实际的是图乙中的轨迹 （选填“a”、“b”或“c”）。
16．（2分）如图甲是一幅立在桌面上的漫画。如图乙，透过水杯，漫画中的老鼠变“胖”了，还掉头奔向猫，此现象的成因与 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）工作原理相同。要想老鼠变“瘦”一点，应适当将水杯 （选填“远离”或“靠近”）漫画。
17．（3分）某同学用如图所示的装置研究电磁感应现象：
（1）实验中，AB棒的材料可能是 （选填“塑料”或“铝”）；
（2）让导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，电流计指针 偏转（选填“会”或“不会”）；
（3）若将此装置中灵敏电流计换成 ，可进一步探究电动机的工作原理。
18．（3分）灯泡L与定值电阻R的I﹣U图象如图。定值电阻R的阻值是 Ω；当灯泡的实际功率为2.4W时，通过它的电流是 A；若将L与R串联在8V的电源上，电路消耗的总功率是 W。
19．（3分）如图甲是用干冰（固态二氧化碳）做物态变化实验时的情景。把干冰放在敞口的容器中，会发现在周围出现大量“白雾”，“白雾”是由 经过 （填物态变化）而来的；把干冰放入试管中，在试管口套气球（如图乙），气球体积会逐渐变大，气球中的气体是干冰 （填物态变化）形成的。
20．（3分）（1）如图甲，盘山公路是 （选填“杠杆”、“滑轮”、“斜面”）模型。
（2）一个体重为700N的工人，在建筑工地用如图乙所示的装置提升石板，已知托盘重200N，容量足够大，每块石板重100N，绳能承受的最大拉力为800N，滑轮的摩擦和绳重忽略不计。当工人站在地面上用此装置在4s内将10块石板匀速提升2m时，此装置的机械效率为80%，则此装置的动滑轮重为 N；该工人用此装置提升石板的机械效率最高可达到 （保留一位小数）。
21．（4分）在家庭电路中，各用电器之间是 （选填“串联”或“并联”）连接的；如图甲所示为小明家的电能表表盘，若小明家此时只有电炉子在烧水，该电能表的转盘在5min内转了60转，则这段时间内小明家消耗的电能为 kW•h，可以算得电炉子的功率为 W。小明观察到图乙电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的导线却发热不明显，可以通过比较图丙实验中的 （选填“A和B”“B和C”或“A和C”）两个U形管的液面高度差解释说明这种情况。
22．（4分）小明利用的轻质注射器等器材测量大气压。
（1）为得到活塞横截面积，需要量取的长度为 cm。当注射器中活塞刚开始滑动时弹簧测力计的示数如图所示。
（2）考虑到摩擦因素，小明取下橡皮帽，再次拉动注射器筒，记下弹簧测力计稳定时的示数为0.7N。此过程中活塞受到的摩擦力方向 。
（3）利用以上数据可估算大气压强是 Pa。已知实验时外界大气压为1.0×105Pa，则造成该偏差的最有可能原因是： 。
23．（3分）如图是一款新型无叶电风扇，与传统有叶风扇相比具有易清洁、气流稳、安全等特点。开始时，底座中的电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入环形空腔，再从环形空腔上的细缝中高速吹出，夹带着周边的空气一起向前流动，导致后方更多的空气流入风扇的出风口，风量被显著放大。
无叶风扇的细缝结构是根据“康达效应”设计的，康达效应是指当流体（水或空气）顺着物体的凸表面流动时，有向物体吸附的趋向并沿物体的表面继续向前，在离开物体的瞬间，由于惯性其运动方向与出风口末端的法线垂直。
（1）传统风扇使用时，将电能转化为叶片的 能，相较而言，无叶风扇更安全。
（2）风扇正常运行时，相同时间内细缝流出的空气质量 （小于/等于/大于）进风口流进的空气质量。
（3）根据列表可知，出风口面积为8dm2，10秒内吹出的空气质量可达 kg（ρ空气＝1.3kg/m3）。
出风口面积（dm2）
8
12
16
20
出风量（m3/s）
0.45
0.55
0.59
0.6
24．（3分）商场的升降电梯设置了超载自动报警系统，其简化电路如图所示，电梯箱底层装有压敏电阻R1，R2为滑动变阻器，K为动触点，A、B为静触点。电梯未超载时，动触点K与静触点 （填“A”或“B”）接触，电梯正常运行；当出现超载情况时，压敏电阻的阻值随压力的增大而 （填“增大”或“减小”），触发电铃将发出报警声，电梯停止运行。如果要使电梯设定的承载质量变大，那么滑动变阻器R2的滑片P应向 （填“左”或“右”）滑动。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中26、30题应写出必要解题过程）
25．（2分）按要求作图：
如图所示，请画出它的折射光线。
26．（2分）如图，请画出静止的小球的受力示意图。
27．（2分）小明用图示形状的探头“”设计了一个利用水流控制电磁铁磁性强弱的装置，要求水流速增大时电磁铁的磁性增强，请你将探头安装在连杆下端并标出通电螺线管下端的极性。
28．（7分）物理学习小组利用如图1所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）图1中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）正确连接电路后闭合开关，小组同学发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数为0，电流表有示数，产生这一现象的原因是 （填字母）。
A.小灯泡短路
B.小灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）排除故障后，继续进行实验，移动滑动变阻器的滑片，记录了多组数据，并绘制出了小灯泡的U﹣I图像，如图2所示，则该小灯泡的额定功率为 W，图像是曲线的主要原因是 。
（4）在没有电压表、只有电流表的情况下，能否测出小灯泡的额定功率呢？学习小组经过讨论，设计了如图3所示的实验电路，他们向实验老师要了一只R0＝50Ω的定值电阻。并利用原有器材，进行了如下实验操作：
①按照图3所示电路图正确连接实物电路。
②闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，电流表示数I1＝ A时，小灯泡正常发光。
③断开开关S，保持 不变，将电流表改接在小灯泡所在支路中，再闭合开关S，读出电流表示数I2。
④写出小灯泡额定功率的测量式：P额＝ （用字母I1、I2、R0表示）。
29．（7分）为做好消毒防疫，学校给各班准备了一些瓶装的75%消毒酒精，小明所在的物理兴趣小组围绕这些消毒酒精开展下列活动，如图所示。
（1）把天平放在水平台面上，先将 拨到“0”刻度线处，再调节平衡螺母，使指针对准分度盘中央的刻度线；接着小明用天平测出瓶装酒精的总质量为96.2g，再将部分酒精倒入量筒中，液面如图甲所示；最后用天平测出剩余酒精和瓶的总质量，测量结果如图乙所示，天平的读数为 g，75%消毒酒精的密度为 kg/m3。
（2）如图丙所示是小明用粗细均匀吸管制成的简易密度计，竖直漂浮在水中时，水面位于图中A处，图中AB间距离为10cm，则A处应标为 g/cm3，该密度计漂浮在75%消毒酒精中，此时所受的浮力 （选填“大于”、“等于”或“小于”）在水中所受的浮力，它浸入酒精中的深度h为 cm。
（3）如图丁所示是三位同学用不同的粗细均匀吸管制成的密度计，竖直漂浮在水中时的情形，若使用这三支密度计中的一支测量75%消毒酒精密度时，你认为选择 （选填①、②或③），会使测量结果更精确。
30．（6分）如图所示，某人用滑轮组匀速提升重120N的物体，此时机械效率为80%，在2s内，绳的自由端移动了6m。（不计绳重和摩擦）求：
（1）人的拉力为多大？
（2）提升过程中的有用功是多少？
（3）F做的额外功是多大？
31．（7分）小明在公园里看到一个小孩在荡秋千，他发现无论小孩的秋千摆荡的高还是低，来回摆动一次的时间（我们把秋千来回摆动一次的时间叫做周期）好像并没有什么不同；那么秋千摆动的周期会受什么因素影响呢？他做出了以下猜想：
猜想A：可能与秋千摆动的幅度有关；
猜想B：可能与秋千和人的质量有关；
猜想C：可能与秋千吊绳的长度有关；
他决定用单摆来模拟秋千，探究单摆摆动的周期与什么因素有关，于是他准备了已知质量的小铁球、细线、铁架台等器材，实验装置如图甲所示。（1）实验中需要的测量器材： 、 。
（2）小明发现直接测量小球往复摆动一次时间误差较大，请你帮他设计一种减小误差的方案： 。
（3）小明完成实验，并将数据记入表格，分析数据可知：单摆摆动的周期只与 有关；若用质量为80g的小铁球，制成摆长为50cm的单摆，根据上面实验结论可推测，这个单摆的周期应是 s。
序号
摆幅/m
小球质量/kg
摆长/m
周期T/s
周期平方T2/s2
1
0.1
0.04
0.3
1.1
1.2
2
0.1
0.04
0.4
1.3
1.6
3
0.1
0.04
0.5
1.4
2.0
4
0.1
0.05
0.3
1.1
1.2
5
0.1
0.06
0.3
1.1
1.2
6
0.2
0.04
0.3
1.1
1.2
7
0.3
0.04
0.3
1.1
1.2
（4）摆线长度一定时，如果用乒乓球替代铁球重复以上实验，测得T明显变大。由此可可知，当摆锤密度很小时， 对摆动快慢的影响不可以忽略。
（5）若生活中摆钟走慢了（如图乙所示），应使钟摆的长度适当变 。
32．（7分）如图甲所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人。机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，表一为某扫地机器人的部分参数。电池容量指放电电流与放电总时间的乘积。
额定工作电压
12V
额定功率
30W
电池容最
2500mA•h
工作噪音
＜50dB
净重
4kg
最大集尘量
1kg
机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功率与真空度、风量间的对应关系如表二。真空度指主机内部气压与外界的气压差。风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积。吸尘电机吸入功率与输入功率的比值叫做效率。
真空度（Pa）
400
450
500
550
600
风量（m3/s）
0.025
0.02
0.017
0.015
0.013
吸入功率（W）
10
9
8.5
7.8
（1）若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其发射超声波时与随得物间的距离为 cm。（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）
（2）该机器人充满电后至下一次自动充电前，能够连续正常工作的最长时间为 min。
（3）由表二数据可知，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率为 W，若吸尘电机的输入功率为25W，此时其效率为 %。
（4）光敏电阻是制作灰尘传感器的常用元件，图乙为某机器人中吸尘电机内部的光敏电阻的控制电路，两端总电压U0恒定（U0＜12V），RC为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的变化而变化，R0为定值电阻。当光敏电阻分别为6Ω和18Ω时，电压表的示数分别为4.5V和2.25V，则R0＝ Ω。
（5）若机器人1秒钟消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功。已知集尘盒空置时，机器人匀速运动时受到的摩擦阻力为16N，查阅资料显示摩擦力与压力成正比，则达到最大集尘量时机器人运动的速度为多少？（写出必要计算步骤）
2023年江苏省无锡外国语学校中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．【解答】解：根据说话声可判断出是王亚平在讲话，是根据发声体不同音色不同，故C正确、ABD错误。
故选：C。
2．【解答】解：A、甲流病毒的直径约为100nm，合10﹣7m，故A正确；
B、喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、检测体温的额温枪采用的是红外线热感原理，故C错误；
D、KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩中间层的熔喷布是一种超细静电纤维，能够有效利用静电吸附轻小的病毒粉尘、飞沫，故D正确。
故选：C。
3．【解答】解：A、“冰冻肥牛肉卷”放置一段时间会变软，是因为牛肉卷中的冰熔化了，同时吸收热量，故A错误；
B、把火锅中的汤汁加热至沸腾后，改用更小火加热，汤汁温度不变，故B错误；
C、高温的水蒸气遇到温度低的人体皮肤时，在人的皮肤表面会发生液化现象，液化放热，所以会将导致皮肤烫伤，故C正确；
D、在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，是因为汤汁中的水吸热汽化成为水蒸气，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：A、平面玻璃制的安全门清晰地“映出”小华的像，这属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、平面镜成像特点中，像与物到平面镜的距离相等，小华远离安全门，则像也远离安全门，故B错误；
C、平面镜成像特点中，物像大小相等，小华走近安全门，她的像大小不变，故C正确；
D、物像连线与镜面垂直，安全门向右侧打开，则小华在安全门中成的像位置不会发生改变，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：A、根据比较吸热能力的方法，实验中要控制不同物质的质量相同，而不同物质密度不同，根据m＝ρV，体积相同的两种液体质量不同，A错误；
B、实验中，质量相同的a和b升高的温度相同，b的加热时间长，则b吸收的热量多，b的比热容大，故B错误；
C、实验中酒精不能完全燃烧，但酒精的热值不变，故C错误；
D、根据转换法，实验中，两种液体吸收热量的多少可以通过加热时间比较，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：将长方体切去一半后，剩余阴影部分对桌面的压力也会变为原来的一半，即四种切法剩余阴影部分对桌面的压力相同，
C答案的切法受力面积最大，由p＝可知，阴影部分此时对桌面压强最小。
故选：C。
7．【解答】解：
A、由图可知，该电路为并联电路，电流表测量通过定值电阻的电流，由于并联电路各支路互不影响，气敏电阻阻值变化时，通过定值电阻的电流不变，电流表示数不变，故A错误；
B、由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；酒精气味增大，气敏电阻的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大，故B正确；
C、由图可知，该电路为串联电路，电压表测量气敏电阻两端的电压；酒精气味增大，气敏电阻的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，气敏电阻两端的电压变小，电压表示数变小，故C错误；
D、由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；
乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电；
丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电；
戊中人的两只手同时接触火线，人会被火线短路，不会有电流通过人体，不会触电；
综上所述，甲、乙、戊都不会触电，丙、丁都会触电，故A说法正确。
故选：A。
9．【解答】解：A、潮汐能属于可再生能源，故A正确；
B、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B错误；
C、发电机的工作原理是电磁感应现象，故C错误；
D、太阳能是太阳内部原子核聚变释放的能量，故D错误。
故选：A。
10．【解答】解：A.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中排开液体的体积不变，所以所受浮力不变，故A错误；
B.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中，深度不断增加，由液体内部压强特点可知，其所受压强越来越大，故B错误；
C.潜水器从刚接触水面到完全浸没的过程中，排开水的体积逐渐变大，根据F浮＝ρ液gV排可知浮力在逐渐变大，故C正确；
D.浸没在水中的潜水器，在下潜过程中深度逐渐变大，根据p＝ρ海水gh可知潜水器所受海水的压强逐渐变大，由F＝pS可知它表面每平方米的面积上受到海水的压力逐渐变大，故D错误。
故选：C。
11．【解答】解：
A、使用杆秤时，动力臂大于阻力臂，省力，所以杆秤是省力杠杆，故A错误；
B、作用在杠杆A点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆B点的力等于秤砣的重力，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得，m人和篮g×3cm＝m秤砣g×10cm，解得m秤砣＝3kg；故B正确；
C、由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得：G人和篮×OA＝m′g×OB，即m′＝＝10kg×，所以要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣，故C正确；
D、因为OA＜OB，所以孩子及秤钩和所坐篮子的总重力大于秤砣的重力，根据G＝mg可知孩子及秤钩和所坐篮子的总质量大于秤砣的质量，若换称下一个体重较小的孩子，秤砣和篮子等都不变，则作用在杠杆A点的力变小，动力臂不变，作用在杠杆B点的力不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知阻力臂会变小，所以调到水平平衡后秤砣的悬挂点应在B点左边，故D正确。
故选：A。
12．【解答】解：（1）将变阻器的滑片P移至最左端，只闭合开关S、S2和S3时，R1的最大阻值和R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由P＝UI＝可得，电源的电压：
U＝＝＝6V，
通过R2的电流：
I2＝＝＝0.3A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，当电流表的示数I＝3A时通过R1的电流：
I1＝I﹣I2＝3A﹣0.3A＝2.7A＞0.5A，
所以，通过R1的最大电流I1大＝0.5A，此时R1接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
此时电路的最大总电流：
I大＝I1大+I2＝0.5A+0.3A＝0.8A，
此时电路总电阻的倒数：
＝＝＝≈0.13Ω﹣1，故D错误；
则电路的最大总功率：
P大＝UI大＝6V×0.8A＝4.8W，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，则
P小＝+＝+＝2.52W，
由P总＝+＝+可知，C选项正确；
（2）由P＝UI＝可得，小灯泡的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
只闭合开关S和S1时，R1与灯泡L串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
灯泡正常发光时通过的电流：
IL＝＝＝0.4A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为0.5A，
所以，电路中的最大电流I大′＝0.4A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时电路中的总电阻：
R＝＝＝15Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R1小＝R﹣RL＝15Ω﹣10Ω＝5Ω，
当电压表的示数最大为U1＝3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U1＝6V﹣3V＝3V，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.3A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R1大＝＝＝10Ω，
所以，R1允许的取值范围是5Ω～10Ω；
由电路中的电流I＝＝可知，I与R1的关系不是一次函数，故A错误；
电路中的电流I大′＝0.4A时，R1小＝5Ω，则P1＝（I大′）2R1小＝（0.4A）2×5Ω＝0.8W，
电路中的电流I小＝0.3A时，R1大＝10Ω，则P1′＝I小2R1大＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故B错误。
故选：C。
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13．【解答】解：学校周边常常设有禁止鸣笛的标志，控制噪声的产生，这是从声源处减弱噪声，“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高声”指声音的响度大。
故答案为：声源处；响度。
14．【解答】解：火箭用液态氢来作燃料，常温下是通过压缩体积的方式使氢气液化的；
由于所有的燃料中，氢的热值较大，质量相同的氢与其它燃料相比，完全燃烧时可以放出更多的热量，所以火箭选用氢做燃料；
0.5kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：
Q＝mq氢＝0.5kg×1.4×108J/kg＝7×107J。
故答案为：压缩体积；热值；7×107。
15．【解答】解：
①电梯加速下降，不是平衡状态，根据二力平衡的特点，可以判断重力和支持力不是一对平衡力；
②观察测力计可知，测力计的示数为3.6N，小于4N，即物体所受的拉力小于重力，F合方向向上，电梯做加速下降运动；
③因是在太空中，处于失重状态，当细绳断开，此时物体不受力的作用，根据牛顿第一定律，物体将保持断开前的状态做匀速直线运动，瓶子离开A点后的运动轨迹为a；
故答案为：不是；加速；a。
16．【解答】解：装水的圆柱形玻璃杯横切面中间厚，边缘薄，形成水凸透镜。图乙中老鼠的像与图甲中的老鼠相比，是放大的，左右颠倒的实像，即倒立、放大的实像，与投影仪的成像原理相同；
要想老鼠变“瘦”一点，即老鼠的像小一些，需要减小像距、增大物距，应适当将水杯远离漫画。
故答案为：投影仪；远离。
17．【解答】解：（1）实验中，AB棒的材料可能是铝，铝是导体，塑料是绝缘体，不导电。
（2）让导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，此时导体AB切割磁感线，电流计指针会偏转。
（3）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：（1）铝；（2）会；（3）电源。
18．【解答】解：根据图示可知，R的阻值为：R＝＝＝10Ω；
根据图示可知，当灯泡两端的电压为4V时，通过灯泡的电流为0.6A，灯泡的实际功率为：PL＝ULIL＝4V×0.6A＝2.4W；
根据图示可知，当电路中的电流为0.5A时，L两端的电压为3V，R两端的电压为5V，根据串联电路的电压规律可知，此时的电源电压为：U＝3V+5V＝8V，电路消耗的总功率是：P＝UI＝8V×0.5A＝4W。
故答案为：10；0.6；4。
19．【解答】解：把干冰放在敞口的容器中，干冰迅速升华变成气态二氧化碳，干冰升华时从周围吸收热量，空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，就是看到的白雾，故白雾的形成是液化现象；
干冰在常温下迅速升华成气态的二氧化碳，气态的二氧化碳充满整个气球，所以气球体积会逐渐变大。
故答案为：水蒸气；液化；升华。
20．【解答】解：（1）如图甲，盘山公路是斜面模型；
（2）由图乙知绳子的有效段数n＝2，若石板被提升h，则拉力端移动的距离s＝2h，
当工人匀速提升10块石板时，拉力做的有用功：
W有用＝G石板×h＝100N×10×h＝1000N×2m＝2000J，
由η＝得拉力做的总功：
W总＝＝2500J，
由W总＝W有用+W额得拉力做的额外功：
W额＝W总﹣W有用＝2500J﹣2000J＝500J，
不计滑轮的摩擦和绳重，使用滑轮组做的额外功：
W额＝（G动+G托盘）h＝（G动+200N）×2m＝500J，
解得动滑轮重力：
G动＝50N；
由题知，人使用的最大拉力：
F最大＝G人＝mg＝70kg×10N/kg＝700N，
不计滑轮的摩擦和绳重，最大拉力
F最大＝（G动+G托盘+G石板）＝（50N+200N+G石板）＝700N，
解得能提升的最大石板重：
G石板＝1150N，
因为每块石板为100N，
所以最多能提升石板的数量为11块，
实际能提升的最大石板重：
G砖′＝1100N，
此时拉力F最大′＝（G动+G托盘+G石板′）＝（50N+200N+1100N）＝675N，
因为滑轮组的机械效率：
η＝×100%，
所以最高机械效率：
η′＝＝×100%≈81.5%。
故答案为：（1）斜面；（2）50；81.5%。
21．【解答】解：（1）家庭电路中各用电器之间可以单独工作，各用电器之间是并联的；
（2）600revs/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过600转，
则电能表转盘转了60转，用电器消耗的电能：W＝＝0.1kW•h；
电炉的功率：P＝＝＝1.2kW＝1200W；
（3）图乙中的电炉丝与导线是串联的，通过的电流和通电时间相等，根据Q＝I2Rt可知电阻越大，产生的热量越多，电炉丝的电阻远大于导线的电阻，所以在相同的时间内，电炉丝产生的热量较多，电炉丝热得发红，而与电炉丝连接的导线却几乎不发热；图丙中B、C两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同，故可用图丙中的B、C两个液柱高度可说明这种情况。
故答案为：并联；0.1；1200；B和C。
22．【解答】解：（1）用刻度尺量出针筒全部刻度部分的长度L＝3.00cm；
（2）小明取下橡皮帽，水平向右加速拉动注射器筒，此过程中活塞受到向左的拉力、向右的摩擦力；
（3）活塞的横截面积：S＝＝＝1.5cm2；由图可知拉力的大小为14.2N；大气压的值p＝＝＝0.9×105Pa；
已知实验时实为1标准大气压，约为1.0×105Pa，测量值偏小，是因为实验操作时未排尽空气。
故答案为：（1）3.00；（2）水平向右；（3）0.9×105；未排尽空气。
23．【解答】解：（1）传统风扇使用时，电动机工作消耗电能，获得机械能，因此是将电能转化为机械能。
（2）电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的细縫中高速吹出，所以相同时间内从细缝口流出空气质量应等于进风口流进的空气质量。
（3）由表可知，出风口面积为8dm2，时，出风量为0.45m3/s，
则10s流出的空气体积V＝0.45m3/s×10s＝4.5m3；
根据ρ＝得，从出风口流出的空气质量：
m＝ρ空气V＝1.3kg/m3×4.5m3＝5.85kg。
故答案为：（1）机械；（2）等于；（3）5.85。
24．【解答】解：正常情况下（未超载时），电梯工作，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触；
电梯超载时，压敏电阻受到的压力变大，电梯不工作，电铃报警，此时衔铁被吸下，电磁铁的磁性变强，在电磁铁线圈匝数不变的情况下，通过电磁铁的电流变大，根据欧姆定律可知，控制电路中的总电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知，压敏电阻的阻值减小，所以压敏电阻的阻值随压力的增大而减小；
电磁铁的吸合电流不变，电磁铁被吸下时的电流不变，电路的总电阻不变，要使电梯设定的承载质量变大，压敏电阻受到的压力变大，压敏电阻的阻值变小，根据串联电路的电阻关系可知，需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，滑片应向右移动。
故答案为：A；减小；右。
三、解答题（本题共8小题，共40分，其中26、30题应写出必要解题过程）
25．【解答】解：根据平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点画出折射光线，如图所示：
26．【解答】解：小球静止，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力。
重力方向竖直向下，用G表示，支持力竖直向上，方向竖直向上，用F表示，两力的作用点在球的重心上，小球受力示意图如图所示：
27．【解答】解：（1）流体流速大的位置压强小，当水流速增大时，探头上侧，水流速度大，压强小，下侧的水流速度小，压强大，所以探头向上运动，滑片P随着向上滑动，接入电路的电阻变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，如下图；
（2）由图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，由安培定则可知，通电螺线管下端为N极，如下图：
28．【解答】解：（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，电路改正如下图所示：
；
（2）在闭合开关时发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数，说明滑动变阻器、电压表、电流表、开关之间没有断路，所以故障为小灯泡短路，故选：A；
（3）由图乙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图像可知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是：P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W；由图乙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，由P＝UI可知，电压和电流都增大时，电功率增大，温度升高，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
（4）②增加了一只R0＝50Ω的定值电阻，因当电流表示数为I1＝＝＝0.05A时，R0两端的电压一定为2.5V，
根据并联电路电压的特点，灯的电压为2.5V，灯一定正常发光，所以，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为0.05A时，灯泡正常发光；
③断开开关，保持变阻器滑片P的位置或变阻器接入电路的阻值不变，将电流表改接在所在灯支路中，此时电路的连接关系没有改变，只是电流表由原来测通过R的电流变为测通过灯的电流I2，R与灯两端的电压与变阻器的电压均保持不变，灯仍正常发光，通过灯的电流I2即为灯正常发光时的电流大小；
④小灯泡额定功率的表达式为P额＝U额I额＝I1I2R0。
故答案为：（1）见解答；（2）A；（3）0.625；小灯泡的电阻随温度的升高而增大；（4）②0.05；③变阻器滑片P的位置；④I1I2R0。
29．【解答】解：（1）使用天平时，应该把天平放在水平台面上，接着将游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡。
剩余酒精和瓶的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，即m剩余＝50g+10g+1.2g＝61.2g，
酒精的质量m酒精＝96.2g﹣61.2g＝35g，
由图甲读出酒精的体积是40mL＝40cm3，酒精的密度为ρ酒精＝＝＝0.875g/cm3＝0.875×103kg/m3。
（2）密度计竖直漂浮在水中时，水面位于图中A处，说明此时密度计在A处显示的密度值应该为水的密度，所以则A处应标为1g/cm3。
由题意可知，密度计在酒精消毒液中处于漂浮状态，所受的浮力也等于密度计的重力；由于密度计在水中也处于漂浮状态，所以密度计在水中受到的浮力也等于密度计的重力，所以密度计漂浮在75%消毒酒精中，此时所受的浮力等于在水中所受的浮力。
由于密度计在水中和酒精中受到的浮力相等，所以F浮水＝F浮酒精，
则ρ水gV排水＝ρ酒精gV排酒精，
ρ水gS吸管h水＝ρ酒精gS吸管h酒精，
解得h酒精＝＝≈11.43cm，
故它浸入酒精中的深度h为11.43cm。
（3）密度计的特点是刻度不均匀，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越准确；深度深，相邻两密度值的间距越大；由题图可知密度计②所处的深度最深，相邻两密度值的间距最大，测量值最准确。
故答案为：（1）游码；61.2；0.875×103；（2）1；等于；11.43；（3）②。
30．【解答】解：（1）由图可知n＝3，由η＝＝＝＝可知，人的拉力：F＝＝＝50N；
（2）物体上升的高度：h＝＝＝2m，
提升过程中的有用功：W有＝Gh＝120N×2m＝240J；
（3）拉力F做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，
则F做的额外功：W额＝W总﹣W有＝300J﹣240J＝60J。
答：（1）人的拉力为50N；
（2）提升过程中的有用功是240J；
（3）F做的额外功是60J。
31．【解答】解：
（1）从实验数据表中可以看出，实验需要测量单摆的长度和来回摆动一次的时间，因此还需要秒表和刻度尺；
（2）单摆来回摆动一次时间比较短，直接测量摆动一次的时间误差比较大。为了减小测量误差，可以在单摆长度一定时，连续测量10个周期所用的时间，最后将此时间除以10，就是摆动一次的周期；
（3）分析实验数据可知，在摆动幅度、小球质量变化时，单摆来回摆动一次的时间不变；只有当摆长改变了，来回摆动一次的时间才改变；所以可以得出结论：单摆来回摆动一次的时间只与摆长有关；
因往返摆动的时间与摆长有关，与小球质量和摆动幅度无关，故根据表中第3组数据可知，摆长为50cm＝0.5m的单摆来回摆动一次的时间应是1.4s；
（4）摆线长度一定时，如果用乒乓球替代金属球重复以上实验，测得T明显变大。根据控制变量法分析可知，当摆锤密度很小时，摆锤材料对摆动快慢的影响不可以忽略；
（5）由实验可知，单摆摆长越长，单摆的周期越大，摆钟变慢了，说明摆钟的周期变大了，摆长太长，为了校准摆钟，可以将摆长变短。
故答案为：（1）秒表；刻度尺；（2）在单摆长度一定时，连续测量10个周期所用的时间，最后将此时间除以10，就是摆动一次的周期；（3）摆长；1.4；（4）摆锤材料；（5）短。
32．【解答】解：（1）发射超声波时与障碍物间的距离：s＝vt＝×340m.s×0.001s＝0.17m＝17cm；
（2）机器人充满电的电能：W＝UIt＝12V×2500×10﹣3A×3600s＝1.08×105J；
机器人连续正常工作所需要的电能：W1＝80%W＝80%×1.08×105J＝8.64×104J；
机器人连续正常工作的最长时间：t＝＝＝2880s＝48min；
（3）由表二数据可知：吸入功率＝真空度×风量，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率：P吸入＝550Pa×0.015m3/s＝8.25W；
此时效率：η＝×100%＝×100%＝33%；
（4）由电路图可知，光敏电阻RG与定值电阻R0串联，电压表测定值电阻的电压，当光敏电阻RG1＝6Ω时，电压表示数U1＝4.5V，光敏电阻RG两端的电压U光1＝U0﹣U1，此时电路中的电流：I1＝＝，即：＝.....①；
当光敏电阻RG＝18Ω时，电压表示数U2＝2.25V，光敏电阻两端的电压U光2＝U0﹣U2，此时电路中的电流：I2＝＝，即：＝.......②；
联立①②可解得：U0＝9V，R0＝6Ω；
（5）吸尘器压力等于其重力，由题可知，摩擦力与其压力成正比，则集尘盒空置和达到最大集尘量时的摩擦力之比：＝＝＝；
即：＝＝，所以，达到最大集尘量时的摩擦力：f2＝20N；
消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功，所以P机械＝40%P电＝0.4×30W＝12W；
根据公式P＝Fv可知，达到最大集尘量时机器人运动的速度：v＝＝＝0.6m/s。
故答案为：（1）17；（2）48；（3）8.25；33；（4）6；（5）达到最大集尘量时机器人运动的速度为0.6m/s。
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