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2023年江苏省无锡市宜兴重点学校中考物理二模试卷-普通用卷
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这是一份2023年江苏省无锡市宜兴重点学校中考物理二模试卷-普通用卷，共31页。试卷主要包含了 下列关于实验的叙述正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省无锡市宜兴重点学校中考物理二模试卷
1. 针对生活中的一些物理量估测最合理的是( )
A. 物理课本质量为120mg B. 中学生身高约为160m
C. 中学生百米跑成绩约15s D. 人体最适宜的温度为37℃
2. 汽车后挡风玻璃内部有电热丝，通电后可防止水蒸气在玻璃表面( )
A. 液化 B. 汽化 C. 熔化 D. 凝华
3. 航天员在“天宫一号”进行各项试验，下列实验器材做实验时不能使用的是( )
A. 温度计 B. 刻度尺 C. 弹簧测力计 D. 天平
4. 2022年6月3日，是我国的传统节日——端午节。下列关于端午节煮粽子的说法中错误的是( )
A. 煮粽子的过程中，粽子的内能增大是通过热传递实现的
B. 很远就能闻到煮熟的粽子香味是因为分子不停地做无规则运动
C. 刚出锅的粽子，不能用手直接拿，是因为粽子含有的热量太多
D. 用高压锅煮粽子，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理
5. 下列关于实验的叙述正确的是( )
A. 图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明温度越高，分子运动越剧烈
B. 图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能
C. 图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用
D. 图丁中，在瓶塞跳出时，瓶内气体内能减少
6. 如图所示是11月8日，2022年第二次月全食天象，我国大部分地区可观察到超级“红月亮”。下列现象的形成与月全食的成因相同的是( )
A. 海市蜃楼
B. 湖光倒影
C. 小孔成像
D. 雨后彩虹
7. 山东省美术馆里的“超然楼”是小伙伴们的高级网红打卡地。在这里，可以做一次“武林高手”，在屋檐上来个“倒挂金钟”(图甲)。原来秘密在于地面上有一座“躺着”的超然楼模型，还有一面巨大的平面镜固定在超然楼模型上方与水平地面成45°角的地方，照片中看到的都是镜中的像(图乙)。下列选项中能正确反应“倒挂金钟”的人在此平面镜中成像情况的是( )
A. B. C. D.
8. 如图，纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌了一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个模型照相机。为了在A端得到清晰的像，要调整A、B间的距离，这时( )
A. 眼睛应对着B端向筒内观察，看像是否清晰
B. 应把A端朝着明亮的室外，B筒朝着较暗的室内
C. 如果看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时应该把B向外拉，增加A、B间的距离
D. 为了粗测该凸透镜的焦距，早上太阳出来后将凸透镜与水平地面平行放置，调节凸透镜到地面的距离，直到地面上出现一个最小的亮点，此点到凸透镜的距离即为焦距
9. 电影《流浪地球2》开启了中国科幻电影元年，影片中涉及到许多我们学过的科学知识，以下观点中正确的是( )
A. 关闭地球发动机后地球仍能向前运动，这是由于惯性力的作用
B. 假如地球在运动过程中，所受的力全部消失，它将慢慢停止运动
C. 地球发动机向后喷射燃气来推动地球前进，说明物体间力的作用是相互的
D. 当吴京身穿质量为120kg的宇航服从地面出发到达太空后，宇航服的质量变小
10. 标有“220V 1100W”的家用电热器，当通过它的电流为4A时(不考虑电阻变化)，它的实际功率为( )
A. 1100W B. 880W C. 176W D. 704W
11. 10月24日小鹏汇天第六代飞行汽车发布，车重约2吨，可乘坐2人，在飞行系统折叠收纳状态下，跟一辆普通的纯电动汽车相当，飞行汽车可以用家用电“慢充”，也可在专用高压直流充电桩上“快充”，小鹏飞行汽车“快充”的电压可能为( )
A. 1.5V B. 220V C. 5V D. 380V
12. 在综合实践活动课上，小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路，电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光，此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2(电压表V2未画出)示数变化关系图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
①电源电压为4V
②滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，定值电阻R1与灯泡L的电功率之比为1：1
③小灯泡正常发光时，定值电阻R1两端电压为0.75V
④实验过程中，滑动变阻器接入电路的阻值范围为3～35Ω
A. 只有①② B. 只有②④ C. 只有②③④ D. 只有①②④
13. 春夏之交，江淮一带常常阴雨绵绵。来自北方的冷空气与来自南方的暖湿气流交汇，空气中大量的水蒸气遇冷凝华成小冰晶或______(填物态变化名称)成小水珠，小冰晶下落时熔化成小水珠，它们汇集在一起形成了降雨。
14. (1)如图中物体的长度是______ cm。
(2)中国正在修建世界上最高速的风洞，以模拟飞机秒速达12km的高超音速飞行条件。“秒速12km”是指速度等于______ m/s，进行风洞实验时，飞机相对于风洞中的空气是______ (选填“运动”或“静止”)的。
15. 图1所示环卫工人使用的扫帚可以省______ 。图2是一风景区的盘山公路，盘山公路相当于简单机械中的______ ，使用它______ (选填“可以”或“不可以”)省功。
16. 如图甲所示，质量为50kg的小明用滑轮组将空吊篮提升到高处，拉力F随时间t变化的图像如图乙所示，空吊篮上升的速度v随时间t变化的图像如图丙所示。动滑轮重60N，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。问：
(1)在0～4s内空吊篮处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(2)在4～8s内小明拉力做功的功率有多大？______ 。
(3)空吊篮的质量有多大？______ 。
17. 如图所示为单相电子式电能表，其示数为______ kW⋅h；断开其他用电器，单独接入电热毯(具体参数见下面表格)工作24min，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，此电热毯工作过程实际功率是______ W，若电热毯工作时电阻不变，则实际工作电压是______ V。
型号
额定电压
额定功率
KC10
220V
605W
18. (1)一辆五菱小卡车的输出功率为60kW，载货匀速前进的速度为20m/s，则受到的阻力为______ N，前进2000m，牵引力做功为______ J；
(2)该车发动机的飞轮转速为2400r/min，则发动机每分钟做______ 次功，完成______ 个冲程，热机工作中大部分内能散失到周围环境中，而散失的能量却不能再自发集中转移到气缸中用来做功，说明能量转移具有______ 。
19. 让一系于橡皮筋一端的小球从某悬挂点O的正下方P点由静止释放如图甲所示，整个下落过程中，橡皮筋所受弹力F与小球下落高度h的关系如图乙所示；小球下落的速度v与下落高度h的关系如图丙所示(不考虑空气阻力)。已知该轻质橡皮筋每受到0.1N的拉力就伸长1cm，经测量小球从P点下落到a、b、c三点的距离分别为：ha=0.4m，hb=0.5m，hc=0.7m。
(1)小球从a点到c点的过程中，小球动能变化情况是______ (变大/变小/先变大再变小/不变/先变小再变大)；
(2)当橡皮筋弹性势能最大时，小球处于______ 状态(平衡/非平衡)；
(3)实验中所用小球的重力为______ N。由a点到b点，动能变化量______ (大于/小于/等于)重力势能变化量。
20. 如甲所示的电路中，电源电压2V。闭合开关，两只灯泡均发光，两只电流表的指针偏转情况均如图乙所显示，电流表A1接入的量程为______ A，电流表A2的示数为______ A，灯泡L1中的电流为______ A。
21. 一根金属棒AB置于水平地面上，现小明通过弹簧测力计竖直地将棒的右端B缓慢拉起，如图甲所示，在此过程中，弹簧测力计对棒所做的功W与B端离开地面的高度x的关系如图乙所示，请根据图象解答下列问题：
(1)金属棒的重力G为______N；
(2)金属棒的重心到A端的距离d=______m；
(3)小明想同样的方式使用弹簧测力计竖直将棒的左端A端拉起，则A端刚好被拉起时弹簧测力计的示数为______N。
22. 如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，L1为F1的力臂。请在图中作出F2的力臂L2及力F1．
23. 在图中画出入射光线在水面处的反射光线和折射光线大致方向。
24. 根据安全用电的原则，请用笔画线代替导线将图中螺口灯泡和开关接入家庭电路中。
25. 小宏在“探究凸透镜成像规律的实验”中；
(1)如图甲所示，可得凸透镜的焦距为______ cm，然后调整器材进行实验；
(2)当蜡烛在标尺30cm处时，光屏应移到标尺______ cm处，成像才清晰；当蜡烛向左(远离透镜)移动到乙图位置，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向______ 移动，此时所成像的大小将变______ ；
(3)在上一步实验调整好像的位置后，小宏取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，保持光屏位置不变，要使光屏上还能成清晰的像，应将蜡烛向______ (选填“左”或“右)移；
(4)实验过程中，如果用不透明的硬纸板挡住凸透镜的上半部分，则光屏上的像______ 。
A.只出现烛焰像的上半部分
B.只出现烛焰像的下半部分
C.出现烛焰完整的像，但像更小了
D.像仍然是完整的，且大小不变，只是变暗了
26. 为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量的损失；
(1)实验前调整铁夹A的位置，其目的是使______ (石棉网/温度计)处于适当的高度；
(2)实验中应控制燃料燃烧的______ (时间/质量)相同，根据______ (温度计的示数/加热的时间)比较燃料燃烧放出热量的多少；
(3)小明选用了燃料a和燃料b进行实验；当燃料燃尽时，小明记下了各个时刻烧杯中水温，绘制了图乙的图像，则可初步判断燃料______ (a/b)的热值大；
(4)另一组的小华也用图甲的两套完全相同的装置进行实验，比较燃料c和燃料d的热值，并重新在烧杯内加入初温和质量相同的水，在燃料烧完后也画出了水的温度随时间变化的图像如图丙，燃料c在6min时水就沸腾了，造成水过早沸腾的原因可能是______ 。分析图像可知燃料c燃烧10min放出的热量______ (大于/等于I小于)燃料d燃烧15min放出的热量；
(5)你认为根据丙图像______ (能/不能)比较两种燃料热值的大小；
(6)小华实验前用天平测出了烧杯中水的质量及燃料c的质量并由记录的数据，利用公式Q吸=cm(t−t0)计算出了水吸收的热量，他想通过这些数据计算出燃料c的热值你认为他的计算结果与真实值相比______ (填“偏大”、“偏小”或“相等”
)
27. 甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”，老师提供的实验器材有：电源(电压恒为4.5V)，电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，两只滑动变阻器(规格分别为“20Ω 2A”、“50Ω 1A”)，小灯泡一只(额定电压3.8V)，导线若干．
(1)甲小组探究“电流与电压的关系”
①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．
②他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是______ (写出一条即可)．
③排除故障后进行实验得到的数据如表，由此可得到的实验结论是______ ．
电压U/V
1.0
1.5
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.6
(2)乙小组探究“电流与电阻的关系”
①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应向______ (选填“左”或“右”)端移动，移动滑动变阻器的目的是______ ．
②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是______ ．
③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如丙图所示，则小灯泡的额定功率是______
W.
28. (1)在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图甲电路。
小明猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，此时调节滑动变阻器是为了______ ，来研究通电螺线管磁场强弱与______ 的关系。
(2)为了探究“感应电流产生的条件”，小明将铁架台、导体AB、小量程电流表、蹄形磁体、开关和若干导线按图乙连接。
①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转；闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，又上下移动导体AB时，指针基本不偏转。由此可得出了感应电流的产生条件为：闭合电路的一部分导体在磁场中做______ 运动。
②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，此时小量程电流表的指针______ (左右摆动/偏向一边/静止不动)。导体AB摆动过程中，如果不计空气阻力及导线悬挂点的摩擦，导体AB的机械能将______ (变大/变小/不变)。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以______ (提供一种方法)。根据这一原理可以制成______ (发电机/电动机)。
29. 如图甲是我国研制的用于修理大型船舰的船坞一“华船一号”，其全长168m，宽48m，高16m，它有一个巨大的“凹”字形船舱，两侧有墙，上面装有吊装牵引装备，前后两端敞开，供待修船舰出入。船坞底部和两侧坞墙内有若干个浮箱，用来灌水和排水，实现船坞的沉与浮。某次作业中，为了抢修一艘总质量为1.2万吨的“MR”号待修船，船坞先自航到指定海域，然后向浮箱内灌水，船坞开始下沉；当船坞下沉到甲板刚好与海面相平时，船坞的吃水深度为4m、排水量为4万吨(如图乙所示)。继续向浮箱内灌水，当船坞下沉到坞内水足够深时，船坞上的卷扬机将“MR”号船水平牵引漂浮进船坞，此时船坞的吃水深度为14m、排水量为6.3万吨(如图丙所示)。接着抽出浮箱内的水，船坞上浮直至甲板刚好与海面相平，托起“MR”号开始修理工作，(如图丁)。(ρ海水=1.0×103kg/m3)
(1)当甲板刚好与海面相平时，船坞底部受到海水的压强为多少？
(2)“MR”号待修船在卷扬机水平拉力下以0.5m/s的速度匀速进入船坞，卷扬机的功率恒定为200kW，“MR”号进船坞时受到水的阻力为多少？
(3)“MR”号船进船坞后，船坞浮箱内至少要向外排水多少立方米才可以开始修理工作？
30. 珠海有“发明大王”之称的宋有洲曾经过上千次试验之后，研制出“空中绿化存车亭”，获得国内和国际专利。此亭集绿化、停车、防盗、户外广告于一体，存车只需40秒就可以把车子“锁上天”。如图为“空中绿化存车亭”的工作原理图，其中A为存车架，O为杠杆OB的转动轴，杠杆的B端固定悬挂泊车位置，BC为牵引OB杆转动的钢丝绳，M为牵引钢丝绳的电动机。存车时，汽车开到存车架上，电动机通过钢丝绳BC将杆OB拉到一定高度固定；取车时，将OB杆放下使存车架落回地面。
请根据以上信息回答下列问题(忽略OB的重力和机械各部分的摩擦力，g取10N/kg)：
(1)图中使用了______滑轮，它的作用是______。
(2)小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，动力臂______，阻力臂______，作用在B点的动力______。(以上均选填“变大”、“变小”或“不变”)
(3)若汽车的质量为0.9t，存车架框的质量为100kg，杆OB的长度为5m，当B点距地面高3m时，求出此时绳CB的拉力为多少N？
(4)专家建议遮阳蓬上加装太阳能光电板，给新能源电动小汽车供电。每个充电桩对新能源小汽车充电1h后，小汽车存储的电能是2.88×107J。这些电能可使总质量为1t、额定输出功率为12kW的新能源小汽车匀速直线行驶36km。
①充电桩对小汽车充电过程中，将______能转化为______能；
②设汽车行驶过程中受到的阻力是车重的0.06倍，该小汽车以额定输出功率时，此电动汽车的电机效率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、物理课本的质量与三颗鸡蛋的质量相近，约为150g，故A错误；
B、中学生的身高约为160cm=1.6m，故B错误；
C、中学生的百米跑成绩约为14～16s，故C正确；
D、人体最适宜的温度约为22℃，故D错误。
故选：C。
(1)物理课本的质量与三颗鸡蛋的质量相近；
(2)中学的身高约为160cm；
(3)中学生的百米成绩约为15s；
(4)人的体温约为37℃，人体最适宜的温度约为22℃。
对人体及身边事物物理量的估算是近年来常见的一类试题，我们要多注意观察身边事物。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃上结雾，指的是玻璃上出现的小水珠，它是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小水珠；为了避免水蒸气的液化，汽车的后挡风玻璃内部有电热丝，通电后，可以提高玻璃的温度，空气中的水蒸气遇到温度较高的玻璃，不能放热液化，所以能避免发生结雾现象。
故选：A。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热的；液化的方法有两种：降低温度和压缩体积。
此题考查了生活中的物态变化现象，以及使用物态变化知识解决生活中的实际问题。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
天宫一号绕地球做匀速圆周运动，地球对它的引力提供向心力，天宫一号和它里面的物体处于完全的失重状态，与重力有关的测量不能进行，如天平；与重力无关的测量可以继续进行，如刻度尺、温度计、弹簧测力计等。
此题考查了失重状态下测量仪器的使用，容易出错，需要深入理解概念或规律的内涵，认真审题，正确解答。
【解答】
解：
温度计、弹簧测力计测拉力、刻度尺都不受到重力的影响，都能正确工作，而天平是在重力作用下才能平衡的，故不能正常使用天平。
故选：D。
4.【答案】C
【解析】解：A、煮粽子是通过热传递的方式提高了粽子的内能，故A正确；
B、能闻到粽子的香味是由于分子的无规则运动产生的扩散现象，故B正确；
C、热量是过程量，可以说吸收、放出，但不能说含有，故C错误；
D、压锅内气压高，所以液体的沸点也会升高，故D正确。
故选：C。
(1)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象；
(3)热量是热传递过程中传递能量的多少，是过程量；
(4)液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越高，液体的沸点越高。
本题是一道关于热现象的应用题，考查的知识点较多，包括分子间的作用力、改变内能的方法等，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：
A.图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但无法说明温度越高，分子运动越剧烈，故A错误；
B.图乙中，水沸腾后软木塞被弹出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C.图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为玻璃分子和水分子间存在引力，故C错误；
D.图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，故瓶内气体内能减少，故D正确。
故选D。
(1)图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但不能说明温度越高，分子运动越剧烈；
(2)图乙中，水沸腾后软木塞被推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能；
(3)图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为分子间存在引力；
(4)图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，瓶内气体内能减少。
本题考查了分子热运动、内能及能量转化相关知识点，是一道综合题。
6.【答案】C
【解析】解：月全食是由光的直线传播形成的；
A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、湖光倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小孔成像的原理是光的直线传播，故C正确；
D、雨后彩虹，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
光在同种均匀介质中沿直线传播，生活中的现象有：影子、日食和月食、小孔成像等；逐项分析各情景运用的光学作答进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：由平面镜成像规律可知像和物关于平面镜对称，我们可以选取上下两个点，用刻度尺去找到其关于镜面对称点，也可将像将物体沿镜面这条线对折，能重合的就是正确答案，只有D符合题意。
故选：D。
平面镜成像中像和物关于平面镜对称，可以通过轴对称的方法来作图和判定。
本题主要考查了平面镜成像特点的应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
8.【答案】C
【解析】解：A、A端的半透明质，上面成的像由于漫反射，在A端附近合适的位置都能看到，用不着对着A端观察或对着B端向内方向观察，让光线从纸筒B通过凸透镜才可以看到、看清楚物体的像，故A错误；
B、为使半透明纸上得到的像更亮一些，要成像的物体就应该在明亮的地方，所以应该把模型照相机的B朝着室外面，A端朝着较暗的室内，故B错误；
C、看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时，物近像远像变大，像距要增大，应该把B向外拉，增加A、B间的距离，故C正确；
D、太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，而不是平行于地面放置，故D错误。
故选：C。
(1)(2)模型照相机中在纸筒B的右端为凸透镜，纸筒A的左端的半透明纸就相当于真实照相机的底片，在半透明纸上所看到的就是凸透镜前方的景物通过凸透镜所生成的像。
(3)凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像，在调节上，符合物近像远像变大，像要变小，物距要增大；
(4)平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点。由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。
照相机应用的是凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像；在调节上，符合物近像远像变大：像要变小，物距要增大，像距要变小。
9.【答案】C
【解析】解：A.一切物体都有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B.假如地球在流浪过程中，所受的力全部消失，地球将以此时的速度和方向做匀速直线运动，故B错误；
C.地球发动机喷射燃气推动地球前进，这是利用了物体间的作用是相互的，故C正确；
D.宇航服在地面上质量为120kg，飞船升空后，只是位置发生改变，故到达太空后宇航服的质量将不变，故D错误。
故选：C。
(1)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性，惯性代表了物体运动状态改变的难易程度，惯性的大小只与物体的质量有关。
(2)物体在不受力的作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
(4)质量是物体的一种属性，与物体的形状、位置、温度、状态无关。
此题考查了惯性、增大摩擦力的方法、平衡力、牛顿第一定律的理解等多个知识点，综合性很强，但难度不是很大。
10.【答案】D
【解析】解：根据P=U2R可得，家用电热器的电阻为R=U2P=(220V)21100W=44Ω
当通过它的电流为4A时(不考虑电阻变化)，它的实际功率为P实=I实2R=(4A)2×44Ω=704W
故D正确，ABC不正确。
故选：D。
(1)知道电热器的额定电压和额定功率，根据P=U2R可得家用电热器的电阻；
(2)根据P=I2R可求得该电热器的实际功率。
本题考查了电功率公式的灵活应用，是一道较为简单的应用题。
11.【答案】D
【解析】解：根据题意知“慢充”时为家用电，电压为220V，与之对应的“快充”为专用高压电，所以其电压应高于220V，符合条件的选项只有D。
故选：D。
家庭电路电压为220V，动力电电压为380V。
本题考查电压的大小，关键是知道家庭电路电压为220V。
12.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
①因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以图乙中图线①是小灯泡的I−U图像，由图线②可知，电压表V2的示数随电流表示数的增大而减小，所以电压表V2测滑动变阻器两端的电压或测定值电阻和滑动变阻器两端的电压之和，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由电流相等时两电压表的示数之和不相等可知，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，即并联在滑动变阻器R2两端；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.5V，变阻器R2两端的电压U2=3.5V，电路中的电流I=0.1A，则电源的电压为：
U=UL+U2+IR1=0.5V+3.5V+0.1A×R1-------①
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知，灯泡两端的电压UL′=2.5V，变阻器R2两端的电压U2′=0.75V，电路中的电流I′=0.25A，则电源的电压为：
U=UL′+U2′+I′R1=2.5V+0.75V+0.25A×R1---------②
由①②可得：
R1=5Ω，U=4.5V，故①错误；
②滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，R1两端的电压为：
U1=IR1=0.1A×5Ω=0.5V，
则定值电阻R1与灯泡L的电功率之比为：
P1PL=U1IULI=U1UL=0.5V0.5V=11，故②正确；
③小灯泡正常发光时，定值电阻R1两端电压为
U1′=I′R1=0.25A×5Ω=1.25V，则③错误；
④当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，则变阻器最大阻值为：
R2大=U2I=3.5V0.1A=35Ω；
当灯泡正常发光时，变阻器接入电路中的电阻最小，则滑动变阻器的最小电阻为：
R2小=U2′I′=0.75V0.25A=3Ω，
所以，为使灯泡能正常发光且安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围为3～35Ω，故④正确。
故选：B。
由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据灯泡两端的电压越大时通过的电流越大判断出小灯泡的I−U图像，根据图乙可知电压表V2的示数随电流表示数的变化关系，然后结合电流相等时两电压表的示数之和不相等判断出电压表V2并联的位置；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，同理表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
(2)滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用P=UI求出定值电阻R1与灯泡L的电功率之比；
(3)小灯泡正常发光时，根据欧姆定律求出定值电阻R1两端的电压；
(4)当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大；当灯泡正常发光时，变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出其最大和最小值，然后得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，正确判断出电压表V2并联的位置是关键，有一定的难度。
13.【答案】液化
【解析】解：来自北方的冷空气与来自南方的暖湿气流交汇，空气中大量的水蒸气遇冷凝华成小冰晶或液化为小水珠，小冰晶下落时熔化成小水珠，它们汇集在一起形成了降雨。
故答案为：液化。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
14.【答案】3.25 1.2×104 运动
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与6.00cm刻度线对齐，右侧与9.25cm对齐，所以物体的长度L=9.25cm−6.00cm=3.25cm；
(2)“秒速12km”是指速度v=st=12×103m1s=1.2×104m/s；风洞实验时，以空气为参照物，飞机与空气之间发生了位置变化，所以飞机是运动的。
故答案为：3.25；1.2×104；运动。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位；
(2)秒速12km是指1s内运动的距离为12km，根据v=st求出其速度；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了刻度尺的读数、速度的计算和运动与静止的相对性，是一道较为简单的应用题。
15.【答案】距离 斜面 不可以
【解析】解：环卫工人使用的扫帚，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离；
斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形；使用任何机械都不省功，使用斜面可以省力，但费距离，因此不省功。
故答案为：距离；斜面；不可以。
(1)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离。
此题考查了杠杆的分类、斜面的应用、功的原理，属基础题目。
16.【答案】非平衡 60W 4kg
【解析】解：(1)由丙图知，0～4s内空吊篮的速度逐渐变大，所以此时空吊篮处于非平衡状态。
(2)由图甲知，动滑轮上绳子的段数n=2，
由图乙知，4～8s内绳端的拉力F=50N，
由图丙知，4～8s内物体的速度v物=0.6m/s，则绳端移动的速度v=nv物=2×0.6m/s=1.2m/s，
在4～8s内小明拉力做功的功率：P=W总t=Fst=Fv=50N×1.2m/s=60W。
(3)不计绳重和摩擦，绳端的拉力F=12(G吊篮+G动)，
所以空吊篮的重力：G吊篮=2F−G动=2×50N−60N=40N，
由G=mg可得，空吊篮的质量：m吊篮=G吊篮g=40N10N/kg=4kg。
故答案为：(1)非平衡；(2)60W；(3)4kg。
(1)物体的速度大小或运动方向发生改变时，物体处于非平衡状态。
(2)由图甲知，动滑轮上绳子的段数n=2；由图乙知，4～8s内拉力F=50N；由图丙知，4～8s内物体的速度，根据v=nv物得出绳端移动的速度，根据P=W总t求出拉力的功率。
(3)不计绳重和摩擦，根据F=12(G吊篮+G动)求出空吊篮的重力，由G=mg可得空吊篮的质量。
本题考查了滑轮组的省力公式、平衡状态和非平衡状态的判断、功率的计算，关键是从图中得出有用的信息。
17.【答案】5387.5 500 200
【解析】解：(1)读图可知，电能表的整数位是“5387”，小数位是“5”，故电能表的示数为5387.5kW⋅h；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，电热毯消耗的电能为：
W=600imp3000impkW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J，
此电热毯工作过程实际功率是：P′=Wt=7.2×105J24×60s=500W；
(3)根据P=U2R得，电热毯的电阻为：R=U2P=(220V)2605W=80Ω，
根据P=U2R得，电热毯的实际工作电压是：U′= P′R= 500W×80Ω=200V
故答案为：5387.5；500；200。
(1)电能表在读数时，应明确其最后一位是小数位，单位是kW⋅h(度)；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，由此可求出电热毯消耗的电能，再根据P=Wt求出电热毯的电功率；
(3)根据P=U2R求出电热毯的电阻，知道实际功率，再根据P=U2R求出电热毯的实际工作电压。
本题考查了电能表的读数，以及电功率公式的应用，知道电能表相关参数的意义是关键。
18.【答案】3000 6×106 1200 4800 方向性
【解析】解：(1)车的输出功率为60kW，载货匀速前进的速度为20m/s，则车受到的牵引力F牵=Pv=60kW20m/s=60000W20m/s=3000N
汽车匀速前进，由二力平衡条件可知，车受到的阻力等于牵引力等于3000N。
前进2000m，牵引力做功W=F牵s=3000N×2000m=6×106J；
(2)发动机的飞轮转速为2400r/min，由于发动机完成4个冲程，转2圈，做1次功，所以发动机1分钟完成4800个冲程，做1200次功。
高温高压的燃气的内能可以推动活塞做功，散失的能量却不能再自发集中转移到气缸中用来做功，说明能量转移具有方向性。
故答案为：(1)3000；6×106；(2)1200；4800；方向性。
(1)根据P=Fv算出牵引力，已知汽车做匀速直线运动，则牵引力和阻力是一对平衡力，则阻力大小等于牵引力的大小，利用W=Fs求汽车牵引力做的功；
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，根据这个比例关系可以求出答案。
此题综合考查了功率公式、功的公式、功率公式的掌握和运用以及内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，解答此题的关键是根据平衡力的知识来判断汽车前进的阻力的大小。
19.【答案】先变大再变小 非平衡 1 小于
【解析】解：(1)小球在下落的过程中，橡皮筋逐渐发生弹簧形变，橡皮筋力由小变大，当重力大于弹力时小球受合力向下，小球加速下落；
当弹力等于重力时，小球受到合力为0，速度达到最大；
当弹力大于小球重力时，合力向上，小球开始做减速运动。
由此可知小球下落速度的变化情况是：先变大后变小；
(2)当橡皮筋伸长量最大时，小球速度减小为0，小球受力不平衡，所以处于非平衡状态；由于弹力大于重力，合力向上，小球会向上运动；
(3)由图可知，在hb处时小球的速度是最大的，重力等于弹力；此时橡皮筋的伸长量为hb=0.5m−0.4m=0.1m，橡皮筋每受到0.1N的拉力就伸长1cm，则弹力为F=0.1m0.01m×0.1N=1N；所以小球的重力为1N；
此过程中，小球的重力势能转化为小球的动能和弹性势能，所以动能变化量小于重力势能变化量。
故答案为：(1)先变大再变小；(2)非平衡；(3)1；小于。
(1)分析橡皮筋在拉伸过程中小球所受力情况，由此分析判断其速度变化；
(2)小球下落中橡皮筋拉伸量最大时，小球速度为0，而后在弹力作用下向上运动；
(3)当重力等于弹力时，小球的速度是最大的，根据最大速度时的弹力求解。小球的重力势能转化为小球的动能和弹性势能。
此题是一道信息题，题目中给出一个新的信息，让学生根据自己学过的知识结合信息解决问题。考查了学生接受新知识、运用新知识的能力。
20.【答案】0～3A 0.36 1.44
【解析】解：(1)由图可知，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2的电流，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此电流表A1的示数大于电流表A2的示数，而两电流表指针偏转角度相同，因此电流表A1量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.8A；电流表A2量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，即通过L2的电流为0.36A；
(2)通过L1的电流：I1=I−I2=1.8A−0.36A=1.44A；
故答案为：0～3A；0.36；1.44。
(1)由图可知，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流，根据并联电路的电流规律，由图乙所示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数；
(2)根据并联电路的电流关系求出流过灯泡L1的电流。
本题主要考查学生对并联电路电流规律掌握和运用，考查了电流表的读数，确定电流表的测量对象、确定电流表的量程是本题解题的关键。
21.【答案】5 0.64 1
【解析】解：(1)由乙图可知，在B端离地0.8m处时，A离地面，
因为W=Gh，
所以金属棒的重力G=△W△h=5.2J−3.2J1.2m−0.8m=5N，
(2)由于拉力始终竖直向上，由杠杆的平衡条件可知，拉力不变(动力臂与阻力臂之比不变)。
由图乙可知拉力F1=W1h1=3.2J0.8m=4N；
由杠杆平衡条件得，
重心到A端的距离d=4N×0.8m5N=0.64m。
(3)由图甲可知，当B端离地0.8m时，A端刚离地，所以金属棒长0.8米；
将A端拉起，根据杠杆平衡条件：F×0.8m=5N×(0.8m−0.64m)
F=1N。
答：(1)金属棒的重力G为5N；
(2)金属棒的重心到A端的距离d为0.64m；
(3)A端刚好被拉起时弹簧测力计的示数为1N。
(1)在已知杆的长度的情况下，根据乙图x的不同长度对应的功的大小，得到杆的重力，也就是F2的示数；根据图乙得到F1的数值；
(2)由杠杆平衡条件可求出重心到A端的距离。
(3)由甲乙图和杠杆平衡条件分析可知杆的长度，再利用杠杆平衡条件解得。
本题考查功的计算和杠杆的平衡条件，关键是能够理解乙图拐点位置的意义。
22.【答案】解：
【解析】F2与杠杆垂直，故连接支点O与F2的作用点即为力臂L2，过L1的上端作L1的垂线，交杠杆于一点，即为F1的作用点，F1的方向向上。
本题考查了力的示意图和力臂的画法。由力臂的概念即可画力臂，也可确定力的方向和作用点。
23.【答案】解：入射光线与水面的夹角为30°，图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，在空气中法线的右侧画出反射光线；
再根据折射角小于入射角，在法线的右侧的水中画出折射光线，如图所示：
【解析】光在水面同时发生折射和反射：根据反射角等于入射角作出反射光线；根据光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出折射光线。
本题考查了根据光的反射和光的折射作图，难度不大。
24.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。
25.【答案】10 70 左 小 左 D
【解析】解：(1)由图甲可知，u=v=20cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，故凸透镜焦距为f=10cm；
(2)当蜡烛在标尺30cm处，此时物距u=50cm−30cm=20cm=2f，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，故光屏应移到标尺50cm+20cm=70cm处，成像才清晰；
当蜡烛向左(远离透镜)移动到乙图位置，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向左移动，此时所成像的大小将变小；
(3)在上一步实验调整好像的位置后，小宏取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，若保持光屏位置不变，要使光屏上还能成清晰的像，应将蜡烛向左移；
(4)遮住凸透镜的上半部分，物体上任一点射向凸透镜的下半部分，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，故选：D。
故答案为：(1)10；(2)70；左；小；(3)D。
(1)(2)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此求出凸透镜焦距；根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答；
(3)近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；
(4)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
26.【答案】石棉网 质量 温度计上升的示数 b 燃料c的燃烧过程比较快 大于 能 偏小
【解析】解：(1)实验时要用火焰的外焰加热；调整铁夹A的位置，其目的是使石棉网处于适当的高度，方便用外焰加热；
(2)实验中应控制燃料燃烧的质量相同，通过比较温度计的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少；
(3)由图乙知，当燃料燃尽时，图线b的温度变化大，说明相同质量的a、b燃料完全燃烧时b放出的热量多，则b的热值大；
(4)燃料c在6min时水就沸腾了，说明水吸收的热量多，造成水过早沸腾的原因可能是燃料c的燃烧过程比较快；由图丙可知，燃料c燃烧10min放出的热量已经使水沸腾，燃料d燃烧15min放出的热量没有使水沸腾，表明c放出的热量多；
(5)由图丙可知，两种燃料全部燃尽时，c燃料使水升高的温度更大，则c的热值大，故能比较热值的大小；
(6)由于燃料不一定完全燃烧，且给水加热时有热损失，因此根据Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量要比菜籽油完全燃烧放出的热量小，利用这个热量计算出菜籽油的热值，要比真实值偏小。
故答案为：(1)石棉网；(2)质量；温度计的示数；(3)b；(4)燃料c的燃烧过程比较快；大于；(5)能；(6)偏小。
(1)实验时要用火焰的外焰加热；
(2)实验中，应控制燃料燃烧的质量相同，看温度计示数的变化来进行比较；
(3)根据水温的变化情况判断酒精和纸片放出热量的多少，从而判断出热值的大小；
(4)根据燃料的燃烧情况分析；
(5)要想比较热值的大小，需要两种燃料全部燃烧完，通过水升高的温度的大小来比较热值的大小；
(6)实际测量热值时，由于燃料不一定完全燃烧，且放出的热量不可能全部被水吸收，有热量损失，因此测量值会比真实值小。
用相同质量的燃料燃烧加热水，通过水温的变化比较水吸热多少，通过水吸热多少比较放热多少，从而得出相同质量的燃料燃烧放热多少，即热值的大小，较难理解！
27.【答案】定值电阻短路；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；左；保持定值电阻两端电压一定；50Ω；1A；1.14
【解析】解：(1)①定值电阻与滑动变阻器、电流表串联接入电路；电压表与电阻并联，电流从“+”接线柱流入，从“−”接线柱流出；如图所示：
②电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路，电压表相当与和一段导线并联，故无示数；或者电压表断路(或电压表短路)；
③分析数据可得出结论：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)①定值电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电阻两端电压不变，由电路图可知，应向左移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的1.5V，保持定值电阻两端电压一定．
②实验中，当定值电阻是20Ω时，流过电路的电流I=1.5V20Ω=0.075A，
滑动变阻器接入电路的阻值应为R滑=U滑I=4.5V−1.5V0.075A=40Ω>20Ω，
为使实验能顺利进行，可以更换最大阻值较大的滑动变阻器，使用规格为“50Ω 1A”的滑动变阻器，使定值电阻两端的电压变小，等于1.5V；
③电流表选择0～0.6A量程，最小分度值为0.02A，示数为0.3A，
小灯泡的额电功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
故答案为：(1)①见上图；
②定值电阻短路(或电压表短路、电压表断路)；
③电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；
(2)①左；保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)；
②50Ω；1A；
③1.14．
(1)①由电路图可知，电压表与电阻R并联，然后根据电流从正接线流入，负接线柱流出将电流表接入电路中；
②电流表有示数，表明电流表所在电路接通；电压表无示数表明电阻短路，或电压表断路，或电压表短路；
③电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)①当将电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻阻值变大，定值电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保证电阻两端电压不变，应移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，使定值电阻两端电压保持1.5V不变．
②滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器的最大分压太小，定值电阻不能达到1.5V，为使实验能正常进行，可以更换最大阻值大的滑动变阻器或使定值电阻两端电压变大．
③确定电流表选择的量程和最小分度值，读出示数，根据P=UI计算出额电功率．
本题考查了连接电路图、滑动变阻器的调节、实验方案的改进等问题，实验中应用了控制变量法，解题时注意该方法的应用．第(3)小题是本题的难点，知道实验过程中应控制定值电阻两端的电压不变，分析清楚电路结构、认真分析实验数据是正确解题的基础与关键．
28.【答案】控制电流大小不变 线圈匝数 切割磁感线 左右摆动 变小 对调磁体两极或对调电源两极 电动机
【解析】解：(1)实验中，他将开关S从l换到2上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，连入电路的线圈电阻也发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变(需观察电流表示数)，再次观察吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系；
(2)①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转，说明没有电流产生；
闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，说明有电流产生；
又上下移动导体AB时，指针基本不偏转说明没有电流产生；
由此可得出了感应电流的产生条件为：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
②导体AB左右摆动，切割磁感线方向不断改变，所以电流方向不断改变，电流表指针会左右摆动；导体运动过程中，将机械能转化为电能，所以机械能不断变小；
③要改变导线的受力方向，可改变磁场方向或线圈中电流方向；可以调换磁极，或改变电流方向的方法，可以调换电源正负极，同时调换电源正、负极和磁体N、S极导体ab运动方向不变；
电动机是通电导体在磁场中受力的作用，根据这一原理可以制成电动机。
故答案为：(1)控制电流大小不变；线圈匝数；(2)①切割磁感线；②左右摆动；变小；③对调磁体两极或对调电源两极；电动机。
(1)影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变量法的运用；
(2)①闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
②感应电流方向与磁感线方向与导体切割磁感线方向有关，根据能量的转化情况判断机械能的变化；
③通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向、电流方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变运动方向，同时改变两个因素，运动方向不会改变；
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
本题考查了探究影响螺线管磁性强弱的因素和探究电磁感应现象，是电磁学部分的典型题目。
29.【答案】解：(1)坞底部受到海水的压强为：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4m=4×104Pa；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv得待修船受到的水平牵引力为：
F=Pv=2×105W0.5m/s=4×105N；
因为待修船匀速运动，所以待修船进坞时受到的阻力为：
f=F=4×105N；
(3)图乙、丙、丁中船坞都是漂浮的，则F浮=G，
图丙中，F丙浮=G坞+G丙水+G船，
图丁中，F丁浮=G坞+G丁水+G船，
则F丙浮−F丁浮=G丙水−G丁水，
开始修理工作，MR托起如图丁状态，甲板刚好露出水面，浮箱至少要向外排水的重力为：
ΔG水=G丙水−G丁水=F丙浮−F丁浮=G丙排−G丁排=(m丙排−m丁排)g，
因为图乙、丁甲板刚好露出水面，坞排水量相同，所以m丁排=m乙排，则
Δm水=m丙排−m丁排=(6.3−4)×107kg=2.3×107kg，
浮箱至少要向外排水的体积为：
ΔV水=Δm水ρ水=2.3×107kg1.0×103kg/m3=2.3×104m3。
答：(1)当甲板刚好与海面相平时，船坞底部受到海水的压强为4×104Pa；
(2)“MR”号待修船在卷扬机水平拉力下以0.5m/s的速度匀速进入船坞，卷扬机的功率恒定为200kW，“MR”号进船坞时受到水的阻力为4×105N；
(3)“MR”号船进船坞后，船坞浮箱内至少要向外排水2.3×104m3才可以开始修理工作。
【解析】(1)根据p=ρ海水gh算出坞底部受到海水的压强；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv算出待修船受到的水平牵引力，根据二力平衡条件判断出待修船进坞时受到的阻力；
(3)根据漂浮条件F浮=G表示出图丁状态，甲板刚好露出水面，浮箱至少要向外排水的重力，由G=mg算出排开水的质量，由密度公式算出排开水的体积。
本题主要考查了密度、漂浮条件、阿基米德原理、功率等知识和相关计算，是一道综合题，有一定的难度。
30.【答案】定 改力的方向 变大 变小 变小 电 化学
【解析】解：(1)由图可知，滑轮不随物体升降，所以为定滑轮；定滑轮不能省力，但改变力的方向；
(2)小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，CB与OB的夹角越来越大，BA与OB的夹角越来越小，动力臂变大，阻力臂变小，当BC绳与OB杆垂直时，动力臂最长，绳子的拉力最小，在此过程中作用在B点的动力变小；
(3)作用在杠杆上的动力、阻力以及动力臂、阻力臂，如下图所示：
已知直角三角形△OBE中，OB=5m，BE=3m，故OE= (5m)2−(3m)2=4m，
汽车的质量为m车=0.9t=900kg，
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得拉力：
F1=F2L2L1=(m车+m架)gL2L1=(900kg+100kg)×10N/kg×4m5m=8000N；
(4)①充电桩对小汽车充电过程中，将电能转化为化学能；
②因为汽车做匀速直线运动，所以牵引力F=f=0.06G=0.06×1×103kg×10N/kg=600N
牵引力做的功：
W有用=Fs=600N×36×103m=2.16×107J，
电动汽车的电机效率是：
η=W有用W总×100%=2.16×107J2.88×107J×100%=75%。
答：(1)定；改力的方向；
(2)变大；变小；变小；
(3)此时绳CB的拉力为8000N；
(4)①电 化学
②此电动汽车的电机效率是75%。
(1)根据定滑轮和动滑轮的概念和工作特点分析解答；
(2)OB杆在提升过程，CB与OB的夹角越来越大，BA与OB的夹角越来越小，当BC绳与OB杆垂直时，拉力最小；
(3)先画出作用在杠杆上的阻力和阻力臂以及动力和动力臂，然后根据直角三角形中各边间的关系求出阻力臂，再利用杠杆平衡的条件求出钢丝绳所受到的拉力；
(4)锂电池充电时，相当于用电器，消耗电能，获得化学能并储存起来；根据W1=Fs求出牵引力做的功，根据η=W1W2求出转化效率。
本题考查了定滑轮、杠杆、杠杆的平衡条件的应用、能量转化、机械效率等问题，综合性强，难度大。
2023年江苏省无锡市宜兴重点学校中考物理二模试卷
1. 针对生活中的一些物理量估测最合理的是( )
A. 物理课本质量为120mg B. 中学生身高约为160m
C. 中学生百米跑成绩约15s D. 人体最适宜的温度为37℃
2. 汽车后挡风玻璃内部有电热丝，通电后可防止水蒸气在玻璃表面( )
A. 液化 B. 汽化 C. 熔化 D. 凝华
3. 航天员在“天宫一号”进行各项试验，下列实验器材做实验时不能使用的是( )
A. 温度计 B. 刻度尺 C. 弹簧测力计 D. 天平
4. 2022年6月3日，是我国的传统节日——端午节。下列关于端午节煮粽子的说法中错误的是( )
A. 煮粽子的过程中，粽子的内能增大是通过热传递实现的
B. 很远就能闻到煮熟的粽子香味是因为分子不停地做无规则运动
C. 刚出锅的粽子，不能用手直接拿，是因为粽子含有的热量太多
D. 用高压锅煮粽子，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理
5. 下列关于实验的叙述正确的是( )
A. 图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明温度越高，分子运动越剧烈
B. 图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能
C. 图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用
D. 图丁中，在瓶塞跳出时，瓶内气体内能减少
6. 如图所示是11月8日，2022年第二次月全食天象，我国大部分地区可观察到超级“红月亮”。下列现象的形成与月全食的成因相同的是( )
A. 海市蜃楼
B. 湖光倒影
C. 小孔成像
D. 雨后彩虹
7. 山东省美术馆里的“超然楼”是小伙伴们的高级网红打卡地。在这里，可以做一次“武林高手”，在屋檐上来个“倒挂金钟”(图甲)。原来秘密在于地面上有一座“躺着”的超然楼模型，还有一面巨大的平面镜固定在超然楼模型上方与水平地面成45°角的地方，照片中看到的都是镜中的像(图乙)。下列选项中能正确反应“倒挂金钟”的人在此平面镜中成像情况的是( )
A. B. C. D.
8. 如图，纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌了一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个模型照相机。为了在A端得到清晰的像，要调整A、B间的距离，这时( )
A. 眼睛应对着B端向筒内观察，看像是否清晰
B. 应把A端朝着明亮的室外，B筒朝着较暗的室内
C. 如果看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时应该把B向外拉，增加A、B间的距离
D. 为了粗测该凸透镜的焦距，早上太阳出来后将凸透镜与水平地面平行放置，调节凸透镜到地面的距离，直到地面上出现一个最小的亮点，此点到凸透镜的距离即为焦距
9. 电影《流浪地球2》开启了中国科幻电影元年，影片中涉及到许多我们学过的科学知识，以下观点中正确的是( )
A. 关闭地球发动机后地球仍能向前运动，这是由于惯性力的作用
B. 假如地球在运动过程中，所受的力全部消失，它将慢慢停止运动
C. 地球发动机向后喷射燃气来推动地球前进，说明物体间力的作用是相互的
D. 当吴京身穿质量为120kg的宇航服从地面出发到达太空后，宇航服的质量变小
10. 标有“220V 1100W”的家用电热器，当通过它的电流为4A时(不考虑电阻变化)，它的实际功率为( )
A. 1100W B. 880W C. 176W D. 704W
11. 10月24日小鹏汇天第六代飞行汽车发布，车重约2吨，可乘坐2人，在飞行系统折叠收纳状态下，跟一辆普通的纯电动汽车相当，飞行汽车可以用家用电“慢充”，也可在专用高压直流充电桩上“快充”，小鹏飞行汽车“快充”的电压可能为( )
A. 1.5V B. 220V C. 5V D. 380V
12. 在综合实践活动课上，小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路，电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光，此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2(电压表V2未画出)示数变化关系图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
①电源电压为4V
②滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，定值电阻R1与灯泡L的电功率之比为1：1
③小灯泡正常发光时，定值电阻R1两端电压为0.75V
④实验过程中，滑动变阻器接入电路的阻值范围为3～35Ω
A. 只有①② B. 只有②④ C. 只有②③④ D. 只有①②④
13. 春夏之交，江淮一带常常阴雨绵绵。来自北方的冷空气与来自南方的暖湿气流交汇，空气中大量的水蒸气遇冷凝华成小冰晶或______(填物态变化名称)成小水珠，小冰晶下落时熔化成小水珠，它们汇集在一起形成了降雨。
14. (1)如图中物体的长度是______ cm。
(2)中国正在修建世界上最高速的风洞，以模拟飞机秒速达12km的高超音速飞行条件。“秒速12km”是指速度等于______ m/s，进行风洞实验时，飞机相对于风洞中的空气是______ (选填“运动”或“静止”)的。
15. 图1所示环卫工人使用的扫帚可以省______ 。图2是一风景区的盘山公路，盘山公路相当于简单机械中的______ ，使用它______ (选填“可以”或“不可以”)省功。
16. 如图甲所示，质量为50kg的小明用滑轮组将空吊篮提升到高处，拉力F随时间t变化的图像如图乙所示，空吊篮上升的速度v随时间t变化的图像如图丙所示。动滑轮重60N，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。问：
(1)在0～4s内空吊篮处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(2)在4～8s内小明拉力做功的功率有多大？______ 。
(3)空吊篮的质量有多大？______ 。
17. 如图所示为单相电子式电能表，其示数为______ kW⋅h；断开其他用电器，单独接入电热毯(具体参数见下面表格)工作24min，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，此电热毯工作过程实际功率是______ W，若电热毯工作时电阻不变，则实际工作电压是______ V。
型号
额定电压
额定功率
KC10
220V
605W
18. (1)一辆五菱小卡车的输出功率为60kW，载货匀速前进的速度为20m/s，则受到的阻力为______ N，前进2000m，牵引力做功为______ J；
(2)该车发动机的飞轮转速为2400r/min，则发动机每分钟做______ 次功，完成______ 个冲程，热机工作中大部分内能散失到周围环境中，而散失的能量却不能再自发集中转移到气缸中用来做功，说明能量转移具有______ 。
19. 让一系于橡皮筋一端的小球从某悬挂点O的正下方P点由静止释放如图甲所示，整个下落过程中，橡皮筋所受弹力F与小球下落高度h的关系如图乙所示；小球下落的速度v与下落高度h的关系如图丙所示(不考虑空气阻力)。已知该轻质橡皮筋每受到0.1N的拉力就伸长1cm，经测量小球从P点下落到a、b、c三点的距离分别为：ha=0.4m，hb=0.5m，hc=0.7m。
(1)小球从a点到c点的过程中，小球动能变化情况是______ (变大/变小/先变大再变小/不变/先变小再变大)；
(2)当橡皮筋弹性势能最大时，小球处于______ 状态(平衡/非平衡)；
(3)实验中所用小球的重力为______ N。由a点到b点，动能变化量______ (大于/小于/等于)重力势能变化量。
20. 如甲所示的电路中，电源电压2V。闭合开关，两只灯泡均发光，两只电流表的指针偏转情况均如图乙所显示，电流表A1接入的量程为______ A，电流表A2的示数为______ A，灯泡L1中的电流为______ A。
21. 一根金属棒AB置于水平地面上，现小明通过弹簧测力计竖直地将棒的右端B缓慢拉起，如图甲所示，在此过程中，弹簧测力计对棒所做的功W与B端离开地面的高度x的关系如图乙所示，请根据图象解答下列问题：
(1)金属棒的重力G为______N；
(2)金属棒的重心到A端的距离d=______m；
(3)小明想同样的方式使用弹簧测力计竖直将棒的左端A端拉起，则A端刚好被拉起时弹簧测力计的示数为______N。
22. 如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，L1为F1的力臂。请在图中作出F2的力臂L2及力F1．
23. 在图中画出入射光线在水面处的反射光线和折射光线大致方向。
24. 根据安全用电的原则，请用笔画线代替导线将图中螺口灯泡和开关接入家庭电路中。
25. 小宏在“探究凸透镜成像规律的实验”中；
(1)如图甲所示，可得凸透镜的焦距为______ cm，然后调整器材进行实验；
(2)当蜡烛在标尺30cm处时，光屏应移到标尺______ cm处，成像才清晰；当蜡烛向左(远离透镜)移动到乙图位置，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向______ 移动，此时所成像的大小将变______ ；
(3)在上一步实验调整好像的位置后，小宏取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，保持光屏位置不变，要使光屏上还能成清晰的像，应将蜡烛向______ (选填“左”或“右)移；
(4)实验过程中，如果用不透明的硬纸板挡住凸透镜的上半部分，则光屏上的像______ 。
A.只出现烛焰像的上半部分
B.只出现烛焰像的下半部分
C.出现烛焰完整的像，但像更小了
D.像仍然是完整的，且大小不变，只是变暗了
26. 为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量的损失；
(1)实验前调整铁夹A的位置，其目的是使______ (石棉网/温度计)处于适当的高度；
(2)实验中应控制燃料燃烧的______ (时间/质量)相同，根据______ (温度计的示数/加热的时间)比较燃料燃烧放出热量的多少；
(3)小明选用了燃料a和燃料b进行实验；当燃料燃尽时，小明记下了各个时刻烧杯中水温，绘制了图乙的图像，则可初步判断燃料______ (a/b)的热值大；
(4)另一组的小华也用图甲的两套完全相同的装置进行实验，比较燃料c和燃料d的热值，并重新在烧杯内加入初温和质量相同的水，在燃料烧完后也画出了水的温度随时间变化的图像如图丙，燃料c在6min时水就沸腾了，造成水过早沸腾的原因可能是______ 。分析图像可知燃料c燃烧10min放出的热量______ (大于/等于I小于)燃料d燃烧15min放出的热量；
(5)你认为根据丙图像______ (能/不能)比较两种燃料热值的大小；
(6)小华实验前用天平测出了烧杯中水的质量及燃料c的质量并由记录的数据，利用公式Q吸=cm(t−t0)计算出了水吸收的热量，他想通过这些数据计算出燃料c的热值你认为他的计算结果与真实值相比______ (填“偏大”、“偏小”或“相等”
)
27. 甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”，老师提供的实验器材有：电源(电压恒为4.5V)，电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，两只滑动变阻器(规格分别为“20Ω 2A”、“50Ω 1A”)，小灯泡一只(额定电压3.8V)，导线若干．
(1)甲小组探究“电流与电压的关系”
①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．
②他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是______ (写出一条即可)．
③排除故障后进行实验得到的数据如表，由此可得到的实验结论是______ ．
电压U/V
1.0
1.5
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.6
(2)乙小组探究“电流与电阻的关系”
①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应向______ (选填“左”或“右”)端移动，移动滑动变阻器的目的是______ ．
②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是______ ．
③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如丙图所示，则小灯泡的额定功率是______
W.
28. (1)在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图甲电路。
小明猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，此时调节滑动变阻器是为了______ ，来研究通电螺线管磁场强弱与______ 的关系。
(2)为了探究“感应电流产生的条件”，小明将铁架台、导体AB、小量程电流表、蹄形磁体、开关和若干导线按图乙连接。
①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转；闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，又上下移动导体AB时，指针基本不偏转。由此可得出了感应电流的产生条件为：闭合电路的一部分导体在磁场中做______ 运动。
②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，此时小量程电流表的指针______ (左右摆动/偏向一边/静止不动)。导体AB摆动过程中，如果不计空气阻力及导线悬挂点的摩擦，导体AB的机械能将______ (变大/变小/不变)。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以______ (提供一种方法)。根据这一原理可以制成______ (发电机/电动机)。
29. 如图甲是我国研制的用于修理大型船舰的船坞一“华船一号”，其全长168m，宽48m，高16m，它有一个巨大的“凹”字形船舱，两侧有墙，上面装有吊装牵引装备，前后两端敞开，供待修船舰出入。船坞底部和两侧坞墙内有若干个浮箱，用来灌水和排水，实现船坞的沉与浮。某次作业中，为了抢修一艘总质量为1.2万吨的“MR”号待修船，船坞先自航到指定海域，然后向浮箱内灌水，船坞开始下沉；当船坞下沉到甲板刚好与海面相平时，船坞的吃水深度为4m、排水量为4万吨(如图乙所示)。继续向浮箱内灌水，当船坞下沉到坞内水足够深时，船坞上的卷扬机将“MR”号船水平牵引漂浮进船坞，此时船坞的吃水深度为14m、排水量为6.3万吨(如图丙所示)。接着抽出浮箱内的水，船坞上浮直至甲板刚好与海面相平，托起“MR”号开始修理工作，(如图丁)。(ρ海水=1.0×103kg/m3)
(1)当甲板刚好与海面相平时，船坞底部受到海水的压强为多少？
(2)“MR”号待修船在卷扬机水平拉力下以0.5m/s的速度匀速进入船坞，卷扬机的功率恒定为200kW，“MR”号进船坞时受到水的阻力为多少？
(3)“MR”号船进船坞后，船坞浮箱内至少要向外排水多少立方米才可以开始修理工作？
30. 珠海有“发明大王”之称的宋有洲曾经过上千次试验之后，研制出“空中绿化存车亭”，获得国内和国际专利。此亭集绿化、停车、防盗、户外广告于一体，存车只需40秒就可以把车子“锁上天”。如图为“空中绿化存车亭”的工作原理图，其中A为存车架，O为杠杆OB的转动轴，杠杆的B端固定悬挂泊车位置，BC为牵引OB杆转动的钢丝绳，M为牵引钢丝绳的电动机。存车时，汽车开到存车架上，电动机通过钢丝绳BC将杆OB拉到一定高度固定；取车时，将OB杆放下使存车架落回地面。
请根据以上信息回答下列问题(忽略OB的重力和机械各部分的摩擦力，g取10N/kg)：
(1)图中使用了______滑轮，它的作用是______。
(2)小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，动力臂______，阻力臂______，作用在B点的动力______。(以上均选填“变大”、“变小”或“不变”)
(3)若汽车的质量为0.9t，存车架框的质量为100kg，杆OB的长度为5m，当B点距地面高3m时，求出此时绳CB的拉力为多少N？
(4)专家建议遮阳蓬上加装太阳能光电板，给新能源电动小汽车供电。每个充电桩对新能源小汽车充电1h后，小汽车存储的电能是2.88×107J。这些电能可使总质量为1t、额定输出功率为12kW的新能源小汽车匀速直线行驶36km。
①充电桩对小汽车充电过程中，将______能转化为______能；
②设汽车行驶过程中受到的阻力是车重的0.06倍，该小汽车以额定输出功率时，此电动汽车的电机效率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、物理课本的质量与三颗鸡蛋的质量相近，约为150g，故A错误；
B、中学生的身高约为160cm=1.6m，故B错误；
C、中学生的百米跑成绩约为14～16s，故C正确；
D、人体最适宜的温度约为22℃，故D错误。
故选：C。
(1)物理课本的质量与三颗鸡蛋的质量相近；
(2)中学的身高约为160cm；
(3)中学生的百米成绩约为15s；
(4)人的体温约为37℃，人体最适宜的温度约为22℃。
对人体及身边事物物理量的估算是近年来常见的一类试题，我们要多注意观察身边事物。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃上结雾，指的是玻璃上出现的小水珠，它是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小水珠；为了避免水蒸气的液化，汽车的后挡风玻璃内部有电热丝，通电后，可以提高玻璃的温度，空气中的水蒸气遇到温度较高的玻璃，不能放热液化，所以能避免发生结雾现象。
故选：A。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热的；液化的方法有两种：降低温度和压缩体积。
此题考查了生活中的物态变化现象，以及使用物态变化知识解决生活中的实际问题。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
天宫一号绕地球做匀速圆周运动，地球对它的引力提供向心力，天宫一号和它里面的物体处于完全的失重状态，与重力有关的测量不能进行，如天平；与重力无关的测量可以继续进行，如刻度尺、温度计、弹簧测力计等。
此题考查了失重状态下测量仪器的使用，容易出错，需要深入理解概念或规律的内涵，认真审题，正确解答。
【解答】
解：
温度计、弹簧测力计测拉力、刻度尺都不受到重力的影响，都能正确工作，而天平是在重力作用下才能平衡的，故不能正常使用天平。
故选：D。
4.【答案】C
【解析】解：A、煮粽子是通过热传递的方式提高了粽子的内能，故A正确；
B、能闻到粽子的香味是由于分子的无规则运动产生的扩散现象，故B正确；
C、热量是过程量，可以说吸收、放出，但不能说含有，故C错误；
D、压锅内气压高，所以液体的沸点也会升高，故D正确。
故选：C。
(1)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象；
(3)热量是热传递过程中传递能量的多少，是过程量；
(4)液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越高，液体的沸点越高。
本题是一道关于热现象的应用题，考查的知识点较多，包括分子间的作用力、改变内能的方法等，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：
A.图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但无法说明温度越高，分子运动越剧烈，故A错误；
B.图乙中，水沸腾后软木塞被弹出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C.图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为玻璃分子和水分子间存在引力，故C错误；
D.图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，故瓶内气体内能减少，故D正确。
故选D。
(1)图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但不能说明温度越高，分子运动越剧烈；
(2)图乙中，水沸腾后软木塞被推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能；
(3)图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为分子间存在引力；
(4)图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，瓶内气体内能减少。
本题考查了分子热运动、内能及能量转化相关知识点，是一道综合题。
6.【答案】C
【解析】解：月全食是由光的直线传播形成的；
A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、湖光倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小孔成像的原理是光的直线传播，故C正确；
D、雨后彩虹，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
光在同种均匀介质中沿直线传播，生活中的现象有：影子、日食和月食、小孔成像等；逐项分析各情景运用的光学作答进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：由平面镜成像规律可知像和物关于平面镜对称，我们可以选取上下两个点，用刻度尺去找到其关于镜面对称点，也可将像将物体沿镜面这条线对折，能重合的就是正确答案，只有D符合题意。
故选：D。
平面镜成像中像和物关于平面镜对称，可以通过轴对称的方法来作图和判定。
本题主要考查了平面镜成像特点的应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
8.【答案】C
【解析】解：A、A端的半透明质，上面成的像由于漫反射，在A端附近合适的位置都能看到，用不着对着A端观察或对着B端向内方向观察，让光线从纸筒B通过凸透镜才可以看到、看清楚物体的像，故A错误；
B、为使半透明纸上得到的像更亮一些，要成像的物体就应该在明亮的地方，所以应该把模型照相机的B朝着室外面，A端朝着较暗的室内，故B错误；
C、看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时，物近像远像变大，像距要增大，应该把B向外拉，增加A、B间的距离，故C正确；
D、太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，而不是平行于地面放置，故D错误。
故选：C。
(1)(2)模型照相机中在纸筒B的右端为凸透镜，纸筒A的左端的半透明纸就相当于真实照相机的底片，在半透明纸上所看到的就是凸透镜前方的景物通过凸透镜所生成的像。
(3)凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像，在调节上，符合物近像远像变大，像要变小，物距要增大；
(4)平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点。由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。
照相机应用的是凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像；在调节上，符合物近像远像变大：像要变小，物距要增大，像距要变小。
9.【答案】C
【解析】解：A.一切物体都有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B.假如地球在流浪过程中，所受的力全部消失，地球将以此时的速度和方向做匀速直线运动，故B错误；
C.地球发动机喷射燃气推动地球前进，这是利用了物体间的作用是相互的，故C正确；
D.宇航服在地面上质量为120kg，飞船升空后，只是位置发生改变，故到达太空后宇航服的质量将不变，故D错误。
故选：C。
(1)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性，惯性代表了物体运动状态改变的难易程度，惯性的大小只与物体的质量有关。
(2)物体在不受力的作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
(4)质量是物体的一种属性，与物体的形状、位置、温度、状态无关。
此题考查了惯性、增大摩擦力的方法、平衡力、牛顿第一定律的理解等多个知识点，综合性很强，但难度不是很大。
10.【答案】D
【解析】解：根据P=U2R可得，家用电热器的电阻为R=U2P=(220V)21100W=44Ω
当通过它的电流为4A时(不考虑电阻变化)，它的实际功率为P实=I实2R=(4A)2×44Ω=704W
故D正确，ABC不正确。
故选：D。
(1)知道电热器的额定电压和额定功率，根据P=U2R可得家用电热器的电阻；
(2)根据P=I2R可求得该电热器的实际功率。
本题考查了电功率公式的灵活应用，是一道较为简单的应用题。
11.【答案】D
【解析】解：根据题意知“慢充”时为家用电，电压为220V，与之对应的“快充”为专用高压电，所以其电压应高于220V，符合条件的选项只有D。
故选：D。
家庭电路电压为220V，动力电电压为380V。
本题考查电压的大小，关键是知道家庭电路电压为220V。
12.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
①因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以图乙中图线①是小灯泡的I−U图像，由图线②可知，电压表V2的示数随电流表示数的增大而减小，所以电压表V2测滑动变阻器两端的电压或测定值电阻和滑动变阻器两端的电压之和，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由电流相等时两电压表的示数之和不相等可知，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，即并联在滑动变阻器R2两端；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.5V，变阻器R2两端的电压U2=3.5V，电路中的电流I=0.1A，则电源的电压为：
U=UL+U2+IR1=0.5V+3.5V+0.1A×R1-------①
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知，灯泡两端的电压UL′=2.5V，变阻器R2两端的电压U2′=0.75V，电路中的电流I′=0.25A，则电源的电压为：
U=UL′+U2′+I′R1=2.5V+0.75V+0.25A×R1---------②
由①②可得：
R1=5Ω，U=4.5V，故①错误；
②滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，R1两端的电压为：
U1=IR1=0.1A×5Ω=0.5V，
则定值电阻R1与灯泡L的电功率之比为：
P1PL=U1IULI=U1UL=0.5V0.5V=11，故②正确；
③小灯泡正常发光时，定值电阻R1两端电压为
U1′=I′R1=0.25A×5Ω=1.25V，则③错误；
④当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，则变阻器最大阻值为：
R2大=U2I=3.5V0.1A=35Ω；
当灯泡正常发光时，变阻器接入电路中的电阻最小，则滑动变阻器的最小电阻为：
R2小=U2′I′=0.75V0.25A=3Ω，
所以，为使灯泡能正常发光且安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围为3～35Ω，故④正确。
故选：B。
由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据灯泡两端的电压越大时通过的电流越大判断出小灯泡的I−U图像，根据图乙可知电压表V2的示数随电流表示数的变化关系，然后结合电流相等时两电压表的示数之和不相等判断出电压表V2并联的位置；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，同理表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
(2)滑动变阻器的滑片处于最右端的时候，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用P=UI求出定值电阻R1与灯泡L的电功率之比；
(3)小灯泡正常发光时，根据欧姆定律求出定值电阻R1两端的电压；
(4)当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大；当灯泡正常发光时，变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出其最大和最小值，然后得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，正确判断出电压表V2并联的位置是关键，有一定的难度。
13.【答案】液化
【解析】解：来自北方的冷空气与来自南方的暖湿气流交汇，空气中大量的水蒸气遇冷凝华成小冰晶或液化为小水珠，小冰晶下落时熔化成小水珠，它们汇集在一起形成了降雨。
故答案为：液化。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
14.【答案】3.25 1.2×104 运动
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与6.00cm刻度线对齐，右侧与9.25cm对齐，所以物体的长度L=9.25cm−6.00cm=3.25cm；
(2)“秒速12km”是指速度v=st=12×103m1s=1.2×104m/s；风洞实验时，以空气为参照物，飞机与空气之间发生了位置变化，所以飞机是运动的。
故答案为：3.25；1.2×104；运动。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位；
(2)秒速12km是指1s内运动的距离为12km，根据v=st求出其速度；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了刻度尺的读数、速度的计算和运动与静止的相对性，是一道较为简单的应用题。
15.【答案】距离 斜面 不可以
【解析】解：环卫工人使用的扫帚，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离；
斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形；使用任何机械都不省功，使用斜面可以省力，但费距离，因此不省功。
故答案为：距离；斜面；不可以。
(1)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离。
此题考查了杠杆的分类、斜面的应用、功的原理，属基础题目。
16.【答案】非平衡 60W 4kg
【解析】解：(1)由丙图知，0～4s内空吊篮的速度逐渐变大，所以此时空吊篮处于非平衡状态。
(2)由图甲知，动滑轮上绳子的段数n=2，
由图乙知，4～8s内绳端的拉力F=50N，
由图丙知，4～8s内物体的速度v物=0.6m/s，则绳端移动的速度v=nv物=2×0.6m/s=1.2m/s，
在4～8s内小明拉力做功的功率：P=W总t=Fst=Fv=50N×1.2m/s=60W。
(3)不计绳重和摩擦，绳端的拉力F=12(G吊篮+G动)，
所以空吊篮的重力：G吊篮=2F−G动=2×50N−60N=40N，
由G=mg可得，空吊篮的质量：m吊篮=G吊篮g=40N10N/kg=4kg。
故答案为：(1)非平衡；(2)60W；(3)4kg。
(1)物体的速度大小或运动方向发生改变时，物体处于非平衡状态。
(2)由图甲知，动滑轮上绳子的段数n=2；由图乙知，4～8s内拉力F=50N；由图丙知，4～8s内物体的速度，根据v=nv物得出绳端移动的速度，根据P=W总t求出拉力的功率。
(3)不计绳重和摩擦，根据F=12(G吊篮+G动)求出空吊篮的重力，由G=mg可得空吊篮的质量。
本题考查了滑轮组的省力公式、平衡状态和非平衡状态的判断、功率的计算，关键是从图中得出有用的信息。
17.【答案】5387.5 500 200
【解析】解：(1)读图可知，电能表的整数位是“5387”，小数位是“5”，故电能表的示数为5387.5kW⋅h；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，电热毯消耗的电能为：
W=600imp3000impkW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J，
此电热毯工作过程实际功率是：P′=Wt=7.2×105J24×60s=500W；
(3)根据P=U2R得，电热毯的电阻为：R=U2P=(220V)2605W=80Ω，
根据P=U2R得，电热毯的实际工作电压是：U′= P′R= 500W×80Ω=200V
故答案为：5387.5；500；200。
(1)电能表在读数时，应明确其最后一位是小数位，单位是kW⋅h(度)；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，由此可求出电热毯消耗的电能，再根据P=Wt求出电热毯的电功率；
(3)根据P=U2R求出电热毯的电阻，知道实际功率，再根据P=U2R求出电热毯的实际工作电压。
本题考查了电能表的读数，以及电功率公式的应用，知道电能表相关参数的意义是关键。
18.【答案】3000 6×106 1200 4800 方向性
【解析】解：(1)车的输出功率为60kW，载货匀速前进的速度为20m/s，则车受到的牵引力F牵=Pv=60kW20m/s=60000W20m/s=3000N
汽车匀速前进，由二力平衡条件可知，车受到的阻力等于牵引力等于3000N。
前进2000m，牵引力做功W=F牵s=3000N×2000m=6×106J；
(2)发动机的飞轮转速为2400r/min，由于发动机完成4个冲程，转2圈，做1次功，所以发动机1分钟完成4800个冲程，做1200次功。
高温高压的燃气的内能可以推动活塞做功，散失的能量却不能再自发集中转移到气缸中用来做功，说明能量转移具有方向性。
故答案为：(1)3000；6×106；(2)1200；4800；方向性。
(1)根据P=Fv算出牵引力，已知汽车做匀速直线运动，则牵引力和阻力是一对平衡力，则阻力大小等于牵引力的大小，利用W=Fs求汽车牵引力做的功；
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，根据这个比例关系可以求出答案。
此题综合考查了功率公式、功的公式、功率公式的掌握和运用以及内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，解答此题的关键是根据平衡力的知识来判断汽车前进的阻力的大小。
19.【答案】先变大再变小 非平衡 1 小于
【解析】解：(1)小球在下落的过程中，橡皮筋逐渐发生弹簧形变，橡皮筋力由小变大，当重力大于弹力时小球受合力向下，小球加速下落；
当弹力等于重力时，小球受到合力为0，速度达到最大；
当弹力大于小球重力时，合力向上，小球开始做减速运动。
由此可知小球下落速度的变化情况是：先变大后变小；
(2)当橡皮筋伸长量最大时，小球速度减小为0，小球受力不平衡，所以处于非平衡状态；由于弹力大于重力，合力向上，小球会向上运动；
(3)由图可知，在hb处时小球的速度是最大的，重力等于弹力；此时橡皮筋的伸长量为hb=0.5m−0.4m=0.1m，橡皮筋每受到0.1N的拉力就伸长1cm，则弹力为F=0.1m0.01m×0.1N=1N；所以小球的重力为1N；
此过程中，小球的重力势能转化为小球的动能和弹性势能，所以动能变化量小于重力势能变化量。
故答案为：(1)先变大再变小；(2)非平衡；(3)1；小于。
(1)分析橡皮筋在拉伸过程中小球所受力情况，由此分析判断其速度变化；
(2)小球下落中橡皮筋拉伸量最大时，小球速度为0，而后在弹力作用下向上运动；
(3)当重力等于弹力时，小球的速度是最大的，根据最大速度时的弹力求解。小球的重力势能转化为小球的动能和弹性势能。
此题是一道信息题，题目中给出一个新的信息，让学生根据自己学过的知识结合信息解决问题。考查了学生接受新知识、运用新知识的能力。
20.【答案】0～3A 0.36 1.44
【解析】解：(1)由图可知，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2的电流，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此电流表A1的示数大于电流表A2的示数，而两电流表指针偏转角度相同，因此电流表A1量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.8A；电流表A2量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，即通过L2的电流为0.36A；
(2)通过L1的电流：I1=I−I2=1.8A−0.36A=1.44A；
故答案为：0～3A；0.36；1.44。
(1)由图可知，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流，根据并联电路的电流规律，由图乙所示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数；
(2)根据并联电路的电流关系求出流过灯泡L1的电流。
本题主要考查学生对并联电路电流规律掌握和运用，考查了电流表的读数，确定电流表的测量对象、确定电流表的量程是本题解题的关键。
21.【答案】5 0.64 1
【解析】解：(1)由乙图可知，在B端离地0.8m处时，A离地面，
因为W=Gh，
所以金属棒的重力G=△W△h=5.2J−3.2J1.2m−0.8m=5N，
(2)由于拉力始终竖直向上，由杠杆的平衡条件可知，拉力不变(动力臂与阻力臂之比不变)。
由图乙可知拉力F1=W1h1=3.2J0.8m=4N；
由杠杆平衡条件得，
重心到A端的距离d=4N×0.8m5N=0.64m。
(3)由图甲可知，当B端离地0.8m时，A端刚离地，所以金属棒长0.8米；
将A端拉起，根据杠杆平衡条件：F×0.8m=5N×(0.8m−0.64m)
F=1N。
答：(1)金属棒的重力G为5N；
(2)金属棒的重心到A端的距离d为0.64m；
(3)A端刚好被拉起时弹簧测力计的示数为1N。
(1)在已知杆的长度的情况下，根据乙图x的不同长度对应的功的大小，得到杆的重力，也就是F2的示数；根据图乙得到F1的数值；
(2)由杠杆平衡条件可求出重心到A端的距离。
(3)由甲乙图和杠杆平衡条件分析可知杆的长度，再利用杠杆平衡条件解得。
本题考查功的计算和杠杆的平衡条件，关键是能够理解乙图拐点位置的意义。
22.【答案】解：
【解析】F2与杠杆垂直，故连接支点O与F2的作用点即为力臂L2，过L1的上端作L1的垂线，交杠杆于一点，即为F1的作用点，F1的方向向上。
本题考查了力的示意图和力臂的画法。由力臂的概念即可画力臂，也可确定力的方向和作用点。
23.【答案】解：入射光线与水面的夹角为30°，图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，在空气中法线的右侧画出反射光线；
再根据折射角小于入射角，在法线的右侧的水中画出折射光线，如图所示：
【解析】光在水面同时发生折射和反射：根据反射角等于入射角作出反射光线；根据光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出折射光线。
本题考查了根据光的反射和光的折射作图，难度不大。
24.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。
25.【答案】10 70 左 小 左 D
【解析】解：(1)由图甲可知，u=v=20cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，故凸透镜焦距为f=10cm；
(2)当蜡烛在标尺30cm处，此时物距u=50cm−30cm=20cm=2f，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，故光屏应移到标尺50cm+20cm=70cm处，成像才清晰；
当蜡烛向左(远离透镜)移动到乙图位置，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向左移动，此时所成像的大小将变小；
(3)在上一步实验调整好像的位置后，小宏取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，若保持光屏位置不变，要使光屏上还能成清晰的像，应将蜡烛向左移；
(4)遮住凸透镜的上半部分，物体上任一点射向凸透镜的下半部分，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，故选：D。
故答案为：(1)10；(2)70；左；小；(3)D。
(1)(2)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此求出凸透镜焦距；根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答；
(3)近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；
(4)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
26.【答案】石棉网 质量 温度计上升的示数 b 燃料c的燃烧过程比较快 大于 能 偏小
【解析】解：(1)实验时要用火焰的外焰加热；调整铁夹A的位置，其目的是使石棉网处于适当的高度，方便用外焰加热；
(2)实验中应控制燃料燃烧的质量相同，通过比较温度计的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少；
(3)由图乙知，当燃料燃尽时，图线b的温度变化大，说明相同质量的a、b燃料完全燃烧时b放出的热量多，则b的热值大；
(4)燃料c在6min时水就沸腾了，说明水吸收的热量多，造成水过早沸腾的原因可能是燃料c的燃烧过程比较快；由图丙可知，燃料c燃烧10min放出的热量已经使水沸腾，燃料d燃烧15min放出的热量没有使水沸腾，表明c放出的热量多；
(5)由图丙可知，两种燃料全部燃尽时，c燃料使水升高的温度更大，则c的热值大，故能比较热值的大小；
(6)由于燃料不一定完全燃烧，且给水加热时有热损失，因此根据Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量要比菜籽油完全燃烧放出的热量小，利用这个热量计算出菜籽油的热值，要比真实值偏小。
故答案为：(1)石棉网；(2)质量；温度计的示数；(3)b；(4)燃料c的燃烧过程比较快；大于；(5)能；(6)偏小。
(1)实验时要用火焰的外焰加热；
(2)实验中，应控制燃料燃烧的质量相同，看温度计示数的变化来进行比较；
(3)根据水温的变化情况判断酒精和纸片放出热量的多少，从而判断出热值的大小；
(4)根据燃料的燃烧情况分析；
(5)要想比较热值的大小，需要两种燃料全部燃烧完，通过水升高的温度的大小来比较热值的大小；
(6)实际测量热值时，由于燃料不一定完全燃烧，且放出的热量不可能全部被水吸收，有热量损失，因此测量值会比真实值小。
用相同质量的燃料燃烧加热水，通过水温的变化比较水吸热多少，通过水吸热多少比较放热多少，从而得出相同质量的燃料燃烧放热多少，即热值的大小，较难理解！
27.【答案】定值电阻短路；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；左；保持定值电阻两端电压一定；50Ω；1A；1.14
【解析】解：(1)①定值电阻与滑动变阻器、电流表串联接入电路；电压表与电阻并联，电流从“+”接线柱流入，从“−”接线柱流出；如图所示：
②电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路，电压表相当与和一段导线并联，故无示数；或者电压表断路(或电压表短路)；
③分析数据可得出结论：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)①定值电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电阻两端电压不变，由电路图可知，应向左移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的1.5V，保持定值电阻两端电压一定．
②实验中，当定值电阻是20Ω时，流过电路的电流I=1.5V20Ω=0.075A，
滑动变阻器接入电路的阻值应为R滑=U滑I=4.5V−1.5V0.075A=40Ω>20Ω，
为使实验能顺利进行，可以更换最大阻值较大的滑动变阻器，使用规格为“50Ω 1A”的滑动变阻器，使定值电阻两端的电压变小，等于1.5V；
③电流表选择0～0.6A量程，最小分度值为0.02A，示数为0.3A，
小灯泡的额电功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
故答案为：(1)①见上图；
②定值电阻短路(或电压表短路、电压表断路)；
③电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；
(2)①左；保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)；
②50Ω；1A；
③1.14．
(1)①由电路图可知，电压表与电阻R并联，然后根据电流从正接线流入，负接线柱流出将电流表接入电路中；
②电流表有示数，表明电流表所在电路接通；电压表无示数表明电阻短路，或电压表断路，或电压表短路；
③电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)①当将电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻阻值变大，定值电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保证电阻两端电压不变，应移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，使定值电阻两端电压保持1.5V不变．
②滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器的最大分压太小，定值电阻不能达到1.5V，为使实验能正常进行，可以更换最大阻值大的滑动变阻器或使定值电阻两端电压变大．
③确定电流表选择的量程和最小分度值，读出示数，根据P=UI计算出额电功率．
本题考查了连接电路图、滑动变阻器的调节、实验方案的改进等问题，实验中应用了控制变量法，解题时注意该方法的应用．第(3)小题是本题的难点，知道实验过程中应控制定值电阻两端的电压不变，分析清楚电路结构、认真分析实验数据是正确解题的基础与关键．
28.【答案】控制电流大小不变 线圈匝数 切割磁感线 左右摆动 变小 对调磁体两极或对调电源两极 电动机
【解析】解：(1)实验中，他将开关S从l换到2上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，连入电路的线圈电阻也发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变(需观察电流表示数)，再次观察吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系；
(2)①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转，说明没有电流产生；
闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，说明有电流产生；
又上下移动导体AB时，指针基本不偏转说明没有电流产生；
由此可得出了感应电流的产生条件为：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
②导体AB左右摆动，切割磁感线方向不断改变，所以电流方向不断改变，电流表指针会左右摆动；导体运动过程中，将机械能转化为电能，所以机械能不断变小；
③要改变导线的受力方向，可改变磁场方向或线圈中电流方向；可以调换磁极，或改变电流方向的方法，可以调换电源正负极，同时调换电源正、负极和磁体N、S极导体ab运动方向不变；
电动机是通电导体在磁场中受力的作用，根据这一原理可以制成电动机。
故答案为：(1)控制电流大小不变；线圈匝数；(2)①切割磁感线；②左右摆动；变小；③对调磁体两极或对调电源两极；电动机。
(1)影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变量法的运用；
(2)①闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
②感应电流方向与磁感线方向与导体切割磁感线方向有关，根据能量的转化情况判断机械能的变化；
③通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向、电流方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变运动方向，同时改变两个因素，运动方向不会改变；
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
本题考查了探究影响螺线管磁性强弱的因素和探究电磁感应现象，是电磁学部分的典型题目。
29.【答案】解：(1)坞底部受到海水的压强为：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4m=4×104Pa；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv得待修船受到的水平牵引力为：
F=Pv=2×105W0.5m/s=4×105N；
因为待修船匀速运动，所以待修船进坞时受到的阻力为：
f=F=4×105N；
(3)图乙、丙、丁中船坞都是漂浮的，则F浮=G，
图丙中，F丙浮=G坞+G丙水+G船，
图丁中，F丁浮=G坞+G丁水+G船，
则F丙浮−F丁浮=G丙水−G丁水，
开始修理工作，MR托起如图丁状态，甲板刚好露出水面，浮箱至少要向外排水的重力为：
ΔG水=G丙水−G丁水=F丙浮−F丁浮=G丙排−G丁排=(m丙排−m丁排)g，
因为图乙、丁甲板刚好露出水面，坞排水量相同，所以m丁排=m乙排，则
Δm水=m丙排−m丁排=(6.3−4)×107kg=2.3×107kg，
浮箱至少要向外排水的体积为：
ΔV水=Δm水ρ水=2.3×107kg1.0×103kg/m3=2.3×104m3。
答：(1)当甲板刚好与海面相平时，船坞底部受到海水的压强为4×104Pa；
(2)“MR”号待修船在卷扬机水平拉力下以0.5m/s的速度匀速进入船坞，卷扬机的功率恒定为200kW，“MR”号进船坞时受到水的阻力为4×105N；
(3)“MR”号船进船坞后，船坞浮箱内至少要向外排水2.3×104m3才可以开始修理工作。
【解析】(1)根据p=ρ海水gh算出坞底部受到海水的压强；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv算出待修船受到的水平牵引力，根据二力平衡条件判断出待修船进坞时受到的阻力；
(3)根据漂浮条件F浮=G表示出图丁状态，甲板刚好露出水面，浮箱至少要向外排水的重力，由G=mg算出排开水的质量，由密度公式算出排开水的体积。
本题主要考查了密度、漂浮条件、阿基米德原理、功率等知识和相关计算，是一道综合题，有一定的难度。
30.【答案】定 改力的方向 变大 变小 变小 电 化学
【解析】解：(1)由图可知，滑轮不随物体升降，所以为定滑轮；定滑轮不能省力，但改变力的方向；
(2)小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，CB与OB的夹角越来越大，BA与OB的夹角越来越小，动力臂变大，阻力臂变小，当BC绳与OB杆垂直时，动力臂最长，绳子的拉力最小，在此过程中作用在B点的动力变小；
(3)作用在杠杆上的动力、阻力以及动力臂、阻力臂，如下图所示：
已知直角三角形△OBE中，OB=5m，BE=3m，故OE= (5m)2−(3m)2=4m，
汽车的质量为m车=0.9t=900kg，
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得拉力：
F1=F2L2L1=(m车+m架)gL2L1=(900kg+100kg)×10N/kg×4m5m=8000N；
(4)①充电桩对小汽车充电过程中，将电能转化为化学能；
②因为汽车做匀速直线运动，所以牵引力F=f=0.06G=0.06×1×103kg×10N/kg=600N
牵引力做的功：
W有用=Fs=600N×36×103m=2.16×107J，
电动汽车的电机效率是：
η=W有用W总×100%=2.16×107J2.88×107J×100%=75%。
答：(1)定；改力的方向；
(2)变大；变小；变小；
(3)此时绳CB的拉力为8000N；
(4)①电 化学
②此电动汽车的电机效率是75%。
(1)根据定滑轮和动滑轮的概念和工作特点分析解答；
(2)OB杆在提升过程，CB与OB的夹角越来越大，BA与OB的夹角越来越小，当BC绳与OB杆垂直时，拉力最小；
(3)先画出作用在杠杆上的阻力和阻力臂以及动力和动力臂，然后根据直角三角形中各边间的关系求出阻力臂，再利用杠杆平衡的条件求出钢丝绳所受到的拉力；
(4)锂电池充电时，相当于用电器，消耗电能，获得化学能并储存起来；根据W1=Fs求出牵引力做的功，根据η=W1W2求出转化效率。
本题考查了定滑轮、杠杆、杠杆的平衡条件的应用、能量转化、机械效率等问题，综合性强，难度大。
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