福建省漳州市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题

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福建省漳州市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题

一、单选题
1．（2021·福建漳州·统考二模）关于近代物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．结合能越大的原子核越牢固
B．放射性元素发出的射线来自原子核外电子
C．光电效应能否发生，与光的照射时间长短无关
D．处于基态的氢原子能吸收任意能量的光子而跃迁到激发态
2．（2021届福建省漳州市高三（下）第二次教学质量检测（二模）物理试题）装有一定质量理想气体的薄铝筒开口向下浸在恒温水槽中，如图所示，现推动铝筒使其缓慢下降，铝筒内气体无泄漏，则铝筒在下降过程中，筒内气体（　　）

A．压强减小 B．内能减小 C．向外界放热 D．分子平均动能变大
3．（2021·福建漳州·统考二模）如图，理想变压器的原、副线圈匝数比为，为滑动变阻器，为定值电阻，为电容器，为额定功率的灯泡，原线圈两端加电压，灯泡恰好正常发光，则（　　）

A．灯泡的额定电流为 B．流过的电流始终为零
C．滑片向下滑动时，灯泡变亮 D．滑片向下滑动时，原线圈的电流变小
4．（2021·福建漳州·统考二模）2021年2月24日我国火星探测器“天问一号”成功进入火星停泊轨道，之后“着陆器”将被释放到火星表面上开始探测。已知火星的直径约为地球的，质量仅为地球的。由此可知（　　）
A．探测器的发射速度一定要大于地球的第三宇宙速度
B．探测器绕火星表面附近做圆周运动的速度小于
C．火星表面的重力加速度约为地球表面的重力加速度的2.5倍
D．停泊轨道上的“着陆器”通过点火加速脱离探测器才能开始着陆
5．（2022·福建漳州·统考二模）2020年11月27日，我国具有完全知识产权的三代百万千瓦级核电技术电站“华龙一号”全球首堆并网成功。“华龙一号”发电机利用的是铀核裂变释放的核能，则下列叙述正确的是（　　）

A．铀核的中子数为92
B．核裂变遗留物对环境没有污染
C．该核裂变反应生成物的质量小于反应物的质量
D．该核裂变可能的一种核反应方程式是
6．（2022·福建漳州·统考二模）如图，理想变压器原、副线圈匝数之比，M、N接在电压有效值不变的交流电源两端。光照强度由强变弱过程，光敏电阻R的阻值由小变大，灯泡L的阻值不变，则（　　）

A．通过光敏电阻和灯泡的电流之比为1：3 B．灯泡的亮度由亮变暗
C．原线圈两端的电压始终不变 D．光敏电阻两端的电压逐渐变小
7．（2022·福建漳州·统考二模）如图，送餐机器人由静止开始给远处的顾客上菜，全程餐盘保持水平，碗不能相对餐盘滑动，到顾客处速度为零。机器人加速、减速过程看成匀变速直线运动，最大速度为1m/s。已知碗与餐盘间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取。则机器人送餐过程（　　）

A．碗与餐盘之间摩擦力始终不变 B．在加速阶段处于超重状态
C．加速度不能超过 D．所用的最短时间为10 s
8．（2022·福建漳州·统考二模）如图，轻弹簧下端固定在倾角为30°的光滑斜面底端，另一自由端处于b点，质量为1 kg的小滑块从a点由静止下滑，c点时速度最大，到d点（图中未画出）速度为零、已知m，g取，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力，则（　　）

A．m
B．滑块不可能再回到a点
C．弹簧的劲度系数是50 N/m
D．滑块从d点到b点的动能增加量小于弹簧的弹性势能减小量
9．（2023·福建漳州·统考二模）如图莱顿瓶是一个玻璃容器，瓶内、外壁各贴着一圈金属箔，作为里、外两个极板，穿过橡皮塞的铜棒上端是一个球形电极，下端利用铁链与内壁金属箔连接，外壁金属箔接地，在其他因素视为不变的情况下，下列说法正确的是（　　）

A．金属箔越厚，莱顿瓶的电容越大
B．金属箔越厚，莱顿瓶的电容越小
C．瓶壁玻璃越薄，莱顿瓶的电容越小
D．瓶壁玻璃越薄，莱顿瓶的电容越大
10．（2023·福建漳州·统考二模）2022年11月，“天舟五号”货运飞船仅用2小时就与“天宫”空间站快速交会对接，创造了世界纪录。飞船从预定轨道Ⅰ的A点第一次变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达椭圆轨道的远地点B时，再次变轨进入空间站的运行轨道Ⅲ，与空间站实现对接，假设轨道Ⅰ和Ⅲ都近似为圆轨道，不计飞船质量的变化，则飞船（　　）

A．在轨道Ⅰ的线速度大于第一宇宙速度
B．在轨道Ⅰ上的运行周期小于空间站的运行周期
C．第一次变轨需瞬间加速，第二次变轨需瞬间减速
D．从椭圆轨道Ⅱ的A点运动到B点，动能增加
11．（2023·福建漳州·统考二模）在篮球课上，某同学先后两次投出同一个篮球，两次篮球均垂直打在篮板上，第二次打在篮板上的位置略低一点，假设两次篮球出手位置相同，打到篮板前均未碰到篮圈，不计空气阻力，则（　　）

A．两次篮球打在篮板的速度大小相等
B．第二次篮球在空中上升的时间较长
C．两次投篮，该同学对篮球做的功可能相等
D．两次篮球被抛出后瞬间，篮球重力的功率相等
12．（2023·福建漳州·统考二模）如图，在等量异种点电荷+Q、-Q产生的电场中，O是两点电荷连线的中点，A、B是中垂线上关于O点对称的两点，C、D是关于中垂线对称的两点，a、b两个电子从O点以相同初动能射出，a电子经过C点，b电子经过D点，不计电子的重力和电子对原电场的影响，则（　　）

A．A、B两点电势相同，电场强度不相同
B．C、D两点电场强度相同，电势不相同
C．a电子经过C点时的动能大于b电子经过D点时的动能
D．a电子在C点时的加速度大于b电子在D点时的加速度

二、多选题
13．（2021·福建漳州·统考二模）2020年11月10日，中国自主研发制造的“奋斗者”号潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，创造了10909米的中国载人深潜新纪录。在这次深潜探测中，“奋斗者”号下潜过程潜水深度随时间变化规律如图所示，其中、为直线，忽略下潜过程重力加速度的变化及潜水器的体积变化。则（　　）

A．时间内，潜水器做加速下潜
B．时间内，潜水器内的科考人员所受重力的功率逐渐增大
C．时间内，潜水器内的科考人员处于失重状态
D．时间内，潜水器竖直方向所受合外力为零
14．（2021·福建漳州·统考二模）如图，半径为的光滑绝缘圆环固定在竖直面内，圆环上、、三点构成正三角形，、为圆环直径，且水平，为圆环最低点。将带正电小环、（均可视为点电荷）套在圆环上，固定在点不动。现将小环由点静止释放，则（　　）

A．小环到达点时速度最大
B．小环从到机械能先增大后减小
C．形成的电场中，、两点处的场强大小相等
D．形成的电场中，点的电势大于点的电势
15．（2021·福建漳州·统考二模）如图为带灯的自行车后轮的示意图金属轮框与轮轴之间均匀地连接四根金属条，每根金属条中间都串接一个阻值为小灯泡，车轮半径为0.3m，轮轴半径可以忽略。车架上固定一个强磁铁，可形成圆心角为扇形匀强磁场区域，磁感应强度大小为，方向垂直纸面（车轮平面）向里。若自行车后轮逆时针转动的角速度恒为，不计其它电阻，则（　　）

A．通过每个小灯泡的电流始终相等
B．当金属条在磁场中运动时，金属条中的电流从指向
C．当金属条在磁场中运动时，电路的总电阻为
D．当金属条在磁场中运动时，所受安培力大小为
16．（2021·福建漳州·统考二模）如图，木块A、B紧靠放置于水平面上，A和墙间水平拴接着劲度系数为的轻弹簧，且弹簧处于原长状态。已知A、B质量分别为、，与水平面间的动摩擦因数均为，重力加速度为。今用水平力向左缓慢压B，使B向左移动，突然撤去，则（　　）

A．若A、B可分开，分开时弹簧处于原长状态
B．若A、B可分开，分开时弹簧处于压缩状态
C．为使A、B可分开，做功必须大于
D．为使A、B可分开，必须不小于
17．（2022·福建漳州·统考二模）2021年10月16日，神舟十三号载人飞船顺利将3名航天员送入“天和”空间站进行为期六个月的太空探索活动。空间站运行的向心加速度大小为、线速度大小为；地球同步卫星运行的向心加速度大小为、线速度大小为，则（　　）

A． B． C． D．
18．（2022·福建漳州·统考二模）两点电荷固定在x轴上坐标为和的两点处，已知位于处的点电荷带电量大小为Q，两点电荷连线上各点的电势随x变化的关系图像如图所示、处的电势最低，x轴上M、N两点的坐标分别为和，则（　　）

A．两点电荷为异种电荷
B．M点的电场强度小于N点的电场强度
C．位于处的点电荷带电量小于Q
D．电子在M点处的电势能小于在N点处的电势能
19．（2022届福建省漳州市高三（下）第二次教学质量检测（二模）物理试题）如图，直角支架固定在水平地面上，小球A穿在竖直光滑杆上，横杆上固定一滑轮。将细绳一端系在A上，另一端跨过滑轮系在小水桶B上，系统处于静止状态。现因桶底破损，里面有少许水缓慢渗漏下来。不计滑轮质量及摩擦，在球A缓慢下降过程中（　　）

A．绳对球A拉力的竖直分量保持不变 B．竖直杆对球A的弹力保持不变
C．轴对滑轮的作用力方向竖直向上 D．轴对滑轮的作用力越来越小
20．（2022·福建漳州·统考二模）如图甲，质量0.5kg的小物块从右侧滑上匀速转动的水平传送带，其位移与时间的变化关系如图乙所示。图线的0~3s段为抛物线，3s~4.5s段为直线，下列说法正确的是（　　）

A．传送带沿逆时针方向转动
B．传送带速度大小为2m/s
C．物块刚滑上传送带时的速度大小为4m/s
D．0~4.5s内摩擦力对物块所做的功为J
21．（2023·福建漳州·统考二模）如图，游乐场中小孩子们坐在各自旋转飞椅上随转盘转动，稳定时，每个小孩（包括座椅）的重心在同一水平面内，运动半径均为r，重心到各自悬点的连线与竖直方向的夹角均为θ，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g，则每个小孩（包括座椅）（　　）

A．对各自悬点的拉力大小一定相等
B．运动的向心力大小不一定相等
C．运动的线速度大小均为
D．运动的向心加速度大小均为
22．（2023·福建漳州·统考二模）如图，矩形线圈在竖直匀强磁场中绕垂直磁场的轴OO′匀速转动，产生的交变电流输入理想变压器的原线圈，A是串联在原线圈回路中的理想交流电流表，P1是原线圈上的滑动片，P2是滑动变阻器R的滑动片，此时灯泡L正常发光，忽略矩形线圈的内阻和灯丝电阻的变化，则（　　）

A．仅将P1向上滑动，灯泡将变暗
B．仅将P2向左滑动，电流表示数变大
C．矩形线圆转到中性面位置时，电流表示数为零
D．矩形线圆在匀速转动过程中，电流表示数不变
23．（2023·福建漳州·统考二模）如图，水平虚线下方有水平向右的匀强电场，虚线上方有垂直纸面向里的匀强磁场，P为虚线上的一点，从O点沿OP方向先后射出初动能分别为E0和2E0的两个质子，它们第一次经过虚线上的位置分别为M1、M2，第二次经过虚线上的位置分别为N1、N2，M1、M2、N1、N2图中未画出，已知O、P连线垂直于电场也垂直于磁场，则（　　）

A．PM1=PM2 B．PM1>PM2
C．M2N2 24．（2023·福建漳州·统考二模）如图，细绳MN两端固定在两个等高点上，搭在细绳上的轻滑轮O下方用细线悬挂重物P，开始时重物静止在最低处，当在重物上施加适当的推力F，缓慢使它往右上方移动，若此过程中重物与滑轮间的细线拉力大小不变，重物只在同一个竖直面内移动，不计一切摩擦阻力，则（　　）

A．推力F的方向保持不变 B．推力F的大小逐渐增大
C．细绳MN中的张力逐渐减小 D．细绳MN中的张力逐渐增大

参考答案：
1．C
【详解】A．比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能越大的原子核不一定越牢固，故A错误；
B．放射性元素发出的β射线实质是原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，β射线是释放出来的电子，故B错误；
C．当入射光的频率大于金属的极限频率时，光照射在金属上会立即发生光电效应，光电效应能否发生与光的照射时间长短无关，故C正确；
D．只有当光子的能量等于氢原子两能级的能量差时，才能被处于基态的氢原子吸收，氢原子跃迁到激发态，并不是任意能量的光子都能被氢原子吸收，故D错误。
故选C。
2．C
【详解】缓慢推动铝筒，由于水温恒定，薄铝筒导热良好，则筒内气体发生等温变化，铝筒在下降过程中筒内气体为

随着下降，筒内外液体高度差h增大，则气体压强增大，根据玻意耳定律可知，铝筒内气体被压缩，体积减小，外界对气体做功，故W>0，外界温度不变，故气体内能不变，分子平均动能不变，根据热力学第一定律可知，气体向外界放热。
故选C。
3．D
【详解】A．由原线圈的电压的瞬时表达式可知，原线圈的电压有效值为

根据理想变压器的电压关系可得

灯泡的额定电流为

所以A错误；
B．电容器有通交流隔直流的特点，所以流过的电流不可能始终为0，则B错误；
C．滑片向下滑动时，不会改变副线圈的电压，所以灯泡L亮度不变，则C错误；
D．滑片向下滑动时，电阻增大，电流减小，则副线圈的总电流减小，总功率减小，根据理想变压器原副线圈功率相等的性质，则有

原副线圈电压不变时，副线圈电流减小，所以原线圈的电流变小，则D正确；
故选D。
4．B
【详解】A．根据三个宇宙速度的意义可知，探测器的发射速度一定要大于地球的第二宇宙速度，小于地球的第三宇宙速度，故A错误；
B．设探测器的质量为m，根据万有引力提供向心力，有

得

故地球的第一宇宙速度和火星的第一宇宙速度比值为

又地球的第一宇宙速度为7.9km/s，代入数据，可得火星的第一宇宙速度约3.5km/s，故B正确；
C．在天体表面有

即

则

即火星表面的重力加速度约为地球表面的重力加速度的倍，故C错误；
D．火星探测器从火星停泊轨道变轨进入科学探测轨道，即从高轨道变到低轨道，火星探测器做近心运动，需要减速，故D错误。
故选B。
5．C
【详解】A．铀核的中子数为235−92=143，A错误；
B．核裂变遗留物对环境仍有污染，B错误；
C．该核裂变反应中放出能量，由质能方程可知，有质量亏损，反应生成物的质量小于反应物的质量，C正确；
D．该核裂变可能的一种核反应方程式是

D错误。
故选C。
6．B
【详解】A．根据理想变压器的电流之比有

A错误；
B．由于


又

有

所以当R变大时，变小，也变小，所以灯泡由亮变暗，B正确；
CD．根据

可得

因为当R变大时，变小，所以增大，又

所以原线圈两端的电压变小，CD错误。
故选B。
7．C
【详解】A．对于碗而言，水平方向上的静摩擦力提供加速度，根据牛顿第二定律可知

加速度在整个运动过程中会发生变化，因此碗与餐盘之间摩擦力也会发生变化，A错误；
B．全程餐盘保持水平，在运动过程中竖直方向受力平衡，重力与竖直方向上的支持力等大，没有竖直方向上的分加速度，并不是处于超重状态，B错误；
C．设碗的质量为，则碗在水平方向受到的最大静摩擦力为

由此可知当碗受到水平方向的最大静摩擦力时，此时整体的加速度最大

为保证碗不相对餐盘滑动，加速度不能超过，C正确；
D．当机器人以最大加速度来加速和减速时，所用时间最短，根据运动的对称性可知，加速和减速阶段所用时间和位移均相同


解得


则机器人匀速阶段所用的时间为

所用的最短时间为

D错误。
故选C。
8．D
【详解】A．物块从b点接触弹簧向下运动，可视为弹簧振子，由于b点有速度，所以与不对称，所以

故A错误；
B．由于斜面光滑，所以弹簧与小滑块组成的系统机械能守恒，所以滑块可以再回到a点，故B错误；
C．在点时速度最大，即此时加速度为零，有

解得

故C错误；
D．从到，弹簧与小滑块组成的系统机械能守恒，动能的增加量与重力势能增加量之和等于弹簧重力势能的减少量，即

可得

故D正确。
故选D。
9．D
【详解】金属箔，作为里、外两个极板，玻璃是电介质，根据

其中，d是两极板之间的间距，即为电介质玻璃的厚度，可知当瓶壁玻璃越薄，莱顿瓶的电容越大。
故选D。
10．B
【详解】A．第一宇宙速度时近地卫星的环绕速度，近地卫星的轨道半径近似等于地球半径，根据

解得

由于轨道Ⅰ的半径大于地球半径，则在轨道Ⅰ的线速度小于第一宇宙速度，A错误；
B．根据

解得

由于轨道Ⅰ的半径小于空间站的半径，可知，在轨道Ⅰ上的运行周期小于空间站的运行周期，B正确；
C．第一次变轨与第二次变轨均是由低轨道到达高轨道，则均需要在切点位置加速，C错误；
D．从椭圆轨道Ⅱ的A点运动到B点，万有引力做负功，动能减小，D错误。
故选B。
11．C
【详解】B．根据逆向思维，可以将篮球的运动看为逆方向的平抛运动，根据

解得

由于第二次打在篮板上的位置略低一点，则其竖直高度小一点，即第二次篮球在空中上升的时间较短，B错误；
A．篮球水平方向做匀速运动
根据

解得

根据上述可知，第二次篮球在空中上升的时间较短，则第二次篮球打在篮板的速度较大，A错误；
C．篮球出手时的速度

根据上述可知，第二次篮球在空中上升的时间较短，第二次篮球打在篮板的速度较大，则两次篮球出手时的速度可能大小相等，根据

可知，两次投篮，该同学对篮球做的功可能相等，C正确；
D．篮球被抛出后瞬间，篮球重力的功率大小为

根据上述，第二次篮球在空中上升的时间较短，则第二次篮球被抛出后瞬间，篮球重力的功率较小，D错误。
故选C。
12．C
【详解】A．根据等量异种点电荷等势线与电场线的分布规律，可知A、B两点电势与电场强度均相同，A错误；
B．根据等量异种点电荷等势线与电场线的分布规律，可知C、D两点电场强度大小相等，方向不同，C点电势大于D点电势，B错误；
C．根据等量异种点电荷等势线的分布规律，可知

对a电子经过C点过程有

对b电子经过D点过程有

解得

C正确；
D．根据上述可知C、D两点电场强度大小相等，两电子在两点所受电场力大小相等，则a电子在C点时的加速度大小等于b电子在D点时的加速度，D错误。
故选C。
13．AD
【详解】A．因h-t图像的斜率等于速度，可知时间内，潜水器速度增加，即做加速下潜，选项A正确；
B．时间内，潜水器的速度不变，根据P=mgvy可知，则潜水器内的科考人员所受重力的功率不变，选项B错误。
C．时间内，潜水器的速度减小，即减速下降，加速度向上，则潜水器内的科考人员处于超重状态，选项C错误；
D．时间内，潜水器处于竖直方向速度为零，则竖直方向所受合外力为零，选项D正确。
故选AD。
14．BC
【详解】
A．小环P在E点的受力分析如图所示，由于重力在切线方向的分力与线速度方向相同，则小环继续做加速运动，所以E点速度并没有达到最大值，则A错误；
B．小环从到过程中，电场力先做正功，后做负功，根据功能关系

则小环从到机械能先增大后减小，所以B正确；
C．根据点电荷场强公式

由几何关系可得

则

所以形成的电场中，、两点处的场强大小相等，则C正确；
D．根据正点电荷的等势面的分布特点可知，离场源电荷越远的点电势越低，距离场源电荷相等距的各点在同等势面上，所以形成的电场中，点的电势等于点的电势，则D错误；
故选BC。
15．BCD
【详解】A．当其中一根金属条在磁场中切割磁感应线时，该金属条相对于电源，其它三根金属条相对于外电路且并联，根据电路特点可知，通过磁场中的那根金属条的电流是通过其它三根金属条电流的三倍，故A错误；
B．当金属条ab在磁场中运动时，根据右手定则可知通过金属条ab中的电流从b指向a，故B正确；
C．金属条ab在匀强磁场中运动时充当电源，其余为外电路，且并联，其等效电路如下图所示

设电路的总电阻为R总，根据电路图可知

故C正确；
D．当金属条ab在磁场中运动时，产生的感应电动势为

此时通过ab的电流为

所以金属条ab所受安培力大小为

故D正确。
故选BCD。
16．AD
【详解】AB．两木块分开瞬间加速度相等，两者之间弹力为0。设此时共同的加速为a，弹簧的弹力为T，对B木块用牛顿第二定律

对A木块用牛顿第二定律

联立得
T=0
所以此时弹簧没有弹力即处于原长状态，故A正确，B错误；
C．由选项A可知，A、B分开时弹簧已经恢复原长，全程弹簧所做总功为0。从力F开始推动到A、B木块分开，对全程用动能定理，可得

木块分开时有Ek≥0，即

解得
WF≥6μmgx
故C错误；
D．从压缩量为x释放到A木块和B木块分开，由能量守恒定律可得

分开时有Ek≥0，即

解得

故D正确。
故选AD。
17．AC
【详解】AB．根据万有引力提供向心力有

可得

由图可知，“天和”空间站的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则

故B错误A正确；
CD．根据万有引力提供向心力有

可得

由图可知，“天和”空间站的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则

故D错误C正确。
故选AC。
18．CD
【详解】A．图像上某点的切线的斜率的绝对值表示场强的大小，处的电势最低，可知该点的场强是零，因为该点在两点电荷之间，所以两点电荷一定是同种电荷，A错误；
BC．由图像可知，处的电势最低，可知该点的场强是零，设位于处的点电荷带电量为Q＇，由点电荷的场强公式可得

由此可知
Q >Q＇
M点距离−3L处与N点距离3L处的距离相等，所以M点的电场强度大于N点的电场强度，B错误，C正确；
D．负电荷在电势高的地方电势能小，在电势低的地方电势能大，由图像可知，M点处的电势高于N点处的电势，所以电子在M点处的电势能小于在N点处的电势能，D正确。
故选CD。
19．AD
【详解】AB．球A缓慢下降，A处于平衡状态，对A受力分析，如图所示

根据平衡条件得


得

所以绳对球A拉力的竖直分量保持不变，减小，则减小，故A正确，B错误；
C．以滑轮为研究对象，由平衡条件可知轴对滑轮的作用力方向在两绳子的夹角的角平分线上，故C错误；
D．以A、B、细绳和滑轮整体作为研究对象，受力分析知，受竖直向下总的重力，水平向左的竖直杆的弹力N和轴对其的作用力F，整体处于静态平衡状态，则

由题意可知变小，由AB选项分析可知N变小，所以F变小，故D正确。
故选AD。
20．BCD
【详解】AB．根据位移时间图象的斜率表示速度，可知：前2s物体向左匀减速运动，第3s内向右匀加速运动。3-4.5s内x-t图象为一次函数，说明小物块已与传送带保持相对静止，即与传送带一起向右匀速运动，因此传送带沿顺时针方向转动，且速度为

故B正确，A错误；
C．由图象可知，在第3s内小物块向右做初速度为零的匀加速运动，则

其中
x=1m
t=1s
解得

根据牛顿第二定律

解得

在0-2s内，对物块有

解得物块的初速度为

故C正确；
D．对物块在0~4.5s内，根据动能定理

解得摩擦力对物块所做的功为

故D正确。
故选BCD。
21．BC
【详解】A．对小孩与座椅分析，悬点的拉力大小为

由于小孩与座椅的质量关系不确定，则对各自悬点的拉力大小不一定相等，A错误；
B．对小孩与座椅分析，运动的向心力大小为

由于小孩与座椅的质量关系不确定，则运动的向心力大小不一定相等，B正确；
C．对小孩与座椅分析有

解得

C正确；
D．对小孩与座椅分析有

解得

D错误。
故选BC。
22．AD
【详解】A．根据电压匝数关系有

可知，若仅将P1向上滑动，匝数增大，则变压器输出电压将减小，灯泡将变暗，A正确；
B．若仅将P2向左滑动，接入电阻增大，变压器两端电压不变，则副线圈中电流减小，根据电流匝数关系有

可知，原线圈中电流减小，即电流表示数变小，B错误；
C．由于电流表显示的是有效值，则矩形线圆转到中性面位置时，电流表示数不为零，C错误；
D．矩形线圆在匀速转动过程中，电流表显示的是有效值，则电流表的示数不变，D正确。
故选AD。
23．BD
【详解】AB．对于这两个质子有
，
电场中质子在竖直方向做匀速直线运动，则有
，
电场中质子在水平方向做匀加速直线运动，则有
，
解得

A错误，B正确；
CD．令两个质子进入磁场的速度分别为v3、v4，该速度与虚线夹角为θ1、θ2，则有
，
对应的弦长为
，
在电场中有
，
由于
，
解得

C错误，D正确。
故选BD。
24．BC
【详解】CD．设MN细绳张为，重物与滑轮间的细线拉力为，重物质量为，开始时重物静止在最低处，可知

由于细绳MN两端固定，细绳长度一定，可知滑轮缓慢移动的轨迹为一个椭圆，且最低点位于椭圆的短轴上，可知滑轮缓慢右移时，滑轮两侧细绳之间的夹角逐渐减小，则有

由于逐渐减小，可知MN细绳张力逐渐减小，C正确，D错误；
AB．根据上述可知，重物与滑轮间的细线拉力的方向始终沿滑轮两侧细绳之间夹角的角平分线，则细线拉力方向与重力方向之间的夹角为钝角，且逐渐减小，以重物为对象，由于一直等于，则有

角逐渐减小，可知推力F的大小逐渐增大，推力F的方向发生改变，A错误，B正确。
故选BC。