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福建省厦门市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题
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这是一份福建省厦门市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题，共26页。试卷主要包含了单选题，多选题等内容，欢迎下载使用。
福建省厦门市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题
一、单选题
1．（2021·福建·统考二模）2021年3月23日，在三星堆遗址考古工作中，研究员对新发现的6个“祭祀坑”的73份碳屑样本使用年代检测方法进行了分析，初步判定其中4号坑最有可能属于商代晚期。会发生衰变，半衰期年。空气中跟的存量比稳定，活着的生物体中碳的这两种同位素之比与空气中相同，生物死亡后，不再与外界交换碳，因此测得生物遗骸中的与存量比，再与空气中比较，可估算出生物死亡年代。则（ ）
A．地球的气候变化会影响的半衰期
B．200个原子经过11460年后还剩余50个
C．的衰变方程为
D．骨骼中以碳酸钙形式存在的半衰期比单质的半衰期更长
2．（2021·福建·统考二模）下列四幅图依次涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（ ）
A．用回旋加速器加速粒子的过程中，粒子获得的最大动能与电压的大小有关
B．重核裂变产生中子使裂变反应一代接一代继续下去的过程，叫核裂变的链式反应
C．汤姆孙通过研究阴极射线精确测定出电子所带的电荷量
D．泊松亮斑说明光具有粒子性
3．（2021·福建·统考二模）如图所示为海洋生态自动监测浮标，可用于监测水质和气象等参数。一列水波（视为横波）沿海而传播，在波的传播方向上相距的两处分别有甲、乙两浮标，两浮标随波上下运动。当甲运动到波峰时，乙恰好运动到波谷，此时甲、乙之间只有一个波峰。观察到甲从第1次到达波峰与第11次到达波峰的时间间隔为，则该水波（ ）
A．振幅为 B．波长为 C．频率为 D．波速为
4．（2021·福建·统考二模）如图所示，A车以某一初速度水平向右运动距离后与静止的车发生正碰，碰后两车一起运动距离后停下。已知两车质量均为，运动时受到的阻力为车重力的倍，重力加速度为，碰撞时间极短，则（ ）
A．两车碰撞后瞬间的速度大小为 B．两车碰撞前瞬间A车的速度大小为
C．A车初速度大小为 D．两车碰撞过程中的动能损失为
5．（2022·福建厦门·统考二模）汽车在水平地面转弯时，坐在车里的小云发现车内挂饰偏离了竖直方向，如图所示。设转弯时汽车所受的合外力为F，关于本次转弯，下列图示可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2022·福建厦门·统考二模）如图甲所示，飞檐是中国传统建筑的重要表现之一，通过檐部上的特殊构造，不但扩大了采光面、有利于排水，还增添了建筑物的美感。现把飞檐看成一个弯曲轨道AB，轨道的最低点B的切线沿水平方向，如图乙所示。现有几颗松果以不同初速度先后从A点沿轨道滑下，从B点飞出落到水平地面上。空气阻力不计，松果之间不发生相互碰撞，则（ ）
A．松果从A点运动到B点的过程，某时刻所受合力可能等于0
B．松果从A点运动到B点的过程，重力所做的功小于动能变化量
C．所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动时间相等
D．所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动位移大小相等
7．（2022·福建厦门·统考二模）鼓浪屿是世界文化遗产之一。岛上为保护环境不允许机动车通行，很多生活物品要靠人力板车来运输。如图所示，货物放置在板车上，与板车一起向右做匀速直线运动，车板与水平面夹角为θ。现拉动板车向右加速运动，货物与板车仍保持相对静止，且θ不变。则板车加速后，货物所受的（ ）
A．摩擦力和支持力均变小 B．摩擦力和支持力均变大
C．摩擦力变小，支持力变大 D．摩擦力变大，支持力变小
8．（2022·福建厦门·统考二模）如图所示，两条相距L的平行虚线间存在一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。现将一个上底为L、下底为3L、高为2L的等腰梯形闭合线圈，从图示位置以垂直于磁场边界的速度向右匀速穿过磁场，取逆时针方向为感应电流正方向，则该过程线圈中感应电流i随位移x变化的图像是（ ）
A． B．
C． D．
9．（2023·福建厦门·统考二模）2023年4月12日，中国“人造太阳”——全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST）成功实现稳态高约束模式等离子体运行403秒，创造了新的世界纪录，其内部发生的核反应方程为，则（ ）
A．X为正电子 B．该反应为衰变
C．反应前后质量守恒 D．的平均结合能比的平均结合能大
10．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，电流互感器是一种测量大电流的仪器，将待测通电导线绕过铁芯作为原线圈，副线圈两端接在电流表上，则该电流互感器（ ）
A．电流表示数为电流的瞬时值 B．能测量直流输电电路的电流
C．原、副线圈电流的频率不同 D．副线圈的电流小于原线圈的电流
11．（2023·福建厦门·统考二模）两点电荷M、N分别固定在和坐标原点处，所形成电场的电势在x轴上的分布如图所示，图线与x轴交于处，处电势最低，取无穷远处电势为0，一正电荷q自处由静止释放，则（ ）
A．处的电场强度为0
B．电荷M、N所带电量大小之比为
C．正电荷q运动的过程中，加速度先增大后减小
D．正电荷q运动的过程中，电势能先增大后减小
12．（2023·福建厦门·统考二模）如图甲所示，用瓦片做屋顶是我国建筑特色之一。屋顶部分结构如图乙所示，横截面为圆弧的瓦片静置在两根相互平行的椽子正中间。已知椽子间距离为d，与水平面夹角均为，瓦片质量为m，圆弧半径为d，忽略瓦片厚度，重力加速度为g，则每根椽子对瓦片的支持力大小为（ ）
A． B． C． D．
二、多选题
13．（2021·福建·统考二模）2020年厦门出现过强对流冰雹天气。设一质量为的球形冰雹从高空云层里由静止开始下落，下落过程中所受空气阻力与速度的关系为，冰雹下落过程质量保持不变，落地前已达最大速度，与地面碰撞时间为，碰撞后速度为零，。则（ ）
A．冰雹落地瞬间的速度大小为
B．冰雹落地瞬间的速度大小为
C．碰撞过程中冰雹对地面的平均作用力大小约为
D．碰撞过程中冰雹对地面的平均作用力大小约为
14．（2021·福建·统考二模）2021年2月15日17时，天问一号火星探测器在“火星捕获轨道”的远火点成功实施平面机动，进入两极上空的“环火星1轨道”，之后多次在近火点实施制动，进入运行周期为火星自转周期2倍的“火星停泊轨道”载荷的高分辨率相机、光谱仪等仪器将对预选着陆区地形地貌、沙尘天气等进行详查，为择机着陆火星做好准备，则天问一号（ ）
A．在“火星停泊轨道”的运行周期大于它在“环火星2轨道”的运行周期
B．在“火星停泊轨道”从近火点向远火点运动过程机械能守恒
C．在“火星停泊轨道”每次经过近火点时，都在火星上同一个位置的正上空
D．在“火星捕获轨道”的远火点要沿捕获轨道的速度反方向点火进入“环火星1轨道”
15．（2021·福建·统考二模）如图甲所示，一光滑绝缘细杆水平固定在非匀强电场中，在点固定一带正电的小球A，一带电量为的小球套在杆上。以点为原点，沿杆向右为轴正方向建立坐标系。小球A对小球B的作用力随B位置的变化关系如图乙中曲线I所示，小球B所受水平方向的合力随B位置的变化关系如图乙中曲线Ⅱ所示，静电力常量，则（ ）
A．小球A所带电荷量
B．非匀强电场在处沿细杆方向的电场强度大小
C．将小球B从处静止释放运动到处过程中，加速度一直减小
D．将小球B从处静止释放运动到处过程中，速度先增大后减小
16．（2021·福建·统考二模）空间中有水平方向上的匀强电场，一质量为，带电量为的微粒在某竖直平面内运动，其电势能和重力势能随时间变化如图所示，则该微粒（ ）
A．一定带正电 B．秒电场力做功为
C．运动过程中动能不变 D．秒内除电场力和重力外所受其它力对微粒做功为
17．（2022·福建厦门·统考二模）一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图甲所示。介质中某质点P的振动图像如图乙所示。则（ ）
A．波沿x轴负方向传播，波速大小为30m/s
B．当t=0.35s时质点P恰好回到平衡位置
C．在0～0.2s时间内质点P运动的路程为10cm
D．在0～0.1s时间内，质点P一直向y轴负方向运动
18．（2022·福建厦门·统考二模）中国“FAST”球面射电望远镜发现一个脉冲双星系统。科学家通过脉冲星计时观测得知该双星系统由一颗脉冲星与一颗白矮星组成。如图所示，假设在太空中有恒星A、B双星系统绕O点做逆时针匀速圆周运动，运动周期为T1，它们的轨道半径分别为RA、RB，且RA
A．恒星A的质量大于恒星B的质量
B．恒星B的质量为
C．若知道C的轨道半径，则可求出C的质量
D．三星A、B、C相邻两次共线的时间间隔为
19．（2022·福建厦门·统考二模）某兴趣小组利用电磁感应知识，自制一个风力发电机。发电机与一理想变压器相连，变压器原、副线圈匝数分别为500匝和1000匝，装置示意图如图甲所示。在某一恒定风力作用下，风叶带动与其固定在一起的磁铁转动，变压器原线圈两端电压随时间变化的关系图像如图乙所示。现将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的。已知发电机内阻可忽略，所有电表均为理想交流电表，则（ ）
A．电流表A的读数变小
B．电压表V2的读数变为160V
C．发电机的输出功率变为原来的
D．磁铁受到线圈L的阻碍增大，所以磁铁转速变小
20．（2022·福建厦门·统考二模）如图甲所示，向飞机上装货时，通常用到可移动式皮带输送机。如图乙所示，皮带输送机倾角为θ=30°，顺时针匀速转动，每隔2s在输送带下端A点无初速度放入一件货物（货物足够多）。每件货物从下端A点运动到上端B点的过程中，其机械能E与位移s的关系图像（以A位置为零势能参考面）如图丙所示。已知货物均可视为质点，质量均为m=10kg，重力加速度取10m/s2。则（ ）
A．输送带A、B两端点间的距离为4.9m
B．货物与输送带间的动摩擦因数为
C．每件货物从下端A点运动到上端B点的时间为10s
D．皮带输送机稳定运行一段时间后，每分钟因运送货物而多消耗的能量为15300J
21．（2023·福建厦门·统考二模）光刻机是制造芯片的核心装备，它采用类似照片冲印的技术，通过曝光去除晶圆表面保护膜的方式，将掩膜版上的精细图形印制到硅片上，后将晶圆浸泡在腐化剂中，失去保护膜的部分被腐蚀掉后便形成电路．某光刻机使用的是真空中波长为的极紫外线光源（EUV），如图所示，在光刻胶和投影物镜之间填充了折射率为1.5的液体，则该紫外线由真空进入液体后（ ）
A．光子能量增加 B．传播速度减小
C．传播的波长为 D．更容易发生衍射
22．（2023·福建厦门·统考二模）我国天文学家通过“天眼”在武仙座球状星团中发现一个由白矮星P、脉冲星Q组成的双星系统．如图所示，P、Q绕两者连线上的O点做匀速圆周运动，忽略其他天体对P、Q的影响．已知P的轨道半径大于Q的轨道半径，P、Q的总质量为M，距离为L，运动周期均为T，则（ ）．
A．P的质量小于Q的质量 B．P的线速度小于Q的线速度
C．P受到的引力小于Q受到的引力 D．若总质量M恒定，则L越大，T越大
23．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，足够长的圆柱形永磁体竖直放置，其周围存在辐向磁场．一个圆形金属线圈与磁体中心同轴，线圈由静止释放后经过时间t速度达到最大值v，此过程中线圈平面始终保持水平，已知金属线圈的匝数为N、质量为m、直径为d、总电阻为R，金属线圈下落过程中所经过磁场的磁感应强度大小均为B，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（ ）
A．从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向
B．线圈达到最大速度之前做匀加速直线运动
C．线圈下落速度为v时的热功率为
D．t时间内通过线圈横截面的电荷量为
24．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，一个以O为圆心、半径为R的光滑圆环固定在竖直平面，O点正上方固定一根竖直的光滑细杆。轻质弹簧套在光滑细杆上，上端固定在M点，下端连接套在细杆上的滑块。小球穿在圆环上，通过一根长为的两端有铰链的轻质细杆与滑块连接。初始时小球处于圆环最高点，弹簧处于原长状态。小球受微小扰动（初速度视为0）后沿圆环顺时针滑下。当小球运动到与圆心等高的Q点时，滑块速度达到最大值。已知滑块和小球的质量均为m，弹簧的劲度系数，弹性势能（x为弹簧的形变量），重力加速度为g，滑块和小球均可视为质点，则（ ）
A．小球运动到Q点的过程中，滑块、小球组成的系统机械能守恒
B．小球运动到Q点时速度大小与滑块相等
C．小球运动到Q点时受到细杆的弹力为
D．小球运动到圆环最低点P时向心加速度大小为
参考答案：
1．C
【详解】AD．放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间叫半衰期，放射性元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界的物理和化学状态无关，故AD不符合题意；
B．半衰期是一个统计规律，对于大量的原子核才适用，对于少量原子核是不成立的，故B不符合题意；
C．发生衰变产生电子，根据电荷数守恒，质量数守恒，的衰变方程为，故C符合题意。
故选C。
2．B
【详解】A．设D形盒的半径为R，磁感应强度为B，粒子的电荷量为q，质量为m，能达到的最大速度为vm，根据牛顿第二定律有
解得粒子获得最大动能为
可见Ekm与B和R有关，与U的大小无关，故A错误；
B．重核裂变产生中子使裂变反应一代接一代继续下去的过程，叫核裂变的链式反应，故B正确；
C．汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子，密立根通过油滴实验精确测定出电子所带的电荷量，故C错误；
D．泊松亮斑说明光具有波动性，故D错误。
故选B。
3．B
【详解】A．根据题给条件无法得知浮标离开平衡位置的最大距离，故A错误；
B．设波长为λ，则由题意可知
解得λ=3m，故B正确；
C．设周期为T，则由题意可知
解得T=2s，所以频率为
故C错误；
D．波速为
故D错误。
故选B。
4．C
【详解】A．由运动时受到的阻力为车重力的k 倍，由牛顿第二定律得
则
两车碰撞后做匀减速运动，由
得
两车碰撞后瞬间的速度大小为
故A错误；
B．由于碰撞时间极短，两车相碰由动量守恒得
可得两车碰撞前瞬间A车的速度大小为
故B错误；
C．对A车由
得A车初速度大小为
故C正确；
D．两车碰撞过程中的动能损失为
故D错误。
故选C。
5．A
【详解】根据图中可知，车内的挂饰偏向了右方，由此可知，汽车正在向左转弯，由于汽车做曲线运动，故合力F指向轨迹的内侧，故A正确，BCD错误。
故选A。
6．C
【详解】A．松果从A点运动到B点的过程，松果做曲线运动，所受合力不为零，故A错误；
B．松果从A点运动到B点的过程，受到摩擦力作用，由动能定理得
即重力所做的功大于动能变化量，故B错误；
C．由题意知松果从B点飞出后做平抛运动，则飞出落到水平地面上的运动时间均为
故C正确；
D．因为松果以不同初速度先后从A点沿轨道滑下，所以从B点飞出时水平方向初速度不相等，又因为所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动时间相等，故所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动位移大小不相等，故D错误。
故选C。
7．D
【详解】对货物受力分析可知，若匀速运动，则
若货物随小车加速运动，设加速度为a，则
则
即摩擦力变大，支持力变小。
故选D。
8．A
【详解】由右手定则知，刚进入磁场时，感应电流为逆时针方向，故感应电流为正，设两腰与水平面夹角为，则有效切割长度为
则感应电流为
即感应电流与位移成线性关系，且随位移增大而增大。右侧底边出磁场后，有效切割长度为
即感应电流保持不变。之后左侧底边进入磁场后，由右手定则可知感应电流方向为顺时针方向，即感应电流为负，同理可知有效长度增大，即感应电流增大。
故选A。
9．D
【详解】A．根据电荷数和质量数守恒，可知X为中子，故A错误；
B．该反应为聚变反应，故B错误；
C．反应后，质量亏损，故C错误；
D．反应生成的新核更稳定，故的平均结合能比的平均结合能大，故D正确。
故选D。
10．D
【详解】A．电流表示数为电流的有效值，故A错误；
B．电流互感器不能测量直流输电电路的电流，故B错误；
C．原、副线圈电流的频率相同，故C错误；
D．根据变压器原副线圈电流与匝数关系可得
由于原线圈匝数小于副线圈匝数，可知副线圈的电流小于原线圈的电流，故D正确。
故选D。
11．B
【详解】A．图像，斜率表示电场强度，在处的图像斜率不为零，则电场强度也不为零，故A错误；
B．处图像斜率为零，则满足
所以电荷M、N所带电量大小之比为
故B正确；
C．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向，场强先减小为零后反向增大再减小，根据牛顿第二定律，有
可知正电荷q运动的过程中，加速度先减小为零后反向增大再减小，故C错误；
D．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。
故选B。
12．C
【详解】根据题意，垂直于斜面的截面图及受力分析如图所示
根据受力平衡并结合几何关系，可得
解得
故选C。
13．AC
【详解】AB．质量为m的冰雹下落过程中，受地球重力G和空气阻力f两个力的作用。刚开始下落时，G＞f，冰雹加速下落。随着冰雹速度的增大，它受到的阻力也在不断增大，而当阻力增大到与重力相等时，即当G=f时，冰雹开始做匀速向下运动，冰雹的速度不再增大，此时的速度就是冰雹的最大速度，由
得
冰雹落地瞬间的速度大小为
故A正确，B错误；
CD．冰雹与地面碰撞过程，由动量定理得
解得
故C正确，D错误。
故选AC。
14．BC
【详解】A． 在“火星停泊轨道”的运行半长轴小于“环火星2轨道”的半长轴，根据开普勒第三定律可知，在“火星停泊轨道”的周期小于它在“环火星2轨道”的运行周期，选项A错误；
B． 在“火星停泊轨道”从近火点向远火点运动过程，只有火星的引力做功，则机械能守恒，选项B正确；
C． 因为在“火星停泊轨道”上的周期等于火星自转周期的2倍，则在“火星停泊轨道”每次经过近火点时，都在火星上同一个位置的正上空，选项C正确；
D． 在“火星捕获轨道”的远火点要沿捕获轨道的速度方向相同方向喷火减速，才能进入“环火星1轨道”，选项D错误。
故选BC。
15．AD
【详解】A．由题图乙可知，当小球A和小球B之间距离x=0.3m时，二者之间的库仑力大小为F1=0.2N，根据库仑定律有
代入数据解得
Q=1×10-6C
故A正确；
B．由题图乙可知，x=0.3m处，小球B所受合电场力大小为F2=0.16N，则有
代入数据解得
E=1.8×105N/C
故B错误；
CD．由题图乙可知，从x=0.1m到x=0.3m，小球B所受合力先减小至零后再反向增大，所以加速度先减小至零后再反向增大，速度先增大后减小，故C错误，D正确。
故选AD。
16．BCD
【详解】A．由于不清楚电场强度的方向，则无法确定微粒的电性，故A错误；
B．由图可知，内电势能增加9J，则秒电场力做功为，故B正确；
C．由图可知，电势能均匀增加，即电场力做功与时间成正比，说明电场力方向做匀速直线运动，同理，重力方向也做匀速直线运动，则微粒的合运动为匀速直线运动，所以运动过程中运动不变，故C正确；
D．由功能关系可知，秒重力势能与电势能之和增加为12J，则秒内除电场力和重力外所受其它力对微粒做功为，故D正确。
故选BCD。
17．BC
【详解】A．由上下坡法可知波沿x轴负方向传播，大小为
故A错误；
B．由图乙可得当t=0.35s时质点P恰好回到平衡位置， 故B正确；
C．在0～0.2s时间内质点P运动的路程为
故C正确；
D．由图乙可得在0～0.1s时间内，质点P先向y轴负方向运动，后向y轴正方向运动，故D错误。
故选BC。
18．AB
【详解】A．因为双星系统的角速度相同，故对A、B可得
即
即恒星A的质量大于恒星B的质量，故A正确；
B．对恒星A可得
解得恒星B的质量为
故B正确；
C．对卫星C满足
可见无法求出卫星C的质量，故C错误；
D．由题可知，A、B始终共线，三星A、B、C相邻两次共线的时间间隔为
故D错误。
故选AB。
19．BD
【详解】A. 将滑片P往下移动，负载电阻减小，由于风叶的转速随之变为原来的五分之四，则原线圈两端电压减小，副线圈的电压减小，电流表A的读数不一定变小，A错误；
B. 根据
根据图像得
解得
将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的，ω变为原来的，电压表V2的读数为
B正确；
C. 发电机的输出功率为
将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的，ω变为原来的，R也减小，C错误；
D. 由于风叶转速减小，交流电的频率减小，则磁铁受到线圈L的阻碍增大，导致磁铁转速变小，D正确。
故选BD。
20．BCD
【详解】A．由图像可知，物块沿传送带向上运动s1=0.2m后与传送带相对静止，此后物块的动能不变，重力势能增加，则
解得
s2=9.6m
则输送带A、B两端点间的距离为
s=s1+s2=9.8m
故A错误；
B．由图像可知，开始运动到与传送带相对静止，则
解得
故B正确；
C．根据牛顿第二定律，可得物块加速阶段的加速度
则传送带的速度
加速的时间
匀速的时间
共用时间
故C正确；
D．每一个货件从低端到顶端要消耗的能量
每分钟共有30个货件能到达顶端，则第一件货物后，皮带输送机每分钟因运送货物而多消耗的能量为
故D正确。
故选BCD。
21．BC
【详解】A．紫外线由真空进入液体后，频率不变，根据公式
可知，光子能量不变，故A错误；
B．液体对紫外线折射率为1.5，根据公式
得
可知紫外线在液体中的传播速度减小，故B正确；
C．由于频率不变，传播速度减小，波长变短，根据公式可求得
故C正确；
D．由于波长变短，所以更不容易发生衍射，故D错误。
故选BC。
22．AD
【详解】AC．P受到的引力与Q受到的引力为相互作用力，大小相等；设P的质量为，Q的质量为，由万有引力提供向心力可得
，
可得
由于P的轨道半径大于Q的轨道半径，可知P的质量小于Q的质量，故A正确，C错误；
B．根据
由于P的轨道半径大于Q的轨道半径，可知P的线速度大于Q的线速度，故B错误；
D．根据由万有引力提供向心力可得
，
可得
若总质量M恒定，则L越大，T越大，故D正确。
故选AD。
23．AD
【详解】A．线圈的每一部分都在切割磁感线，根据右手定则可知从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向，A正确；
B．线圈达到最大速度之前，随着速度增大，电流增大，所受向上的安培力增大，根据牛顿第二定律可知加速度逐渐减小，B错误；
C．环下落速度为v时，安培力与重力平衡，热功率等于克服安培力做功功率，则有
C错误；
D．t时间内，根据动量定理
其中
联立得
解得
D正确。
故选AD。
24．BD
【详解】A．小球运动到Q点的过程中，弹簧对滑块做负功，滑块、小球组成的系统机械能守恒减少，故A错误；
B．小球运动到Q点时，根据几何关系可知，此时轻杆与竖直方向的夹角满足
可得
此时滑块的速度方向竖直向下，小球的速度方向刚好也竖直向下，滑块与小球两者沿杆方向的分速度大小相等，则有
可知小球运动到Q点时速度大小与滑块相等，故B正确；
C．由于小球运动到与圆心等高的Q点时，滑块速度达到最大值，可知此时滑块的加速度为零，此时弹簧伸长量为
弹簧弹力大小为
以滑块为对象，根据受力平衡可得
解得
可知小球运动到Q点时受到细杆的弹力为，故C错误；
D．小球运动到圆环最低点P时，此时滑块运动到最低点，滑块的速度为零，设此时小球的速度为，此时弹簧的伸长量为
弹簧的弹性势能为
根据能量守恒可知
小球运动到圆环最低点P时向心加速度大小为
联立解得
故D正确。
故选BD。
福建省厦门市2021届-2023届高考物理三年模拟（二模）按题型分类汇编-01选择题
一、单选题
1．（2021·福建·统考二模）2021年3月23日，在三星堆遗址考古工作中，研究员对新发现的6个“祭祀坑”的73份碳屑样本使用年代检测方法进行了分析，初步判定其中4号坑最有可能属于商代晚期。会发生衰变，半衰期年。空气中跟的存量比稳定，活着的生物体中碳的这两种同位素之比与空气中相同，生物死亡后，不再与外界交换碳，因此测得生物遗骸中的与存量比，再与空气中比较，可估算出生物死亡年代。则（ ）
A．地球的气候变化会影响的半衰期
B．200个原子经过11460年后还剩余50个
C．的衰变方程为
D．骨骼中以碳酸钙形式存在的半衰期比单质的半衰期更长
2．（2021·福建·统考二模）下列四幅图依次涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（ ）
A．用回旋加速器加速粒子的过程中，粒子获得的最大动能与电压的大小有关
B．重核裂变产生中子使裂变反应一代接一代继续下去的过程，叫核裂变的链式反应
C．汤姆孙通过研究阴极射线精确测定出电子所带的电荷量
D．泊松亮斑说明光具有粒子性
3．（2021·福建·统考二模）如图所示为海洋生态自动监测浮标，可用于监测水质和气象等参数。一列水波（视为横波）沿海而传播，在波的传播方向上相距的两处分别有甲、乙两浮标，两浮标随波上下运动。当甲运动到波峰时，乙恰好运动到波谷，此时甲、乙之间只有一个波峰。观察到甲从第1次到达波峰与第11次到达波峰的时间间隔为，则该水波（ ）
A．振幅为 B．波长为 C．频率为 D．波速为
4．（2021·福建·统考二模）如图所示，A车以某一初速度水平向右运动距离后与静止的车发生正碰，碰后两车一起运动距离后停下。已知两车质量均为，运动时受到的阻力为车重力的倍，重力加速度为，碰撞时间极短，则（ ）
A．两车碰撞后瞬间的速度大小为 B．两车碰撞前瞬间A车的速度大小为
C．A车初速度大小为 D．两车碰撞过程中的动能损失为
5．（2022·福建厦门·统考二模）汽车在水平地面转弯时，坐在车里的小云发现车内挂饰偏离了竖直方向，如图所示。设转弯时汽车所受的合外力为F，关于本次转弯，下列图示可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2022·福建厦门·统考二模）如图甲所示，飞檐是中国传统建筑的重要表现之一，通过檐部上的特殊构造，不但扩大了采光面、有利于排水，还增添了建筑物的美感。现把飞檐看成一个弯曲轨道AB，轨道的最低点B的切线沿水平方向，如图乙所示。现有几颗松果以不同初速度先后从A点沿轨道滑下，从B点飞出落到水平地面上。空气阻力不计，松果之间不发生相互碰撞，则（ ）
A．松果从A点运动到B点的过程，某时刻所受合力可能等于0
B．松果从A点运动到B点的过程，重力所做的功小于动能变化量
C．所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动时间相等
D．所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动位移大小相等
7．（2022·福建厦门·统考二模）鼓浪屿是世界文化遗产之一。岛上为保护环境不允许机动车通行，很多生活物品要靠人力板车来运输。如图所示，货物放置在板车上，与板车一起向右做匀速直线运动，车板与水平面夹角为θ。现拉动板车向右加速运动，货物与板车仍保持相对静止，且θ不变。则板车加速后，货物所受的（ ）
A．摩擦力和支持力均变小 B．摩擦力和支持力均变大
C．摩擦力变小，支持力变大 D．摩擦力变大，支持力变小
8．（2022·福建厦门·统考二模）如图所示，两条相距L的平行虚线间存在一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。现将一个上底为L、下底为3L、高为2L的等腰梯形闭合线圈，从图示位置以垂直于磁场边界的速度向右匀速穿过磁场，取逆时针方向为感应电流正方向，则该过程线圈中感应电流i随位移x变化的图像是（ ）
A． B．
C． D．
9．（2023·福建厦门·统考二模）2023年4月12日，中国“人造太阳”——全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST）成功实现稳态高约束模式等离子体运行403秒，创造了新的世界纪录，其内部发生的核反应方程为，则（ ）
A．X为正电子 B．该反应为衰变
C．反应前后质量守恒 D．的平均结合能比的平均结合能大
10．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，电流互感器是一种测量大电流的仪器，将待测通电导线绕过铁芯作为原线圈，副线圈两端接在电流表上，则该电流互感器（ ）
A．电流表示数为电流的瞬时值 B．能测量直流输电电路的电流
C．原、副线圈电流的频率不同 D．副线圈的电流小于原线圈的电流
11．（2023·福建厦门·统考二模）两点电荷M、N分别固定在和坐标原点处，所形成电场的电势在x轴上的分布如图所示，图线与x轴交于处，处电势最低，取无穷远处电势为0，一正电荷q自处由静止释放，则（ ）
A．处的电场强度为0
B．电荷M、N所带电量大小之比为
C．正电荷q运动的过程中，加速度先增大后减小
D．正电荷q运动的过程中，电势能先增大后减小
12．（2023·福建厦门·统考二模）如图甲所示，用瓦片做屋顶是我国建筑特色之一。屋顶部分结构如图乙所示，横截面为圆弧的瓦片静置在两根相互平行的椽子正中间。已知椽子间距离为d，与水平面夹角均为，瓦片质量为m，圆弧半径为d，忽略瓦片厚度，重力加速度为g，则每根椽子对瓦片的支持力大小为（ ）
A． B． C． D．
二、多选题
13．（2021·福建·统考二模）2020年厦门出现过强对流冰雹天气。设一质量为的球形冰雹从高空云层里由静止开始下落，下落过程中所受空气阻力与速度的关系为，冰雹下落过程质量保持不变，落地前已达最大速度，与地面碰撞时间为，碰撞后速度为零，。则（ ）
A．冰雹落地瞬间的速度大小为
B．冰雹落地瞬间的速度大小为
C．碰撞过程中冰雹对地面的平均作用力大小约为
D．碰撞过程中冰雹对地面的平均作用力大小约为
14．（2021·福建·统考二模）2021年2月15日17时，天问一号火星探测器在“火星捕获轨道”的远火点成功实施平面机动，进入两极上空的“环火星1轨道”，之后多次在近火点实施制动，进入运行周期为火星自转周期2倍的“火星停泊轨道”载荷的高分辨率相机、光谱仪等仪器将对预选着陆区地形地貌、沙尘天气等进行详查，为择机着陆火星做好准备，则天问一号（ ）
A．在“火星停泊轨道”的运行周期大于它在“环火星2轨道”的运行周期
B．在“火星停泊轨道”从近火点向远火点运动过程机械能守恒
C．在“火星停泊轨道”每次经过近火点时，都在火星上同一个位置的正上空
D．在“火星捕获轨道”的远火点要沿捕获轨道的速度反方向点火进入“环火星1轨道”
15．（2021·福建·统考二模）如图甲所示，一光滑绝缘细杆水平固定在非匀强电场中，在点固定一带正电的小球A，一带电量为的小球套在杆上。以点为原点，沿杆向右为轴正方向建立坐标系。小球A对小球B的作用力随B位置的变化关系如图乙中曲线I所示，小球B所受水平方向的合力随B位置的变化关系如图乙中曲线Ⅱ所示，静电力常量，则（ ）
A．小球A所带电荷量
B．非匀强电场在处沿细杆方向的电场强度大小
C．将小球B从处静止释放运动到处过程中，加速度一直减小
D．将小球B从处静止释放运动到处过程中，速度先增大后减小
16．（2021·福建·统考二模）空间中有水平方向上的匀强电场，一质量为，带电量为的微粒在某竖直平面内运动，其电势能和重力势能随时间变化如图所示，则该微粒（ ）
A．一定带正电 B．秒电场力做功为
C．运动过程中动能不变 D．秒内除电场力和重力外所受其它力对微粒做功为
17．（2022·福建厦门·统考二模）一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图甲所示。介质中某质点P的振动图像如图乙所示。则（ ）
A．波沿x轴负方向传播，波速大小为30m/s
B．当t=0.35s时质点P恰好回到平衡位置
C．在0～0.2s时间内质点P运动的路程为10cm
D．在0～0.1s时间内，质点P一直向y轴负方向运动
18．（2022·福建厦门·统考二模）中国“FAST”球面射电望远镜发现一个脉冲双星系统。科学家通过脉冲星计时观测得知该双星系统由一颗脉冲星与一颗白矮星组成。如图所示，假设在太空中有恒星A、B双星系统绕O点做逆时针匀速圆周运动，运动周期为T1，它们的轨道半径分别为RA、RB，且RA
A．恒星A的质量大于恒星B的质量
B．恒星B的质量为
C．若知道C的轨道半径，则可求出C的质量
D．三星A、B、C相邻两次共线的时间间隔为
19．（2022·福建厦门·统考二模）某兴趣小组利用电磁感应知识，自制一个风力发电机。发电机与一理想变压器相连，变压器原、副线圈匝数分别为500匝和1000匝，装置示意图如图甲所示。在某一恒定风力作用下，风叶带动与其固定在一起的磁铁转动，变压器原线圈两端电压随时间变化的关系图像如图乙所示。现将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的。已知发电机内阻可忽略，所有电表均为理想交流电表，则（ ）
A．电流表A的读数变小
B．电压表V2的读数变为160V
C．发电机的输出功率变为原来的
D．磁铁受到线圈L的阻碍增大，所以磁铁转速变小
20．（2022·福建厦门·统考二模）如图甲所示，向飞机上装货时，通常用到可移动式皮带输送机。如图乙所示，皮带输送机倾角为θ=30°，顺时针匀速转动，每隔2s在输送带下端A点无初速度放入一件货物（货物足够多）。每件货物从下端A点运动到上端B点的过程中，其机械能E与位移s的关系图像（以A位置为零势能参考面）如图丙所示。已知货物均可视为质点，质量均为m=10kg，重力加速度取10m/s2。则（ ）
A．输送带A、B两端点间的距离为4.9m
B．货物与输送带间的动摩擦因数为
C．每件货物从下端A点运动到上端B点的时间为10s
D．皮带输送机稳定运行一段时间后，每分钟因运送货物而多消耗的能量为15300J
21．（2023·福建厦门·统考二模）光刻机是制造芯片的核心装备，它采用类似照片冲印的技术，通过曝光去除晶圆表面保护膜的方式，将掩膜版上的精细图形印制到硅片上，后将晶圆浸泡在腐化剂中，失去保护膜的部分被腐蚀掉后便形成电路．某光刻机使用的是真空中波长为的极紫外线光源（EUV），如图所示，在光刻胶和投影物镜之间填充了折射率为1.5的液体，则该紫外线由真空进入液体后（ ）
A．光子能量增加 B．传播速度减小
C．传播的波长为 D．更容易发生衍射
22．（2023·福建厦门·统考二模）我国天文学家通过“天眼”在武仙座球状星团中发现一个由白矮星P、脉冲星Q组成的双星系统．如图所示，P、Q绕两者连线上的O点做匀速圆周运动，忽略其他天体对P、Q的影响．已知P的轨道半径大于Q的轨道半径，P、Q的总质量为M，距离为L，运动周期均为T，则（ ）．
A．P的质量小于Q的质量 B．P的线速度小于Q的线速度
C．P受到的引力小于Q受到的引力 D．若总质量M恒定，则L越大，T越大
23．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，足够长的圆柱形永磁体竖直放置，其周围存在辐向磁场．一个圆形金属线圈与磁体中心同轴，线圈由静止释放后经过时间t速度达到最大值v，此过程中线圈平面始终保持水平，已知金属线圈的匝数为N、质量为m、直径为d、总电阻为R，金属线圈下落过程中所经过磁场的磁感应强度大小均为B，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（ ）
A．从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向
B．线圈达到最大速度之前做匀加速直线运动
C．线圈下落速度为v时的热功率为
D．t时间内通过线圈横截面的电荷量为
24．（2023·福建厦门·统考二模）如图所示，一个以O为圆心、半径为R的光滑圆环固定在竖直平面，O点正上方固定一根竖直的光滑细杆。轻质弹簧套在光滑细杆上，上端固定在M点，下端连接套在细杆上的滑块。小球穿在圆环上，通过一根长为的两端有铰链的轻质细杆与滑块连接。初始时小球处于圆环最高点，弹簧处于原长状态。小球受微小扰动（初速度视为0）后沿圆环顺时针滑下。当小球运动到与圆心等高的Q点时，滑块速度达到最大值。已知滑块和小球的质量均为m，弹簧的劲度系数，弹性势能（x为弹簧的形变量），重力加速度为g，滑块和小球均可视为质点，则（ ）
A．小球运动到Q点的过程中，滑块、小球组成的系统机械能守恒
B．小球运动到Q点时速度大小与滑块相等
C．小球运动到Q点时受到细杆的弹力为
D．小球运动到圆环最低点P时向心加速度大小为
参考答案：
1．C
【详解】AD．放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间叫半衰期，放射性元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界的物理和化学状态无关，故AD不符合题意；
B．半衰期是一个统计规律，对于大量的原子核才适用，对于少量原子核是不成立的，故B不符合题意；
C．发生衰变产生电子，根据电荷数守恒，质量数守恒，的衰变方程为，故C符合题意。
故选C。
2．B
【详解】A．设D形盒的半径为R，磁感应强度为B，粒子的电荷量为q，质量为m，能达到的最大速度为vm，根据牛顿第二定律有
解得粒子获得最大动能为
可见Ekm与B和R有关，与U的大小无关，故A错误；
B．重核裂变产生中子使裂变反应一代接一代继续下去的过程，叫核裂变的链式反应，故B正确；
C．汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子，密立根通过油滴实验精确测定出电子所带的电荷量，故C错误；
D．泊松亮斑说明光具有波动性，故D错误。
故选B。
3．B
【详解】A．根据题给条件无法得知浮标离开平衡位置的最大距离，故A错误；
B．设波长为λ，则由题意可知
解得λ=3m，故B正确；
C．设周期为T，则由题意可知
解得T=2s，所以频率为
故C错误；
D．波速为
故D错误。
故选B。
4．C
【详解】A．由运动时受到的阻力为车重力的k 倍，由牛顿第二定律得
则
两车碰撞后做匀减速运动，由
得
两车碰撞后瞬间的速度大小为
故A错误；
B．由于碰撞时间极短，两车相碰由动量守恒得
可得两车碰撞前瞬间A车的速度大小为
故B错误；
C．对A车由
得A车初速度大小为
故C正确；
D．两车碰撞过程中的动能损失为
故D错误。
故选C。
5．A
【详解】根据图中可知，车内的挂饰偏向了右方，由此可知，汽车正在向左转弯，由于汽车做曲线运动，故合力F指向轨迹的内侧，故A正确，BCD错误。
故选A。
6．C
【详解】A．松果从A点运动到B点的过程，松果做曲线运动，所受合力不为零，故A错误；
B．松果从A点运动到B点的过程，受到摩擦力作用，由动能定理得
即重力所做的功大于动能变化量，故B错误；
C．由题意知松果从B点飞出后做平抛运动，则飞出落到水平地面上的运动时间均为
故C正确；
D．因为松果以不同初速度先后从A点沿轨道滑下，所以从B点飞出时水平方向初速度不相等，又因为所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动时间相等，故所有松果从B点飞出落到水平地面上的运动位移大小不相等，故D错误。
故选C。
7．D
【详解】对货物受力分析可知，若匀速运动，则
若货物随小车加速运动，设加速度为a，则
则
即摩擦力变大，支持力变小。
故选D。
8．A
【详解】由右手定则知，刚进入磁场时，感应电流为逆时针方向，故感应电流为正，设两腰与水平面夹角为，则有效切割长度为
则感应电流为
即感应电流与位移成线性关系，且随位移增大而增大。右侧底边出磁场后，有效切割长度为
即感应电流保持不变。之后左侧底边进入磁场后，由右手定则可知感应电流方向为顺时针方向，即感应电流为负，同理可知有效长度增大，即感应电流增大。
故选A。
9．D
【详解】A．根据电荷数和质量数守恒，可知X为中子，故A错误；
B．该反应为聚变反应，故B错误；
C．反应后，质量亏损，故C错误；
D．反应生成的新核更稳定，故的平均结合能比的平均结合能大，故D正确。
故选D。
10．D
【详解】A．电流表示数为电流的有效值，故A错误；
B．电流互感器不能测量直流输电电路的电流，故B错误；
C．原、副线圈电流的频率相同，故C错误；
D．根据变压器原副线圈电流与匝数关系可得
由于原线圈匝数小于副线圈匝数，可知副线圈的电流小于原线圈的电流，故D正确。
故选D。
11．B
【详解】A．图像，斜率表示电场强度，在处的图像斜率不为零，则电场强度也不为零，故A错误；
B．处图像斜率为零，则满足
所以电荷M、N所带电量大小之比为
故B正确；
C．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向，场强先减小为零后反向增大再减小，根据牛顿第二定律，有
可知正电荷q运动的过程中，加速度先减小为零后反向增大再减小，故C错误；
D．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。
故选B。
12．C
【详解】根据题意，垂直于斜面的截面图及受力分析如图所示
根据受力平衡并结合几何关系，可得
解得
故选C。
13．AC
【详解】AB．质量为m的冰雹下落过程中，受地球重力G和空气阻力f两个力的作用。刚开始下落时，G＞f，冰雹加速下落。随着冰雹速度的增大，它受到的阻力也在不断增大，而当阻力增大到与重力相等时，即当G=f时，冰雹开始做匀速向下运动，冰雹的速度不再增大，此时的速度就是冰雹的最大速度，由
得
冰雹落地瞬间的速度大小为
故A正确，B错误；
CD．冰雹与地面碰撞过程，由动量定理得
解得
故C正确，D错误。
故选AC。
14．BC
【详解】A． 在“火星停泊轨道”的运行半长轴小于“环火星2轨道”的半长轴，根据开普勒第三定律可知，在“火星停泊轨道”的周期小于它在“环火星2轨道”的运行周期，选项A错误；
B． 在“火星停泊轨道”从近火点向远火点运动过程，只有火星的引力做功，则机械能守恒，选项B正确；
C． 因为在“火星停泊轨道”上的周期等于火星自转周期的2倍，则在“火星停泊轨道”每次经过近火点时，都在火星上同一个位置的正上空，选项C正确；
D． 在“火星捕获轨道”的远火点要沿捕获轨道的速度方向相同方向喷火减速，才能进入“环火星1轨道”，选项D错误。
故选BC。
15．AD
【详解】A．由题图乙可知，当小球A和小球B之间距离x=0.3m时，二者之间的库仑力大小为F1=0.2N，根据库仑定律有
代入数据解得
Q=1×10-6C
故A正确；
B．由题图乙可知，x=0.3m处，小球B所受合电场力大小为F2=0.16N，则有
代入数据解得
E=1.8×105N/C
故B错误；
CD．由题图乙可知，从x=0.1m到x=0.3m，小球B所受合力先减小至零后再反向增大，所以加速度先减小至零后再反向增大，速度先增大后减小，故C错误，D正确。
故选AD。
16．BCD
【详解】A．由于不清楚电场强度的方向，则无法确定微粒的电性，故A错误；
B．由图可知，内电势能增加9J，则秒电场力做功为，故B正确；
C．由图可知，电势能均匀增加，即电场力做功与时间成正比，说明电场力方向做匀速直线运动，同理，重力方向也做匀速直线运动，则微粒的合运动为匀速直线运动，所以运动过程中运动不变，故C正确；
D．由功能关系可知，秒重力势能与电势能之和增加为12J，则秒内除电场力和重力外所受其它力对微粒做功为，故D正确。
故选BCD。
17．BC
【详解】A．由上下坡法可知波沿x轴负方向传播，大小为
故A错误；
B．由图乙可得当t=0.35s时质点P恰好回到平衡位置， 故B正确；
C．在0～0.2s时间内质点P运动的路程为
故C正确；
D．由图乙可得在0～0.1s时间内，质点P先向y轴负方向运动，后向y轴正方向运动，故D错误。
故选BC。
18．AB
【详解】A．因为双星系统的角速度相同，故对A、B可得
即
即恒星A的质量大于恒星B的质量，故A正确；
B．对恒星A可得
解得恒星B的质量为
故B正确；
C．对卫星C满足
可见无法求出卫星C的质量，故C错误；
D．由题可知，A、B始终共线，三星A、B、C相邻两次共线的时间间隔为
故D错误。
故选AB。
19．BD
【详解】A. 将滑片P往下移动，负载电阻减小，由于风叶的转速随之变为原来的五分之四，则原线圈两端电压减小，副线圈的电压减小，电流表A的读数不一定变小，A错误；
B. 根据
根据图像得
解得
将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的，ω变为原来的，电压表V2的读数为
B正确；
C. 发电机的输出功率为
将滑片P往下移动到某一位置后，风叶的转速随之变为原来的，ω变为原来的，R也减小，C错误；
D. 由于风叶转速减小，交流电的频率减小，则磁铁受到线圈L的阻碍增大，导致磁铁转速变小，D正确。
故选BD。
20．BCD
【详解】A．由图像可知，物块沿传送带向上运动s1=0.2m后与传送带相对静止，此后物块的动能不变，重力势能增加，则
解得
s2=9.6m
则输送带A、B两端点间的距离为
s=s1+s2=9.8m
故A错误；
B．由图像可知，开始运动到与传送带相对静止，则
解得
故B正确；
C．根据牛顿第二定律，可得物块加速阶段的加速度
则传送带的速度
加速的时间
匀速的时间
共用时间
故C正确；
D．每一个货件从低端到顶端要消耗的能量
每分钟共有30个货件能到达顶端，则第一件货物后，皮带输送机每分钟因运送货物而多消耗的能量为
故D正确。
故选BCD。
21．BC
【详解】A．紫外线由真空进入液体后，频率不变，根据公式
可知，光子能量不变，故A错误；
B．液体对紫外线折射率为1.5，根据公式
得
可知紫外线在液体中的传播速度减小，故B正确；
C．由于频率不变，传播速度减小，波长变短，根据公式可求得
故C正确；
D．由于波长变短，所以更不容易发生衍射，故D错误。
故选BC。
22．AD
【详解】AC．P受到的引力与Q受到的引力为相互作用力，大小相等；设P的质量为，Q的质量为，由万有引力提供向心力可得
，
可得
由于P的轨道半径大于Q的轨道半径，可知P的质量小于Q的质量，故A正确，C错误；
B．根据
由于P的轨道半径大于Q的轨道半径，可知P的线速度大于Q的线速度，故B错误；
D．根据由万有引力提供向心力可得
，
可得
若总质量M恒定，则L越大，T越大，故D正确。
故选AD。
23．AD
【详解】A．线圈的每一部分都在切割磁感线，根据右手定则可知从上往下看，线圈中感应电流沿顺时针方向，A正确；
B．线圈达到最大速度之前，随着速度增大，电流增大，所受向上的安培力增大，根据牛顿第二定律可知加速度逐渐减小，B错误；
C．环下落速度为v时，安培力与重力平衡，热功率等于克服安培力做功功率，则有
C错误；
D．t时间内，根据动量定理
其中
联立得
解得
D正确。
故选AD。
24．BD
【详解】A．小球运动到Q点的过程中，弹簧对滑块做负功，滑块、小球组成的系统机械能守恒减少，故A错误；
B．小球运动到Q点时，根据几何关系可知，此时轻杆与竖直方向的夹角满足
可得
此时滑块的速度方向竖直向下，小球的速度方向刚好也竖直向下，滑块与小球两者沿杆方向的分速度大小相等，则有
可知小球运动到Q点时速度大小与滑块相等，故B正确；
C．由于小球运动到与圆心等高的Q点时，滑块速度达到最大值，可知此时滑块的加速度为零，此时弹簧伸长量为
弹簧弹力大小为
以滑块为对象，根据受力平衡可得
解得
可知小球运动到Q点时受到细杆的弹力为，故C错误；
D．小球运动到圆环最低点P时，此时滑块运动到最低点，滑块的速度为零，设此时小球的速度为，此时弹簧的伸长量为
弹簧的弹性势能为
根据能量守恒可知
小球运动到圆环最低点P时向心加速度大小为
联立解得
故D正确。
故选BD。
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