2023年江西省赣州市信丰县中考物理质检试题（含答案）

这是一份2023年江西省赣州市信丰县中考物理质检试题（含答案），共20页。试卷主要包含了填空题，选择题，计算题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。

2023年江西省赣州市信丰县中考物理质检试卷
一、填空题（共计16分，每空1分）
1．（2分）如图所示是今年元宵晚会王亚平在空间站弹奏《茉莉花》的情景，她听到的琴声是由琴弦的 　 　产生的；人们只听琴声就能根据 　 　分辨出这是用我国传统乐器古筝弹奏的。

2．（2分）我国古代科技著作《天工开物》中，对釜的铸造有“铁化如水，以泥固针铁柄勺从嘴受注”（如图）这样的记载。其中“铁化如水”描述的物态变化是 　 　，此过程铁要 　 　（选填“吸热”或“放热”）。

3．（2分）如图甲是某同学自制的一个简易气压计，在温度相同的情况下，大气压越大，甲中玻璃管内的液柱高度就越 　 　（选填“高”或“低”）；如图乙是该同学自制的一个简易温度计，在大气压相同的情况下，温度升高，乙中玻璃管内的液柱 　 　（选填“升高”或“降低”）。

4．（2分）汽车的发动机工作时，当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒出“黑烟”，此时发动机的效率 　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。雷雨过后，汽车窗户玻璃上的两滴雨水靠近时，能自动结合成一滴较大的水滴，这一事实说明分子间存在着 　 　。
5．（2分）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中 　 　是入射光线，折射角的大小是 　 　。

6．（2分）如图所示，电磁铁的B端有一个小磁针，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向左端移动时，电磁铁的磁性将　 　（选填“增强”或“减弱”），小磁针水平静止时，它的左端为　 　极。

7．（2分）如图所示，若要将两灯变为并联电路，则应该闭合开关 　 　，此时电流表测的是 　 　的电流（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）。

8．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1与R2的阻值之比为2：3。开关S断开时电压表示数与闭合后示数之比为 　 　；开关S断开时，R1与R2的电功率之比为 　 　。

二、选择题（共14分，9～12题为单选题，每小题只有一个正确答案，每题2分；13、14题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）下面数据中符合生活实际的是（　　）
A．教室里课桌的高度大约是80dm
B．一名中学生的质量约为500kg
C．人体感觉舒适的气温约为40℃
D．人体安全电压不高于36V
10．（2分）下列所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（　　）
A．
B．
C．
D．
11．（2分）履带式起重机是现在各项土木工程的重要施工机械，工程施工的履带式起重机（　　）
A．水平移动时其重力不做功
B．吊臂前端的定滑轮能省力
C．粗糙的履带可以减小摩擦
D．宽大的履带可以增大压强
12．（2分）下列物理现象中，说法正确的是（　　）
A．连通器各部分中的液面高度总是相同的
B．高速公路严禁超速，是因为汽车速度越大，惯性越大
C．悬挂着的吊灯受到重力和吊灯对吊线的拉力是一对平衡力
D．打开行驶的汽车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小
（多选）13．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．有人发生触电时，应马上用手把人拖开，再施救
B．“酒香不怕巷子深”说明分子在不停地做无规则运动
C．敲碎煤块使煤充分燃烧能提高煤的热值
D．把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，若不考虑水的蒸发，其内能增大
（多选）14．（3分）如图所示是一位同学组装的提升重物的装置，他用80N的力在10s内把重120N的物体匀速提升5m。则此过程中，下列说法正确的是（　　）

A．他做的总功是1200J
B．他做的有用功是800J
C．他对滑轮组做功的功率是80W
D．该滑轮组的机械效率是75%
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．（7分）如图，容器中装有深度为h，质量为m1的水，已知容器的质量为m2，底面积为S，水的密度为ρ水，g用符号表示，求（本题计算结果请用题中的字母表示）：
（1）水对容器底的压力；
（2）容器对水平桌面的压强。

16．（7分）如图是某科技小组设计的打捞装置示意图，已知被打捞的合金块密度为4×103kg/m3，体积为0.01m3。每个滑轮重100N，绳重和摩擦均忽略不计。（水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）合金块未露出水面时，求合金块受到的浮力；
（2）完全露出水面后，合金块在5s内匀速上升了2m，求人的拉力及其功率。

17．（8分）如图所示是某种电热器工作的部分电路图，电源电压U＝220V不变，两根电热丝的电阻关系为R1＝2R2，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、低两个挡位的转换，低温挡时的发热功率为440W。求：
（1）R2的电阻值；
（2）电热器处于高温挡时的总功率；
（3）若在高温挡下工作7min产生的热量全部被水吸收，在一个标准大气压下这些热量能够让2kg、40℃的水，温度升高多少℃？[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]

四、实验探究题（共28分，每空1分）
18．（7分）小晨同学买了一个小吊坠（如图甲所示）作为母亲节的礼物送给妈妈，他利用天平和量筒测量小吊坠的密度。

（1）将天平放在 　 　上，移动 　 　至标尺左端零刻度线，此时指针偏向分度盘中线左侧，他应该将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节，直至天平平衡；
（2）将解去挂绳的小吊坠放在左盘，往右盘加减砝码，当最后放入5g的砝码时，发现指针指在分度盘中线的右侧，则他下一步的操作是 　 　；
A.向右移动游码
B.向左调节平衡螺母
C.取出5g的砝码
（3）天平再次平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则该小吊坠的质量为 　 　g；
（4）先向量筒中加入30mL的水，将重新系好挂绳的小吊坠轻放入量筒中，水面如图丙所示，则小吊坠的体积为 　 　cm3；
（5）小晨仔细分析了自己的测量过程发现，小吊坠密度的测量值与真实值相比 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
19．（7分）小明用如图装置探究“液体内部压强的特点”（乙和丙容器中装的是同种液体）。

（1）实验中，首先必须检查压强计能否正常使用，若用手指不论轻压还是重压探头的橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性 　 　（选填“好”或“差”）；调节好压强计后，U形管两边液面应保持 　 　。
（2）小明把探头分别浸入到图甲、乙图中的两种液体（水和酒精）中，发现图甲中U形管两边液柱的高度差比图乙小，由此，他判断图甲中的液体是酒精，他的判断是 　 　（选填“正确”或“错误”）的，理由是 　 　，接着他改变图乙中探头的深度，其探究情况如图丙所示。
（3）比较图 　 　可知，得出探头浸入液体中的深度越深，U形管两边液柱的高度差就越 　 　，表示液体在此处的压强就越 　 　。
20．（7分）小胡同学按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：

a.如图1中甲图所示，将木块A平放在长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
b.如图1中乙图所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
c.如图1中丙图所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
（1）由图1中甲、丙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越 　 　（选填“大”或“小”）。
（2）由图1中 　 　两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。
（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小明同学设计了如图1中丁图所示的装置，该装置的优点是 　 　（选填“需要”或“不需要”）长木板做匀速直线运动。
（4）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图像分别如图3和图4所示。则物体C在第2秒时受到的摩擦力大小为 　 　N，第4秒时受到的摩擦力大小为 　 　N，第4秒时物体受到的合力为 　 　N，第8秒时受到的摩擦力大小为 　 　N。
21．（7分）小胡同学用“伏安法”测量未知电阻R的阻值。

（1）根据图甲的电路图，用笔画线代替导线，将图乙的实物图补充完整。要求滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大、电压表选择合适的量程；
（2）连接电路时开关应该处于 　 　状态；
（3）电压表的示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示为 　 　A，可算出电阻R的阻值为 　 　Ω；
（4）他接着移动滑动变阻器的滑片测出多组电压和电流的值，算出对应的电阻值及电阻的平均值，计算电阻的平均值的目的是 　 　；
（5）测出电阻R的阻值后，小胡还对标有2.5V的小灯泡的电阻进行了测量，他测量了多组数据，如下表所示
次数
1
2
3
4
5
电压U/V
2.5
2.1
1.7
0.9
0.1
电流I/A
0.28
0.26
0.24
0.19
0.05
电阻R/Ω
8.93
8.08
7.08
4.74
2.00
小灯泡亮度
亮度越来越暗
小胡发现5次测量的电阻值相差较大，和其他小组交流发现都存在类似情况，且小灯泡的电阻随电压减小而减小，亮度也变暗。同学们认为这种情况不是误差造成的，而是小灯泡电阻受 　 　影响；亮度越来越暗，是小灯泡两端电压越来越小，实际功率变 　 　的缘故。

2023年江西省赣州市信丰县中考物理质检试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共计16分，每空1分）
1．【分析】（1）声音是由振动产生的；
（2）声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。
【解答】解：（1）王亚平听到的琴声是由琴弦的振动产生的；
（2）不同发声体的材料与结构不同，人们能通过声音分辨出不同乐器，这是根据声音的音色来分辨的。
故答案为：振动；音色。
2．【分析】物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液体变为固态的过程叫做凝固。
【解答】解：“铁化如水”是指铁从固态变为液态，是熔化过程；铁在熔化过程中不断吸热。
故答案为：熔化；吸热。
3．【分析】（1）根据瓶内外气压大小确定液柱高度的变化；
（2）根据气体热胀冷缩的原理确定液柱的变化。
【解答】解：（1）在温度相同的情况下，大气压越大，即外界气压大于瓶内气压，故甲中玻璃管内的液柱高度就越低；
（2）在大气压相同的情况下，温度升高，乙玻璃瓶内的气体因温度升高体积变大，由于瓶内容积一定，故乙中玻璃管内的液柱升高。
故答案为：低；升高。
4．【分析】（1）热机工作的过程中内能转化成机械能，用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率，据此结合现象可分析对效率的影响；
（1）分子间存在着相互的引力和斥力。
【解答】解：（1）汽车发动机工作的过程中内能转化成机械能，燃烧不充分时会冒“黑烟”，用来做有用功的那部分能量和汽油完全燃烧放出的能量之比减小，所以效率降低；
（2）由于分子间存在着相互的引力，故两滴水靠近时能结合成一滴较大的水。
故答案为：降低；引力。
5．【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。
【解答】解：由图可知，∠BOM′＝30°，所以∠BON＝90°﹣30°＝60°，同理∠AON＝60°；
根据反射角等于入射角，所以NN′为法线，MM′为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；
由图可知，折射角为：∠CON′＝90°﹣55°＝35°。
故答案为：BO；35°。
6．【分析】由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。
开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向。
【解答】解：滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性减弱；
由图知电流从右端流入，左端流出，根据安培定则可知，此时电磁铁的A端是N极，B端是S极，据磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，其左端是N极，右端是S极；
故答案为：减弱；N。
7．【分析】分析电路图，若将两灯并联电路，必须有独立的电流路径，再确定开关的开、闭状态；进而确定电流表的测量对象。
【解答】解：如图，若将两灯并联电路，电流从电源正极流出，分为两条支路，一条支路只有L1，另一条支路为S3、电流表、L2，最后回到电源负极，所以需只闭合开关S1、S3，此时电流表测量L2支路的电流。
故答案为：S1、S3；L2。
8．【分析】开关S断开时，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且电阻R1与R2的阻值之比为2：3，由P＝I2R可得R1与R2的电功率之比；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律得出此时电路中的电流，根据U1＝IR1得出电压表的示数；
开关S闭合后，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为U，据此得出开关S闭合前后，电压表两次的示数之比。
【解答】解：开关S断开时，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，且电阻R1与R2的阻值之比为2：3，
所以，由P＝I2R可得，R1与R2的电功率之比：
＝＝＝；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，设两电阻分别为2R、3R；
所以，此时电路中的电流：
I＝＝＝，
则电压表的示数：
U1＝IR1＝×2R＝；
开关S闭合后，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为U，
所以，开关S闭合前后，电压表两次的示数之比：
U1：U＝：U＝2：5。
故答案为：2：5；2：3。
二、选择题（共14分，9～12题为单选题，每小题只有一个正确答案，每题2分；13、14题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．【分析】教室的课桌约为80cm、学生体重约为50kg、人体舒适温度约为25℃、安全电压不高于36V、利用生活中的一些常识去判断四个选项。
【解答】解：A、80dm＝8m，教室的课桌如果是8m的，不符合常识，应该为80cm，故A错误；
B、一名中学生的质量约为50kg，故B错误；
C、人体感觉舒适的气温约为25℃，故C错误；
D、人体安全电压不高于36V，故D正确。
故选：D。
10．【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
【解答】解：电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；
AD．由图可知，该图为探究电磁感应现象，是发电机原理，故AD不符合题意；
B．由图可知，该图为司南，其原理为地磁场对磁体的作用，故B不符合题意；
C．由图可知，该图为探究通电导体在磁场中的受力作用的实验，是电动机原理，故C符合题意。
故选：C。
11．【分析】（1）做功的必要条件：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离；
（2）使用定滑轮不能省力，但能改变力的方向；
（3）压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大；
（4）压力一定时，受力面积越大，产生的压强越小。
【解答】解：A、履带式起重机水平移动时，由于没有在竖直方向上通过距离，因此其重力不做功，故A正确；
B、吊臂前端的定滑轮不能省力，但能改变力的方向，故B错误；
C、粗糙的履带可以增大摩擦，故C错误；
D、宽大的履带可以减小压强，故D错误。
故选：A。
12．【分析】（1）连通器原理：连通器中装同种液体静止时液面相平；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。质量越大，惯性越大；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（4）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
【解答】解：A．连通器中装同种液体，静止时液面相平，故A错误；
B．物体的惯性大小只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，故B错误；
C．悬挂着的吊灯受到的重力的受力物体是吊灯，吊灯对吊线的拉力的受力物体是吊线，这两个力不是同一个受力物体，故这两个力不是平衡力，故C错误；
D．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差造成的，故D正确。
故选：D。
13．【分析】（1）发现有人触电，一定要及时切断电源；
（2）扩散现象表明组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（3）燃料的热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出的热量和燃料的燃烧情况无关；
（4）0℃的冰熔化为0℃的水，要吸收热量。
【解答】解：
A、遇到有人触电，应先切断电源，切忌用手去拉触电者进行施救，以避免救治的人触电，故A错误；
B、“酒香不怕巷子深”属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、燃料的热值是燃料本身的特性，与燃料是否充分燃烧无关，所以敲碎煤块使煤充分燃烧，不能提高煤的热值，故C错误；
D、若不考虑水的蒸发，把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，冰块吸收热量，其内能会增加，故D正确。
故选：BD。
14．【分析】由图可知，动滑轮上绳子股数n＝2，由公式W有＝Gh求得有用功，由公式W总＝Fs求得总功，由公式求得做总功的功率；由公式η＝求得机械效率。
【解答】解：A、由图可知，动滑轮上绳子股数n＝2，绳端移动的距离为：s＝nh＝2×5m＝10m，该同学做的总功为：W总＝Fs＝80N×10m＝800J，故A错误；
B、该同学做的有用功为：W有＝Gh＝120N×5m＝600J，故B错误；
C、他对滑轮组做功的功率即做总功的功率为：，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：η＝＝，故D正确。
故选：CD。
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．【分析】（1）根据p＝ρgh可求出水对容器底部的压强，再由p＝可求出水对容器底部的压力；
（2）容器对地面的压力等于自身的重力（容器和水的重力），根据p＝可求出容器对地面的压强。
【解答】解：（1）水对容器底部的压强为：
p＝ρ水gh，
由p＝得，水对容器底部的压力为：
F＝pS＝ρ水ghS；
（2）容器对水平桌面的压力等于容器和水的总重，
即：F′＝G总＝m总g＝（m1+m2）g，
容器对水平桌面的压强：
p′＝＝。
答：（1）水对容器底的压力为ρ水ghS；
（2）容器对水平桌面的压强为。
16．【分析】（1）由于合金块浸没水中，合金块排开水的体积等于合金块的体积，利用阿基米德原理求合金块所受的浮力；
（2）利用密度公式求解合金的质量，然后可求得其重力，完全露出水面后，绳重和摩擦均忽略不计，人所用拉力F＝（G+G动），已知合金块上升高度h＝2m，则绳子自由端移动的距离s＝2h，由W＝Fs可求得人的拉力做功，由P＝可求得人的拉力的功率。
【解答】解：（1）因为合金块浸没水中，所以合金块排开水的体积：
V排＝V金＝0.01m3；
合金块所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×0.01m3＝100N；
（2）由ρ＝可得，合金块的质量m金＝ρ合金V金＝4×103kg/m3×0.01m3＝40kg，
G金＝m金g＝40kg×10N/kg＝400N，
完全露出水面后，绳重和摩擦均忽略不计，人所用拉力F＝（G金+G动）＝（400N+100N）＝250N，
绳子自由端移动的距离s＝2h＝2×2m＝4m，
人的拉力做功W＝Fs＝250N×4m＝1000J，
拉力的功率P＝＝＝200W。
答：（1）合金块受到的浮力为100N。
（2）人的拉力为250N，其功率为200W。
17．【分析】（1）由电路图可知，开关S接触b、c两个触点时电路为R1的简单电路，开关S接触c、d两个触点时R1与R2并联，根据电阻的并联结合两电阻的阻值关系判断两种情况下总电阻的关系，根据P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越大时总功率越小，电热器处于低温挡，反之处于高温挡，根据P＝UI＝可求出R1的电阻值，由R1＝2R2，算出R2的电阻值；
（2）根据P＝UI＝可求出电热器处于高温挡时R2的功率，再加上低温挡的功率就是高温挡时的总功率；
（3）根据W＝Pt算出在高温挡下工作7min产生的热量；若产生的热量全部被水吸收，判断出水吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt求出升高的温度，根据在标准大气压下水的沸点是100℃算出水水果的实际温度。
【解答】解：（1）由电路图可知，开关S接触b、c两个触点时电路为R1的简单电路，开关S接触c、d两个触点时R1与R2并联，
因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，开关S接触b、c两个触点时总电阻大，开关S接触c、d两个触点时总电阻小，
由P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越大时总功率越小，
则开关S接触b、c两个触点时电热器处于低温挡，开关S接触c、d两个触点时电热器处于高温挡，
根据P＝UI＝可知R1的电阻值为：
R1＝＝＝110Ω，
因为R1＝2R2，所以R2的电阻值为：
R2＝R1＝×110Ω＝55Ω；
（2）R2的电功率为：
P2＝＝＝880W，
高温挡时的总功率为：
P高温＝P低温+P2＝440W+880W＝1320W；
（3）高温挡下工作7min产生的热量为：
Q＝W＝P高温t＝1320W×7×60s＝5.544×105J，
若产生的热量全部被水吸收，
所以水吸收的热量为：Q吸＝Q＝5.544×105J，
根据Q吸＝cmΔt知升高的温度为：
Δt＝＝＝66℃，
水的末温度为：40℃+66℃＝106℃。
因为在标准大气压下水的沸点是100℃，
所以水升高的温度为：
Δt′＝100℃﹣40℃＝60℃。
答：（1）R2的电阻值为55Ω；
（2）电热器处于高温挡时的总功率为1320W；
（3）如果在高温挡下工作7min产生的热量全部被水吸收，在一个标准大气压下这些热量能够让2kg、40℃的水，温度升高60℃。
四、实验探究题（共28分，每空1分）
18．【分析】（1）在调节天平平衡前，应将天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端的零刻度线处；指针左偏，平衡螺母右调；指针右偏，平衡螺母左调；
（2）天平平衡后，把小吊坠放在左盘，用镊子向右盘加减砝码，当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明右盘重，需要将最小的砝码取下来，再向右移动游码；
（3）天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
（4）读出小吊坠和水的总体积，计算出小吊坠的体积；
（5）吊坠放入水中时，根据测得水和吊坠的总体积变化，由密度公式判断测得吊坠的密度变化。
【解答】解：（1）正确使用天平：应先把天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端零刻度线位置上，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右调，才能使天平平衡；
（2）天平平衡后，把小吊坠放在左盘，用镊子向右盘加减砝码，当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，接下来正确的操作步骤是把天平右盘的最小的砝码拿走，并向右移游码，使天平平衡，故C正确；
（3）由图乙知，标尺的分度值为0.2g，所以吊坠的质量为m＝20g+4g＝24g；
（4）由图丙知，水和吊坠的体积为38mL，所以吊坠的体积为：V＝38mL﹣30mL＝8mL＝8cm3；
（5）根据题意当吊坠放入量筒中的水时，吊坠中间的孔可能会有部分气泡，挂绳（浸在水中的部分）也有一定的体积，使测量的总体积V偏大，则测得吊坠的体积偏大，由密度公式ρ＝可知测得吊坠的密度将偏小。
故答案为：（1）水平桌面；游码；右；（2）C；（3）24；（4）8；（5）偏小。
19．【分析】（1）压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计气密性差，U形管两边液柱的高度差变化都很小；
（2）液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟密度的关系时，控制液体深度不变；探究液体压强跟深度关系时，控制密度不变；
（3）在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大。
【解答】解：（1）若用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性差；调节好压强计后，U形管两边液面应保持相平；
（2）把探头分别浸入到甲、乙图中的两种液体（水和酒精）中，由图可知，没有控制探头所在的深度相同，所以不能通过液体压强的大小来比较液体密度的大小，故他的判断是错误的。
（3）研究液体压强与深度的关系时，应控制液体密度相同，改变深度，故小敏应该比较图乙、丙；探头浸入液体的深度越深，U形管两边液柱的高度差就越大，表示液体的压强就越大。
故答案为：（1）差；相平；（2）错误；没有控制探头所在的深度相同；（3）乙、丙；大；大。
20．【分析】（1）（2）实验中缓缓地匀速水平直线拉动木块，物体在水平方向上受到平衡力的作用，测力计示数大小等于摩擦力的大小，根据控制变量法，找出实验中相同量和不同量，分析得出滑动摩擦力与变化量的关系；
（3）根据A处于静止状态结合二力平衡分析；
分析B的受力，根据力的相互性和力的平衡分析；
（4）因压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，据此分析.
【解答】解：（1）由图1中甲、丙两图可知，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（2）由图1中甲、乙两图可知，压力一定，乙中接触面更粗糙，滑动摩擦力较大，故得出当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）A相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到B施加的摩擦力为一对平衡力，大小相等，只要拉动了长木板B，小木块A就在长木板B上滑动，A与B之间的摩擦力就是滑动摩擦力，其大小与物体相对运动的速度无关；故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动；
（4）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图像分别如图3图4所示，可知物体在0～3秒时处于静止状态，此时物体C受到的摩擦力是静摩擦力，则物体C在第2秒时受到的摩擦力等于拉力2N；
由图4知，6﹣9秒物体做匀速直线运动，所以6～9s物体C受到的摩擦力大小等于4N，第8min受到的摩擦力为4N，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，合力为零；
第4秒时物体做加速运动，由于压力和接触面的粗糙程度都不变，滑动摩擦力不变，仍为4N，合力为6N﹣4N＝2N。
故答案为：（1）控制变量法；（2）大；（3）甲、乙；（4）不需要；（5）2；4；2；4。
21．【分析】（1）两节干电池3V，所以电压表选择0～3V量程，滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大，由此可知滑动变阻器下面接线柱是哪一边的接入电路；
（2）闭合开关前，滑动变阻器应调节在阻值最大处；连接电路时开关应该处于断开状态；
（3）电流表读数时要先分析量程和分度值，再进行读数；由欧姆定律计算对于阻值；
（4）为了实验数据的精确度可以多测几组数据求平均值，从而减小误差；
（5）小灯泡的阻值和温度有关，灯泡的亮暗程度表示灯泡的实际功率大小。
【解答】解：（1）两节干电池3V，所以电压表选择0～3V量程，滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大，所以滑动变阻器左下接线柱接入电路，电路连接如图所示；
；
（2）为保护电路，连接电路时开关应该处于断开状态；
（3）电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以读数为0.3A；
R＝＝＝5Ω；
（4）计算平均值的目的是减小误差；
（5）小灯泡的阻值和温度有关，灯泡亮，温度高，阻值大，灯泡暗，温度低，阻值小；灯泡的亮暗程度表示灯泡的实际功率大小。
故答案为：（1）如图所示；（2）断开；（3）0.3；5；（4）为了减小误差；（5）温度；小。