上海高考化学三年（2020-2022）模拟题分类汇编-13离子反应（6）

这是一份上海高考化学三年（2020-2022）模拟题分类汇编-13离子反应（6），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题等内容，欢迎下载使用。

上海高考化学三年（2020-2022）模拟题分类汇编-13离子反应（6）

一、单选题
1．（2020·上海宝山·统考一模）下列离子在稳定人体血液的pH中起作用的是
A．Na+ B．HCO C．Fe2+ D．Cl-
2．（2020·上海松江·一模）下列物质两两混合，不能用Ca2++═CaCO3↓表示的是(　　)
A．Ca(OH)2与Na2CO3 B．CaCl2与K2CO3
C．CaCl2与Na2CO3 D．Ca(OH)2与(NH4)2CO3
3．（2020·上海嘉定·二模）下列离子方程式书写正确的是（    ）
A．向NaAlO2溶液中通入过量CO2：
B．铝与氯化铜溶液反应：
C．次氯酸钙溶液中通入SO2气体：
D．在溶液中NH4HCO3与NaOH以等物质的量混合：
4．（2020·上海静安·统考二模）向下列溶液中加入足量Na2O2后，仍能共存的离子是
A．K+、AlO2－、SO42－、Cl－ B．Na+、Cl－、CO32－、SO32－
C．Ca2+、Mg2+、HCO3－、NO3－ D．NH4+、Ba2+、Cl-、NO3－
5．（2020·上海杨浦·统考二模）向H2SO4和NH4Al(SO4)2的混合溶液中滴加NaOH溶液，不可能发生
A．H+＋OH-→H2O B．Al3+＋4NH3·H2O→AlO2-＋4NH4+＋2H2O
C．NH4+＋OH-→NH3·H2O D．Al(OH)3＋OH-→AlO2-＋2H2O
6．（2020·上海杨浦·统考二模）向FeCl3和BaCl2的混合溶液中通入SO2，有沉淀生成，此沉淀是
A．Fe(OH)3 B．FeS C．S D．BaSO4
7．（2020·上海松江·统考二模）关于KHCO3溶液的说法正确的是（    ）
A．温度升高，c(HCO3-)增大
B．溶质的电离方程式为KHCO3=K++H++CO32-
C．温度不变，加水稀释后，n(H+)与n(OH-)的乘积变大
D．离子浓度关系：c(K+)+c(H+)=c(OH-)+c(HCO3-)+c(CO32-)
8．（2020·上海金山·统考二模）将NaCl溶于水配成1mol/L的溶液，溶解过程如图所示，下列说法正确的是  

A．a离子为Na+
B．溶液中含有NA个Na+
C．水合b离子的图示不科学
D．氯化钠溶于水只发生了水合过程
9．（2020·上海金山·统考二模）下列反应不属于离子反应的是
A．乙醇与乙酸 B．氨水与醋酸
C．碳酸钙与盐酸 D．氯化铁溶液与硫氰化钾溶液
10．（2020·上海虹口·统考二模）某溶液含有Ba2+、Fe2+、Cl-、NO3-等离子，向其中加入足量的稀硫酸后，溶液中离子的物质的量几乎不变的是
A．Ba2+ B．Fe2+ C．Cl- D．NO3-
11．（2020·上海青浦·统考二模）将一定量的SO2通入Fe(NO3)3溶液中，再加入适量BaCl2溶液，一定会大量增加的是
A．H+ B．SO42- C．Ba2+ D．Fe2+
12．（2020·上海浦东新·统考二模）下列离子方程式中，只能表示唯一一个酸碱中和反应的是（    ）
A．H++NH3·H2O=NH4++H2O
B．CH3COOH+OH-=CH3COO-+H2O
C．2H++Mg(OH)2=2H2O+Mg2+
D．2H++Ba2++2OH-+SO42-=2H2O+BaSO4↓
13．（2020·上海崇明·统考二模）能在溶液中大量共存，且各离子的物质的量浓度相同（忽略离子的水解）的一组是（    ）
A．Mg2+、K+、NH4+、CO32-、SO42- B．Fe2+、H+、NO3-、Cl-、S2-
C．Al3+、Na+、SO42-、Cl-、NO3- D．Cu2+、H+、SO42-、Cl-、NO3-
14．（2020·上海长宁·统考二模）在溶液中加入过量Na2O2后仍能大量共存的是（    ）
A．NH4+、Ba2+、Cl-、NO3- B．K+、CO32-、AlO2-、SO42-
C．Fe2+、Mg2+、SCN-、Cl- D．Na+、HCO3-、SO32-、I-
15．（2020·上海黄浦·统考模拟预测）某溶液中可能含有Na+、NH4+、Fe2+、K+、SO32-、SO42-，且所有离子物质的量浓度相等。向该无色溶液中滴加少量溴水，溶液仍呈无色。下列关于该溶液的判断正确的是（    ）
A．肯定不含K+
B．肯定含有SO32-、K+
C．肯定不含SO42-
D．肯定含有NH4+
16．（2020·上海黄浦·统考一模）下列反应的离子方程式与量无关的是（    ）
A．碳酸钠与盐酸 B．氯化铝与氢氧化钠
C．次氯酸钠与二氧化碳 D．铁与稀硝酸
17．（2020·上海静安·模拟预测）下列反应，不能用离子方程式：Ca2++OH－+HCO3－→CaCO3↓+H2O表示的是
A．碳酸氢钠与足量的氢氧化钙 B．氢氧化钙与足量的碳酸氢钙
C．碳酸氢钙与足量的氢氧化钠 D．氢氧化钠与足量的碳酸氢钙
18．（2020·上海闵行·统考二模）能与氢硫酸反应的非电解质是
A．氯气 B．氢氧化钠 C．硫酸亚铁 D．二氧化硫
19．（2020·上海奉贤·统考一模）将l00ml 1mol/L 的NaHCO3溶液等分为两份，其中一份加入少许冰醋酸，另外一份加入少许Ba(OH)2固体，忽略溶液体积变化。两份溶液中c(CO32-)的变化分别是
A．减小、减小 B．减小、增大 C．增大、增大 D．增大、减小
20．（2020·上海浦东新·统考一模）某溶液中可能含有 H+、NH4+、Fe2+、SO42﹣、CO32﹣、Br﹣，且物质的量浓度相同；取样进行实验，结果是：①测得溶液 pH＝2；②加入氯水，溶液颜色变深。对原溶液描述错误的是(　　)
A．一定含有 Fe2+ B．一定含有 Br﹣
C．可能同时含 Fe2+、Br﹣ D．一定不含NH4+
21．（2020·上海浦东新·统考一模）NaHCO3 和 NaHSO4 溶液混合后，实际参加反应的离子是(　　)
A．CO32﹣ 和 H+ B．HCO3﹣ 和HSO4﹣
C．CO32﹣ 和HSO4﹣ D．HCO3﹣ 和 H+
22．（2020·上海青浦·统考一模）某无色溶液中可能含有 Al3+、HCO3-、Ba2+和 Cl-，取样加入少量氢氧化钠溶液产生白色沉淀，另取样加入稀硫酸产生白色沉淀和产生气体，则原溶液中（　　）
A．一定有 Cl-
B．一定有 HCO3-
C．可能有 Ba2+
D．可能有 Al3+
23．（2020·上海宝山·统考一模）下列示意图与化学用语表述内容不相符的是（水合离子用相应离子符号表示）（　　）
A． NaCl→Na++Cl-
B．CuCl→Cu2++2Cl-
C．CH3COOH⇌CH3COO-+H+
D．H2 （g）+Cl2（g）→2HCl（g）+183kJ
24．（2020·上海静安·统考一模）实验测得浓度均为0.5 mol•L-1的Pb(CH3COO)2溶液的导电性明显弱于Pb(NO3)2溶液，又知PbS是不溶于水及稀酸的黑色沉淀，下列离子方程式书写错误的是
A．Pb(NO3)2溶液与 CH3COONa 溶液混合：Pb2++2CH3COO-= Pb(CH3COO)2
B．Pb(NO3)2 溶液与K2S溶液混合：Pb2++S2-=PbS↓
C．Pb(CH3COO)2 溶液与K2S溶液混合：Pb2++S2- =PbS↓
D．Pb(CH3COO)2 在水中电离： Pb(CH3COO)2Pb2+ +2CH3COO-
25．（2020·上海奉贤·统考二模）某无色溶液中含Na+、I-、NO3-、Cl-，加入下列哪种溶液不会使其变色
A．淀粉溶液 B．硫酸氢钠溶液 C．H2O2溶液 D．氯水
26．（2020·上海奉贤·统考一模）在的含有、、三种阳离子的溶液中，可能存在的阴离子是    （　　）
①　②　③　④
A．①② B．②③ C．③④ D．①③
27．（2020·上海黄浦·统考模拟预测）能正确表示下列反应的离子方程式的是
A．硫化亚铁溶于稀硝酸中：FeS+2H+=Fe2++H2S↑
B．用FeCl3溶液腐蚀印刷电路板：Fe3++Cu=Fe2++Cu2+
C．向明矾溶液中加入过量氢氧化钡溶液：Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-=2BaSO4↓+AlO2-+2H2O
D．等物质的量的NaHCO3和Ca（OH）2溶液混合：2HCO3—+Ca2++2OH—=CaCO3↓+CO32—+2H2O
28．（2020·上海黄浦·统考一模）下列描述，其因果关系成立的是
A．因为NH3的水溶液可以导电，所以NH3是电解质
B．因为SO2可以使溴水褪色，所以SO2具有漂白性
C．因为某碱性溶液的焰色呈黄色，所以其溶质为NaOH
D．因为电解质溶于水后电离为离子，所以电解质在溶液中的反应实质是离子反应

二、填空题
29．（2020·上海松江·一模）完成下列填空：硼氧化钠(NaBH4)是合成中常用的还原剂。采用NaBO2为主要原料制备NaBH4(B元素化合价为+3)的反应为：NaBO2+SiO2+Na+H2NaBH4+Na2SiO3(未配平)；硅酸钠俗称泡花碱，又名水玻璃，在工业生产中也有广泛应用(已知硅酸为难溶性弱酸)
完成下列填空：
(1)上述反应中，原子最外层有两个未成对电子的元素是_____(填元素符号)。SiO2熔点高的原因是_____。
(2)上述反应中H2与Na的物质的量之比为_____。
(3)硅酸钠水溶液产生硅酸(H2SiO3)，硬化粘结，且有碱性，其原因是_____(用离子方程式表示)。铸造工艺中可用氯化铵作为水玻璃的硬化剂。试用平衡原理加以解释_____。
(4)NaBH4可使许多金属离子还原成金属单质。例如它从含金离子(Au3+)的废液中提取Au．配平该反应的离子方程式：_____Au3++_____BH4﹣+_____OH-→_____Au+_____BO2﹣+_____H2O。
(5)最新研究发现以NaBH4和H2O2为原料，NaOH溶液作电解质溶液，可以设计成全液流电池，则每消耗1L6mol/L H2O2溶液，理论上流过电路中的电子数为_____。
30．（2020·上海嘉定·二模）面对新冠肺炎病毒可以采用的消毒剂常见的有“84”消毒液，医用酒精它们的有效成分分别是NaClO、，都可以使病毒中的蛋白质变性，从而杀死病毒。请回答以下问题：
（1）以上涉及元素包含______个主族、______个周期；按原子半径由小到大排列依次为____________（用元素符号表示）；有2个未成对电子元素是______；非金属性：O>Cl，请列举一个事实________________________。
（2）是______（“电解质”，“非电解质”）；75%酒精的“75%”是______（“质量分数分数”，“体积分数”），分子中的氢原子的类型有______种（“2”，“3”或“4”）。
（3）NaClO的电子式______，其溶液中的离子浓度由大到小顺序__________________。某化学工作者在家自制“84”消毒液如图

（4）①M的化学式______，铁是______极；②请阐述该装置能够制取消毒液的理由：_____________。

三、实验题
31．（2020·上海宝山·统考一模）食盐中含有一定量的镁、铁等杂质，加碘盐可能含有K+、IO3-、I-、Mg2+．加碘盐中碘的损失主要是由于杂质、水分、空气中的氧气以及光照、受热引起的。
已知：IO3-+5I-+6H+→3I2+3H2O，2Fe3++2I-→2Fe2++I2，KI+I2⇌KI3；氧化性：IO3-＞Fe3+＞I2。
（1）学生甲对某加碘盐进行如下实验，以确定该加碘盐中碘元素的存在形式。取一定量加碘盐，用适量蒸馏水溶解，并加稀盐酸酸化，将所得溶液分为3份。第一份试液中滴加KSCN溶液后显红色；第二份试液中加足量KI固体，溶液显淡黄色，加入CCl4，下层溶液显紫红色；第三份试液中加入适量KIO3固体后，滴加淀粉试剂，溶液不变色。
①第一份试液中，加KSCN溶液显红色，该红色物质是______（用化学式表示）。
②第二份试液中“加入CCl4”的实验操作名称为______，CCl4中显紫红色的物质是______（用化学式表示）。
③根据这三次实验，学生甲得出以下结论：
在加碘盐中，除了Na+、Cl-以外，一定存在的离子是______，可能存在的离子是______，一定不存在的离子是______。由此可确定，该加碘盐中碘元素是______价（填化合价）的碘。
（2）将I2溶于KI溶液，在低温条件下，可制得KI3•H2O．该物质作为食盐加碘剂是否合适？______（填“是”或“否”），并说明理由______。
（3）已知：I2+2S2O32-→2I-+S4O62-．学生乙用上述反应方程式测定食用精制盐的碘含量（假设不含Fe3+），其步骤为：
a．准确称取wg食盐，加适量蒸馏水使其完全溶解；
b．用稀硫酸酸化所得溶液，加入足量KI溶液，使KIO3与KI反应完全；
c．以淀粉溶液为指示剂，逐滴加入物质的量浓度为2.0×10-3mol/L的Na2S2O3溶液10.0mL，恰好反应完全。
根据以上实验，学生乙所测精制盐的碘含量（以I元素计）是______mg/kg（以含w的代数式表示）。
32．（2020·上海静安·统考一模）甲乙两组学生用不同的方法制备氯气并验证其性质。甲组用漂白粉与硫酸溶液反应制取氯气：Ca(ClO)2＋CaCl2＋2H2SO42CaSO4＋2Cl2↑＋2H2O，如图1所示；乙组用高锰酸钾与浓盐酸反应制取氯气：2KMnO4＋16HCl(浓)→2MnCl2＋2KCl＋5Cl2↑＋8H2O，如图2所示(省略夹持装置)。

（1）实验中A选用装置__，E选用装置__(填写序号)。

（2）装置F的作用___，请描述装置G中的实验现象___。
（3）B中反应的离子方程式是___；C中氯气氧化了亚硫酸钠：Cl2+SO32-+H2O → SO42-+2Cl-+2H+，请你帮甲组设计一个实验，证明洗气瓶C中的Na2SO3已被氧化(简述实验步骤)：___。
（4）乙组中H的目的是比较氯、溴、碘的非金属性，有同学认为该设计不能达到实验目的，其理由是___。
（5）甲组实验存在的明显缺陷是___。

参考答案：
1．B
【详解】
钠离子、氯离子与氢离子和氢氧根离子均不反应，不能稳定人体血液的pH。亚铁离子能与氢氧根离子反应，与氢离子不反应，也不能稳定人体血液的pH。HCO与氢离子和氢氧根离子均反应，能稳定人体血液的pH。
答案选B。
2．D
【分析】离子方程式Ca2++＝CaCO3↓表示的是：含有可溶性钙离子的化合物与可溶性碳酸盐反应生成可溶性盐和碳酸钙的一类反应，据此进行判断。
【详解】A.Ca(OH)2与Na2CO3发生反应生成碳酸钙和氢氧化钠，反应的离子方程式：Ca2++＝CaCO3↓，故A不符合题意；
B.CaCl2与K2CO3发生反应生成碳酸钙和氯化钾，反应的离子方程式：Ca2++＝CaCO3↓，故B不符合题意；
C.CaCl2与Na2CO3反应生成碳酸钙和氯化钠，反应的离子方程式：Ca2++CO32-＝CaCO3↓，故C不符合题意；
D.Ca(OH)2与(NH4)2CO3混合后生成碳酸钙和一水合氨，一水合氨为弱碱，不可拆，故离子方程式为：Ca2++2OH﹣+2 +＝CaCO3↓+2NH3•H2O，该反应不可以用Ca2++＝CaCO3↓表示，故D符合题意；
答案选D。
3．A
【详解】A．NaAlO2溶液中通入过量CO2生成氢氧化铝和碳酸氢钠，离子方程式正确，A正确；
B．电荷不守恒，应为：，B错误；
C．次氯酸根离子有强氧化性，SO2有较强还原性，二者发生氧化还原反应，离子方程式应为：Ca2＋＋ClO－＋SO2＋H2O=CaSO4↓＋2H＋＋Cl－，C错误；
D．NH4HCO3与NaOH物质的量相等，OH-不足量，OH-和HCO3-反应，离子方程式为：OH-+HCO3-=H2O+CO32-，D错误。
答案选A。
4．A
【详解】A．K+，，与Cl-相互之间不反应，因此能在溶液中大量共存；加入足量过氧化钠后，溶液中会出现大量的Na+和OH-，并同时发生氧化还原反应，但上述离子仍不发生反应，因此仍能大量共存，A项正确；
B．Na+，Cl-，，相互之间不反应，因此能在溶液中大量共存；加入足量过氧化钠，由于过氧化钠具有强氧化性，会将氧化为，因此不能再含有，B项错误；
C．Ca2+，Mg2+，和相互之间不反应，因此能在溶液中大量共存；加入足量过氧化钠后，由于溶液中会出现大量的OH-会将转化为，又会使Mg2+，Ca2+沉淀，因此溶液中不再含有大量的，Mg2+，Ca2+，C项错误；
D．，Ba2+，Cl-与相互之间不反应，因此能在溶液中大量共存；加入足量过氧化钠后，由于溶液中会出现大量的OH-会与反应，因此溶液中不再含有大量的，D项错误；
答案选A。
【点睛】溶液中的离子若之间能发生复分解反应或氧化还原反应或络合反应或强烈互促的双水解反应，那么其无法在溶液中大量共存；此外，也要注意其他的限定条件如无色溶液中不含有有色离子等。
5．B
【详解】A．混合溶液中的H2SO4与NaOH反应，离子方程式为H+＋OH-→H2O，A正确；
B．Al3+与NH3·H2O反应，生成的Al(OH)3不溶于NH3·H2O，B不正确；
C．混合溶液中的NH4+与NaOH发生反应为NH4+＋OH-→NH3·H2O，C正确；
D．Al3+与NaOH反应生成Al(OH)3，Al(OH)3与OH-发生反应Al(OH)3＋OH-→AlO2-＋2H2O，D正确；
故选B。
【点睛】向H2SO4和NH4Al(SO4)2的混合溶液中滴加NaOH溶液，H+首先与OH-反应，反应完成后，Al3+与OH-反应生成Al(OH)3沉淀，然后是NH4+与OH-反应，最后是Al(OH)3与OH-反应。
6．D
【详解】向FeCl3和BaCl2的混合溶液中通入SO2，发生反应：2FeCl3+SO2+2H2O==2FeCl2+H2SO4+2HCl，H2SO4+BaCl2==BaSO4↓+2HCl，故选D。
7．C
【详解】A．HCO3-水解为吸热反应，升高温度，促进水解，c(HCO3-)增大，故A错误；
B．KHCO3为强电解质，溶质的电离方程式为KHCO3＝K++HCO3-，故B错误；
C．温度不变，加水稀释后，促进HCO3-的水解，氢氧根的物质的量增大，浓度减小，Kw不变，氢离子的浓度增大，物质的量增大，n(H+)与n(OH-)的乘积变大，故C正确；
D．由电荷守恒可知，离子浓度关系：c(K+)+c(H+)=c(OH-)+c(HCO3-)+2c(CO32-)，故D错误；
答案选C。
8．C
【详解】A．氯化钠在溶液中电离出钠离子和氯离子，钠离子的离子半径小于氯离子，则a离子为氯离子，故A错误；
B．没有明确溶液的体积，无法计算钠离子的个数，故B错误；
C．钠离子带正电荷，能使水分子中带有负电的氧原子受到吸引，则水合b离子的图示不科学，故C正确；
D．氯化钠溶于水，发生了吸热的扩散过程和放热的水合过程，故D错误；
故选C。
【点睛】计算溶液中溶质微粒的物质的量时，必须明确溶液的体积，不能误认为体积为1L是解答易错点。
9．A
【详解】A．在浓硫酸作用下，乙醇与乙酸共热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，该反应不是在溶液中进行，不属于离子反应，故A正确；
B．氨水与醋酸在溶液中反应生成醋酸铵和水，属于离子反应，故B错误；
C．碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、二氧化碳和水，属于离子反应，故C错误；
D．氯化铁溶液与硫氰化钾溶液发生络合反应生成硫氰化铁和氯化钾，属于离子反应，故D错误；
故选A。
【点睛】离子反应是离子之间的反应，电解质在水溶液中反应的实质是离子之间的反应，注意离子反应的实质是解题的关键。
10．C
【详解】某溶液含有Ba2+、Fe2+、Cl-、NO3-等离子，向其中加入足量的稀硫酸后；Ba2+与SO42-生成白色沉淀BaSO4，Ba2+物质的量减小；NO3-（H+）具有强氧化性，Fe2+具有还原性，二者发生氧化还原反应：3Fe2++NO3-+4H+=3Fe3++NO↑+2H2O，故NO3-和Fe2+物质的量均减小；Cl-物质的量几乎不变；答案选C。
【点睛】硝酸根离子本身没有强氧化性，在酸性环境下，具有强氧化性。
11．A
【详解】由于二氧化硫是酸性气体，通入Fe(NO3)3溶液中，相当于生成了硝酸，硝酸的氧化性强于三价铁离子，先发生二氧化硫被硝酸氧化的过程，前阶段发生反应：SO2少量时，2NO3-+3SO2 +2H2O=2NO+3SO42-+4H+，后阶段发生反应：SO2过量时：2Fe3++SO2+2H2O= 2Fe2++SO42- +4H+，总反应：Fe3++3NO3-+5SO2+4H2O=3NO+5SO42-+8H++Fe2+，再加入适量BaCl2溶液，钡离子与硫酸根离子结合生成硫酸钡沉淀，故不管是发生前段反应，还是后段反应，氢离子的量一定是增加的，故答案选A。
【点睛】本题根据氧化性和还原性的强弱，判断先发生的反应是解本题的关键。
12．D
【详解】A．H++NH3·H2O=NH4++H2O可以表示硫酸、硝酸、盐酸等强酸与氨水的反应，可以表示多个酸碱中和反应，故A不选；
B．CH3COOH+OH-=CH3COO-+H2O可以表示乙酸与氢氧化钠、氢氧化钾等强碱的反应，可以表示多个酸碱中和反应，故B不选；
C．2H++Mg(OH)2=2H2O+Mg2+可以表示硫酸、硝酸、盐酸等强酸与氢氧化镁的反应，可以表示多个酸碱中和反应，故C不选；
D．2H++Ba2++2OH-+SO42-=2H2O+BaSO4↓只能表示硫酸与氢氧化钡的酸碱中和反应，故D选；
故选D。
【点睛】本题的易错点为D，要注意2H++Ba2++2OH-+SO42-=2H2O+BaSO4↓可以表示硫酸与氢氧化钡的酸碱中和反应，也可以表示硫酸氢钠与氢氧化钡反应呈中性的复分解反应。
13．C
【详解】A．Mg2+与CO32-能反应生成沉淀，不能大量共存，故A错误；
B．Fe2+、H+、NO3-能够发生氧化还原反应，且硫离子也被氧化，不能大量共存，故B错误；
C．Al3+、Na+、SO42-、Cl-、NO3-离子间不发生反应，能够大量共存；当各离子的物质的量浓度相同时，满足电荷守恒，故C正确；
D．Cu2+、H+、SO42-、Cl-、NO3-离子间不发生反应，能够大量共存；当各离子的物质的量浓度相同时，阴离子所带负电荷大于阳离子所带正电荷，不满足电荷守恒，故D错误；
故选C。
14．B
【分析】过氧化钠有强氧化性，能与还原性的物质发生氧化还原反应，过氧化钠在溶液中能与水反应生成氢氧化钠和氧气。
【详解】A.过氧化钠与水反应生成氢氧化钠和氧气，而生成的氢氧根离子能与铵根会发生反应，故A错误；
B. K+、CO32-、AlO2-、SO42-互相之间不反应，并且与过氧化钠、及与过氧化钠和水反应生成的氢氧化钠也不反应，故B正确；
C.亚铁离子有还原性，能被过氧化钠氧化成铁离子，铁离子与硫氰酸根能形成红色的络合物而不能共存，且过氧化钠与水反应生成氢氧化钠，氢氧根能与镁离子反应生成氢氧化镁沉淀，故C错误；
D.SO32-、I-均具有还原性，能被过氧化钠氧化，且过氧化钠与水反应生成的氢氧化钠会与碳酸氢根发生反应而不共存，故D错误；
综上所述，答案为B。
15．C
【详解】该溶液为无色溶液，则溶液中不含有Fe2+，向该无色溶液中滴加少量溴水，溶液仍呈无色，因溴水为橙色，因此说明溴水中Br2发生了氧化还原反应，说明溶液中一定含有，因所有离子物质的量浓度相等，若溶液中含有，则溶液中电荷不守恒，因此溶液中一定不含有，溶液中一定含有Na+、、K+中的两种，但不能确定具体所含阳离子种类，综上所述，故答案为：C。
16．C
【详解】A．碳酸钠与盐酸反应，盐酸量少时生成碳酸氢钠，盐酸量多时生成二氧化碳、水和氯化钠，A不符合题意；    
B．氯化铝与氢氧化钠反应，氢氧化钠量少时生成氢氧化铝沉淀，氢氧化钠量多时生成偏铝酸钠和水，B不符合题意；
C.酸性比较：H2CO3>HClO>HCO3-，所以CO2和NaClO只能生成NaHCO3而不能生成Na2CO3，方程式：CO2 + NaClO + H2O =HClO + NaHCO3，C符合题意；    
D．铁与稀硝酸反应，少量铁与稀硝酸反应的化学方程式为：Fe + 4HNO3= Fe(NO3)3 + NO↑+ 2H2O；过量铁与稀硝酸反应的化学方程式为：3Fe + 8 HNO3 = 3 Fe(NO3)2 + 2 NO ↑+ 4 H2O，D不符合题意；
答案选C。
17．C
【详解】A．碳酸氢钠与足量的氢氧化钙反应，少量：；故A正确；
B．向碳酸氢钙中加入氢氧化钙，先和反应生成碳酸根，再结合钙离子生成沉淀： ，故B正确；
C．碳酸氢钙与足量的氢氧化钠反应，碳酸氢钙少量，钙离子和满足1:2关系：，故C错误；
D．氢氧化钠与足量的碳酸氢钙反应：，故D正确；
答案选C。
【点睛】根据物质的少量、足量，分析离子的对应系数关系，若少量，需要各组分呈化学式中的比例关系。
18．D
【详解】A.氯气与氢硫酸反应生成盐酸和硫沉淀，氯气是单质，既不是电解质又不是非电解质，故不选A；
B.氢氧化钠与氢硫酸反应生成硫化钠和水，氢氧化钠溶液能导电，氢氧化钠是电解质，故不选B；    
C. 硫酸是强酸，氢硫酸是弱酸，硫酸亚铁和氢硫酸不反应，故不选C；    
D. 二氧化硫与氢硫酸反应生成硫单质和水，二氧化硫自身不能电离，二氧化硫是非电解质，故选D。
19．B
【详解】将l00ml 1mol/L 的NaHCO3溶液等分为两份，一份加入少许冰醋酸，发生HAc+HCO3-=H2O+CO2↑+Ac-，则溶液中c(CO32-)减小；另外一份加入少许Ba(OH)2固体，发生Ba2++2OH-+2HCO3-=2H2O+BaCO3↓+CO32-，则溶液中c(CO32-)增大，故答案选B。
【点睛】本题需要考虑弱电解质在水溶液中的水解平衡以及盐类的水解。
20．A
【详解】溶液 pH＝2，呈酸性，H+一定有，CO32﹣不能存在，加入氯水，溶液颜色变深，溶液中可能含有Fe2+ 和Br﹣之一或者两者都有，被氯气氧化成Fe3+和Br2，由于溶液中各离子的物质的量浓度相同，符合电荷守恒，如设各离子的浓度是1mol/L，则有可能存在c(H+)+2c(Fe2+)=2c(SO42﹣)+c(Br﹣)，还有可能溶液中只含氢离子和溴离子，但NH4+不能存在，故答案选A，Fe2+可能存在，符合题意。
21．D
【详解】碳酸氢钠和硫酸氢钠反应时，碳酸氢根电离生成钠离子和碳酸氢根离子，硫酸氢钠电离生成钠离子和氢离子、硫酸根离子，碳酸氢根和氢离子反应生成水和二氧化碳，故答案选D。
22．B
【分析】取样加入稀硫酸产生白色沉淀和产生气体，则一定含有HCO3-、Ba2+，又HCO3-与Al3+发生双水解反应，所以原溶液中一定不含Al3+，取样加入少量氢氧化钠溶液产生白色沉淀，则白色沉淀一定含碳酸钡，综上所述，原溶液中一定含HCO3-、Ba2+，一定不含Al3+，可能含 Cl-，据此分析判断。
【详解】A、原溶液中可能含 Cl-，故A错误；
B、由上述分析可知，原溶液中一定含HCO3-、Ba2+，故B正确；
C、由上述分析可知，原溶液中一定含HCO3-、Ba2+，故C错误；
D、由上述分析可知，原溶液中一定不含Al3+，故D错误；
故选：B。
【点睛】本题考查离子检验与推断，掌握发生的离子反应及现象是解题关键，题目难度不大。
23．B
【详解】A、NaCl为强电解质，电离方程式为NaCl=Na++Cl-，故A不符合题意；
B、电解氯化铜溶液生成Cu和氯气，电解发生CuCl2Cu+Cl2↑，故B符合题意；
C、醋酸为弱酸，电离方程式为CH3COOHCH3COO-+H+，故C不符合题意；
D、热量变化Q等于断裂化学键吸收的能量减去成键释放的能量，则H2(g)+Cl2(g)2HCl(g) Q=(436+243-431×2)kJ/mol=-183 kJ/mol，因此表示为H2 (g)+Cl2 (g)→2HCl(g)-183kJ，故D不符合题意；
故选：B。
【点睛】电解池中阳极若是活性电极作阳极，则活性电极首先失电子，发生氧化反应，若是惰性电极作阳极，放电顺序为：，注意：①阴极不管是什么材料，电极本身都不反应，一定是溶液(或熔融电解质)中的阳离子放电；②最常用、最重要的放电顺序为阳极：Cl－>OH－；阴极：Ag＋>Cu2＋>H＋。
24．C
【分析】由导电性强弱可知，Pb(CH3COO)2是可溶性的弱电解质，在离子方程式中保留化学式，据此分析作答。
【详解】根据上述分析可知，
A. Pb(NO3)2溶液与CH3COONa溶液混合，会生成Pb(CH3COO)2，发生反应的离子方程式为：Pb2++2CH3COO-= Pb(CH3COO)2，A项正确；
B. Pb(NO3)2溶液与K2S溶液混合会生成PbS沉淀，发生反应的离子方程式为：Pb2++S2-=PbS↓，B项正确；
C. Pb(CH3COO)2溶液与K2S溶液混合，离子方程式为： Pb(CH3COO)2+S2- =PbS↓+2CH3COO-，C项错误；
D. Pb(CH3COO)2在水中电离：Pb(CH3COO)2Pb2+ +2CH3COO-，D项正确；
答案选C。
【点睛】Pb(CH3COO)2易溶于水，在水溶液中部分电离，是少有的几种不是强电解质的盐之一。
25．A
【详解】Na+、I-、NO3-、Cl-可以共存，在酸性条件下I-可以NO3-被氧化为I2，加强氧化性物质也能把I-氧化为I2，生成单质碘，则溶液会变色。
A.加淀粉溶液，与I-不反应，则溶液不变色，A符合题意；
B.溶液中硫酸氢钠溶液，硫酸氢钠电离出氢离子，在酸性条件下I-可以NO3-被氧化为I2，则溶液会变色，B不符合题意；
C.H2O2具有强氧化性，能把I-氧化为I2，则溶液会变色，C不符合题意；
D.氯水具有强氧化性，能把I-氧化为I2，则溶液会变色，D不符合题意；
故合理选项是A。
26．D
【详解】pH=1，c(H + )=0.1mol·L -1 。①与H + 不能共存的阴离子有：OH - ，弱酸根离子（S 2- ）及弱酸的酸式酸根离子；②H + 存在时，具有强氧化性，将Fe 2+ 氧化。所以存在的阴离子为①③，故答案为D。
27．C
【详解】A．硫化亚铁溶于稀硝酸中的离子反应为FeS+NO3-+4H+=Fe3++NO↑+S↓+2H2O，故A错误；B．用FeCl3溶液腐蚀印刷电路板发生的离子反应为2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+，故B错误；C．向明矾溶液中加入过量氢氧化钡溶液发生反应的离子方程式为       Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-=2BaSO4↓+AlO2-+2H2O，故C正确；D．等物质的量的NaHCO3和Ca(OH)2溶液混合发生的离子反应为HCO3—+Ca2++OH—=CaCO3↓+H2O ，故D错误；答案为C。
28．D
【详解】A．NH3的水溶液可以导电，但NH3本身不能电离，故NH3是非电解质，A错误。
B．SO2可以使溴水褪色，是因为SO2具有还原性，B错误。
C．某碱性溶液的焰色呈黄色，只能说明其含有钠元素，而含有钠元素的显碱性的物质很多，如碳酸钠等，C错误。
D．因为电解质溶于水后电离为离子，所以电解质在溶液中的反应实质是离子反应，D正确；
故选D
29． O、Si 二氧化硅形成的是原子晶体 1：2 +2H2O⇌H2SiO3+2OH﹣ 硅酸钠和氯化铵二者双水解相互促进生成更多硅酸加速硬化 8 3 24 8 3 18 12NA
【分析】写出NaBO2+SiO2+Na+H2NaBH4+Na2SiO3中原子最外层核外电子排布，然后进行判断；二氧化硅是原子构成的原子晶体，据此分析判断；配平化学方程式得到物质的定量关系；硅酸钠是强碱弱酸盐，硅酸根离子分步水解，溶液显碱性；利用硅酸根和铵根离子双水解分析；利用电荷守恒、质量守恒定律来配平离子反应方程式；在电池反应中，每消耗1L 6mol/L H2O2溶液，消耗双氧水的物质的量为6mol，根据知H2O2+2e﹣＝2OH﹣，计算理论上流过电路中的电子数。
【详解】(1)NaBO2+SiO2+Na+H2NaBH4+Na2SiO3中原子最外层有两个未成对电子的元素是Na价电子排布3s1，有1个未成对电子，B价电子排布2s22p1，未成对电子为1个，O价电子排布2s22p4，未成对电子有2个，Si价电子排布3s23p2，未成对电子有2个，故未成对电子数为2的是氧和硅；二氧化硅是原子构成的原子晶体，故SiO2熔点高；
(2)NaBO2+2SiO2+4Na+2H2NaBH4+2Na2SiO3，配平化学方程式得到物质的定量关系，反应中H2与Na的物质的量之比为1：2；
(3)硅酸钠水溶液产生硅酸(H2SiO3)，硬化粘结，且有碱性，是硅酸根离子水解生成硅酸，SiO32﹣+2H2O⇌H2SiO3+2OH﹣，铸造工艺中可用氯化铵作为水玻璃的硬化剂是因为：硅酸钠和氯化铵二者双水解相互促进生成更多硅酸加速硬化；
(4)因BO2﹣易与H+结合，则碱性溶液可抑制它与水的反应，由Au的化合价由+3降低为0，BH4﹣中H元素从﹣1价升高到+1，则由电子守恒可得8Au3++3BH4﹣→8Au↓+3BO2﹣，碱性溶液中氢氧根离子参加反应，再由电荷守恒和质量守恒定律可得：8Au3++3BH4﹣+24OH﹣═8Au↓+3BO2﹣+18H2O；
(5)在电池反应中，每消耗1L 6mol/L H2O2溶液，消耗双氧水的物质的量为6mol，根据知H2O2+2e﹣＝2OH﹣，理论上流过电路中的电子数×2NA/mol＝12NA。
【点睛】第(5)题的转移电子数的计算时需要利用电极反应，写出电极反应是难点。
30． 4 3 C和O ClO2中Cl为价，O为价 非电解质 体积分数 3种 NaCl 阴 石墨电极上产生的氯气上升与铁电极附近产生的氢氧化钠反应生成次氯酸钠即“84”消毒液（    
【详解】(1)H、Na位于第ⅠA族，C位于第ⅣA族，O位于第ⅥA族，Cl位于第Ⅶ主族，共涉及4个主族，H位于第一周期，C、O位于第二周期，Na、Cl位于第三周期，共涉及3个周期。H位于第一周期，H的原子半径最小，C、O位于第二周期，C的核电荷数比O小，半径比O大，Na、Cl位于第三周期，Na的核电荷数比Cl小，半径比Cl大，所以原子半径由小到大依次排列为：。有2个未成对电子元素是核外电子排布为1s22s22p2的C和1s22s22p4的O。Cl和O形成的化合物ClO2中Cl为价，O为价，该事实说明O的非金属性比Cl强，故答案为：4；3；；C和O；ClO2中Cl为价，O为价；
(2)的水溶液和液态均不导电，是非电解质，75%酒精指的是体积分数为75%的酒精，中有3种等效氢，故答案为：非电解质；体积分数；3种；
(3)NaClO的电子式为： ，HClO是弱酸，所以ClO-会水解，NaClO溶液显碱性，故溶液中离子浓度大小为：，故答案为： ；；
(4)“84”消毒液的有效成分是NaClO，可通过电解饱和NaCl溶液制取，原理为：石墨作阳极，Cl-在阳极失电子得Cl2，Fe作阴极，H2O在阴极得电子生成OH-和H2，接着Cl2和NaOH反应得NaClO，故答案为：NaCl；阴极；    。
31． Fe(SCN)3 萃取 I2 和Fe3+ Mg2+、K+ I- +5 否 KI3受热（或潮湿）条件下产生KI和I2，KI被氧气氧化，I2易升华
【分析】（1）①从第一份试液中滴加KSCN溶液后显红色，可知该加碘盐中含有Fe3+，反应：Fe3++3SCN-=Fe(SCN)3，Fe(SCN)3呈血红色；
②从第二份试液中加足量KI固体，溶液显淡黄色，用CCl4萃取，下层溶液显紫红色，可知有碘生成。
③这是因为由于氧化性：>Fe3+>I2，加足量KI后，和Fe3+均能将I-氧化成I2，由此也可以知道该加碘盐添加KIO3，根据化合价规律确定该加碘盐中碘元素的价态；第三份试液中加入适量KIO3固体后，滴加淀粉试剂，溶液不变色。由此可知该加碘盐中不含KI；
③具有氧化性的离子为与具有还原性的离子为I-，发生氧化还原反应；
（2）根据KI具有还原性及氧化还原反应、KI3在常温下不稳定性来分析；
（3）存在KIO3～3I2～6Na2S2O3，以此计算含碘量。
【详解】（1）①某加碘盐可能含有 K+、、I-、Mg2+，用蒸馏水溶解，并加稀盐酸酸化后将溶液分为3份：从第一份试液中滴加KSCN溶液后显红色，可知该加碘盐中含有Fe3+，反应：Fe3++3SCN-=Fe(SCN)3，Fe(SCN)3呈血红色；
故答案为：Fe(SCN)3；
②从第二份试液中加足量KI固体，溶液显淡黄色，用CCl4萃取，下层溶液显紫红色，可知有碘生成，
故答案为：萃取；I2；
③据上述实验得出氧化性：>Fe3+>I2，加足量KI后，IO3-和Fe3+均能将I-氧化成I2，由此也可以知道该加碘盐添加KIO3，该加碘盐中碘元素是+5价；第三份试液中加入适量KIO3固体后，滴加淀粉试剂，溶液不变色。由此可知该加碘盐中不含KI，一定存在的离子是：IO3-和Fe3+，可能存在的离子是：Mg2+、K+，一定不存在的离子是 I-，
故答案为：和Fe3+；Mg2+、K+；I-；+5；
（2）KI作为加碘剂的食盐在保存过程中，KI会被空气中氧气氧化，根据题目告知，KI3•H2O是在低温条件下，由I2溶于KI溶液可制得，再由题给的信息：“KI+I2⇌KI3”，可知KI3在常温下不稳定性，受热(或潮湿)条件下易分解为KI和I2，KI又易被空气中的氧气氧化，I2易升华，所以KI3•H2O作为食盐加碘剂是不合适的，
故答案为：否；KI3受热(或潮湿)条件下产生KI和I2，KI被氧气氧化，I2易升华；
（3）根据反应式可知，设所测精制盐的碘含量(以 I 元素计)是xmg/kg，则

因此所测精制盐的碘含量是x==，
故答案为：。
32． Ⅱ Ⅰ 除去氯气中的氯化氢，安全瓶（监测装置H是否堵塞） U型管中左边有色布条褪色，右边有色布条没有褪色 Cl2+2I-→2Cl-+I2 取少量反应后的溶液于试管中，加入HCl溶液至不再产生气体为止，再滴加BaCl2溶液，如果有白色沉淀生成，证明Na2SO3已被氧化 Cl2也可与KI反应生成I2，乙组设计的实验中并没有排除Cl2对实验的干扰，故不能比较Cl、Br、I的非金属性  或Cl2未充分接触到溴化钠溶液中，未必能看到现象 无尾气处理装置，污染环境
【分析】(1)结合反应原理甲组利用固体与液体加热制备氯气；乙组利用固体与液体反应不加热制氯气；
(2)乙组制得的Cl2中混有挥发的HCl气体，装置G中CaCl2是干燥剂；
(3)氯气能氧化I-生成I2；装置C中氯气氧化了亚硫酸钠，所得溶液中含有SO42-，只要利用稀盐酸和BaCl2溶液检验溶液中是否存在SO42-，即可判断有没有发生氧化还原反应；
(4)NaBr溶液未能完全吸收Cl2，有部分Cl2参与KI氧化为I2的反应；
(5)Cl2是有毒气体，需要处理含氯气的尾气。
【详解】(1)甲组用漂白粉与硫酸溶液混合加热制取氯气，实验中A选用装置Ⅱ；而乙组用高锰酸钾与浓盐酸反应制取氯气，反应不需要加热，则E选用装置Ⅰ；
(2)乙组制得的Cl2中混有挥发的HCl气体，可利用装置F中饱和食盐水除去氯气中的氯化氢，同时根据长颈漏斗中液面是否上升，达到监测装置H是否堵塞的目的；从F中进入G中的Cl2混有水蒸气，能使U型管中左边有色布条褪色，而潮湿的氯气经过无水CaCl2干燥后，不再具有漂白性，则右边有色布条没有褪色；
(3)氯气能氧化I-生成I2，发生反应的离子方程式为Cl2+2I-→2Cl-+I2；验证装置C中氯气是否氧化亚硫酸钠的操作方法是取少量反应后的溶液于试管中，加入HCl溶液至不再产生气体为止，再滴加BaCl2溶液，如果有白色沉淀生成，证明Na2SO3已被氧化；
(4)乙组中H装置中NaBr不能完全吸收Cl2，将有部分Cl2也可与KI反应生成I2，干扰Br2氧化I-的实验，则无法判断Br2和I2的氧化性强弱，也不能比较Cl、Br、I的非金属性；
(5)甲组实验存在的明显缺陷是无尾气处理装置，污染环境。
【点睛】本题考查氯气的制备与氯气的性质探究，明确实验原理解题关键，难点是氯气有强氧化性，但没有漂白性，氯气使湿润有色布条褪色的根本原因是氯气与水反应生成的HClO有漂白性，易错点是装置G中左侧干燥有色布条能褪色，原因是制得的氯气中混有水蒸气。