【高考物理模拟】名校名师仿真模拟联考试题（新课标全国卷）（08）

高考物理复习策略（仅供参考）

首先，要学会听课：

1、听课前要先预习，找出不懂的知识、发现问题，带着知识点和问题去听课会有解惑的快乐。

2、参与交流和互动，不要只是把自己摆在“听”的旁观者，而是“听”的参与者。

3、听要结合写和思考。

4、如果你因为种种原因，出现了那些似懂非懂、不懂的知识，课上或者课后一定要花时间去弄懂。

其次，要学会记忆：

1、要学会整合知识点。    2、合理用脑。     3、借助高效工具。

一是要总结考试成绩，通过总结学会正确地看待分数。

1.摸透主干知识       2.能力驾驭高考      3.科技领跑生活

高考名校名师仿真模拟联考试题(新课标全国卷)

物理(八)答案

1．A【解析】由于为近地圆形轨道，沿此轨道运动的物体需满足，解得，选项A正确；由于为围绕地球的椭圆轨道，故物体抛出时的初速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，选项B错误；轨道为双曲线的一部分，所以沿此轨道运动的物体不会围绕地球运动，因此其抛出时的初速度应大于第二宇宙速度，不一定等于第三宇宙速度，选项C错误；若物体能够落回地面，则物体抛出时的初速度一定小于第一宇宙速度，即小于，选项D错误。

2．B【解析】核反应方程属于人工转变，A错误；在聚变反应中释放的总能量不一定比裂变反应的多，但平均每个核子释放的能量一定比裂变反应的多，B正确；原子核比结合能越大，表明原子核中核子结合得越牢固，原子核就越稳定，C错误；重核的裂变和轻核的聚变都会放出核能，根据爱因斯坦质能方程知，都有质量亏损，D错误。

3．D【解析】由图象可以看出，10 s时男同学开始跑，此时女同学的位移为20 m，故A错误；男同学追上女同学后，其速度大于女同学的速度，所以男同学超过女同学后两人不会再相遇，故B错误；=20 s时，男同学跑了10 s的位移为40 m，女同学的位移为60 m，即此时女同学在男同学前方20 m处，故C错误；在=15 s时，两同学的速度相等，此时男同学落后女同学的距离最大，此时女同学的位移为40 m，男同学的位移为10 m，则最大距离为40 m10 m=30 m，故D正确。

【备注】匀变速直线运动的图象

对于匀变速直线运动来说，其速度随时间变化的图线如图所示，对于该图线，应把握以下三个要点：

(1)纵轴上的截距的物理意义是物体运动的初速度。

(2)图线的斜率的物理意义是物体运动的加速度；斜率为正，表示加速度方向与所设正方向相同；斜率为负表示加速度方向与所设正方向相反。

(3)图线与坐标轴所围图形的面积表示物体在相应的时间内所发生的位移，轴上面的位移为正值，轴下面的位移为负值。

4．D【解析】本题以跳台滑雪为背景，体现了物理知识在实际生活中的应用，引导考生热爱物理、学习物理、应用物理，提高考生的科学态度和社会责任。

滑雪者从点开始做平抛运动，由于=5 s，可得==50 m/s，=125 m，因为 斜面倾角为37°，可得tan 37°=，即= m/s，所以A错误。滑雪者的速度方向与斜面平行时，离斜面最远，此时有tan 37°=，解得=2.5 s，B错误。滑雪者落到斜面前瞬间的速度=60 m/s，所以C错误。滑雪者落到斜面前瞬间的速度与水平方向的夹角的正切值tan α==1.5，所以D正确。

5．C【解析】设水星、地球运行的轨道半径分别为和，根据几何关系可知，根据开普勒第三定律有，联立解得地球与水星的周期之比为，故A错误；由得地球与水星的角速度之比为，故B错误；地球与水星的线速度之比为，故C正确；地球与水星的向心加速度之比为，D错误。

6．BC【解析】设木板与水平地面的夹角为，以为研究对象，原来只受重力和支持力而处于平衡状态，所以对的作用力与的重力大小相等，方向相反；当将挡板缓慢向右移动一小段距离后，的上表面不再水平，此时的受力情况如图1所示，受到重力和对的支持力、摩擦力三个力的作用，其中对的支持力、摩擦力的合力仍然与的重力大小相等，方向相反，则对的作用力保持不变，根据牛顿第三定律可知，对的作用力也不变，故A错误；未移动前、间没有摩擦力，移动后、间有了摩擦力，故B正确；以、整体为研究对象，分析受力如图2所示，总重力、木板的支持力和摩擦力，，，减小，增大，减小，故C正确，D错误。

【备注】解答本题的关键是正确选取研究对象，以为研究对象，由平衡条件分析对的作用力，以、整体为研究对象，由平衡条件分析木板对的支持力如何变化，木板对的作用力等于、的总重力，保持不变。

7．BD【解析】小球与滑块用绳相连，故在小球上升到圆弧轨道顶端前两者的速度大小总是相同，小球恰好到达圆弧轨道顶端时，小球通过的路程为，由几何关系可得滑块下降的高度，小球刚滑到圆弧轨道的顶端时，对小球和滑块组成的系统，由机械能守恒定律有，解得

，小球在圆弧轨道顶端时恰好对圆弧轨道没有压力，由牛顿第二定律得，由以上两式解得，故A错误，B正确；小球运动到圆弧轨道顶端的过程中，绳的拉力对小球做正功，对滑块做负功，以小球为研究对象，绳的拉力对小球做的功为，所以绳的拉力对滑块做的功为，C错误，D正确。

8．AB【解析】通过分析带电粒子在磁场中的运动特点和运动状态，很好地体现了科学思维这一核心素养。

由分析可知该粒子做圆周运动的轨迹圆心一定在轴上，根据几何知识可知粒子运动的轨迹半径一定不小于3 m，由于绝缘挡板的长度9.0 m3，可知粒子与绝缘挡板最多只能碰撞一次，也可能不发生碰撞。假设粒子与绝缘挡板只发生一次碰撞，其运动轨迹如图甲所示，设，由几何关系得，=，，联立得=3 m，=3.75 m；若粒子没有与挡板碰撞，则运动轨迹如图乙所示，

设，由几何关系得，，联立得=5 m。

根据动能定理可得，根据牛顿第二定律有，由此可得

，代入数据分别解得=4.50×V，=7.03×V，=1.25×V，由以上分析可知AB正确。

9．【答案】(1)0.880　(2)　　(3)小球下落过程中受到空气阻力的影响

【解析】试题从游标卡尺读数、实验原理理解、实验误差分析三个角度切入，加强考生对学科素养中科学探究素养的培养。

(1)根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为0.880 cm。(2)小球从到，重力势能减少了，动能增加了，因此，要验证机械能是否守恒，只需比较gh与是否相等即可。(3)小球下落过程中，受到空气阻力的作用，造成机械能损失，所以与总是存在一定的误差。

10．【答案】(1)如图1所示　1 (2)2.98(2.95~3.00)　2.46(2.35~2.55)  (3)2.60　0.4(0.20~0.24)

【解析】本题以电表改装和数据处理为切入点，引导考生加强科学探究中“问题、解释、交流”等核心素养。

(1)若要改装后的电流表的量程为200  mA，则毫安表需与定值电阻并联，=

Ω=1 Ω。(2)将等效为电源内阻的一部分，则等效电源的内阻为。毫安表的示数为，且毫安表内阻为4 Ω，与毫安表并联的电阻阻值为=1 Ω，由闭合电路欧姆定律有。作出图线如图2所示，由可知，图象的纵截距表示电源的电动势，故电源的电动势为=2.98 V，斜率的绝对值Ω=4.46 Ω，故电源的内阻为=4.46Ω2Ω=2.46 Ω。(3)电压表的读数为=2.60 V，由图2可知，=2.60 V时，=0.017 A，实际电流=0.085 A，，解得=0.24 W。

11．【解析】(1)由题意知，电梯加速阶段的加速度大小

=0.9

加速时间s=8 s

(2)由知，=60×(100.9) N=546 N

根据牛顿第三定律知，小明对电梯的压力大小为546 N，方向竖直向下

由分析知，匀减速阶段所用的时间=17.8 s

匀速运动的时间=3.4 s

匀加速运动的位移

=142.6 m=

匀速运动的位移==54.4 m

故观景台的高度=339.6 m

【备注】解决本题的关键是理清电梯的运动过程，抓住各个过程的关系，如速度关系、位移关系，要灵活运用运动学公式进行解题。

12．【解析】以双棒为模型，涉及能量的求解，培养考生物理观念中“运动与相互作用观念、能量观念”、科学思维中“模型建构、科学推理、质疑创新”等核心素养。

(1)对棒及物块组成的系统，由牛顿第二定律得

当加速度=0时，棒的速度达到最大，此时安培力

假设金属棒静止，对金属棒受力分析有，，

则

假设成立静止，所以有

联立解得

(2)对金属棒及物块组成的系统，由动量定理得

通过金属棒的电荷量

解得

(3)设此过程中金属棒沿导轨上滑的距离为，由

得

联立可得

对金属棒及物块组成的系统，由能量守恒得

回路中总的焦耳热

解得

金属棒产生的焦耳热

13．(1)【答案】ABD

【解析】充气过程中壶内气体温度保持不变，气体分子的平均动能不变，故B正确；充气过程中壶内的气体分子数增加，所以壶内气体的内能增加，故A正确；将阀门打开后壶内气体膨胀，压强减小，水从壶中喷出，气体体积增大，气体对外做功，内能减少，因此C错误、D正确；从喷壶中喷出的水雾在空中飞舞是小水滴的机械运动，不属于分子运动，E错误。

(2)【解析】(i)由于气缸内的气体温度升高，故活塞将向左移动，气缸内气体的体积增大

设活塞向左移动的距离为，气缸内的气体做等压变化。

由盖-吕萨克定律可得

变化的体积为

(ii)暖流给气缸中的气体加热，在升温过程中，气体膨胀对外做功，当气体温度为时，外界对气体做的功为

对活塞有，

解得

由热力学第一定律可知，气缸中气体内能的增加量为

14．(1)【答案】ABE

【解析】由于两列波在点引起的振动始终是加强的，所以点始终为振动加强点，选项A正确；由于点处在波峰与波谷的叠加位置，所以点为振动减弱点，又因为两列波的振幅相同，所以点始终处于平衡位置，位移为零，选项B正确；、两点连线的中点刚好也在、两点的连线上，所以、两点连线的中点为振动加强点，选项C错误；从该时刻起，经过半个周期，处的质点的波峰形式将传播到处质点所在的位置，但质点并不会随波迁移，选项D错误；由于此时刻处的质点位于波谷，故其到平衡位置的距离为，再经过个周期，处的质点将振动到平衡位置，故从该时刻起，再经过个周期，其路程为，选项E正确。

(2)【解析】(i)由于该透明介质的折射率为=2.4，故其发生全反射的临界角满足

，故其发生全反射时的临界角

光线在四棱柱中传播的路径如图所示，光线将从点射出

由几何关系可知，

由几何关系可知

代入数据可解得

(ii)由几何关系可知，，，

光线在该透明介质中的传播速度为

故光线在棱柱中传播的时间为

代入数据可解得。