2022-2023学年新疆实验中学高二上学期期中考试数学试题(解析版)
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一、单选题
1.若平面的一个法向量,平面的一个法向量,若,则实数( )
A.2 B. C. D.10
【答案】B
【分析】直接利用数量积为零计算即可.
【详解】若,则
则,
解得:
故选:B.
2.圆的圆心和半径分别是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】将一般式化为标准式即可得答案.
【详解】圆化为标准式得
故圆心为和半径为
故选:C.
3.方程表示的曲线是
A.两条直线 B.两条射线 C.两条线段 D.一条直线和一条射线
【答案】D
【详解】由,
得2x+3y−1=0或.
即2x+3y−1=0(x⩾3)为一条射线,或x=4为一条直线.
∴方程表示的曲线是一条直线和一条射线.
故选D.
点睛:在直角坐标系中,如果某曲线C(看作点的集合或适合某种条件的点的轨迹)上的点与一个二元方程f(x,y)=0的实数解建立了如下的关系:
(1)曲线上点的坐标都是这个方程的解;
(2)以这个方程的解为坐标的点都是曲线上的点.
那么,这个方程叫做曲线的方程,这条曲线叫做方程的曲线.
在求解方程时要注意变量的范围.
4.已知直线经过椭圆的顶点和焦点,则椭圆的标准方程为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】根据椭圆的标准方程以及焦点与顶点的定义,利用直线的方程求出点的坐标,进而求出,可得答案.
【详解】由,令,解得;令,,
由,则该椭圆的一个焦点为,一个顶点为,故,,则,即椭圆的标准方程为.
故选:B.
5.已知F1、F2为双曲线C:x²-y²=2的左、右焦点,点P在C上,|PF1|=|2PF2|,则cos∠F1PF2=
A. B. C. D.
【答案】C
【详解】由x2-y2=2知,a2=2,b2=2,c2=a2+b2=4,
∴a=,c=2.
又∵|PF1|-|PF2|=2a,|PF1|=2|PF2|,
∴|PF1|=4,|PF2|=2.
又∵|F1F2|=2c=4,
∴由余弦定理得cos∠F1PF2==.
故选C.
6.在直三棱柱中,,分别是的中点,,则与所成角的正弦值是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】画出图形,找出与所成角的平面角,利用解三角形求出与所成角的余弦值,再求正弦值.
【详解】直三棱柱中,,,分别是,的中点,
如图: 的中点为,连接,
,∴,且,则是平行四边形,
∴,与所成角就是,
,
设,,,,
,
在中,由余弦定理可得:,
与所成角的余弦值是,则与所成角的正弦值是.
故选:C.
7.已知点是拋物线的焦点,过焦点的直线交抛物线于不同的两点,设,点为的中点,则到轴的距离为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】先求出抛物线的焦点以及准线方程,设出点,的坐标,再由已知向量关系求出,的坐标关系,再利用点,在抛物线上,联立即可求解.
【详解】由抛物线的方程可得,准线方程为:,
设,,,,
则由可得:,
所以,解得,
则到轴的距离为,
故选:B.
8.已知椭圆为椭圆的右顶点,直线交于两点,且,则恒过除点以外的定点( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】若直线的斜率存在,设直线为,与椭圆联立,结合韦达定理得到,进而可求出结果,注意检验斜率不存在时即可得出结论.
【详解】椭圆为椭圆的右顶点,所以,
由题意知:若直线的斜率存在,设直线为,
则,联立可得,
设,则,
,
因为,即,则,
即
,
即,因此,
即,所以直线过定点,不符合题意,舍去;
,所以直线过定点,符合题意;
当直线的斜率不存在时,直线为,此时设,
,符合题意,故直线恒过除点以外的定点,
故选:A.
二、多选题
9.已知直线,则下列结论正确的是( )
A.直线的倾斜角是
B.若直线,则
C.点到直线的距离是2
D.过与直线平行的直线方程是
【答案】BCD
【分析】A.求出斜率即可判断;B.利用两直线垂直的公式判断;C.利用点到直线的距离公式计算;D.利用点斜式求出直线即可.
【详解】直线斜率为,倾斜角为,A错误;
直线与直线,,两直线垂直,B正确;
点到直线的距离,C正确;
过与直线平行的直线方程是,即,D正确.
故选:BCD.
10.已知为直线的方向向量,分别为平面的法向量不重合),并且直线均不在平面内,那么下列说法中正确的有( )
A. B.
C. D.
【答案】ABC
【分析】由空间向量的位置关系对选项逐一判断,
【详解】已知直线不在平面内,则,故A正确,D错误,
由空间向量的位置关系得,,故B,C正确,
故选:ABC
11.设椭圆C:+y2=1的左、右焦点分别为F1,F2,P是C上的动点,则下列结论正确的是( )
A.|PF1|+|PF2|=2
B.离心率e=
C.△PF1F2面积的最大值为
D.以线段F1F2为直径的圆与直线相切
【答案】AD
【分析】由椭圆定义可判断A;求出离心率可判断B;当P为椭圆短轴顶点时,△PF1F2的面积取得最大值,求出可判断C;求出圆心到直线距离可判断D.
【详解】对于A,由椭圆的定义可知,故A正确;
对于B,由椭圆方程知,所以离心率,故B错误;
对于C,,当P为椭圆短轴顶点时,△PF1F2的面积取得最大值,最大值为,故C错误;
对于D,以线段F1F2为直径的圆的圆心为(0,0),半径为c=1,圆心到直线的距离为=1,即圆心到直线的距离等于半径,所以以线段F1F2为直径的圆与直线相切,故D正确.
故选:AD.
12.圆M:关于直线对称,记点,下列结论正确的是( )
A.点P的轨迹方程为 B.以PM为直径的圆过定点
C.的最小值为6 D.若直线PA与圆M切于点A,则
【答案】ABD
【分析】由题意可知过圆心,代入即可得作出图象,利用直线与圆的关系依次判断各选项即可求得结果.
【详解】圆M:配方得: ,
圆M关于直线对称,
直线过圆心.
,即
点P的轨迹方程为,A正确.
由,则,则以PM为直径的圆过定点,B正确.
的最小值即为到直线的距离,由于,则,C错误.
由于,要使取最小,即取最小值,,,则D正确.
故选:ABD
三、填空题
13.经过两直线和的交点,且与直线垂直的直线方程为___________.
【答案】
【分析】求出交点,再根据垂直写出直线即可.
【详解】联立解得,
又直线的斜率为,
故经过两直线和的交点,且与直线垂直的直线方程为,即
故答案为:
14.如图所示,在正方体中,点是侧面的中心,若,求______.
【答案】1
【解析】利用空间向量的加减法运算用来表示,即得结果.
【详解】,
故,,,则.
故答案为:1.
15.已知圆,圆相交于A,B两点,则______.
【答案】120°
【分析】两圆方程相减得出直线AB的方程,进而得出A,B两点坐标,根据余弦定理得出.
【详解】两圆方程相减得直线AB的方程为,由得出,即,,,,则.
故答案为:120°
四、双空题
16.已知抛物线的焦点为,过点作轴的垂线交抛物线于点,且满足,则抛物线的方程为_______;设直线交抛物线于另一点,则点的纵坐标为______.
【答案】
【解析】根据抛物线的定义可得为抛物线的准线,即可求出抛物线方程,从而求出、点的坐标,求出直线的方程,联立直线与抛物线方程,利用韦达定理即可得解;
【详解】解:依题意,根据抛物线的定义可得为抛物线的准线,所以,即,所以抛物线方程为,则,当时,,所以,所以直线的方程为,设直线与抛物线的另一个交点为,联立直线与抛物线方程,消去得,所以,所以
故答案为:;
【点睛】(1)直线与抛物线的位置关系和直线与椭圆、双曲线的位置关系类似,一般要用到根与系数的关系;
(2)有关直线与抛物线的弦长问题,要注意直线是否过抛物线的焦点,若过抛物线的焦点,可直接使用公式|AB|=x1+x2+p,若不过焦点,则必须用一般弦长公式.
五、解答题
17.如图,在边长是2的正方体中,E、F分别为AB、的中点.求证:
(1)平面;
(2)平面.
【答案】(1)证明见解析
(2)证明见解析
【分析】(1)连结,连结,先利用平行四边形证得,再利用线面平行的判定定理得到平面;
(2)利用线面垂直的判定定理,由,证得平面,再由证得平面.
【详解】(1)如图,连结,连结,
因为在正方体中,面是正方形,所以,是的中点,
又因为是的中点,所以且,
因为是的中点,所以,又,所以,
所以四边形是平行四边形,故,
又面,面,所以平面;
(2)由(1)知,易得平面,又面,故,
又因为,面,所以平面,
又,所以平面.
18.已知椭圆C:1(a>b>0)的离心率为,短轴一个端点到右焦点的距离为3.
(1)求椭圆C的方程;
(2)若直线y=x﹣1与椭圆C交于不同的两点A、B,求|AB|.
【答案】(1);(2).
【分析】(1)由题意得离心率及短轴一个端点到右焦点的距离即为a的值,和a,b,c之间的关系求出椭圆的标准方程;
(2)直线与椭圆联立得两根之和与两根之积,由弦长公式求出弦长.
【详解】(1)由题意:e,a=3,a2=b2+c2,∴a2=18,b2=9,
所以椭圆的标准方程:;
(2)设A(x,y),B(x',y'),与椭圆的方程联立整理:3x2﹣4x﹣16=0,
∴x+x',xx',
所以弦长|AB|•|x﹣x'|••,
所以弦长|AB|的值:.
【点睛】考查直线与椭圆相交弦长的公式的应用,属于中档题.
19.已知的顶点坐标分别是.
(1)求边上的中线所在直线的方程;
(2)若点,当时,求直线倾斜角的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)求出的中点坐标,再根据直线的斜截式方程即可得解;
(2)根据斜率公式求出斜率的范围,从而可得出答案.
【详解】(1)解:的中点坐标为,
则边上的中线的斜率为,
所以边上的中线所在直线的方程,即;
(2)解:,
所以直线倾斜角的取值范围为.
20.在平面直角坐标系中,直线与的交点为,以为圆心作圆,圆上的点到轴的最小距离为.
(Ⅰ)求圆的标准方程;
(Ⅱ)过点作圆的切线,求切线的方程.
【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)或.
【分析】(Ⅰ)求出点的坐标,设圆的半径为,圆上的点到轴的最小距离为1求得的值,由此可得出圆的标准方程;
(Ⅱ)对切线的斜率是否存在进行分类讨论,当切线的斜率不存在时,可得切线方程为,验证即可;当切线的斜率存在时,可设所求切线的方程为,利用圆心到切线的距离等于圆的半径可求得的值,综合可得出所求切线的方程.
【详解】(Ⅰ)联立方程组,解得,即点.
设圆的半径为,由于圆上的点到轴的最小距离为,则,所以,
故圆的标准方程为;
(Ⅱ)若切线的斜率不存在,则所求切线的方程为,圆心到直线的距离为,不合乎题意;
若切线的斜率存在,可设切线的方程为,即,
圆的圆心坐标为,半径为,由题意可得,整理得,
解得或.
故所求的切线方程为或.
【点睛】本题考查圆的标准方程的求解,同时也考查了过圆外一点的圆的切线方程的求解,考查计算能力,属于中等题.
21.在直角梯形中,,A为线段的中点,四边形为正方形.将四边形沿折叠,使得,得到如图(2)所示的几何体.
(1)求直线与平面所成角的正弦值;
(2)当F为线段的中点时,求二面角的余弦值.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)(2)建立空间直角坐标系,利用即可向量法计算可得;
【详解】(1)解:依题意可得、,,如图建立空间直角坐标系,
则、、、、、,
所以,,,
设平面的法向量为,所以,令,则,,所以,
设直线与平面所成角为,则
(2)解:依题意可得,则,
设平面的法向量为,所以,令,则,
则,显然二面角的锐二面角,
所以二面角的余弦值为;
22.已知椭圆,其右焦点为,点M在圆上但不在轴上,过点作圆的切线交椭圆于,两点,当点在轴上时,.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)当点在圆上运动时,试探究周长的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)由题意可知,再根据列出相应的方程,组成方程组解得答案;
(2)设,,从而表示出的周长,分类讨论,联立直线和椭圆方程,得到根与系数的关系式,从而结合基本不等式,求得答案.
【详解】(1)由题意可知,
当点M在x轴上时,,不妨设,
得,解得,
所以椭圆C的标准方程为.
(2)设,,
则,
同理,
,
同理,
所以的周长为,
①当直线PQ的斜率不存在时,PQ的方程为或.
PQ的方程为时,不妨设P,Q的坐标分别为,,
此时的周长为4.
PQ的方程为时,不妨设P,Q的坐标分别为,,
此时的周长为.
②当直线PQ的斜率存在时,设PQ的方程为,
由直线PQ与圆相切,得,即,
联立得,化简得,
则,易知恒成立,
而,即同号,
当时,即,此时点M在y轴右侧,所以,,
此时的周长为定值.
当时,即,此时点M在y轴左侧,所以,,
此时的周长
,
因为,所以,当且仅当,
即或时取等号.
从而,所以周长的取值范围为(4,8],
综上所述,周长的取值范围为.
【点睛】本题考查了椭圆方程的求解,以及直线和椭圆相交时三角形的周长范围问题,综合性很强,难度较大,解答的关键是理清解题的思路,要明确将直线和椭圆方程联立,利用根与系数的关系式进行化简,从而求得三角形周长范围,难点是计算量很大,很繁杂,要十分细心.
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