2022年山东省德州市乐陵市丁坞镇中学中考物理一模试卷(含答案)

这是一份2022年山东省德州市乐陵市丁坞镇中学中考物理一模试卷(含答案)，共28页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 下列选项是小美同学对自己身体相关物理量进行的估测，其中符合实际的是( )
A. 体温约为45℃B. 身高约为1.60mm
C. 质量约为50kgD. 眨眼一次时间约为5s
2. 下列四幅图片与其对应的说法，正确的是( )
A. 丁图中通过改变杯中的水量，可以探究音调和频率的关系
B. 甲图中通过改变尺子伸出桌面的长度，可以探究响度与振幅的关系
C. 丙图中“GPS导航”是利用超声波传递信息的
D. 乙图中两列声波的音色相同
3. 周末，小科一家到丽江边游玩。妈妈拍照时，小科正在欣赏美景：对岸树木的倒影、水中的鱼“影”……，此时地面上留下了他的身影。关于“影”的形成原理，下列说法不正确的是( )
A. 妈妈的摄“影”——光的折射
B. 树木的倒“影”——光的反射
C. 水中的鱼“影”——光的反射
D. 小科的身“影”——光的直线传播
4. 事物总是在变与不变中相统一。下列有关说法错误的是( )
A. 气压改变时，空气的密度一定不变
B. 温度改变时，玻璃的导电性会发生变化
C. 位置改变时，物体的质量一定不变
D. 介质改变时，声的传播速度会发生变化
5. 夏天吃冰棍时，我们发现冰棍在冒“白气”(如图所示)，仔细观察、思考，在下面几个结论中正确的是( )
A. “白气”是冰先熔化再汽化形成的B. “白气”是空气中的水蒸气液化形成的
C. “白气”是向上飘的D. “白气”形成过程要吸热
6. 如图所示，下列说法不正确的是( )
A. 该装置可探究压力作用效果与受力面积的关系
B. 该装置可探究液体压强是否与液体的深度、液体密度有关
C. 将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大
D. 把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
7. 下列关于物理公式的理解正确的是( )
A. 由W=Fs可知，有力作用在物体上时，不一定对物体做功
B. 由p=ρgh可知，液体内部的压强与液体的高度成正比
C. 由ρ=mV可知，物质的密度与它的质量成正比
D. 由R=UI可知，导体的电阻跟通过它的电流成反比
8. 下图所示的“吸引”现象中，与摩擦起电有关的是( )
A. 磁铁吸引铁钉
B. 压紧的铅柱互相吸引
C. 梳过头的塑料梳子吸引纸屑
D. 电磁铁吸引曲别针
9. 对于下列四个实验的描述完全正确的有( )
①甲图实验现象说明了动圈式话筒的工作原理
②乙图实验探究的结论是：材料长度均相同的导体，粗导体的电阻大，细导体的电阻小
③丙图实验证明通电导体周围存在磁场
④丁图中开关闭合导体ab向左运动，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变
A. ①②B. ①②③C. ②③④D. ①③④
10. 2021年5月15日凌晨2时，我国“天问一号”火星探测器从距离火星表面125千米的高度，约2万千米/时的速度，经过三个减速阶段，并在距离火星表面100米时，处于悬停状态，完成精避障后再缓速下降，历时9分钟，成功登陆火星。以下说法错误的是( )
A. 打开降落伞进行伞系减速阶段，探测器的动能不断增加，重力势能不断减小
B. 探测器的外壳需要防热性强的材料
C. 探测器处于悬停状态时，受到平衡力的作用
D. 火星离地球上亿公里，地面发出的指令并不能立刻被探测器接收到
11. 如图所示，甲、乙两个相同的烧杯中装有不同的液体，将两个完全相同的物体A、B分别放入甲、乙两杯液体中。静止时，物体A在甲杯液体中处于悬浮状态，物体B在乙杯液体中处于漂浮状态，两杯中的液体液面高度均为h。下列判断正确的是( )
A. 甲杯中的液体密度大于乙杯中的液体密度
B. 甲杯中液体对容器底的压强等于乙杯中液体对容器底的压强
C. 甲烧杯对桌面的压力小于乙烧杯对桌面的压力
D. 甲杯液体中物体A受的浮力小于乙杯液体中物体B受的浮力
12. 如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数增大，电压表示数变大灯泡变亮
B. 电压表和电流表的示数都减小，电路总功率变小
C. 电压表和电流表的示数都增大，电路总功率变大
D. 电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
二、填空题（本大题包括6个小题，每空1分，共15分。）
13. 5月30日，“长征7号”运载火箭将天舟二号飞船发射升空，火箭发动机所用燃料具有热值______ 的特点。船箭分离后，天舟二号飞船与在轨运行的天和核心舱成功对接，再现“万里穿针”。如图所示，对接成功后，以天舟二号为参照物，核心舱是______ 的。宽大的太阳能电池板能为天和核心舱提供电能，太阳能属于______ (填“可”或“不可”)再生能源。
14. 如图所示，“无叶电风扇”比传统三瓣叶风扇，不仅造型独特美观、消除了对小朋友的安全隐患，吹出的风也是连续不间断的。其原理是利用空气流动造成的气压改变从而形成风，它的底座有台超强电动机，它吸入大量空气，再从环形的内壁缝隙向后喷出，这部分喷射空气因流速大，压强______，周围空气______(填“靠近”或远离”)这部分喷射空气流动，就形成了风。
15. 如图所示是小雪家月初和月末电能表的示数，这个月消耗的电能是______度。将额定功率为1500W的空调接入电路，只让空调单独正常工作2min，电能表的转盘转______转。
16. 2021年4月29日，中国天宫空间站天和核心舱发射成功，标志着我国空间站时代已经到来。如图所示，天和核心舱沿椭圆轨道环绕地球运行，不受空气阻力，因此机械能守恒。
(1)天和核心舱与地面控制中心通过电磁波传递信息，电磁波______ (填“能”或“不能”)在真空中传播。
(2)天和核心舱沿椭圆轨道从近地点经远地点再回到近地点的过程中，天和核心舱的动能______ (填“减小”、“增大”、“先减小后增大”或“先增大后减小”)。
(3)若天和核心舱在1min内运行的路程是456km，则它的平均速度是______ m/s。
17. 竖直向上抛出一小球，小球到达最高点时处于______状态(选填“平衡”或“非平衡”)，你判断的依据是______。(忽略空气阻力)
18. 小明在卸货点用水平方向的推力把箱子推到D处，如图甲。经过A处4秒后在B处遇到方方，方方迅速取下小箱子，1秒后在C处小明调整了推力，继续将大箱子推到D处才撤去推力。AD段推力与时间的关系如图乙，箱子速度与时间的关系如图丙。已知大箱子底面积为0.5平方米，质量为20千克，小箱子质量为5千克。(g取10N/kg)
(1)BC段大箱子受到的摩擦力大小为______。
(2)AB段大箱子对地面的压强为______。
(3)CD段小明推着箱子通过的路程为______。
三、作图、实验与探究题（本大题包括7小题，共29分。）
19. 采用如图所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体伸直，手臂弯曲和伸直动作交替进行。(人体可视为杠杆，O点为支点)。
(1)画出人所受重力的示意图。
(2)墙壁对手掌的支持力F的力臂。
20. 有一点光源S，它在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，S发出的一条光线经平面镜反射后，反射光线为a，如图所示。请在图中画出：
(1)凸透镜的焦点F；
(2)点光源S的位置；
(3)光线a经过凸透镜后的折射光线。
21. “一双好眼睛，能更好地探索未来”，小丽了解到人眼的晶状体相当于凸透镜，眼睛是如何看清远近不同物体的？她对这一问题产生了浓厚兴趣。
(1)首先用平行光正对凸透镜A照射，如图甲所示，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=______ cm。
(2)然后适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示；接着她将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图丙所示。可见小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持______ 距离不变，探究______ 的关系。
(3)通过探究发现，当人眼观察近处物体时，晶状体的焦距变______ 。
22. 探究固体熔化时温度变化规律。取两个相同的试管，在试管中分别放入初温相同的A、B两种物质，烧杯中装入适量的水，用如图甲所示的装置进行加热。
(1)开始实验后，用搅拌棒搅拌A、B两种物质，某一时刻B物质中温度计的示数如图甲所示，温度为______ ℃，搅拌的目的是使试管内的物质______ 。
(2)如图乙是根据实验数据所绘制的两种物质温度随时间变化的图象，通过分析图象可知B物质熔化时的特点是：吸收热量，______ 。加热到第6min时，B物质所处的状态是______ (填“固态”、“液态”或“固液共存”)
(3)已知两种物质固态时的比热容关系为：cA(4)从第6min到第10min，A物质分子无规则运动的剧烈程度将______ (填“不变”“增加”或“减弱”)。
23. 小李同学在探究“影响浮力大小的因素”时，依次做了如图甲所示实验。
观察并分别比较图中有关数据可知：
(1)当物体浸没在水中时，受到的浮力为______ N。
(2)分析图A、C、D可得，物体在液体中所受浮力大小与______ 有关。
(3)当物体从接触水面开始，到浸没于水中，直至浸没到更深位置(未触底)，在图乙中能表示出此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图象是______ (选填“①”或“②”)。
(4)小李在实验中主要用到的科学探究方法是______ 。
24. 在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某同学用同一滑轮组分别做了三次实验，实验数据记录如下：
(1)在表中的空格处填上适当的数据；
(2)从实验数据分析得出：同一滑轮组，其机械效率随______的增加而提高．
(3)滑轮组的机械效率可能还与其它因素有关，请你作出恰当的猜想：滑轮组的机械效率与______、______有关(写出两种影响因素)
(4)邻桌的小军用同一滑轮组提起1N重的钩码时恰好不省力，此时他的滑轮组的机械效率为______.(机械效率用百分数表示，保留一位小数)
25. 某学习小组计划探究电流与电阻的关系，设计的电路如图甲所示。
(1)请根据甲图把乙图中的电路连接完整(要求滑动触头向右移动时，电路中电流变大)。
(2)在闭合开关进行实验前，滑动变阻器的滑动触头应位于______ (选填“A”或“B”)端。
(3)为得到多组实验数据，进行实验时需要更换连入电路中的定值电阻。每次更换定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，使电压表的示数______ 。
(4)某次实验时，闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的示数始终等于电源电压，电流表示数为零，则电路中的故障是______ 。
(5)某次实验中，电流表示数如图丙所示，该电流表的示数为______ A。
(6)某同学分析实验数据发现在电压一定的情况下，电流与电阻成反比，于是他作出了如图丁所示的I-1R图线，则实验中该同学加在电阻两端的电压为______ V。
四、计算题（本题包括3个小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。）
26. 如表一所示是小红同学家的燃气热水器正常工作时显示的部分参数。已知水的初温为20℃，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
表一：
表二：
(1)燃气热水器正常工作10min流出的热水的质量；
(2)燃气热水器正常工作10min流出的热水所吸收的热量；
(3)小红同学观察到学校用的是即热式电热水器，铭牌如表二所示。若要得到(2)问中热水所吸收的热量，即热式电热水器需正常工作16min40s，则该即热式电热水器的加热效率为多少；
(4)请写出使用电能的两个优点。
27. 2021年5月15日，“祝融号”火星车在火星上留下了属于中国的第一道印记，如图甲所示。发射前，火星车在水平地面上进行测试时，受到的摩擦力为200N，其速度v与时间t的关系图象如图乙所示。火星车的质量为240kg，车轮与地面接触的总面积约为0.2m2。(空气阻力忽略不计，g取10N/kg)求：
(1)火星车静止时，对水平地面的压强。
(2)火星车做匀速直线运动时，牵引力做的功。
28. 方方用图甲所示电路研究电功率和电流的关系，绘制了定值电阻R0、滑动变阻器R的功率与电流的关系图，如图乙。
(1)实线表示的是______(选填“R”或“R0”)的功率与电流的关系。
(2)求R0的阻值。(写出计算过程)
(3)当电流表示数为0.5安时，求R消耗的功率。(写出计算过程)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.人的正常体温在37℃左右，最高也不会超过42℃。故A错误。
B.小美同学的身高应约为1.60m。故B错误。
C.普通中学生的质量在40∼80kg。故C正确。
D.人眨一次眼的时间小于1s。故D错误。
故选：C。
正常人的体温在37℃左右，体重在60kg左右，身高在1.70m左右。
这是一道基础类试题，较为简单，只要我们对与自己相关的数据有一定了解，就可顺利解答。
2.【答案】A
【解析】解：
A、当用手指润湿后沿着杯口边缘摩擦时，是杯子和水发生了振动，当水量越大时，杯子和水越难振动，因此可以得出杯中的水量越大，音调越低，水量越小，音调越高，由此可知，通过改变杯中的水量，可以探究音调与频率的关系，故A正确；
B、改变尺子伸出桌面的长度，若用相同的力拨动尺子，尺子的振动频率不同，声音的音调不同，是为了研究音调与频率的关系；若要探究响度与振幅的关系，需要保持尺子伸出桌面的长度不变，改变拨动尺子的力度，故B错误；
C、丙图中“GPS导航”是利用电磁波来传递信息的，故C错误；
D、由图知，两列声波的形状不同，说明它们的音色不同，故D错误。
故选：A。
(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；音色跟发声体的材料、品质有关。
(2)卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的。
本题主要考查学生声学一些基础知识点的了解和掌握，特别是声音的三个特性的影响因素，在分析音调的变化情况时，明确振动的物体是什么是解答此题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：
A、妈妈的摄“影”，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故A项说法正确；
B、树木的倒“影”，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B项说法正确；
C、水中的鱼“影”，水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，即鱼“影”是由光的折射形成的，故C项说法错误；
D、小科的身“影”，是由于光的直线传播形成的，故D项说法正确。
故选：C。
(1)“摄影”，即利用照相机照相，是利用凸透镜成像，属于光的折射。
(2)“倒影”属于平面镜成像，是光的反射原理。
(3)水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像；
(4)影子的形成、日月食以及小孔成像都是光沿直线传播形成的。
本题主要考查了光现象中的几种“影”，在学习过程中要注意区分。熟练掌握其原理；对于生活中的现象要善于分析和总结，达到学以致用的目的。
4.【答案】A
【解析】解：A、气压改变时，空气的密度会发生变化，故A错误；
B、把玻璃珠接入电路中，闭合开关，发现小灯泡不发光，说明玻璃珠不容易导电，是绝缘体。当玻璃珠加热到红炽状态时，发现小灯泡发光，说明此时玻璃珠容易导电，是导体，这说明温度改变时，玻璃的导电性会发生变化，故B正确；
C、位置变了，所含物质的多少没变，所以质量不变，故C正确；
D、声音在不同介质中的传播速度不同，故D正确。
故选：A。
(1)气压改变时，气体的体积会发生变化，密度会发生变化；
(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
(3)质量的大小与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置无关；
(4)声速与介质的种类和温度有关，一般情况下，v气本题考查密度、导电性、质量以及声速，是一道综合题，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：
ABD、夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棍，液化形成小水滴，即“白气”，液化会放出热量，故B正确，AD错误；
C、由于白气(水珠)的密度大于空气的密度，故白气向下移动，故C错误。
故选：B。
要解答本题需掌握“白气”是空气中的水蒸气液化形成的；根据密度大小判定白气的运动情况。
本题主要考查学生对生活中液化和熔化现象的了解和掌握，能应用物理知识解释生活中的液化现象。
6.【答案】C
【解析】解：A、影响压力作用效果的因素有压力大小和接触面积的大小；实验中通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，金属块分别平放、侧放和立放时的压力大小相同(等干金属块的重力)，但接触面积不同，可探究压力作用效果与受力面积的关系，故A正确；
B、若在容器两侧倒入深度不同的同种液体，观察橡皮膜的形变情况，则可以探究“液体压强跟深度的关系”；若在容器两侧倒入深度相后的不同液体，观察橡皮膜的形变情况，则可以探究“液体压强跟液体密度的关系”，故B正确；
C、托里拆利实验是通过管内外水银面的高度差显示大气压的，将竖直玻璃管倾斜后，由于外界的大气压不变，所以其支持的水银柱高度不变，故C不正确；
D、把水气压计从山下移到山顶，外界大气压减小，细管内的水柱在里面较大气压的作用下而上升，故D正确。
故选：C。
(1)影响压力作用效果的因素有两个：压力大小和接触面积的大小；
(2)液体内部压强的大小与液体的密度和深度有关；
(3)根据托里拆利实验原理分析；
(4)大气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小。
本题考查了液体压强、气体压强的探究实验，明确控制变量法和转换法是解题的关键。
7.【答案】A
【解析】解：
A、由W=Fs可知，做功的多少与力的大小、物体通过的距离有关；有力作用在物体上时，不一定对物体做功，物体还必须在力的方向上移动一段距离，此力对物体才会做功，故A正确。
B、由p=ρgh可知，同一液体内部的压强与液体的深度成正比，而不是与液体的高度成正比，故B错误。
C、密度是物质本身的一种特性，同种物质在状态一定时，密度是确定的；虽然密度等于质量m与体积V的比值，但与质量、体积的大小无关，故C错误。
D、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种属性，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关，故D错误。
故选：A。
(1)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过一段距离，二者缺一不可。
(2)液体压强的大小与液体的密度和深度有关。
(3)密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积没有关系，密度的大小等于质量与体积的比值。
(4)电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压、通过的电流无关，其大小等于电压与电流的比值。
此题考查学生对做功的两个必要因素、液体压强特点、密度和电阻的理解，解答此题时应注意物理公式和数学公式是不一样的，并不能完全像数学公式一样来分析成正比或反比，因为物理公式有其特定的物理意义。
8.【答案】C
【解析】解：A、磁铁吸引铁钉是磁现象，故A错误。
B、压紧的铅柱互相吸引，是因为分子间相互作用力，故B错误。
C、梳过头的塑料梳子与头发摩擦而带电，故能吸引纸屑，故C正确。
D、电磁铁吸引曲别针，这是电流的磁效应，故D错误。
故选：C。
摩擦起电的实质是电子的转移，带电物体能吸引轻小物质。
本题考查了磁现象、分子间作用力、摩擦起电、电流的磁效应，综合性较强，难度不高，基础考核。
9.【答案】D
【解析】解：
①图中闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，动圈式话筒的工作原理就是电磁感应现象，故①正确；
②乙图中，材料相同，长度相同，横截面积越大的导体的电阻越小，故②错误；
③图中是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故③正确；
④图中有电源，是演示磁场对电流作用的实验装置，导体受力的方向与电流方向和磁场方向有关，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变，故④正确。
故选：D。
(1)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
(2)导体的电阻与材料、长度、横截面积有关；
(3)奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场
(4)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的；
图中所示的四个实验，是电与磁中典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行。
10.【答案】A
【解析】解：
A、打开降落伞进行伞系减速阶段，探测器的质量不变，速度和高度都减小，所以其动能和重力势能都不断减小，故A错误；
B、探测器在降落过程中需要克服空气阻力做功，会使探测器的内能增大、温度升高，所以探测器的外壳需要防热性强的材料，故B正确；
C、探测器处于悬停状态时，即处于平衡状态，所以一定受到平衡力的作用，故C正确；
D、地面发出的指令通过电磁波传播，虽然电磁波的传播速度很快，但火星离地球上亿公里，路程很远，所以指令被探测器接收到需要一定的时间，故D正确。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
(2)火星上有大气，探测器在降落过程中需要克服空气阻力做功；
(3)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；
(4)火星离地球上亿公里，路程很远。
此题以“天问一号”火星探测器发射这一热点事件为背景，考查了动能和势能的大小变化、平衡状态以及材料的物理属性等多个知识点，属于中考热点题型，值得关注！
11.【答案】C
【解析】A、由图可知，物体在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态，
因为ρ液>ρ物时物体漂浮，ρ液=ρ物时物体悬浮，所以甲杯中的液体密度小于乙杯中的液体密度，故A错误；
B、因为甲杯中的液体密度小于乙杯中的液体密度，且两杯中的液体液面高度均为h，由p=ρgh可得，甲杯中液体对容器底的压强小于乙杯中液体对容器底的压强，故B错误；
C、由密度的变形公式m=ρV可知，甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，而A、B的质量相等，因此甲烧杯的总重力小于乙烧杯的总重力，而桌面受到的压力等于烧杯的总重力，故甲烧杯对桌面的压力小于乙烧杯对桌面的压力，故C正确；
D、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，因此甲杯液体中物体A受的浮力等于乙杯液体中物体B受的浮力，故D错误。
根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p=ρgh判断对杯底的压强关系，根据密度公式和重力公式可知两烧杯总重力的关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
12.【答案】D
【解析】解：
由电路图知，滑动变阻器与灯并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测滑动变阻两端的电压，
因并联电路各支路两端电压与电源电压都相等，所以移动滑片时，变阻器两端电压不变，即电压表示数不变；
滑片P由中点向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻R滑增大，根据欧姆定律可知，通过它的电流减小，即电流表示数变小；
并联电路中各支路间互不影响，所以灯泡亮度不变；
电路的总功率P总=P滑+P灯=U2R滑+U2R灯，因R滑增大，R灯不变，且灯和滑动变阻两端的电压都等于电源电压，所以电路的总功率P总变小；
综上所述，ABC错误，D正确。
故选：D。
图中滑动变阻器与灯并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测滑动变阻两端的电压，然后根据并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式进行讨论
动态电路变化的分析问题关键是：正确识别电路的连接关系，搞电表测哪些物理量，根据串、并联电路特点和欧姆定律即可解答。
13.【答案】大 静止 可
【解析】解：(1)火箭使用的燃料是液态氢，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)对接成功后，天舟二号飞船与天和核心舱的相对位置不再发生变化，所以核心舱相对于天舟二号是静止的；
(3)太阳能短期内可以从自然界得到补充，属于可再生资源。
故答案为：大；静止；可。
(1)热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量；
(2)如果一个物体的位置相对于参照物发生了变化，它就是运动的；如果没有变化，它就是静止的；
(3)短期内可以从自然界得到补充的能源是可再生能源；短期内不能在自然界得到补充的能源是不可再生能源。
本题通过天舟二号考查了热值、运动的相对性和能源的分类，需要考生熟练掌握基础知识。
14.【答案】小 靠近
【解析】解：根据流体压强和流速的关系可知，空气宽度只有1.3毫米的缝隙中向外喷出，这部分喷射空气因流速大，压强小，在压强差的作用下，周围空气靠近这部分喷射空气流动，就形成了风。
故答案为：小；靠近。
液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。
此题考查流体压强和流速的关系，此类知识在生活中应用非常广泛，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。
15.【答案】162.630
【解析】解：
由图示电能表可知，电能表月初、月末示数为1120.3kW⋅h、1282.9kW⋅h，这个月消耗的电能：W=1282.9kW⋅h-1120.3kW⋅h=162.6kW⋅h；
“600revs/kW⋅h”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，
只让空调单独正常工作2min消耗的电能：W'=P't=1.5kW×260h=0.05kW⋅h，
电能表转盘转数：n=600revs/kW⋅h×0.05kW⋅h=30r。
故答案为：162.6；30。
先读出电能表月初、月末的示数(注意最后一位是小数位，单位是kW⋅h)，这个月消耗的电能等于月末、月初示数之差；“600revs/kW⋅h”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能电能表的转盘转600r，只让空调单独正常工作2min，利用W=Pt求消耗的电能，进而求出电能表转盘转数。
本题考查了使用电能表时消耗电能的计算以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数的意义是关键。
16.【答案】能 先减小后增大 7600
【解析】解：(1)电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播；
(2)天和核心舱沿椭圆轨道从近地点向远地点运行的过程中，是动能转化为重力势能，其质量不变，动能减小，速度变小；
从远地点到近地点运行的过程中，是重力势能转化为动能，其质量不变，动能增大，速度变大；
所以从近地点经远地点再回到近地点的过程中，天和核心舱的动能先减小后增大；
(3)天和核心舱的平均速度为：
v=st=456×103m60s=7600m/s。
故答案为：(1)能；(2)先减小后增大；(3)7600。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)根据速度公式v=st计算平均速度。
本题考查了电磁波的传播、影响机械能大小的因素和速度公式的灵活应用，能够正确分析机械能的变化情况是解题的关键。
17.【答案】非平衡 小球只受重力作用
【解析】解：到达最高点时，小球只受到重力一个力的作用，所以它受到的力不是平衡力，它处于非平衡状态。
故答案为：非平衡，小球只受重力作用。
竖直向上抛出一小球，小球到达最高点时只受重力作用，物体只受一个力的作用，根据几个力平衡的概念可知一个不能平衡。
物体受到两个或两个以上的力的作用时，物体处于静止状态或匀速直线运动状态，我们说这几个力平衡。物体处于平衡状态时，它受到的力是平衡力，并且合力为零。
18.【答案】80N500Pa7.5m
【解析】解：(1)根据题意可知，箱子运动到B点时用时4s，从B点到C点用时1s，所以图丙中，4s∼5s表示BC段的运动图像，即大箱子做加速运动；
根据题意可知，图丙中5s∼10s表示CD的运动图像，即大木箱从C点到D点做匀速直线运动，由图乙可知，此时的推力为80N；
由于大箱子做匀速直线运动，所以推力与滑动摩擦力是一对平衡力，即f=F=80N，
又因为大木箱在BC段做加速运动时，与CD段相比，地面受到的压力和接触面的粗糙程度均相同，故BC段大木箱受到的滑动摩擦力仍等于大木箱做匀速直线运动时受到的滑动摩擦力，即为80N；
(2)AB段大箱子对地面的压力：F压=G总=m总g=(20kg+5kg)×10N/kg=250N；
AB段大箱子对地面的压强：p=F压S=250N0.5m2=500Pa；
(3)根据图丙可知，大木箱做匀速直线运动时的速度：v=1.5m/s，
由v=st可得CD段的路程为：
sCD=vt=1.5m/s×(10s-5s)=7.5m。
故答案为：(1)80N；(2)500Pa；(3)7.5m。
(1)根据题意可知，箱子运动到B点时用时4s，从B点到C点用时1s，据此确定图丙中BC、CD段的运动情况；
由图丙可知，大箱子从B点到C点做加速运动，从C点到D点做匀速直线运动，再由图乙读出大箱子做匀速直线运动时的推力，根据二力平衡条件求出滑动摩擦力，最后根据影响滑动摩擦力的因素得出大箱子在BC段受到的滑动摩擦力。
(2)AB段地面受到的压力等于大小两个箱子的总重力，根据F=G=mg可求知压力的大小，再根据p=FS求出箱子对地面的压强；
(3)先根据图丙读出CD段运动的速度和时间，利用速度公式的应用求出CD段的距离。
本题综合考查了影响滑动摩擦力大小的因素、二力平衡条件和速度公式的应用以及压强的计算，关键是能从图像中获取有用信息。
19.【答案】解：(1)人受到的重力是竖直向下的，人受到重力的作用点在B点，由此画出人所受重力的示意图；
(2)支持力F垂直于墙面指向人，延长支持力F画出力的作用线，过支点O向支持力F的作用线作垂线段，即为支持力F的力臂L，如图所示：

【解析】(1)重力的方向竖直向下，即垂直于水平面向下，已知人体重心在B点，由此画出人受到重力的示意图；
(2)力臂的画法：过支点向力的作用线作垂线段。
解答本题时，需要把人体抽象成杠杆模型，找准杠杆的五要素是解题的关键。
20.【答案】解：
(1)因为反射光线好像是从虚像上发出的，已知点光源S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，所以反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点F；
(2)画出像S'(F)的对称点，可得点光源的位置S；
(3)光线a过凸透镜的焦点，经凸透镜后折射光线平行于主光轴，如图所示：

【解析】(1)S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，a为经平面镜后的反射光线，而反射光线好像是从虚像上发出的，反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点；
(2)物像关于平面镜对称，据此确定点光源的位置；
(3)光线a过凸透镜的焦点，根据凸透镜的三条特殊光线画出折射光线。
本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线，利用好：经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的。
21.【答案】(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短
【解析】解：
(1)如图甲所示，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，该光斑为凸透镜焦点，
则凸透镜的焦距f=20.0cm-10.0cm=10.0cm。
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像。所以，小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持光屏到凸透镜距离不变，探究物距与凸透镜焦距的关系。
(3)人的眼睛在看清远近不同物体时，眼球的前后距离是不变的，即像距不变，是通过改变晶状体的焦距来实现看清远近不同的物体的，与上述规律相同；
由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，才能在光屏上成清晰的实像；由此可知，当人眼观察近处物体时(物距减小)，则晶状体的焦距应变短。
故答案为：(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短。
(1)与主光轴平行的光线经凸透镜折射后会聚于一点，此点为凸透镜焦点，焦点到光心的距离为焦距；
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像，据此分析小丽研究的问题；
(3)人的眼睛看清物体是通过改变晶状体的形状来实现的，晶状体相当于全自动变焦镜头。由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，据此解答。
本题是探究凸透镜成像规律的实验，解题的关键是根据乙、丙两图得出“像距不变时，物距与凸透镜焦距的关系”。
22.【答案】36 均匀受热 温度不变 固液共存 >增加
【解析】解：(1)先观察温度计的分度值，30℃到40℃之间一共10小格，所以分度值为1℃，由此可知温度计的示数为36℃；
加热过程中要对物质进行搅拌，其目的是使试管内的物质均匀受热；
(2)根据图像可以判断，B物质在熔化时，温度保持不变，所以B物质是晶体，
晶体熔化特点是：持续吸热，温度不变；
由图可知在6min时，处于B物质的熔化过程中，晶体在熔化的过程中会保持固液共存状态；
(3)题中条件已知：cA(4)非晶体熔化过程中持续吸热，内能增加，温度不断升高，所以分子运动速率加剧。
故答案为：(1)36；均匀受热；
(2)温度不变；固液共存；
(3)>；
(4)增加。
(1)温度计读数前要注意认清分度值；加热过程中对物体进行搅拌的目的是使物质均匀受热；
(2)晶体熔化的特点是：持续吸热，温度保持不变，晶体熔化的过程中处于固液共存状态；
(3)已知A、B两物质的比热容关系，通过图像判断两物质升温速度即可判断质量关系；
(4)非晶体熔化过程中持续吸热，内能增加，温度不断升高，所以分子运动速率加剧。
本题主要考查了晶体、非晶体熔化的特点和比热容的相关知识，综合性较强。
23.【答案】0.8密度 ② 控制变量法
【解析】解：(1)当物体浸没在水中时，对物体进行受力分析可知：G物=F浮+F拉
F浮=G物-F拉=4N-3.2N=0.8N
(2)分析图A、C、D可知：物体浸没在不同的液体中，V排相同，因此物体所受到的浮力与密度有关。
(3)当物体从接触水面开始，物体排开水的体积逐渐增大，浮力也逐渐增大，当物体全部浸没在水中时，物体排开水的体积不变，浮力也不变，
故答案应为图像②。
(4)实验中主要用到的科学探究方法是控制变量法。
(1)利用称重法求出浮力；
(2)(3)(4)由F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力与液体的密度和它排开液体的体积有关，据此分析。
此题主要考察影响物体浮力大小的因素。
24.【答案】0.3物重 动滑轮重 绳子的重力 33.3%
【解析】解：(1)由前两次实验数据可知，弹簧测力计移动的距离是钩码移动的距离的3倍，所以第三行弹簧测力计移动的距离是s=3h=3×0.1m=0.3m；
(2)由表格数据分析可知，随着钩码重的增加，滑轮组的机械效率增大，说明机械效率的大小与物重有关；
(3)滑轮组的机械效率还与动滑轮重(动滑轮的个数)、绳子的重力等因素有关；
(4)用同一滑轮组提起1N重的钩码时恰好不省力，即所用拉力F=G=1N，
则此时他的滑轮组的机械效率为η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GnF×100%=1N3×1N×100%=33.3%。
故答案为：(1)0.3；(2)物重；(3)动滑轮重；绳子的重力；(4)33.3%。
(1)分析表中前两组数据，找出钩码移动的距离和弹簧测力计移动的距离之间的关系，然后根据第3组数据中钩码移动的距离计算；
(2)对比表格中3组实验数据，随钩码重力的增加，看机械效率的变化，即可找出规律；
(3)由机械效率公式可知，影响机械效率的因素还有额外功，据此判断；
(4)用同一滑轮组提起1N重的钩码时恰好不省力，即拉力F=G=1N，利用机械效率公式计算即可。
本题考查了滑轮组机械效率的实验，要求学生能够根据实验数据找规律，能够灵活运用机械效率公式进行计算。
25.【答案】(1)如图所示；(2)A；(3)不变；(4)电阻R断路；(5)0.24；(6)3

【解析】(1)滑动变阻连入电路的电阻丝是指滑动触头到接入电路的下接线柱这一范围内的电阻丝。要求滑动触头向右移动时，电路中电流变大，则说明向右移动滑动触头时，滑动变阻器连入电路的阻值变小，即要求连入电路的电阻丝的长度减小，所以接入电路的是B接线柱，如图所示。
(2)为保护电路，在闭合开关前，我们应保证滑动变阻器连入电路的阻值最大。由图可知，当滑动触头处于A端时，滑动变阻器连入电路的电阻丝的长度最长，阻值最大。
(3)本题探究的是“电流与电阻的关系”，而电阻两端的电压也会影响电流的大小，所以为排除电压变化对实验的影响，我们要保证定值电阻两端的电压为一定值。
(4)电流表示数为0，电压表的示数始终等于电源电压，说明与电压表并联的这部分电路出现了断路。
(5)由图丙可知，电流表使用的是0∼0.6A量程，分度值为0.02A。此时指针指在0.2后第二个小格处，所以电流表的读书为0.24A。
(6)在本实验中，定值电阻两端的电压是一定的，所以我们可以取坐标系中任何一点进行计算。如取坐标中(0.2,0.60)进行分析，坐标系中横轴表示的电阻的倒数，所以此点对应的电阻R=10.2Ω-1=5Ω；纵轴表示的电流，此店对应的电流为0.60A。由欧姆定律可得，定值电阻两端的电压为U=IR=0.60A×5Ω=3V。
故答案为：(1)如图所示；(2)A；(3)不变；(4)电阻R断路；(5)0.24；(6)3。
(1)滑动变阻器是通过改变连入电路的电阻丝的长度来改变其连入电路的电阻的。
(2)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处。
(3)本实验要探究的是电流与电阻的关系，所以要控制其余物理量保持不变。
探究电流与电阻、电压的关系时中考中常见的考题类型，这类试题可以考查点众多，如可考查滑动变阻器的连接、电压表(电流表)的连接、电路故障的排除等，有一定的难度，要多加练习，总结不同试题中的共同点。
26.【答案】解：
(1)由表格数据知燃气热水器的流量为5.0L/min，正常工作10min流出的热水的体积：
V=5.0L/min×10min=50L=0.05m3
由ρ=mV可得水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.05m3=50kg，
(2)燃气热水器正常工作10min流出的热水所吸收的热量为：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg×(50℃-20℃)=6.3×106J；
(3)即热式电热水器正常工作时的功率P=7000W，
则电热水器消耗的电能为：
W=Pt'=7000W×(16×60s+40s)=7×106J；
此过程中的即热式电热水器的加热效率：
η=Q吸W×100%=6.3×106J7×106J×100%=90%；
(4)使用电能的显著优点是污染少，效率高；
答：(1)燃气热水器正常工作10min流出的热水的质量为50kg；
(2)燃气热水器正常工作10min流出的热水所吸收的热量为6.3×106J；
(3)该即热式电热水器的加热效率为90%；
(4)使用电能的显著优点是污染少，效率高。
【解析】(1)知道燃气热水器的出水量和密度公式算出燃气热水器正常工作10min流出的热水的质量；
(2)知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(3)根据W=Pt算出电热水器消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出此过程中的电热水器的加热效率；
(4)从环保和效率方面分析电能的优点。
本题考查了密度公式和吸热公式、电热公式以及效率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。
27.【答案】解：(1)火星车静止时，对水平地面的压力：
F=G=mg=240kg×10N/kg=2400N，
对水平地面的压强：
p=FS=2400N0.2m2=1.2×104Pa；
(2)因火星车做匀速直线运动时处于平衡状态，牵引力和受到的摩擦力是一对平衡力，
所以，牵引力F'=f=200N，
由图乙可知，火星车做匀速直线运动时的速度v=20cm/s=0.2m/s，运动的时间t=40s-10s=30s，
由v=st可得，火星车匀速直线运动的距离：
s=vt=0.2m/s×30s=6m，
牵引力做的功：
W=F's=200N×6m=1.2×103J。
答：(1)火星车静止时，对水平地面的压强为1.2×104Pa；
(2)火星车做匀速直线运动时，牵引力做的功为1.2×103J。
【解析】(1)火星车静止时，对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出对水平地面的压强；
(2)火星车做匀速直线运动时处于平衡状态，牵引力和受到的摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，据此求出牵引力，根据图乙读出火星车做匀速直线运动时的速度和时间，根据s=vt求出火星车匀速直线运动的距离，利用W=Fs求出牵引力做的功。
本题考查了重力公式和压强公式、速度公式、做功公式以及二力平衡条件的应用，从图像中获取有用的信息和知道物体对水平面的压力等于自身的重力是关键。
28.【答案】R0
【解析】解：
(1)研究电功率和电流的关系，通过调节变阻器R的滑片改变电路中电流，
由P=I2R知，在电阻一定时，电功率P与电流I是二次函数关系，R0>0，所以图象开口向上，图乙中实线是定值电阻R0的功率与电流的关系，虚线表示滑动变阻器R的功率与电流关系。
(2)由图乙中，R0的功率与电流关系图象知，I=2A时，P0=32W，
由P=I2R可得，R0的阻值；
R0=P0I02=32W(2A)2=8Ω；
(3)由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中电流，
当滑动变阻器R连入阻值为0时，R0的简单电路，电路的电路中电流最大，
由图象知此时的电流I=2A，由P=UI可得，电源电压：
U=U0=P0I=32W2A=16V，
由欧姆定律可得，当电路中电流I'=0.5A时，R0两端电压：
U0'=I'R0=0.5A×8Ω=4V，
由串联电路特点知，此时R两端电压：
UR=U-U0'=16V-4V=12V，
R消耗的功率：
PR=URI'=12V×0.5A=6W。
故答案为：(1)R0；
(2)R0的阻值为8Ω；
(3)当电流表示数为0.5安时，R消耗的功率为6W。
(1)由P=I2R分析可知，实线所表示对应功率与电流关系；
(2)由图乙中R0的功率与电流关系图象知，电流2A时，其功率为32W，由P=I2R计算R0的阻值；
(3)由图象知，电路中最大电流为2A，此时变阻器连入阻值为0，电路为R0的简单电路，由P=UI计算电源电压；由U=IR计算电流表0.5A时R0两端电压，由串联电路特点可得R的两端电压，由P=UI计算R消耗的功率。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式以及电功率公式的应用，关键是分析出图象中两条图线对应是哪个功率与电流关系，并从图象中获取有用信息。
钩码重/N
弹簧测力计读数/N
钩码移动的距离/m
弹簧测力计移动的距离/m
机械效率
2
0.8
0.08
0.24
83.3%
4
1.5
0.05
0.15
88.9%
6
2.2
0.1
______
90.9%
燃气热水器
设定温度
50℃
气量
1.0m3/h
水量
5.0L/min
即热式电热水器
额定功率
7000W
额定电压
220V
额定频率
50Hz